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2023年内蒙古霍林郭勒市第五中学中考三模物理试题（解析版）
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这是一份2023年内蒙古霍林郭勒市第五中学中考三模物理试题（解析版），共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
霍市五中2022-2023学年上学期模拟考试九年级物理试题
（2023.6.12）
一、选择题（1-10单选每题2分，11、12多选每题3分，共26分）
1. 下列有关声现象的说法，正确的是（ ）
A. 只要物体在振动，我们就能听到声音
B. 人们利用听得见的次声波获得信息，来预测火山、地震、海啸等灾害性的自然现象发生
C. 受蝙蝠利用超声波定位导航的启示，科学家制成了声呐
D. 拉二胡时手指不断在弦上移动，是为了改变声音的响度
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体振动人们不一定能听到声音，只有频率在20Hz～20000Hz范围内，且达到一定响度的声音，在有介质，且有良好听觉器官的条件下才能听到，故A错误；
B．人们利用次声获得信息，来预测火山、地震、海啸等灾害性的自然现象发生，但是次声人们听不见；故B错误；
C．声呐是利用超声波工作的，是受蝙蝠利用超声波定位导航的启示，故C正确；
D．频率决定声音的音调，拉二胡时手指不断在弦上移动，弦的振动频率发生变化，是为了改变声音的音调，故D错误。
故选C。
2. 下列关于温度、热量和内能说法中正确的是（ ）
A. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
B. 物质吸收热量，内能增大，温度升高
C. 物体温度升高，内能一定增加
D. 温度高的物体，内能一定大
【答案】C
【解析】
【详解】A．发生热传递的条件是存在温度差，所以热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故A错误；
B．晶体熔化时，物质吸收热量，内能增大，温度保持不变，故B错误；
C．物体温度升高，分子无规则运动更剧烈，物体的内能一定增加，故C正确；
D．内能与温度、状态、质量等都有关系，所以温度高的物体，内能不一定大，故D错误。
故选C。
3. 如图所示是四冲程汽油机的额工作状态示意图，该热机的铭牌上标有1200r/min，则下列说法正确的是（ ）
A. 该图表示汽油机的压缩冲程
B. 该冲程中汽缸内气体温度升高，分子运动更剧烈
C. 一个工作循环中有两个冲程都要靠飞轮的惯性来完成
D. 每秒钟此热机对外做功10次
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，进气门打开，活塞下行，说明这是汽油机的吸气冲程，汽油和空气组成的燃料混合物从进气门吸入汽缸，故A错误；
B．压缩冲程中压缩气体做功，温度升高，内能增加，分子热运动变剧烈。而该冲程是吸气冲程，故B错误；
C．在汽油机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的，故C错误；
D．在内燃机的一个工作循环中，飞轮转动2周，活塞往复运动2次，对外做功1次。飞轮转速为1200r/min，即20r/s，则飞轮1s转20r，对外做功10次，故D正确。
故选D。
4. 在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像。下列说法中不正确的是（ ）
A. 照相机成像原理与图中成像的原理相同
B. 此凸透镜的焦距范围是15cm
D. 蜡烛不动，换一个焦距更小的凸透镜，将光屏缓慢靠近凸透镜，可以在光屏上重新得到清晰的像
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，此时物距
u=50cm-10cm=40cm
像距
v=80cm-50cm=30cm
此时物距大于二倍焦距，即
u=40cm>2f
像距在一倍焦距与二倍焦距之间，即
f
15cm
C．蜡烛远离凸透镜，即增大物距，根据凸透镜成像规律可知，应该减小像距，才能在光屏上得到清晰的像，即光屏靠近凸透镜，故C正确，不符合题意；
D．蜡烛不动，换一个焦距更小的凸透镜，相当于增大物距，应该减小像距，才能得到清晰的像，即将光屏靠近凸透镜，故D正确，不符合题意。
故选B。
5. 图中为关于电和磁的实验，下列叙述不正确的是
A. 图甲实验说明电流周围存在磁场
B. 图乙实验演示的是发电机的工作原理
C. 图丙实验说明磁场对电流有力的作用
D. 图丁实验演示的是同名磁极相互排斥
【答案】D
【解析】
【详解】A、该装置是奥斯特实验，演示的是电流的磁效应，说明电流周围存在磁场，故A正确，不符合题意；
B、该装置中线圈切割磁感线能产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B正确，不符合题意；
C、该实验装置有电源，导体通电后在磁场中运动，说明磁场对电流有力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确，不符合题意；
D、图丁实验演示的是磁体的性质（即磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质），不是演示同名磁极相互排斥，故D错误，符合题意．
6. 实验桌上有满足实验要求的电源一个、开关一个、导线若干以及如图所示的两个完全相同的保温烧瓶。烧瓶内装有完全相同的温度计、阻值不变的电阻丝R1、R2以及初温相同的液体。小阳利用上述实验器材设计实验证明液体温度的变化与液体的种类有关。下列说法中正确的是（ ）
A. 实验中电阻丝R1和R2的阻值不相等
B. 实验中甲、乙烧瓶中液体的质量相等
C. 不可以将甲、乙装置中的电阻丝并联完成该实验
D. 该实验中可以用液体升高的温度反映吸收热量的多少
【答案】B
【解析】
【详解】AB．为设计实验证明液体温度的变化与液体的种类有关，由控制变量法可知，应保证两电阻丝阻值相等、通过电阻电流相等、液体质量相等、液体种类不同，故A错误，B正确；
C．由于两电阻丝阻值相同，则串联或并联流过两电阻的电流均相等，则可以将甲、乙装置中的电阻丝并联完成该实验，故C错误；
D．由于实验探究液体温度的变化与液体的种类有关，则使用的液体不同，由可知，不能通过液体升高的温度来反应吸收热量的多少，故D错误。
故选B。
7. 近年来，中国科技成就让世人瞩目，探月“嫦娥”、入海“蛟龙”、中国高铁、“天舟一号”、国产大飞机C919等一大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性成果不断涌现。下列说法中正确的是（ ）
