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2023年河南省商丘市夏邑第二中学中考二模物理试题（解析版）
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这是一份2023年河南省商丘市夏邑第二中学中考二模物理试题（解析版），共18页。试卷主要包含了 如图是一款无叶电风扇等内容，欢迎下载使用。
2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷
1. 如图所示，排箫又叫“参差”，是中国的传统乐器。排箫发出声音是由管内空气柱______ 产生的；竹管长度参差不齐的目的是为了改变声音的______ 。
【答案】 ①. 振动 ②. 音调
【解析】
【详解】[1]排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的。
[2]竹管长度参差不齐，空气中长短不同，发声时振动的快慢不同，目的是为了改变声音的音调。
2. 如图是一款无叶电风扇。该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据______ 的物理原理，圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。传统风扇的扇叶与空气摩擦带电，由于带电体______ ，所以扇叶会吸附大量灰尘，而无叶电风扇则不会。
【答案】 ①. 流体在流速越大的地方压强越小 ②. 能够吸引轻小物体
【解析】
【详解】[1]流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大，该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据流体在流速越大的地方压强越小的物理原理制成的，使圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。
[3]风扇叶转动时，与空气摩擦而起电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以扇叶会吸附大量灰尘。
3. 夜晚，汽车灯光照到自行车尾灯，自行车尾灯看起来很亮，尾灯______ （选填“是”或“不是”）光源，是光发生了______ （选填“镜面”或“漫”）反射，所以感觉亮。
【答案】 ①. 不是 ②. 镜面
【解析】
【详解】[1][2]自行车尾灯自身不能发光，所以不是光源；自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，当有光照射到尾灯时可起到明显警示作用，其原理是利用了光的镜面反射。
4. 向前直线行驶的车内，小明给小芳连拍两张照片（如图所示）．比较两幅图片可知，拍照过程中车是在向_____________（选填“东”或“西”）运动的；乙图中水杯内的水由于_____________溅出水杯，由此可知该车在做_____________（选填“匀速” “加速”或“减速”）运动.
【答案】 ①. 西 ②. 惯性 ③. 减速
【解析】
【分析】
【详解】由图可知：塔在小芳的西边，小芳离塔的距离变小，说明小芳是向西运动的，所以车是向西行驶的；杯子中的水原来随车一起向西运动，当车突然减速时，杯内的水由于惯性，保持原来的运动状态，所以会向西洒出．
【点睛】
5. 如图所示，电源电压恒定为6V，R1、R2为定值电阻，R1=20Ω。当闭合开关S2、S3，开关S1处于______ 状态时，R1、R2并联，电流表示数为0.45A；则定值电阻R2的阻值为______ Ω；当开关S2、S3断开，S1闭合时，电路消耗的功率为______ W。
【答案】 ①. 断开 ②. 40 ③. 0.6
【解析】
【详解】[1]由图知道，当闭合开关S2、S3，开关S1处于断开状态时，R1、R2并联；当断开S2、S3，闭合S1时，R1、R2串联。
[2]当R1、R2并联时，电流表测干路电流，则通过R1的电流
根据并联电路电流特点知道，通过R2的电流
根据知道
[3]当R1、R2串联时，根据串联电路的电阻特点知道
则电路消耗的功率为
6. 如图是小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能______ （选填“大于”、“等于”或“小于”）在B点时的动能，你的理由是：______ 。
【答案】 ①. 大于 ②. 见解析
【解析】
【详解】[1][2]观察图可知，小球弹跳起来的高度越来越低，可知小球弹跳过程中机械能逐渐减小，所以A点的机械能大于B点，小球质量一定，其中A、B两点等高，故A点的重力势能等于B点的重力势能，而机械能是动能和势能的总和，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
7. 下列估测中，最接近生活实际的是（ ）
A. 一支新铅笔的长约为18cm
B. 一个中学生的体积约为5m3
C. 人骑自行车匀速前进时的功率约500W
D. 复兴号高铁列车运行速度可达300m/s
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，新铅笔的长度略小于20cm，在18cm左右，故A符合实际；
B．一名中学生的质量约为50kg，人的密度与水的密度接近，故中学生的体积约为
故B不符合实际；
C．人骑自行车匀速前进时的动力约20N，速度约为5m/s，前进时的功率约
故C不符合实际；
D．复兴号高铁运行速度可以达到，故D不符合实际。
故选A。
8. 如图是小明用手机、透镜和纸盒自制的简易投影仪，能将手机上的画面放大投射到白色墙上。下列说法不正确的是（ ）
A. 手机屏幕到透镜的距离应大于透镜的一倍焦距小于二倍焦距
B. 如果想使墙上的画面再大一些，则需要让手机适当远离透镜
C. 若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白色墙上的画面仍然完整
D. 从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为光在墙面上发生了漫反射
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据投影仪成像的原理可知，手机屏幕到透镜的距离物距应大于焦距，小于二倍焦距，白色墙上呈现的是倒立、放大的实像，故A正确，不符合题意；
B．要使墙上的像变大，需要增大像距，减小物距，即应该减小手机与透镜之间的距离，故B错误，符合题意；
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，透镜的其它部分仍然能会聚光线而成像，白色墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C正确，不符合题意；
D．从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为墙对光发生了漫反射，反射光线射向各个方向，故D正确，不符合题意。
故选B。
9. 科技引领生活，5G时代已经来临．车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持．如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是
A. 串联 超声波
B. 串联 电磁波
C. 并联 超声波
D. 并联 电磁波
【答案】D
【解析】
【详解】根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；5G通讯是利用电磁波来传递信息的．
