专题51 电学实验基础-高三物理一轮复习多维度导学与分层专练

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高三物理一轮复习多维度导学与分层专练
专题51 电学实验基础
导练目标
导练内容
目标1
游标卡尺的使用
目标2
螺旋测微器的使用
目标3
常用电表的读数
目标4
内外接法测电阻
目标5
滑动变阻器的两种接法
目标6
电表的改装
【知识导学与典例导练】
一、 游标卡尺的使用

1．原理：利用主尺的最小分度与游标尺的最小分度的差值制成。不管游标尺上有多少个小等分刻度，它的刻度部分的总长度比主尺上的同样多的小等分刻度少 1 mm。
2．精度：对应关系为10分度0.1 mm，20分度0.05 mm，50分度0.02 mm。
3．读数：若用x表示由主尺上读出的整毫米数，K表示从游标尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游标刻线的格数，则记录结果表达为(x＋K×精度)mm。
【例1】图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的__________（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为________ mm。


【答案】     A     11.25
【详解】[1]由游标卡尺的结构原理可知，测内径应选游标卡尺的内测量爪，故选A；
[2]游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺的读数为
故钢笔帽的内径为
二、 螺旋测微器的使用

1．原理：测微螺杆与固定刻度之间的精密螺纹的螺距为0.5 mm，即旋钮每旋转一周，测微螺杆前进或后退0.5 mm，而可动刻度上的刻度为50等份，每转动一小格，测微螺杆前进或后退0.01 mm，即螺旋测微器的精确度为0.01 mm。读数时估读到毫米的千分位上，因此，螺旋测微器又叫千分尺。
2．读数：测量值(mm)＝固定刻度数(mm)(注意半毫米刻度线是否露出)＋可动刻度数(估读一位)×0.01(mm)。
【例2】在测量一根粗细均匀的合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径的过程如图所示，校零时的读数为________mm，合金丝的直径为________mm。

【答案】     0.007     0.650
【详解】[1][2]校零时可动刻度为0.7格，故读数为0.7×0.01mm＝0.007mm，测量时固定刻度上读数为0.5mm，可动刻度为15.7格，故读数为0.5mm＋15.7×0.01mm＝0.657mm。合金丝的直径为两次读数之差
D＝0.657mm－0.007mm＝0.650mm。
三、 常用电表的读数
对于电压表和电流表的读数问题,首先要弄清电表量程,即电表两接线柱间允许加的最大电压或电表允许通过的最大电流,然后根据表盘总的刻度数确定精确度,按照指针的实际位置进行读数。
(1)0~3 V的电压表和0~3 A的电流表的读数方法相同,此量程下的精确度分别是0.1 V和0.1 A,看清楚指针的实际位置,读到小数点后面两位。
(2)对于0~15 V量程的电压表,精确度是0.5 V,在读数时只要求读到小数点后面一位,这时要求“15格估读”。
(3)对于0~0.6 A量程的电流表,精确度是0.02 A,在读数时只要求读到小数点后面两位,这时要求“半格估读”。
【例3】在“描绘伏安特性曲线”的实验中，电表示数如图所示。若如图1所示的电流表使用的是量程，则图中电流表示数是___________A；若使用的是量程，则图中电流表示数为___________A。若图2所示电压表使用的是较小量程，则图中电压表的示数为___________V；若使用的是较大量程，则图中电压表示数为___________V。

【答案】     0.44     2.20     1.70     8.5
【详解】[1]如图1中的电流表使用0.6A量程时，表盘刻度每小格表示0.02A，图中表针示数为0.44A；
[2]如图1中的电流表使用3A量程时，表盘刻度每小格表示0.1A，图中表针示数为2.20A；
[3]如图2中的电压表使用较小量程，即量程为3V时，表盘刻度每小格表示0.1V，图中表针的示数为1.70V。
[4]如图2中的电压表使用较大量程，即量程为15V时，表盘刻度每小格表示0.5V，图中表针示数为8.5V。
四、 内外接法测电阻
(一)两种接法的比较

