2022-2023学年山东省淄博市张店区八年级下学期期末物理试卷（文字版含答案解析）

这是一份2022-2023学年山东省淄博市张店区八年级下学期期末物理试卷（文字版含答案解析），共26页。试卷主要包含了选择题，理解与应用，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省淄博市张店区八年级（下）期末物理试卷
一、选择题（本题包括15个小题，共45分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（3分）在总结前人研究成果的基础上，通过实验和推理得出“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态”的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．伽利略 C．牛顿 D．焦耳
2．（3分）以下是对一些数据的估测，与实际情况相符的是（　　）
A．一个医用外科口罩的重约为10N
B．一名中学生从一楼走到二楼克服重力做的功大约是1500J
C．一名中学生跳绳的功率大约是500W
D．生活中，滑轮组的机械效率可以达到100%
3．（3分）在以“力”为主题的辩论赛中，正方和反方提出了许多观点，小明把他们的观点归纳整理如下表。你认为正确的观点有（　　）
观点
正方
反方
①两个物体必须接触才有力的作用
②两个物体不接触，也可能有力的作用
③物体受到力的作用时，运动状态一定发生改变
④物体受到力的作用时，运动状态不一定发生改变
⑤力的三要素完全相同的两个力是平衡力
⑥力的三要素完全相同的两个力是相互作用力
A．①③⑤ B．③⑤⑥ C．②④ D．②④⑤
4．（3分）如图为某校春季运动会上一实心球被掷出后的的运动轨迹（不计空气阻力），下列说法正确的是（　　）

A．实心球在空中上升过程中，运动状态不发生改变
B．实心球在空中上升过程中受到向上的推力和重力
C．实心球下落过程中速度越来越快，它的惯性也越来越大
D．实心球最终落到地上，是因为受到重力作用
5．（3分）下列实例中属于减小摩擦的是（　　）
A．瓶盖上的竖条纹
B．磁悬浮列车车身悬浮
C．用力刹车闸
D．体操运动员赛前在手上涂镁粉
6．（3分）为了适应自身生存的环境，很多动物都是“物理应用高手”。下列选项分析错误的是（　　）
A．骆驼的脚掌很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中行走自如
B．啄木鸟有个细长而坚硬的尖喙，可以增大压强，从而凿开树干，捉到躲在深处的虫子
C．深水里的海鱼，捕到岸上会死掉，是因为水面压强比深水处小得多
D．雄鹰翅膀有时不用抖动也能翱翔天空，是利用了流体压强与流速关系的原理
7．（3分）学习“浮力”时，小明按照老师的要求，进行家庭小实验：他在两个完全相同的圆柱体容器中分别倒入体积相同的不同液体，将一个小西红柿分别放入两容器中，静止时的状态分别如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．两容器中液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小西红柿所受的浮力F浮甲＞F浮乙
C．小西红柿排开液体的质量关系是m排甲＜m排乙
D．两图中液体对容器底的压力F甲＞F乙
8．（3分）学习了杠杆知识后，小颖以“人体中的杠杆”为题，结合物理和生物学知识进行了人体杠杆的小专题研究。以下是她对手提重物过程的分析，错误的是（　　）

A．前臂杠杆的支点O在肘关节处
B．前臂是一根省力杠杆
C．肱二头肌给桡骨的力F1是动力
D．重物给前臂的力F2是阻力
9．（3分）以下分析正确的是（　　）
A．将一本书从地面上捡起，手对书没有做功
B．用手抱着一捆书沿水平方向做匀速直线运动，手对书做了功
C．运动员将杠铃举在空中静止时，人对杠铃做了功
D．排球离开手在空中运动的过程中，手对排球没有做功
10．（3分）小明妈妈的电动自行车的功率为400W，小明爸爸的小轿车的功率为110kW。基于以上信息，下列分析正确的是（　　）
A．小轿车比电动自行车做功快
B．小轿车比电动自行车做功多
C．相同时间内电动自行车和小轿车做功一样多
D．做同样多的功，电动自行车所用时间更少
11．（3分）现有史籍中最早讨论滑轮的是《墨经》。书中将向上提举重物的力称为“挈”，将自由往下降落称为“收”，将整个滑轮称为“绳制”（图1）。现分别用甲、乙两个力替代“收”（图2），使重物在相同的时间内匀速上升相同的高度。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．使用这个滑轮能省力
B．使用这个滑轮不能改变力的方向
C．甲拉力大小等于乙拉力大小
D．甲拉力做的功大于乙拉力做的功
12．（3分）如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械自重和摩擦），其中所需动力最小的是（　　）
A． B．
C． D．
13．（3分）作为一名“篮球达人”，小军在打篮球过程中发现了篮球中的部分物理知识，关于小军的发现，下列说法正确的是（　　）
A．投篮时，篮球离开手后继续向上运动的过程中，重力势能转化为动能
B．篮球撞在篮板上被弹回的过程中，弹性势能转化为动能
C．篮球从高处下落时重力势能不断减小，动能不断减小
D．篮球落到地上弹跳过程中，机械能守恒
14．（3分）利用两个倾角不同的光滑斜面进行实验，将同一木块分别从甲、乙斜面底端匀速拉至斜面顶端，下列说法正确的是（　　）

