2023年广西玉林市玉州区中考一模物理试题（含解析）

这是一份2023年广西玉林市玉州区中考一模物理试题（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年广西玉林市玉州区中考一模物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．在国际单位制中，质量的基本单位是（　　）
A．kg B．m/s C．N D．m
2．2022年北京冬奥会期间，北京皮影艺术剧院紧扣冬奥题材，精彩呈现皮影戏《寻找雪姑娘》，如图所示。下列情境中，与皮影戏原理相同的是（　　）
  
A．  雨后彩虹 B．  小孔成像
C．  水中倒影 D．  筷子弯折
3．编钟是中国最古老的乐器之一，编钟大小不同是为了改变声音的（　　）
A．速度 B．音色 C．响度 D．音调
4．下列各种发电方式中，利用不可再生能源发电的是（  ）
A．太阳能发电 B．核能发电
C．风力发电 D．水力发电
5．北京2022年冬奥会开幕日恰逢我国二十四节气的“立春”，倒计时以二十四节气为序，惊艳世界。以下节气中蕴含的物态变化知识正确的是（　　）
A．“雨水”——雨的形成是汽化现象，要放出热量
B．“寒露”——露的形成是液化现象，要放出热量
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象，要吸收热量
D．“大雪”——雪的形成是升华现象，要吸收热量
6．下列家用电器中，正常工作一小时耗电最接近1度的是（　　）
A．电风扇 B．手电筒 C．空调机 D．电冰箱
7．2022年6月5日，中国载人航天飞船神舟十四号发射成功。如图所示，飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（　　）

A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
8．进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，下列说法正确的是（   ）

A．AB段电阻较大，电流小
B．BC段电阻较小，电流大
C．AB段电阻较大，电流与BC段相等
D．BC段电阻较大，电流与AB段相等
10．如图所示，关于简单机械，下列说法错误的是（　　）
A． 食品夹在正常使用过程中，相当于一个费力杠杆
B． 在旗杆顶部安装定滑轮是为了改变拉力的方向
C． 盘山公路相当于一个斜面，可以省功
D． 不计绳重、滑轮重与摩擦，拉力
11．如图所示为冰壶比赛中投掷冰壶时的情景，下列说法正确的是（　　）
  
A．冰壶被投出后相对于观众是静止的
B．冰壶能被投出是因为手对冰壶的力大于冰壶对手的力
C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于受到惯性的作用
D．投出的冰壶撞击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态
12．下列关于家庭电路的说法，正确的是（　　）
A．保险丝必须安装在零线上 B．开关要接在零线与用电器之间
C．更换灯泡时，不必断开开关 D．带金属外壳的用电器应使用三孔插座
13．在探究“电流与电阻关系”实验中，某同学根据实验数据作出如图所示的图象，下列说法正确的是(   )

A．导体中的电流与导体的电阻成正比
B．电源至少选用两节新干电池
C．换用2Ω电阻做实验时，需要更换电压表量程
D．多次实验是为了求平均值，以减小实验误差

二、多选题
14．关于热现象，下列说法正确的是（　　）
A．用水做汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点
B．“钻木取火”是通过热传递改变物体的内能
C．暑假同学们在家学做菜，厨房里菜香四溢，说明了分子在不停地做无规则运动
D．冬天用热水袋暖手，是通过做功改变物体的内能
15．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（　　）
  
A．小灯泡变亮
B．电压表V1的示数不变
C．电压表V2与电流表A2示数的乘积变小
D．电压表V1与电流表A1示数之比不变
16．如图所示，094型战略核潜艇是我国自主研发的目前国内最先进的核潜艇，下列有关该潜艇说法正确的是（　　）
  
A．核潜艇通过改变浮力大小来实现上浮和下沉
B．浸没在水中的核潜艇上浮时，所受浮力会逐渐变大
C．漂浮时核潜艇底部所受海水压强最小
D．漂浮在水面的核潜艇所受的浮力与自身重力是一对平衡力

三、填空题
17．如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，利用车顶的太阳能电池板提供能源。太阳能是 （选填“一次”或“二次”）能源，远程操控太阳能汽车的指令是通过 ，（选填“电磁波”或“超声波”）传递给汽车的。

