2015年湖北省宜昌市中考物理试卷（解析）

这是一份2015年湖北省宜昌市中考物理试卷（解析），共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，应用实践题等内容，欢迎下载使用。

2015年湖北省宜昌市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共18小题，每小题2分，满分37分）
1．（2分）正在水平面上滚动的小球，如果它受到的外力同时消失，那么它将（　　）
A．立即停下来 B．慢慢停下来
C．做匀速直线运动 D．改变运动方向
【分析】此题考查了我们对牛顿第一定律的理解，只要判断出小球在外力消失前的状态，那么在外力消失后，它仍会保持这一状态。
【解答】解：根据牛顿第一定律，一切物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。因为小球正在水平面上滚动，所以当外力消失时，它仍会保持那一瞬间的方向和速度不变，即做匀速直线运动。
故选：C。
【点评】牛顿第一定律作为最重要的力学定律之一，我们应该熟记，并能运用它解释一些现象。
2．（2分）如图是三峡水电站的拦河大坝，决定大坝坝底所受水的压强大小的是（　　）

A．大坝的高度 B．水库中水的体积
C．水库中水的质量 D．水库中水的深度
【分析】液体压强使坝底的水喷射而出，根据液体压强的特点就能找出决定坝底水的压强大小的因素。
【解答】解：由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，因此决定坝底水的压强大小的是水的深度，故D正确。
故选：D。
【点评】本题的解题关键是熟记液体压强的特点，会灵活运用它来解决实际问题。
3．（2分）鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了…”其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是（　　）
A．山 B．船 C．岸边的树 D．河岸
【分析】判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。分析题意可知，题中的研究对象是“山”，它的运动状态是“向船尾跑去了”，即山在“运动”。
【解答】解：A、若以山本身为参照物，那它只能是静止的，而且一般是不能选研究对象为参照物，故A错；
B、以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，而且船向前行，以船为参照物，山在“后退”，故B正确；
C、以岸边的树为参照物，山与岸边的树的位置没有发生了变化，山是不动的，故C错；
D、以河岸为参照物，山与河岸之间的位置没有发生变化，山是不动的，故D错。
故选：B。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
4．（2分）在“用托盘天平称物体的质量”的实验中，下列操作错误的是（　　）
A．使用天平时，应将天平放在水平桌面上
B．调节横梁平衡时，应先将游码移至横梁标尺左端“0”刻度线上
C．称量时右盘应放置待称量的物体，左盘放置砝码
D．观察到指针在分度盘中线处，表明横梁已平衡
【分析】托盘天平的使用，包括以下步骤：放置；调节平衡螺母使横梁平衡；放物体；加减砝码，移动游码使横梁恢复平衡；读数。通过托盘天平的使用规则结合选择项中的物理情景即可得到答案。
【解答】解：A、使用天平时，应将天平放在水平桌面上。故A说法正确。
B、在调节横梁平衡时，首先要将游码移到标尺左端的零刻线处。故B的说法正确。
C、称量物体时，要将物体放在左盘里，用镊子在右盘里加减砝码移动游码。故C的说法错误。
D、横梁平衡的标志有两个：指针指在分度盘的中线处；或者指针偏离分度盘中线的幅度相等。指针在分度盘中线处，表明横梁已平衡，故D的说法正确。
故选：C。
【点评】此题综合了托盘天平使用中的放置、调节、放置物体、加减砝码等各方面的内容。题目的难度不大，是一道基础题。
5．（2分）如图所示，同学们自制一件小乐器，在8个相同的透明玻璃瓶中装有不同高度的水，用同样大小的力敲击8个玻璃瓶，会发出不同的声音。这“不同的声音”主要是指声音的（　　）

A．音调 B．振幅 C．音色 D．响度
【分析】声音的大小（或强弱）叫响度；声音振动的快慢影响声音的音调，振动越快音调越高。
【解答】解：木棍敲击玻璃瓶时主要是玻璃瓶在振动，水越少，玻璃瓶越容易振动，振动越快，音调越高。
故选：A。
【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分声音的三个特征并且要知道影响三个特征的因素有哪些。
6．（3分）下列给出的现象中，物体运动状态没有发生改变的是（　　）
A．苹果从树上落下
B．汽车匀速转弯
C．人造卫星绕地球匀速转动
D．货物被起重机吊起匀速上升
【分析】物体的运动状态不发生改变的情况有两种：①静止；②匀速直线运动。
若物体的运动速度或运动方向发生改变，都说明物体的运动状态发生了改变。
【解答】解：A、苹果从树上落下，速度加快，运动状态改变，A错误；
