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2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了 下列数据最接近实际情况的是， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列推理正确的是( )
A. 燃烧需要同时满足三个条件，则灭火也要同时控制三个条件
B. 单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质
C. 带异种电荷的两个物体相互吸引，则相互吸引的两个物体一定带异种电荷
D. 大小相等方向相反是平衡力的特点，则大小相等、方向相反的力一定是平衡力
2. 下列对生产生活实际问题的解释不正确的是( )
A. 汽油可清洗机械零件上油污——溶解原理
B. 书包带做得比较宽会更舒服——减小压力
C. 铵态氮肥不能与碱性物质混合施用——两者反应会降低肥效
D. 早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它——光的直线传播
3. 下列分类正确的是( )
A. 凹透镜：近视镜、望远镜、放大镜 B. 绝缘体：铜、干木头、陶瓷
C. 稀有气体：氦气、氖气、臭氧 D. 碱：熟石灰、苛性钠、氨水
4. 对如图所示实验的分析不正确的是( )
A. 甲：探究铁钉生锈的条件，试管①内铁钉生锈说明铁钉生锈需要与水接触
B. 乙：铁球的运动方向发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态
C. 丙：将自制气压计从山脚下拿到山顶，玻璃管内液柱会升高，说明大气压减小
D. 丁：下层蜡烛先熄灭，说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气大
5. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 成年人走两步的距离大约是2.5m B. 中学生百米跑用时约为10s
C. 人体的正常体温是37℃ D. 一枚一元硬币的质量约为60g
6. 下列说法正确的是( )
A. 所有的乐器的物理原理都是一样的：通过振动发出声音
B. “引吭高歌”、“低声细语”中的“高”“低”描述的是声音的音调高低
C. 医生通过听诊器给病人诊病是利用声可以传递能量
D. 倒车雷达是利用电磁波传递信息
7. 下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. “下雪不冷、化雪冷”是说雪熔化要放热
B. 俗语“缸穿裙雨来临”是说空气中的水蒸气遇到冷的水缸，在其外面液化变成小水滴
C. “霜前冷，雪后寒”其中霜的形成是空气中的水蒸气凝华吸热形成的
D. “冰冻三尺，非一日之寒”其中冰的形成是空气中的水蒸气凝固形成的
8. 下列有关光现象的说法中利用光的反射的是( )
A. 皮影戏
B. 如果你在一块平面镜中看到了一位同学的眼睛，那么这位同学也一定会通过这面镜子看到你的眼睛
C. 有经验的渔民都知道，只有瞄准鱼的下方才能叉到鱼
D. 雨过天晴，天空出现的彩虹
9. 下列装置利用如图所示原理的是( )
A. 电铃 B. 扬声器 C. 动圈式话筒 D. 电磁起重机
10. 在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 由甲图可知该透镜焦距为40cm
B. 乙图中成的是倒立缩小的实像，符合照相机的成像原理
C. 在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理
D. 如果在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像
11. 如图所示的滑轮组(每个滑轮质量相同)，用时5s将重6N的物体匀速拉高20cm，此时绳子自由端的拉力为2N。在此过程中，不计绳重和摩擦，以下说法正确的是( )
A. 每个滑轮重2N
B. 此滑轮组的机械效率为75%
C. 5s内人对滑轮组做功的功率为0.32W
D. 横梁受到的拉力为15N
12. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“U0R0”的字样(灯丝电阻不随温度变化)，滑动变阻器R2的最大阻值为32R0，R1是阻值为R0的定值电阻，当S闭合，S1、S2断开，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。下列说法正确的是( )
A. 电源电压是1.5U0
B. 当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，灯泡消耗的功率逐渐变大
C. 当只闭合S，灯泡正常发光时，滑片位置保持不变，再将开关都闭合，电流表的示数增大了U0R0
D. 开关都闭合时，滑片向a端移动的过程中，电路消耗的总功率变小
13. 现在新建居民楼电路中的保险装置一般采用空气开关，空气开关安装在______ 后，其作用是______ ；控制插座的总开关上大多还装有漏电保护器，漏电保护器的作用是______ 。
14. 在烈日当空的海边玩耍，小明发现沙子热的烫脚，这是通过______ 方式改变沙子的内能；而沙子比海水烫脚，这是因为______ ；相同质量的铝和铜，吸收相同的热量后铝上升的温度______ 铜上升的温度(c铝>c铜)。
15. 如图所示，甲、乙两列高铁列车相向行驶，以甲车为参照物，乙车是______的。行驶的列车不提供动力后还能继续向前运动，原因是______。目前我国正在打造比飞机还快的“超级高铁”，若“超级高铁”以4000km/h的速度沿地球赤道绕一圈所用时间约为______h。(已知地球赤道周长约为40000km)
16. 如图所示，用一根细线栓一块橡皮，在水平面内甩起来，橡皮会绕手做圆周运动。这是因为力______ ，画出橡皮所受重力的示意图。
17. 小明发现：滑板车在沿水平方向运动时，如果不再蹬地，它最终就会停下来。实验小组的同学就这一现象讨论的过程中，出现了两种观点。一种观点认为：运动需要力来维持；另一种观点认为：运动不需要力来维持。两种观点相持不下，于是他们准备通过实验来研究这个问题。他们准备如图所示的实验装置，让小车从斜面顶端由静止滑下，分别在几种粗糙程度不同的木板上运动，观察和比较小车滑行的距离。
(1)实验中每次让小车从斜面顶端由静止滑下的目的是：______ 。
(2)实验中发现：小车在粗糙的木板上滑行的距离最短，在较光滑的木板上滑行的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越______ (选填“快”或“慢”)。由此他们联想到雨天驾驶汽车应该______ (选填“增大”或“减小”)汽车之间的距离。
(3)实验小组的同学们根据实验现象得出实验结论；______ 。
18. 在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的0.5N钩码若干个。
(1)实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在图甲所示的位置，为使杠杆在水平位置平衡，应该______ 。
实验序号
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1.0
20
2
10
2
1.5
10
1
15
3
2
15
1.5
20
4
25
3
(2)完成(1)后，在杠杆两端挂上不同数量的钩码如图乙所示，使杠杆重新水平平衡。得到了上表数据。
通过对前三次实验数据的分析论证，小明发现：力臂越长，需要的力______ 。在进一步分析实验数据时，小明发现第四组实验数据忘了记录力臂，于是小明通过前三次实验数据分析得出：l1l2= ______ ，然后又通过实验验证了小明分析的正确性。
(3)通过实验数据的分析与论证，最后得出了杠杆的平衡条件：______ 。
(4)我们身边有很多的杠杆，如小朋友玩的跷跷板、拔钉子用的羊角锤、赛艇的船桨、托盘天平，其中属于省力杠杆的是______ 。
(5)实验结束，小明又提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图中丙所示的装置进行探究，在杠杆O点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数如图中所示。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1L1总是大于F2L2，则此杠杆的效率为______ %。
19. 用“伏安法”测量一个小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器标有“10Ω 0.5A”字样。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路正确连接完整。要求：滑动变阻器滑片向左移动，小灯泡变亮。
(2)连接好电路，闭合开关，观察到小灯泡L不发光，电压表的示数为0，移动滑片仍如此。于是小明将电压表分别正确并联在AB、BC、CD两端，发现UAB=UCD=0，UBC>0。由此可知，发生故障的是______ (填“AB”“BC”或“CD”)。
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片，当电压表的示数为2.4V时，应该向______ (填“左”或“右”)移动滑片P，才能测得小灯泡正常工作时的电阻。小灯泡正常工作时电流表的示数如图乙所示，为______ A，则小灯泡正常工作时的电阻为______ (结果保留两位小数)。
(4)分析下列表格的实验数据发现小灯泡的电阻在变化，这是因为______ 在影响灯丝电阻。
(5)小明同学只用电阻箱替换小灯泡，其他不变，继续探究电流与电阻的关系，每次调节滑片P使电压表的示数均为2.5V。在保证电路安全的前提下，为了能完成实验，电阻箱接入电路的阻值范围为______ 。
实验次数