A．拉力F甲＝F乙
B．拉力所做的功W甲＞W乙
C．若将木块分别从两斜面顶端自由释放，则木块到达斜面底端的速度v甲＝v乙
D．无论木块在斜面上还是在水平地面上，接触面受到的压力都与物体的重力相等
15．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．机械效率越高，机械做功越快
B．效率高的机械比效率低的做功多
C．使用动滑轮可以省力，也可以省功
D．物体做匀速直线运动时，机械能可能变大
二、理解与应用（本题包括6个小题，共14分）
16．（2分）如图甲，小美将自制的水气压计从1楼拿到11楼，发现玻璃管内液面 　 　（填“上升”、“下降”或“不变”）；如图乙为小美自制的潜水艇模型，该模型在图示位置保持静止。当她将注射器的活塞向外拉，模型将 　 　（填“上浮”或“下沉”）。

17．（2分）2023年5月10日，天舟六号货运飞船搭乘火箭飞向中国空间站。火箭发射时会向下喷出高温高压的燃气，利用物体间力的作用是 　 　的，火箭获得向上的推力。一起加速升空的过程中，飞船的机械能 　 　（填“变大”“变小”或“不变”）。
18．（3分）根据甲、乙两图提供的信息，可求得物体A受到的浮力为 　 　N，物体A的体积为 　 　m3，物体A的密度为 　 　kg/m3。（g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3）

19．（2分）如图是重为500N的小强做俯卧撑时的示意图，他的身体可视为杠杆，O点为支点，P点为重心，若OB长0.9m，BA长0.6m，地面对他双手的支持力大小为 　 　N；若他的每只手掌与地的接触面积都是0.015m2，则双手对地面的压强是 　 　Pa。

20．（2分）小阳站在地面上，要利用两个滑轮组装成的滑轮组将重物提升到楼上。请在图中画出最省力的滑轮组绕绳方法。

21．（3分）如图所示的茶壶在倒茶时相当于一个杠杆，现以O为支点，在A点处施加力F提壶耳向杯中倒水。请画出：
（1）动力F的力臂L；
（2）茶杯对桌面的压力的示意图。

三、实验与探究（本题包括4个小题，共25分）
22．（3分）小颖在学习物理的过程中发现“实验对于物理学习非常重要，无论是对于学习内容的理解还是对于科学探究能力的培养，都是非常有益的”。以下为本学期小颖进行的几个“矿泉水瓶系列”的家庭小实验：
（1）用水平力轻轻推动矿泉水瓶底部时，瓶子沿桌面平稳地移动；用等大的力沿相同的方向轻推瓶盖处，瓶子翻了。这说明力的作用效果与力的 　 　有关。
（2）将瓶中的水喝完后，从瓶口向外吸气，瓶子变瘪，这个现象证明 　 　的存在。
（3）在开口的空矿泉水瓶中倒入适量的水，在瓶的一侧打一个小孔，水便从小孔喷出，且随着瓶内水面的降低，水喷出的距离越来越短，说明液体压强与 　 　有关。
23．（6分）探究杠杆平衡条件的实验：