B、汽车匀速转弯，方向改变，运动状态改变，B错误；
C、人造卫星绕地球匀速转动，运动方向不断改变，运动状态变化，C错误；
D、货物被起重机吊起匀速上升，速度和方向都不变，运动状态不变，D正确。
故选：D。
【点评】物体在平衡力的作用下，其运动状态不变即保持静止状态或匀速直线运动状态。
7．（2分）小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在水中游”，对于这一有趣现象的形成，下列说法正确的是（　　）
A．云和鱼都是虚像
B．云是虚像，鱼是实像
C．云和鱼都是由光的反射形成的
D．云和鱼都是由光的折射形成的
【分析】（1）光在沿直线传播的过程中遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面就会改变传播方向，称为光的反射；
（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射。
【解答】解：（1）当光遇到水面时会发生反射，此时水面相当于一平面镜，所以看见水中的“云”是由光的反射现象形成的虚像；
（2）鱼生活在水里，鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变高了，所以看到了鱼的虚像。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对光的反射和折射现象的区分，抓住二者传播的介质不同是解题的关键，是一道光学基础题。
8．（2分）手持一个凸透镜在室内白墙和窗户之间移动（离墙更近些），在墙上能看到（　　）
A．倒立、缩小的实像 B．倒立、放大的实像
C．正立、放大的虚像 D．正立、缩小的虚像
【分析】凸透镜成像规律：
物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像。像距小于物距；
物距等于二倍焦距成倒立等大实像。像距等于物距；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像。像距大于物距；
物距小于焦距成正立、放大的虚像。像距大于物距。
【解答】解：
窗户在墙上通过凸透镜所成的像的性质关键取决于窗户与凸透镜之间的距离即物距与凸透镜焦距之间的关系，通过题意知凸透镜离墙较近，如果能在墙上成像，像距一定小于物距。所以成清晰倒立、缩小的实像。
故选：A。
【点评】本题考查了对凸透镜成像规律的应用，关键注意题目中物距和像距的大小关系。
9．（2分）不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，球内气体的质量与密度的变化情况是（　　）
A．质量增加，密度增加 B．质量不变，密度减小
C．质量减小，密度减小 D．质量不变，密度不变
【分析】①质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变；
②气体的质量一定时，体积越大，密度越小；
③大气压随高度的升高而减小。
【解答】解：气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变；
大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积变大，所以密度变小。
故选：B.
【点评】本题通过断线的氢气球升空的过程中，考查了质量是物体本身的一种属性、大气压随高度的变化而变化、质量一定时，体积越大，压强越小，密度越小等知识点。
10．（2分）体育课上同学们进行爬杆比赛，某同学沿竖立的硬竿匀速向上爬，该同学受到的力中与他所受的重力相平衡的力是（　　）
A．摩擦力 B．拉力 C．臂力 D．压力
【分析】平衡力的特点：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】解：该同学匀速上爬，受竖直向下的重力，不向下滑的原因是受到杆对他竖直向上的摩擦力，摩擦力与重力平衡，A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了对二力平衡条件的掌握，当物体处于平衡状态时，物体受平衡力，判断是否为平衡力，关键分析是否符合二力平衡条件。
11．（2分）如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（　　）
A．图甲可用来演示电磁感应现象
B．图乙可用来演示磁场对电流的作用
C．图丙可用来演示电流的磁效应
D．图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【分析】本题考查电磁感应、电流的磁效应，可根据实验装置及实验的现象进行判断。
【解答】解：A、甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故A错误；
B、乙图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故B错误；