电压表的示数U/V
电流表的示数I/A
电阻R/Ω
1
1.00
0.14
2
1.70
0.22
3
2.50
20. 如图甲所示，一个底面积为0.04m2的薄壁柱形容器放在电子秤上，容器中放着一个高度为0.1m的均匀实心柱体A，向容器中缓慢注水，停止注水后容器中水的深度为0.1m，电子秤的示数与容器中水的深度关系如图乙所示。(g取10N/kg)
(1)求容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强；
(2)求未注水时，A对柱形容器底部的压强；
(3)求停止注水后，A所受浮力。
21. 如图(b)所示电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R2允许通过最大电流为3A。电流表、的表盘均如图(a)所示，滑动变阻器滑片P位于最大阻值处，闭合开关S，电流表示数为0.3A。两电流表指针偏离零刻度线角度相同。
①求电阻R1的阻值；
②求此时经过变阻器R2的电流I2；
③移动滑动变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，电路消耗的最大功率为P1；若将R1和R2改变连接方式，电流表的表盘仍如图所示，在电路安全的前提下，电路消耗的最大功率为P2。求；P1：P2。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、燃烧需要同时满足三个条件(可燃物、与空气接触、温度达到着火点)，灭火时只要破坏一个条件即可，故A错误；
B、单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质，故B正确；
C、带异种电荷的两个物体相互吸引，但相互吸引的两个物体可能带异种电荷，也可能只有一个物体带电，故C错误；
D、平衡力和相互作用力都需要满足大小相等、方向相反，所以大小相等、方向相反的力可能是平衡力，也可能是相互作用力，故D错误。
故选：B。
(1)燃烧需要满足可燃物、与空气(或氧气)接触、温度达到着火点，但是灭火只需要破坏一个条件即可。
(2)单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质。
(3)异种电荷相互吸引，但相互吸引的两个物体可能带异种电荷，也可能只有一个物体带电。
(4)大小相等方向相反是平衡力的特点，则大小相等、方向相反的力不一定是平衡力，还可能是相互作用力。
知道电荷间的相互作用规律；知道平衡力与相互作用力的区别。
2.【答案】BD
【解析】解：A、汽油能溶解油污，因此汽油可清洗机械零件上油污利用的是溶解原理，故A正确。
B、书包带做得比较宽会，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误。
C、铵态氮肥不能与碱性物质混合施用，否则会产生氨气，降低肥效，故C正确。
D、早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它，是由于光在密度不均匀的介质中传播时发生折射现象引起的，故D错误。
故选：BD。
(1)根据除油污的原理来分析。
(2)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(3)根据铵态氮肥的使用注意事项考虑。
(4)光在不均匀介质传播时，光的传播方向会发生偏折。
本题在考查力学和光学知识的同时，涉及到了溶解原理、铵态氮肥的使用注意事项等化学知识，为此题的解答增加了一定难度。
3.【答案】D
【解析】解：A、近视镜是凹透镜，放大镜是凸透镜，望远镜的目镜和物镜都是凸透镜，故A错误；
B、铜是金属，属于导体，干木头和陶瓷属于绝缘体，故B错误；
C、臭氧属于氧元素组成的单质，不属于稀有气体，故C错误；
D、熟石灰、苛性钠均属于碱，氨水在水中解离的阴离子是氢氧根离子，属于碱，故D正确。
故选：D。
A、中间薄、边缘厚的镜片叫做凹透镜，有缩小作用，可以发散光，主要用于近视镜；
B、根据导体与绝缘体的定义进行分析；
C、稀有气体包含氦氖氩氪氙氡；
D、碱是指在电离时产生的阴离子全部是氢氧根离子的化合物。
本题难度不大，考查物质类别的判别、明确稀有气体的种类、掌握对凹透镜、凸透镜应用的认识、同时考查了绝缘体和导体的理解能力。
4.【答案】A
【解析】解：A、通过对比①②③试管内的实验现象，试管①中的铁钉会生锈，②③不会生锈，说明铁钉生锈需要与水和空气接触，故A错误；
B、在铁球运动路径旁放一磁体，铁球运动路径将变成曲线，铁球之所以做曲线运动，是受到磁力的作用，说明力可以改变了物体的运动状态，故B正确；
C、将自制气压计从山脚下拿到山顶后，大气压减小，导致玻璃管内液柱会升高，故C正确。
D、下层蜡烛先熄灭，说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气大，故D正确。
故选：A。
A、铁钉生锈需要与水和空气接触；
B、力的作用效果有两个：一是可改变物体的运动状态，二是可改变物体的形状；
C、海拔越高，大气压越小；
D、二氧化碳的密度比空气密度大。
本题不仅涉及物理中的力的作用效果，还涉及化学知识，综合性强。
5.【答案】C
【解析】解：A、成年人走两步的距离大约是1.5m，故A错误；
B、中学生百米跑所用时间约为14s，故B错误；
C、人体的正常体温大约是37℃，故C正确；
D、一枚一元硬币的质量约为6g，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、时间、温度、质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
6.【答案】A
【解析】解：A、所有的乐器的物理原理都是一样的：通过振动发出声音，故A正确；
B、“引吭高歌”、“低声细语”中的“高”“低”描述的是声音的响度大小，故B错误；
C、医生通过听诊器给病人诊病是利用声可以传递信息，故C错误；
D、倒车雷达是利用超声波传递信息，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的高低叫音调，音调与振动的频率有关；声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
(3)声音可以传递信息。
(4)倒车雷达是利用超声波来传递信息的。
本题考查的是声音产生的条件；知道声音可以传递信息；知道超声波的特点及应用；知道音调和响度。
7.【答案】B
【解析】解：A、下雪不冷化雪冷，因为化雪时，冰雪熔化要吸收热量，故C错误；
B、“缸穿裙雨来临”，缸外的小水珠是空气中的水蒸气遇到温度较低的水缸液化形成的，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气温度降低直接变成小冰晶，是凝华现象，所以霜前冷；下雪后，雪要熔化，熔化吸收热量，所以雪后寒，故C错误；
D、冰的形成是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：B。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
8.【答案】B
【解析】解：A、皮影戏利用的是光的直线传播，故A错误；
B、光的反射中，光路是可逆的；由此可知，原来的入射光线成为反射光线，所以当你在平面镜中看到他人的眼睛时，对方也一定能看到你的眼睛，故B正确；
C、水中鱼反射出的光，由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，折射光线的反向延长线比实际入射光线升高，就会觉得是变浅的鱼的虚像，因此用鱼叉捕鱼时，不是将鱼叉对准他看到的鱼，而是瞄准所看到的鱼的下方位置叉去，故C错误；
D、雨过天晴，天空出现的彩虹，属于光的色散现象，故D错误。
故选：B。
1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
2、当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
3、当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
现实生活中有很多与光有关的现象，平时要注意多观察，多思考，并用所学光学知识去解释观察到的光学现象，这能提高我们运用所学知识解决实际问题的能力。
9.【答案】B
【解析】解：图中装置原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A.电铃是利用电流的磁效应，故A错误；
B.扬声器通电后线圈振动，说明是利用了通电导体在磁场中受力运动的原理，故B正确；
C.动圈式话筒利用电磁感应原理工作的，故C错误；
D.电磁起重机利用电流的磁效应工作的，故D错误。
故选：B。
通电导体在磁场中受力而运动，据此分析每个选项的原理。
本题考查电动机的原理及其应用，属于基础题。
10.【答案】BC
【解析】解：A、由甲图可知该透镜焦距为40cm−30cm=10cm，故A错误；
B、由图可知，物距大于像距，当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，是照相机的成像原理，故B正确；
C、根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故C正确。
D、凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像，故D错误；
故选：BC。
(1)凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离；
(2)当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，照相机这一光学器件正是应用了这点；
(3)物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像；物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像；
