2022-2023学年山西省朔州市高一上学期期末数学试题含答案

这是一份2022-2023学年山西省朔州市高一上学期期末数学试题含答案，共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山西省朔州市高一上学期期末数学试题 一、单选题1．计算的值（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用两角差的余弦公式即可求解.【详解】，故选：C.2．已知集合，，则（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据指数函数与对数函数的单调性解不等式求出集合，利用交集的运算求出结果.【详解】∵，，∴.故选：A.3．已知，则的最大值为（    ）A． B． C． D．3【答案】B【分析】根据基本不等式的变形形式直接求解.【详解】由题意得，，即，当且仅当，即或时等号成立，所以的最大值为.故选：B4．函数的减区间为（    ）A． B．C． D．【答案】A【分析】先求函数的定义域，再由复合函数的单调性求解.【详解】令，解得或，则的定义域为，令在上单调递减，又在上单调递减，所以在上单调递增，在上单调递增，所以在上单调递减，故选：A.5．点在平面直角坐标系中位于（    ）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限【答案】C【分析】根据终边相同的角确定角度与弧度所在的象限，从而得，，即可知点在平面直角坐标系中的象限位置.【详解】解：因为，，故2023°为第三象限角，故，因为8与终边相同，又，故8是第二象限角，故，则点在第三象限.故选：C.6．已知函数满足，当时，，则（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】由题意可得是以6为周期的函数，结合已知条件即可求解.【详解】因为，所以是以6为周期的函数，所以，故选：D.7．已知，，，则，，的大小关系为（    ）A． B．C． D．【答案】C【分析】根据三角恒等变换及对数运算性质化简，利用三角函数及对数函数的性质判断范围，从而得解.【详解】，，，则.故选：C.8．函数的定义域为，若满足：①在内是单调函数；②存在，使得在上的值域也是，则称为高斯函数.若是高斯函数，则实数的取值范围是（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】判定函数的单调性，然后根据条件建立方程组，可知是方程在上的两个不等实根，令，则在上有两个不等实根，令，建立关于的不等式组，解之即可．【详解】在上单调递增，则所以是方程在上的两个不等实根，令，则，所以在上有两个不等实根，令，对称轴，则，即，解得．故选：B． 二、多选题9．下列函数既是偶函数，又在上是减函数的是（    ）A． B．C． D．【答案】ABC【分析】利用常见函数的奇偶性和单调性逐一判断即可.【详解】A选项中：设，其定义域为，，故为偶函数，且幂函数在上是减函数，故A正确；B选项中，设，其定义域为，，则为偶函数，且，则其在上单调递减，故B正确；C选项中，设，其定义域为，则，故是偶函数，且函数在上单调递减,函数在定义域上为增函数，所以在 上单调递减,故C正确；D选项中，设，是，且其定义域为，关于原点对称，故其为奇函数，故D错误.故选：ABC.10．已知，，则下列结论正确的是（    ）A． B．C． D．【答案】ABD【分析】对于AC，利用完全平方公式与三角函数的基本关系式即可求得所求，从而得以判断；对于B，结合选项A中结论，判断得，从而求得的取值范围，由此判断即可；对于D，利用选项C中的结论求得，进而求得，据此解答即可.【详解】对于A，因为，所以，所以，故A正确；对于B，由选项A知，因为，所以，故，所以，即，故B正确；对于C，由选项B可知，，，所以，因为，所以，故C错误；对于D，因为，，所以，故，故D正确.故选：ABD.11．将函数的图象向右平移个单位长度，所得到的函数为偶函数，则的可能取值为（    ）A． B． C． D．【答案】AC【分析】根据三角函数图象变换规律求出变换后的解析式，再根据偶函数性质求出可得答案.【详解】，将函数的图象向右平移个单位长度，得到的图象，因为该函数为偶函数，所以，所以.当时，；当时，，故选：AC.12．已知函数，则下列说法正确的是（    ）A．的图象关于轴对称B．在区间上单调递增C．的最大值为D．无最大值【答案】AC【分析】利用偶函数的性质可判断A；利用特值及单调性的定义可判断B；利用基本不等式可判断CD.