（1）轻质杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆 　 　（填“是”或“不是”）处于平衡状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向 　 　边旋一些（填“左”或“右”）；
（2）调好后，第一组按图乙进行实验，第二组按图丙进行实验。你认为第 　 　组实验更好（填“一”或“二”），理由是 　 　；
（3）如图丁所示，杠杆处于水平平衡状态。若在左侧四个钩码下方加挂一个钩码后，使杠杆仍然在水平位置平衡，下列操作可行的是 　 　（填字母）；
A.将悬挂在右侧的钩码减少一个
B.将悬挂在右侧的钩码增加一个
C.将悬挂在右侧的钩码向左移动一格
D.将悬挂在右侧的钩码向右移动一格
（4）若每次实验都在O点两侧挂相同数量的钩码，测量多组数据后总结得出结论。这样做的不妥之处是 　 　。
24．（7分）某小组“测滑轮组机械效率”的实验装置如甲、乙两图所示，下表为实验过程中的部分数据记录情况。甲滑轮组中动滑轮重为G甲，乙滑轮组中动滑轮总重为G乙，且G乙＝1.5G甲。
实验序号
钩码重G物/N
钩码上升的高度h/cm
绳自由端拉力F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.9
30
74.1%
2
4
10
1.6
30
①
3
6
10
②
30
90.9%
4
6
10
1.8
③
83.3%
（1）实验时，应竖直向上且 　 　拉动弹簧测力计。
（2）请填写表中的三个数据：
①　 　（结果保留一位小数）。
第三次实验时弹簧测力计示数如丙图所示，②填 　 　N。
第4次实验是用乙图所示装置完成的，③填 　 　cm。
（3）分析比较1、2、3次实验数据发现：使用同一滑轮组，　 　，滑轮组的机械效率越高。
（4）第3、4次实验中滑轮组的机械效率不同，原因是 　 　。
（5）在第一次实验中，若其他条件不变，只增加钩码上升的高度，滑轮组机械效率将 　 　。（填“变大”、“不变”或“变小”）

25．（9分）小明在阅读资料的过程中了解到“人步行的动能约为30J，高速路上行驶的小轿车的动能约为6×105J。”他想物体的动能可能和某些因素有关，为了验证自己的猜想，他和小亮进行了如下的实验探究：让钢球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。

（1）实验中探究的动能是指 　 　。
A.钢球撞击木块时的动能
B.木块被钢球撞击后的动能
（2）实验中是通过观察 　 　来比较钢球动能大小的。钢球从斜面滚动到水平面的过程中，　 　转化为动能，机械能 　 　。（填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）甲、丙两图是探究动能的大小与 　 　是否有关的。
（4）根据乙、丙两图小亮得出结论“物体的质量越大，动能越大”，小明说这一结论是错误的，原因是 　 　。
（5）综合探究结果，为保障行车安全，交通管理部门对不同车型设定不同的最高 　 　，如图2所示。
（6）本实验中若水平面绝对光滑，则木块被钢球撞击后，在水平面上 　 　。
（7）甲、乙两图木块运动过程中受到的摩擦力大小关系是f1　 　f2（填“＞”、“＜”或“＝”）。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共16分）
26．（8分）放在水平桌面上的敞口圆台形容器，如图所示，其底面积为2×10﹣3m2，当将重为10N的水倒入该容器中时，水的深度为30cm。已知g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3。
求：
（1）水对容器底部的压强；
（2）若将体积为50cm3，质量为30g的小球放入容器的水中，水未溢出，小球静止时受到的浮力。

27．（8分）如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，一工人站在水平地面上，竖直向下拉绳子自由端，使重为700N的物体A在10s内匀速上升2m；已知工人重650N，提升过程中拉力F做功的功率为160W；两个滑轮的质量相等，不计绳重和摩擦。求：
（1）拉力F做的功；
（2）拉力F的大小；
（3）工人利用该滑轮组提升物体的机械效率。

28．质量相同的铜块和铝块，挂在杠杆AB两端，杠杆在水平位置平衡，如图所示。现把铜块和铝块同时浸没于水中，已知ρ铜＞ρ铝，则有（　　）

A．杠杆AB仍保持平衡 B．杠杆A端会上升
C．杠杆B端会上升 D．无法判断杠杆是否平衡
29．骨骼、肌肉和关节构成了人体的运动系统，最基本的运动都是肌肉牵引骨骼绕关节转动产生的，其模型就是杠杆。如图所示是踮脚时的示意图，人体的重力为阻力，小腿肌肉施加的拉力为动力。重600N的小明在1min内完成50个双脚同时踮起动作，每次踮脚过程中脚跟离开地面的高度是9cm。求：
（1）小腿肌肉对每只脚的拉力；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率。

















