山东省菏泽市2023届高三数学下学期一模联考试题（Word版附解析）

这是一份山东省菏泽市2023届高三数学下学期一模联考试题（Word版附解析），共27页。试卷主要包含了本试卷分选择题和非选择题两部分， 设实数满足，，，则的最小值为，04等内容，欢迎下载使用。

2023年高三一模考试
数学试题
2023.2
注意事项：
1.本试卷分选择题和非选择题两部分.满分150分，考试时间120分钟.
2.答题前，考生务必将姓名､考生号等个人信息填写在答题卡指定位置.
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答.超出答题区域书写的答案无效，在试题卷､草稿纸上作答无效.
一､选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合，则（ ）
A. B.
C 或 D. 或
【答案】D
【解析】
【分析】根据不等式的解法，求得，结合补集的运算，即可求解.
【详解】由不等式，解得，即，
根据补集的概念及运算，可得或.
故选：D.
2. 设i是虚数单位，复数，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】先化简复数，再根据共轭复数概念得结果.
【详解】
故选：B
【点睛】本题考查共轭复数概念，考查基本分析求解能力，属基础题.
3. 2020年12月17日凌晨1时59分，嫦娥五号返回器携带月球样品成功着陆，这是我国首次实现了地外天体采样返回，标志着中国航天向前又迈出了一大步．月球距离地球约38万千米，有人说：在理想状态下，若将一张厚度约为0.1毫米的纸对折次其厚度就可以达到到达月球的距离，那么至少对折的次数是（ ）（，）
A. 40 B. 41 C. 42 D. 43
【答案】C
【解析】
【分析】
设对折次时，纸的厚度为，则是以为首项，公比为的等比数列，
求出的通项，解不等式即可求解
【详解】设对折次时，纸的厚度为，每次对折厚度变为原来的倍，
由题意知是以为首项，公比为的等比数列，
所以，
令，
即，所以，即，
解得：，
所以至少对折的次数是，
故选：C
【点睛】关键点点睛：本题解题的关键是根据题意抽象出等比数列的模型，求出数列的通项，转化为解不等式即可.
4. 如图，八面体的每一个面都是正三角形，并且四个顶点在同一平面内，下列结论：①平面；②平面平面；③；④平面平面，正确命题的个数为（ ）

A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意，以正八面体的中心为原点，分别为轴，建立如图所示空间直角坐标系，由空间向量的坐标运算以及法向量，对选项逐一判断，即可得到结果.
【详解】
以正八面体的中心为原点，分别为轴，建立如图所示空间直角坐标系，
设正八面体的边长为,则
所以，,
设面的法向量为，则，解得，取，即
又，所以，面，即面，①正确；
因为，所以，
又，面，面，则面，
由，平面，所以平面平面，②正确；
因为，则，所以，③正确；
易知平面的一个法向量为，平面的一个法向量为，
因为，所以平面平面，④正确；
故选：D
5. 过抛物线焦点作倾斜角为的直线交抛物线于，则（ ）
A. B. C. 1 D. 16
【答案】A
【解析】
【分析】点斜式设出直线l的方程，代入抛物线方程，根据抛物线的定义，利用韦达定理来求解.
【详解】化为标准形式由此知；
设直线l的方程为：， ，，根据抛物线定义知；
将，代入，可得，