18．在探究凸透镜成像规律的实验中，小聪用凸透镜先看到了某物体正立放大的像，则此像为 像（选填“实”或“虚”）；若他想看到这个物体倒立放大的像，应将此凸透镜与物体的距离 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
19．小明家的电能表上个月月初的表盘示数为1250.8kW·h，月末的表盘示数和电能表其他参数如图所示，根据表盘上的信息，可得小明家上个月共用电 kW·h，小明家电路干路中的电流不得超过 A。
  
20．小丹以的速度走向教学楼正厅的正衣镜（平面镜），她在镜中所成的像以 的速度“走向”正衣镜，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
21．如图所示，当S闭合，甲、乙为电压表时，示数比为2∶5，则R1∶R2= ；当S断开，甲、乙为电流表时，电路连接状态为 （选填“串联”或“并联”）。  
  
22．如图甲所示，A、B两个质量均匀的正方体放在水平地面上，B的边长是A的2倍，将A沿竖直方向切去宽为L的部分，把切去部分叠放在B上，记录B对地面的压强pB与L的变化关系如图乙所示，切割后，A剩余部分对地的压强为pA，A的边长为 cm，当L＝5cm时，pA∶pB＝ 。
  

四、作图题
23．画出图中悬停在空中的无人机受力的示意图。

24．如图所示，请分别画出AB的入射光线和CO的折射光线。


五、实验题
25．下图为“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。

（1）挂钩码前杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于 状态；（选填“平衡”或“不平衡”）
（2）为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向 调节；（选填“左”或“右”）
（3）实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是 。收集实验数据如下表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件： ；
次数
动力F1/N
动力臂/cm
阻力F2/N
阻力臂/cm
1
1.0
15.0
1.5
10.0
2
1.0
20.0
4.0
5.0
3
2.0
15.0
3.0
10.0
（4）为了进一步验证实验结论，又做了图乙所示的实验，现将弹簧测力计从a位置移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将 。（选填“变大”“不变”或“变小”）
26．（1）在“探究水的沸腾”的实验中，得到了如图甲所示的图象，从图象可知水沸腾的过程中，水的温度 （选填“上升”、“不变”或“下降”），但需要 （选填“吸”或“放”）热；
  
（2）图乙为“探究光的反射规律”的实验装置，采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在 内；入射光线AO靠近法线ON时，反射光线OB将 （选填“靠近”或“远离”）法线ON；
（3）图丙，是“探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，通过对比观察A、B两U形管中液面高度的变化可知， （选填“甲”或“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多，由此可知，在电阻和通电时间相同时， 越大，导体中产生的热量越多。
27．小明想通过实验测量矿石的密度，进行了如下操作：
  
（1）把天平放在水平桌面上，并将 移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）把矿石放在天平的左盘中进行称量，当天平再次平衡时，右盘中的砝码及游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是 g；
（3）矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的体积为 cm3，密度为 kg/m3；
（4）若该矿石吸水，按以上步骤测量出矿石的密度将偏 （选填“大”或“小”）；
（5）小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器（容器厚度忽略不计），也测量出了未知液体的密度，操作如下：
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1；
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出容器内液体深度为h0；
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2；
④液体密度ρ液＝ （用h1、h2、h0、ρ水表示）。
28．小华用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻，现有器材：电源（3V）、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω，2A）、开关、导线若干。
  
（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应调至最 （选填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，可判断故障是 。
（3）排除故障后进行实验，在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，她应注视 （选填“电压表”、“电流表”或“滑动变阻器”）的变化情况，当电压表示数为2.2V时，电流表示数如图乙，为 A，此时小灯泡的电阻为 Ω（结果保留一位小数）。
（4）根据实验数据，分别画出小灯泡和滑动变阻器的I﹣U图象，如图丙，根据图象可知：小灯泡的I﹣U图象是弯曲的，其主要原因是 。
（5）小华发现无论如何移动滑片，小灯泡两端的电压都无法调到0.5V，现增加一个阻值为20Ω的定值电阻R和一个开关，对原电路进行改进，使小灯泡两端电压能在0.5V～3.0V之间变化，测出小灯泡在不同电压下的电阻，请在虚线框中画出电路图 ，要求电路连接后不再拆接。