(4)当凹透镜靠近凸透镜时，凸透镜会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方。
本题考查学生对凸透镜成像规律的应用，常见题目。
11.【答案】BC
【解析】解：
A、由图可知，n=4，不计滑轮装置自重、绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得两个动滑轮的总重2G动=nF−G=4×2N−6N=2N，
每个滑轮重G动=1N，故A错误；
B、有用功W有用=Gh=6N×0.2m=1.2J，
绳子自由端被拉下距离：s=4h=4×20cm=80cm=0.8m，
总功W总=Fs=2N×4×0.2m=1.6J，
此滑轮组的机械效率η=W有用W总=1.2J1.6J=75%，故B正确；
C、5s内人对滑轮组做功的功率P=W总t=1.6J5s=0.32W，故C正确；
D、由图可知，横梁受到6段绳子向下的拉力，横梁受到的拉力：F′=6F=6×2N=12N，故D错误；
故选：BC。
A、由图可知，n=4，不计滑轮装置自重、绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得两个动滑轮的总重，进而得出每个滑轮重；
B、根据W有用=Gh得出有用功，根据s=4h得出绳子自由端被拉下距离，根据W总=Fs得出总功，根据η=W有用W总得出此滑轮组的机械效率；
C、根据P=W总t得出5s内人对滑轮组做功的功率；
D、由图可知，横梁受到6段绳子向下的拉力，根据F′=6F得出横梁受到的拉力。
本题考查机械效率的有关计算，是一道综合题。
12.【答案】AB
【解析】解：(1)由I=UR得小灯泡正常工作时的电流为：I=U0R0；
当S闭合，S1、S2断开，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器接入电路的电阻为：
R滑=13R滑大=13×32R0=12R0，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电路中各处的电流相等，
则电源电压为：
U=I(R0+12R0)=32IR0=1.5U0，故A正确；
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流I=UR0+R滑变大，由PL=I2RL知灯泡消耗功率变大，故B正确；
C、当只闭合S，灯泡正常发光时，电流表的示数等于小灯泡的额定电流为U0R0；
滑片位置保持不变，再将开关都闭合，此时定值电阻R1与滑动变阻器并联，干路的电流为：UR0+U12R0=1.5U0R0+1.5U012R0=4.5U0R0，
再将开关都闭合后，电流表的示数增大了：4.5U0R0−U0R0=3.5U0R0，故C错误；
D、开关都闭合时，定值电阻R1与滑动变阻器并联，滑片向a端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由I=UR知通过滑动变阻器的电流变大；
由于并联电路各个支路互不影响，所以通过定值电阻的电流不变，由并联电路电流的规律知通过干路电流的变大，由P=UI知电路消耗总功率变大，故D错误。
故选：AB。
(1)由I=UR小灯泡正常工作时的电流，当S闭合，S1、S2断开，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡正常发光，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可知电源电压；
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，根据I=UR0+R滑判断电流的变化，由PL=I2RL判断出灯泡消耗功率的变化；
(3)当只闭合S，灯泡正常发光时，电流表的示数等于小灯泡的额定电流，滑片位置保持不变，再将开关都闭合，此时定值电阻R1与滑动变阻器并联，根据欧姆定律表示出干路的总电流，进而判断出电流的变化量；
(4)开关都闭合时，定值电阻R1与滑动变阻器并联，滑片向a端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律判断出通过滑动变阻器的电流，根据并联电路各个支路互不影响判断出通过定值电阻电流的变化，由并联电路电流的规律判断出通过干路电流的变化，由P=UI判断出电路消耗总功率的变化。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
13.【答案】电能表 当电路中电流过大时切断电路 当火线和零线上通过的电流大小达到一定差值时，切断电路
【解析】解：在家庭电路的进户布局中，电能表测家庭电路所消耗的电能，空气开关一定要安装在电能表之后，当电路中的电流过大时，空气开关自动断开，切断电路，俗称跳闸；
当有电流直接导入大地时，火线和零线上的电流不相同，达到一定差值时，漏电保护器会迅速切断电路。
故答案为：电能表；当电路中电流过大时切断电路；当火线和零线上通过的电流大小达到一定差值时，切断电路。
(1)当电路中的电流过大时，空气开关会断开电路；空气开关应接在电能表之后；
(2)漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地导走了，此时漏电保护器会切断电路。
本题考查了家庭电路的基本结构、空气开关和漏电保护器的作用等，难度不大。
14.【答案】热传递 海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低 小于
【解析】解：在烈日当空的海边玩耍，小明发现沙子热的烫脚，通过热传递的方式改变沙子的内能；
海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低；
已知c铝>c铜，对于相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，由Q=cmΔt可知铜上升的温度高。
故答案为：热传递；海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低；小于。
改变内能的方式包括做功和热传递；
水的比热容是最大的，因此，在相同条件下水吸收的热量较多，而在吸收相同热量时，水升温则较慢；
由Q=cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多。
深入理解比热容的概念和改变内能的方式，才能正确判断并做出合理的解释。
15.【答案】运动 列车具有惯性 10
【解析】解：甲、乙两列高铁列车相向行驶过程中，以甲车为参照物，乙车的位置不断变化，所以是运动的；
行驶的列车不提供动力后还能继续向前运动，原因是列车具有惯性，要保持原来的运动状态；
由v=st得，
“超级高铁”所用时间约为t=sv=40000km4000km/h=10h。
故答案为：运动；列车具有惯性；10。
(1)物体是处于运动还是静止，取决于所选的参照物，物体相对于参照物的位置关系变化时物体是运动的，位置关系不变是静止的；
(2)一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性；
(3)已知路程和速度，两者之比是运动时间。
此题考查了运动和静止的相对性、惯性现象及速度变形公式的运用，是一道力学综合题。
16.【答案】能改变物体的运动状态
【解析】解：橡皮绕手做圆周运动，运动状态发生了变化，是因为受到力的作用；
重力的方向是竖直向下的，从橡皮的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为橡皮所受重力的示意图。如图所示：
故答案为：能改变物体的运动状态；见解答图。
(1)力可以改变物体的形状和运动状态；
(2)根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心作竖直向下的力，并标上字母G。
本题考查了重力的示意图的画法、力的作用效果。需要注意的是：不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
17.【答案】小车每次滑到水平面时的速度相等 慢 增大 物体的运动不需要力来维持
【解析】解：(1)根据控制变量法，实验中每次均让小车从斜面顶端由静止下滑，目的是控制小车每次滑到水平面时的速度相等；
(2)实验中发现：小车在粗糙的木板上滑行的距离最短，在较光滑的木板上滑行的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，小车运动的距离越远，速度减小得越慢，由此他们联想到雨天驾驶汽车应该增大汽车之间的距离；
(3)由实验可以得出结论，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远，小车速度减小的越慢，据此推理知若水平面绝对光滑，对小车没有阻力，小车将以不变的速度永远运动下去，即小车将做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)小车每次滑到水平面时的速度相等；(2)慢；增大；(3)物体的运动不需要力来维持。
(1)根据控制变量法，要控制小车每次滑到水平面时的速度相同；
(2)根据实验现象回答；
比较小车在粗糙和光滑表面受到的阻力大小，结合小车在两种材料表面滑行的距离分析得出结论，根据所得结论分析雨天汽车之间的距离要求；
(3)力是改变物体运动状态的原因。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查控制变量法、科学推理法在实验中的运用，是对科学探究的能力的考查。
18.【答案】向右调节平衡螺母 越小 325 动力×动力臂=阻力×阻力臂 拔钉子用的羊角锤 65.2
【解析】解：(1)为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(2)根据表格1、2、3三组数据可知，力臂越长，力就越小；分析前三组数据可知：l1l2=F2F1，由此第四组l1l2=325；
