2023年湖北省随州市广水市中考物理三模试卷（含解析）

这是一份2023年湖北省随州市广水市中考物理三模试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 2023年3月16日，甘肃玉门抽水蓄能电站正式开工建设。该电站可以利用风能和太阳能资源充足时发电获得的部分电能，将水抽到高处转化为水的机械能储存起来，需要时再利用高处水的重力势能发电，从而弥补了风能、太阳能不稳定且转化的电能难储存的不足，实现了能量的互补，堪称电力系统的巨型“充电宝”。下列说法正确的是( )
A. 风能、太阳能和核能都是可再生能源B. 电站抽水蓄能时将电能转化为机械能
C. 高处的水发电时将风能转化为电能D. 利用太阳能发电是将化学能转化为电能
2. 2022年5月26日，拜谒炎帝神农大典在随州炎帝故里景区谒祖广场举行。《炎帝大歌》那熟悉的旋律在人们心中久久回荡。歌曲《领航》激励炎黄子孙为实现中华民族伟大复兴而共同奋斗。下列说法正确的是( )
A. 歌声是由物体的振动产生的B. 歌声的传播速度是3×108m/s
C. 歌手共同发声提高了声音的音调D. 通过声音的响度可区分男女领诵员
3. 如图，广水市印台山生态公园风景如画，远处的亭子在水中呈现出美丽的倒影，云在水中飘，鱼在云上游，一只小鸟飞离湖面越飞越高。对这些场景的分析正确的是( )
A. 亭子“倒影”是光的直线传播形成的
B. 云在水中飘是云在水面成像，是光的折射
C. 游人看见水中的“小鱼”是虚像
D. 小鸟飞离湖面越飞越高，它在水中成的像越来越小
4. 2023年五一期间，淄博烧烤火出圈，“坐高铁去撸串”等话题不断在社交平台刷屏。如图所示，羊肉串架在微炭火上烤的情景。关于烤羊肉串涉及的物理现象，下列说法中错误的是( )
A. 肉烤熟是通过热传递的方式改变其内能
B. 肉温度越高，所含热量越多
C. 木炭在燃烧的过程中，热值不变
D. 很远就能闻到肉香味是说明分子在不停地做无规则运动
5. 大气压是由于空气受到重力作用且具有流动性而产生的。如果地球的表面积约为5×1014m2，那么在1个标准大气压下，地球周围的空气质量约为(1个标准大气压取1.0×105Pa)( )
A. 5×1019kgB. 5×1018kgC. 5×109kgD. 1×1010kg
6. 我国古代《墨经》最早记述了秤的杠杆原理(如图所示)，此时杠杆处于平衡状态(忽略杆的质量)，有关它的说法正确的是( )
A. 杠杆在图示的位置平衡时，“权”的质量小于“重”的质量
B. “权”和“重”增加相同的质量，A端会上扬
C. 增大“重”时，应把“权”向B端适当移动
D. 若将提钮O向B端移动一些，杆秤的测量范围将变小
7. 如图是装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦就可以轻松的将灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是( )
A. 静电除尘纸和地面摩擦创造了电荷
B. 静电除尘纸和地面摩擦后带有同种电荷
C. 静电除尘纸和地面摩擦后带电能吸引轻小物体
D. 静电除尘纸吸附灰尘是利用同种电荷相互吸引
8. 如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统方框图。下列说法正确的是( )
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 空调正常工作时，吊灯一定发光
C. 当插座短路时，“漏电保护器”会“跳闸”
D. 若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，可能是某处零线断路
9. 如图所示，我国第三艘航空母舰——“福建舰”于2022年6月17日，在上海江南造船厂下水亮相。该舰排水量8.5万吨，采用先进的电磁弹射装置，大大增加了舰载机数量。下列关于该舰的说法正确的是( )
A. 航母与执行任务的舰载机通过电磁波传输信息
B. 舰载机起飞后，航空母舰受到的浮力不变
C. 甲板上静止的舰载机，受到的重力和支持力是一对相互作用力
D. 舰载机的机翼上凸下平，利用流体流速越大的位置压强越大来获得升力
10. 如图所示是某同学设计的电子身高测量仪的示意图，其中定值电阻R1=6Ω，电源电压恒为4.5V，变阻器R2的规格为“40Ω，0.5A”，电压表的量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S后，下列说法正确的( )
A. 当被测者的身高越高时，电压表的示数越小
B. 当被测者的身高越高时，电路消耗的总功率越大
C. 为了不损坏电路中的元件，变阻器接入电路的阻值范围是3～12Ω
D. 用电流表的示数来反映人的身高，更符合人们的思维习惯