2022-2023学年山东省淄博市张店区八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括15个小题，共45分。每小题只有一个选项符合题意）
1．【答案】C
【分析】一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，这是著名的牛顿第一定律。是牛顿在前人研究成果的基础上，通过实验、推理、归纳出来的。
【解答】解：“一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止或匀速直线运动状态”这是牛顿第一定律的内容，牛顿总结了伽利略等前人的研究成果，概括出一条重要物理定律；这个定律是在实验的基础上，进一步推理、归纳得出来的。
故选：C。
2．【答案】B
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、一只普通医用外科口罩的质量在10g＝0.01kg左右，重力约为G＝mg＝0.01kg×10N/kg＝0.1N，故A错误；
BC、中学生的体重G＝500N，爬到二楼上升的高度h＝3m，一名中学生从一楼走到二楼克服重力做功：W＝Gh＝500N×3m＝1500J，故B正确；
跳起一次做的功：W＝Gh＝500N×0.04m＝20J，一分钟约跳绳180次，做的功：W′＝180×20J＝3600J，功率：P＝＝＝60W，故C错误；
D、利用滑轮组提升重物时需要克服动滑轮重，克服摩擦力等做额外功，因此滑轮组的机械效率总小于100%，故D错误。
故选：B。
3．【答案】C
【分析】（1）力包括两种：接触力和非接触力；
（2）物体在平衡力作用下总保持匀速直线运动状态或静止状态；
物体如果受到力的作用，且受到的力不平衡，物体的运动状态就会发生改变；
（3）力的三要素是指力的大小、方向、作用点；
（4）平衡力是指一个物体受到大小相等、方向相反的力，作用在同一条直线上，但是它的受力物体是一个；相互作用力是指两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在两个物体上。
【解答】解：两个物体相互接触，不一定会产生力的作用（如紧靠竖直的墙放在水平地面的木箱，与墙之间不存在力的作用）；两个物体不接触，也不一定就不会产生力的作用（如磁体间的相互吸引），所以①是错误的，②是正确的；
当物体受到平衡力时，总保持匀速直线运动状态或静止状态，所以受到力的作用时，运动状态不一定发生改变，故③错误，④正确；
平衡力和相互作用力的条件是力的方向相反，所以力的三要素完全相同的两个力既不是平衡力，也不是相互作用力，故⑤⑥错误。
故正确的有：②、④。
故选：C。
4．【答案】D
【分析】（1）物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变；
（2）球离开手后，不再受到人的推力；
（3）惯性的大小只与物体的质量有关；
（4）地面附近的一切物体都受到竖直向下的重力。
【解答】解：A、实心球在空中上升过程中，速度大小和方向都改变，所以运动状态发生改变，故A错误；
B、实心球在空中上升过程中受到重力，但不再受到向上的推力，故B错误；
C、实心球下落过程中速度越来越快，但它的质量不变，惯性大小不变，故C错误；
D、实心球最终落到地上，是因为受到重力作用，而重力的方向竖直向下，故D正确。
故选：D。
5．【答案】B
【分析】摩擦力大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关。
（1）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
【解答】解：A、瓶盖上的竖条纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误。
B、磁悬浮列车悬浮行驶，使得接触面分离，减小摩擦，故B正确；
C、用力刹车闸是在接触面的粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力，故C错误。
D、举重运动员比赛前手上涂镁粉，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选：B。
6．【答案】A
【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（2）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
（3）根据液体压强p＝ρgh可知，在海水中，越深处海水的压强越大。据此分析判断；
（4）空气流速大的位置，压强小。
【解答】解：
A、骆驼对地面的压力等于自身的重力，骆驼的脚很大，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，从而减小压强，压力没变，故A错误；
B、啄木鸟的嘴很尖细就是通过减小受力面积的方法来增大压强的，便于凿开树干，吃到里面的虫子，故B正确；
C、根据p＝ρgh深海处的海水压强很大，深海鱼长期生活在深海处已经适应了这个压强，故把它打捞到岸上时压强远小于深海处的压强，所以会死掉，故C正确；
D、雄鹰的翅膀是弧线形的，飞行过程中，翅膀上方空气流速快，压强小，翅膀下方空气流速慢，压强大，翅膀受到上下表面的压力差，不用抖动翅膀也能翱翔天空，故D正确。
故选：A。
7．【答案】C
【分析】（1）根据小西红柿的浮沉情况判断出小西红柿的密度与水密度的关系，进而判断出甲、乙液体密度的关系；