六、计算题
29．如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？

30．某物理兴趣小组设计了一个皮肤温度检测装置，当温度≥37℃时发出报警，如图所示为该装置的感温区电路图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，R的阻值与温度t的关系如表所示，电流表量程为0～10mA，数字式电压表量程为0～4V，当检测到电压表的示数≤3V时便会报警；当检测温度为33℃时，电压表示数为3.6V，求：
（1）当温度等于37℃，电压表示数为3V恰好报警时，电流表的示数；
（2）电源电压和定值电阻R0的阻值；
（3）在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的温度范围。
  
31．如图所示，薄壁圆柱形容器A、B置于水平面上，容器均足够高，A中盛有深度为16h的液体甲，B中盛有深度为18h的液体乙（ρ乙＝0.8×103千克/米3），求：
（1）若液体乙的体积为5×10⁻3米3，求液体乙的质量；
（2）若在图示水平面MN处两种液体的压强相等，求液体甲的密度；
（3）现有三个物体C、D、E，其密度、体积的关系如下表所示，请选择其中一个，将其放入容器A或B中后（物体均能浸没在液体中），可使液体对容器底部压强增加量∆p液与水平地面受到的压强增加量∆p地的比值最大，写出选择的物体和容器并说明理由，求出∆p液与∆p地的最大比值。
物体
密度ρ（×103千克/米3）
体积V（×10﹣3米3）
C
6
2
D
4
3
E
2
3
  