内接法
外接法
电路图


误差
原因
电流表分压
U测＝Ux＋UA
电压表分流
I测＝Ix＋IV
电阻
测量值
R测＝＝Rx＋RA>Rx，测量值大于真实值
R测＝＝ (二)两种接法的选择
1．阻值比较法
先将待测电阻的估计值与电压表、电流表内阻进行比较，若Rx较小，宜采用电流表外接法；若Rx较大，宜采用电流表内接法。简单概括为“大内偏大，小外偏小”。
2．临界值计算法
①Rx< 时，用电流表外接法。
②Rx> 时，用电流表内接法。
3．实验试探法

按如图所示接好电路，让电压表一根接线柱P先后与a、b处接触一下，如果电压表的示数有较大的变化，而电流表的示数变化不大，则应采用电流表外接法；如果电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，则应采用电流表内接法。
【例4】厦门中学生助手用伏安法测电阻，如果电压表、电流表均为理想电表，其读数分别为U、I，则待测电阻阻值为：Rx=。实际上电压表及电流表也是有一定内阻的，如量程为0-3V的电压表内阻一般较大，约为3kΩ，量程为0-0.6A的电流表内阻一般很小，约为0.5Ω。如图甲所示为电流表外接法，如图乙所示为电流表内接法，请回答以下问题：

（1）采用图甲所示方案测电阻时，待测电阻Rx的测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值，其原因是___________。
（2）采用图乙所示方案测电阻时，待测电阻Rx的测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值，其原因是___________。
（3）厦门中学生助手测量一电阻时，不知道电阻大概阻值，因此，他采用了如图丙所示的方法。先把电压表的右端与a点连接，此时电压表示数为4.5V、电流表示数为1.8mA；再把电压表的右端与b点连接，此时电压表示数为4.6V、电流表示数为1.6mA；为了减小电阻的测量误差，他应该把电压表的右端接在___________（选填“a”或“b”）点进行实验；则圆环接入电路的两点间的电阻值为___________Ω。
【答案】     小于     电压表的分流导致电流表的测量值偏大     大于     电流表的分压导致电压表的测量值偏大     b     2875
【详解】（1）[1][2]由可得采用图甲所示方案测电阻时，由于电压表的分流作用，所用电流表测量的电流大于流过待测电阻的电流，所以待测电阻Rx的测量值小于真实值；
（2）[3][4]由可得采用图乙所示方案测电阻时，由于电流表的分压作用，所用电压表测量的电压大于待测电阻两端的实际电压，所以待测电阻Rx的测量值大于真实值；
（3）[5]由题意可得；由此可知，电压表分流明显，电流表应采用内接法，他应该把电压表的右端接在b端；
[6]圆环接入电路的两点间的电阻值为
五、 滑动变阻器的两种接法
1．两种接法的比较

限流接法
分压接法
两种接法
电路图


负载R上电
压调节范围
≤U≤E
0≤U≤E
负载R上电
流调节范围
≤I≤
0≤I≤
闭合S前
触头位置
b端
a端
　　2.两种接法的选择
①要求待测电阻两端的电压从零开始变化，或精确性要求较高时
采用
分压
接法
②滑动变阻器的最大阻值远小于待测电阻或串联的其他电阻的阻值时
③题设条件中所提供的电表量程或电阻的最大允许电流不够时
①待测电阻接近或略小于滑动变阻器的最大阻值时
采用
限流
接法
②电源的放电电流或滑动变阻器的额定电流太小，不能满足分压接法的要求时
③没有很高的精确性要求，考虑安装简捷和节能因素时
【例5】13．用伏安法测定某定值电阻（内阻约为），要尽可能准确地测量这只电阻的阻值.现有器材除被测电阻外，还有如下的实验仪器：

A．直流电源，电压，内阻不计；
B．电压表，量程，内阻约；
C．电压表，量程，内阻约；
D．电流表，量程，内阻约；
E.电流表，量程，内阻；
F.滑动变阻器，阻值；
G.电键一只、导线若干.
（1）在上述仪器中，电压表应选用_____，电流表应选用______（用仪器前序号表示）。
（2）请在方框内画出电路原理图_____。
（3）若电流表示数为I，电压表示数为U，则_____（用题中字母表示）。
【答案】     B     E         
【详解】（1）[1] 因为直流电源，电压，选用量程的电压表，如果电流表采用内接法，通过电流表的电流为电压表选量程，则通过待测电阻的最大电流约为
在分析两个电流的量程，要精确测量，所以电压表选B。
[2] 电压表选量程，则通过待测电阻的最大电流约为电流表应选E。
（2）[3] 为了精确测量滑动变阻器应采用分压接法，因为电压表量程，如果电流表采用内接法，通过电流表的电流为也满足精确测量的要求，电路如图所示