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共1小题，共3.0分）
11. “蹦床”是奥运会的比赛项目。如图甲所示“蹦床”的床面弹性很大，运动员可在上面反复弹跳。从高空落下的运动员刚好与水平床面接触的点为A点，能到达的最低点为B点，如图乙所示。
用物理学知识对运动员可在上面反复弹跳的过程进行分析：
(1)运动员刚好接触蹦床A点时，受力是否平衡？______ 。
(2)从能量的角度，分析运动员从空中最高点开始下落到最后静止在蹦床的过程中，不同形式的能量的转化情况：______ 。
三、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
12. 如图所示，用一根细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动，橡皮擦的重力为1N，细线对橡皮的拉力为F=2N，画出橡皮擦受力的示意图。
13. 在如图中作出从发光点S发出的光线SA经厚玻璃板两个表面折射后大致的光路图，并标出小红观察到的发光点的位置S′。
14. 某电磁门锁如图(a)，图(b)是该电磁门锁的原理简化图。当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，请在图(b)中画出螺线管的绕线，并标出通电螺线管的N极。
四、实验探究题（本大题共4小题，共14.0分）
15. 为了探究水的沸腾的特点，科学小组进行了下面的实验：
(1)根据实验数据画出的水温随时间变化的图线如图丙中的a，从图线上可知水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度______ 。
(2)为了说明水在沸腾过程中是否需要吸热，应______ ，观察水是否继续沸腾。
(3)另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据作出水温随时间变化的图像可能是______ (选填序号)。
A.a图线
B.b图线
C.c图线
D.d图线
16. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中：

(1)当透镜移到如图甲所示位置时，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距是______ cm。
(2)若蜡烛、光屏和透镜如图乙所示，想得到一个倒立、等大的实像，则需要将光源向______ (选填“左”或“右”)移动，除了要将光源移动以外，还需要适当移动光屏。
(3)在(2)的基础上，若在图中蜡烛和凸透镜之间放一眼镜的镜片，则将光屏向______ 移动才能再次看到烛焰清晰的像，则该镜片为______ (选填“近视”或“远视”)眼镜片。
17. 在“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，小明利用弹簧测力计下挂圆柱形物体进行实验，图乙中图像a为弹簧测力计的示数F与物体下表面浸入水中深度h的关系图像。
(1)由图像a可知浮力与______ (选填“物体体积”或“排开液体体积”)有关；
(2)为了验证浮力大小与液体的密度的关系，他将水换成盐水和酒精重复上述实验，______ (选填“b”或“c”)是描述物块所受浮力随浸入盐水的深度变化的图象(ρ盐水>ρ水>ρ酒精)；
(3)由此得出的结论：液体的密度越大，物体浸没入液体时受到的浮力越______ (选填“大”或“小”)；
(4)由(2)可知，小明在实验过程中使用的圆柱形物体的密度表达式为______ (用所测得的物理量的字母表示，水的密度为ρ水)。
18. 小聪在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，实验器材如图甲所示，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。

(1)用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
(2)实验时，电压表的示数如图乙所示，则应将滑片向______ (选填“A”或“B”)端移到某一位置，才能使小灯泡正常工作。
(3)根据实验数据绘制的I−U图象如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω。
(4)在实验操作中，发现电流表损坏不能使用。小马利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丁所示的电路，测量小灯泡的额定功率。操作如下：
①闭合开关S、S1，断开S2。调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2断开S1，读出电压表示数为U，小灯泡的额定功率P额= ______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
