贵州省贵阳市清镇市2022-2023学年高二数学下学期期末考试试题（Word版附解析）

这是一份贵州省贵阳市清镇市2022-2023学年高二数学下学期期末考试试题（Word版附解析），共15页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
高二年级  数学学校：    姓名：    座位号：一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求）1. 已知集合，，则（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【分析】由交集的运算求解即可.【详解】故选：B2. 若复数（是虚数单位），则在复平面内对应的点位于（    ）A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限【答案】A【解析】【分析】求得，进而可得结果.【详解】因为，所以其在复平面内对应的点在第一象限.故选：A.3. 已知，，则（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【分析】利用诱导公式求得，进而结合角的范围，利用平方关系求得，然后利用商数关系求得.【详解】，又∵，∴,∴，故选：B.4. 已知命题：，，则命题的否定是（    ）A. ， B. ，C. ， D. ，【答案】D【解析】【分析】根据存在量词命题的否定为全称量词命题，判断即可.【详解】解：命题：，为存在量词命题，其否定为，；故选：D5. ，两名学生均打算只去甲、乙两个城市中的一个上大学，且两人去哪个城市互不影响，若去甲城市的概率为，去甲城市的概率为，则，不去同一城市上大学的概率为（    ）A. 0.3 B. 0.56 C. 0.54 D. 0.7【答案】B【解析】【分析】根据条件得到，分别去乙城市的概率，从而求得，去同一城市上大学的概率，即可得到，不去同一城市上大学的概率.【详解】由题意知：去甲城市的概率为，去甲城市的概率为，即去乙城市的概率为0.4，去乙城市的概率为0.8，所以，去同一城市上大学的概率，所以则，不去同一城市上大学的概率，故选：B.6. 已知函数在处有极值，则（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】函数在处有极值，则导函数在处的函数值等于0.【详解】,因为函数在处有极值,所以,解得.代入检验满足题意，故选：A7. 抛物线的焦点到准线的距离为（    ）A. 4 B. 2 C. 1 D. 【答案】C【解析】【分析】利用抛物线的标准方程可得，由焦点到准线的距离为，从而得到结果.【详解】抛物线的焦点到准线的距离为， 由抛物线标准方程可得，故选：C.8 已知数列中，前项和满足，则（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】在中，令可解得结果.【详解】因为，令得，解得；令得，解得；令得，解得.故选：C.二、多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得2分，有选错的不得分）9. 下列说法正确的是（    ）A. 若，则B. 若，则C. 若，则D. 若，则【答案】AD【解析】【分析】举反例排除BC，利用不等式的性质判断AD，从而得解.【详解】对于A选项，由不等式的同向可加性可知，该不等式成立，所以A正确；对于B选项，例如：，，但是，所以B错误；对于C选项，当时，，所以C错误；对于D选项，因为，所以，又，所以，所以D正确.故选：AD．10. 为了得到函数的图像，只需将图像上的所有点（    ）A. 先向左平移个单位长度，再将横坐标伸长到原来的2倍B. 先向左平移个单位长度，再将横坐标缩短到原来的C. 先将横坐标缩短到原来的，再向左平移个单位长度D. 先将横坐标缩短到原来的，再向左平移个单位长度【答案】BD【解析】【分析】首先将化成，然后利用先平移后伸缩与先伸缩后平移两种方法得到答案.【详解】，把的图像上所有点的横坐标缩短到原来的，得到函数的图像，再把得到的曲线向左平移个单位长度，得到函数的图像；或者把的图像上所有点向左平移个单位长度，得到函数的图像，再把得到的曲线上所有点的横坐标缩短到原来的，得到函数的图像，故选：BD．11. 如图，用正方体ABCD一A1B1C1D1中，M，N分别是BC1，CD1的中点，则下列说法正确的是（    ）A. MN与CC1垂直B. MN与AC垂直C. MN与BD平行D. MN与A1B1平行【答案】ABC【解析】【分析】根据线线垂直、线线平行等知识确定正确答案.【详解】由于是的中点，所以三点共线，则是的中点，由于是的中点，所以，C选项正确.根据正方体的性质可知平面，由于平面，所以，所以，A选项正确.由于，所以，B选项正确.由于，与相交，所以与不平行，D选项错误.故选：ABC12. 已知圆和圆相交于A，B两点，下列说法正确是（    ）A. 圆M的圆心为，半径为1B. 直线的方程为C. 线段的长为D. 取圆M上的点，则的最大值为36【答案】BD【解析】【分析】A选项，将圆的一般式化为标准式，得到圆心和半径，A正确；B选项，两圆相减得到直线的方程；C选项，由垂径定理得到线段的长；D选项，设，利用三角恒等变换得到最值.【详解】A选项，变形，圆心为，半径为1，A错误；B选项，圆和圆相减得，故直线的方程为，B正确；C选项，由B可知，直线的方程为，圆心到的距离为，故线段的长为，C错误；D选项，由题意得，设，则，其中，故当时，取得最大值，最大值为，D正确.故选：BD三、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，把答案填在题中的横线上）13. 已知平面向量，，若，则________．【答案】【解析】【分析】根据求出的值，再根据模长的坐标公式求解即可.【详解】因为，所以.所以，所以.故答案为：14. 2019年中共中央、国务院印发了《关于深化教育教学改革全面提高义务教育质量的意见》，《意见》提出坚持“五育并举”，全面发展素质教育．