(3)分析数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)跷跷板和托盘天平在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是等臂杠杆；羊角锤在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；赛艇的船桨在使用过程中，阻力臂大于动力臂，是费力杠杆；
(5)杠杆的效率为F2L2F1L1×100%=1N×6L2.3N×4L×100%=65.2%；
故答案为：(1)向右调节平衡螺母；(2)越小；225；(3)动力×动力臂=阻力×阻力臂；(4)拔钉子用的羊角锤；(5)65.2。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据表格数据分析；
(3)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)分析动力臂与阻力臂的关系，判断杠杆类型；
(5)分别计算F1L1；F2L2。
在探究杠杆平衡条件时，把杠杆的中点作为支点并调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，是为了消除杠杆自重对实验的影响；挂钩码后使杠杆再次水平平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。杠杆平衡条件是杠杆平衡计算的基础内容，一定要掌握。
19.【答案】BC 左 0.28 8.93Ω 温度 5Ω−50Ω
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮，说明滑动变阻器接入电路的阻值变小，
故应将滑动变阻器左下接线柱连入电路中，电压表表与小灯泡并联，如图所示：
(2)观察到灯泡L不发光，电压表示数为零，有可能是灯泡短路或电路断路造成的，
发现UAB=UCD=0，UAD>0，AB和CD之外的电路断路，UBC>0，则说明BC之外的电路为通路，则BC之间发生了断路。
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2.4V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，
根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，
故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压，才能测得小灯泡正常工作时的电阻。
小灯泡正常工作时电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，为0.28A，
由欧姆定律得，灯泡正常工作时电阻为：R=UI=2.5V0.28A≈8.93Ω。
(4)由表中数据，根据欧姆定律得，R=UI，可计算出三次灯的电阻分别为7.15Ω、7.73Ω、8.93Ω，
分析表格中的实验数据发现灯泡的电阻在变化，这是因为温度在影响灯丝电阻。
(5)滑动变阻器标有“10Ω 0.5A“字样，表示变阻器的最大电阻为10Ω，允许通过的最大电流为0.5A，
电阻箱两端的电压始终保持UV=2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=3V−2.5V=0.5V，
电阻箱的电压是变阻器分得的电压的2.5V0.5V=5倍，根据分压原理，当变阻器接入最大电阻10Ω电阻时，对应的电阻箱的电阻最大为50Ω；
电流表量程为0−0.6A，故电路的最大电流为0.5A，
由欧姆定律，电路的最小电阻：R小=UI大=3V0.5A=6Ω，
由分压原理，电阻箱的电阻是滑动变阻器接入阻值的5倍，由电阻的串联可知，
电阻箱连入电路的最小电阻：R小′=55+1×6Ω=5Ω；
故在保证电路安全的前提下，为了能完成实验，电阻箱接入电路的阻值范围为5−50Ω。
故答案为：(1)如图见解答；(2)BC；(3)左；0.28；8.93Ω；(4)温度；(5)5Ω−50Ω。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)闭合开关，观察到小灯泡L不发光，电压表示数为零，可能电路为断路或灯短路，将电压表并联在电路两端时，
若电压表没有示数，则电压表之外的电路有断路，若有示数，则与电压表并联的部分有断路，据此分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程读数，由欧姆定律求出电阻大小；
(4)灯丝的电阻随温度的变化而变化；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，
根据分压原理，求出当变阻器接入最大电阻10Ω电阻时，对应的电阻箱连入的最大电阻；
根据电流表量程为0−0.6A和变阻器允许通过的最大电流，由欧姆定律求出电路的最小电阻，
由分压原理和电阻的串联，求出电阻箱连入电路的最小电阻。
本题用“伏安法“测量一只小灯泡的电阻，考查电路连接、故障分析、操作过程、电流表读数及电阻计算、控制变量法的运用及对实验器材的要求。第(5)是本题的难点所在，弄清电阻箱接入的阻值与滑动变阻器接入阻值的关系是正确解题的关键。
20.【答案】解：(1)容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强：
p1=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(2)由m=ρV=ρSh可得，m−h图像中，图像的斜率表示ρS，
由图可知，0～0.06m的斜率小于0.06～0.1m的斜率，
所以，当h1=0.06m时，A对容器底部压力恰好为零，即物体漂浮，
由图乙可知，没有注入水中，柱形容器的总质量m0=1.9kg，
当h=0.06m时，容器内水的质量为：m水=m1−m0=2.5kg−1.9kg=0.6kg，
由ρ=mV得，水的体积为：V水=m水ρ水=0.6kg1.0×103kg/m3=6×10−4m3，
由V水=(S容−SA)h1可得，A的底面积为：SA=S容−V水h1=0.04m2−6×10−4m30.06m=0.03m2，
此时A受到的浮力为：F浮=ρ水gSAh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m2×0.06m=18N，
因为物体A处于漂浮状态，浮力等于重力，即GA=F浮=18N，
所以未注水时，A对柱形容器底部的压强为：p2=FSA=GASA=18N0.03m2=600Pa；
(3)因物体漂浮后再注入水时，A排开水的体积不变，所以，停止注水后，A所受的浮力仍为18N。
答：(1)容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强为600Pa；
(2)未注水时，A对柱形容器底部的压强为600Pa；
(3)停止注水后，A所受浮力18N。
【解析】(1)容器中水的深度为0.06m时，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强；
(2)由m=ρV=ρSh可得，m−h图像中，图像的斜率表示ρS，比较0～0.06m的斜率和0.06～0.1m的斜率关系判断出当h=0.06m时A对容器底部压力恰好为零，即物体漂浮，由图乙可知，没有注入水中，柱形容器的总质量，然后求出h=0.06m时容器内水的质量，根据ρ=mV求出水的体积，利用V水=(S容−SA)h1求出A的底面积，根据阿基米德原理求出此时A受到的浮力，根据物体沉浮条件可求出物体A的重力，根据p=FS可求出未注水时A对柱形容器底部的压强；
(3)物体漂浮后再注入水时A排开水的体积不变，受到的浮力不变。
本题考查了液体压强公式和密度公式、阿基米德原理、压强定义式的综合应用等，正确的判断出物体在水中的状态是关键。
21.【答案】解：①由图(b)可知，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路的总电流；
由I=UR可知，电阻R1的阻值：R1=UI1=6V0.3A=20Ω；
②由于两电流表指针偏离零刻度线角度相同，而干路电流大于支路电流，所以电流表A接0～3A量程，
由图(a)电流表A的示数I=1.5A，
根据并联电路的电流特点可知，此时经过变阻器R2的电流：I2=I−I1=1.5A−0.3A=1.2A；
③根据电流表A的量程和滑动变阻器允许通过最大电流可知，移动滑动变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，电路中的最大总电流为I大=3A，
则电路消耗的最大功率为：P1=UI大=6V×3A=18W；
若将R1和R2改变连接方式，即R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最小为0Ω，即只有R1接入电路，此时电路中的总电阻最小，总电流最大为I1=0.3A，电路消耗的总功率最大，
电路消耗的最大功率为：P2=UI1=6V×0.3A=1.8W，
则P1：P2=18W：1.8W=10：1。
答：①电阻R1的阻值为20Ω；
②求此时经过变阻器R2的电流I2为1.2A；
③P1：P2=10：1。
【解析】(1)由图(b)可知，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路的总电流；根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(2)由于两电流表指针偏离零刻度线角度相同，据此可知电流表A接0～3A量程，由图(a)电流表A的示数；根据并联电路的电流特点求出此时经过变阻器R2的电流I2；
(3)根据电流表A的量程和滑动变阻器允许通过最大电流可知电路中的最大电流，根据P=UI可知电路消耗的最大功率为P1；