19. 如图甲所示的某品牌暖风机，它有吹冷风和吹热风两个档位，下表是它的部分参数，图乙是简化电路图。请计算：
(1)电热丝R的电阻值是多少？
(2)若用此暖风机将房间里30m3、15℃的空气加热到26℃，空气吸收多少焦耳的热量？[空气比热容为1×103J/(kg⋅℃)，空气密度约为1.3kg/m3]
(3)若把30m3、15℃的空气加热到26℃需要工作7min时间，则此暖风机的加热效率？(计算结果保留百分数整数)
20. 小华用如图甲所示的滑轮组将400N的重物匀速提起，拉力F=250N。重物上升的高度h与所用时间t关系的图象如乙图所示，不计绳重和摩擦。已知小华的重力为500N、每只脚与地面的接触面积为200cm2。(g=10N/kg)求：
(1)在匀速提升重物的过程中，小华拉绳子的速度；
(2)小华提升重物时，双脚站在地面上对地面的压强；
(3)该滑轮组的最大机械效率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、风能、太阳能都是可再生能源，核能是不可再生能源，故A错误；
B、电站抽水蓄能时消耗了电能，水被抽到高处，水的机械能增大，这一过程中电能转化为机械能，故B正确；
C、高处的水发电时流动的水推动发电机工作，获得的是电能，消耗的是水的动能，这一过程中机械能转化为电能，故C错误；
D、太阳能发电是将太阳能转化为电能，故D错误。
故选：B。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能。
(2)电站抽水蓄能时将电能转化为机械能；
(3)高处的水发电时将机械能转化为电能；
(4)太阳能发电是将太阳能转化为电能。
本题考查了能源的分类和能量的转化，属于基础内容，难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、歌声是由物体的振动产生的，故A正确；
B、歌声的传播速度约340m/s，故B错误；
C、歌手共同发声提高了声音的响度，故C错误；
D、通过声音的音调和音色可区分男女领诵员，男声音调低，女声音调高，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音在15℃空气中的传播速度是340m/s。
(3)声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
(4)不同人的音调和音色一般不同。
知道声音产生的条件；知道响度和音调；知道声音在空气中的传播速度。
3.【答案】C
【解析】解：A、亭子“倒影”是由光的反射形成的虚像，故A错误；
B、看到云在水中飘，属于平面镜成像，是由光的反射形成云的虚像，故B错误；
C、游人看见水中的“小鱼”是由于光的折射形成的虚像，故C正确；
D、小鸟飞离湖面越飞越高，它在水中成的是等大的虚像，故D错误。
故选：C。
(1)(2)光照射到物体表面时，会发生反射现象，平面镜成像就是光的镜面反射形成的；
(3)光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射；
(4)平面镜成像的特点是：等大的虚像。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射的实际应用，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：A、肉在火上烤，火的热量传递给肉，肉烤熟是通过热传递的方式改变其内能，故A正确；
B、热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故B错误；
C、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，所以，燃料在燃烧过程中，质量减小，热值不变，故C正确；
D、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，温度越高，热运动越剧烈，很远就能闻到肉香味是说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：B。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(2)热量是过程量，就是说，热量只存在热传递中，只能说吸收或放出热量；热量不是状态量，不能说含有热量；
(3)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关；
(4)物质都是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动。