由此代入.
故选：A
6. 为了迎接“第32届菏泽国际牡丹文化旅游节”，某宣传团体的六名工作人员需要制作宣传海报，每人承担一项工作，现需要一名总负责，两名美工，三名文案，但甲，乙不参与美工，丙不能书写文案，则不同的分工方法种数为（ ）
A. 9种 B. 11种 C. 15种 D. 30种
【答案】C
【解析】
【分析】利用分类加法计数原理进行分析，考虑丙是否是美工，由此展开分析并计算出不同的分工方法种数.
【详解】解：若丙是美工，则需要从甲、乙、丙之外的三人中再选一名美工，
然后从剩余四人中选三名文案，剩余一人是总负责人，共有种分工方法；
若丙不是美工，则丙一定是总负责人，
此时需从甲、乙、丙之外的三人中选两名美工，剩余三人是文案，共有种分工方法；
综上，共有种分工方法，
故选：C．
7. 设实数满足，，，则的最小值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】分为与，去掉绝对值后，根据“1”的代换，化简后分别根据基本不等式，即可求解得出答案.
【详解】当时，，
当且仅当，即，时等号成立，此时有最小值；
当时，.
当且仅当，即，时等号成立，此时有最小值.
所以，的最小值为.
故选：A.
8. 定义在实数集上的函数，如果，使得，则称为函数的不动点.给定函数，，已知函数，，在上均存在唯一不动点，分别记为，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由已知可得，则，.然后证明在上恒成立.令，根据复合函数的单调性可知在上单调递减，即可得出.令，根据导函数可得在上单调递减，即可推得.
【详解】由已知可得，，则，
且，所以.
又，.
令，，则恒成立，
所以，在上单调递增，所以，所以.
所以，，即.
令，，
因为函数在上单调递增，在上单调递减，且，
根据复合函数的单调性可知，函数在上单调递减，
所以在上单调递减.
又，，所以.
因为在上单调递减，，所以.
又，所以，即.
令，，则恒成立，
所以，在上单调递减.
又，，
所以.
综上可得，.
故选：C.
【点睛】关键点点睛：证明在上恒成立.然后即可采用放缩法构造函数，进而根据函数的单调性得出大小关系.
二､多选题：共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分.
9. 为了解学生的身体状况，某校随机抽取了100名学生测量体重，经统计，这些学生的体重数据（单位：千克）全部介于45至70之间，将数据整理得到如图所示的频率分布直方图，则（ ）

A. 频率分布直方图中的值为0.04
B. 这100名学生中体重不低于60千克的人数为20
C. 这100名学生体重的众数约为52.5
D. 据此可以估计该校学生体重75%分位数约为61.25
【答案】ACD
【解析】
【分析】利用频率之和为1可判断选项A，利用频率与频数的关系即可判断选项B，利用频率分布直方图中众数的计算方法求解众数，即可判断选项C，由百分位数的计算方法求解，即可判断选项D．
【详解】解：由，解得，故选项A正确；
体重不低于60千克的频率为，
所以这100名学生中体重不低于60千克的人数为人，故选项B错误；
100名学生体重的众数约为，故选项C正确；
因为体重不低于60千克的频率为0.3，而体重在，的频率为，
所以计该校学生体重的分位数约为，故选项D正确．
故选：ACD．
10. 已知圆，下列说法正确有（ ）
A. 对于，直线与圆都有两个公共点
B. 圆与动圆有四条公切线的充要条件是
C. 过直线上任意一点作圆的两条切线（为切点），则四边形的面积的最小值为4
D. 圆上存在三点到直线距离均为1
【答案】BC
【解析】
【分析】对于选项A，转化为判断直线恒过的定点与圆的位置关系即可；对于选项B，转化为两圆外离，运用几何法求解即可；对于选项C，由，转化为求最小值即可；对于选项D，设圆心到直线的距离为d，比较与1的关系即可.
【详解】对于选项A，因为，即：，
所以，所以直线恒过定点，
又因为，所以定点在圆O外，
所以直线与圆O可能相交、相切、相离，即交点个数可能为0个、1个、2个.故选项A错误；
对于选项B，因为圆O与动圆C有4条公切线，所以圆O与圆C相离，
又因为圆O的圆心，半径，圆C的圆心，半径，
所以，即：，解得：.故选项B正确；
对于选项C，，
又因为O到P的距离的最小值为O到直线的距离，即：，
所以四边形PAOB的面积的最小值为.故选项C正确；
对于选项D，因为圆O的圆心，半径，则圆心O到直线的距离为，
所以，所以圆O上存在两点到直线的距离为1.故选项D错误.
故选：BC.
11. 已知函数，下列命题正确的有（ ）
A. 区间上有3个零点
B. 要得到的图象，可将函数图象上的所有点向右平移个单位长度
C. 的周期为，最大值为1
D. 的值域为
【答案】BC
【解析】
【分析】，根据的范围得出的零点，即可判断A项；根据已知得出平移后的函数解析式，即可判断B项；由已知化简可得，即可判断C项；由已知可得，，换元根据导函数求解在上的值域，即可判断D项.
【详解】对于A项，由已知可得，.
因为，所以，
当或时，即或时，有，
所以在区间上有2个零点，故A项错误；
对于B项，将函数图象上的所有点向右平移个单位长度得到函数，故B项正确；
对于C项，由已知可得，，
所以，的周期，最大值为，故C项正确；
对于D项，.
令，，，
则.
解，可得.
解，可得，所以在上单调递增；
解，可得或，所以在上单调递减，在上单调递减.
且，，
，.
所以，当时，有最小值；当时，有最大值.
所以，的值域为，故D项错误.
故选：BC.
【点睛】思路点睛：求出.令，，.然后借助导函数求出在上的最值，即可得出函数的值域.
12. 已知双曲线的左､右焦点分别为、，过点的直线与双曲线的左､右两支分别交于、两点，下列命题正确的有（ ）
A. 当点为线段的中点时，直线的斜率为
B. 若，则
C.
D. 若直线斜率为，且，则
【答案】BCD
【解析】
【分析】对于A选项，设，代入双曲线，用点差法即可判断；对于B选项，设，表示出和，得出，再结合即可得出结论；对于C选项，设，其中，由双曲线方程，得出，利用两点之间距离公式，分别表示出和，通过做差即可得出结论；对于D选项，根据双曲线的定义，得出，再证出点与点关于直线对称，则，即可得出结论．
【详解】选项A：
设，代入双曲线得，
，两式相减得，
，
∵点为线段的中点，
∴，，
即，，
∴，
，故A错误；
选项B：
设，
，，
，
，
又 ，
，故B正确；
选项C：
设，其中，
则，即，
，
，
，
，
，
，故C正确；
选项D：
，，
，，
，
∵直线的斜率为即，且过点，
∴直线的方程为：，
又∵，，