若将R1和R2改变连接方式，即R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最小时，电路消耗的总功率最大，根据P=UI求出最大功率P2，据此求出P1：P2。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列推理正确的是( )
A. 燃烧需要同时满足三个条件，则灭火也要同时控制三个条件
B. 单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质
C. 带异种电荷的两个物体相互吸引，则相互吸引的两个物体一定带异种电荷
D. 大小相等方向相反是平衡力的特点，则大小相等、方向相反的力一定是平衡力
2. 下列对生产生活实际问题的解释不正确的是( )
A. 汽油可清洗机械零件上油污——溶解原理
B. 书包带做得比较宽会更舒服——减小压力
C. 铵态氮肥不能与碱性物质混合施用——两者反应会降低肥效
D. 早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它——光的直线传播
3. 下列分类正确的是( )
A. 凹透镜：近视镜、望远镜、放大镜 B. 绝缘体：铜、干木头、陶瓷
C. 稀有气体：氦气、氖气、臭氧 D. 碱：熟石灰、苛性钠、氨水
4. 对如图所示实验的分析不正确的是( )
A. 甲：探究铁钉生锈的条件，试管①内铁钉生锈说明铁钉生锈需要与水接触
B. 乙：铁球的运动方向发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态
C. 丙：将自制气压计从山脚下拿到山顶，玻璃管内液柱会升高，说明大气压减小
D. 丁：下层蜡烛先熄灭，说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气大
5. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 成年人走两步的距离大约是2.5m B. 中学生百米跑用时约为10s
C. 人体的正常体温是37℃ D. 一枚一元硬币的质量约为60g
6. 下列说法正确的是( )
A. 所有的乐器的物理原理都是一样的：通过振动发出声音
B. “引吭高歌”、“低声细语”中的“高”“低”描述的是声音的音调高低
C. 医生通过听诊器给病人诊病是利用声可以传递能量
D. 倒车雷达是利用电磁波传递信息
7. 下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. “下雪不冷、化雪冷”是说雪熔化要放热
B. 俗语“缸穿裙雨来临”是说空气中的水蒸气遇到冷的水缸，在其外面液化变成小水滴
C. “霜前冷，雪后寒”其中霜的形成是空气中的水蒸气凝华吸热形成的
D. “冰冻三尺，非一日之寒”其中冰的形成是空气中的水蒸气凝固形成的
8. 下列有关光现象的说法中利用光的反射的是( )
A. 皮影戏
B. 如果你在一块平面镜中看到了一位同学的眼睛，那么这位同学也一定会通过这面镜子看到你的眼睛
C. 有经验的渔民都知道，只有瞄准鱼的下方才能叉到鱼
D. 雨过天晴，天空出现的彩虹
9. 下列装置利用如图所示原理的是( )
A. 电铃 B. 扬声器 C. 动圈式话筒 D. 电磁起重机
10. 在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 由甲图可知该透镜焦距为40cm
B. 乙图中成的是倒立缩小的实像，符合照相机的成像原理
C. 在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理
D. 如果在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像
11. 如图所示的滑轮组(每个滑轮质量相同)，用时5s将重6N的物体匀速拉高20cm，此时绳子自由端的拉力为2N。在此过程中，不计绳重和摩擦，以下说法正确的是( )
A. 每个滑轮重2N
B. 此滑轮组的机械效率为75%
C. 5s内人对滑轮组做功的功率为0.32W
D. 横梁受到的拉力为15N
12. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“U0R0”的字样(灯丝电阻不随温度变化)，滑动变阻器R2的最大阻值为32R0，R1是阻值为R0的定值电阻，当S闭合，S1、S2断开，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。下列说法正确的是( )
A. 电源电压是1.5U0
B. 当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，灯泡消耗的功率逐渐变大
C. 当只闭合S，灯泡正常发光时，滑片位置保持不变，再将开关都闭合，电流表的示数增大了U0R0
D. 开关都闭合时，滑片向a端移动的过程中，电路消耗的总功率变小
13. 现在新建居民楼电路中的保险装置一般采用空气开关，空气开关安装在______ 后，其作用是______ ；控制插座的总开关上大多还装有漏电保护器，漏电保护器的作用是______ 。
14. 在烈日当空的海边玩耍，小明发现沙子热的烫脚，这是通过______ 方式改变沙子的内能；而沙子比海水烫脚，这是因为______ ；相同质量的铝和铜，吸收相同的热量后铝上升的温度______ 铜上升的温度(c铝>c铜)。
15. 如图所示，甲、乙两列高铁列车相向行驶，以甲车为参照物，乙车是______的。行驶的列车不提供动力后还能继续向前运动，原因是______。目前我国正在打造比飞机还快的“超级高铁”，若“超级高铁”以4000km/h的速度沿地球赤道绕一圈所用时间约为______h。(已知地球赤道周长约为40000km)
16. 如图所示，用一根细线栓一块橡皮，在水平面内甩起来，橡皮会绕手做圆周运动。这是因为力______ ，画出橡皮所受重力的示意图。
17. 小明发现：滑板车在沿水平方向运动时，如果不再蹬地，它最终就会停下来。实验小组的同学就这一现象讨论的过程中，出现了两种观点。一种观点认为：运动需要力来维持；另一种观点认为：运动不需要力来维持。两种观点相持不下，于是他们准备通过实验来研究这个问题。他们准备如图所示的实验装置，让小车从斜面顶端由静止滑下，分别在几种粗糙程度不同的木板上运动，观察和比较小车滑行的距离。
(1)实验中每次让小车从斜面顶端由静止滑下的目的是：______ 。
(2)实验中发现：小车在粗糙的木板上滑行的距离最短，在较光滑的木板上滑行的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越______ (选填“快”或“慢”)。由此他们联想到雨天驾驶汽车应该______ (选填“增大”或“减小”)汽车之间的距离。
(3)实验小组的同学们根据实验现象得出实验结论；______ 。
18. 在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的0.5N钩码若干个。
(1)实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在图甲所示的位置，为使杠杆在水平位置平衡，应该______ 。
实验序号
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1.0
20
2
10
2
1.5
10
1
15
3
2
15
1.5
20
4
25
3
(2)完成(1)后，在杠杆两端挂上不同数量的钩码如图乙所示，使杠杆重新水平平衡。得到了上表数据。
通过对前三次实验数据的分析论证，小明发现：力臂越长，需要的力______ 。在进一步分析实验数据时，小明发现第四组实验数据忘了记录力臂，于是小明通过前三次实验数据分析得出：l1l2= ______ ，然后又通过实验验证了小明分析的正确性。
(3)通过实验数据的分析与论证，最后得出了杠杆的平衡条件：______ 。
(4)我们身边有很多的杠杆，如小朋友玩的跷跷板、拔钉子用的羊角锤、赛艇的船桨、托盘天平，其中属于省力杠杆的是______ 。
(5)实验结束，小明又提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图中丙所示的装置进行探究，在杠杆O点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数如图中所示。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1L1总是大于F2L2，则此杠杆的效率为______ %。
19. 用“伏安法”测量一个小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器标有“10Ω 0.5A”字样。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路正确连接完整。要求：滑动变阻器滑片向左移动，小灯泡变亮。
(2)连接好电路，闭合开关，观察到小灯泡L不发光，电压表的示数为0，移动滑片仍如此。于是小明将电压表分别正确并联在AB、BC、CD两端，发现UAB=UCD=0，UBC>0。由此可知，发生故障的是______ (填“AB”“BC”或“CD”)。
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片，当电压表的示数为2.4V时，应该向______ (填“左”或“右”)移动滑片P，才能测得小灯泡正常工作时的电阻。小灯泡正常工作时电流表的示数如图乙所示，为______ A，则小灯泡正常工作时的电阻为______ (结果保留两位小数)。
(4)分析下列表格的实验数据发现小灯泡的电阻在变化，这是因为______ 在影响灯丝电阻。
(5)小明同学只用电阻箱替换小灯泡，其他不变，继续探究电流与电阻的关系，每次调节滑片P使电压表的示数均为2.5V。在保证电路安全的前提下，为了能完成实验，电阻箱接入电路的阻值范围为______ 。
实验次数
电压表的示数U/V
电流表的示数I/A
电阻R/Ω
1
1.00
0.14
2
1.70
0.22
3
2.50