本题综合考查了改变物体内能的方式、分子动理论内容以及对热值的理解等，涉及的知识点多，但都属于基础知识考查范围。
5.【答案】B
【解析】解：
地球的表面积：S=5×1014m2；1标准大气压的值为1.0×105Pa；
由p=FS可得，地球周围的空气对地球的压力为：
F=pS=1.0×105Pa×5×1014m2=5×1019N；
空气的重力G=F=5×1019N；
空气的质量：m=Gg=5×1019N10N/kg=5×1018kg。故B正确，ACD错误。
故选：B。
已知地球的表面积，根据压强的定义式变形后F=pS，得出压力；根据气压产生的原因--空气有重力，求出空气重力(F=G)，再根据重力与质量的关系求出空气质量。
此题考查了对压强知识的应用，以及大气压的大小以及大气压的产生知识；根据压强的定义式，变形后可求出压力，结合大气压产生的原因--空气有重力，根据压力求出重力进而求出质量即可。
6.【答案】A
【解析】解：A、杠杆在图示的位置平衡时，根据杠杆平衡条件可得“权”ד标”=“重”ד本”，由图可知“标”大于“本”，则“权”的质量小于“重”的质量，故A正确；
B、设增加的质量为Δm，由图可知，杠杆平衡时“标”大于“本”，则Δmד标”>Δmד本”即“权+Δm”ד标”>“重+Δm”ד本”，A端会下沉，故B错误；
C、在“权”不变时，“重”增大，需要“标”增大，即把“权”向A端适当移动，故C错误；
D、将提钮O向B端移动一些，“标”增大，则“权”和“标”的乘积增大，而“本”变小，由杠杆平衡可知“重”增大，即杆秤测量范围增大，故D错误。
故选：A。
(1)利用杠杆平衡条件分析；
(2)A端是否上扬，除了跟增加的质量有关外，还与力臂有关；
(3)重增大，在权不变时，需要标增大；
(4)标增大，则权和标的乘积增大，而本变小，由杠杆平衡可知重增大，据此解答。
本题考查杠杆的五要素、杠杆平衡条件及其应用，理解杠杆的五要素及平衡条件是解答本题的关键。
7.【答案】C
【解析】解：A、静电的实质是电子在物体间发生了转移，并没有创造电荷，故A错误；
B、静电除尘纸和地面摩擦时，一个物体失去电子，另一个物体得到电子，所以它们带有异种电荷，故B错误；
C、静电除尘纸和地面摩擦后，静电除尘纸吸附灰尘利用了带电体可以吸引轻小物体的性质，故C正确；
D、静电除尘纸吸附灰尘，利用了带电体可以吸引轻小物体的性质，故D错误。
故选：C。
①摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体；
②带电体具有吸引轻小物体的性质；
此题考查了带电体的性质，从两个角度考查了摩擦起电的实质，正确理解概念是解答的基础。
8.【答案】D
【解析】解：A、为了计量整个家庭电路消耗电能的多少，家庭电路中电能表要安装在总开关前面，所以E处为电能表，F处为总开关，故A错误；
B、家庭电路中各用电器之间是并联的，互不影响，空调正常工作时，吊灯不一定发光，故B错误；
C、若家庭电路发生短路时，“空气开关”会自动断开；此时通过零线、火线的电流相同，“漏电保护器”不会“跳闸”，故C错误；
D、若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，说明这两个孔和火线之间都是接通的，所以故障为零线断路，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中各组成的先后顺序为：进户线、电能表、总开关、保险装置、开关、用电器、插座等；
(2)并联电路各支路互不影响；
(3)漏电保护器是在发生漏电或有人触电时会出现自动跳闸；空气开关是在出现短路、过载(用电器总功率过大)时，能自动“跳闸”，对人或电路起到保护作用；
(4)氖管都发光，说明氖管接触的是火线。
本题考查了家庭电路的连接和故障、各用电器之间的连接以及漏电保护器的应用，属于基础题。
9.【答案】A
【解析】解：A、航母与执行任务的舰载机通过电磁波传输信息，故A正确；
B、舰载机起飞后，航空母舰的总重减小，而漂浮时浮力等于重力，受到的浮力变小，故B错误；
C、甲板上静止的舰载机，受到的重力和支持力是一对平衡力，故C错误；
D、舰载机的机翼上凸下平，利用流体流速越大的位置压强越小来获得升力，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)漂浮在水面上的物体受到的浮力等于它受到的重力。
(3)作用在一个物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、并且作用在同一直线上，这两个力就是一对平衡力。
(4)在流体中，流速越大的位置，压强越小。
知道电磁波的特点及应用；知道平衡力与相互作用力的区别；知道物体的浮沉条件；知道流体的压强与流速的关系。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R 2两端的电压，电流表测电路中的电流；