A. 高铁因为速度快所以惯性大
B. 国产大飞机减速下降时，其机械能守恒
C. 绕月飞行的“嫦娥”探测器，运动状态不断发生变化
D. “天舟一号”发射上升的过程中，受平衡力的作用
【答案】C
【解析】
【详解】A．惯性是物体本身固有的属性，与物体的质量有关，与速度无关，故A错误；
B．国产大飞机减速下降时，质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度降低，重力势能减小，所以机械能减小，故B错误；
C．绕月飞行的“嫦娥” 运动方向在不断的变化，说明其运动状态不断发生变化，故C正确；
D．“天舟一号”发射上升的过程中，速度不断变大，故受非平衡力的作用，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置．开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO＝OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（ ）
A. 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度不断减小
B. 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向右、速度不断增大
C. 如果小球运动到B点时恰好不受任何力，则小球将保持静止状态
D. 小球在运动过程中所受弹力的方向向右
【答案】C
【解析】
【详解】A、小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大，故错误；
B、小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，故错误；
C、小球运动到B点时，由于动能转化为弹性势能，直到速度为零，如果恰好不受任何力，则小球将保持静止状态，故正确；
D、小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故错误．
9. 如图所示，斜面高2m、长4m，小明用平行于斜面的拉力F，将重400N的物体从斜面底端匀速拉到顶端，已知拉力F=250N，对此过程，下列结果中正确的是（ ）
A. 有用功为4000J B. 效率为60%
C. 额外功为200J D. 摩擦力为250N
【答案】C
【解析】
【详解】A．拉力做的有用功为
故A错误；
B．拉力做的总功为
机械效率为
故B错误；
C．拉力做的额外功为
故C正确；
D．克服摩擦力做的功为额外功，由可知摩擦力为
故D错误。
故选C。
10. 小明学习了电路知识后，想利用发光二极管设计一个开关有指示灯的照明电路，晚间关闭照明灯后，利用二极管发出的光指示开关所在的位置，他共设计了4个电路，如图所示，其中L为白炽灯，规格为“220V 60W”；D为发光二极管，规格为“1.2V 0.002A”；S为单刀双掷开关；R为限流电阻，图中能够满足要求的电路是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．由A电路图知道，打开或关闭灯泡时，发光二极管均不亮，故A不符合题意；
B．由电路图知道，单刀双掷开关接通左端时，发光二极管时会发光，但无论单刀双掷开关怎样闭合，灯泡都不会发光，故B不符合题意；
C．由电路图知道，关闭照明灯路后发光二极管不亮，闭合照明灯后，发光二极管会因为电路中的电流超过它的额定电流而被烧坏，并且导致白炽灯也不会亮，故C不符合题意；
D．由电路图知道，关闭照明灯后发光二极管与限流电阻串联能发光，闭合照明电路时发光二极管不工作，故D符合题意。
故选D。
11. 如图甲，盛有水的柱形容器放置在水平桌面上，木块用细线固定在容器底部且浸没，细线对木块的拉力为4N。将细线剪断，木块最终漂浮且有的体积露出水面，如图乙。下列说法正确的是（ ）
A. 甲、乙两图中，水对容器底部的压强大小相等
B. 木块密度为0.6g/cm3
C. 乙图中容器对桌面的压力小于甲图
D. 乙图中水对容器底的压力比甲图小4N
【答案】BD
【解析】
【详解】A．乙图容器内水的深度小，由可知，甲中水对容器底部的压强大于乙，故A错误；
B．图乙中，木块漂浮，根据
有
则木块的密度
故B正确；
C．将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，容器和容器内的水、木块的总重力不变，对桌面的压力仍等于总重力，故甲图中容器对水面的压力等于乙图中容器对水平桌面的压力，故C错误；
D．图甲中，木块用细线固定在容器底部且浸没，则木块所受浮力
，
图乙中，木块漂浮，则木块所受浮力
因此有
则有
两图中水对容器底的压力差等于图甲和图乙浮力之差
故D正确。
故选BD。
12. 如图1所示，电源电压不变，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，使其从最右端向左滑动，直到灯泡L正常发光时停止滑动。电流表示数与两电压表示数的关系如图2所示，下列分析正确的是（ ）
A. 移动滑动变阻器滑片的过程中，滑动变阻器阻值的变化范围是3.75~40Ω
B. 移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表示数的变化范围是1~6V
C. 电源电压是9V
D. 灯泡L正常发光时的功率是5.6W
【答案】ABC
【解析】
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流。
A．由图2可知，当滑动变阻器两端的最大电压U滑=8V时，通过的电流I小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大电阻
当滑动变阻器两端的最小电压U滑小=3V时，通过的电流I大=0.8A，则滑动变阻器接入电路的最小电阻
因此滑动变阻器阻值的变化范围是3.75~40Ω，故A正确；
C．当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由串联分压的规律可知变阻器分得的电压最大，则此时灯泡两端的电压最小，由图乙可知，电压随着电流最大的图线是电流表示数与电压表V1示数的关系图像，电压随着电流减小的图线是电流表示数与电压表V2示数的关系图像，此时电路电流为0.2A，灯泡两端电压为1V，滑动变阻器两端电压为8V；因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压
故C正确；
B．由图可知，灯泡两端的最大电压为
最小电压为1V，因此移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表V1示数的变化范围是1～6V，故B正确；