20. 如图甲所示，一个底面积为0.04m2的薄壁柱形容器放在电子秤上，容器中放着一个高度为0.1m的均匀实心柱体A，向容器中缓慢注水，停止注水后容器中水的深度为0.1m，电子秤的示数与容器中水的深度关系如图乙所示。(g取10N/kg)
(1)求容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强；
(2)求未注水时，A对柱形容器底部的压强；
(3)求停止注水后，A所受浮力。
21. 如图(b)所示电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R2允许通过最大电流为3A。电流表、的表盘均如图(a)所示，滑动变阻器滑片P位于最大阻值处，闭合开关S，电流表示数为0.3A。两电流表指针偏离零刻度线角度相同。
①求电阻R1的阻值；
②求此时经过变阻器R2的电流I2；
③移动滑动变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，电路消耗的最大功率为P1；若将R1和R2改变连接方式，电流表的表盘仍如图所示，在电路安全的前提下，电路消耗的最大功率为P2。求；P1：P2。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、燃烧需要同时满足三个条件(可燃物、与空气接触、温度达到着火点)，灭火时只要破坏一个条件即可，故A错误；
B、单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质，故B正确；
C、带异种电荷的两个物体相互吸引，但相互吸引的两个物体可能带异种电荷，也可能只有一个物体带电，故C错误；
D、平衡力和相互作用力都需要满足大小相等、方向相反，所以大小相等、方向相反的力可能是平衡力，也可能是相互作用力，故D错误。
故选：B。
(1)燃烧需要满足可燃物、与空气(或氧气)接触、温度达到着火点，但是灭火只需要破坏一个条件即可。
(2)单质是由同种元素组成的，则只含一种元素的纯净物一定是单质。
(3)异种电荷相互吸引，但相互吸引的两个物体可能带异种电荷，也可能只有一个物体带电。
(4)大小相等方向相反是平衡力的特点，则大小相等、方向相反的力不一定是平衡力，还可能是相互作用力。
知道电荷间的相互作用规律；知道平衡力与相互作用力的区别。
2.【答案】BD
【解析】解：A、汽油能溶解油污，因此汽油可清洗机械零件上油污利用的是溶解原理，故A正确。
B、书包带做得比较宽会，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误。
C、铵态氮肥不能与碱性物质混合施用，否则会产生氨气，降低肥效，故C正确。
D、早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它，是由于光在密度不均匀的介质中传播时发生折射现象引起的，故D错误。
故选：BD。
(1)根据除油污的原理来分析。
(2)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(3)根据铵态氮肥的使用注意事项考虑。
(4)光在不均匀介质传播时，光的传播方向会发生偏折。
本题在考查力学和光学知识的同时，涉及到了溶解原理、铵态氮肥的使用注意事项等化学知识，为此题的解答增加了一定难度。
3.【答案】D
【解析】解：A、近视镜是凹透镜，放大镜是凸透镜，望远镜的目镜和物镜都是凸透镜，故A错误；
B、铜是金属，属于导体，干木头和陶瓷属于绝缘体，故B错误；
C、臭氧属于氧元素组成的单质，不属于稀有气体，故C错误；
D、熟石灰、苛性钠均属于碱，氨水在水中解离的阴离子是氢氧根离子，属于碱，故D正确。
故选：D。
A、中间薄、边缘厚的镜片叫做凹透镜，有缩小作用，可以发散光，主要用于近视镜；
B、根据导体与绝缘体的定义进行分析；
C、稀有气体包含氦氖氩氪氙氡；
D、碱是指在电离时产生的阴离子全部是氢氧根离子的化合物。
本题难度不大，考查物质类别的判别、明确稀有气体的种类、掌握对凹透镜、凸透镜应用的认识、同时考查了绝缘体和导体的理解能力。
4.【答案】A
【解析】解：A、通过对比①②③试管内的实验现象，试管①中的铁钉会生锈，②③不会生锈，说明铁钉生锈需要与水和空气接触，故A错误；
B、在铁球运动路径旁放一磁体，铁球运动路径将变成曲线，铁球之所以做曲线运动，是受到磁力的作用，说明力可以改变了物体的运动状态，故B正确；
C、将自制气压计从山脚下拿到山顶后，大气压减小，导致玻璃管内液柱会升高，故C正确。
D、下层蜡烛先熄灭，说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气大，故D正确。
故选：A。
A、铁钉生锈需要与水和空气接触；
B、力的作用效果有两个：一是可改变物体的运动状态，二是可改变物体的形状；
C、海拔越高，大气压越小；
D、二氧化碳的密度比空气密度大。
本题不仅涉及物理中的力的作用效果，还涉及化学知识，综合性强。
5.【答案】C
【解析】解：A、成年人走两步的距离大约是1.5m，故A错误；
B、中学生百米跑所用时间约为14s，故B错误；
C、人体的正常体温大约是37℃，故C正确；
D、一枚一元硬币的质量约为6g，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、时间、温度、质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
6.【答案】A
【解析】解：A、所有的乐器的物理原理都是一样的：通过振动发出声音，故A正确；
B、“引吭高歌”、“低声细语”中的“高”“低”描述的是声音的响度大小，故B错误；
C、医生通过听诊器给病人诊病是利用声可以传递信息，故C错误；
D、倒车雷达是利用超声波传递信息，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的高低叫音调，音调与振动的频率有关；声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
(3)声音可以传递信息。
(4)倒车雷达是利用超声波来传递信息的。
本题考查的是声音产生的条件；知道声音可以传递信息；知道超声波的特点及应用；知道音调和响度。
7.【答案】B
【解析】解：A、下雪不冷化雪冷，因为化雪时，冰雪熔化要吸收热量，故C错误；
B、“缸穿裙雨来临”，缸外的小水珠是空气中的水蒸气遇到温度较低的水缸液化形成的，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气温度降低直接变成小冰晶，是凝华现象，所以霜前冷；下雪后，雪要熔化，熔化吸收热量，所以雪后寒，故C错误；
D、冰的形成是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：B。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
8.【答案】B
【解析】解：A、皮影戏利用的是光的直线传播，故A错误；
B、光的反射中，光路是可逆的；由此可知，原来的入射光线成为反射光线，所以当你在平面镜中看到他人的眼睛时，对方也一定能看到你的眼睛，故B正确；
C、水中鱼反射出的光，由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，折射光线的反向延长线比实际入射光线升高，就会觉得是变浅的鱼的虚像，因此用鱼叉捕鱼时，不是将鱼叉对准他看到的鱼，而是瞄准所看到的鱼的下方位置叉去，故C错误；
D、雨过天晴，天空出现的彩虹，属于光的色散现象，故D错误。
故选：B。
1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
2、当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
3、当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
现实生活中有很多与光有关的现象，平时要注意多观察，多思考，并用所学光学知识去解释观察到的光学现象，这能提高我们运用所学知识解决实际问题的能力。
9.【答案】B
【解析】解：图中装置原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A.电铃是利用电流的磁效应，故A错误；
B.扬声器通电后线圈振动，说明是利用了通电导体在磁场中受力运动的原理，故B正确；
C.动圈式话筒利用电磁感应原理工作的，故C错误；
D.电磁起重机利用电流的磁效应工作的，故D错误。
故选：B。
通电导体在磁场中受力而运动，据此分析每个选项的原理。
本题考查电动机的原理及其应用，属于基础题。
10.【答案】BC
【解析】解：A、由甲图可知该透镜焦距为40cm−30cm=10cm，故A错误；
B、由图可知，物距大于像距，当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，是照相机的成像原理，故B正确；
C、根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故C正确。
D、凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像，故D错误；
故选：BC。
(1)凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离；
(2)当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，照相机这一光学器件正是应用了这点；
(3)物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像；物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像；
(4)当凹透镜靠近凸透镜时，凸透镜会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方。
本题考查学生对凸透镜成像规律的应用，常见题目。
11.【答案】BC
