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2023年甘肃省定西市临洮县中考模拟（二）物理试题
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这是一份2023年甘肃省定西市临洮县中考模拟（二）物理试题，共27页。
2023年甘肃省定西市临洮县中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项的字母写在题后的括号内。本题共6小题，每小题2分，共12分）
1．（2分）估测在生活实际中应用广泛，下列估测的数据中最接近生活实际的是（ ）
A．一支普通铅笔的质量约为500g
B．初中物理课本的长度约为0.26m
C．人体感觉舒适的环境温度约为50℃
D．普通中学生脉搏跳动30次用时约1min
2．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌
B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的
C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声
3．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B．瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
4．（2分）如图所示，在2022年北京冬奥会闭幕式上，十二生肖造型的冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结。下面说法中错误的是（ ）
A．冰车装有车轮目的是减小摩擦
B．人推冰车时，人对车的推力大于车对人的推力
C．小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压强变大
D．匀速行驶的冰车在滑中国结的过程中受非平衡力的作用
5．（2分）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”离开地面后就不受重力作用
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”向前运动
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
6．（2分）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析错误的是（ ）
A．乙消耗的电功率为3.6W
B．甲中的电流大于乙中的电流
C．整个电路消耗的电功率为10.8W
D．甲消耗的电功率为3.6W
二、填空题。（本题共8小题，请将正确答案填到各小题的横线上。每空1分，共18分）
7．（2分）2021年5月30日，天舟二号货运飞船与天和核心舱实现顺利对接，对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱是 （选填“静止”或“运动”）的；地面指挥中心通过 （选填“超声波”或“电磁波”）对二者进行远程控制。
8．（2分）某手机电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“输出5V 4A”的快速充电器，将手机电池从零电量充满，充电效率为84%，需要 min。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，这是因为正常工作时，通过快充充电线的 较大。
9．（2分）“炖汤”因味道好而深受茂名人喜爱。“炖汤”就是把汤料和水置于炖盅内，而炖盅则浸在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，如图。在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的“白气”，这是 现象（填物态变化），煲盖不断跳动，若汤的沸点与水的沸点相同，则盅内的汤 （填“会”或“不会”）沸腾。
10．（3分）如图所示的开瓶器，是 杠杆（选填“省力”“等臂”或“费力”），瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的惯性将 ，瓶盖的重力势能将 。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
11．（3分）冬奥会的冰壶比赛中，运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过 改变了冰面的内能，冰面上融化出一层薄薄的水，这样可以 冰壶受到的摩擦力（选填“增大”或“减小”），使冰壶滑得更远，在此过程中冰壶的惯性 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
12．（2分）近期某地出现了龙卷风特殊天气，龙卷风内外存在巨大的压强差是由于其中心空气流速大，压强 ，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心；某人用手机拍下龙卷风的照片，手机镜头相当于 透镜。
13．（2分）中学生要养成文明的行为习惯，严禁高空抛物。如果一个重0.5N的鸡蛋从20m高处自由下落，不计空气阻力，下落过程中鸡蛋的重力势能转化为 能，重力对鸡蛋所做的功为 J。
14．（2分）南昌舰是中国吨位最大的驱逐舰，满载时排水量达1.236×107kg，则舰侧距水面3m深处受到海水的压强为 Pa。南昌舰满载时排开海水体积为 m3。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3）
三、识图、作题。（本题共4小题，共7分）
15．（1分）如图所示，小磁针静止不动，请在图中标出电源的正、负极。
16．（2分）请在图中画出与入射光线对应的折射光线。
17．（2分）图中物体A静止在斜面上，请作出物体A受到的重力和斜面受到的压力的示意图。
18．（2分）如图为两只“220V 30W”的螺口灯泡，请根据安全用电原则将电路连接好，要求：开关闭合后两灯都能正常发光。
四、探究及实验题。（本题共5小题，共19分）
19．（5分）小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是 。（填字母）
A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力
B.仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
20．（14分）在测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡逐渐变亮，连线不得交叉）。
（2）在连接电路时，若有A（5Ω，1A）、B（10Ω，0.5A）和C（10Ω，0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 （填“A”、“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。
（3）在实验中，若电压表示数为2V，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑动变阻器的滑片P向 （填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则电路中的电流是 A，小灯泡的额定功率为 W。
（4）小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据，做出I﹣U图象如图丙所示。结果发现图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压 （填“成”或“不成”）正比，这是因为 。
21．（2分）国家速滑馆内一场速滑赛结束，运动员穿戴的冰刀鞋使赛道冰面产生了凹凸不平的划痕，如图所示。为迎接下一场比赛，工作人员通过浇水并喷洒干冰对冰面破损处进行修复。请回答：
（1）为什么锋利的冰刀会对冰面产生划痕？
（2）用物态变化的知识说明浇水并喷洒干冰能快速修复冰面的原因。
22．（6分）绿色环保已成为人们生活中重要的理念。电动汽车是一种节能环保的交通工具，某电动汽车部分参数如下。若某次车满载时，车和人的总质量为1.8吨，四个车轮与水平地面接触面积分别为50cm2（g＝10N/kg）。求：
额定乘客人数
5
电动机额定电压
500V
电动机额定功率
100kW
电池容量
500Ah
（1）满载时汽车对水平地面的压强；
（2）若汽车以108km/h的速度在平直高速公路匀速行驶20分钟，行驶的距离是多少；
（3）若汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，发动机效率为80%，则汽车在行驶过程中受到的阻力大小。
23．（6分）某学校建了一个植物园，园内有一个温室大棚，大棚内设计了模拟日光和自动调温系统，对大棚进行照明、保温和加热。冬季白天有日光的时候，灯泡不亮；白天开启该系统的保温功能，晚上开启该系统的加热功能。大棚照明调温功能的原理电路图如图所示。已知电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），保温时R1与R2的电功率之比为1：3，R2＝30Ω，L是标有“220V，100W”的灯泡。请解答下列问题：
（1）灯泡正常工作时的电阻多大？
（2）开启加热功能时开关S2处于 （选填“断开”或“闭合”）状态。
（3）若每天保温状态和加热状态各连续工作10h，一天中电热丝放出的热量完全由该植物园自产的沼气提供，其热效率为50%，则每天需要完全燃烧多少立方米的沼气？（已知热值q沼气＝1.8×107J/m3）
2023年甘肃省定西市临洮县中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项的字母写在题后的括号内。本题共6小题，每小题2分，共12分）
1．（2分）估测在生活实际中应用广泛，下列估测的数据中最接近生活实际的是（ ）
A．一支普通铅笔的质量约为500g
B．初中物理课本的长度约为0.26m
C．人体感觉舒适的环境温度约为50℃
D．普通中学生脉搏跳动30次用时约1min
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、普通铅笔的质量约为5g，故A错误；
B、初中物理课本的长度约为26cm，即0.26m，故B正确；
C、人体感觉舒适的环境温度约25℃，故C错误；
D、中学生脉搏跳动30次用时约0.5min，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌
