2022-2023学年四川省成都市第七中学高二下学期零诊数学试题（理）含答案

这是一份2022-2023学年四川省成都市第七中学高二下学期零诊数学试题（理）含答案，共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年四川省成都市第七中学高二下学期零诊数学试题（理科） 一、单选题1．设，则的虚部为（    ）A． B． C．1 D．3【答案】C【分析】利用复数的除法及加减运算求解作答.【详解】依题意，，所以复数的虚部为1.故选：C2．直线与直线平行，则（    ）A．0 B．1 C． D．1或【答案】B【分析】由已知结合直线的一般式方程平行条件建立关于的方程，可求．【详解】解：因为直线与直线平行，所以，所以或，当时，直线与直线重合，舍去，故．故选：B．3．一组数据包括47、48、51、54、55，则这组数据的标准差为（    ）A． B． C．10 D．50【答案】A【分析】根据平均数、方差公式计算可得.【详解】依题意这组数据的平均数为，所以方差为，则标准差为.故选：A4．已知函数在其定义域上的导函数为，当时，“”是“单调递增”的（    ）A．充要条件 B．既不充分也不必要条件C．必要不充分条件 D．充分不必要条件【答案】D【分析】根据充分条件、必要条件的定义判断即可.【详解】因为函数在其定义域上的导函数为，若当时，，则单调递增，故充分性成立；若在上单调递增，则，如，显然函数在上单调递增，但是，故必要性不成立；故“”是“单调递增”的充分不必要条件.故选：D5．如图所示的算法框图思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”，执行该算法框图，若输入的、分别为、，则输出的（    ）A． B． C． D．【答案】C【解析】根据题意，由程序框图，逐步运算，即可得出结果.【详解】第一步：初始值，；此时；进入循环；第二步：，计算，此时，进入循环；第三步：，计算，此时，进入循环；第四步：，计算，此时，进入循环；第五步：，计算，此时，结束循环，输出.故选：C.【点睛】本题主要考查循环程序框图求输出值，属于基础题型.6．直线与抛物线交于、两点，若，其中为坐标原点，则的准线方程为（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】求出点、的坐标，根据求出的值，即可得出抛物线的准线方程.【详解】不妨设点在第一象限，则点在第四象限，联立可得，则点、，所以，，解得，因此，的准线方程为.故选：B.7．函数的图象经过变换后得到函数的图象，则（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】由已知可得出，代入可得出的表达式，即可得出的表达式.【详解】由已知可得，代入可得，则，即，因此，.故选：B.8．有甲、乙、丙、丁四位歌手参加比赛，其中只有一位获奖，有人走访了四位歌手，甲说：“是乙或是丙获奖．”乙说：“甲、丙都未获奖．”丙说：“我获奖了．”丁说：“是乙获奖了．”四位歌手的话只有两句是对的，则获奖歌手是（    ）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁【答案】C【分析】逐一验证即可.【详解】若甲是获奖的歌手，则都说假话，不合题意若乙是获奖的歌手，则甲、乙、丁都说真话，丙说假话，不符合题意若丁是获奖的歌手，则甲、丁、丙都说假话，乙说真话，不符合题意故获奖的歌手是丙故选：C9．设曲线C的参数方程为(为参数，且)，曲线C上动点P到直线的最短距离为（   ）A．0 B． C． D．1【答案】B【分析】设，由点到直线的距离公式结合三角函数的性质求解即可.【详解】设，直线由动点P到直线的距离为：，其中，，因为，所以，，所以，所以当时，.故选：B.10．关于圆周率，数学发展史上出现过许多很有创意的求法，如著名的浦丰实验和查理斯实验．受其启发，我们也可以通过设计下面的实验来估计的值：先请100名同学每人随机写下一个，都小于1的正实数对；再统计两数能与1构成钝角三角形三边的数对的个数；最后再根据统计数估计的值，假如某次统计结果是，那么本次实验可以估计的值为（    ）．A． B． C． D．【答案】C【分析】根据约束条件画出可行域，得到面积，根据几何概型得到答案.【详解】∵而满足构成钝角三角形，则需画出图像：弓形面积：，∴．故选【点睛】本题考查了几何概型，画出图像是解题的关键，意在考查学生的综合应用能力.11．点在以为直径的球的表面上，且，，已知球的表面积是，设直线和所成角的大小为，直线和平面所成角的大小为，四面体内切球半径为，下列说法中正确的个数是（   ）①平面；②平面平面；③；④A． B． C． D．