，
即，
又∵点到直线的距离：，
点到直线的距离：，
即，
∴点与点关于直线对称，
，
，故D正确；
故选：BCD．

【点睛】结论点睛：本题涉及到双曲线中的有关结论：
（1）若点是双曲线上一条弦的中点，则直线的斜率；
（2）若双曲线上有两点、，且位于不同两支，则．
三､填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
13. 已知夹角为的非零向量满足，，则__________.
【答案】2
【解析】
【分析】由得，化简代入结合数量积的定义即可得出答案.
【详解】因为的夹角为，且，
而，则，
所以，
则，解得：.
故答案为：2.
14. 定义在上的函数，满足为偶函数，为奇函数，若，则__________.
【答案】1
【解析】
【分析】根据为偶函数、为奇函数的性质，利用赋值法可得答案.
【详解】若为偶函数，为奇函数，
则，，
令，则，即，
令，则，即，
又因为，所以.
故答案为：1.
15. 设均为非零实数，且满足，则__________.
【答案】1
【解析】
【分析】先将原式化简得到，再令，
即可得到，从而求得结果.
【详解】由题意可得，，
令，则，
即，
所以，即
故
故答案为:
16. 正三棱锥的高为为中点，过作与棱平行的平面，将三棱锥分为上下两部分，设上､下两部分的体积分别为，则__________.

【答案】
【解析】
【分析】根据题意，做出截面，然后利用向量的线性表示及共线定理推论可得，进而可得，从而可得的值.
【详解】连接并延长交于，连接，则为的中点，
延长交于，过作分别交于，连接，
因为，平面，平面，
所以平面，又平面，故平面即为过作与棱平行的平面，

由题可知，，即，
设，则，又为中点，

所以，
所以，所以，即，
，，
所以.
故答案为：.
四､解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明､证明过程或演算步骤.
17. 如图,在平面四边形中,,.

（1）试用表示的长;
（2）求的最大值.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】(1)根据已知条件将用表示,再在中利用余弦定理求解即可;
(2)在中先用余弦定理将用表示,再结合(1)的结论,利用二次函数的性质求解最大值即可.
【小问1详解】
（）,,,
，则
在中,
,
,则.
【小问2详解】
在中,

,
则当时,取到最大值.
故的最大值是
18. 为了促进学生德､智､体､美､劳全面发展，某校成立了生物科技小组，在同一块试验田内交替种植A､B､C三种农作物（该试验田每次只能种植一种农作物），为了保持土壤肥度，每种农作物都不连续种植，共种植三次.在每次种植后会有的可能性种植的可能性种植；在每次种植的前提下再种植的概率为，种植的概率为，在每次种植的前提下再种植的概率为，种植的概率为.
（1）在第一次种植的前提下，求第三次种植的概率；
（2）在第一次种植的前提下，求种植作物次数的分布列及期望.
【答案】（1）
（2）分布列见解析，
【解析】
【分析】（1）设，，表示第次种植作物，，的事件，其中，2，3，由全概率公式可得，代入即可得出答案.
（2）求出的可能取值及每个变量对应的概率，即可求出的分布列，再由期望公式求出的期望.
【小问1详解】
设，，表示第次种植作物，，的事件，其中，2，3.
在第一次种植的情况下，第三次种植的概率为：
；
【小问2详解】
由已知条件，在第1次种植的前提下：，，，
，，，
因为第一次必种植，则随机变量的可能取值为1，2，-
，
，
所以的分布列为：

1
2



.
19. 如图，直四棱柱中，，与交于为棱上一点，且，点到平面的距离为.