【详解】因为的定义域为，又，所以是偶函数，所以的图象关于轴对称，故A正确；因为，又，所以，故B错误；因为是偶函数，所以的最大值即为在上的最大值.当时，，当且仅当时等号成立，所以，故C正确，D错误.故选：AC. 三、填空题13．函数的定义域为          .【答案】【分析】根据正切函数的定义域，即可求出结果.【详解】令，所以，即函数的定义域为.故答案为：.14．已知函数是定义在上的偶函数，在区间上单调递增，且，则不等式的解集为          .【答案】【分析】由偶函数的性质及在区间上单调递增，分别解不等式，，进而可得出答案.【详解】因为是定义在上的偶函数，所以，又在区间上单调递增，由，得，解得.由，得，解得或.所以，即或解得或，所以不等式的解集为.故答案为：.15．已知，，则      .【答案】【分析】直接利用两角和与差的正弦函数，展开已知表达式，求出，；然后得到结果.【详解】∵，∴．①∵，∴．②①+②，得．③①②，得．④③÷④,得．故答案为：.16．已知函数的最小值为0，则实数的取值范围是         ．【答案】【分析】根据对数函数图像知函数最小值为0，从而转化为二次函数对恒成立，通过二次函数过定点，讨论其对称轴所在位置从而求解.【详解】函数最小值为0，设，所以只要满足恒成立，函数对称轴为，且，①，即时，满足题意；②，即时，需满足，即，得，此时实数的取值范围是.综上，实数的取值范围是 故答案为：. 四、解答题17．已知全集.(1)若，求；(2)若“”是“”的充分条件，求实数的取值范围.【答案】(1)(2) 【分析】（1）解不等式求出集合，利用集合的运算即可求出结果；（2）由题意转化为恒成立，利用二次函数的性质求解即可.【详解】（1），若，所以；（2）因为“”是“”的充分条件，所以恒成立，即恒成立，因为在上单调递减，所以，解得或，即实数的取值范围是.18．已知函数的部分图象如图所示．  (1)求的解析式；(2)求不等式的解集．【答案】(1)(2) 【分析】（1）由函数的图象，可得，，得到，再由，求得，即可求解；（2）由不等式，得到，结合三角函数的性质，即可求解.【详解】（1）解：由函数的图象，可得，，可得，所以，即，又由，即，可得，即，因为，可得，所以.（2）由不等式，可得，可得，所以，解得，所以不等式的解集为.19．已知函数且.(1)求的定义域，判断的奇偶性并给出证明；(2)若，求实数的取值范围.【答案】(1)定义域为，奇函数，证明见解析(2)答案见解析 【分析】（1）根据对数的真数为正数列式可解得定义域；根据函数奇偶性的定义判断并证明的奇偶性；（2）不等式化简后，分类讨论底数，根据对数函数的单调性可解得结果.【详解】（1）令，解得，则的定义域为.因为，所以为奇函数；（2），即.因为.令，易得在上单调递增.当时，在上单调递减，则，解得当时，在上单调递增，则，解得.综上，当时，实数的取值范围是；当时，实数的取值范围是.20．已知函数的相邻两个对称中心间的距离为.(1)求的单调递减区间；(2)将函数的图象向左平移个单位长度，再把每个点的横坐标扩大为原来的2倍（纵坐标不变），得到函数的图象，若且，求的值.【答案】(1)(2) 【分析】（1）利用倍角公式和辅助角公式化简求解，利用三角函数的性质求出单调递减区间；（2）根据三角函数图象变换规律得到，由题意可求得，，由利用两角差的正弦公式即可求解.【详解】（1），因为的相邻两个对称中心间的距离为，所以，解得，所以.令，解得，所以的单调递减区间是；（2）将函数的图象向左平移个单位长度，得到的图象，再把横坐标扩大为原来的2倍（纵坐标不变），得到的图象，所以，即，又，所以，又，所以，所以，所以.21．已知函数.(1)若，求实数的值；(2)求的最大值.【答案】(1)或(2) 【分析】（1）由已知列出关于的方程，求解即可；（2）化简，令，然后结合二次函数的性质分类讨论求最大值即可.【详解】（1），解得或；（2）.令，所以.当，即时，在上单调递减，所以；当，即时，在上单调递增，所以；当，即时，在上单调递增，在上单调递减，所以.综上所述，.22．已知函数.(1)若，求的值域；(2)若，存在实数，，当的定义域为时，的值域为，求实数的取值范围.【答案】(1)(2) 【分析】（1）首先得到解析式，令结合二次函数的性质求出函数的值域；（2）首先可得在上单调递增，则问题转化为在上有两个不同的实数解，令，则问题转化为在上有两个不同的实数解，根据一元二次方程根的分布得到不等式组，解得即可.【详解】（1）若则，令，令，二次函数开口向上，对称轴为，所以当时，所以的值域为；（2）因为，所以在上单调递增，所以当的定义域为时，的值域为，即，即在上有两个不同的实数解，即在上有两个不同的实数解，令，所以在上有两个不同的实数解，所以，解得，所以实数的取值范围为.