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    2022-2023学年四川省宜宾市叙州区第一中学校高二下学期4月月考数学(理)试题含答案

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    这是一份2022-2023学年四川省宜宾市叙州区第一中学校高二下学期4月月考数学(理)试题含答案,共16页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2022-2023学年四川省宜宾市叙州区第一中学校高二下学期4月月考数学(理)试题 一、单选题1为虚数单位,复数的虚部是A B C D【答案】B【解析】根据复数的除法运算求出复数的代数形式后可得答案.【详解】由题意得,所以复数的虚部是故选B【点睛】本题考查复数的运算和虚部的概念,解题时容易认为复数的虚部为,要强化对复数概念的理解,属于基础题.2.已知的值是(    A3 B2 C D【答案】B【分析】根据导数的定义与极限的运算可得.【详解】故选:B3.已知双曲线a0)的离心率是a=A B4 C2 D【答案】D【分析】本题根据根据双曲线的离心率的定义,列关于a的方程求解.【详解】 双曲线的离心率 解得故选D.【点睛】本题主要考查双曲线的离心率的定义,双曲线中a,b,c的关系,方程的数学思想等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.4展开式中的第四项是A B C D【答案】B【详解】试题分析:展开式中的第四项是.故选B【解析】二项式定理.5.将曲线按曲线伸缩变换后得到的曲线方程为(    A B C D【答案】A【分析】,然后代入即可得出答案.【详解】,代入所以所以将曲线按伸缩变换后得到的曲线方程为故选:A【点睛】本题考查的是伸缩变换,较简单.6.为了研究某种细菌在特定环境下随时间变化的繁殖情况,得到的实验数据如下表,并由此计算得到回归直线方程,后来工作人员不慎将下表中的实验数据丢失.天数/34567繁殖个数/千个344.56则上表中丢失的实验数据的值为(    A1 B1.5 C2 D2.5【答案】D【分析】根据给定数据求出样本中心点,再借助回归直线必过样本中心点即可计算作答.【详解】由表中数据可得将点代入中,得,解得所以丢失的实验数据的值为2.5.故选:D7已知正四棱锥的所有棱长都相等,的中点,则所成角的正弦值为(      A B C D【答案】C【分析】根据异面直线所成角的定义可得分别取SCDCAD边的中点FGH易得EF∥HAEF=HA,故四边形AEFH为平行四边形,所以AE∥DF,又根据中点的性质可得FG∥SD从而将异面直线转化为了相交直线,即∠HFG或其补角即为异面直线AESD所成的角,然后再利用余弦定理,求∠HFG的余弦值即可.【详解】由于正四棱锥S﹣ABCD的侧棱长与底面边长都相等,故不妨设棱长为aSC的中点F,连接EF,则EF∥BCEF=BCAD的中点H连接HF则可得EF∥HAEF=HA故四边形AEFH为平行四边形,所以AE∥HF再取DC中点G,连接HG,则FG∥SD所以∠HFG或其补角即为异面直线AESD所成的角.∵HF=AE=aFG=aHG==A∴cos∠HFG=0AESD所成的角的正弦值为故选C【点睛】本题主要考查了异面直线所成的角.解题的关键是要紧紧抓住利用平行的传递性(通常利用平行四边形的性质或中位线定理)将异面直线转化为相交直线然后在三角形中利用余弦定理求解(要注意的是利用于余弦值的正负判断是这个角还是这个角的补角).8.某学校有四个优秀的同学甲、乙、丙、丁获得了保送到哈尔滨工业大学、东北林业大学和哈尔滨医科大学3所大学的机会,若每所大学至少保送1人,且甲同学要求不去哈尔滨医科大学,则不同的保送方案共有(    A24 B36 C48 D64【答案】A【分析】先考虑甲去的学校有2种情况,对甲去的学校分类讨论得解.【详解】每所大学至少保送1,且甲同学要求不去哈尔滨医科大学,先考虑甲去的学校有2种情况,对甲去的学校分类讨论,若该校只有1人保送,则另外3人去两所学校共有;若甲去的学校有2人保送,则另外3人去3所学校共有. 