10. 关于密度知识的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 国产大飞机C919采用密度较大的新材料制造，可减轻质量
B. 大石块的质量大于小铁块的质量，所以石块的密度大于铁的密度
C. 气象工作者利用密度很小的氦气，制造探空气球，采集气象资料
D. 气体受热膨胀，密度变小，所以发生火灾时为了避免吸入燃烧后产生的有毒气体，人站立逃离比贴近地面爬行更好
【答案】C
【解析】
【详解】A．国产大飞机C919的体积一定，由可知，材料的密度越小，国产大飞机C919的质量越小，故为了减轻质量，国产大飞机C919用密度较小的新材料制造，故A错误；
B．虽然大石块的质量大于小铁块的质量，但大石块的体积大于小铁块的体积，则根据可知，不能说明石块的密度大于铁的密度，故B错误；
C．探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小，因此气象工作者利用密度很小的氦气制造探空气球，采集气象资料，故C正确；
D．气体的密度与温度的关系是：一定质量的气体，当温度的升高时，体积膨胀，密度变小；反之当温度的降低时，体积缩小，密度变大；所以发生火灾时，燃烧产生的有毒气体温度较高，密度较小而上浮，会分布在房间上方，所以为了避免吸入燃烧时产生的有毒气体，应该贴近地面爬行，故D错误。
故选C。
11. 一只木箱放在水平地面上，地面上各处粗糙程度相同．对木箱施加一个方向不变的水平推力F(如图甲)；F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系图象如图乙所示．以下说法正确的是
A. 在第一个2s内木箱所受摩擦力为2N
B. 在第二个2s内木箱所受摩擦力为3N
C. 在第一个2s内推力F对木箱所做的功为2J
D. 在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为8W
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，等于1N，故A错误；
B．由v﹣t图象可知，在4s～6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F﹣t图象可知在4s～6s即在第三个2s内拉力F＝2N，由平衡条件可得滑动摩擦力f＝F＝2N，由v﹣t图象可知，物体在第二个2s内做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力仍是2N，方向与推力方向相反，即向左；故B错误；
C．由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，由W＝Fs可知，推力F对木箱所做的功为0；故C错误；
D．在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为：
P＝Fv＝2N×4m/s＝8W．故D正确；
12. 图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是
A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
B. 断开开关S时，用试电笔接触A点氖管发光，接触B点时氖管不会发光
C. 保险丝烧断后可用铜丝代替
D. 闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
【答案】B
【解析】
【详解】A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、断开开关S时，A点在火线上，所以接触A点时氖管会发光，B点与火线没有直接接触也没有间接接触，所以接触B点时氖管不会发光，故B正确；
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故C错误；
D、若闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯断路，若电灯短路，则保险丝烧断，故D错误．
13. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平。以下判断正确的是（ ）
A. 物体b受到的浮力大
B. 物体a的密度大
C. 甲容器底部受到的压力小
D. 两容器对桌面的压强一样大
【答案】AD
【解析】
【详解】A．容器中盛有同种液体，a的排开液体的体积小于b排开液体的体积，根据
a所受浮力小于b所受浮力，故A正确；
B．a漂浮，浮力等于重力，b悬浮，浮力等于重力
则
a、b体积相等，根据
故B错误；
C．容器底部受到压力为
相同的容器中盛有同种液体，液体密度相同，深度相同，底面积相同，因此压力相同，故C错误；
D．a漂浮在液体中，b悬浮在液体中，液面相平，则
则两容器对桌面压力相同，由
可知桌面所受压强相同，故D正确。
故选AD。
14. 如图所示，小明准备了阻值分别为5Ω、10Ω的A、B两个白炽灯泡，并分别把这两个灯泡接入图甲、图乙的电路中。不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关移动滑片使两灯都发光，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中A灯泡比B灯泡亮
B. 图甲中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
C. 图乙中A灯泡比B灯泡亮
D. 图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
【答案】BC
【解析】
【详解】A．甲图中两灯串联，串联电路中电流相等，灯泡消耗的实际电功率
因为，所以，因此A灯泡比B灯泡暗，故A错误；
B．甲图中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，滑动变阻器的接入电阻变小，电路中的总电阻变小，根据知电路中的电流变大，根据可知，每个小灯泡消耗的电功率变大，两个灯泡的亮度都变亮，故B正确；
C．乙图中两灯并联，所以两灯泡两端的电压相等，灯泡消耗的实际电功率
因为，所以，因此A灯泡比B灯泡亮，故C正确；
D．乙图中滑动变阻器接在干路上，当滑片向左滑动时，变阻器接入电阻变大，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，两灯泡两端的电压变小，根据可知，灯泡的实际电功率变小，两个灯泡亮度都变暗，故D错误。
故选BC。
15. 如图所示，一通电螺旋线管的右端为北极（N）极，且它的右侧有一小磁针，请你在图中标出小磁针的南极（S）及用箭头标出螺线管中的电流I的方向．
【答案】
【解析】
【详解】根据磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极，根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入，从左端流出。
16. 如图所示，观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，画出车中重物A所受力的示意图．
（ ）
【答案】如下图所示
【解析】
【详解】物体A随观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，水平方向上是不受力的；竖直方向上有重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反．过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F 表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