参考答案：
1．A
【详解】在国际单位制中，质量的基本单位是kg，m/s是速度的单位，N是力单位，m是长度的单位，故A符合题意；BCD不符合题意。
故选A。
2．B
【详解】A．皮影戏是光的直线传播在生活中的应用，原理是光的直线传播，雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故A不合题意；
B．小孔成像是由于光的直线传播形成的，与皮影戏原理相同，故B符合题意；
C．在平静的湖面上看到桥的倒影是平面镜成像，其实质是光的反射，故C不合题意；
D．斜插入水中的筷子看似弯折，是由于光的折射形成的，故D不合题意。
故选B。
3．D
【详解】钟振动频率的大小与编钟钟体的大小有关，编钟钟体越小，振动频率越高，发出声音的音调越高，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
4．B
【详解】能够从自然界源源不断获得或能重复利用的能源属于可再生能源，太阳能、风力、水力都是可再生能源，核能属于不可再生能源，太阳能发电、风力发电、水力发电都是利用可再生能源发电，核能是利用不可再生能源发电，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
5．B
【详解】A．雨是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化需要放出热量，故A错误；
B．露是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化需要放出热量，故B正确；
C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华需要放出热量，故C错误；
D．雪是由水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华需要放出热量，故D错误。
故选B。
6．C
【详解】电器正常工作1h，耗电最接近1度＝1kW·h，则它的功率约为；
A．电子表的功率约为4.5μW，故A不符合题意；
B．手电筒的功率约为1W，故B不符合题意；
C．空调机的功率约为1000W，故C符合题意；
D．电冰箱的功率约为130W，故D不符合题意。
故选C。
7．C
【详解】AB．载人飞船加速上升时，质量不变、速度增大、高度增大，所以动能和重力势能均增大，故AB错误；
CD．载人飞船加速上升时，因为动能和重力势能均增大，所以机械能增大，是由燃料燃烧产生的内能转化而来的，故C正确，D错误。
故选C。
8．B
【详解】当探测仪线圈靠近金属制品时，相当于闭合电路的一部分导体在切割磁感线，从而产生感应电流，所以其原理是电磁感应现象。
A．探究磁极之间的相互作用规律 ，故A不符合题意；
B．探究电磁感应现象，故B符合题意；
C．是电磁铁的应用，电磁继电器，故C不符合题意；
D．探究磁场对通电导体的作用，故D不符合题意。
故选B。
9．C
【详解】已知AB和BC是由同种材料制成的且长度相同，BC的横截面积大于AB的横截面积，所以BC的电阻小于AB的电阻；由于两个导体是串联的，所以通过两导体的电流是相等的。
故选C。
10．C
【详解】A．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确，不符合题意；
B．定滑轮不能省力，能改变力的方向，所以学校旗杆顶部安装定滑轮是为了改变力的方向，故B正确，不符合题意；
C．盘山公路相当于一个斜面，根据功的原理可知，使用斜面提升物体不能省功，故C错误，符合题意；
D．若不计滑轮重、绳重与摩擦，由图可知，滑轮组承重绳子的根数n=3，则拉力，故D正确，不符合题意。
故选C。
11．D
【详解】A．冰壶被投出后相对于观众之间的位置发生了变化，所以是运动的，故A错误；
B．手对冰壶的力与冰壶对手的力是一对相互作用力，故大小相等，故B错误；
C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变。投出的冰壶击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
12．D
【详解】A．保险丝必须安装在火线上，在保险丝熔断时才能断开火线与用电器的连接，避免触电事故，故A错误；
B．开关应接在火线与用电器之间，断开开关时才能断开火线与用电器的连接，故B错误；
C．更换灯泡时，必须断开开关，才能断开火线与灯泡的连接，避免出现触电事故，故C错误；
D．带金属外壳的用电器要使用三孔插座，当用电器漏电使金属外壳带电时，才能及时将金属外壳的电导走，避免触电，故D正确。
故选D。
13．B
【详解】A．由图可知，导体两端的电压不变，导体中的电流与导体的电阻成反比，故A错误；
B．由图可知，这个不变的电压为：
U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；
电源至少选用两节新干电池（3V），故B正确；
C．换用2Ω电阻做实验时，控制电阻的电压不变，故不需要更换电压表量程，故C错误；
D．多次实验是为了得出普遍性的规律，故D错误．
14．AC
【详解】A．常用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热量，故A正确；
B．“钻木取火”是将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；
C．厨房里菜香四溢，是饭菜分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象，故C正确；
D．冬天用热水袋暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。
故选AC。
15．BC
【详解】B．由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，两电流表都测通过电路的电流，电压表V1的示数在滑片移动的过程中不会改变，故B正确；
AC．将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变大，根据欧姆定律可得通过电路的电流变小，串联电路各处电流相等，所以通过灯泡的电流变小，根据U＝IR可知，灯泡两端的电压变小，则电压表V2的示数变小；电压表V2与电流表A2示数都变小，则电压表V2与电流表A2示数的乘积变小，根据P＝UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡的亮度变暗；故A错误，C正确；
D．根据欧姆定律可知电压表V1与电流表A1示数之比为电路总电阻，所以电压表V1与电流表A1示数之比变大，故D错误。
故选BC。
16．CD
【详解】A．核潜艇是通过改变自身重力来实现上浮和下沉的，故A错误；
B．浸没在水中的核潜艇上浮时，排开水的体积不变，水的密度不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，核潜艇受到浮力不变，故B错误；
C．漂浮时核潜艇底部的深度最小，根据p＝ρgh可知，所受海水压强最小，故C正确；
D．漂浮在水面的核潜艇，在浮力和重力的作用下保持静止状态，所以它们是一对平衡力，故D正确。
故选CD。
17． 一次 电磁波
【详解】[1]由于太阳能可以从自然界直接获取，所以太阳能是一次能源。
[2]根据生活实际可知，远程操控太阳能汽车的指令是通过电磁波来传递信息的。
18． 虚 增大
【详解】[1]当物体在凸透镜的一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，是放大镜的工作原理。
[2]当物体到凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间时，成的是倒立、放大的实像，所以若他想看到这个物体倒立放大的像，应将此凸透镜与物体的距离增大。
19． 18 40
【详解】[1]据图可知，月末的表盘示数为1268.8kW·h，小明家上个月消耗的电能为
W＝1268.8kW·h﹣1250.8kW·h＝18kW·h
[2]根据电能表表盘上的10（40）A参数可知，小明家电路干路中的电流不得超过40A。
20． 1.1 不变
【详解】[1]由于像与物到平面镜的距离相等，所以物以多大的速度走向镜，像也以同样的速度走向镜，所以在镜中的像以的速度向镜子靠近。
[2]像与物大小是相等的，“走向”正衣镜的过程中，像的大小不变。
21． 3∶2 并联
【详解】[1]由图示知，甲、乙为电压表时，两电阻串联在电路中，电压表甲测R2两端的电压，乙测电源电压。据串联电路的电压特点有
U1∶U2=(U-U2)∶U2=(5-2):2=3∶2
由串联电路分压原理可得
R1∶R2=U1∶U2=3∶2
[2]甲、乙为电流表，两电阻并联在电路中，电流表甲测干路电流，电流表乙测通过R2的电流。
22． 10 8∶11
【详解】[1]由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm；正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm＝0.2m，当L＝0时，B对地面的压强为5×103Pa，物体对地面的压力等于自身重力，根据压强公式可得，即