D．根据题意可知，当电流表示数最大时，灯泡正常发光，由图乙可知，此时电路电流为0.8A，滑动变阻器两端电压为3V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以正常发光时的电压
则正常发光时的功率
故D错误。
故选ABC。
二、填空题（共4小题，每空1分，共10分）
13. 如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质的界面上同时发生反射和折射（图中入射光线、反射光线和折射光线的方向均未标出），其中反射光线是______，反射角是______度，折射角是______度。
【答案】 ①. OF ②. 30 ③. 45
【解析】
详解】[1][2][3]由图可知，∠BOE=60°，所以
∠COE=90°﹣60°＝30°
而∠COF=30°，根据反射角等于入射角，可知CD为法线，AB为界面。而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OG一定为折射光线，EO为入射光线，OF为反射光线；反射角为30°，折射角为∠GOD=45°。
14. 显微镜和望远镜都是利用两个凸透镜的组合体，其中显微镜的物镜与 _____作用相同，望远镜的目镜与 _____的作用相同。（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）
【答案】 ①. 投影仪 ②. 放大镜
【解析】
【详解】[1]物体在显微镜的物镜的一倍焦距和二倍焦距之间，通过物镜成倒立、放大的实像，相当于投影仪。
[2]物体在目镜的焦距以内，通过望远镜的目镜成正立、放大的虚像，相当于放大镜。
15. LED灯是一种新型照明光源，从材料来看，LED灯是由_____（选填“半导体”、“超导体”或“绝缘体”）材料制成的；全球第一台“华龙一号”核电机组在福清核电站投入运行，核燃料在核反应堆中发生的是_____（选填“核裂变”或“核聚变”），核能是_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】 ①. 半导体 ②. 核裂变 ③. 不可再生
【解析】
【详解】[1]根据LED灯的结构特点可知，其是由半导体材料制成的。
[2] 核裂变，又称核分裂，是指由重的原子核（主要是指铀核或钚核）分裂成两个或多个质量较小的原子的一种核反应形式。核聚变，又称核融合、融合反应、聚变反应或热核反应 ，这是一种核反应的形式。因此核燃料在核反应堆中发生的是核裂变。
[3]由于核能一旦使用，就很难在短期内重新获得，因此核能是不可再生能源。
16. 某款家用吸尘器额定电压为220V，额定电流为4A，正常工作15min，使标有“800imp/（kW·h）”的电能表指示灯共闪烁______次，若吸尘器正常工作时，电动机的发热功率为32W，则电动机线圈的电阻为______Ω。
【答案】 ①. 176 ②. 2
【解析】
【详解】[1]吸尘器的额定功率为
吸尘器正常工作15min电流做的功是
电能表指示灯闪烁的次数是
[2]由P=I2R可知，电动机线圈的电阻为
三、作图题（共2小题，每题2分，共4分）
17. 如图所示，杠杆的N端挂一重物，要使杠杆平衡。试画出杠杆受到的最小动力F1和杠杆受到的阻力F2
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，O为支点，重物G对杠杆的拉力为阻力，方向竖直向下，过阻力作用点，作竖直向下的带箭头的线段，并标上符号F2。OM为动力臂时，动力臂最长，动力最小，过M点作垂直于动力臂OM的线段，方向向右下方，即为动力F1，如图所示
18. 如图所示，一条与主光轴垂直的光线经平面镜反射后射向前方的凹透镜。请画出经过平面镜反射后的反射光线以及经过凹透镜折射后的折射光线。
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】入射光线与平面镜的夹角为，则入射角为
根据反射角等于入射角画出反射光线，易知反射光线平行于主光轴。根据平行光经凹透镜折射后的光线的反向延长线过凹透镜的焦点，故连接凹透镜的焦点与入射光线与凹透镜的交点后延长线即为经过凹透镜折射后的折射光线，如下所示：
四、实验探究题（每空1分，共20分）
19. 测量如图所示滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/cm
拉力F/N
绳端移动距离s/cm
机械效率η
1
1.0
5
15
55.6%
2
1.5
5
0.8
15
3
2.0
5
1.0
15
66.7%
4
2.0
10
1.0
30
66.7%
（1）实验过程中，应沿______方向缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为______N。
（2）第2次实验时所做的有用功为______J，滑轮组的机械效率是______。
（3）分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越______（填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度______（填“有关”或“无关”）。
（4）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______。
A．增大绳重 B．减轻动滑轮重 C．加快物体提升的速度
【答案】 ①. 竖直
②. 0.6 ③. 0.075 ④. ⑤. 大 ⑥. 无关 ⑦. B
【解析】
【详解】（1）[1]实验过程中，应沿竖直方向缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。
[2]测力计分度值为，第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为。
（2）[3][4]第2次实验时所做的有用功
第2次做的总功
滑轮组的机械效率是
（3）[5]分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越，滑轮组的机械效率越高。
[6]分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关。
（4）[7]A．增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A不符合题意；
B．减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大，故B符合题意；