17. 如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
（1）关于小纸片的作用，下列说法错误的是______ （选填标号）；
A．减少热损失
B．有助于固定温度计
C．减少“水雾”干扰，方便读数
D．减小杯内气压，使水沸腾得更快
（2）用酒精灯给水加热至沸腾。当水温接近90℃时，每隔0.5min记录一次温度。某探究小组记录的数据如表：
时间
0
0.5
1
1.5
2
2.5
3
温度/℃
90
94
97
98
98
98
98
从表格中可知，水的沸点为______ ℃，这说明实验室当时的大气压______ （选填“高于”、“低于”或“等于”）标准大气压；
（3）仔细观察水的沸腾，发现沸腾时产生的气泡在上升过程中会越来越______ （选填“大”或“小”）。
【答案】 ①. D ②. 98 ③. 低于 ④. 大
【解析】
【详解】（1）[1]A．加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，故A正确，不符合题意；
B．温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，故B正确，不符合题意；
C．加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，故C正确，不符合题意；
D．加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，故D错误，符合题意。
故选D。
（2）[2] [3]水沸腾过程中，温度保持在不变，沸点为；由于沸点低于，实验时气压低于标准大气压。
（3）[4]沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
18. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A为木块、B为重物，甲、乙两图中的接触面粗糙程度相同且较光滑，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做______ 运动；
（2）进行甲、乙两图的实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系；
（3）比较______ 两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）小明认为，对比乙、丙两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与压力的关系。他的看法是______ ；
（5）小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是______ 原因导致的。小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F=4.0N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，现增大拉力F，弹簧测力计的示数______ （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 压力 ③. 甲、丙 ④. 不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同 ⑤. 很难保证木块做匀速直线运动 ⑥. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡原理，摩擦力的大小等于拉力的大小，等于测力计的示数。
（2）[2]甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同且乙图中压力大，所以这是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[3]探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，需保持压力相同，接触面粗糙程度不同，比较甲、丙两图可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）[4]由图乙、丙所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度不同，物体间的压力不同，木块受到的滑动摩擦力不同，由于没有控制接触面的粗糙程度相同，不可探究滑动摩擦力大小与压力的关系；小明的看法是错误的。
（5）[5]小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是拉力不稳，很难保证木块做匀速直线运动导致的。
[6]如图丁所示的实验方案，C相对地面处于静止状态，受到的测力计的拉力与受到摩擦力为一对平衡力，大小相等，此时木块C受到的滑动摩擦力大小为；因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关，所以，增大拉力F时，木块C对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，由二力平衡条件可知，弹簧测力计的拉力不变，其示数不变。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、两个滑动变阻器（规格为“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”），阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，一个标记模糊、阻值未知的定值电阻，以及导线若干。
（1）小明同学连接的电路如图乙所示，其中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。______
（2）正确连接电路后，小明将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻______ （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，更换不同的电阻进行实验，测得的数据填入下面的表格中。第一次实验时，电流表的示数如图丙所示，为______ A，当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为______ V不变，应将滑动变阻器的滑片向______ （选填“左”或“右”）移动。
实验序号
1
2
3
电阻R/Ω
10
20
25
电流I/A
0.10
0.08
（4）由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ （选填“正比”或“反比”）。
（5）根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是______ （选填“A”或“B”）。
A.“10Ω 1A”
B.“20Ω 0.5A”
（6）小明同学在完成实验后，想知道标记模糊的定值电阻Rx的阻值。此时电压表被另一组的同学借走，小明经过思考，利用实验中选择的滑动变阻器（最大阻值记为R0），设计了如图丁所示的电路，完成了电阻阻值的测量。具体操作如下：
①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，读出电流表的示数I1。
②______ ，读出电流表的示数I2。
③则Rx=______ 。
【答案】 ①. ②. 断路 ③. 0.2 ④. 2 ⑤. 左 ⑥. 反比 ⑦. B ⑧. 将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S ⑨.