【解析】解：
A、由图可知，n=4，不计滑轮装置自重、绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得两个动滑轮的总重2G动=nF−G=4×2N−6N=2N，
每个滑轮重G动=1N，故A错误；
B、有用功W有用=Gh=6N×0.2m=1.2J，
绳子自由端被拉下距离：s=4h=4×20cm=80cm=0.8m，
总功W总=Fs=2N×4×0.2m=1.6J，
此滑轮组的机械效率η=W有用W总=1.2J1.6J=75%，故B正确；
C、5s内人对滑轮组做功的功率P=W总t=1.6J5s=0.32W，故C正确；
D、由图可知，横梁受到6段绳子向下的拉力，横梁受到的拉力：F′=6F=6×2N=12N，故D错误；
故选：BC。
A、由图可知，n=4，不计滑轮装置自重、绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得两个动滑轮的总重，进而得出每个滑轮重；
B、根据W有用=Gh得出有用功，根据s=4h得出绳子自由端被拉下距离，根据W总=Fs得出总功，根据η=W有用W总得出此滑轮组的机械效率；
C、根据P=W总t得出5s内人对滑轮组做功的功率；
D、由图可知，横梁受到6段绳子向下的拉力，根据F′=6F得出横梁受到的拉力。
本题考查机械效率的有关计算，是一道综合题。
12.【答案】AB
【解析】解：(1)由I=UR得小灯泡正常工作时的电流为：I=U0R0；
当S闭合，S1、S2断开，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器接入电路的电阻为：
R滑=13R滑大=13×32R0=12R0，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电路中各处的电流相等，
则电源电压为：
U=I(R0+12R0)=32IR0=1.5U0，故A正确；
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流I=UR0+R滑变大，由PL=I2RL知灯泡消耗功率变大，故B正确；
C、当只闭合S，灯泡正常发光时，电流表的示数等于小灯泡的额定电流为U0R0；
滑片位置保持不变，再将开关都闭合，此时定值电阻R1与滑动变阻器并联，干路的电流为：UR0+U12R0=1.5U0R0+1.5U012R0=4.5U0R0，
再将开关都闭合后，电流表的示数增大了：4.5U0R0−U0R0=3.5U0R0，故C错误；
D、开关都闭合时，定值电阻R1与滑动变阻器并联，滑片向a端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由I=UR知通过滑动变阻器的电流变大；
由于并联电路各个支路互不影响，所以通过定值电阻的电流不变，由并联电路电流的规律知通过干路电流的变大，由P=UI知电路消耗总功率变大，故D错误。
故选：AB。
(1)由I=UR小灯泡正常工作时的电流，当S闭合，S1、S2断开，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器连入电路的电阻是其最大阻值的三分之一时，小灯泡正常发光，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可知电源电压；
(2)当S闭合，S1、S2断开，滑片由b端向中点滑动时，根据I=UR0+R滑判断电流的变化，由PL=I2RL判断出灯泡消耗功率的变化；
(3)当只闭合S，灯泡正常发光时，电流表的示数等于小灯泡的额定电流，滑片位置保持不变，再将开关都闭合，此时定值电阻R1与滑动变阻器并联，根据欧姆定律表示出干路的总电流，进而判断出电流的变化量；
(4)开关都闭合时，定值电阻R1与滑动变阻器并联，滑片向a端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律判断出通过滑动变阻器的电流，根据并联电路各个支路互不影响判断出通过定值电阻电流的变化，由并联电路电流的规律判断出通过干路电流的变化，由P=UI判断出电路消耗总功率的变化。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
13.【答案】电能表 当电路中电流过大时切断电路 当火线和零线上通过的电流大小达到一定差值时，切断电路
【解析】解：在家庭电路的进户布局中，电能表测家庭电路所消耗的电能，空气开关一定要安装在电能表之后，当电路中的电流过大时，空气开关自动断开，切断电路，俗称跳闸；
当有电流直接导入大地时，火线和零线上的电流不相同，达到一定差值时，漏电保护器会迅速切断电路。
故答案为：电能表；当电路中电流过大时切断电路；当火线和零线上通过的电流大小达到一定差值时，切断电路。
(1)当电路中的电流过大时，空气开关会断开电路；空气开关应接在电能表之后；
(2)漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地导走了，此时漏电保护器会切断电路。
本题考查了家庭电路的基本结构、空气开关和漏电保护器的作用等，难度不大。
14.【答案】热传递 海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低 小于
【解析】解：在烈日当空的海边玩耍，小明发现沙子热的烫脚，通过热传递的方式改变沙子的内能；
海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低；
已知c铝>c铜，对于相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，由Q=cmΔt可知铜上升的温度高。
故答案为：热传递；海水比沙子的比热容大，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低；小于。
改变内能的方式包括做功和热传递；
水的比热容是最大的，因此，在相同条件下水吸收的热量较多，而在吸收相同热量时，水升温则较慢；
由Q=cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多。
深入理解比热容的概念和改变内能的方式，才能正确判断并做出合理的解释。
15.【答案】运动 列车具有惯性 10
【解析】解：甲、乙两列高铁列车相向行驶过程中，以甲车为参照物，乙车的位置不断变化，所以是运动的；
行驶的列车不提供动力后还能继续向前运动，原因是列车具有惯性，要保持原来的运动状态；
由v=st得，
“超级高铁”所用时间约为t=sv=40000km4000km/h=10h。
故答案为：运动；列车具有惯性；10。
(1)物体是处于运动还是静止，取决于所选的参照物，物体相对于参照物的位置关系变化时物体是运动的，位置关系不变是静止的；
(2)一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性；
(3)已知路程和速度，两者之比是运动时间。
此题考查了运动和静止的相对性、惯性现象及速度变形公式的运用，是一道力学综合题。
16.【答案】能改变物体的运动状态
【解析】解：橡皮绕手做圆周运动，运动状态发生了变化，是因为受到力的作用；
重力的方向是竖直向下的，从橡皮的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为橡皮所受重力的示意图。如图所示：
故答案为：能改变物体的运动状态；见解答图。
(1)力可以改变物体的形状和运动状态；
(2)根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心作竖直向下的力，并标上字母G。
本题考查了重力的示意图的画法、力的作用效果。需要注意的是：不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
17.【答案】小车每次滑到水平面时的速度相等 慢 增大 物体的运动不需要力来维持
【解析】解：(1)根据控制变量法，实验中每次均让小车从斜面顶端由静止下滑，目的是控制小车每次滑到水平面时的速度相等；
(2)实验中发现：小车在粗糙的木板上滑行的距离最短，在较光滑的木板上滑行的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，小车运动的距离越远，速度减小得越慢，由此他们联想到雨天驾驶汽车应该增大汽车之间的距离；
(3)由实验可以得出结论，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，在水平面上运动的距离越远，小车速度减小的越慢，据此推理知若水平面绝对光滑，对小车没有阻力，小车将以不变的速度永远运动下去，即小车将做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)小车每次滑到水平面时的速度相等；(2)慢；增大；(3)物体的运动不需要力来维持。
(1)根据控制变量法，要控制小车每次滑到水平面时的速度相同；
(2)根据实验现象回答；
比较小车在粗糙和光滑表面受到的阻力大小，结合小车在两种材料表面滑行的距离分析得出结论，根据所得结论分析雨天汽车之间的距离要求；
(3)力是改变物体运动状态的原因。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查控制变量法、科学推理法在实验中的运用，是对科学探究的能力的考查。
18.【答案】向右调节平衡螺母 越小 325 动力×动力臂=阻力×阻力臂 拔钉子用的羊角锤 65.2
【解析】解：(1)为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(2)根据表格1、2、3三组数据可知，力臂越长，力就越小；分析前三组数据可知：l1l2=F2F1，由此第四组l1l2=325；
(3)分析数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)跷跷板和托盘天平在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是等臂杠杆；羊角锤在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；赛艇的船桨在使用过程中，阻力臂大于动力臂，是费力杠杆；