B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的
C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声
【分析】（1）声音的特性包括音调、响度和音色，音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质与特色。据此判断；
（2）一切发声的物体都在振动；
（3）声音既能传递信息，又能传递能量；
（4）减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
【解答】解：A、不同人声带的结构不同，发声的音色不同，“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的，故A错误；
B、物体发声时一定在振动，二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的，故B正确；
C、用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、城市道路旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】物理基础知识的识记要经常强化，避免似懂却叫不准的现象，本题就是考查声现象中基础知识判断的题目。
3．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B．瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
【分析】（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：
A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气的内能增加，温度升高，故A错误；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故C正确；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气体的内能减少，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
4．（2分）如图所示，在2022年北京冬奥会闭幕式上，十二生肖造型的冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结。下面说法中错误的是（ ）
A．冰车装有车轮目的是减小摩擦
B．人推冰车时，人对车的推力大于车对人的推力
C．小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压强变大
D．匀速行驶的冰车在滑中国结的过程中受非平衡力的作用
【分析】（1）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
（2）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力大小相等；
（3）根据p＝分析压强变化；
（4）物体受平衡力是处于静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：
A、冰车装有车轮可以减小摩擦，用滚动代替滑动，可以减小摩擦力，故A正确；
B、人推冰车时，人对车的推力和车对人的推力是一对相互作用力，二者大小相等，故B错误；
C、小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压力变大，受力面积不变，根据p＝知，压强变大，故C正确；
D、由题知冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结，其运动轨迹是曲线（运动方向不断变化），则冰车处于非平衡状态，所以匀速行驶的冰车在水平方向受到非平衡力的作用，故D正确。
故选：B。
【点评】本题以冰车为背景，考查了平衡状态的判断、增大摩擦的方法、相互作用力、压强大小的影响因素等，涉及到的知识点多，综合性强，是一道理论联系实际的好题。
5．（2分）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”离开地面后就不受重力作用
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”向前运动
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
【分析】（1）地面附近的一切物体都受到重力的作用；
（2）太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（4）机械能等于动能与势能的总和；核心舱或卫星在大气层外运行时，不受阻力的作用，其机械能守恒。
【解答】解：A、“天舟四号”在进入太空后，会处于“失重”状态，但离开地面后重力不会立即消失，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”的位置没有发生改变，是静止的，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【点评】本题围绕航天事件，考查了对重力的理解，能量转化的判断，运动与静止的相对性，机械能守恒的判断等，综合性强，但难度不大。
6．（2分）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析错误的是（ ）
A．乙消耗的电功率为3.6W
B．甲中的电流大于乙中的电流
C．整个电路消耗的电功率为10.8W
D．甲消耗的电功率为3.6W
【分析】（1）由图象读出任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值；
（2）将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端时它们两端的电压相等，根据欧姆定律比较通过两电阻的电流关系，根据P＝UI＝求出甲、乙消耗的电功率，两者之和即为整个电路消耗的电功率。
【解答】解：由图象可知，当U甲＝U乙＝3V时，I甲＝0.6A，I乙＝0.3A，
由I＝可得，两定值电阻甲、乙的阻值分别为：R甲＝＝＝5Ω，R乙＝＝＝10Ω，
所以，R乙＞R甲，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，两定值电阻甲、乙两端的电压均为6V，
由I＝可知，甲的阻值较小，通过的电流较大，即通过电阻甲中的电流大于电阻乙中的电流，故B正确；
此时甲、乙消耗的电功率分别为：P甲＝＝＝7.2W，P乙＝＝＝3.6W，故A正确，D错误；
整个电路消耗的电功率：P总＝P甲+P乙＝7.2W+3.6W＝10.8W，故C正确。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
二、填空题。（本题共8小题，请将正确答案填到各小题的横线上。每空1分，共18分）
7．（2分）2021年5月30日，天舟二号货运飞船与天和核心舱实现顺利对接，对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱是 静止 （选填“静止”或“运动”）的；地面指挥中心通过 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）对二者进行远程控制。
【分析】（1）判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否改变；
（2）在航天通讯中，是利用电磁波来传递信息的。
【解答】解：对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱的位置没有发生改变，所以是静止的；地面指挥中心通过电磁波对二者进行远程控制。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题以航天事件为背景，考查了运动与静止的相对性、电磁波的运用等，体现了物理知识在高科技领域的应用。
8．（2分）某手机电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“输出5V 4A”的快速充电器，将手机电池从零电量充满，充电效率为84%，需要 55.5 min。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，这是因为正常工作时，通过快充充电线的 电流 较大。
【分析】（1）根据公式W＝UIt求得电池充满电储存的电能，由公式P＝UI求得充电器的充电功率，结合充电效率可得充电时间；
（2）由焦耳定律公式Q＝I2Rt可知，快充充电时电流大，在相同条件下，产生的热量多。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，是通过增大导线的横截面积来减小导线电阻方法来减少充电时导线产生的热量。
【解答】解：（1）电池充满电储存的电能为：W＝UIt＝3.7V×4.2A×3600s＝55944J，
充电器的有效功率为：P有＝ηP充＝ηU充I充＝84%×5V×4A＝16.8W，
充满电所需时间为：；
（2）由焦耳定律公式Q＝I2Rt可知，快充充电时电流大，在相同条件下，产生的热量多。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，是通过增大导线的横截面积来减小导线电阻方法来减少充电时导线产生的热量。
故答案为：55.5；电流。
【点评】本题主要考查电功公式、焦耳定律的应用，难度不大。
9．（2分）“炖汤”因味道好而深受茂名人喜爱。“炖汤”就是把汤料和水置于炖盅内，而炖盅则浸在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，如图。在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的“白气”，这是 液化 现象（填物态变化），煲盖不断跳动，若汤的沸点与水的沸点相同，则盅内的汤 不会 （填“会”或“不会”）沸腾。
【分析】（1）物体由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是液态的小水珠，是由水沸腾时产生的大量的水蒸气再液化形成的；
（2）液体要沸腾需要达到两个条件，一是达到沸点，二是继续吸热。
【解答】解：
（1）在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的空气，液化成小液滴，形成“白气”；
