高考数学一轮复习教案 第2章_第10节_导数的概念及运算（含答案解析）

第十节　导数的概念及运算

[考纲传真]　1.了解导数概念的实际背景.2.通过函数图象直观理解导数的几何意义.3.能根据导数的定义求函数y＝c(c为常数)，y＝x，y＝，y＝x2，y＝x3，y＝的导数.4.能利用基本初等函数的导数公式和导数的四则运算法则求简单函数的导数．

1．导数的概念

(1)函数y＝f(x)在x＝x0处的导数：

①定义：称函数y＝f(x)在x＝x0处的瞬时变化率

为函数y＝f(x)在x＝x0处的导数，记作f′(x0)或y′，即f′(x0)＝＝

②几何意义：函数f(x)在点x0处的导数f′(x0)的几何意义是曲线y＝f(x)在点(x0，f(x0))处的切线斜率．相应地，切线方程为y－f(x0)＝f′(x0)(x－x0)．

(2)函数f(x)的导函数：称函数f′(x)＝

为f(x)的导函数．

2．基本初等函数的导数公式

3.导数的运算法则

(1)[f(x)±g(x)]′＝f′(x)±g′(x)；

(2)[f(x)·g(x)]′＝f′(x)g(x)＋f(x)g′(x)；

(3)′＝(g(x)≠0)．

1．曲线y＝f(x)“在点P(x0，y0)处的切线”与“过点P(x0，y0)的切线”的区别：前者P(x0，y0)为切点，而后者P(x0，y0)不一定为切点．

2．直线与二次曲线(圆、椭圆、双曲线、抛物线)相切只有一个公共点；直线与非二次曲线相切，公共点不一定只有一个．

3．函数y＝f(x)的导数f′(x)反映了函数f(x)的瞬时变化趋势，其正负号反映了变化的方向，其大小|f′(x)|反映了变化的快慢，|f′(x)|越大，曲线在这点处的切线越“陡”．

[基础自测]

1．(思考辨析)判断下列结论的正误．(正确的打“√”，错误的打“×”)

(1)f′(x0)与(f(x0))′表示的意义相同． (　　)

(2)求f′(x0)时，可先求f(x0)再求f′(x0)． (　　)

(3)曲线的切线与曲线不一定只有一个公共点． (　　)

(4)若f(a)＝a3＋2ax－x2，则f′(a)＝3a2＋2x. (　　)

[答案]　(1)×　(2)×　(3)√　(4)√

2．(教材改编)有一机器人的运动方程为s(t)＝t2＋(t是时间，s是位移)，则该机器人在时刻t＝2时的瞬时速度为(　　)

A.　　　　B.　　　　C.　　　　D.

D　[由题意知，机器人的速度方程为v(t)＝s′(t)＝2t－，故当t＝2时，机器人的瞬时速度为v(2)＝2×2－＝.]　

3．函数y＝xcos x－sin x的导数为(　　)

A．xsin x      B．－xsin x   C．xcos x   D．－xcos x

B　[y′＝cos x－xsin x－cos x＝－xsin x，故选B.]

4．若f(x)＝xex，则f′(1)＝________.

2e　[f′(x)＝ex＋xex，则f′(1)＝e1＋e1＝2e.]

5．曲线y＝在点M(π，0)处的切线方程为________．

x＋πy－π＝0　[y′＝，则y′|x＝π＝＝－，则切线方程为y＝－(x－π)，即x＋πy－π＝0.]

1．f(x)＝x(2 018＋ln x)，若f′(x0)＝2 019，则x0等于(　　)

A．e2　　　B．1　　　C．ln 2　　　D．e

B　[f′(x)＝2 018＋ln x＋1＝2 019＋ln x，则f′(x0)＝2 019＋ln x0＝2 019，解得x0＝1，故选B.]

2．已知f(x)＝x2＋2xf′(1)，则f′(0)＝________.

－4　[f′(x)＝2x＋2f′(1)，则f′(1)＝2＋2f′(1)，解得f′(1)＝－2

所以f′(x)＝2x－4，则f′(0)＝－4.]

3．求下列函数的导数．

(1)y＝；

(2)y＝x－sincos ；

(3)y＝x2ex－1.

[解]　(1)y′＝′＝＝－.

(2)∵y＝x－sin x，∴y′＝1－cos x.

(3)∵y＝e－1x2ex，∴y′＝e－1(2x·ex＋x2ex)＝ex－1(x2＋2x)．

[规律方法]　导数运算的常见形式及其求解方法

►考法1　求切线方程

【例1】　(1)(2018·全国卷Ⅰ)设函数f(x)＝x3＋(a－1)x2＋ax.若f(x)为奇函数，则曲线y＝f(x)在点(0,0)处的切线方程为(　　)

A．y＝－2x　　　　　 B．y＝－x

C．y＝2x   D．y＝x

(2)已知函数f(x)＝xln x，若直线l过点(0，－1)，并且与曲线y＝f(x)相切，则直线l的方程为________．

(1)D　(2)x－y－1＝0　[(1)因为f(x)为奇函数，所以f(－x)＝－f(x)，由此可得a＝1，故f(x)＝x3＋x，f′(x)＝3x2＋1，f′(0)＝1，所以曲线y＝f(x)在点(0,0)处的切线方程为y＝x.