（2）根据小西红柿的浮沉情况判断出小西红柿的重力与浮力的关系，进而判断出小西红柿在甲、乙液体中受到浮力的关系，由阿基米德原理判断出小西红柿排开甲、乙液体重力的关系，由G＝mg判断出小西红柿排开甲、乙液体质量的关系；
（3）根据甲、乙液体体积和密度的关系，由密度公式判断出甲、乙液体重力的关系，根据液体对容器底的压力等于液体的重力加上小西红柿排开液体的重力，判断出甲、乙液体对容器底压力的关系。
【解答】解：A、由图可知，小西红柿在甲容器中沉底，说明小西红柿的密度大于甲液体的密度，小西红柿在乙液体中漂浮，说明小西红柿的密度小于乙液体的密度，所以甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度，即ρ甲＜ρ乙，故A错误；
BC、由图可知，小西红柿在甲容器中沉底，说明小西红柿的重力大于小西红柿在甲液体中的浮力，小西红柿在乙液体中漂浮，说明小西红柿的重力等于小西红柿在乙液体中的浮力，所以小西红柿在甲液体中的浮力小于小西红柿在乙液体中的浮力，即F浮甲＜F浮乙，由阿基米德原理知小西红柿排开甲液体的重力小于小西红柿排开乙液体的重力，由G＝mg知小西红柿排开甲液体的质量小于小西红柿排开乙液体的质量，即m排甲＜m排乙，故B错误，C正确；
D、甲、乙液体的体积相同，且ρ甲＜ρ乙，由m＝ρV知甲液体的重力小于乙液体的重力，由C知小西红柿排开甲液体的重力小于小西红柿排开乙液体的重力，
由于液体对容器底的压力等于液体的重力加上小西红柿排开液体的重力，所以甲液体对容器底的压力小于乙液体对容器底的压力，即F甲＜F乙，故D错误。
故选：C。
8．【答案】B
【分析】（1）可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系：若动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆；
（2）能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力。
【解答】解：（1）用手向上举物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆；
（2）用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处。
故选：B。
9．【答案】D
【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。
【解答】解：A、将一本书从地面上捡起，书在力的方向上有运动距离，手对书做了功，故A错误；
B、用手抱着一捆书沿水平方向做匀速直线运动，手对书的力与前进方向垂直，手对书不做功，故B错误；
C、运动员将杠铃举在空中静止时，杠铃在力的方向上没有运动距离，人对杠铃不做功，故C错误；
D、排球离开手在空中运动的过程中，手对排球不再有力的作用，排球的运动是因为排球具有惯性，所以手对排球没有做功，故D正确。
故选：D。
10．【答案】A
【分析】物理学中，用功率来表示物体做功的快慢。
【解答】解：小明妈妈的电动自行车的功率为400W，小明爸爸的小轿车的功率为110kW，小轿车的功率大，则小轿车做功快。
故选：A。
11．【答案】C
【分析】（1）由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，由此得出结论；
（2）定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，根据杠杆的平衡条件可得出结论；
（3）由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W＝Fs可知甲、乙拉力做功的大小，由此可得出结论。
【解答】解：AB、由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，故AB错误；
C、定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，即甲、乙拉力的力臂相等，根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2，可知，甲拉力大小等于乙拉力的大小，故C正确；
D、由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移到的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W＝Fs可知甲、乙拉力做功的大小相等，故D错误。
故选：C。
12．【答案】B
【分析】根据简单机械的原理：不省功和杠杆平衡条件，分别求出四个力，再确定最小的动力。
【解答】解：设物体重力为G，不计机械自重和摩擦：
A、图中为斜面，由功的原理可得，F1×4m＝G×2m，解得F1＝0.5G；
B、图中为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，因此F2＝G；
C、图中为定滑轮，不省力，则F3＝G；
D、由图可知，杠杆的动力臂为阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件可知，动力为阻力的二分之一，F4＝0.5G；
因此动力最小的是B。
故选：B。
13．【答案】B
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
（3）影响弹性势能的因素有弹性形变的大小，在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大。