（2）沸腾需要的条件是液体温度达到沸点，同时还要继续吸热。本题中将炖盅浸在大煲的水中，而且用蒸架把盅与煲底隔离，大煲内水由于火的持续加热，温度达到沸点而沸腾，经过一段时间的热传递，炖盅中的温度也会达到沸点温度，这样炖盅内外温度相等，没有温度差，不会发生热传递，也就不会继续给炖盅中水加热，里面的水只能是达到沸点温度而不能沸腾起来。
故答案为：液化；不会。
【点评】物态变化现象在生活中随处可见，尤其是液化现象，各种“白气”都是水蒸气遇冷液化形成的；同时考查了液体沸腾的条件，注意沸腾条件，达到沸点后要继续吸热，是一道学科综合题。
10．（3分）如图所示的开瓶器，是 省力 杠杆（选填“省力”“等臂”或“费力”），瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的惯性将 不变 ，瓶盖的重力势能将 减小 。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
惯性的大小只与质量有关，质量越大，惯性越大。
重力势能的大小与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：开瓶器在使用过程中，支点在瓶盖中间，阻力作用在瓶盖边缘，动力在开瓶器末端，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的质量大小不变，所以惯性大小将不变。
重力势能的大小与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。瓶盖加速向下落地的过程中，质量不变，高度降低，所以重力势能减小。
故答案为：省力；不变；减小。
【点评】此题考查了杠杆的分类、惯性现象及重力势能的变化，属于基础知识。
11．（3分）冬奥会的冰壶比赛中，运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过 做功 改变了冰面的内能，冰面上融化出一层薄薄的水，这样可以 减少 冰壶受到的摩擦力（选填“增大”或“减小”），使冰壶滑得更远，在此过程中冰壶的惯性 不变 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
冰面上融化出一层薄薄的水，可以使接触面分离脱离接触，从而减小冰壶受到的摩擦力。
惯性是物体保持原来运动状态不变的一种性质，只与物体的质量有关。
【解答】解：运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，对冰面做功，将机械能转化为内能，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过做功的方式改变了冰面的内能。
冰面上融化出一层薄薄的水，可以使接触面分离脱离接触，从而减小冰壶受到的摩擦力，使冰壶滑的更远。
冰壶在滑行过程中质量不变，冰壶的惯性不变。
故答案为：做功；减少；不变。
【点评】本题考查了惯性、摩擦力大小的影响因素以及改变内能的方法，属于综合性题目。
12．（2分）近期某地出现了龙卷风特殊天气，龙卷风内外存在巨大的压强差是由于其中心空气流速大，压强 小 ，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心；某人用手机拍下龙卷风的照片，手机镜头相当于 凸 透镜。
【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大；
手机镜头是利用凸透镜成实像的原理工作的。
【解答】解：根据流体压强和流速的关系可知龙卷风的中心空气流速大、压强小，外围的空气流速小、压强大，形成向内的压强差，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心。
手机镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像。
故答案为：小；凸。
【点评】此题考查的是流体压强与流速关系、凸透镜成像的应用，属于基础知识考查，难度不大。
13．（2分）中学生要养成文明的行为习惯，严禁高空抛物。如果一个重0.5N的鸡蛋从20m高处自由下落，不计空气阻力，下落过程中鸡蛋的重力势能转化为 动 能，重力对鸡蛋所做的功为 10 J。
【分析】（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（2）利用W＝Gh计算重力对鸡蛋所做的功。
【解答】解：鸡蛋下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小；速度增加，动能增大，重力势能转化为动能；
重力对鸡蛋所做的功为：W＝Gh＝0.5N×20m＝10J。
故答案为：动；10。
【点评】此题考查动能和重力势能的转化、功的计算，难度不大，掌握动能和重力势能的影响因素是关键。
14．（2分）南昌舰是中国吨位最大的驱逐舰，满载时排水量达1.236×107kg，则舰侧距水面3m深处受到海水的压强为 3.09×104 Pa。南昌舰满载时排开海水体积为 1.2×104 m3。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3）
【分析】由液体压强公式得到海水的压强；由密度公式得到排开海水的体积。
【解答】解：舰侧距水面3m深处受到海水的压强p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×3m＝3.09×104Pa。
南昌舰满载时排开海水体积V＝＝＝1.2×104m3。
故答案为：3.09×104；1.2×104。
【点评】本题考查了液体压强公式和密度公式，要知道船满载的含义。
三、识图、作题。（本题共4小题，共7分）
15．（1分）如图所示，小磁针静止不动，请在图中标出电源的正、负极。
【分析】由磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的左端为N极，右端为S极，再由右手螺旋定则得出电流的方向，标出电源的正、负极。
【解答】解：因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以，根据静止时小磁针的N、S极指向可知，螺线管右侧为S极，左侧为N极；
则由右手螺旋定则可知螺线管中电流由右侧流入、左侧流出，则电源右端为正极、左端为负极；如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
16．（2分）请在图中画出与入射光线对应的折射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
17．（2分）图中物体A静止在斜面上，请作出物体A受到的重力和斜面受到的压力的示意图。
【分析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：
过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。
18．（2分）如图为两只“220V 30W”的螺口灯泡，请根据安全用电原则将电路连接好，要求：开关闭合后两灯都能正常发光。
【分析】家庭电路中的电灯是并联，一个开关控制两个电灯，则开关在干路上，且开关连在火线与电灯之间。
【解答】解：开关要接在火线和灯之间，两只电灯在家庭电路中并联才能正常工作，又因为开关同时控制两灯，所以开关在干路上；火线先进入灯泡的金属点，然后螺旋口接在零线上；如图所示：
【点评】本题考查家庭电路的连接，注意开关应接在火线与灯之间；本题难度不大。
四、探究及实验题。（本题共5小题，共19分）
19．（5分）小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 12.50 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 0.15 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa ＝ fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是 C 。（填字母）
A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力
B.仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
【分析】（1）刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，据此读出从A到F的路程；
同理由图判断物块从C到E运动的路程，已知频闪相机每隔0.2s闪拍一次，根据图中判断C到E闪拍几次，便可知道从C到E所用的时间，利用速度公式可求出从C到E的平均速度；
（2）（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关；根据控制变量法分析；
（4）从滑动摩擦力大小的影响因素分析；
【解答】解：（1）由图可知物体从A处到F处运动的路程为：s＝12.50cm；
物块从C处运动到E处的路程s1＝8.00cm﹣2.00cm＝6.00cm＝0.06m，时间t1＝0.2s×2＝0.4s；
物块从C处运动到E处的平均速度为：
v1＝＝＝0.15m/s；
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，即fa＝fb；
（4）A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力，拉力大于摩擦力，不能通过拉力反映摩擦力大小，故A不符合题意；
B．探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系，保持压力大小不变，仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块，改变压力的大小，故B不符合题意；
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大，两次实验弹簧测力计示数差距会增大，故C符合题意；
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，增大了压力，可使丙实验中的摩擦力增大，弹簧测力计示数增大，但与甲相比压力不同，不能探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：（1）12.50；0.15；（2）压力大小；（3）＝；（4）C。