[4]根据解得



六、 电表的改装

改装成电压表
改装成电流表
内部电路


改装原理
串联大电阻分压
并联小电阻分流
改装后
的量程
U＝Ig(Rg＋R)
I＝Ig
量程扩大
的倍数
n＝1＋
n＝1＋
接入电阻
的阻值
R＝(n－1)Rg
R＝
改装后的
总内阻
RV＝nRg
RA＝
校准电路


【例6】如图所示为一改装后的电流表和电压表电路，已知表头满偏电流为100微安，内阻为900欧姆，定值电阻R1=100欧姆，定值电阻R2=1910欧姆，A为公用接线柱则

（1）当使用___________两接线柱时是 电流表，其量程为___________安培；
（2）当使用___________两接线柱时是 电压表，其量程为___________伏特；
【答案】     A、B     0.001     A、C     2.0
【详解】（1）[1][2]当使用A、B两接线柱时是电流表，其量程为
（2）[3][4] 当使用A、C接线柱时是电压表，其量程为
【多维度分层专练】
1．请按要求填写：
（1）某同学用游标卡尺的________测得一玻璃杯的内高，如图甲所示，则其内高为________cm；

（2）又用螺旋测微器测得其玻璃厚度如图乙所示，则厚度为________mm；

（3）该同学用螺旋测微器又测得一小球直径如图丙所示，正确读数后得小球直径为1.731mm，则a＝__________，b＝__________。

（4）某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图丁、戊所示，则该金属杆的长度和直径分别为______cm和______mm。

【答案】     深度尺     10.03     2.760     20     0     60.10     4.20
【详解】（1）[1]因需测量的是玻璃杯的内高即深度，所以要用游标卡尺的深度尺测量；
[2]根据图甲所示的游标卡尺主尺上的整毫米数为100 mm，游标尺的精确度为0.1 mm，且第3条刻度线与主尺上的刻度线对齐，可知玻璃杯的内高为
（2）[3]螺旋测微器的读数规则：测量值＝固定刻度读数（注意半毫米刻度线是否露出）＋精确度（0.01mm）×可动刻度读数（一定要估读），所以玻璃厚度为
（3）[4][5]因由螺旋测微器读数规则知a应为20，b应为0；
（4）[6]金属杆长度由刻度尺示数可得，由题图丁得
[7]由题图戊知，此游标尺为50分度，游标尺上第10刻线与主尺上一刻线对齐，则金属杆直径为

2．（1）如图甲所示，螺旋测微器的读数为__________mm；

（2）如图乙所示，游标卡尺的读数为__________mm。

【答案】     8.470—8.471     20.60
【详解】（1）[1]螺旋测微器的固定刻度为8.0mm，可动刻度为
所以最终读数为由于需要估读，最后的结果可以在之间。
（2）[2]游标卡尺游标为20分度，总长度为19mm，故每一小格为，由图可知，主尺上32mm与游标尺的第12个格对齐，故测量长度为
3．请正确读数

若电压表接入电路中是量程，则电压读数：___________V
若电压表接入电路中是量程，则电压读数：___________V
若电流表接入电路中是量程，则电流读数：___________A
若电流表接入电路中是量程，则电流读数：___________A
【答案】     2.50     12.5     0.36     1.80
【详解】[1]若电压表接入电路中是量程，最小分度为0.1V，则电压读数：2.50V
[2]若电压表接入电路中是量程，最小分度为0.5V，则电压读数：12.5V
[3]若电流表接入电路中是量程，最小分度为0.02A，则电流读数：0.36A
[4]若电流表接入电路中是量程，最小分度为0.1A，则电流读数：1.80A
4．测量电阻伏安特性时，用表示测量电阻的阻值，表示电压表的内阻，RA表示电流表的内阻，表示内外接转换时电流表的相对变化，表示内外接转换时电压表的相对变化，则下列说法正确的是（　　）
A．当，且R较RA大得不多时，宜选用电流表外接
B．当，且R较RA大得不多时，宜选用电流表内接
C．当时宜采用电流表内接
D．当时宜采用电流表外接
【答案】AC
【详解】AB．当，且R较RA大得不多时，即有则电流表的分压影响大于电压表的分流影响，应排除电流表的分压影响，采用电流表外接法，A正确，B错误；
CD．当时，表明在内外接转换时，电流表的示数变化大于电压表的示数变化，说明电压表的分流影响大于电流表的分压影响，应排除电压表的分流影响，采用电流表内接法，C正确，D错误。故选AC。
5．小李在实验室测量一电阻Rx的阻值。因电表内阻未知，用如图甲所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数，电流表的示数如图乙所示，其读数___________A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为，。由此可知应采用电流表___________（选填“内”或“外”）接法。