C．由（3）知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据，机械效率与物体提升的速度无关，故C不符合题意。
故选B。
20. 如图所示是“探究光的反射规律”时的部分实验装置。
（1）实验前，应将纸板______放置于平面镜上，否则将不能在纸板上看到反射光线。为了使实验效果更明显，整个实验过程应在较______（选填“亮”或“暗”）的环境中进行；
（2）实验中白纸板的作用是______，实验时从纸板前不同的方向都能看到入射光线和反射光线，这是因为光在纸板上发生了______（选填“镜面”或“漫”）反射；
（3）在图甲中，使一束光贴着纸板A沿EO射向平面镜上的O点，观察到反射光线和对应的入射光线。改变光束入射角度，多做几次，描绘出每次光线的径迹，量出对应的入射角和反射角，记录表格中，然后进行比较，目的是探究______关系；
（4）实验中多次改变入射光线与法线的夹角，观察反射光线并测量入射角和反射角。实验数据如表，小雨根据表中数据得出的结论和书上的结论并不一致。你分析出现这种情况的原因可能是______。
入射角/度
20
30
50
60
70
80
反射角/度
70
60
40
30
20
10
（5）在图乙中，将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折。实验时在纸板B上观察到下半部分有反射光，上半部分无反射光，此现象表明：______。
【答案】 ①. 垂直 ②. 暗 ③. 显示光路 ④. 漫 ⑤. 反射角与入射角的大小 ⑥. 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 ⑦. 反射光线、入射光线和法线在同一平面内
【解析】
【详解】（1）[1][2]过入射点垂直反射面的直线叫法线，因反射光线、入射光线和法线在同一平面内，为了使光的传播路径能呈现在硬纸板上，应让纸板垂直放置在平面镜上，让激光笔发出的光贴着纸板射向O点；光线和环境的对比度越大，光线越清晰，所以使光线更加明显，实验应在较暗的环境下进行。
（2）[3][4]通过白纸板可以观察到光的传播路径和方向，故用白纸板的作用是显示光的传播路径。当一束平行光照射到凹凸不平的表面时，反射光会朝四面八方射出，这种反射叫漫反射。在白纸板上能看到光的传播路径，这是因为光在纸板上发生了漫反射。
（3）[5]多次改变入射光线与法线夹角，量出对应的入射角和反射角，这样多次实验目的是探究反射角与入射角的大小关系。
（4）[6]根据反射定律：反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，不是70°、60°、40°，而70°、60°、40°正好是反射光线与镜面的夹角。故这种情况的原因可能是把反射光线与镜面的夹角当成了反射角。
（5）[7]将纸板B的上半部分向后折，则纸板B与纸板EQ不在同一平面内，如图乙所示，发现在纸板B的下半部分有反射光线，上半部分无反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
21. 小明同学利用如图甲所示的电路探究“电流跟电阻的关系”。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为、、。
（1）闭合开关后，发现电流表有示数，而电压表无示数，原因可能是______；
（2）排除故障后，进行实验，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流随电阻R变化的图像；
①由图像丙可以得出结论：______；
②上述实验中，小明用的电阻做完实验后，然后将的电阻接入电路，闭合开关，电压表的示数将会______（选填“变大”、“变小”或“不变”），此时应该向______（选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数为______V，然后读出电流表的示数；
（3）若已知滑动变阻器的规格为“”，电源电压为6V，电流表量程为0~0.6A，为完成探究，定值电阻两端能控制的电压范围是______。
【答案】 ①. 电阻R短路 ②. 电压一定时，导体中的电流与电阻成反比 ③. 变大 ④. 左 ⑤. 2 ⑥. 2V~3V
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关后，发现电流表有示数，而电压表无示数，说明电路是通路，原因可能是电阻R短路。
（2）①[2]由图像丙可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻的乘积不变，即导体中的电流与电阻成反比。
②[3][4][5]上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，然后将10Ω的电阻接入电路，由串联分压可知，闭合开关，电压表的示数将会变大，为了保持电压表示数
0.4A×5Ω=2V
不变，此时应该增大滑动变阻器的电阻，向左移动滑片，然后读出电流表的示数。
（3）[6]电路中最大电流为0.6A，定值电阻最小阻值为5Ω，定值电阻两端最大电压为
滑动变阻器最大电阻为40Ω，定值电阻最大为20Ω，由分压原理可得
解得定值电阻两端最小电压为
定值电阻两端能控制的电压范围是2V~3V。
五、计算题（22题4分，23题6分）
22. 如图所示，一茶杯放在水平桌面上，茶杯底面积为。杯中水深，杯和水的总重力为3N，则：
（1）杯对水平桌面压强为多少？
（2）水对杯底的压力多少？（g取，茶杯杯壁厚度不计）
【答案】（1）；（2）2.5N
【解析】
【详解】解：（1）杯对水平桌面的压力等于杯和水的总重力，即杯对桌面的压力为
杯对水平桌面的压强为
（2）水对杯底的压强为
水对杯底的压力为
答：（1）杯对水平桌面的压强为；
（2）水对杯底的压力为。
23. 如图甲所示为便携式可折叠电热壶，额定电压为220V。电热壶具有加热、保温两挡，保温挡的额定功率为110W，内部简化电路如图乙所示，当双触点开关接触1和2时为关闭状态，接触2和3时为保温挡，接触3和4时为加热挡。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，现将电热壶接到220V的家庭电路中，求：
（1）R1的阻值；
（2）加热挡的电功率；
（3）若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热挡使水从25℃升高到100℃，加热效率为63%，则需要工作多少秒？[c水=4.2×103J/（kg·℃），结果保留一位小数]
【答案】（1）440Ω；（2）1110W；（3）225.2s
【解析】
【详解】解：（1）开关接2和3时电路中只有R1工作，由知，R1的阻值是