则不同的保送方案共有.故选:A.9.已知在区间上不单调,实数的取值范围是(  A B C D【答案】D【分析】将题意转换为导函数在区间上有零点求解即可【详解】因为函数在区间上不单调,所以上有零点,故,令,故,所以故选:D.10.已知函数导函数为,且满足关系式,则的值等于(    A B C D【答案】D【分析】是当的值,可记为 ,再对求导,即可得到关于的方程,求出,也就是的值.【详解】,那么,则,则有 ,所以.故选:D11如图,在单位正方体中,点P在线段上运动,给出以下四个命题:异面直线间的距离为定值;三棱锥的体积为定值;异面直线与直线所成的角为定值;二面角的大小为定值.其中真命题有A1 B2 C3 D4【答案】D【详解】对于,异面直线间的距离即为两平行平面和平面间的距离,即为正方体的棱长,为定值.故正确对于,由于为定值,又PAD1AD1平面BDC1所以点P到该平面的距离即为正方体的棱长,所以三棱锥的体积为定值正确对于,由题意得在正方体中,B1C平面ABC1D1,而C1P平面ABC1D1,所以B1CC1P,故这两条异面直线所成的角为正确;对于,因为二面角PBC1−D的大小,即为平面ABC1D1与平面BDC1所成的二面角的大小,而这两个平面位置固定不变故二面角的大小为定值正确综上①②③④正确D.12.已知函数,如果关于的方程()有四个不等的实数根,则的取值范围(    A BC D【答案】A【解析】构造新的函数,求出导数,根据得出函数的单调区间,画出草图,通过翻折画出函数图像,根据图像将原方程实数根转化为有两个不相等实数根,且,结合函数根的分布求解.【详解】解:构造新的函数的定义域为,当时,,则上单调递增,时,,则上单调递减,处取得极小值也是最小值,又,当恒成立,则做的图像如图,,则当时,的图像为的图像向上翻折所得到,的图像如图,,则原方程化为,设图象知当个交点,个交点,又当有四个不等的实数根等价于:有两个不相等实数根,且,解得.故选:A.【点睛】方法点睛:已知函数有零点(方程有根)求参数值(取值范围)常用的方法:1)直接法:直接求解方程得到方程的根,再通过解不等式确定参数范围;2)分离参数法:先将参数分离,转化成求函数的值域问题加以解决;3)数形结合法:先对解析式变形,进而构造两个函数,然后在同一平面直角坐标系中画出函数的图象,利用数形结合的方法求解. 二、填空题13.物体做直线运动,其运动规律是为时间,单位是s为路程,单位是m,则它在时的瞬时速度为    m/s【答案】//【分析】求导,将代入计算即可【详解】,则所以该物体在时的瞬时速度为:m/s故答案为:14.已知原命题的逆命题是:,则,试判断原命题的否命题的真假        .(填【答案】【解析】原命题的逆命题与否命题互为逆否命题,它们的真假性相同,即只需判断原命题逆命题的真假性就可得出结论.【详解】原命题的逆命题是:,则与原命题的否命题互为逆否命题,它们的真假性相同,所以,只需要判断原命题的逆命题的真假即可,,则可能,此时,即原命题的逆命题是假命题,所以,原命题的否命题是假命题.故答案为:假.【点睛】本题考查命题的真假关系,属于基础题.15.已知某中学高二年级学生某次考试的数学成绩(单位:分)服从正态分布,且,从这些学生中任选一位,其数学成绩落在区间内的概率为          .【答案】【分析】根据求解即可.【详解】.故答案为:16.若函数在区间上有两个极值点,则实数a的取值范围是      【答案】【分析】求得,根据题意转化为上有两个不等的实数根,转化为的图象有两个交点,求得,求得函数的单调性与最值,即可求解.【详解】由题意,函数,可得因为函数在区间上有两个极值点,上有两个不等的实数根,上有两个不等的实数根,即函数的图象有两个交点,又由,可得时,单调递增;时,单调递减,所以,且当时,,当时,所以,解得,即实数的取值范围是.故答案为:. 三、解答题17.已知函数(1)时,求不等式的解集;(2)若函数与函数的图象恒有公共点,求实数的取值范围.【答案】(1)(2) 【详解】1)当时,得不等式的解集为2)由二次函数知函数在处取得最大值9因为处取得最小值,所以要使二次函数与函数的图恒有公共点,只需,即18.