C、丙图中放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C正确；
D、丁图中通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但左边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故D错误。
故选：C。
【点评】物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象。
12．（2分）如图，烧瓶内盛少量水，给瓶内打气，可看到瓶塞跳起，在这个过程中，下列说法错误的是（　　）

A．给瓶内打气时，外界对瓶内气体做功
B．瓶塞跳起时，瓶内气体对外做功
C．给瓶内打气时，瓶内气体内能减少
D．瓶塞跳起时，瓶内气体温度降低
【分析】这道题目要利用物态变化和内能的改变方法来解决。看到瓶中出现的白雾是由于物态变化所致，之所以发生物态变化又是因为在瓶塞跳出的过程中有能的转化出现；对物体做功，物体内能增大，物体对外做功，内能减少。
【解答】解：
用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，是外界对瓶内空气做功，瓶内气体内能增大；故A正确，C错误；
当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少转化为机械能，温度降低，受温度减低的影响，瓶口周围的气体液化成小水滴，这些小水滴就是看到的白雾；故BD正确。
故选：C。
【点评】本题考查物体内能的改变和液化知识，知道白雾是液态、知道其形成过程是本题的关键。
13．（2分）甲、乙两种物体质量相同而比热容不同，当它们升高相同温度时，则（　　）
A．比热容小的吸收热量多
B．比热容大的吸收热量多
C．初温低的吸收热量多
D．甲、乙吸收的热量一样多
【分析】由吸热公式Q吸＝cm△t可知，相同质量不同物质，升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，据此分析判断。
【解答】解：
因为Q吸＝cm△t，m甲＝m乙，△t甲＝△t乙，
所以比热容大的物体，吸收的热量多。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t的掌握和运用，属于基础题目。
14．（2分）为节约能源，需提高热机的效率，下列措施中不能提高热机效率的是（　　）
A．尽量使燃料充分燃烧
B．尽量减少热机部件间的摩擦
C．尽量减少废气带走的热量
D．尽量增加热机的工作时间
【分析】要解决此题，需要掌握热机的效率的概念。热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。比值越大，效率越高。
【解答】解：热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。所以减少热量的损失可以提高热机的效率。所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率。
增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率。
故选：D。
【点评】此题通过考查影响热机效率的几个因素，考查了学生对热机效率的理解。要知道要想提高热机的效率，就要减少热量的损失
15．（2分）新交通法规于2013年1月1日施行，驾驶员不系安全带记3分，罚100元。汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带。当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光。（R是防止电源短路的电阻元件）图中符合上述要求的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】由题意知，系好安全带灯泡不亮，未系好安全带时指示灯亮，说明开关断开时指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了。
【解答】解：由题意知，指示灯与S并联，但电路不会出现短路，即电路中有保护电阻；结合选项可知C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。
16．（2分）某导体中的电流与它两端的电压关系如图所示，下列分析正确的是（　　）

A．该导体的电阻随电压的增大而增大
B．该导体的电阻随电流的增大而减小
C．当导体两端的电压为0时，电阻为0
D．当导体两端的电压为0时，电流为0
【分析】（1）图像横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图像，电流随电压的增大而增大；
（2）电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积有关，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关。