AD、当被测者的身高越高时，滑动变阻器的滑片向上运动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由串联分压原理可知电压表示数变大，根据I=UR可知电路中的电流变小即当被测者的身高越高时，电流表的示数变小。因此用电压表的示数来反映人的身高，更符合人们的思维习惯，故AD错误；
B、由前面分析知当被测者的身高越高时，电路中的电流变小，根据P 总= U 总 I可知电路消耗的总功率越小，故B错误；
C、由题知电流表量程为0～0.6A，但变阻器R2的规格为“40Ω，0.5A”，因此为了不损坏电路中的元件，电路中的最大电流为0.5A，根据I=UR得当电路中电流为0.5A时电路的总电阻为：R 总=UI=Ω，
由串联电路电阻的规律知变阻器接入电路的阻值为：R 2= R 总− R 1=9Ω−6Ω=3Ω，
当电压表的示数为3V时，R 1两端的电压U 1=4.5V−3V=1.5V，
此时电路中的电流I= U1R1=1.5V6Ω=0.25A，
则变阻器接入电路的阻值为：R 2̋́′=U2I=3V0.25A=12Ω
因此为了不损坏电路中的元件，变阻器接入电路的阻值范围是3～12Ω，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，两电阻串联，电压表测R 2两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)当被测者的身高越高时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，由串联分压原理可知电压表示数的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；根据P 总= U 总 I可知电路消耗的总功率的变化情况；
(2)为了不损坏电路中的元件，电路电流不能超过0.5A，根据欧姆定律算出当电路中电流为0.5A时电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出变阻器接入电路的阻值；电压表的示数最大为3V，根据分压关系可得R 1两端的电压，进而根据欧姆定律计算出电路中的电流，从而得到变阻器接入电路的阻值。这两个电阻值即为变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，判断出电压表测量的是变阻器两端的电压是关键。
11.【答案】不平衡 重力势能、动能、弹性势能、内能之间转化
【解析】解：(1)运动员刚好接触蹦床A点时，蹦床没有发生弹性形变，因而没有弹力，故运动员只受到向下的重力，受力不平衡；
(2)运动员从空中最高点开始下落到A点时，重力势能转化为动能和内能；
接触蹦床到速度最大点，重力势能转化为动能、弹性势能和内能；
速度最大点向下到B点，重力势能和动能转化为弹性势能和内能，因而重力势能、动能、弹性势能、内能之间转化。
故答案为：(1)不平衡；(2)重力势能、动能、弹性势能、内能之间转化。
(1)根据蹦床的弹力和运动员的受力分析；
(2)根据机械能的转化过程进行分析。
本题考查机械能的转化与受力平衡的分析，属于中档题。
12.【答案】解：细线对橡皮的拉力作用点在橡皮上，方向是沿着细线指向圆周运动的圆心；
以橡皮跟细线的连接点为拉力的作用点，沿着细线向手的方向(圆周运动的圆心)画一条带箭头的线段，标注出拉力的大小：F=2N；
重力的方向是竖直向下的，作用点在橡皮的重心上；如下图所示：

【解析】重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳指向手，作用点都在物体的重心，将橡皮所受重力和绳拉力的方向、作用点表示出来即可。
画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
13.【答案】解：从S发出的光线垂直照射到玻璃砖上时，光线的传播方向不变，折射光线会水平向左射出；
光线SA斜射到玻璃砖右表面时会发生折射，折射光线靠近法线；经过玻璃砖左表面折射后，折射光线会远离法线；
从玻璃砖左侧射出的两条光线进入人的眼睛，人的眼睛逆着折射光线看，两条折射光线的反向延长线的交点为S′，如图所示：
。
【解析】光线通过玻璃砖在两个表面发生两次折射：第一次从空气斜射进入玻璃砖，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；第二次从玻璃砖斜射进入空气，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
本题考查光的折射光路的画法，本题的关键是掌握光的折射规律，根据折射规律作图。
14.【答案】解：条形磁体的右端为N极，当开关S闭合时条形磁体和电磁铁相互吸引，因此通电螺线管的左端为S极，右端为N极，根据安培定则可知螺线管的绕线，如图所示：