【答案】C【分析】根据，，由线面垂直判定可知①正确；根据，，由线面垂直和面面垂直的判定可知②正确；根据平行关系和异面直线所成角定义可知，由面面垂直性质和线面角定义可知，由长度关系可求得③正确；利用体积桥可求得，知④错误.【详解】  对于①，为球的直径，为球上一点，，又，，平面，平面，①正确；对于②，为球的直径，为球上一点，，由①知：平面，又平面，，，平面，平面，又平面，平面平面，②正确；对于③，取中点，连接，分别为中点，，，；分别为中点，，又平面，平面，平面，；球的表面积为，，解得：，，；，，，又，，为等边三角形，，则；，为中点，，又平面平面，平面平面，平面，平面，，，，，，，③正确；对于④，，，，，，四面体的表面积，四面体内切球半径，④错误.故选：C.12．函数在上的零点个数为（   ）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【分析】当时，；当时，；当，令，即求与的图像在的交点个数，从而结合图像即可得解.【详解】当时，，当时，，故当时，无零点，当，令，即，即求与在的交点个数，因为，而，所以，两边同时取对数，则，而，因为，而，所以，所以，所以，两边同时取对数，则，所以，又因为的最小正周期为，因为，画出与在上的大致图象，  由图可知与的图像在上只有一个交点，而在上单调递增，且在处取不到最大值，所以，故与的图像在上没有交点，综上：当，与的图象只有一个交点.综上：函数在上的零点个数为.故选：B.【点睛】关键点睛：本题的关键点在于当，令，将本题转化为与的交点个数，再判断得，从而画出图象即可得解. 二、填空题13．命题“，”的否定为        ．【答案】，【分析】根据全称量词命题的否定为特称量词命题，即可得解.【详解】命题“，”为全称量词命题，其否定为：，.故答案为：，14．函数的图象在处的切线方程为        ．【答案】【分析】求出函数的导函数，即可求出切线的斜率，再利用点斜式求出切线方程.【详解】因为，则，，则，所以切线方程为，整理得.故答案为：15．某区为了解全区名高二学生的体能素质情况，在全区高二学生中随机抽取了名学生进行体能测试，并将这名的体能测试成绩整理成如下频率分布直方图．根据此频率分布直方图，这名学生平均成绩的估计值为        ．  【答案】【分析】根据所有矩形面积之和为求出的值，将每个矩形底边的中点值乘以对应矩形的面积，相加可得这名学生平均成绩.【详解】由于频率分布直方图中所有矩形面积之和为，可得，解得，由频率分布直方图可知，这名学生平均成绩的估计值为分.故答案为：.16．双曲线其左、右焦点分别为，倾斜角为的直线与双曲线H在第一象限交于点P，设内切圆半径为r，若，则双曲线H的离心率的取值范围为      .【答案】【分析】设内切圆与分别相切于点，由题意结合双曲线的定义可得，再由双曲线的焦半径公式即可求出，代入，解方程即可得出答案.【详解】设内切圆与分别相切于点，则，且，所以，因为直线的倾斜角为，所以，所以，因为，由双曲线的定义可知，，所以，即，所以，过点作轴于点，设，则，由双曲线的焦半径公式可得：，则，因为，所以，则，即，化简可得：，则双曲线H的离心率的取值范围为，故答案为：. 三、解答题17．设函数，(1)求、的值；(2)求在上的最值．【答案】(1)，(2)， 【分析】（1）求出函数的导函数，令求出，再令求出；（2）由（1）可得，利用导数求出函数的单调性，即可求出函数的极值，再由区间端点的函数值，即可得解.【详解】（1）因为，所以，取，则有，即；所以，取，则有，即．故，．（2）由（1）知，，则，所以、与，的关系如下表：012 0 单调递增极大值单调递减故，．18．信创产业即信息技术应用创新产业，是一条规模庞大、体系完整的产业链，是数字经济的重要抓手之一．在政府、企业等多方面的共同努力下，中国信创产业市场规模不断扩大，市场释放出前所未有的活力．下表为2018—2022年中国信创产业规模（单位：千亿元），其中2018—2022年对应的代码依次为1~5．年份代码x12345中国信创产业规模y/千亿元8.19.611.513.816.7(1)从2018—2022年中国信创产业规模中任取2个数据，求这2个数据都大于10的概率．(2)由上表数据可知，可用指数型函数模型拟合y与x的关系，请建立y关于x的回归方程（a，b的值精确到0.01），并预测2023年中国信创产业规模能否超过20千亿元．参考数据：2.4538.526.811.192.84其中，．参考公式：对于一组数据，，…，，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为，．