（2）由题意知，当双触点开关接触3和4时，处于加热挡，此时电阻R1、R2并联，R2的功率是
则加热挡功率是
（3）水吸收的热量是
消耗的电能是
所需加热时间是
答：（1）R1阻值是440Ω；
（2）加热挡的电功率是1110W；
（3）需要工作225.2秒
霍市五中2022-2023学年上学期模拟考试九年级物理试题
（2023.6.12）
一、选择题（1-10单选每题2分，11、12多选每题3分，共26分）
1. 下列有关声现象的说法，正确的是（ ）
A. 只要物体在振动，我们就能听到声音
B. 人们利用听得见的次声波获得信息，来预测火山、地震、海啸等灾害性的自然现象发生
C. 受蝙蝠利用超声波定位导航的启示，科学家制成了声呐
D. 拉二胡时手指不断在弦上移动，是为了改变声音的响度
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体振动人们不一定能听到声音，只有频率在20Hz～20000Hz范围内，且达到一定响度的声音，在有介质，且有良好听觉器官的条件下才能听到，故A错误；
B．人们利用次声获得信息，来预测火山、地震、海啸等灾害性的自然现象发生，但是次声人们听不见；故B错误；
C．声呐是利用超声波工作的，是受蝙蝠利用超声波定位导航的启示，故C正确；
D．频率决定声音的音调，拉二胡时手指不断在弦上移动，弦的振动频率发生变化，是为了改变声音的音调，故D错误。
故选C。
2. 下列关于温度、热量和内能说法中正确的是（ ）
A. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
B. 物质吸收热量，内能增大，温度升高
C. 物体温度升高，内能一定增加
D. 温度高的物体，内能一定大
【答案】C
【解析】
【详解】A．发生热传递的条件是存在温度差，所以热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故A错误；
B．晶体熔化时，物质吸收热量，内能增大，温度保持不变，故B错误；
C．物体温度升高，分子无规则运动更剧烈，物体的内能一定增加，故C正确；
D．内能与温度、状态、质量等都有关系，所以温度高的物体，内能不一定大，故D错误。
故选C。
3. 如图所示是四冲程汽油机的额工作状态示意图，该热机的铭牌上标有1200r/min，则下列说法正确的是（ ）
A. 该图表示汽油机的压缩冲程
B. 该冲程中汽缸内气体温度升高，分子运动更剧烈
C. 一个工作循环中有两个冲程都要靠飞轮的惯性来完成
D. 每秒钟此热机对外做功10次
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，进气门打开，活塞下行，说明这是汽油机的吸气冲程，汽油和空气组成的燃料混合物从进气门吸入汽缸，故A错误；
B．压缩冲程中压缩气体做功，温度升高，内能增加，分子热运动变剧烈。而该冲程是吸气冲程，故B错误；
C．在汽油机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的，故C错误；
D．在内燃机的一个工作循环中，飞轮转动2周，活塞往复运动2次，对外做功1次。飞轮转速为1200r/min，即20r/s，则飞轮1s转20r，对外做功10次，故D正确。
故选D。
4. 在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像。下列说法中不正确的是（ ）
A. 照相机成像原理与图中成像的原理相同
B. 此凸透镜的焦距范围是15cm
D. 蜡烛不动，换一个焦距更小的凸透镜，将光屏缓慢靠近凸透镜，可以在光屏上重新得到清晰的像
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，此时物距
u=50cm-10cm=40cm
像距
v=80cm-50cm=30cm
此时物距大于二倍焦距，即
u=40cm>2f
像距在一倍焦距与二倍焦距之间，即
f
15cm
C．蜡烛远离凸透镜，即增大物距，根据凸透镜成像规律可知，应该减小像距，才能在光屏上得到清晰的像，即光屏靠近凸透镜，故C正确，不符合题意；
D．蜡烛不动，换一个焦距更小的凸透镜，相当于增大物距，应该减小像距，才能得到清晰的像，即将光屏靠近凸透镜，故D正确，不符合题意。
故选B。
5. 图中为关于电和磁的实验，下列叙述不正确的是
A. 图甲实验说明电流周围存在磁场
B. 图乙实验演示的是发电机的工作原理
C. 图丙实验说明磁场对电流有力的作用
D. 图丁实验演示的是同名磁极相互排斥
【答案】D
【解析】
【详解】A、该装置是奥斯特实验，演示的是电流的磁效应，说明电流周围存在磁场，故A正确，不符合题意；
B、该装置中线圈切割磁感线能产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B正确，不符合题意；
C、该实验装置有电源，导体通电后在磁场中运动，说明磁场对电流有力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确，不符合题意；
D、图丁实验演示的是磁体的性质（即磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质），不是演示同名磁极相互排斥，故D错误，符合题意．
6. 实验桌上有满足实验要求的电源一个、开关一个、导线若干以及如图所示的两个完全相同的保温烧瓶。烧瓶内装有完全相同的温度计、阻值不变的电阻丝R1、R2以及初温相同的液体。小阳利用上述实验器材设计实验证明液体温度的变化与液体的种类有关。下列说法中正确的是（ ）
A. 实验中电阻丝R1和R2的阻值不相等
B. 实验中甲、乙烧瓶中液体的质量相等
C. 不可以将甲、乙装置中的电阻丝并联完成该实验
D. 该实验中可以用液体升高的温度反映吸收热量的多少
【答案】B
【解析】
【详解】AB．为设计实验证明液体温度的变化与液体的种类有关，由控制变量法可知，应保证两电阻丝阻值相等、通过电阻电流相等、液体质量相等、液体种类不同，故A错误，B正确；
C．由于两电阻丝阻值相同，则串联或并联流过两电阻的电流均相等，则可以将甲、乙装置中的电阻丝并联完成该实验，故C错误；
D．由于实验探究液体温度的变化与液体的种类有关，则使用的液体不同，由可知，不能通过液体升高的温度来反应吸收热量的多少，故D错误。
故选B。
7. 近年来，中国科技成就让世人瞩目，探月“嫦娥”、入海“蛟龙”、中国高铁、“天舟一号”、国产大飞机C919等一大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性成果不断涌现。下列说法中正确的是（ ）
A. 高铁因为速度快所以惯性大
B. 国产大飞机减速下降时，其机械能守恒
C. 绕月飞行的“嫦娥”探测器，运动状态不断发生变化
D. “天舟一号”发射上升的过程中，受平衡力的作用