【点评】本题考查了速度公式的应用和探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法，从图上读取相关信息是解题的关键，需要注意刻度尺读数要估读到分度值后一位。
20．（14分）在测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡逐渐变亮，连线不得交叉）。
（2）在连接电路时，若有A（5Ω，1A）、B（10Ω，0.5A）和C（10Ω，0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 B （填“A”、“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。
（3）在实验中，若电压表示数为2V，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑动变阻器的滑片P向 A （填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则电路中的电流是 0.4 A，小灯泡的额定功率为 1.52 W。
（4）小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据，做出I﹣U图象如图丙所示。结果发现图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压 不成 （填“成”或“不成”）正比，这是因为 灯丝电阻随温度的升高而增大 。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮，说明滑动变阻器使用左半段电阻丝，滑动变阻器应接左下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，即可完成电路连接。
（2）连接电路时，开关要断开；由串联电路特点及欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，然后根据该阻值选择滑动变阻器。
（3）灯泡电压小于额定电压，为使灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片使滑动变阻器接入电路的阻值减小，使灯泡电压变大，根据滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；当灯泡电压等于额定电压时，灯泡正常发光；根据图乙电流表的量程和分度值读出示数，由电功率公式P＝UI可以求出灯泡电功率。
（4）灯泡的灯丝会随温度的变化而改变，这是造成电流与电压不成正比的真正原因。
【解答】解：（1）滑动变阻器接左下接线柱，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路中电流I＝＝＝0.38A，故选用0～0.6A量程，电路图如图所示。
（2）在连接电路时，开关必须断开；灯泡正常发光时电路电流I＝＝＝0.38A，此时滑动变阻器两端电压
U滑＝U﹣UL＝6V﹣3.8V＝2.2V，
由I＝得：滑动变阻器接入电路的阻值
R滑＝＝≈5.8Ω＞5Ω，滑动变阻器应选B。
（3）电压表示数2V小于灯泡额定电压3.8V，由电路图可知，应向A移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，灯泡两端的电压变大，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光，电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.4A，
灯泡的额定功率P＝UI＝3.8V×0.4A＝1.52W；
（4）图线弯曲说明小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，即灯泡的电阻值是变化的，不是定值，这是因为灯丝电阻随温度升高而增大，灯泡两端电压越大，
通过灯的电流越大，灯泡的实际功率越大，灯丝温度越高，电阻越大，所以图线不是直线。
故答案为：（1）如上图；（2）B；（3）A；0.4；1.52；（4）不成；灯丝电阻随温度的升高而增大。
【点评】本题考查了实验注意事项、连接实物电路图、滑动变阻器的选择、电路故障分析、实验数据处理、滑动变阻器的作用等，是实验的常考问题，一定要掌握；连接实物电路图时，要注意电表量程的选择，注意题目要求。
21．（2分）国家速滑馆内一场速滑赛结束，运动员穿戴的冰刀鞋使赛道冰面产生了凹凸不平的划痕，如图所示。为迎接下一场比赛，工作人员通过浇水并喷洒干冰对冰面破损处进行修复。请回答：
（1）为什么锋利的冰刀会对冰面产生划痕？
（2）用物态变化的知识说明浇水并喷洒干冰能快速修复冰面的原因。
【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
（2）物质从固态不经过液态而直接转化为气态的过程叫做升华，升华过程中需要吸热；
物质由液态变为固态的过程叫做凝固，凝固过程中需要放热。
【解答】答：（1）冰刀与冰面的接触面积很小，压力一定时，对冰面产生的压强很大，很容易在冰面留下划痕。
（2）干冰升华吸收大量热，将冰面破损处水的温度迅速降至水的凝固点以下，水能快速凝固。
【点评】本题考查增大压强的方法和升华吸热、凝固放热的应用，是一道基础题。
22．（6分）绿色环保已成为人们生活中重要的理念。电动汽车是一种节能环保的交通工具，某电动汽车部分参数如下。若某次车满载时，车和人的总质量为1.8吨，四个车轮与水平地面接触面积分别为50cm2（g＝10N/kg）。求：
额定乘客人数
5
电动机额定电压
500V
电动机额定功率
100kW
电池容量
500Ah
（1）满载时汽车对水平地面的压强；
（2）若汽车以108km/h的速度在平直高速公路匀速行驶20分钟，行驶的距离是多少；
（3）若汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，发动机效率为80%，则汽车在行驶过程中受到的阻力大小。
【分析】（1）电动车对地面的压力等于人和电动车的总重力，根据G＝mg求出其大小，受力面积等于4个车轮与地面的接触面积之和，利用p＝求出车对地面的压强；
（2）由v＝可求汽车行驶的距离；
（3）根据F＝f、P＝＝＝Fv求出该过程中汽车的牵引力。
【解答】解：（1）该汽车满载时对水平路面的压力：
F＝G＝mg＝1.8×103kg×10N/kg＝1.8×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝9×105Pa；
（2）由v＝可得，汽车行驶的路程：
s＝vt＝108×m/s×20×60s＝3.6×104m；
（3）由发动机效率为80%，可得机械有用功率：P＝80%P额，
由P＝＝＝Fv可得该过程中汽车的牵引力：
F＝＝＝8000N，
汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，所以f＝F＝8000N。
答：（1）满载时汽车对水平地面的压强是9×105Pa；
（2）汽车行驶的距离是3.6×104m；
（3）汽车在行驶过程中受到的阻力大小是8000N。
【点评】本题考查了压强和牵引力的计算，关键是重力、压强、电功率、效率、速度、功率公式的综合应用，同时要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23．（6分）某学校建了一个植物园，园内有一个温室大棚，大棚内设计了模拟日光和自动调温系统，对大棚进行照明、保温和加热。冬季白天有日光的时候，灯泡不亮；白天开启该系统的保温功能，晚上开启该系统的加热功能。大棚照明调温功能的原理电路图如图所示。已知电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），保温时R1与R2的电功率之比为1：3，R2＝30Ω，L是标有“220V，100W”的灯泡。请解答下列问题：
（1）灯泡正常工作时的电阻多大？
（2）开启加热功能时开关S2处于 闭合 （选填“断开”或“闭合”）状态。
（3）若每天保温状态和加热状态各连续工作10h，一天中电热丝放出的热量完全由该植物园自产的沼气提供，其热效率为50%，则每天需要完全燃烧多少立方米的沼气？（已知热值q沼气＝1.8×107J/m3）
【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P＝求出灯泡正常工作时的电阻；
（2）电源的电压一定时，由P＝可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由图可知开关S2的状态；
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S2应是断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小，根据串联电路的电流特点结合R1与R2的电功率之比表示出两个电热丝的功率之比得出电阻关系，根据电阻的串联和W＝Pt＝t求出系统处于保温状态时电热丝消耗的电能；系统处于加热状态，开关S2闭合，电阻丝R2被短路，根据W＝Pt＝t求出电阻丝R1消耗的电能，两种状态下消耗的电能之和即为电路消耗的总电能，利用η＝×100%求出沼气完全燃烧释放的热量，再利用Q放＝Vq求出每天需要完全燃烧沼气的体积；
【解答】解：
（1）由P＝可得，灯泡正常工作时的电阻：
RL＝＝＝484Ω由；
（2）电源电压一定时，由P＝可知，可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由图可知，开关S2处于闭合状态；
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S2应是断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小，
因串联电路中各处的电流相等，且R1与R2的电功率之比为1：3，
所以，由P＝I2R可得，两个电热丝的电阻之比：
＝＝＝，
则R1＝R2＝×30Ω＝10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，系统处于保温状态时，电热丝消耗的电能：
W保温＝t＝×10×3600s＝4.356×107J，
系统处于加热状态，开关S2闭合，电阻丝R2被短路，电阻丝R1消耗的电能：
W加热＝t＝×10×3600s＝1.7424×108J，
电路消耗的总电能：
W＝W保温+W加热＝4.356×107J+1.7424×108J＝2.178×108J，
由η＝×100%可得，沼气完全燃烧释放的热量：
Q放＝＝＝4.356×108J，
由Q放＝Vq可得，每天需要完全燃烧沼气的体积：
V＝＝＝24.2m3。