【解答】解：由图像上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题需要注意两点：
（1）电阻是导体本身的性质，其大小与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压的大小和电流的大小无关；
（2）读懂图像，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压。
17．（2分）一张报纸平放在桌面上时对桌面的压强为p1；将这张报纸对折后平放时对桌面的压强为p2；将这张报纸撕去一半后平放时对桌面的压强为p3，则p1、p2、p3三者之间的关系是（　　）
A．p1＝2p2 B．p1＝p2 C．p1＝p3 D．p1＝p3
【分析】报纸对桌面的压力等于报纸受到的重力，报纸对折后对桌面的压力不变，但与桌面的接触面积变小，然后应用压强公式p＝分析答题。
【解答】解：报纸的重力为G，平放时受力面积为S，p1＝；
将这张报纸对折后，压力不变，受力面积减小一半，平放时对桌面的压强为p2＝＝，即p2＝2p1；
将这张报纸撕去一半后平放时，压力减小一半，受力面积也减少一半，对桌面的压强为P3＝＝，即p3＝p1；
故选：D。
【点评】本题考查了压强公式的应用，压强大小取决于压力和受力面积两个因素，变量问题必须从相关公式出发进行考虑。
18．（2分）家庭电路中有时会出现这样的现象；原来各用电器都在正常工作，当把手机充电器的插头插入插座时，家里所有的用电器都停止了工作，其原因可能是（　　）
A．这个插座的火线和零线原来就相接触形成了短路
B．插头与这个插座接触不良形成了断路
C．插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路
D．同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，空气开关跳闸
【分析】室内用电器全部停止工作，表明干路上的保险丝被熔断了，保险丝被熔断是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大。
由手机充电器插头插入插座，闭合开关，室内用电器全部停止工作可知，是手机充电器的两个接头短路了。
【解答】解：A、若是这个插座处原来有短路，则在没有插入手机充电器之前，电路就已经出现了短路，空气开关跳闸，室内所有用电器早就停止了工作，故A不正确；
B、若是插头与这个插座接触不良形成了断路，则手机充电器不工作，不会影响室内其它的用电器，故B不正确；
C、若是插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路，空气开关跳闸，室内所有的用电器全部停止了工作，符合题意，故C正确；
D、手机充电器的功率很小，使用后对干路电流的影响比较小，不会导致干路中总电流过大，空气开关跳闸，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查对家庭电路故障的分析判断能力，要结合家庭电路的特点熟练掌握。
二、填空题（共7小题，每空1分，计14分）
19．（2分）水具有反常膨胀的特性，在0～4℃范围内它是热缩冷胀的，因而水在　4　℃时密度最大。寒冷的冬天湖里的水总是首先从　水面　（选填“水面”或“水底”）开始凝固。
【分析】据水的反常膨胀的特点分析，同时结合密度的知识即可解决。
【解答】解：水具有反常膨胀的特性，即在0～4℃范围内它是热缩冷胀的，即在4℃时，体积最小，故在质量不变的情况下，此时水的密度最大；所以在冬天结冰的湖中，湖底的水的密度最大，其温度是4℃，越往上温度越低，故湖里的水总是首先从水面开始凝固。
故答案为：4；水面。
【点评】本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，解题时注意：物质状态发生变化时体积也发生变化，多数物质从液态变为固态时体积变小，但水例外。
20．（2分）我国正大力开发核能发电。核电站利用核反应堆加热水，将核能转化为水蒸气的　内　能，再通过蒸汽轮机转化为　机械　能，带动发电机转动，转化为电能。
【分析】核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃粒，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。
【解答】解：根据核电站的发电过程可知，核能发电的能量传递和转化过程是：核能→水和蒸汽的内能→发电机转子的机械能→电能。
故答案为：内；机械。
【点评】此题考查核电站的工作原理和核电站发电过程中的能量转化，是一道基础题。
21．（2分）把一滴水滴在玻璃板上，在玻璃板下面放置一个用眼睛看不清楚的小物体，这时的水滴相当于一个 　凸透　镜，拿一个放大镜位于水滴的上方，慢慢调节这个镜子与水滴之间的距离，你就更能看清玻璃板下的微小物体，这时它们的作用相当于一个 　显微镜　（选填“望远镜”或“显微镜”）。
【分析】（1）根据小水滴起到了放大镜的作用和透镜中间和边缘的厚薄判断是凸透镜还是凹透镜。