(5)杠杆的效率为F2L2F1L1×100%=1N×6L2.3N×4L×100%=65.2%；
故答案为：(1)向右调节平衡螺母；(2)越小；225；(3)动力×动力臂=阻力×阻力臂；(4)拔钉子用的羊角锤；(5)65.2。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据表格数据分析；
(3)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)分析动力臂与阻力臂的关系，判断杠杆类型；
(5)分别计算F1L1；F2L2。
在探究杠杆平衡条件时，把杠杆的中点作为支点并调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，是为了消除杠杆自重对实验的影响；挂钩码后使杠杆再次水平平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。杠杆平衡条件是杠杆平衡计算的基础内容，一定要掌握。
19.【答案】BC 左 0.28 8.93Ω 温度 5Ω−50Ω
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮，说明滑动变阻器接入电路的阻值变小，
故应将滑动变阻器左下接线柱连入电路中，电压表表与小灯泡并联，如图所示：
(2)观察到灯泡L不发光，电压表示数为零，有可能是灯泡短路或电路断路造成的，
发现UAB=UCD=0，UAD>0，AB和CD之外的电路断路，UBC>0，则说明BC之外的电路为通路，则BC之间发生了断路。
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2.4V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，
根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，
故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压，才能测得小灯泡正常工作时的电阻。
小灯泡正常工作时电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，为0.28A，
由欧姆定律得，灯泡正常工作时电阻为：R=UI=2.5V0.28A≈8.93Ω。
(4)由表中数据，根据欧姆定律得，R=UI，可计算出三次灯的电阻分别为7.15Ω、7.73Ω、8.93Ω，
分析表格中的实验数据发现灯泡的电阻在变化，这是因为温度在影响灯丝电阻。
(5)滑动变阻器标有“10Ω 0.5A“字样，表示变阻器的最大电阻为10Ω，允许通过的最大电流为0.5A，
电阻箱两端的电压始终保持UV=2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=3V−2.5V=0.5V，
电阻箱的电压是变阻器分得的电压的2.5V0.5V=5倍，根据分压原理，当变阻器接入最大电阻10Ω电阻时，对应的电阻箱的电阻最大为50Ω；
电流表量程为0−0.6A，故电路的最大电流为0.5A，
由欧姆定律，电路的最小电阻：R小=UI大=3V0.5A=6Ω，
由分压原理，电阻箱的电阻是滑动变阻器接入阻值的5倍，由电阻的串联可知，
电阻箱连入电路的最小电阻：R小′=55+1×6Ω=5Ω；
故在保证电路安全的前提下，为了能完成实验，电阻箱接入电路的阻值范围为5−50Ω。
故答案为：(1)如图见解答；(2)BC；(3)左；0.28；8.93Ω；(4)温度；(5)5Ω−50Ω。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)闭合开关，观察到小灯泡L不发光，电压表示数为零，可能电路为断路或灯短路，将电压表并联在电路两端时，
若电压表没有示数，则电压表之外的电路有断路，若有示数，则与电压表并联的部分有断路，据此分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程读数，由欧姆定律求出电阻大小；
(4)灯丝的电阻随温度的变化而变化；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，
根据分压原理，求出当变阻器接入最大电阻10Ω电阻时，对应的电阻箱连入的最大电阻；
根据电流表量程为0−0.6A和变阻器允许通过的最大电流，由欧姆定律求出电路的最小电阻，
由分压原理和电阻的串联，求出电阻箱连入电路的最小电阻。
本题用“伏安法“测量一只小灯泡的电阻，考查电路连接、故障分析、操作过程、电流表读数及电阻计算、控制变量法的运用及对实验器材的要求。第(5)是本题的难点所在，弄清电阻箱接入的阻值与滑动变阻器接入阻值的关系是正确解题的关键。
20.【答案】解：(1)容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强：
p1=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(2)由m=ρV=ρSh可得，m−h图像中，图像的斜率表示ρS，
由图可知，0～0.06m的斜率小于0.06～0.1m的斜率，
所以，当h1=0.06m时，A对容器底部压力恰好为零，即物体漂浮，
由图乙可知，没有注入水中，柱形容器的总质量m0=1.9kg，
当h=0.06m时，容器内水的质量为：m水=m1−m0=2.5kg−1.9kg=0.6kg，
由ρ=mV得，水的体积为：V水=m水ρ水=0.6kg1.0×103kg/m3=6×10−4m3，
由V水=(S容−SA)h1可得，A的底面积为：SA=S容−V水h1=0.04m2−6×10−4m30.06m=0.03m2，
此时A受到的浮力为：F浮=ρ水gSAh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m2×0.06m=18N，
因为物体A处于漂浮状态，浮力等于重力，即GA=F浮=18N，
所以未注水时，A对柱形容器底部的压强为：p2=FSA=GASA=18N0.03m2=600Pa；
(3)因物体漂浮后再注入水时，A排开水的体积不变，所以，停止注水后，A所受的浮力仍为18N。
答：(1)容器中水的深度为0.06m时，水对容器底部的压强为600Pa；
(2)未注水时，A对柱形容器底部的压强为600Pa；
(3)停止注水后，A所受浮力18N。
【解析】(1)容器中水的深度为0.06m时，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强；
(2)由m=ρV=ρSh可得，m−h图像中，图像的斜率表示ρS，比较0～0.06m的斜率和0.06～0.1m的斜率关系判断出当h=0.06m时A对容器底部压力恰好为零，即物体漂浮，由图乙可知，没有注入水中，柱形容器的总质量，然后求出h=0.06m时容器内水的质量，根据ρ=mV求出水的体积，利用V水=(S容−SA)h1求出A的底面积，根据阿基米德原理求出此时A受到的浮力，根据物体沉浮条件可求出物体A的重力，根据p=FS可求出未注水时A对柱形容器底部的压强；
(3)物体漂浮后再注入水时A排开水的体积不变，受到的浮力不变。
本题考查了液体压强公式和密度公式、阿基米德原理、压强定义式的综合应用等，正确的判断出物体在水中的状态是关键。
21.【答案】解：①由图(b)可知，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路的总电流；
由I=UR可知，电阻R1的阻值：R1=UI1=6V0.3A=20Ω；
②由于两电流表指针偏离零刻度线角度相同，而干路电流大于支路电流，所以电流表A接0～3A量程，
由图(a)电流表A的示数I=1.5A，
根据并联电路的电流特点可知，此时经过变阻器R2的电流：I2=I−I1=1.5A−0.3A=1.2A；
③根据电流表A的量程和滑动变阻器允许通过最大电流可知，移动滑动变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，电路中的最大总电流为I大=3A，
则电路消耗的最大功率为：P1=UI大=6V×3A=18W；
若将R1和R2改变连接方式，即R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最小为0Ω，即只有R1接入电路，此时电路中的总电阻最小，总电流最大为I1=0.3A，电路消耗的总功率最大，
电路消耗的最大功率为：P2=UI1=6V×0.3A=1.8W，
则P1：P2=18W：1.8W=10：1。
答：①电阻R1的阻值为20Ω；
②求此时经过变阻器R2的电流I2为1.2A；
③P1：P2=10：1。
【解析】(1)由图(b)可知，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路的总电流；根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(2)由于两电流表指针偏离零刻度线角度相同，据此可知电流表A接0～3A量程，由图(a)电流表A的示数；根据并联电路的电流特点求出此时经过变阻器R2的电流I2；
(3)根据电流表A的量程和滑动变阻器允许通过最大电流可知电路中的最大电流，根据P=UI可知电路消耗的最大功率为P1；
若将R1和R2改变连接方式，即R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最小时，电路消耗的总功率最大，根据P=UI求出最大功率P2，据此求出P1：P2。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，题目有一定的难度。
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