【答案】     0.34     外
【详解】[1]由图乙可知，电流表的量程为0.6A，最小刻度为0.02A，则电流表的读数为0.34 A。
[2]根据题意可得，电压表的百分比变化为电流表的百分比变化为因此可知，电压表的示数变化更明显，说明电流表的分压更严重，因此不能让电流表分压，采用外接法。
6．利用伏安法测电阻，可以选电流表内接法和电流表外接法两种方法。图甲中电压表的读数为，电流表的读数为，图乙中电压表的读数为，电流表的读数为，待测电阻的阻值为。

（1）关于测量过程中产生的误差，下列说法正确的是________（填正确答案标号）。
A．无论哪种方法，只要采用多次测量取平均值的方式，就能有效减小误差，使误差几乎为0
B．采用图甲电路，电压表的测量值大于待测电阻两端的电压值，电流表的测量值等于流经待测电阻的电流值
C．采用图乙电路，电压表的测量值等于待测电阻两端的电压值，电流表的测量值大于流经待测电阻的电流值
D．图甲适用于测小电阻，图乙适用于测大电阻
（2）利用电流表内接法，待测电阻阻值记为“”；利用电流表外接法，待测电阻阻值记为“”；该电阻阻值的真实值记为“”。请按照从大到小的顺序将这三个量依次排序为________。
（3）若已知电压表的内阻为，则可利用________（填“图甲”或“图乙”）测出待测电阻的真实值，其真实值为________。
【答案】     BC          图乙    
【详解】（1）[1]A．由于电压表的分流和电流表的分压都属于系统误差，多次测量取平均值的方式，并不能有效减小系统误差，使误差几乎为0，A错误；
B．采用图甲电路，由于电流表的分压，电压表的测量值实际为待测电阻和电流表两端的电压之和，测量值大于待测电阻两端的电压值，但电流表的测量值等于流经待测电阻的电流值，B正确；
C．采用图乙电路，电压表的测量值等于待测电阻两端的电压值，电流表的测量值为通过待测电阻和电压表两条支路的总电流，故其测量值大于流经待测电阻的电流值，C正确；
D．图甲适用于测大电阻，图乙适用于测小电阻，D错误。故选BC。
（2）[2]利用电流表内接法，电压表两端的电压是待测电阻上的电压与电流表上的电压的和，故电流表内接电阻测量值为利用电流表外接法，电流表测的电流是待测电阻上的电流与电压表上的电流之和，故电流表外接电阻测量值为可得
（3）[3]已知电压表的内阻，则可利用图乙测出待测电阻的真实值。
[4]根据欧姆定律得解得
7．已知一热敏电阻当温度从10℃升至60℃时阻值从几千欧姆降至几百欧姆，某同学利用下列方法测量其常温下的阻值。
（1）用多用电表的欧姆挡“×10”倍率测量热敏电阻的阻值，正确操作指针偏转如图甲所示。实验小组应将倍率更换至______（选填“×100”或“×1”）倍率，正确操作并读出热敏电阻阻值；

（2）实验小组在粗略测量热敏电阻阻值后，用以下的器材精确测量它的阻值。
A．电源（E=5V，内阻约为1Ω）
B．电流表（0~5mA，内阻约为5Ω）
C．电流表（量程0.6A，内阻约为1Ω）
D．电压表（0~5V，内阻约为3kΩ）
E.电压表（0~15V，内阻约为10kΩ）
F.滑动变阻器R（0~10Ω，允许通过的最大电流为10mA）
G.开关
H.导线
①为了尽可能精确的测量热敏电阻的阻值，电流表选_______，电压表选_______；（选填元件前面的序号）
②下列电路图设计合理的是_______。（选填“乙”或“丙”）