解得GB＝200N；
当L＝10cm时，B对地面的压强为6000Pa，根据压强公式可得


即

可得GA＝40N；
当L＝5cm时，A对地面的压强

B对地面的压强

则
pA∶pB＝4000Pa∶5500Pa＝8∶11






23．
【详解】无人机悬停在空中，受到了向下的重力，和向上的升力，故过重心竖直向下画一条线段，并在末端标上向下的箭头和G，即为重力，过重心向上画一条等长的线段，并在末端标上向上箭头和F，即为升力，故如图所示：

24．
【详解】根据凹透镜的三条特殊光线可知，延长线过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后，将平行于主光轴；过凹透镜光心的光线经凹透镜折射后，传播方向不变，据此完成AB的入射光线和CO的折射光线，如图所示：

25． 平衡 右 便于测量力臂 F1L1=F2L2 变大
【详解】（1）[1]根据牛顿第一定律可知，杠杆处于静止状态，则杠杆处于平衡状态。
（2）[2]由甲图可知，杠杆的右端上翘，为了使杠杆在水平位置平衡，应将右侧平衡螺母向右调节。
（3）[3]使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂的大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。
[4]由表格中数据可知
1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
1.0N×20.0cm=4.0N×5.0cm
2.0N×15.0cm=3.0N×10.0cm
故可得杠杆对地平衡条件为
F1L1=F2L2
（4）[5]将弹簧测力计从a位置移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将变大。原因是：当拉力由垂直变成倾斜时，阻力和阻力臂不变，拉力F的力臂变小，相应的拉力会变大，这样杠杆才能继续在水平位置平衡。
26． 不变 吸 同一平面 靠近 甲 电流
【详解】（1）[1][2]在“探究水的沸腾”的实验中，得到了如图甲所示的图象，BC段表示水的沸腾过程，从图象可知水沸腾的过程中，水的温度不会改变，但需要持续吸热。
（2）[3][4]反射光线、入射光线和法线在同一平面内时，可同时看到反射光线及入射光线，若将右半部分后折，则不能看到反射光线，故图乙为“探究光的反射规律”的实验装置，采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在平面内；入射光线AO靠近法线ON时，入射角变小，则反射角变小，反射光线OB将靠近法线ON。
（3）[5][6]图丙中，左侧U形管中液面高度差大，由转换法可知，甲容器中导体的电阻产生的热量较多；上图装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，由此可知，在电阻和通电时间相同时，电流越大，导体中产生的热量越多。
27． 游码 左 52.4 20 2.62×103 大 •ρ水
【详解】解：（1）[1][2]把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，图中指针偏右，平衡螺母向左调节，使横梁平衡。
（2）[3]物体质量等于砝码质量和游码示数之和，游码分度值为0.2g，故物体质量为
m=m码+m游=50g+2.4g=52.4g
（3）[4][5]矿石放入前，量筒中水的体积为V1＝20cm3，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为V2＝40cm3，则矿石的体积为
V=V2-V1=40cm3-20cm3=20cm3
矿石的密度为

（4）[6]假若矿石吸水，则所测出的矿石的体积变小，质量测量准确，根据

可知测出的矿石密度比实际密度值偏大。
（5）[7]小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器（容器厚度忽略不计）也测量出了另一种液体的密度：
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1，漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，根据阿基米德原理可知此时容器受到的浮力
F浮=ρ水gSh1
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出容器内液体的深度为h0；
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2，此时容器受到的浮力
F浮′=ρ水gSh2
则图戊所示容器内液体的重力为
G=F浮-F浮′=ρ水gSh1-ρ水gSh2
图戊所示容器内液体的质量为

④液体密度

28． 右 小灯泡断路 电压表 0.24 9.2 灯丝温度升高，灯丝的电阻会增大   
【详解】（1）[1]为了保护电路，滑动变阻器的滑片应滑到接入电路的最大阻值处，因为连接了左下接线柱，所以滑片应滑到最右端。
（2）[2]移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路。
（3）[3][4][5]排除故障后进行实验，在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，她应注视电压表示数；图2甲中电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，读数为I＝0.24A，由可得，小灯泡的电阻为