【解答】解：A、投篮时，篮球离开手后继续向上运动的过程中，质量不变，速度变小，动能变小；质量不变，高度变大，重力势能变大，动能是转化为重力势能，故A错误；
B、篮球撞在篮板上被弹回的过程中，弹性势能转化为动能，故B正确；
C、篮球从最高处下落时，质量不变，高度降低，重力势能逐渐减小，速度变大，动能变大，故C错误；
D、篮球落到地上弹跳过程中，有能量损耗，机械能减小，机械能不守恒，故D错误。
故选：B。
14．【答案】C
【分析】（1）将物体沿光滑斜面由底端拉至顶端，物体不受摩擦力，不做额外功，则Fs＝Gh，据此判断拉力、拉力所做功的大小关系；
（2）物体沿光滑斜面下滑时其机械能守恒，物体滑到斜面底端时，物体的重力势能全部转化为动能；
（3）物体对水平面的压力大小等于自身的重力，而物体对斜面的压力大小小于自身的重力。
【解答】解：
AB、由题知甲、乙两斜面光滑，则将同一木块分别从斜面底端匀速拉至斜面顶端时，拉力做的功等于克服物体重力做的功，即：Fs＝Gh，且同一木块的重力不变、上升的高度相同，所以两次拉力做的功相等，即W甲＝W乙；
由图可知甲斜面的长度较大，即s甲＞s乙，且W甲＝W乙，则由W＝Fs可知甲的拉力较小，即F甲＜F乙，故AB错误；
C、物体沿光滑斜面下滑时其机械能守恒，物体滑到斜面底端时，物体的重力势能全部转化为动能；同一木块的重力不变、最初的高度相同，则最初的重力势能相等，滑到斜面底端时转化为的动能相等，其速度大小相同，即v甲＝v乙，故C正确；
D、物体对水平面的压力大小等于自身的重力，而物体对斜面的压力大小小于自身的重力，故D错误。
故选：C。
15．【答案】D
【分析】（1）物体在单位时间完成的功叫功率，功率是描述物体做功快慢的物理量，等于功和做功时间的比值；
（2）有用功跟总功的比值叫做机械效率；
（3）使用任何机械都不省功；
（4）机械能包括动能与势能，根据它们的影响因素可做出判断；
【解答】解：A、机械效率是有用功跟总功的比值，功率是物体做功快慢的物理量，机械效率的高低与功率无关，故A错误；
B、机械效率越高的机械，做的有用功与总功的比值越高，不是做功越多，故B错误；
C、使用任何机械都不省功，所以使用动滑轮可以省力，但不可以省功，故C错误；
D、物体做匀速直线运动时，若质量不变，则动能不变；如果竖直上升，其重力势能变大，则机械能变大，故D正确。
故选：D。
二、理解与应用（本题包括6个小题，共14分）
16．【答案】上升；下沉。
【分析】（1）将把气压计从1楼拿到11楼，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析；
（2）潜水艇是通过改变自身的重力来实现下潜、悬浮和上浮的，结合这个特点来对此题的模型进行分析。
【解答】解：（1）大气压随海拔高度的增加而减小，所以把气压计从1楼拿到11楼，高度增加，大气压降低，在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压进玻璃管，使管内水柱上升；
（2）模型原来悬浮在水中，所受重力等于浮力。向外拉注射器的活塞时，试管内气压减小，水被压入试管中，试管中的水增加，模型重力变大，根据F浮＝ρ水gV排可知，浮力不变，由于重力大于浮力，所以潜艇模型将下沉。
故答案为：上升；下沉。
17．【答案】相互；变大
【分析】物体间力的作用相互的；动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，动能和重力势能统称机械能。
【解答】解：火箭向下喷气对气体施加向下的作用力，气体同时给火箭施加向上的反作用力，说明物体间力的作用是相互的；
火箭加速上升的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，机械能增大。
故答案为：相互；变大。
18．【答案】1；1×10﹣4；4×103。
【分析】根据F浮水＝G﹣F水得出物体浸没在水中受到的浮力，根据V＝V排＝得出物体A的体积，由密度公式算出物体A的密度。
【解答】解：由图知物体A的重力为4N，完全浸没时弹簧测力计的示数为3N，根据称重法可知物体浸没在水中受到的浮力：
F浮水＝G﹣F水＝4N﹣3N＝1N，
根据阿基米德原理可知物体A的体积为：
V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3，
物体A的密度为：
ρA＝＝＝＝4×103kg/m3。
故答案为：1；1×10﹣4；4×103。
19．【答案】300；1×104。
【分析】（1）已知重力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件可计算出地面对他双手的支持力；
（2）根据力的作用的相互性，双手对地面的压力等于地对双手的支持力，又知手掌与地面的接触面积，根据p＝求出双手对地面的压强。
【解答】解：（1）根据杠杆平衡的条件可得：F1L1＝F2L2
500N×0.9m＝F2×（0.9m+0.6m），解得：F2＝300N，所以双手支持力的大小为300N；
（2）由力的作用是相互的，所以双手受支持力与双手对地面压力相等，即F＝F2＝300N，
所以双手对地面的压强：
p＝＝1×104Pa。
故答案为：300；1×104。
20．【答案】见试题解答内容
【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
【解答】解：由小阳站在地面上可知拉力的方向应向下，则绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮，再向上绕过定滑轮，最后绳端的拉力应向下。如图所示：