（2）根据显微镜的工作原理解答此题：显微镜的物镜相当于投影仪的镜头，使物体成倒立、放大的实像；目镜的作用相当于一个放大镜，使物镜成的实像，通过目镜再成一个正立、放大的虚像。经过两次凸透镜的放大作用，使微小的物体放大许多倍。
【解答】解：
（1）因为小水滴中间比边缘厚，物体在凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像，所以小水滴就相当于凸透镜。
（2）小水滴相当于显微镜的物镜，能成一个倒立、放大的像，放大镜相对于显微镜的目镜，它们的共同作用相对于显微镜，所以更能看清玻璃板下的微小物。
故答案为：凸透；显微镜。
【点评】本题考查了显微镜的构造及原理，采用显微镜这个实例作为突破口，对于凸透镜的成像规律是一个较高的应用，了解物镜和目镜的成像原理是解答此题的关键。
22．（2分）如图所示，把一根饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。往B管中吹气，可以看到A管中的水面　上升　；若用力从B管中吸气，可以看到A管中的水面　上升　。（两空均填“上升”、“下降”或“不变”）

【分析】分析两端开口的饮料管A上端和下端的流体流速，分析压强的变化，判断水面的变化。
【解答】解：现往B管中吹气，A管上方的空气流速变大，压强变小，A管下方的压强不变，A管中的水在外界大气压作用下被压上来，所以A管中的水上升；
同理，用力从B管中吸气，A管上方的空气流速变大，压强变小，A管中水在外界大气压作用下被压上来，所以A管中的水面上升。
故答案为：上升；上升。
【点评】明确吹气和吸气时会造成A管上方流速和压强的变化，这是解决此题的关键。
23．（2分）用如图所示的滑轮组将一重为200N的物体匀速向上提高3m，拉力为150N，则有用功
为　600　J．这个滑轮组的机械效率为　66.7%　（计算结果保留1位小数）。

【分析】（1）已知物体的重力和物体升高的高度，根据公式W有＝Gh可求此过程中人做的有用功；
（2）通过动滑轮绳子的段数n＝2，根据W总＝Fs＝Fnh计算总功，根据η＝计算机械效率。
【解答】解：
（1）有用功：W有用＝Gh＝200N×3m＝600J；
（2）由图通过动滑轮绳子的段数n＝2，
拉力做的总功：W总＝Fs＝F×2×h＝150N×2×3m＝900J；
此滑轮组的机械效率是η＝×100%＝×100%≈66.7%。
故答案为：600；66.7%。
【点评】本题考查有用功、总功、机械效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对动滑轮上绳子段数的判断。
24．（2分）某一物体的体积为100cm3，密度为0.8×103kg/m3．把它浸没在水中后放手，它将　上浮　（选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”），它最终静止时所受到的浮力为　0.8　N．（水的密度为1×103kg/m3，g取10N/kg）
【分析】由密度公式求出物体的质量，然后求出物体受到的重力，由浮力公式求出物体受到的浮力，根据物体的重力与浮力间的关系判断物体的沉浮状态；应用平衡条件求出物体受到的浮力。
【解答】解：由ρ＝可知，物体的质量：
m＝ρV＝0.8×103kg/m3×100×10﹣6m3＝0.08kg，
物体的重力：G＝mg＝0.08kg×10N/kg＝0.8N；
物体浸没在水中受到的浮力：
F浮＝ρ水gV＝1×103kg/m3×10N/kg×100×10﹣6m3＝1N，
由于F浮＞G，则放手后物体间上浮；
物体漂浮在水面上，物体受到的浮力：F浮′＝G＝0.8N；
故答案为：上浮；0.8。
【点评】本题考查了浮力公式的应用，应用密度公式：G＝mg与浮力公式即可解题，本题是一道基础题。
25．（2分）有一款手机用的锂电池，上面标明电压为3.7V，容量为1000mAh．给它充电时，是电能转化为　化学　能。充满电后，大约存储了　13320　J的电能。
【分析】（1）电池提供电能时是把储存的化学能转化电能；
（2）知道电池的容量，根据W＝UIt求出电流做的功即为储存的电能。
【解答】解：电池充电和供电是相反的过程，充电时是把电能转化为化学能，放电时是把化学能转化电能；
手机锂电池充满电后，存储的电能：
W＝UIt＝3.7V×1000×10﹣3A×3600s＝13320J。
故答案为：化学；13320。
【点评】本题考查了手机电池充满电后储存电能的计算，电池充电过程的能量转化等，关键是明白手机电池容量的含义。
三、实验探究题（共4小题，第26小题2分，第27小题4分，第28小题4分，第29小题5分，计15分）
26．（2分）如图甲所示，当用指甲剪剪指甲时，指甲剪可以看成是多个杠杆的组合。乙中画出剪指甲时其中一个杠杆DBE的动力臂L1和阻力F2。

【分析】找出杠杆DBE的动力和阻力，过支点做动力、阻力作用线的垂线，从支点到垂足的距离就是力臂，
【解答】解；
由图可知：
杠杆DBE绕E点转动，即E是支点，B点对它向下的压力是动力F1，方向垂直于该杠杆向下；指甲对D点向上的作用力是阻力F2，其方向垂直于接触面向上；由E点做动力作用线的垂线即动力臂，如图所示：