【答案】C
【解析】
【详解】A．惯性是物体本身固有的属性，与物体的质量有关，与速度无关，故A错误；
B．国产大飞机减速下降时，质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度降低，重力势能减小，所以机械能减小，故B错误；
C．绕月飞行的“嫦娥” 运动方向在不断的变化，说明其运动状态不断发生变化，故C正确；
D．“天舟一号”发射上升的过程中，速度不断变大，故受非平衡力的作用，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置．开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO＝OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（ ）
A. 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度不断减小
B. 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向右、速度不断增大
C. 如果小球运动到B点时恰好不受任何力，则小球将保持静止状态
D. 小球在运动过程中所受弹力的方向向右
【答案】C
【解析】
【详解】A、小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大，故错误；
B、小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，故错误；
C、小球运动到B点时，由于动能转化为弹性势能，直到速度为零，如果恰好不受任何力，则小球将保持静止状态，故正确；
D、小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故错误．
9. 如图所示，斜面高2m、长4m，小明用平行于斜面的拉力F，将重400N的物体从斜面底端匀速拉到顶端，已知拉力F=250N，对此过程，下列结果中正确的是（ ）
A. 有用功为4000J B. 效率为60%
C. 额外功为200J D. 摩擦力为250N
【答案】C
【解析】
【详解】A．拉力做的有用功为
故A错误；
B．拉力做的总功为
机械效率为
故B错误；
C．拉力做的额外功为
故C正确；
D．克服摩擦力做的功为额外功，由可知摩擦力为
故D错误。
故选C。
10. 小明学习了电路知识后，想利用发光二极管设计一个开关有指示灯的照明电路，晚间关闭照明灯后，利用二极管发出的光指示开关所在的位置，他共设计了4个电路，如图所示，其中L为白炽灯，规格为“220V 60W”；D为发光二极管，规格为“1.2V 0.002A”；S为单刀双掷开关；R为限流电阻，图中能够满足要求的电路是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．由A电路图知道，打开或关闭灯泡时，发光二极管均不亮，故A不符合题意；
B．由电路图知道，单刀双掷开关接通左端时，发光二极管时会发光，但无论单刀双掷开关怎样闭合，灯泡都不会发光，故B不符合题意；
C．由电路图知道，关闭照明灯路后发光二极管不亮，闭合照明灯后，发光二极管会因为电路中的电流超过它的额定电流而被烧坏，并且导致白炽灯也不会亮，故C不符合题意；
D．由电路图知道，关闭照明灯后发光二极管与限流电阻串联能发光，闭合照明电路时发光二极管不工作，故D符合题意。
故选D。
11. 如图甲，盛有水的柱形容器放置在水平桌面上，木块用细线固定在容器底部且浸没，细线对木块的拉力为4N。将细线剪断，木块最终漂浮且有的体积露出水面，如图乙。下列说法正确的是（ ）
A. 甲、乙两图中，水对容器底部的压强大小相等
B. 木块密度为0.6g/cm3
C. 乙图中容器对桌面的压力小于甲图
D. 乙图中水对容器底的压力比甲图小4N
【答案】BD
【解析】
【详解】A．乙图容器内水的深度小，由可知，甲中水对容器底部的压强大于乙，故A错误；
B．图乙中，木块漂浮，根据
有
则木块的密度
故B正确；
C．将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，容器和容器内的水、木块的总重力不变，对桌面的压力仍等于总重力，故甲图中容器对水面的压力等于乙图中容器对水平桌面的压力，故C错误；
D．图甲中，木块用细线固定在容器底部且浸没，则木块所受浮力
，
图乙中，木块漂浮，则木块所受浮力
因此有
则有
两图中水对容器底的压力差等于图甲和图乙浮力之差
故D正确。
故选BD。
12. 如图1所示，电源电压不变，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，使其从最右端向左滑动，直到灯泡L正常发光时停止滑动。电流表示数与两电压表示数的关系如图2所示，下列分析正确的是（ ）
A. 移动滑动变阻器滑片的过程中，滑动变阻器阻值的变化范围是3.75~40Ω
B. 移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表示数的变化范围是1~6V
C. 电源电压是9V
D. 灯泡L正常发光时的功率是5.6W
【答案】ABC
【解析】
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流。
A．由图2可知，当滑动变阻器两端的最大电压U滑=8V时，通过的电流I小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大电阻
当滑动变阻器两端的最小电压U滑小=3V时，通过的电流I大=0.8A，则滑动变阻器接入电路的最小电阻
因此滑动变阻器阻值的变化范围是3.75~40Ω，故A正确；
C．当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由串联分压的规律可知变阻器分得的电压最大，则此时灯泡两端的电压最小，由图乙可知，电压随着电流最大的图线是电流表示数与电压表V1示数的关系图像，电压随着电流减小的图线是电流表示数与电压表V2示数的关系图像，此时电路电流为0.2A，灯泡两端电压为1V，滑动变阻器两端电压为8V；因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压
故C正确；
B．由图可知，灯泡两端的最大电压为
最小电压为1V，因此移动滑动变阻器滑片的过程中，电压表V1示数的变化范围是1～6V，故B正确；
D．根据题意可知，当电流表示数最大时，灯泡正常发光，由图乙可知，此时电路电流为0.8A，滑动变阻器两端电压为3V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以正常发光时的电压
则正常发光时的功率