21．【答案】见解答
【分析】（1）已知支点O和动力，阻力，根据力臂的画法，从支点作力F作用线的垂线段，即为力臂L；
（2）物体对桌面的压力的作用点在接触面，方向是垂直桌面向下。
【解答】解：（1）图中支点为O点，从O作F作用线的垂线段就是F的力臂L，如图所示；
（2）茶杯对桌面的压力，受力物体是桌面，所以作用点在桌面上，从力的作用点起，沿力的方向画一条带箭头的线段，如图所示：

三、实验与探究（本题包括4个小题，共25分）
22．【答案】（1）作用点；（2）大气压；（3）深度。
【分析】（1）力的大小、方向、作用点都会影响力的作用效果。
（2）气体压强与气体体积、气体的质量和温度有关。大气对地面附近的物体都有大气压强的作用。
（3）液体内部存在压强，液体内部的压强与液体的密度和深度有关。
【解答】解：（1）用等大的力轻推瓶盖处，瓶子翻了，这说明力的作用效果与力的作用点有关。
（2）空饮料瓶，吸气时瓶内的气体减少，空气压强减小，瓶外大气压强大于瓶内压强，把瓶压瘪，此现象证明了大气压的存在。
（3）在开口的矿泉水瓶上扎一个小孔，水便从小孔喷出。说明液体对容器的侧壁有压强；
随着瓶内水面的降低，水喷出的距离越来越短，说明液体压强随深度的减小而减小。
故答案为：（1）作用点；（2）大气压；（3）深度。
23．【答案】（1）是；右；（2）二；便于从杠杆上直接读出力臂；（3）D；（4）没有多次改变力和力臂的大小。
【分析】（1）杠杆静止或匀速转动时杠杆就处于平衡状态；
调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（3）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，据此分析；
（4）通过实验总结实验结论时，一般要进行多次实验，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出普遍的物理规律。
【解答】解：（1）实验前，杠杆静止杠杆处于平衡状态；
如图杠杆的右端上翘，应将平衡螺母向右端移动；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第二组实验设计的好，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，力臂直接从杠杆上直接读取；
（3）设一个钩码为G，一格的长度为L，在左侧四个钩码下方加挂一个钩码，左侧：5G×3L＝15GL，
A、将悬挂在右侧的钩码减少一个，2G×4L＝8GL≠15GL，故A不可行；
B、将悬挂在右侧的钩码增加一个，4G×4L＝16GL≠15GL，故B不可行；
C、将悬挂在右侧的钩码向左移动一格，3G×3L＝9GL≠15GL，故C不可行；
D、将悬挂在右侧的钩码向右移动一格，3G×5L＝15GL，故D可行。
故选：D；
（4）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律。
故答案为：（1）是；右；（2）二；便于从杠杆上直接读出力臂；（3）D；（4）没有多次改变力和力臂的大小。
24．【答案】（1）匀速；（2）①83.3%；②2.2；③40；（3）提升的重物所受的重力越大；（4）动滑轮的重力不同；（5）不变。
【分析】（1）在实验中，应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小；
（2）①根据η＝＝＝＝算出第二次滑轮组的机械效率；
②根据测力计分度值读数；
③由图乙可知，连接动滑轮绳子的段数为4段，根据s＝4h算出绳子自由端移动的距离；
（3）（4）根据表格中的数据，利用控制变量得出结论；
（5）根据（2）知，滑轮组的机械效率为η＝＝＝＝×100%，据此分析。
【解答】解：（1）在实验中，应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小；
（2）①第二次滑轮组的机械效率为：
η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%；
②第三次实验时弹簧测力计示为2.2N；
③由图乙可知，连接动滑轮绳子的段数为4段，则绳子自由端移动的距离为4×10cm＝40cm；
（3）分析比较1、2、3组数据发现，使用同一滑轮组，其他条件不变时，提升的重物所受的重力越大，滑轮组的机械效率越高；
（4）第3、4次实验中物体的重力相同，动滑轮的重力不同，且动滑轮越重，机械效率越低，即动滑轮的重力不同，滑轮组的机械效率不同；
（5）根据η＝＝＝＝×100%知在第一次实验中，若其他条件不变，只增加钩码上升的高度，滑轮组机械效率将不变。
故答案为：（1）匀速；（2）①83.3%；②2.2；③40；（3）提升的重物所受的重力越大；（4）动滑轮的重力不同；（5）不变。
25．【答案】（1）A；（2）木块移动的距离；重力势能；变小；（3）质量；（4）没有控制钢球的速度一定；（5）速度；（6）一直做匀速直线运动；（7）＝。
【分析】（1）（2）实验中应用了转换法，把不易观察的动能转换成推动木块移动的距离长短间接反馈；