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接如下图所示：
（2）[2]闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成闭通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上，即定值电阻断路.
（3）[3]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A。
[4]则定值电阻两端的电压为
UV＝IR＝0.2A×10Ω＝2V
[5]根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持2V不变；
（4）[6]由表中数据可知，导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流减小为原来的几分之一，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成。
（5）[7]定值电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V
根据分压原理，可知滑动变阻器的电阻为
故选B。
（6）将滑动变阻器的滑片分别置于最大值处和阻值为零的位置，分别测出两次电路中的电流，根据欧姆定律，分别表示出两次电源电压，而两次电源电压不变，故可根据两次电源电压相等列出等式。
②[8]将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S，记下电流表的示数为I2；
③[9]在①中，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律得电源电压
U＝I1(Rx＋R0)
在②中为Rx的简单电路，由欧姆定律得电源电压
U＝I2R
因电源电压不变，故
I1(Rx＋R0)＝I2R
解得Rx的表达式为
20. 通过微信晒每天行走的步数已经成为一种时尚。观察分析人走路的情形，可以将人的脚视为一根杠杆，如图所示，行走时人的脚掌前端O是支点，人体受到的重力是阻力，小腿肌肉施加的力F是动力。已知某人的质量为80kg，g=10N/kg。
（1）若重力作用点A刚好是OB连线的中点，请计算小腿肌肉产生的拉力F的大小。（ ）
（2）人向前走一步过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，请计算此过程中人克服自身重力做功的功率为多大？（计算结果保留整数）（ ）
（3）通过查阅资料：人以不同方式徒步运动半小时，消耗人体内的能量如表所示。请你从能量角度分析“快走”能健身的原因：______ 。
运动方式
散步
快走
慢跑
快跑
消耗能量E/J
315
1165.5
1260
1764
【答案】 ①. 400N ②. 124W ③. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]人的重力
分别画出动力臂和阻力臂，如图所示
分析可知，动力臂是阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件得到
所以
（2）[2]由可得人在30分钟快走运动中做的功为
此过程中人克服自身重力做功的功率为
（3）[3]同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
21. 郑州蓝天救援队是一个综合性的公益救援组织，可随时待命应对各种紧急救援。为保护救援队员潜水时的安全，潜水时会携带如图甲所示的水压表和深度表。图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=10Ω，Rp是压敏电阻，Rp的阻值随水的深度变化的图象如图丙所示。深度表由电压表改装，电压表量程0∼3V。
（1）随着下潜深度的增大，压敏电阻的阻值逐渐______ （选填“增大”或“减小”）；在电路中连入R0的目的是______ 。
（2）救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为多大？（ ）计算此时该电路的电功率。（ ）
（3）在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为多少米？（ ）
（4）如果想使该深度表能测量的最大深度增加，可以采取的措施有______ 。（说出一条即可）
【答案】 ①. 减小 ②. 保护电路 ③. 2.4V ④. 1.44W ⑤. 60m ⑥. 减小电源电压，或适当减小R0的阻值
【解析】
【详解】（1）[1]由图丙可知，潜水员下潜深度增大，压敏电阻的阻值减小。
[2]压敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，可能烧坏电路，因此的作用是保护电路。
（2）[3]由图丙可知，当救援队员下潜到水下40m深处时，压敏电阻的阻值为
则电路的阻值为
此时电路通过的电流为
根据可得电压表的示数为
[4]此时该电路的功率为
（3）[5]深度表所处的深度越深，压敏电阻的阻值越小，电压表示数越大，当电压表示数为3V时，深度表所处的深度为最大深度，此时电路中的电流为
根据可得
由丙图可知该深度表能测量的最大深度为60m。
（4）[6]深度越大时，压敏电阻R受到的压力越大，压敏电阻R的阻值越小，根据串联电路的分压原理可知，压敏电阻两端的电压越小，定值电阻两端的电压越大，要使定值电阻两端的最大电压不变，故可以采取的措施：减小电源电压，或适当减小的阻值。
2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷
1. 如图所示，排箫又叫“参差”，是中国的传统乐器。排箫发出声音是由管内空气柱______ 产生的；竹管长度参差不齐的目的是为了改变声音的______ 。
【答案】 ①. 振动 ②. 音调
【解析】
【详解】[1]排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的。
[2]竹管长度参差不齐，空气中长短不同，发声时振动的快慢不同，目的是为了改变声音的音调。
2. 如图是一款无叶电风扇。该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据______ 的物理原理，圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。传统风扇的扇叶与空气摩擦带电，由于带电体______ ，所以扇叶会吸附大量灰尘，而无叶电风扇则不会。
【答案】 ①. 流体在流速越大的地方压强越小 ②. 能够吸引轻小物体
【解析】
【详解】[1]流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大，该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据流体在流速越大的地方压强越小的物理原理制成的，使圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。