(2)∵点(0，－1)不在曲线f(x)＝xln x上，∴设切点为(x0，y0)．

又∵f′(x)＝1＋ln x，∴直线l的方程为y＋1＝(1＋ln x0)x.

∴由

解得x0＝1，y0＝0.

∴直线l的方程为y＝x－1，

即x－y－1＝0.]

►考法2　求切点坐标

【例2】　设函数f(x)＝x3＋ax2.若曲线y＝f(x)在点P(x0，f(x0))处的切线方程为x＋y＝0，则点P的坐标为(　　)

A．(0,0)   B．(1，－1)

C．(－1,1)   D．(1，－1)或(－1,1)

D　[由f(x)＝x3＋ax2得f′(x)＝3x2＋2ax，记y0＝f(x0)，

由题意可得

由①②可得x＋ax＝－x0，即x0(x＋ax0＋1)＝0.④

由③可得3x＋2ax0＋1＝0.⑤

由⑤可得x0≠0，所以④式可化为x＋ax0＋1＝0.⑥

由⑤⑥可得x0＝±1，代入②式得

或

即P(1，－1)或P(－1,1)．故选D.]

►考法3　求参数的值

【例3】　(1)已知函数f(x)＝(x2＋ax－1)ex(其中e是自然对数的底数，a∈R)，若f(x)在(0，f(0))处的切线与直线x＋y－1＝0垂直，则a＝(　　)

A．1　　　　B．－1   C．2　　　　D．－2

(2)已知直线y＝x＋b与曲线y＝－x＋ln x相切，则b的值为(　　)

A．2　　　　　　　　　　 B．－1

C．－   D．1

(1)C　(2)B　[(1)f′(x)＝(x2＋ax－1)′ex＋(x2＋ax－1)(ex)′

＝(2x＋a)ex＋(x2＋ax－1)ex

＝[x2＋(a＋2)x＋(a－1)]ex，

故f′(0)＝[02＋(a＋2)×0＋(a－1)]e0＝a－1.

因为f(x)在(0，f(0))处的切线与直线x＋y－1＝0垂直，故f′(0)＝1，即a－1＝1，解得a＝2.

(2)设切点坐标为(x0，y0)，

y′＝－＋，

则y′|x＝x0＝－＋，由－＋＝得x0＝1，切点坐标为，又切点在直线y＝x＋b上，故－＝＋b，得b＝－1，故选B.]

(1)若曲线y＝xln x上点P处的切线平行于直线2x－y＋1＝0，则点P的坐标是________．

(2)直线y＝kx＋1与曲线y＝x3＋ax＋b相切于点A(1,3)，则2a＋b的值等于________．

(1)(e，e)　(2)1　[(1)由题意得y′＝ln x＋1，直线2x－y＋1＝0的斜率为2.设P(m，n)，则1＋ln m＝2，解得m＝e，所以n＝eln e＝e，即点P的坐标为(e，e)．

(2)依题意知，y′＝3x2＋a，则

由此解得所以2a＋b＝1.]

1．(2018·全国卷Ⅱ)曲线y＝2ln x在点(1,0)处的切线方程为________．

y＝2x－2　[由题意知，y′＝，所以曲线在点(1,0)处的切线斜率k＝y′|x＝1＝2，故所求切线方程为y－0＝2(x－1)，即y＝2x－2.]

2．(2015·全国卷Ⅰ)已知函数f(x)＝ax3＋x＋1的图象在点(1，f(1))处的切线过点(2,7)，则a＝________.

1　[先用“导数法”求出切线方程，然后代入点(2,7)求出a的值．

∵f′(x)＝3ax2＋1，

∴f′(1)＝3a＋1.

又f(1)＝a＋2，

∴切线方程为y－(a＋2)＝(3a＋1)(x－1)．

∵切线过点(2,7)，∴7－(a＋2)＝3a＋1，解得a＝1.]

3．(2016·全国卷Ⅲ)已知f(x)为偶函数，当x≤0时，f(x)＝e－x－1－x，则曲线y＝f(x)在点(1,2)处的切线方程是________．

2x－y＝0　[设x＞0，则－x＜0，f(－x)＝ex－1＋x.

∵f(x)为偶函数，∴f(－x)＝f(x)，∴f(x)＝ex－1＋x.

∵当x＞0时，f′(x)＝ex－1＋1，

∴f′(1)＝e1－1＋1＝1＋1＝2.

∴曲线y＝f(x)在点(1,2)处的切线方程为y－2＝2(x－1)，

即2x－y＝0.]

4．(2015·全国卷Ⅱ)已知曲线y＝x＋ln x在点(1,1)处的切线与曲线y＝ax2＋(a＋2)x＋1相切，则a＝________.

8　[法一：∵y＝x＋ln x，∴y′＝1＋，y′＝2.

∴曲线y＝x＋ln x在点(1,1)处的切线方程为

y－1＝2(x－1)，即y＝2x－1.

∵y＝2x－1与曲线y＝ax2＋(a＋2)x＋1相切，

∴a≠0(当a＝0时曲线变为y＝2x＋1与已知直线平行)．

由消去y，得ax2＋ax＋2＝0.

由Δ＝a2－8a＝0，解得a＝8.

法二：同法一得切线方程为y＝2x－1.

设y＝2x－1与曲线y＝ax2＋(a＋2)x＋1相切于点(x0，ax＋(a＋2)x0＋1)．∵y′＝2ax＋(a＋2)，

∴y′＝2ax0＋(a＋2)．

由解得]