（3）（4）（5）动能的影响因素有两个：速度和质量。小车从粗糙斜面滑下的过程中，要克服摩擦做功，消耗掉部分机械能，所以机械能减小。解题时需要根据控制变量法解答；
（6）根据牛顿第一定律内容解答；
（7）滑动摩擦力的影响因素有两个：接触面的粗糙程度和压力大小。
【解答】解：（1）由题意可知，实验中探究的是钢球的动能，即钢球撞击木块时的动能大小，故A符合题意；
（2）实验中通过比较木块移动的距离反映钢球的动能大小。钢球从斜面滚动下来过程，高度下降，重力势能减小转化为动能和内能，所以机械能变小；
（3）甲、丙两次实验钢球的速度相同，质量不同，让质量不同的钢球从斜面的相同高度自由滚下是为了探究物体动能大小与质量的关系；
（4）乙、丙两图钢球的质量不同，速度也不同，研究动能与质量的关系，需要控制钢球的速度一定，所以小明的结论是错误的；
（5）影响动能的因素有两个：质量和速度。不同的车型质量不同，限定最高速度，可以控制动能大小，保障行车安全；
（6）根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块被钢球撞击后，在水平面上将一直做匀速直线运动；
（7）甲、乙两图木块运动过程中，压力和接触面的粗糙程度均不变，所以木块受到的滑动摩擦力大小不变，即f1＝f2。
故答案为：（1）A；（2）木块移动的距离；重力势能；变小；（3）质量；（4）没有控制钢球的速度一定；（5）速度；（6）一直做匀速直线运动；（7）＝。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共16分）
26．【答案】（1）水对容器底部的压强为3000Pa；
（2）小球静止时受到的浮力为0.3N。
【分析】（1）已知容器中水的深度，根据p＝ρgh求出水对容器底部的压强；
（2）计算小球的密度，判定其在水中静止时的状态，根据物体的漂浮条件计算浮力。
【解答】解：（1）水对容器底部的压强：
p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3000Pa；
（2）小球的密度：ρ小球＝＝＝0.6g/cm3＜ρ水，可知在水中静止时小球处于漂浮状态；
则小球静止时受到的浮力：F浮＝G小球＝m小球g＝30×10﹣3kg×10N/kg＝0.3N。
答：（1）水对容器底部的压强为3000Pa；
（2）小球静止时受到的浮力为0.3N。
27．【答案】（1）拉力F做的功为1600J；
（2）拉力F的大小为400N；
（3）工人利用该滑轮组提升物体的机械效率为87.5%。
【分析】（1）知道拉力F做功的功率（总功率）和所用时间，根据P＝求出拉力F做的功；
（2）由图可知动滑轮上绳子的股数，利用W总＝Fs＝Fnh求出拉力F的大小；
（3）根据W有＝Gh求出有用功，利用公式η＝求出滑轮组提升物体的机械效率。
【解答】解：（1）已知物体A在10s内匀速上升2m，提升过程中拉力F做功的功率为160W，
根据P＝可知，拉力F做的功为：
W总＝Pt＝160W×10s＝1600J；
（2）由图可知n＝2，根据W总＝Fs＝Fnh可知，拉力F的大小为：
F＝＝＝400N；
（3）所做的有用功为：
W有＝Gh＝700N×2m＝1400J，
则滑轮组的机械效率为：
η＝＝×100%＝87.5%。
答：（1）拉力F做的功为1600J；
（2）拉力F的大小为400N；
（3）工人利用该滑轮组提升物体的机械效率为87.5%。
28．【答案】C
【分析】根据铝块和铜块质量相同，并结合杠杆的平衡条件确定杠杆的类型，即为等臂杠杆；因此当铜块、铝块都浸没水中后，受到浮力较小的一侧，杠杆下沉。
【解答】解：因铝块、铜块的质量相同（重力相同），由杠杆平衡条件可知，两侧力与力臂的乘积相同，并且杠杆为等臂杠杆；
又因为两者的质量相同，且ρ铜＞ρ铝，所以由V＝可知V铜＜V铝；当同时浸没于水中后，铝块排开水的体积较大，则铝块受到的浮力较大（即托起铝块的力较大），所以铝块一侧上升，铜块一侧将下降，即A端将下降，B端将上升。
故选：C。
29．【答案】见试题解答内容
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件分析解答小腿肌肉对每只脚的拉力；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，根据P＝算出小明踮脚过程中克服重力做功的功率F1F2
【解答】解：
（1）由图知，动力F的力臂L1＝8cm+4cm＝12cm＝0.12m；重力的力臂L2＝8cm＝0.08m；
根据杠杆的平衡条件可得：FL1＝GL2，
则小腿肌肉对两只脚的拉力：F＝＝＝400N；
则小腿肌肉对每只脚的拉力：F′＝F＝×400N＝200N；
（2）小腿肌肉对脚的拉力做的功：W拉力＝Fh＝400N×0.09m＝36J；
小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，等于36J；
小明在1min内完成50个双脚同时踮起动作，
则小明踮脚过程中克服重力做功的功率：P＝＝＝30W。
答：（1）小腿肌肉对每只脚的拉力为200N；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率为30W。