[3]风扇叶转动时，与空气摩擦而起电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以扇叶会吸附大量灰尘。
3. 夜晚，汽车灯光照到自行车尾灯，自行车尾灯看起来很亮，尾灯______ （选填“是”或“不是”）光源，是光发生了______ （选填“镜面”或“漫”）反射，所以感觉亮。
【答案】 ①. 不是 ②. 镜面
【解析】
【详解】[1][2]自行车尾灯自身不能发光，所以不是光源；自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，当有光照射到尾灯时可起到明显警示作用，其原理是利用了光的镜面反射。
4. 向前直线行驶的车内，小明给小芳连拍两张照片（如图所示）．比较两幅图片可知，拍照过程中车是在向_____________（选填“东”或“西”）运动的；乙图中水杯内的水由于_____________溅出水杯，由此可知该车在做_____________（选填“匀速” “加速”或“减速”）运动.
【答案】 ①. 西 ②. 惯性 ③. 减速
【解析】
【分析】
【详解】由图可知：塔在小芳的西边，小芳离塔的距离变小，说明小芳是向西运动的，所以车是向西行驶的；杯子中的水原来随车一起向西运动，当车突然减速时，杯内的水由于惯性，保持原来的运动状态，所以会向西洒出．
【点睛】
5. 如图所示，电源电压恒定为6V，R1、R2为定值电阻，R1=20Ω。当闭合开关S2、S3，开关S1处于______ 状态时，R1、R2并联，电流表示数为0.45A；则定值电阻R2的阻值为______ Ω；当开关S2、S3断开，S1闭合时，电路消耗的功率为______ W。
【答案】 ①. 断开 ②. 40 ③. 0.6
【解析】
【详解】[1]由图知道，当闭合开关S2、S3，开关S1处于断开状态时，R1、R2并联；当断开S2、S3，闭合S1时，R1、R2串联。
[2]当R1、R2并联时，电流表测干路电流，则通过R1的电流
根据并联电路电流特点知道，通过R2的电流
根据知道
[3]当R1、R2串联时，根据串联电路的电阻特点知道
则电路消耗的功率为
6. 如图是小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能______ （选填“大于”、“等于”或“小于”）在B点时的动能，你的理由是：______ 。
【答案】 ①. 大于 ②. 见解析
【解析】
【详解】[1][2]观察图可知，小球弹跳起来的高度越来越低，可知小球弹跳过程中机械能逐渐减小，所以A点的机械能大于B点，小球质量一定，其中A、B两点等高，故A点的重力势能等于B点的重力势能，而机械能是动能和势能的总和，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
7. 下列估测中，最接近生活实际的是（ ）
A. 一支新铅笔的长约为18cm
B. 一个中学生的体积约为5m3
C. 人骑自行车匀速前进时的功率约500W
D. 复兴号高铁列车运行速度可达300m/s
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，新铅笔的长度略小于20cm，在18cm左右，故A符合实际；
B．一名中学生的质量约为50kg，人的密度与水的密度接近，故中学生的体积约为
故B不符合实际；
C．人骑自行车匀速前进时的动力约20N，速度约为5m/s，前进时的功率约
故C不符合实际；
D．复兴号高铁运行速度可以达到，故D不符合实际。
故选A。
8. 如图是小明用手机、透镜和纸盒自制的简易投影仪，能将手机上的画面放大投射到白色墙上。下列说法不正确的是（ ）
A. 手机屏幕到透镜的距离应大于透镜的一倍焦距小于二倍焦距
B. 如果想使墙上的画面再大一些，则需要让手机适当远离透镜
C. 若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白色墙上的画面仍然完整
D. 从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为光在墙面上发生了漫反射
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据投影仪成像的原理可知，手机屏幕到透镜的距离物距应大于焦距，小于二倍焦距，白色墙上呈现的是倒立、放大的实像，故A正确，不符合题意；
B．要使墙上的像变大，需要增大像距，减小物距，即应该减小手机与透镜之间的距离，故B错误，符合题意；
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，透镜的其它部分仍然能会聚光线而成像，白色墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C正确，不符合题意；
D．从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为墙对光发生了漫反射，反射光线射向各个方向，故D正确，不符合题意。
故选B。
9. 科技引领生活，5G时代已经来临．车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持．如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是
A. 串联 超声波
B. 串联 电磁波
C. 并联 超声波
D. 并联 电磁波
【答案】D
【解析】
【详解】根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；5G通讯是利用电磁波来传递信息的．
10. 关于密度知识的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 国产大飞机C919采用密度较大的新材料制造，可减轻质量
B. 大石块的质量大于小铁块的质量，所以石块的密度大于铁的密度
C. 气象工作者利用密度很小的氦气，制造探空气球，采集气象资料
D. 气体受热膨胀，密度变小，所以发生火灾时为了避免吸入燃烧后产生的有毒气体，人站立逃离比贴近地面爬行更好
【答案】C
【解析】
【详解】A．国产大飞机C919的体积一定，由可知，材料的密度越小，国产大飞机C919的质量越小，故为了减轻质量，国产大飞机C919用密度较小的新材料制造，故A错误；
B．虽然大石块的质量大于小铁块的质量，但大石块的体积大于小铁块的体积，则根据可知，不能说明石块的密度大于铁的密度，故B错误；
C．探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小，因此气象工作者利用密度很小的氦气制造探空气球，采集气象资料，故C正确；
D．气体的密度与温度的关系是：一定质量的气体，当温度的升高时，体积膨胀，密度变小；反之当温度的降低时，体积缩小，密度变大；所以发生火灾时，燃烧产生的有毒气体温度较高，密度较小而上浮，会分布在房间上方，所以为了避免吸入燃烧时产生的有毒气体，应该贴近地面爬行，故D错误。
故选C。