（1）判断是否在平面内，并说明理由；
（2）求平面与平面所成角余弦值.
【答案】（1）直线不在平面内，理由见解析
（2）
【解析】
【分析】（1）以为坐标原点，过作与垂直的直线为轴，所在的直线分别为轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系，由到平面的距离公式求出直四棱锥的高，求出平面的一个法向量，由可证明直线不在平面内.
（2）求出平面的一个法向量，由二面角的向量公式代入即可得出答案.
【小问1详解】
以为坐标原点，过作与垂直的直线为轴，所在的直线分别为轴，轴，
建立如图所示的空间直角坐标系，设直四棱锥的高为，则，

，，，，
设平面的一个法向量为，
则即取.-
所以点到平面的距离为，令解得.
设平面的一个法向量为，由，，
则即，取，
而，所以，
又与，共面，故直线不在平面内.
【小问2详解】
依（1）知平面的一个法向量为，
易知平面的一个法向量为，
设二面角的平面角为，则，
故二面角的余弦值.
20. 已知首项不为0的等差数列，公差（为给定常数），为数列前项和，且为所有可能取值由小到大组成的数列.
（1）求；
（2）设为数列的前项和，证明：.
【答案】（1）
（2）证明见解析
【解析】
【分析】（1）根据题意，由等差数列的通项公式与求和公式得到关于的方程，即可得到结果；
（2）根据题意，得到数列的通项公式，再由裂项相消法即可得到其前项和.
【小问1详解】
由题意得，，得①
由，得②
由①②，可得且，则，
由，当在范围内取值时的所有取值为：
所以.
【小问2详解】

所以
由于是递减的，所以
21. 已知函数.
（1）若函数在R上单调递增，求的取值范围；
（2）若，且有两个零点，证明：.
【答案】（1）
（2）证明见解析
【解析】
【分析】（1）由函数单调递增，得到导函数大于等于0恒成立，参变分离得到，求出的单调性和极值，最值情况，得到答案；
（2）转化为为方程的两根，由得到，记（），得到其单调性，求出在和过处的切线方程分别为和，作差法得到，，记与和的交点横坐标分别为，求出，，利用放缩法求出答案.
【小问1详解】
函数在R上单调递增，因此，即，
记，则，
令得：，令得：，
故在上单调递增，在单调递减，
所以在处取得极大值，也是最大值，，
因此；
【小问2详解】
不妨设，由，，
即为方程的两根，
由，故，解得：，所以，
记（），则，令得，
当时，，当时，，
在上单调递减，在上单调递增，
在处的切线方程为，记（），则单调递减，
则，
其中在上单调递增，且，
即，
设在的切线方程过点，
则在的切线斜率为，
所以，解得：，
取，则在的切线方程过点，且斜率为，
切线方程为，即，记（），
则单调递增；
又，
其中令，，故，
令得：，令得：，
当时，单调递减，
当时，单调递增，
故，故，
记与和的交点横坐标分别为，则
，故，由，单调递减，所以，
，故，由，单调递增，所以，
由于，
所以.
【点睛】方法点睛：分离参数法基本步骤为：
第一步：首先对待含参的不等式问题在能够判断出参数的系数正负的情况下，可以根据不等式的性质将参数分离出来，得到一个一端是参数，另一端是变量表达式的不等式，
第二步：先求出含变量一边的式子的最值，通常使用导函数或基本不等式进行求解.
第三步：由此推出参数的取值范围即可得到结论.
22. 如图，椭圆的焦点分别为为椭圆上一点，的面积最大值为.

（1）求椭圆的方程；
（2）若分别为椭圆的上､下顶点，不垂直坐标轴的直线交椭圆于（在上方，在下方，且均不与点重合）两点，直线的斜率分别为，且，求面积的最大值.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）根据条件，得到关于的方程，即可得到结果；
（2）根据题意设直线的方程为，联立直线与椭圆方程，结合韦达定理，再由列出方程，代入计算，即可得到结果.
【小问1详解】
，，，故椭圆的方程为；
【小问2详解】
依题意设直线的方程为，，
联立方程组，消元得：，
，，
由得：，两边同除，，
即；将代入上式得：

整理得：所以或（舍），

当时等号成立，满足条件，所以面积的最大值为.