。
【点评】（1）掌握杠杆的五个要素：支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂。
（2）会根据动力和阻力画出动力臂和阻力臂；或根据动力臂和阻力臂画出动力和阻力。
27．（4分）某同学在探究物态变化的实验中，在试管中放入少量碘。塞紧盖子放入热水中，观察到试管中固态碘逐渐消失，变为紫色的碘蒸气并充满试管。
（1）此过程固态碘发生的物态变化是　升华　（填物态变化的名称）。
（2）在上述实验中，小明同学猜想：固态碘是先变成液体，再变成气体，因为速度太快，液态碘出现的时间太短，因而没有观察到。为验证猜想，他查询了一些小资料：碘的熔点是113.5℃；碘的沸点是184.4℃；水的沸点是100℃。
请你根据上述资料分析说明小明的猜想为什么是错误的：　热水温度低于碘的熔点，碘不可能熔化　。
（3）为了进一步探究此类现象，小明在试管中放入适量温水，然后放入一小块干冰（固态二氧化碳），此时观察到水中有大量气泡产生，同时水面上有大量白雾。水中大量的气泡是由　干冰吸热升华　形成的。水面上大量的白雾是由　水蒸气遇冷液化　形成的。
【分析】（1）物质由固态直接变为气态的过程叫升华，需要吸收热量；
（2）晶体熔化的条件是达到熔点，吸收热量；
（3）物质由气态变为液态的过程叫液化。
【解答】解：
（1）试管中的固态碘在热水中，由固态直接变为气态，属于升华过程；
（2）由数据知，水的沸点是100℃，而碘的熔点是113.5℃，所以碘在100℃的沸水中不可能熔化；
（3）干冰在温水中迅速由固态升华成为气态，同时吸收热量；二氧化碳气体使水面上方空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成雾。
故答案为：（1）升华；（2）热水温度低于碘的熔点，碘不可能熔化；（3）干冰吸热升华；水蒸气遇冷液化。
【点评】此题考查的是物态变化过程，综合性较强，读懂题意，把握中心是解答的关键。
28．（4分）在测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率的实验中，小明同学设计了如图所示的电路，测量的数据如下表：
数据序号
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
0.5
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
3.0
电流I/A
0.16
0.19
0.21
0.25
0.26
0.28
0.32
灯泡发光
不亮
微亮
微亮
较亮
较亮
明亮
很亮
（1）请根据表中的数据计算出小灯泡额定功率为　0.7　W．当小灯泡两端电压为1.7V时，小灯泡的电阻为　6.8　Ω。
（2）有一位同学在连接电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大。经检查所用器材完好，请指出问题可能是：　电压表并联在滑动变阻器两端　。
（3）若将小灯泡换成发光二极管，测量发光二极管的电功率，发现在亮度相当的情况下，每次所测得的电功率都比小灯泡的小，从能量转化角度来分析，其原因是　发光二极管将电能转换成光能的效率更高　。

【分析】（1）据图表能看出灯泡在额定电压下对应的额定电流，利用公式P＝UI计算即可得出额定功率；同时据表格查处1.7V时的电流，据欧姆定律可以计算出灯泡此时的电阻；
（2）在调节滑动变阻器时，灯泡逐渐变亮（电路中电流变大），而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了。
（3）据能量的转化的特点分析即可。
【解答】解：（1）灯泡的额定电压是2.5V，此时的电流是0.28A，故此时的功率是：P额＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；
灯泡在1.7V时的电流是0.25A，故此时的电阻是：R＝＝＝6.8Ω；
（2）在移动滑片时，灯泡逐渐变亮（灯两端的电压增大），而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了；
（3）将小灯泡换成发光二极管，测量发光二极管的电功率，发现在亮度相当的情况下，每次所测得的电功率都比小灯泡的小，这是由于：发光二极管将电能转换成光能的效率更高导致的。
故答案为：（1）0.7；6.8；（2）电压表并联在滑动变阻器两端；（3）发光二极管将电能转换成光能的效率更高。
【点评】能读懂题意，并能结合电功率的计算公式和欧姆定律进行分析计算是解决该题的关键。
29．（4分）在探究影响浮力大小因素的实验中，同学们提出了下列4种猜想：
猜想1：浮力的大小与液体的密度有关。
猜想2：浮力的大小与物体浸入液体中的体积有关。
猜想3：浮力的大小与物体的形状有关。
猜想4：浮力的大小与物体所受的重力有关。
（1）如图1所示，小明把一个柱状固体挂在弹簧测力计下，使它浸在液体中的体积逐渐增大，观察到弹簧测力计的读数逐渐变小。此实验说明了猜想　2　是正确的。