11. 一只木箱放在水平地面上，地面上各处粗糙程度相同．对木箱施加一个方向不变的水平推力F(如图甲)；F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系图象如图乙所示．以下说法正确的是
A. 在第一个2s内木箱所受摩擦力为2N
B. 在第二个2s内木箱所受摩擦力为3N
C. 在第一个2s内推力F对木箱所做的功为2J
D. 在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为8W
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，等于1N，故A错误；
B．由v﹣t图象可知，在4s～6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F﹣t图象可知在4s～6s即在第三个2s内拉力F＝2N，由平衡条件可得滑动摩擦力f＝F＝2N，由v﹣t图象可知，物体在第二个2s内做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力仍是2N，方向与推力方向相反，即向左；故B错误；
C．由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，由W＝Fs可知，推力F对木箱所做的功为0；故C错误；
D．在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为：
P＝Fv＝2N×4m/s＝8W．故D正确；
12. 图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是
A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
B. 断开开关S时，用试电笔接触A点氖管发光，接触B点时氖管不会发光
C. 保险丝烧断后可用铜丝代替
D. 闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
【答案】B
【解析】
【详解】A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、断开开关S时，A点在火线上，所以接触A点时氖管会发光，B点与火线没有直接接触也没有间接接触，所以接触B点时氖管不会发光，故B正确；
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故C错误；
D、若闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯断路，若电灯短路，则保险丝烧断，故D错误．
13. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平。以下判断正确的是（ ）
A. 物体b受到的浮力大
B. 物体a的密度大
C. 甲容器底部受到的压力小
D. 两容器对桌面的压强一样大
【答案】AD
【解析】
【详解】A．容器中盛有同种液体，a的排开液体的体积小于b排开液体的体积，根据
a所受浮力小于b所受浮力，故A正确；
B．a漂浮，浮力等于重力，b悬浮，浮力等于重力
则
a、b体积相等，根据
故B错误；
C．容器底部受到压力为
相同的容器中盛有同种液体，液体密度相同，深度相同，底面积相同，因此压力相同，故C错误；
D．a漂浮在液体中，b悬浮在液体中，液面相平，则
则两容器对桌面压力相同，由
可知桌面所受压强相同，故D正确。
故选AD。
14. 如图所示，小明准备了阻值分别为5Ω、10Ω的A、B两个白炽灯泡，并分别把这两个灯泡接入图甲、图乙的电路中。不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关移动滑片使两灯都发光，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中A灯泡比B灯泡亮
B. 图甲中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
C. 图乙中A灯泡比B灯泡亮
D. 图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
【答案】BC
【解析】
【详解】A．甲图中两灯串联，串联电路中电流相等，灯泡消耗的实际电功率
因为，所以，因此A灯泡比B灯泡暗，故A错误；
B．甲图中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，滑动变阻器的接入电阻变小，电路中的总电阻变小，根据知电路中的电流变大，根据可知，每个小灯泡消耗的电功率变大，两个灯泡的亮度都变亮，故B正确；
C．乙图中两灯并联，所以两灯泡两端的电压相等，灯泡消耗的实际电功率
因为，所以，因此A灯泡比B灯泡亮，故C正确；
D．乙图中滑动变阻器接在干路上，当滑片向左滑动时，变阻器接入电阻变大，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，两灯泡两端的电压变小，根据可知，灯泡的实际电功率变小，两个灯泡亮度都变暗，故D错误。
故选BC。
15. 如图所示，一通电螺旋线管的右端为北极（N）极，且它的右侧有一小磁针，请你在图中标出小磁针的南极（S）及用箭头标出螺线管中的电流I的方向．
【答案】
【解析】
【详解】根据磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极，根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入，从左端流出。
16. 如图所示，观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，画出车中重物A所受力的示意图．
（ ）
【答案】如下图所示
【解析】
【详解】物体A随观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，水平方向上是不受力的；竖直方向上有重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反．过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F 表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
17. 如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
（1）关于小纸片的作用，下列说法错误的是______ （选填标号）；
A．减少热损失
B．有助于固定温度计
C．减少“水雾”干扰，方便读数
D．减小杯内气压，使水沸腾得更快
（2）用酒精灯给水加热至沸腾。当水温接近90℃时，每隔0.5min记录一次温度。某探究小组记录的数据如表：
时间
0
0.5
1
1.5
2
2.5
3
温度/℃
90
94
97
98
98
98
98
从表格中可知，水的沸点为______ ℃，这说明实验室当时的大气压______ （选填“高于”、“低于”或“等于”）标准大气压；