答：（1）灯泡正常工作时的电阻为484Ω；
（2）闭合；
（3）每天需要完全燃烧24.2m3的沼气。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及沼气能源的特点，正确的判断照明、保温和加热状态时电路的连接方式是关键。
2023年甘肃省定西市临洮县中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项的字母写在题后的括号内。本题共6小题，每小题2分，共12分）
1．（2分）估测在生活实际中应用广泛，下列估测的数据中最接近生活实际的是（ ）
A．一支普通铅笔的质量约为500g
B．初中物理课本的长度约为0.26m
C．人体感觉舒适的环境温度约为50℃
D．普通中学生脉搏跳动30次用时约1min
2．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌
B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的
C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声
3．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B．瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
4．（2分）如图所示，在2022年北京冬奥会闭幕式上，十二生肖造型的冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结。下面说法中错误的是（ ）
A．冰车装有车轮目的是减小摩擦
B．人推冰车时，人对车的推力大于车对人的推力
C．小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压强变大
D．匀速行驶的冰车在滑中国结的过程中受非平衡力的作用
5．（2分）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”离开地面后就不受重力作用
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”向前运动
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
6．（2分）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析错误的是（ ）
A．乙消耗的电功率为3.6W
B．甲中的电流大于乙中的电流
C．整个电路消耗的电功率为10.8W
D．甲消耗的电功率为3.6W
二、填空题。（本题共8小题，请将正确答案填到各小题的横线上。每空1分，共18分）
7．（2分）2021年5月30日，天舟二号货运飞船与天和核心舱实现顺利对接，对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱是 （选填“静止”或“运动”）的；地面指挥中心通过 （选填“超声波”或“电磁波”）对二者进行远程控制。
8．（2分）某手机电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“输出5V 4A”的快速充电器，将手机电池从零电量充满，充电效率为84%，需要 min。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，这是因为正常工作时，通过快充充电线的 较大。
9．（2分）“炖汤”因味道好而深受茂名人喜爱。“炖汤”就是把汤料和水置于炖盅内，而炖盅则浸在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，如图。在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的“白气”，这是 现象（填物态变化），煲盖不断跳动，若汤的沸点与水的沸点相同，则盅内的汤 （填“会”或“不会”）沸腾。
10．（3分）如图所示的开瓶器，是 杠杆（选填“省力”“等臂”或“费力”），瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的惯性将 ，瓶盖的重力势能将 。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
11．（3分）冬奥会的冰壶比赛中，运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过 改变了冰面的内能，冰面上融化出一层薄薄的水，这样可以 冰壶受到的摩擦力（选填“增大”或“减小”），使冰壶滑得更远，在此过程中冰壶的惯性 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
12．（2分）近期某地出现了龙卷风特殊天气，龙卷风内外存在巨大的压强差是由于其中心空气流速大，压强 ，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心；某人用手机拍下龙卷风的照片，手机镜头相当于 透镜。
13．（2分）中学生要养成文明的行为习惯，严禁高空抛物。如果一个重0.5N的鸡蛋从20m高处自由下落，不计空气阻力，下落过程中鸡蛋的重力势能转化为 能，重力对鸡蛋所做的功为 J。
14．（2分）南昌舰是中国吨位最大的驱逐舰，满载时排水量达1.236×107kg，则舰侧距水面3m深处受到海水的压强为 Pa。南昌舰满载时排开海水体积为 m3。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3）
三、识图、作题。（本题共4小题，共7分）
15．（1分）如图所示，小磁针静止不动，请在图中标出电源的正、负极。
16．（2分）请在图中画出与入射光线对应的折射光线。
17．（2分）图中物体A静止在斜面上，请作出物体A受到的重力和斜面受到的压力的示意图。
18．（2分）如图为两只“220V 30W”的螺口灯泡，请根据安全用电原则将电路连接好，要求：开关闭合后两灯都能正常发光。
四、探究及实验题。（本题共5小题，共19分）
19．（5分）小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是 。（填字母）
A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力
B.仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
20．（14分）在测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡逐渐变亮，连线不得交叉）。
（2）在连接电路时，若有A（5Ω，1A）、B（10Ω，0.5A）和C（10Ω，0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 （填“A”、“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。
（3）在实验中，若电压表示数为2V，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑动变阻器的滑片P向 （填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则电路中的电流是 A，小灯泡的额定功率为 W。
（4）小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据，做出I﹣U图象如图丙所示。结果发现图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压 （填“成”或“不成”）正比，这是因为 。
21．（2分）国家速滑馆内一场速滑赛结束，运动员穿戴的冰刀鞋使赛道冰面产生了凹凸不平的划痕，如图所示。为迎接下一场比赛，工作人员通过浇水并喷洒干冰对冰面破损处进行修复。请回答：
（1）为什么锋利的冰刀会对冰面产生划痕？
（2）用物态变化的知识说明浇水并喷洒干冰能快速修复冰面的原因。
22．（6分）绿色环保已成为人们生活中重要的理念。电动汽车是一种节能环保的交通工具，某电动汽车部分参数如下。若某次车满载时，车和人的总质量为1.8吨，四个车轮与水平地面接触面积分别为50cm2（g＝10N/kg）。求：
额定乘客人数
5
电动机额定电压
500V
电动机额定功率
100kW
电池容量
500Ah
（1）满载时汽车对水平地面的压强；
（2）若汽车以108km/h的速度在平直高速公路匀速行驶20分钟，行驶的距离是多少；
（3）若汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，发动机效率为80%，则汽车在行驶过程中受到的阻力大小。
23．（6分）某学校建了一个植物园，园内有一个温室大棚，大棚内设计了模拟日光和自动调温系统，对大棚进行照明、保温和加热。冬季白天有日光的时候，灯泡不亮；白天开启该系统的保温功能，晚上开启该系统的加热功能。大棚照明调温功能的原理电路图如图所示。已知电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），保温时R1与R2的电功率之比为1：3，R2＝30Ω，L是标有“220V，100W”的灯泡。请解答下列问题：
（1）灯泡正常工作时的电阻多大？
（2）开启加热功能时开关S2处于 （选填“断开”或“闭合”）状态。
（3）若每天保温状态和加热状态各连续工作10h，一天中电热丝放出的热量完全由该植物园自产的沼气提供，其热效率为50%，则每天需要完全燃烧多少立方米的沼气？（已知热值q沼气＝1.8×107J/m3）
2023年甘肃省定西市临洮县中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项的字母写在题后的括号内。本题共6小题，每小题2分，共12分）
1．（2分）估测在生活实际中应用广泛，下列估测的数据中最接近生活实际的是（ ）
A．一支普通铅笔的质量约为500g
B．初中物理课本的长度约为0.26m
C．人体感觉舒适的环境温度约为50℃
D．普通中学生脉搏跳动30次用时约1min
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、普通铅笔的质量约为5g，故A错误；
B、初中物理课本的长度约为26cm，即0.26m，故B正确；
C、人体感觉舒适的环境温度约25℃，故C错误；
D、中学生脉搏跳动30次用时约0.5min，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌
B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的
C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声
【分析】（1）声音的特性包括音调、响度和音色，音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质与特色。据此判断；
（2）一切发声的物体都在振动；
（3）声音既能传递信息，又能传递能量；
（4）减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
【解答】解：A、不同人声带的结构不同，发声的音色不同，“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的，故A错误；
B、物体发声时一定在振动，二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的，故B正确；
C、用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、城市道路旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】物理基础知识的识记要经常强化，避免似懂却叫不准的现象，本题就是考查声现象中基础知识判断的题目。
3．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B．瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
【分析】（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：
A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气的内能增加，温度升高，故A错误；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故C正确；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气体的内能减少，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
4．（2分）如图所示，在2022年北京冬奥会闭幕式上，十二生肖造型的冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结。下面说法中错误的是（ ）
A．冰车装有车轮目的是减小摩擦
B．人推冰车时，人对车的推力大于车对人的推力
C．小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压强变大
D．匀速行驶的冰车在滑中国结的过程中受非平衡力的作用
【分析】（1）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
（2）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力大小相等；
（3）根据p＝分析压强变化；
（4）物体受平衡力是处于静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：
A、冰车装有车轮可以减小摩擦，用滚动代替滑动，可以减小摩擦力，故A正确；
B、人推冰车时，人对车的推力和车对人的推力是一对相互作用力，二者大小相等，故B错误；
C、小朋友坐上冰车后，冰车对“冰面”的压力变大，受力面积不变，根据p＝知，压强变大，故C正确；
D、由题知冰车在“冰面”上滑出一个美丽又巨大的中国结，其运动轨迹是曲线（运动方向不断变化），则冰车处于非平衡状态，所以匀速行驶的冰车在水平方向受到非平衡力的作用，故D正确。
故选：B。
【点评】本题以冰车为背景，考查了平衡状态的判断、增大摩擦的方法、相互作用力、压强大小的影响因素等，涉及到的知识点多，综合性强，是一道理论联系实际的好题。
5．（2分）2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是（ ）
A．“天舟四号”离开地面后就不受重力作用
B．“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C．对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”向前运动
D．对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
【分析】（1）地面附近的一切物体都受到重力的作用；
（2）太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（4）机械能等于动能与势能的总和；核心舱或卫星在大气层外运行时，不受阻力的作用，其机械能守恒。
【解答】解：A、“天舟四号”在进入太空后，会处于“失重”状态，但离开地面后重力不会立即消失，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、对接后，以“天和”核心舱为参照物，“天舟四号”的位置没有发生改变，是静止的，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【点评】本题围绕航天事件，考查了对重力的理解，能量转化的判断，运动与静止的相对性，机械能守恒的判断等，综合性强，但难度不大。
6．（2分）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析错误的是（ ）
A．乙消耗的电功率为3.6W
B．甲中的电流大于乙中的电流
C．整个电路消耗的电功率为10.8W
D．甲消耗的电功率为3.6W
【分析】（1）由图象读出任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值；
（2）将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端时它们两端的电压相等，根据欧姆定律比较通过两电阻的电流关系，根据P＝UI＝求出甲、乙消耗的电功率，两者之和即为整个电路消耗的电功率。
【解答】解：由图象可知，当U甲＝U乙＝3V时，I甲＝0.6A，I乙＝0.3A，
由I＝可得，两定值电阻甲、乙的阻值分别为：R甲＝＝＝5Ω，R乙＝＝＝10Ω，
所以，R乙＞R甲，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，两定值电阻甲、乙两端的电压均为6V，
由I＝可知，甲的阻值较小，通过的电流较大，即通过电阻甲中的电流大于电阻乙中的电流，故B正确；
此时甲、乙消耗的电功率分别为：P甲＝＝＝7.2W，P乙＝＝＝3.6W，故A正确，D错误；
整个电路消耗的电功率：P总＝P甲+P乙＝7.2W+3.6W＝10.8W，故C正确。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
二、填空题。（本题共8小题，请将正确答案填到各小题的横线上。每空1分，共18分）
7．（2分）2021年5月30日，天舟二号货运飞船与天和核心舱实现顺利对接，对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱是 静止 （选填“静止”或“运动”）的；地面指挥中心通过 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）对二者进行远程控制。
【分析】（1）判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否改变；
（2）在航天通讯中，是利用电磁波来传递信息的。
【解答】解：对接成功后，以天舟二号为参照物，天和核心舱的位置没有发生改变，所以是静止的；地面指挥中心通过电磁波对二者进行远程控制。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题以航天事件为背景，考查了运动与静止的相对性、电磁波的运用等，体现了物理知识在高科技领域的应用。
8．（2分）某手机电池容量为4200mAh，电池电压为3.7V。用一个标有“输出5V 4A”的快速充电器，将手机电池从零电量充满，充电效率为84%，需要 55.5 min。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，这是因为正常工作时，通过快充充电线的 电流 较大。
【分析】（1）根据公式W＝UIt求得电池充满电储存的电能，由公式P＝UI求得充电器的充电功率，结合充电效率可得充电时间；
（2）由焦耳定律公式Q＝I2Rt可知，快充充电时电流大，在相同条件下，产生的热量多。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，是通过增大导线的横截面积来减小导线电阻方法来减少充电时导线产生的热量。
【解答】解：（1）电池充满电储存的电能为：W＝UIt＝3.7V×4.2A×3600s＝55944J，
充电器的有效功率为：P有＝ηP充＝ηU充I充＝84%×5V×4A＝16.8W，
充满电所需时间为：；
（2）由焦耳定律公式Q＝I2Rt可知，快充充电时电流大，在相同条件下，产生的热量多。快充充电线比普通手机充电线要粗一些，是通过增大导线的横截面积来减小导线电阻方法来减少充电时导线产生的热量。
故答案为：55.5；电流。
【点评】本题主要考查电功公式、焦耳定律的应用，难度不大。
9．（2分）“炖汤”因味道好而深受茂名人喜爱。“炖汤”就是把汤料和水置于炖盅内，而炖盅则浸在大煲的水中，并用蒸架把盅与煲底隔离，如图。在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的“白气”，这是 液化 现象（填物态变化），煲盖不断跳动，若汤的沸点与水的沸点相同，则盅内的汤 不会 （填“会”或“不会”）沸腾。
【分析】（1）物体由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是液态的小水珠，是由水沸腾时产生的大量的水蒸气再液化形成的；
（2）液体要沸腾需要达到两个条件，一是达到沸点，二是继续吸热。
【解答】解：
（1）在大煲内的水沸腾过程中，煲盖与煲的缝隙间冒出大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的空气，液化成小液滴，形成“白气”；