为了落实相关精神，某校举办了科技、艺术、劳动、美食文化周活动，在本次活动中小明准备从水火箭、机甲大师、绘画展、茶叶采摘、茶叶杀青、自助烧烤个项目中随机选择个项目参加，那么小明的选择中没有“茶叶采摘”这一项目的概率是______．【答案】【解析】【分析】用符号表示各个项目，利用列举计数得到从6个项目中任选2各项目的所有结果种数，并计算其中满足条件的选法种数，根据古典概型的计算公式计算.【详解】设六个项目依次用符号a,b,c,d,e,f表示，其中d是“茶叶采摘”.从中最忌选择两个项目参加，有ab,ac,ad,ae,af,bc,bd,be,bf,cd,ce,cf,de,df,ef,共15中不同的结果，每一种结果都是等可能的，包含d的有ad ,bd,cd,de,df共5种，不包含d的有10种，所以所求概率为,故答案为：.15. 二项展开式中项的系数是______．【答案】【解析】【分析】由二项式定理可得二项展开式通项公式，令即可求得结果.【详解】展开式的通项公式为：，当时，的系数为.故答案为：.16. 的内角，，的对边分别为，，，已知，，则的面积为______.【答案】##【解析】【分析】根据正弦定理边角化可得,由余弦定理可得值，进而由面积公式即可求解.【详解】由正弦定理可得,由，进而，故，，所以的面积为,故答案为：四、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17. 在中，角，，所对的边分别为，，，且.（1）求；（2）若，的面积为，求的周长.【答案】（1）    （2）【解析】【分析】（1）正弦定理得，可得，从而可求；（2）由三角表面积公式可得，结合余弦定理可得的值．【小问1详解】由正弦定理得，，在中，，所以，即，由于，所以；【小问2详解】由的面积为，得，解得，由余弦定理得：，即，，解得．所以的周长为．18. 2022年2月4日—2月20日北京冬奥会如期举行，各国媒体争相报道运动会盛况，因此每天有很多民众通过手机、电视等方式观看冬奥新闻.某机构将每天关注冬奥时间在1小时以上的人称为“冬奥迷”，否则称为“非冬奥迷”，通过调查并从参与调查的人群中随机抽取了200人进行抽样分析，得到下表（单位：人）： 非冬奥迷冬奥迷合计50岁及以下406010050岁以上8020100合计12080200 （1）根据以上数据，能否在犯错误的概率不超过0.01的前提下认为“非冬奥迷”还是“冬奥迷”与年龄有关？（2）现从抽取的50岁及以下的人中，按“非冬奥迷”与“冬奥迷”这两种类型进行分层抽样抽取5人，然后，将从这5人中随机选出2人，其中“冬奥迷”的人数为，求的分布列及数学期望.参考公式：，其中.参考数据：0.10.050.010.0050.0012.7063.8416.6357.87910.828 【答案】（1）能    （2）分布列见解析；【解析】【分析】（1）由列联表计算可得，由此可得结论；（2）根据分层抽样原则可确定“非冬奥迷”与“冬奥迷”应抽取的人数，由此可确定所有可能的取值，利用超几何分布概率公式可求得每个取值对应的概率，由此可得的分布列；根据数学期望公式计算可得期望.【小问1详解】由列联表可得：，能在犯错误的概率不超过的前提下认为“非冬奥迷”还是“冬奥迷”与年龄有关.【小问2详解】由题意知：“非冬奥迷”应抽取人；“冬奥迷”应抽取人；则所有可能取值为，；；；的分布列为：则数学期望.19. 已知等差数列的前项和为，且，．（1）求数列的通项公式；（2）设，求数列的前项和．【答案】（1）    （2）【解析】【分析】（1）设等差数列公差为d，首项为a1，根据已知条件列出方程组求解a1，d，代入通项公式即可得答案；（2）根据等差、等比数列的前n项和公式，利用分组求和法即可求解．【小问1详解】解：设等差数列公差为d，首项为a1，由题意，有，解得，所以；【小问2详解】解：，所以．20. 如图，在直三棱柱中，，E为的中点，．（1）证明：．（2）求二面角的余弦值．【答案】（1）见解析    （2）【解析】【分析】(1)利用线面垂直的性质定理和判定定理可证明;(2)建系,利用空间向量的坐标运算可求解.【小问1详解】在直三棱柱中，平面,平面,所以 ，又由题可知，，,平面且,所以平面,又因为平面,所以.【小问2详解】以为坐标原点，分别为轴建系如图，由，，可得，则有 设平面的一个方向量为 ,所以 即 令则，所以因为平面,所以为平面的一个法向量，所以,,即二面角的余弦值等于.21. 已知函数．（1）求函数的单调区间．（2）若对恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1）单调增区间 单调减区间 （2） 【解析】【详解】试题分析：（1）对函数求导，令，解不等式，即得到递增区间，令，解不等式，即得递减区间；（2）若对恒成立，即对恒成立，所以问题转化为求成立即可，即求函数在区间上的最小值，根据第（1）问单调性，易求出函数在上的最小值，于是可以求出的取值范围．试题解析：（1）令，解得或， 令，解得：.     故函数的单调增区间为，单调减区间为.  （2）由（1）知在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增，又，，，∴，                           ∵对恒成立，∴，即，∴22. 已知椭圆的离心率为为的右焦点，过点作与轴不重合的直线，交于两点，当与轴平行时，.（1）求的方程；（2）为的左顶点，直线分别交直线于两点，求的值.【答案】（1）    （2）【解析】【分析】（1）利用椭圆的右焦点结合，转化求解，得到椭圆方程.（2）当直线斜率不存在时，求出相关点的坐标，验证；当直线斜率存在时，设直线，，由消去，利用韦达定理，表示出，即可求得结果.【小问1详解】设，当与轴平行时，直线的方程为，则在椭圆上，代入椭圆方程得，又因为离心率，解得.所以的方程为.【小问2详解】设，由椭圆的方程得，    当直线斜率不存在时，，直线的方程为，令得，同理.若直线斜率存在时，设直线，联立得，即，，直线的方程为，令得，同理，则