（3）仔细观察水的沸腾，发现沸腾时产生的气泡在上升过程中会越来越______ （选填“大”或“小”）。
【答案】 ①. D ②. 98 ③. 低于 ④. 大
【解析】
【详解】（1）[1]A．加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，故A正确，不符合题意；
B．温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，故B正确，不符合题意；
C．加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，故C正确，不符合题意；
D．加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，故D错误，符合题意。
故选D。
（2）[2] [3]水沸腾过程中，温度保持在不变，沸点为；由于沸点低于，实验时气压低于标准大气压。
（3）[4]沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
18. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A为木块、B为重物，甲、乙两图中的接触面粗糙程度相同且较光滑，丙图中接触面较粗糙。
（1）实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做______ 运动；
（2）进行甲、乙两图的实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系；
（3）比较______ 两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）小明认为，对比乙、丙两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与压力的关系。他的看法是______ ；
（5）小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是______ 原因导致的。小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F=4.0N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，现增大拉力F，弹簧测力计的示数______ （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 压力 ③. 甲、丙 ④. 不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同 ⑤. 很难保证木块做匀速直线运动 ⑥. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡原理，摩擦力的大小等于拉力的大小，等于测力计的示数。
（2）[2]甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同且乙图中压力大，所以这是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[3]探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，需保持压力相同，接触面粗糙程度不同，比较甲、丙两图可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）[4]由图乙、丙所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度不同，物体间的压力不同，木块受到的滑动摩擦力不同，由于没有控制接触面的粗糙程度相同，不可探究滑动摩擦力大小与压力的关系；小明的看法是错误的。
（5）[5]小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是拉力不稳，很难保证木块做匀速直线运动导致的。
[6]如图丁所示的实验方案，C相对地面处于静止状态，受到的测力计的拉力与受到摩擦力为一对平衡力，大小相等，此时木块C受到的滑动摩擦力大小为；因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关，所以，增大拉力F时，木块C对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，由二力平衡条件可知，弹簧测力计的拉力不变，其示数不变。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、两个滑动变阻器（规格为“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”），阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，一个标记模糊、阻值未知的定值电阻，以及导线若干。
（1）小明同学连接的电路如图乙所示，其中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。______
（2）正确连接电路后，小明将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻______ （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，更换不同的电阻进行实验，测得的数据填入下面的表格中。第一次实验时，电流表的示数如图丙所示，为______ A，当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为______ V不变，应将滑动变阻器的滑片向______ （选填“左”或“右”）移动。
实验序号
1
2
3
电阻R/Ω
10
20
25
电流I/A
0.10
0.08
（4）由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ （选填“正比”或“反比”）。
（5）根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是______ （选填“A”或“B”）。
A.“10Ω 1A”
B.“20Ω 0.5A”
（6）小明同学在完成实验后，想知道标记模糊的定值电阻Rx的阻值。此时电压表被另一组的同学借走，小明经过思考，利用实验中选择的滑动变阻器（最大阻值记为R0），设计了如图丁所示的电路，完成了电阻阻值的测量。具体操作如下：
①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，读出电流表的示数I1。
②______ ，读出电流表的示数I2。
③则Rx=______ 。
【答案】 ①. ②. 断路 ③. 0.2 ④. 2 ⑤. 左 ⑥. 反比 ⑦. B ⑧. 将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S ⑨.