（3）已知热敏电阻与温度的关系如下表所示：
t/℃
10.0
20.0
30.0
40.0
50.0
60.0
/Ω
2400.0
1500.0
1150.0
860.0
435.0
120.0

利用该热敏电阻制作温控报警器，其电路原理如图丁所示，图中E为直流电源（电动势为10V，内阻可忽略），报警系统接在ab之间，当ab之间的输出电压低于6.0V时，便触发报警器报警，若要求开始报警时环境温度为60℃，则图中电阻箱R的阻值应为_______Ω。测试发现温度达到55℃时报警器就开始报警，则应______（选填“调小”或“调大”）电阻箱的阻值。

【答案】     ×100     B     D     丙     80     调小
【详解】（1）[1]选择“×10”倍率时，指针偏转角度偏小，重选相邻的大倍率“×100”。
（2）[2][3]电源电动势是5V，电压表选择0~5V，电压全部加在热敏电阻上，电流约为5mA，电流表量程选0~5mA。
[4]滑动变阻器的最大阻值远远小于热敏电阻阻值，所以用分压式连接。
（3）[5]若要求开始报警时环境温度为60℃，此时，由解得电阻箱阻值应调为

[6]测试发现温控室中温度达到55℃时报警器就开始报警，说明热敏电阻偏大，所以应调小电阻箱的阻值，使其在要求温度下报警。
8．某实验小组利用如下器材测量某金属丝的电阻率：
A．电源（3V，内阻约为0.1Ω）
B．电流表（量程0.6A，内阻约为0.1Ω）
C．电流表（量程3A，内阻约为0.03Ω）
D．电压表（量程3V，内阻约为3kΩ）
E．滑动变阻器（1kΩ，0.3A）
F．滑动变阻器（20Ω，2A）
G．待测金属丝、螺旋测微器、米尺、开关和导线等

（1）用螺旋测微器测出金属丝的直径，某次测量时示数如图所示，其读数为________mm；
（2）实验小组选好实验器材，实验过程中改变滑动变阻器的位置，记录电压表和电流表的示数如下表：
次数
1
2
3
4
5
U/V
0.80
1.00
1.50
1.80
2.30
I/A
0.18
0.22
0.34
0.42
0.52

根据以上信息，你认为该小组选用的电流表是________，滑动变阻器是________（只填仪器前的代号）；
（3）请设计较为节能且误差较小的电路，把图乙电路连接完整______。
【答案】     0.911mm     B     F    
【详解】(1)[1]该金属丝的直径为0.5mm+41.1×0.01mm=0.911mm
(2)[2][3]由于电路的最大电流为0.52A，故电流表是B，若滑动变阻器若选1kΩ的，要么电路电流过小难以测量，要么只使用一小部分，不方便调节，故滑动变阻器应选F。
(3)[4]由于金属丝电阻较小，采用电流表外接法，较为节能滑动变阻器采用限流式接法，故实物图如图所示

9．某实验小组要描绘小灯泡（2.5V，0.5W）的伏安特性曲线，实验室提供以下器材可供选择：
A．直流电源3V（内阻不计）
B．直流电压表V1（量程为0～3V，内阻约为3kΩ）
C．直流电压表V2（量程为0～15V，内阻约为25kΩ）
D．直流电流表A1（量程为0～300mA，内阻约为5Ω）
E．直流电流表A2（量程为0～600mA，内阻约为10）
F．滑动变阻器R1（最大阻值100Ω，允许通过的最大电流为0.5A）
G．滑动变阻器R2（最大阻值10Ω，允许通过的最大电流为2A）
实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量。
（1）实验中电压表应选用_______，电流表应选用_______，滑动变阻器应选用_______。（均填器材前的字母标号）
（2）请在方框中画出实验使用的电路图，仪器用题目中的符号表示______。

（3）根据实验数据，作出的小灯泡I-U图线如图所示，由此可知，当电压为1.5V时，小灯泡的灯丝电阻为______（结果保留2位有效数字），由图可知，随着电压的增大，小灯泡的电阻______。（填“增大”或“减小”）