（2）沸腾需要的条件是液体温度达到沸点，同时还要继续吸热。本题中将炖盅浸在大煲的水中，而且用蒸架把盅与煲底隔离，大煲内水由于火的持续加热，温度达到沸点而沸腾，经过一段时间的热传递，炖盅中的温度也会达到沸点温度，这样炖盅内外温度相等，没有温度差，不会发生热传递，也就不会继续给炖盅中水加热，里面的水只能是达到沸点温度而不能沸腾起来。
故答案为：液化；不会。
【点评】物态变化现象在生活中随处可见，尤其是液化现象，各种“白气”都是水蒸气遇冷液化形成的；同时考查了液体沸腾的条件，注意沸腾条件，达到沸点后要继续吸热，是一道学科综合题。
10．（3分）如图所示的开瓶器，是 省力 杠杆（选填“省力”“等臂”或“费力”），瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的惯性将 不变 ，瓶盖的重力势能将 减小 。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
惯性的大小只与质量有关，质量越大，惯性越大。
重力势能的大小与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：开瓶器在使用过程中，支点在瓶盖中间，阻力作用在瓶盖边缘，动力在开瓶器末端，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
瓶盖加速向下落地的过程中，瓶盖的质量大小不变，所以惯性大小将不变。
重力势能的大小与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。瓶盖加速向下落地的过程中，质量不变，高度降低，所以重力势能减小。
故答案为：省力；不变；减小。
【点评】此题考查了杠杆的分类、惯性现象及重力势能的变化，属于基础知识。
11．（3分）冬奥会的冰壶比赛中，运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过 做功 改变了冰面的内能，冰面上融化出一层薄薄的水，这样可以 减少 冰壶受到的摩擦力（选填“增大”或“减小”），使冰壶滑得更远，在此过程中冰壶的惯性 不变 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
冰面上融化出一层薄薄的水，可以使接触面分离脱离接触，从而减小冰壶受到的摩擦力。
惯性是物体保持原来运动状态不变的一种性质，只与物体的质量有关。
【解答】解：运动员会在冰壶前快速摩擦冰面，对冰面做功，将机械能转化为内能，与冰壶刷摩擦后冰面温度升高，这是通过做功的方式改变了冰面的内能。
冰面上融化出一层薄薄的水，可以使接触面分离脱离接触，从而减小冰壶受到的摩擦力，使冰壶滑的更远。
冰壶在滑行过程中质量不变，冰壶的惯性不变。
故答案为：做功；减少；不变。
【点评】本题考查了惯性、摩擦力大小的影响因素以及改变内能的方法，属于综合性题目。
12．（2分）近期某地出现了龙卷风特殊天气，龙卷风内外存在巨大的压强差是由于其中心空气流速大，压强 小 ，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心；某人用手机拍下龙卷风的照片，手机镜头相当于 凸 透镜。
【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大；
手机镜头是利用凸透镜成实像的原理工作的。
【解答】解：根据流体压强和流速的关系可知龙卷风的中心空气流速大、压强小，外围的空气流速小、压强大，形成向内的压强差，导致周边的物体被“吸入”龙卷风中心。
手机镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像。
故答案为：小；凸。
【点评】此题考查的是流体压强与流速关系、凸透镜成像的应用，属于基础知识考查，难度不大。
13．（2分）中学生要养成文明的行为习惯，严禁高空抛物。如果一个重0.5N的鸡蛋从20m高处自由下落，不计空气阻力，下落过程中鸡蛋的重力势能转化为 动 能，重力对鸡蛋所做的功为 10 J。
【分析】（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（2）利用W＝Gh计算重力对鸡蛋所做的功。
【解答】解：鸡蛋下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小；速度增加，动能增大，重力势能转化为动能；
重力对鸡蛋所做的功为：W＝Gh＝0.5N×20m＝10J。
故答案为：动；10。
【点评】此题考查动能和重力势能的转化、功的计算，难度不大，掌握动能和重力势能的影响因素是关键。
14．（2分）南昌舰是中国吨位最大的驱逐舰，满载时排水量达1.236×107kg，则舰侧距水面3m深处受到海水的压强为 3.09×104 Pa。南昌舰满载时排开海水体积为 1.2×104 m3。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3）
【分析】由液体压强公式得到海水的压强；由密度公式得到排开海水的体积。
【解答】解：舰侧距水面3m深处受到海水的压强p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×3m＝3.09×104Pa。
南昌舰满载时排开海水体积V＝＝＝1.2×104m3。
故答案为：3.09×104；1.2×104。
【点评】本题考查了液体压强公式和密度公式，要知道船满载的含义。
三、识图、作题。（本题共4小题，共7分）
15．（1分）如图所示，小磁针静止不动，请在图中标出电源的正、负极。
【分析】由磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的左端为N极，右端为S极，再由右手螺旋定则得出电流的方向，标出电源的正、负极。
【解答】解：因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以，根据静止时小磁针的N、S极指向可知，螺线管右侧为S极，左侧为N极；
则由右手螺旋定则可知螺线管中电流由右侧流入、左侧流出，则电源右端为正极、左端为负极；如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
16．（2分）请在图中画出与入射光线对应的折射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
17．（2分）图中物体A静止在斜面上，请作出物体A受到的重力和斜面受到的压力的示意图。
【分析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：
过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。
18．（2分）如图为两只“220V 30W”的螺口灯泡，请根据安全用电原则将电路连接好，要求：开关闭合后两灯都能正常发光。
【分析】家庭电路中的电灯是并联，一个开关控制两个电灯，则开关在干路上，且开关连在火线与电灯之间。
【解答】解：开关要接在火线和灯之间，两只电灯在家庭电路中并联才能正常工作，又因为开关同时控制两灯，所以开关在干路上；火线先进入灯泡的金属点，然后螺旋口接在零线上；如图所示：
【点评】本题考查家庭电路的连接，注意开关应接在火线与灯之间；本题难度不大。
四、探究及实验题。（本题共5小题，共19分）
19．（5分）小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 12.50 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 0.15 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa ＝ fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是 C 。（填字母）
A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力
B.仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
【分析】（1）刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，据此读出从A到F的路程；
同理由图判断物块从C到E运动的路程，已知频闪相机每隔0.2s闪拍一次，根据图中判断C到E闪拍几次，便可知道从C到E所用的时间，利用速度公式可求出从C到E的平均速度；
（2）（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关；根据控制变量法分析；
（4）从滑动摩擦力大小的影响因素分析；
【解答】解：（1）由图可知物体从A处到F处运动的路程为：s＝12.50cm；
物块从C处运动到E处的路程s1＝8.00cm﹣2.00cm＝6.00cm＝0.06m，时间t1＝0.2s×2＝0.4s；
物块从C处运动到E处的平均速度为：
v1＝＝＝0.15m/s；
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，即fa＝fb；
（4）A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力，拉力大于摩擦力，不能通过拉力反映摩擦力大小，故A不符合题意；
B．探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系，保持压力大小不变，仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块，改变压力的大小，故B不符合题意；
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大，两次实验弹簧测力计示数差距会增大，故C符合题意；
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，增大了压力，可使丙实验中的摩擦力增大，弹簧测力计示数增大，但与甲相比压力不同，不能探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：（1）12.50；0.15；（2）压力大小；（3）＝；（4）C。
【点评】本题考查了速度公式的应用和探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法，从图上读取相关信息是解题的关键，需要注意刻度尺读数要估读到分度值后一位。
20．（14分）在测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡逐渐变亮，连线不得交叉）。