（2）如图2所示，小明将同一块石头浸没在水和盐水中，此实验是为了验证猜想　1　。在实验中，观察到石块浸没在盐水中静止时弹簧测力计的示数小，则说明石块在盐水中所受浮力　大　（选填“大”或“小”）。
（3）为了验证猜想3，小明将同一个橡皮泥做成不同的形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，有的下沉，由此得出结论：浮力的大小与物体的形状有关。请你指出他的实验方法的错误：　没有控制橡皮泥浸入液体的体积相同　。
（4）为了验证猜想4，小明将重力相同而体积不相同的铁块和铝块浸没在水中，观察到所受的浮力大小不相等，由此得出结论：浮力大小与物体所受的重力无关。请指出他的实验方法的错误：　没有控制物体浸入液体的体积相同，没有改变重力的大小　。

【分析】浮力的大小可能与物体浸入液体中的体积有关、可能与液体的密度有关、可能与物体的重力大小有关，实验探究时必须采用控制变量法，即研究与其中一个因素的关系时，控制其它因素一定。
根据称重法可知，物体所受浮力的大小等于物体本身的重力减掉浸入液体时弹簧测力计的示数。
【解答】解：（1）把一个柱状固体挂在弹簧测力计下，使它浸在液体中的体积逐渐增大，观察到弹簧测力计的读数逐渐变小，固体受到的浮力逐渐增大，此实验说明：物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关，此实验说明了猜想2是正确的。
（2）由图2所示实验可知，将同一块石头浸没在水和盐水中，石块排开液体的体积相同而液体密度不同，可以探究浮力与液体密度的关系，此实验可以验证猜想1．物体浸入液体时受到的浮力：F浮力＝G﹣F，物体的重力G一定，测力计示数F越小，物体受到的F浮力浮力越大，在图2所示实验中，观察到石块浸没在盐水中静止时弹簧测力计的示数小，则说明石块在盐水中所受浮力大。
（3）探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积相同而形状不同，小明将同一个橡皮泥做成不同的形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，有的下沉，他在实验中没有控制橡皮泥浸入液体的体积相同，因此得出的结论是错误的。
（4）探究浮力大小是否与物体的重力有关，应控制物体排开液体的体积、液体的密度相同而物体的重力不同，小明将重力相同而体积不相同的铁块和铝块浸没在水中，由于他没有控制物体浸入液体的体积相同而重力不同，因此他的结论是错误的。
故答案为：（1）2；（2）1；大；（3）没有控制橡皮泥浸入液体的体积相同；（4）没有控制物体浸入液体的体积相同，没有改变重力的大小。
【点评】本题利用了控制变量法解题：就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题。
四、应用实践题（共3小题，第30小题4分，第31小题5分，第32小题6分，计15分）
30．（4分）宜昌快速公交“BRT”预计于2015年6月建成试运营。该项目北起夷陵客运站，南至宜昌东站，全长约为24km．如图所示是宜昌首批“BRT”公交样车，据测算，它全程平均速度约为30km/h．车辆配备了智能化的车辆调度和信息服务中心，通过GPS全球定位功能全程跟踪记录并实时传递每台营运车辆的各种信息。
（1）GPS全球定位系统是通过　电磁波　（选填“电磁波”或“超声波”）来实时传递信息的。
（2）“BRT”从起点夷陵客运站至终点宜昌东站需要多长时间？
（3）若“BRT”在某一地段运行时，先以60km/h的速度运行60s，停车12s，再以50km/h的速度运行36s，求“BRT”在这一地段的平均速度是多少km/h？

【分析】（1）GPS定位系统是通过电磁波传递信息的。
（2）已知路程与速度，由速度公式可以求出车的行驶时间。
（3）由速度公式求出车的路程，然后应用平均速度公式求出车的平均速度。
【解答】解：（1）超声波不能再真空中传播，GPS全球定位系统是通过电磁波来实时传递信息的。
（2）由速度公式v＝可知时间：t＝＝＝0.8h；
（3）由v＝可知，车的路程：
s＝s1+s2＝v1t1+v2t2＝60km/h×h+50km/h×h＝1.5km，
平均速度：v＝＝＝50km/h；
答：（1）GPS全球定位系统是通过电磁波来实时传递信息的。
（2）“BRT”从起点夷陵客运站至终点宜昌东站需要0.8h。
（3）“BRT”在这一地段的平均速度是50km/h。
【点评】本题考查了速度公式的应用，根据题意应用速度公式及其变形公式即可解题，本题是一道基础题。
31．（5分）目前随着城市建筑越来越高，楼内部都安装了电梯，方便居民出入。某栋楼内电梯的相关技术参数如下表。为了安全，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示：
（1）由图可知，当电梯人数增多时，压敏电阻R2受到的压力增大，阻值减小，则控制电路的电流增大，从而使电磁铁的磁性 　增强　（选填“增强”或“减弱”）．当电梯超载时，触点K与触点 　B　（选填“A”或“B”）接触，电铃发出报警铃声。
功率
25kW
最大载客量
10人