【答案】(1)(2)，不会超过20千亿元． 【分析】（1）根据古典概型概率计算公式，利用列举法可得2个数据都大于10的概率为；（2）将指数型函数模型两边取对数可得，即，再利用参考数据可得回归方程为，将2023年的年份代码6代入可得，即可得出结论.【详解】（1）从2018—2022年中国信创产业规模中任取2个数据有，，，，，，，，，，共10种情况．其中这2个数据都大于10的有，，，共3种情况，所以2个数据都大于10的概率．（2）两边同时取自然对数，得，则．因为，，，所以，，所以，即，所以，即y关于x的回归方程为．2023年的年份代码为6，把代入，得，所以预测2023年中国信创产业规模不会超过20千亿元．19．如图，三棱柱中，侧面为矩形，且为的中点，．(1)证明：平面；(2)求平面与平面的夹角的余弦值．【答案】(1)证明见解析(2) 【分析】（1）连接与交于点，连接，则，利用线面平行的判定定理即可证明；（2）由已知条件得面，则，由得.以为坐标原点，分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，由面得平面的一个法向量为，设平面的法向量为，由求得，然后利用向量夹角公式求解即可.【详解】（1）连接与交于点，连接为三棱柱，为平行四边形，点为的中点又为的中点，则，又平面平面，平面．（2）解法1：，面面，，，即以为坐标原点，分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，面，则平面的一个法向量为设平面的法向量为，则，即令设平面与平面的夹角为，平面与平面的夹角的余弦值是．解法2：设点为的中点，点为的中点，连接交于点，连接，设点为的中点，连接点为的中点，点为的中点且，点为的中点为矩形，又平面，在中，，可得为等腰直角三角形，其中而点为的中点，且点为的中点，点为的中点且，又在Rt中，，点为的中点，在中，，且点为的中点且即为平面与平面的夹角在中，．平面与平面的夹角的余弦值是．20．椭圆上顶点为B，左焦点为F，中心为O.已知T为x轴上动点，直线BT与椭圆C交于另一点D；而P为定点，坐标为，直线PT与y轴交于点Q.当T与F重合时，有，且.(1)求椭圆C的标准方程；(2)设T的横坐标为t，当时，求面积的最大值.【答案】(1)(2) 【分析】（1）由代入可求出，再由，用两点间的距离公式可求出，再由，即可得出答案.（2）设直线BT的方程为，与联立，由韦达定理可求出，设直线PT的方程为，令，可求出，表示出，即可求出，结合基本不等式即可得出答案.【详解】（1）设，因为当T与F重合时，有，且，所以，，由，知所以，即，，由知，所以，即，则，故椭圆C的标准方程为.  （2）设直线BT的方程为，与联立，可得且，有，即，设直线PT的方程为，令，可得，由，由题意知：，则，，而，当，即时取等，且，故面积的最大值为.  21．设函数，其中.(1)讨论函数在上的极值；(2)若函数f(x)有两零点，且满足，求正实数的取值范围.【答案】(1)答案见解析(2) 【分析】（1）求出，分、讨论，可得答案；（2）由零点存在定理可知，而题设，消去a可得，令，且，求出，，将其代入得，再利用导数分、讨论可得答案..【详解】（1）由知，1）当时，且有，，单调递增，故无极值；2）当时，有，，单调递减，而，，单增，故，无极大值.综上，当时，无极值；当时，极小值为，无极大值；（2）由（1）可知当时，，，且，由零点存在定理可知，而题设可知，消去a可得，令，且，即，， 将其代入，整理可令得，而，1)当时，且，有，单调递增，，满足题设；2)当时，且，有，单调递减，，不满足题设；综上，的取值范围为.【点睛】关键点点睛：第二问解题关键点是消去a可得，令得、， 将其代入构造函数，本题还考查了学生思维能力、运算能力.22．在平面直角坐标系中，以为极点，轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，曲线和直线的极坐标方程分别为和：．且二者交于，两个不同点．(1)写出曲线和直线的直角坐标方程；(2)若点的极坐标为，，求的值．【答案】(1)，(2)2或 【分析】（1）利用极坐标与平面直角坐标方程互化公式进行求解；（2）先判断出的直角坐标为，在直线上，写出直线的标准参数方程，代入曲线的普通方程中，得到，分且，两种情况，列出方程，求出答案.【详解】（1）由，得，故曲线的直角坐标方程为，即；由，得，故直线的直角坐标方程为．（2）因为，所以点的直角坐标为，在直线上，而直线的标准参数方程为（为参数），将其代入，整理可得．由题设知，解得．又，．当，且时，有，，则，解得，满足要求；当时，有，则，解得，满足要求．故的值为2或．