【解析】根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；根据安培定则分析出螺线管的绕线。
此题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则，比较简单，属基础题。
15.【答案】不变 撤去酒精灯 B
【解析】解：(1)根据图像a可知：水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度不变。
(2)为了说明水在沸腾过程中是否需要吸热，应撤去酒精灯，观察水是否继续沸腾。
(3)另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，水加热至沸腾的时间变短，但是水的沸点不变。故B符合题意，A、C、D不符合题意。故选B。
故答案为：(1)不变；(2)撤去酒精灯；(3)B。
(1)水在沸腾时继续吸热、温度不变。
(2)水沸腾的条件：一是温度达到沸点；二是继续吸热。
(3)水的质量越少，加热至沸腾的时间越短，但是水的沸点不变。
正确理解水的沸腾条件和特点是解题的关键，属于常考热学实验。
16.【答案】8.0 右 左 远视
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=18.0cm−10.0cm=8.0cm；
(2)若蜡烛、光屏和透镜如图乙所示，此时u=50cm−30cm=20cm>2f，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，故要想得到一个倒立、等大的实像，则需要将光源向右移动，除了要将光源移动以外，还需要适当移动光屏；
(3)由图可知，此时u=v=20cm>2f，若在图中蜡烛和凸透镜之间放一眼镜的镜片，若能再次看到烛焰清晰的像，则镜片应该对光线具有会聚作用，远视眼镜片是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像，因此应该将光屏向左移动才能再次看到烛焰清晰的像。
故答案为：(1)8.0；(2)右；(3)左；远视。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据u=v=2f，成倒立、等大的实像；
(3)远视眼镜片是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
17.【答案】排开液体体积 b 大 F1ρ水F1−F2
【解析】解：(1)物体浸没在水中之前，弹簧测力计的示数随物体的下表面浸入水中深度h的增加而减小，因V排=Sh，由F浮=G−F示可得出：物体A浸没在水中之前受到浮力与物体排开液体的体积有关；
(2)盐水的密度大于水的密度，液体的密度越大，物体浸没在液体时受到的浮力越大，则物体全部浸没时弹簧测力计的示数越小，所以换成盐水重复上述实验，绘出的图像应该是图线b；
(3)ρ盐水>ρ水>ρ酒精，由图像知，当液体的密度越大，物体全部浸没时弹簧测力计的示数越小，由F浮=G−F示知浮力变大，由此得出的结论：液体的密度越大，物体浸没入液体时受到的浮力越大；
(4)根据二力平衡，h=0时，弹簧测力计的示数即为物体的重力，即物体的重力G=F1；
由称重法知F浮=G−F示=F1−F2；
由阿基米德原理F浮=ρ液gV排得物体的体积为：
V=V排=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g，
圆柱形物体的密度为：
ρ=mV=GgV=F1g×F1−F2ρ水g=F1ρ水F1−F2。
故答案为：(1)排开液体体积；(2)b；(3)大；(4)F1ρ水F1−F2。
(1)物体浸没在水中之前，浸入水中深度越大排开水的体积越大，弹簧测力计的示数越小，由F浮=G−F′可知受到的浮力增大；
(2)盐水的密度大于水的密度，液体的密度越大，物体浸没在液体时受到的浮力越大，则物体全部浸没时弹簧测力计的示数越小，由此确定图线；
(3)由图像知，当液体的密度越大，物体全部浸没时弹簧测力计的示数越小，由F浮=G−F示判断出浮力的变化，进而判断出浮力与液体密度的关系；
(4)根据二力平衡，h=0时，弹簧测力计的示数即为物体的重力；由F浮=G−F示算出浮力，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排算出物体的体积，由密度公式表示出圆柱形物体的密度。
本题目考查了学生对浮力的掌握程度，并且考查学生能否灵活应用控制变量法。
18.【答案】A 10 U−2.5VR0×2.5V
【解析】解：(1)电压表要并联在灯泡的两端，使用0～15V量程，如图所示：

(2)实验时，电压表的示数如图乙所示，则应将滑片向A端移到某一位置，才能使小灯泡正常工作。