（4）[6]当滑动变阻器的滑片移动使滑动变阻器接入电阻变小时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小（可以为零），因此图2乙的I﹣U图像中经过点（0.5V，0.25A）的图像是滑动变阻器的I﹣U图像，经过点（2.5V，0.25A）的是小灯泡的I﹣U图像；分析图象可知，小灯泡两端的电压为U1＝1.0V时，灯丝中的电流I1＝0.16A，此时灯丝电阻

小灯泡两端的电压为U2＝2.5V时，灯丝中的电流I2＝0.25A，此时灯丝电阻

当小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流变大，根据P＝UI灯的功率变大，灯丝温度升高，灯丝的电阻会增大。
（5）[7]因为滑动变阻器的最大阻值20Ω较小，在接入电路的阻值最大时分压偏小，使得灯泡两端电压无法调低至0.5V，根据题目要求，可以在电路中串联一个20Ω的定值电阻再移动滑片就可以使得灯泡两端的电压调到0.5V；为使灯泡两端的电压能达到电源电压，则需要在串联的定值电阻两端并联一个开关，这样在需要灯泡两端有较高电压时，开关闭合将定值电阻短接；当需要灯泡两端有较低的电压时，断开与定值电阻并联的开关，定值电阻串联起到分压作用。
改进电路如下图所示：
  


29．（1）5.4×1010J；（2）3×105N；（3）50%
【详解】解：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量
Q放=mq=1.35×103kg×4×107J/kg=5.4×1010J
（2）飞机航行20min牵引力做功
W=Pt=2.25×107W×20×60s=2.7×1010J
飞机运动的路程

飞机受到的牵引力

因为飞机做匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，所以飞机受到的阻力
f=F=3×105N
（3）发动机的效率

答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；
（2）飞机在航行过程中的阻力是3×105N；
（3）发动机的效率是50%。
30．（1）0.0075A；（2）400Ω；（3）29℃～41℃
【详解】解：（1）由电路图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测通过电路的电流，由图象可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流

（2）由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为600Ω，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流

根据串联电路总电压等于各部分电路两端的电压之和可得
U＝IR0+U1＝0.0075A×R0+3V①
U＝I′R0+U2＝0.006A×R0+3.6V②
解①②得：U＝6V，R0＝400Ω。
（3）电流表量程为0～10mA，当通过电路的电流最大为10mA＝0.01A时，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压最大，根据串联电路电压规律可知电压表示数最小，
此时定值电阻两端的电压
U0＝IR0＝0.01A×400Ω＝4V
热敏电阻两端的电压
UR＝U﹣U0＝6V﹣4V＝2V
热敏电阻的阻值

由表格可知此时的温度为41℃；电压表量程为0～4V，当电压表示数最大为4V时，定值电阻两端的电压最小为
U0′＝U﹣UR′＝6V﹣4V＝2V
此时通过电路的电流

此时热敏电阻的阻值

由表格可知此时的温度为29℃，所以该装置能测量的温度范围为29℃～41℃。
答：（1）当电压表示数为3V，恰好报警报警时，电流表的示数为0.0075A；
（2）电源电压为6V，定值电阻R0的阻值为400Ω；
（3）在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的温度范围为29℃～41℃。
31．（1）4kg；（2）1.0×103kg/m3；（3）
【详解】解：（1）由得,液体乙的质量
m乙＝ρ乙V乙＝0.8×103kg/m3×5×10﹣3m3＝4kg
（2）根据题意，在图示水平面MN处两种液体的压强相等，则甲液体M处的压强
p甲＝ρ甲gh甲＝ρ甲g(16h﹣8h)
乙液体N处的压强
p乙＝ρ乙gh乙＝0.8×103kg/m3×g(18h﹣8h)
即
ρ甲gh甲＝ρ甲g(16h﹣8h)＝0.8×103kg/m3×g(18h﹣8h)
解得：ρ甲＝1.0×103kg/m3
（3）由题意可知，选一个物体放入液体中，液体对容器底部压强的增加量就是液体液面上升引起的压强增加量，则


水平面受到压强增加量

则

要使比值最大则应当液体密度大，物体密度小，所以应选择E物体放入甲容器中，∆p液与∆p地的最大比值为

答：（1）液体乙的质量为4kg；
（2）液体甲的密度是1.0×103kg/m3；
（3）选择E物体放入甲容器中，∆p液与∆p地的最大比值为。