如图,已知四棱锥的底面是菱形,平面,点的中点.1)求证:平面2)求二面角的余弦值.【答案】1)证明见解析;(2.【分析】1)连接,与交于点,可证得,由线面平行判定定理可证得结论;2)以为坐标原点可建立空间直角坐标系,利用二面角的向量求法可求得结果.【详解】1)连接,与交于点,连接四边形为菱形,中点,又中点,平面平面平面.2四边形为菱形,平面平面则以为坐标原点,轴可建立如图所示空间直角坐标系,不妨设设平面的法向量,令,解得:平面轴,平面的一个法向量由图形可知:二面角为锐二面角,二面角的余弦值为.19.已知是函数的一个极值点.(1)求函数的单调区间;(2)若函数有且仅有1个零点,求的取值范围.【答案】(1)单调递增区间为,单调递减区间为(2) 【分析】1)由题意,解得,再通过解出函数的单调递增区间和单调递减区间.2)根据函数单调性,算出函数极值,通过函数图像判断直线图像有1个交点时的取值范围.【详解】1)函数的定义域为,由是函数的一个极值点,,即,解得的导数为,解得,,;令,解得,的单调递增区间为,单调递减区间为2)由于内单调递增,在内单调递减,处取得极大值,且为,在处取得极小值,且为由于直线图像有1个交点,的取值范围是20.某理科考生参加自主招生面试,从道题中(道甲组题和道乙组题)不放回地依次任取道作答.1)求该考生在第一次抽到甲组题的条件下,第二次和第三次均抽到乙组题的概率;2)规定理科考生需作答道甲组题和道乙组题,该考生答对甲组题的概率均为,答对乙组题的概率均为,若每题答对得分,否则得零分.现该生已抽到道题(道甲组题和道乙组题),求其所得总分的分布列与数学期望.【答案】1;(2)分布列见解析,.【分析】1)利用条件概率公式,即可求得该考生在第一次抽到甲组题的条件下,第二次和第三次均抽到乙组题的概率;(2)先明确的可能取值,求出相应的概率值,得到的分布列,进而得到数学期望.【详解】1)记该考生在第一次抽到甲组题为事件该考生第二次和第三次均抽到乙组题为事件,则,.所以该考生在第一次抽到甲组题的条件下,第二次和第三次均抽到乙组题的概率为.2的可能取值为:,则的分布列为X0102030P的数学期望为.21.已知椭圆的长轴长与短轴长之比为2,分别为其左、右焦点.请从下列两个条件中选择一个作为已知条件,完成下面的问题:过点且斜率为1的直线与椭圆E相切;且垂直于x轴的直线与椭圆在第一象限交于点P,的面积为(只能①②中选择一个作为已知)(1)求椭圆E的方程;(2)过点的直线l与椭圆E交于A,B两点,与直线交于H,,.证明:为定值.【答案】(1)(2)证明见解析 【分析】(1)①:直线与椭圆联立,利用判别式为0求解;②:利用通径公式即可(2)用直线参数方程的几何意义求解【详解】1)选①:由题知,过点且斜率为1的直线方程为联立,,所以椭圆的方程为②:由题知,所以,所以椭圆的方程为2)证明:设直线的参数方程为(为参数)A,B,H对应的参数分别为,显然代入椭圆,.所以代入直线,,,所以,,所以所以所以为定值【点睛】关键点点睛:直线的参数方程作为一种工具,要充分发挥它的作用,参数的几何意义并不局限于加绝对值表示距离,还要注意方向性.22.已知函数(1)若函数处取得极值,求实数的值,并求函数的极值;(2)①若当时,恒成立,求实数的取值范围;证明:当时,【答案】(1)极大值为,极小值为(2)①证明见解析 【分析】1)求导后,利用可求得的值,进而得到,由导函数正负可确定单调性,由极值定义可求得结果;2时,由导数可知上单调递增,知,满足题意;当时,可知上单调递减,可知,不合题意;由此可得的取值范围;可得,令,可得,采用裂项相消法可取得不等式右侧的前项和,由此可得结论.【详解】1,又处取得极值,,解得:时,;当时,上单调递增;在上单调递减,的极大值为;极小值为综上所述:极大值为,极小值为.2,则i.,即时,恒成立,上单调递增,又恒成立,满足题意;ii.,即时,,解得:时,上恒成立,上单调递增,又恒成立,满足题意;时,,又时,;当时,上单调递减,在上单调递增,则当时,,不合题意;综上所述:实数的取值范围为.知:当时,上恒成立,即,则即当时,. 

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