（2）电梯在使用过程中，若控制电路中的定值电阻R1被短接，则该电梯自动报警系统会出现什么异常？　没有达到最大载客量电铃就会报警　。
（3）某开放商称：此电梯是快速电梯，它能在10s内将10个成年人从1层匀速升高到14层。若每个人的体重约为600N，每层楼高3m，电梯上升时需要克服摩擦及系统自重共计2000N．请你通过计算说明开发商的话是否可信？

【分析】（1）在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据电磁铁中电流增大时磁性增强判断此时电磁铁的磁性的变化；超载自动报警系统实质就是电磁继电器的应用，电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃工作电路接通。
（2）结合（1），据实际情况分析即可；
（3）已知人的重力和楼梯的高度，根据公式W＝Gh可求电梯做得机械功。根据W＝Pt求得电梯电机做得电功；根据电梯做得机械功和电梯电机做得电功，比较即可得出结论
【解答】解：（1）在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流增大时电磁铁的磁性增强；
电梯超载时，压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，控制电路中的电流增大，从而使电磁铁的磁性增强，磁性达到一定程度时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃报警，电梯不工作。
（2）电梯在使用过程中，若控制电路中的定值电阻R1被短接，则在乘客并不超重的情况下，电磁铁所在电路电流也会较大，磁性较强，会使得衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃报警。
（3）若每层楼高3m，从地面升高到14层电梯的高度为13×3m＝39m，
10个成年人从地面升高到14层电梯做得机械功W＝Gh＝（600N×10+2000）×39m＝3.12×105J；电梯电机做得电功W电＝2.5×104W×10s＝2.5×105J，
由电梯做得机械功和电梯电机做得电功比较可知，电梯电机做的电功小于电梯应做的机械功，因此开发商的话不可信。
故答案为：（1）增强；B；（2）没有达到最大载客量电铃就会报警；（3）不可信；电梯电机做的电功小于电梯应做的机械功。
【点评】此题考查功和电功的计算，明确从地面升高到14层电梯的高度为13×3m＝39m，是解答此题的关键，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处皆物理的理念。
32．（6分）随着宜昌现代化学校创建工作的深入开展，全市各中小学多媒体硬件运用越来越多。某校共有15个教室，每个教室配有40W的照明灯10盏，300W的投影仪一台，100W的教学扩音系统一套，300W的电脑一台。（该校的供电电压为220V）
（1）学生在操场上进行半小时的大课间体育活动时，若教室内的这些用电器没有关闭，那么这半小时内该校会浪费多少度电？
（2）随着这些硬件的装配，需要对学校供电线路进行改造，下表是各种橡胶绝缘铜芯线在常温下的安全载流量（长时间通电时的最大安全电流），从安全角考虑，该校应选择哪种导线作为干路导线？请通过计算后说明。
导线规格
导线横截面积S/mm2
4
6
10
16
安全载流量I/A
37
47
68
94
（3）该校电路中的保险装置采用空气开关（如图甲），空气开关内有电磁铁和两个触点，制作触点的材料分别有铜或银。电路正常工作时两触点是连接在一起的，当电流过大时电磁铁将两个触点分开，切断电路（如图乙）．从空气开关使用的寿命和安全角度考虑，应选择触点用　银　（选填“银”或“铜”）材料制作的空气开关，原因是　同样条件下，银触点接触电阻小些，根据Q＝I2Rt得出产生的热量更小，使用寿命更长、更安全　。（同样条件下，银的电阻比铜的电阻小）

【分析】（1）先求出教室内所有用电器的总电功率，根据W＝Pt求出消耗的电能；
（2）根据P＝UI求出总电流，对比导线规格做出选择；
（3）根据银和铜的导电性能以及安全用电要求分析解答。
【解答】解：（1）教室内的用电器总功率为：
P＝（40W×10+300W+100W+300W）×15＝16500W＝16.5kW，
由P＝得半小时浪费的电能为：
W＝Pt＝16.5kW×0.5h＝8.25kW•h＝8.25度；
（2）由P＝UI得电路中总电流为：
I＝＝＝75A＜94A
因为68A＜75A＜94A
所以应选择导线横截面积16mm2的；
（3）同样条件下，银触点接触电阻小些，根据Q＝I2Rt得出产生的热量更小，使用寿命更长、更安全，故应该选择银材料做触点。
答：（1）半小时内该校会浪费8.25度电；
（2）从安全角考虑，该校应选择横截面积16mm2的导线作为干路导线；
（3）银；同样条件下，银触点接触电阻小些，根据Q＝I2Rt得出产生的热量更小，使用寿命更长、更安全。
【点评】此题主要考查学生对于电功率公式，以及用电线的选择等知识的理解，属于中考考查重点。
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