（2）在连接电路时，若有A（5Ω，1A）、B（10Ω，0.5A）和C（10Ω，0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 B （填“A”、“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行。
（3）在实验中，若电压表示数为2V，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑动变阻器的滑片P向 A （填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则电路中的电流是 0.4 A，小灯泡的额定功率为 1.52 W。
（4）小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据，做出I﹣U图象如图丙所示。结果发现图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压 不成 （填“成”或“不成”）正比，这是因为 灯丝电阻随温度的升高而增大 。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮，说明滑动变阻器使用左半段电阻丝，滑动变阻器应接左下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，即可完成电路连接。
（2）连接电路时，开关要断开；由串联电路特点及欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，然后根据该阻值选择滑动变阻器。
（3）灯泡电压小于额定电压，为使灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片使滑动变阻器接入电路的阻值减小，使灯泡电压变大，根据滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；当灯泡电压等于额定电压时，灯泡正常发光；根据图乙电流表的量程和分度值读出示数，由电功率公式P＝UI可以求出灯泡电功率。
（4）灯泡的灯丝会随温度的变化而改变，这是造成电流与电压不成正比的真正原因。
【解答】解：（1）滑动变阻器接左下接线柱，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路中电流I＝＝＝0.38A，故选用0～0.6A量程，电路图如图所示。
（2）在连接电路时，开关必须断开；灯泡正常发光时电路电流I＝＝＝0.38A，此时滑动变阻器两端电压
U滑＝U﹣UL＝6V﹣3.8V＝2.2V，
由I＝得：滑动变阻器接入电路的阻值
R滑＝＝≈5.8Ω＞5Ω，滑动变阻器应选B。
（3）电压表示数2V小于灯泡额定电压3.8V，由电路图可知，应向A移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，灯泡两端的电压变大，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光，电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.4A，
灯泡的额定功率P＝UI＝3.8V×0.4A＝1.52W；
（4）图线弯曲说明小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，即灯泡的电阻值是变化的，不是定值，这是因为灯丝电阻随温度升高而增大，灯泡两端电压越大，
通过灯的电流越大，灯泡的实际功率越大，灯丝温度越高，电阻越大，所以图线不是直线。
故答案为：（1）如上图；（2）B；（3）A；0.4；1.52；（4）不成；灯丝电阻随温度的升高而增大。
【点评】本题考查了实验注意事项、连接实物电路图、滑动变阻器的选择、电路故障分析、实验数据处理、滑动变阻器的作用等，是实验的常考问题，一定要掌握；连接实物电路图时，要注意电表量程的选择，注意题目要求。
21．（2分）国家速滑馆内一场速滑赛结束，运动员穿戴的冰刀鞋使赛道冰面产生了凹凸不平的划痕，如图所示。为迎接下一场比赛，工作人员通过浇水并喷洒干冰对冰面破损处进行修复。请回答：
（1）为什么锋利的冰刀会对冰面产生划痕？
（2）用物态变化的知识说明浇水并喷洒干冰能快速修复冰面的原因。
【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
（2）物质从固态不经过液态而直接转化为气态的过程叫做升华，升华过程中需要吸热；
物质由液态变为固态的过程叫做凝固，凝固过程中需要放热。
【解答】答：（1）冰刀与冰面的接触面积很小，压力一定时，对冰面产生的压强很大，很容易在冰面留下划痕。
（2）干冰升华吸收大量热，将冰面破损处水的温度迅速降至水的凝固点以下，水能快速凝固。
【点评】本题考查增大压强的方法和升华吸热、凝固放热的应用，是一道基础题。
22．（6分）绿色环保已成为人们生活中重要的理念。电动汽车是一种节能环保的交通工具，某电动汽车部分参数如下。若某次车满载时，车和人的总质量为1.8吨，四个车轮与水平地面接触面积分别为50cm2（g＝10N/kg）。求：
额定乘客人数
5
电动机额定电压
500V
电动机额定功率
100kW
电池容量
500Ah
（1）满载时汽车对水平地面的压强；
（2）若汽车以108km/h的速度在平直高速公路匀速行驶20分钟，行驶的距离是多少；
（3）若汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，发动机效率为80%，则汽车在行驶过程中受到的阻力大小。
【分析】（1）电动车对地面的压力等于人和电动车的总重力，根据G＝mg求出其大小，受力面积等于4个车轮与地面的接触面积之和，利用p＝求出车对地面的压强；
（2）由v＝可求汽车行驶的距离；
（3）根据F＝f、P＝＝＝Fv求出该过程中汽车的牵引力。
【解答】解：（1）该汽车满载时对水平路面的压力：
F＝G＝mg＝1.8×103kg×10N/kg＝1.8×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝9×105Pa；
（2）由v＝可得，汽车行驶的路程：
s＝vt＝108×m/s×20×60s＝3.6×104m；
（3）由发动机效率为80%，可得机械有用功率：P＝80%P额，
由P＝＝＝Fv可得该过程中汽车的牵引力：
F＝＝＝8000N，
汽车在额定功率下沿平直公路以10m/s的速度匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，所以f＝F＝8000N。
答：（1）满载时汽车对水平地面的压强是9×105Pa；
（2）汽车行驶的距离是3.6×104m；
（3）汽车在行驶过程中受到的阻力大小是8000N。
【点评】本题考查了压强和牵引力的计算，关键是重力、压强、电功率、效率、速度、功率公式的综合应用，同时要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23．（6分）某学校建了一个植物园，园内有一个温室大棚，大棚内设计了模拟日光和自动调温系统，对大棚进行照明、保温和加热。冬季白天有日光的时候，灯泡不亮；白天开启该系统的保温功能，晚上开启该系统的加热功能。大棚照明调温功能的原理电路图如图所示。已知电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），保温时R1与R2的电功率之比为1：3，R2＝30Ω，L是标有“220V，100W”的灯泡。请解答下列问题：
（1）灯泡正常工作时的电阻多大？
（2）开启加热功能时开关S2处于 闭合 （选填“断开”或“闭合”）状态。
（3）若每天保温状态和加热状态各连续工作10h，一天中电热丝放出的热量完全由该植物园自产的沼气提供，其热效率为50%，则每天需要完全燃烧多少立方米的沼气？（已知热值q沼气＝1.8×107J/m3）
【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P＝求出灯泡正常工作时的电阻；
（2）电源的电压一定时，由P＝可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由图可知开关S2的状态；
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S2应是断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小，根据串联电路的电流特点结合R1与R2的电功率之比表示出两个电热丝的功率之比得出电阻关系，根据电阻的串联和W＝Pt＝t求出系统处于保温状态时电热丝消耗的电能；系统处于加热状态，开关S2闭合，电阻丝R2被短路，根据W＝Pt＝t求出电阻丝R1消耗的电能，两种状态下消耗的电能之和即为电路消耗的总电能，利用η＝×100%求出沼气完全燃烧释放的热量，再利用Q放＝Vq求出每天需要完全燃烧沼气的体积；
【解答】解：
（1）由P＝可得，灯泡正常工作时的电阻：
RL＝＝＝484Ω由；
（2）电源电压一定时，由P＝可知，可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由图可知，开关S2处于闭合状态；
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S2应是断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小，
因串联电路中各处的电流相等，且R1与R2的电功率之比为1：3，
所以，由P＝I2R可得，两个电热丝的电阻之比：
＝＝＝，
则R1＝R2＝×30Ω＝10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，系统处于保温状态时，电热丝消耗的电能：
W保温＝t＝×10×3600s＝4.356×107J，
系统处于加热状态，开关S2闭合，电阻丝R2被短路，电阻丝R1消耗的电能：
W加热＝t＝×10×3600s＝1.7424×108J，
电路消耗的总电能：
W＝W保温+W加热＝4.356×107J+1.7424×108J＝2.178×108J，
由η＝×100%可得，沼气完全燃烧释放的热量：
Q放＝＝＝4.356×108J，
由Q放＝Vq可得，每天需要完全燃烧沼气的体积：
V＝＝＝24.2m3。
答：（1）灯泡正常工作时的电阻为484Ω；
（2）闭合；
（3）每天需要完全燃烧24.2m3的沼气。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及沼气能源的特点，正确的判断照明、保温和加热状态时电路的连接方式是关键。
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