故D错误。
故选ABC。
二、填空题（共4小题，每空1分，共10分）
13. 如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质的界面上同时发生反射和折射（图中入射光线、反射光线和折射光线的方向均未标出），其中反射光线是______，反射角是______度，折射角是______度。
【答案】 ①. OF ②. 30 ③. 45
【解析】
详解】[1][2][3]由图可知，∠BOE=60°，所以
∠COE=90°﹣60°＝30°
而∠COF=30°，根据反射角等于入射角，可知CD为法线，AB为界面。而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OG一定为折射光线，EO为入射光线，OF为反射光线；反射角为30°，折射角为∠GOD=45°。
14. 显微镜和望远镜都是利用两个凸透镜的组合体，其中显微镜的物镜与 _____作用相同，望远镜的目镜与 _____的作用相同。（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）
【答案】 ①. 投影仪 ②. 放大镜
【解析】
【详解】[1]物体在显微镜的物镜的一倍焦距和二倍焦距之间，通过物镜成倒立、放大的实像，相当于投影仪。
[2]物体在目镜的焦距以内，通过望远镜的目镜成正立、放大的虚像，相当于放大镜。
15. LED灯是一种新型照明光源，从材料来看，LED灯是由_____（选填“半导体”、“超导体”或“绝缘体”）材料制成的；全球第一台“华龙一号”核电机组在福清核电站投入运行，核燃料在核反应堆中发生的是_____（选填“核裂变”或“核聚变”），核能是_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】 ①. 半导体 ②. 核裂变 ③. 不可再生
【解析】
【详解】[1]根据LED灯的结构特点可知，其是由半导体材料制成的。
[2] 核裂变，又称核分裂，是指由重的原子核（主要是指铀核或钚核）分裂成两个或多个质量较小的原子的一种核反应形式。核聚变，又称核融合、融合反应、聚变反应或热核反应 ，这是一种核反应的形式。因此核燃料在核反应堆中发生的是核裂变。
[3]由于核能一旦使用，就很难在短期内重新获得，因此核能是不可再生能源。
16. 某款家用吸尘器额定电压为220V，额定电流为4A，正常工作15min，使标有“800imp/（kW·h）”的电能表指示灯共闪烁______次，若吸尘器正常工作时，电动机的发热功率为32W，则电动机线圈的电阻为______Ω。
【答案】 ①. 176 ②. 2
【解析】
【详解】[1]吸尘器的额定功率为
吸尘器正常工作15min电流做的功是
电能表指示灯闪烁的次数是
[2]由P=I2R可知，电动机线圈的电阻为
三、作图题（共2小题，每题2分，共4分）
17. 如图所示，杠杆的N端挂一重物，要使杠杆平衡。试画出杠杆受到的最小动力F1和杠杆受到的阻力F2
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，O为支点，重物G对杠杆的拉力为阻力，方向竖直向下，过阻力作用点，作竖直向下的带箭头的线段，并标上符号F2。OM为动力臂时，动力臂最长，动力最小，过M点作垂直于动力臂OM的线段，方向向右下方，即为动力F1，如图所示
18. 如图所示，一条与主光轴垂直的光线经平面镜反射后射向前方的凹透镜。请画出经过平面镜反射后的反射光线以及经过凹透镜折射后的折射光线。
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】入射光线与平面镜的夹角为，则入射角为
根据反射角等于入射角画出反射光线，易知反射光线平行于主光轴。根据平行光经凹透镜折射后的光线的反向延长线过凹透镜的焦点，故连接凹透镜的焦点与入射光线与凹透镜的交点后延长线即为经过凹透镜折射后的折射光线，如下所示：
四、实验探究题（每空1分，共20分）
19. 测量如图所示滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/cm
拉力F/N
绳端移动距离s/cm
机械效率η
1
1.0
5
15
55.6%
2
1.5
5
0.8
15
3
2.0
5
1.0
15
66.7%
4
2.0
10
1.0
30
66.7%
（1）实验过程中，应沿______方向缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为______N。
（2）第2次实验时所做的有用功为______J，滑轮组的机械效率是______。
（3）分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越______（填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度______（填“有关”或“无关”）。
（4）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______。
A．增大绳重 B．减轻动滑轮重 C．加快物体提升的速度
【答案】 ①. 竖直
②. 0.6 ③. 0.075 ④. ⑤. 大 ⑥. 无关 ⑦. B
【解析】
【详解】（1）[1]实验过程中，应沿竖直方向缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。
[2]测力计分度值为，第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为。
（2）[3][4]第2次实验时所做的有用功
第2次做的总功
滑轮组的机械效率是
（3）[5]分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越，滑轮组的机械效率越高。
[6]分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关。
（4）[7]A．增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A不符合题意；
B．减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大，故B符合题意；
C．由（3）知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据，机械效率与物体提升的速度无关，故C不符合题意。
故选B。
20. 如图所示是“探究光的反射规律”时的部分实验装置。
（1）实验前，应将纸板______放置于平面镜上，否则将不能在纸板上看到反射光线。为了使实验效果更明显，整个实验过程应在较______（选填“亮”或“暗”）的环境中进行；