【答案】     B     D     G     见解析     8.6Ω     增大
【详解】（1）[1]小灯泡的额定电压为2.5V，电压表的量程为0~3V便可，故电压表选B。
[2]小灯泡的额定功率为0.5W，可知小灯泡的额定电流为为了保证电流表读数的准确性，电流表选D。
[3]实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化，并能进行多次测量，滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器最大阻值较小时，采用分压式接法能使小灯泡两端电压变化更加均匀，作出的图像更加准确，所以滑动变阻器选G。
（2）[4]滑动变阻器采用分压式接法，由于小灯泡的电阻比较小，电流表采用外接法，实验电路如图所示

（3）[5]根据题图线可知，当电压为1.5V时，电流为0.175A，根据欧姆定律可知小灯泡的灯丝电阻为

[6]根据欧姆定律可知，在图线上的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，故随着电压的增大，小灯泡电阻增大。
10．某实验兴趣小组为了测一个电阻R的阻值，他们先用欧姆表“×10”挡进行测量如图所示。为了更精确地测量其电阻，实验室给出了以下器材：
①电流表G1（0~50mA，内阻r1＝3Ω）；  ②电流表G2（0~100mA），内阻r2约为10Ω）；
③定值电阻R1（R1＝15Ω）；  ④滑动变阻器R2（0~5Ω）；
⑤干电池（1.5V），内阻不计：   ⑥开关S及导线若干。
回答下列问题：
（1）多用电表欧姆挡的读数为_________Ω；

（2）在下面方框里画出实验电路原理图________；

（3）若某次测得电流表G1、G2的示数分别为I1、I2。则被测电阻的大小R＝__________（用已知和测量物理量的符号）。
【答案】     20         
【详解】（1）[1]多用电表欧姆挡的读数为
（2）[2]由于器材中未提供电压表，且只有电流表G1内阻已知，所以应将电流表G1与定值电阻R1串联后作为电压表使用；由于滑动变阻器最大阻值较小，为了能够使电阻R两端电压能有较大的变化范围，滑动变阻器应采用分压式接法；电流表G2应采用外接法，从而消除电压表分流带来的系统误差。根据以上分析滑出实验电路原理图如图所示。

（3）[3]根据欧姆定律以及串并联电路规律可知
11．学校开放实验室，同学们为了描绘小灯泡L的伏安特性曲线，并想同时较准确地测量其在额定电流下的功率，可供选用的器材如下：
小灯泡L（规格“额定电流为1.0A，额定功率约为6.5W”）；
电流表A1（量程3A，内阻约为0.1Ω）；
电流表A2（量程0.5A，内阻r2＝8Ω）；
电压表V（量程3V，内阻rv＝2.0kΩ）；
标准电阻R1（阻值6.0kΩ）；
标准电阻R2（阻值8Ω）；
学生电源E（电动势约为10V，内阻不计）；
开关S及导线若干。
（1）实验时有两个滑动变阻器可供选择：
A．阻值0到10Ω，额定电流1.0A                B．阻值0到20Ω，额定电流2.0A
本实验应选的滑动变阻器是______（选填“A”或“B”）。
（2）老师要求要尽量准确地描绘出L完整的伏安特性曲线，电压需从零开始调节，在安全前提下尽可能减小误差且调节方便，在虚线框内画出满足要求的实验电路图，并在图上标明所选器材代号。______

（3）某次实验时，若电流表满偏时，电压表的读数如图所示，则电压表的读数为______，灯泡额定功率为______W。（计算结果保留两位小数）

【答案】     B     见解析     2.60     6.40
【详解】（1）[1]滑动变阻器应采用分压接法，由于灯泡额定电流为1.0A，而干路电流一定大于灯泡中的电流，所以为了滑动变阻器的安全。故选B。
（2）[2]描绘小灯泡L的伏安特性曲线，滑动变阻器采用分压式接法，小灯泡的额定电流为1A，电流表A1量程太大，所以选择电流表A2，其量程为0.5A，需将A2与并联，改装后电流表的量程为
内阻为4Ω；电压表与串联，改装后电压表量程为电路图如图所示。

（3）[3]电压表读数为2.60V。
[4]此时电阻的电压为7.80V，所以此时灯泡的电阻额定功率