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接如下图所示：
（2）[2]闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成闭通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上，即定值电阻断路.
（3）[3]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A。
[4]则定值电阻两端的电压为
UV＝IR＝0.2A×10Ω＝2V
[5]根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持2V不变；
（4）[6]由表中数据可知，导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流减小为原来的几分之一，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成。
（5）[7]定值电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V
根据分压原理，可知滑动变阻器的电阻为
故选B。
（6）将滑动变阻器的滑片分别置于最大值处和阻值为零的位置，分别测出两次电路中的电流，根据欧姆定律，分别表示出两次电源电压，而两次电源电压不变，故可根据两次电源电压相等列出等式。
②[8]将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S，记下电流表的示数为I2；
③[9]在①中，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律得电源电压
U＝I1(Rx＋R0)
在②中为Rx的简单电路，由欧姆定律得电源电压
U＝I2R
因电源电压不变，故
I1(Rx＋R0)＝I2R
解得Rx的表达式为
20. 通过微信晒每天行走的步数已经成为一种时尚。观察分析人走路的情形，可以将人的脚视为一根杠杆，如图所示，行走时人的脚掌前端O是支点，人体受到的重力是阻力，小腿肌肉施加的力F是动力。已知某人的质量为80kg，g=10N/kg。
（1）若重力作用点A刚好是OB连线的中点，请计算小腿肌肉产生的拉力F的大小。（ ）
（2）人向前走一步过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，请计算此过程中人克服自身重力做功的功率为多大？（计算结果保留整数）（ ）
（3）通过查阅资料：人以不同方式徒步运动半小时，消耗人体内的能量如表所示。请你从能量角度分析“快走”能健身的原因：______ 。
运动方式
散步
快走
慢跑
快跑
消耗能量E/J
315
1165.5
1260
1764
【答案】 ①. 400N ②. 124W ③. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]人的重力
分别画出动力臂和阻力臂，如图所示
分析可知，动力臂是阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件得到
所以
（2）[2]由可得人在30分钟快走运动中做的功为
此过程中人克服自身重力做功的功率为
（3）[3]同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
21. 郑州蓝天救援队是一个综合性的公益救援组织，可随时待命应对各种紧急救援。为保护救援队员潜水时的安全，潜水时会携带如图甲所示的水压表和深度表。图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=10Ω，Rp是压敏电阻，Rp的阻值随水的深度变化的图象如图丙所示。深度表由电压表改装，电压表量程0∼3V。
（1）随着下潜深度的增大，压敏电阻的阻值逐渐______ （选填“增大”或“减小”）；在电路中连入R0的目的是______ 。
（2）救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为多大？（ ）计算此时该电路的电功率。（ ）
（3）在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为多少米？（ ）
（4）如果想使该深度表能测量的最大深度增加，可以采取的措施有______ 。（说出一条即可）
【答案】 ①. 减小 ②. 保护电路 ③. 2.4V ④. 1.44W ⑤. 60m ⑥. 减小电源电压，或适当减小R0的阻值
【解析】
【详解】（1）[1]由图丙可知，潜水员下潜深度增大，压敏电阻的阻值减小。
[2]压敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，可能烧坏电路，因此的作用是保护电路。
（2）[3]由图丙可知，当救援队员下潜到水下40m深处时，压敏电阻的阻值为
则电路的阻值为
此时电路通过的电流为
根据可得电压表的示数为
[4]此时该电路的功率为
（3）[5]深度表所处的深度越深，压敏电阻的阻值越小，电压表示数越大，当电压表示数为3V时，深度表所处的深度为最大深度，此时电路中的电流为
根据可得
由丙图可知该深度表能测量的最大深度为60m。
（4）[6]深度越大时，压敏电阻R受到的压力越大，压敏电阻R的阻值越小，根据串联电路的分压原理可知，压敏电阻两端的电压越小，定值电阻两端的电压越大，要使定值电阻两端的最大电压不变，故可以采取的措施：减小电源电压，或适当减小的阻值。
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