(3)根据实验数据绘制的I−U图象如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为：R=UI=Ω。
(4)在实验操作中，发现电流表损坏不能使用。小马利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丁所示的电路，测量小灯泡的额定功率。操作如下：
①闭合开关S、S1，断开S2。调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2断开S1，读出电压表示数为U，此时测量的是灯泡和R0两端的总电压，根据串联电路的电压规律和电流规律小灯泡的额定功率P额=U−2.5VR0×2.5V。
故答案为：(1)如图所示；(2)A；(3)10；(4)U−2.5VR0×2.5V。
(1)电压表要并联在灯泡的两端，使用0～15V量程。
(2)滑动变阻器的滑片移动后，使电压表的示数为2.5V。
(3)根据图像中的数据和欧姆定律进行计算。
(4)根据串联电路的特点和P=UI进行分析。
会根据数据进行分析和计算；会完成简单的实物图的连接。
19.【答案】解：
(1)由题和图示可知，当只有电动机工作时，吹冷风；当电动机和电阻丝同时工作时，吹热风，则热风功率为电热丝和电动机消耗的总功率；
所以，电热丝正常工作时的功率：
PR=P热−P冷=1200W−100W=1100W，
由P=U2R得，电热丝R的电阻值：
R=U2PR=(220V)21100W=44Ω；
(2)由ρ=mV得，房间中空气的质量：
m=ρV=1.3kg/m3×30m3=39kg，
则空气吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=1×103J/(kg⋅℃)×39kg×(26℃−15℃)=4.29×105J；
(3)加热时间t′=7min=420s，
由P=Wt得，暖风机消耗的电能：
W=P热t′=1200W×420s=5.04×105J；
则此暖风机的加热效率：
η=Q吸W×100%=4.29×105J5.04×105J×100%≈85%。
答：(1)电热丝R的电阻值是44Ω；
(2)空气吸收4.29×105焦耳的热量；
(3)此暖风机的加热效率为85%。
【解析】(1)当只有电动机工作时，吹冷风；当电动机和电阻丝同时工作时，吹热风；先求出电热丝正常工作的功率，然后根据R=U2P即可求出电热丝R的电阻；
(2)先根据密度公式求出空气的质量，再根据Q=cm(t−t0)求出空气吸收的热量；
(3)根据W=Pt求出暖风机消耗的电能，然后根据η=Q吸W×100%求出此暖风机的加热效率。
本题考查了学生对电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式及效率公式的掌握和应用，关键是各种公式及其变形的灵活运用，还要学会从所给信息中找到有用的数据。
20.【答案】解：(1)由图乙可知，在20s内重物上升的高度h=2m，
由图甲知，n=2，拉力端移动距离s=nh=2×2m=4m，
小华拉绳子的速度：
v=st=4m20s=0.2m/s；
(2)小华提重物时，小华受平衡力：F+F支=G人，F支、F压是一对相互作用力；
小华对地面的压力F压=G人−F=500N−250N=250N，
双脚站在地面上时，受力面积S=200cm2×2=400cm2=0.04m2，
对地面的压强：
p=F压S=250N0.04m2=6.25×103Pa；
(3)根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF−G=2×250N−400N=100N，
人对绳子的拉力最大为人的体重，即F′=500N，
则滑轮组能提升的最大物重为：
G′=nF−G动=2×500N−100N=900N，
滑轮组的最大机械效率：
η=W有用W总=G′hF′s=G′hF′×nh=G′nF′=900N2×500N×100%=90%。
答：(1)在匀速提升重物的过程中，小华拉绳子的速度为0.2m/s；
(2)提重物时，双脚站在地面上对地面的压强为6.25×103Pa；
(3)该滑轮组的机械效率为90%。
【解析】(1)由图乙可知，在20s内重物上升的高度为2m，由图甲知，n=2，拉力端移动距离s=nh，利用速度公式求小华拉绳子的速度；
(2)小华提重物时，小华受平衡力：F+F支=G人，F支、F压是一对相互作用力，求出双脚站在地面上时的受力面积，再利用p=FS求对地面的压强；
(3)根据人对绳子的拉力最大为500N求出最大物重，再利用η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF求得滑轮组的最大机械效率。
本题是一道力学综合题，涉及到速度、压强、机械效率的计算，能从题目提供的图乙中得出每秒内的相关信息是本题的关键。
额定电压
220V
热风功率
1200W
冷风功率
100W