（2）实验中白纸板的作用是______，实验时从纸板前不同的方向都能看到入射光线和反射光线，这是因为光在纸板上发生了______（选填“镜面”或“漫”）反射；
（3）在图甲中，使一束光贴着纸板A沿EO射向平面镜上的O点，观察到反射光线和对应的入射光线。改变光束入射角度，多做几次，描绘出每次光线的径迹，量出对应的入射角和反射角，记录表格中，然后进行比较，目的是探究______关系；
（4）实验中多次改变入射光线与法线的夹角，观察反射光线并测量入射角和反射角。实验数据如表，小雨根据表中数据得出的结论和书上的结论并不一致。你分析出现这种情况的原因可能是______。
入射角/度
20
30
50
60
70
80
反射角/度
70
60
40
30
20
10
（5）在图乙中，将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折。实验时在纸板B上观察到下半部分有反射光，上半部分无反射光，此现象表明：______。
【答案】 ①. 垂直 ②. 暗 ③. 显示光路 ④. 漫 ⑤. 反射角与入射角的大小 ⑥. 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 ⑦. 反射光线、入射光线和法线在同一平面内
【解析】
【详解】（1）[1][2]过入射点垂直反射面的直线叫法线，因反射光线、入射光线和法线在同一平面内，为了使光的传播路径能呈现在硬纸板上，应让纸板垂直放置在平面镜上，让激光笔发出的光贴着纸板射向O点；光线和环境的对比度越大，光线越清晰，所以使光线更加明显，实验应在较暗的环境下进行。
（2）[3][4]通过白纸板可以观察到光的传播路径和方向，故用白纸板的作用是显示光的传播路径。当一束平行光照射到凹凸不平的表面时，反射光会朝四面八方射出，这种反射叫漫反射。在白纸板上能看到光的传播路径，这是因为光在纸板上发生了漫反射。
（3）[5]多次改变入射光线与法线夹角，量出对应的入射角和反射角，这样多次实验目的是探究反射角与入射角的大小关系。
（4）[6]根据反射定律：反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，不是70°、60°、40°，而70°、60°、40°正好是反射光线与镜面的夹角。故这种情况的原因可能是把反射光线与镜面的夹角当成了反射角。
（5）[7]将纸板B的上半部分向后折，则纸板B与纸板EQ不在同一平面内，如图乙所示，发现在纸板B的下半部分有反射光线，上半部分无反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
21. 小明同学利用如图甲所示的电路探究“电流跟电阻的关系”。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为、、。
（1）闭合开关后，发现电流表有示数，而电压表无示数，原因可能是______；
（2）排除故障后，进行实验，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流随电阻R变化的图像；
①由图像丙可以得出结论：______；
②上述实验中，小明用的电阻做完实验后，然后将的电阻接入电路，闭合开关，电压表的示数将会______（选填“变大”、“变小”或“不变”），此时应该向______（选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数为______V，然后读出电流表的示数；
（3）若已知滑动变阻器的规格为“”，电源电压为6V，电流表量程为0~0.6A，为完成探究，定值电阻两端能控制的电压范围是______。
【答案】 ①. 电阻R短路 ②. 电压一定时，导体中的电流与电阻成反比 ③. 变大 ④. 左 ⑤. 2 ⑥. 2V~3V
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关后，发现电流表有示数，而电压表无示数，说明电路是通路，原因可能是电阻R短路。
（2）①[2]由图像丙可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻的乘积不变，即导体中的电流与电阻成反比。
②[3][4][5]上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，然后将10Ω的电阻接入电路，由串联分压可知，闭合开关，电压表的示数将会变大，为了保持电压表示数
0.4A×5Ω=2V
不变，此时应该增大滑动变阻器的电阻，向左移动滑片，然后读出电流表的示数。
（3）[6]电路中最大电流为0.6A，定值电阻最小阻值为5Ω，定值电阻两端最大电压为
滑动变阻器最大电阻为40Ω，定值电阻最大为20Ω，由分压原理可得
解得定值电阻两端最小电压为
定值电阻两端能控制的电压范围是2V~3V。
五、计算题（22题4分，23题6分）
22. 如图所示，一茶杯放在水平桌面上，茶杯底面积为。杯中水深，杯和水的总重力为3N，则：
（1）杯对水平桌面压强为多少？
（2）水对杯底的压力多少？（g取，茶杯杯壁厚度不计）
【答案】（1）；（2）2.5N
【解析】
【详解】解：（1）杯对水平桌面的压力等于杯和水的总重力，即杯对桌面的压力为
杯对水平桌面的压强为
（2）水对杯底的压强为
水对杯底的压力为
答：（1）杯对水平桌面的压强为；
（2）水对杯底的压力为。
23. 如图甲所示为便携式可折叠电热壶，额定电压为220V。电热壶具有加热、保温两挡，保温挡的额定功率为110W，内部简化电路如图乙所示，当双触点开关接触1和2时为关闭状态，接触2和3时为保温挡，接触3和4时为加热挡。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，现将电热壶接到220V的家庭电路中，求：
（1）R1的阻值；
（2）加热挡的电功率；
（3）若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热挡使水从25℃升高到100℃，加热效率为63%，则需要工作多少秒？[c水=4.2×103J/（kg·℃），结果保留一位小数]
【答案】（1）440Ω；（2）1110W；（3）225.2s
【解析】
【详解】解：（1）开关接2和3时电路中只有R1工作，由知，R1的阻值是
（2）由题意知，当双触点开关接触3和4时，处于加热挡，此时电阻R1、R2并联，R2的功率是
则加热挡功率是
（3）水吸收的热量是
消耗的电能是
所需加热时间是
答：（1）R1阻值是440Ω；
（2）加热挡的电功率是1110W；
（3）需要工作225.2秒
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