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2022-2023学年广东省潮州市九年级（下）期末物理模拟练习试卷（含解析）
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这是一份2022-2023学年广东省潮州市九年级（下）期末物理模拟练习试卷（含解析），共26页。
2022-2023学年广东省潮州市九年级（下）期末物理模拟练习试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下面列举了四位科学家和他们的重要成果，其中描述错误的是( )
A. 托里拆利--最先测定大气压的数值 B. 沈括--最早记述了磁偏角
C. 牛顿--牛顿第一定律 D. 奥斯特--电磁感应现象
2. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 敲鼓的力越小，发出声音的音调越低
B. 马路边安装“噪声监测仪”可以减弱噪声污染
C. 声音在真空中传播的速度是340m/s
D. 用超声波粉碎人体内的结石，说明超声波能传递能量
3. 如图所示，滚摆从最高点由静止开始释放，运动到最低点后再次向上运动，发现滚摆每次到达最高点时总比前一次低。在滚摆从最高点运动到最低点的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 滚摆的重力势能越来越小
B. 滚摆的动能转化为重力势能
C. 滚摆的机械能的总和不变
D. 重力对滚摆不做功
4. 小明要用电流表测并联电路中流经灯泡L1的电流，下列电路连接正确的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，并在水平面上继续滑动。若斜面和水平面的粗糙程度相同，则下列说法正确的是( )
A. 木块在斜面上只受重力作用
B. 木块到达斜面底端不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C. 木块对水平面的压力与木块所受支持力是一对相互作用力
D. 木块在水平面上滑动时越来越慢，受到的摩擦力越来越大
6. 在研究液体压强规律的实验中，如图将U形管压强计的金属盒放在水中，下列做法能够使U形管两边的液面高度差增大的是( )
A. 将压强计的金属盒向下移动一段距离
B. 将压强计的金属盒向上移动一段距离
C. 将压强计的金属盒在原处转动180°
D. 将压强计的金属盒改放在同样深度的酒精中
7. 如图所示是a、b两种物质的质量与体积的关系图像。用a、b两种物质制成实心正方体甲和乙，甲、乙质量相同，将它们浸没在水中静止时，下列说法中正确的是( )
A. 甲沉底，甲受到的浮力较大
B. 乙漂浮，乙排开水的体积较大
C. 甲静止时受到的浮力大于自身重力
D. 将甲、乙两物体捆在一起放入水中，将悬浮在水里
8. 2022年教育部发布了新的课程标准，要求中小学生学会做饭。小宁在家炒菜时闻到菜的香味，说明分子不停地做______运动；菜出锅前要大火收汁，开大火后，天然气的热值将______(填“变大”、“变小”或“不变”)；天然气属于______(填“可”或“不可”)再生能源。
9. 假期，小明从自己家出发先到学校然后再去奶奶家吃饭，整个过程中有步行、有骑行等，小明的骑行速度大于步行速度，其全程的路程与时间图像如图所示，步行过程对应的图像是______ (选填：OA段、AB段、BC段)，整个过程中的平均速度是______ m/s，小明在骑行过程中遇到突发情况紧急刹车，车由于______ 不能立即停下来。
10. 如图所示是A、B两种物质的熔化图像。由图可知______ (选填“A”或“B”)物质是晶体，其熔点是______ ℃，加热至第10min时，物质的状态是______ 。
11. 如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动______cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做______(填“顺时针”或“逆时针”)转动。
12. 物业来小明家收电费，观察到小明家电能表情况如图所示，然后工作人员从记录本上查出上月电能表的示数是811.6kW⋅h。若按0.5元/(kW⋅h)计费，小明家本月应缴电费______ 元，小明家同时使用的用电器总功率不得超过______ W。小明想利用电能表测出家里电视机的功率，于是将电视机单独接入家庭电路中，测出10min内电能表表盘转过50转，这台电视机的功率是______ W。
13. 如图所示的滑轮组提升重物。一次运送材料时用250N的拉力，在10s内将重为400N的物体匀速提高了2m，那么在此过程中，人所做的有用功______ J，拉力做功的功率______ W，此滑轮组的机械效率______ 。
14. 如图所示，甲、乙两表为电压表时，当S闭合时，电阻R1和R2是______ (“串联”或“并联”)，两表示数比为U甲：U乙=5：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲：I乙= ______ ，此时R1和R2消耗的功率之比P甲：P乙= ______ 。
15. 如图重4.5N的足球从斜面上加速滚下，请在该图中画出此过程中足球受到的重力和对斜面压力的示意图。
16. 如图，杠杆自重不计，O为支点，杠杆在图示位置平衡，l1为动力的力臂，请在图中作出阻力F2的力臂和动力F1的示意图。
17. 如图所示，一束光经凸透镜折射后，请把折射后的光路补充完整。
18. 如图是小明房间的壁灯电路，为了再安装一个插座给书桌上的台灯独立供电，他决定将插座连接到a、b、c、d中的某两个接线柱上，请在图中画出符合要求的接法。导线不能交叉。
19. 如图所示，根据你所学习的知识完成下列仪器的相关填空。
甲图：使用刻度尺之前，要观察零刻度线、量程和______ ，此时测量物体长度为______ cm；
乙图：该温度计是根据______ 原理制成的，此时的示数为______ ；
丙图：物体的质量为______ g；
丁图：小区里的噪声监测仪显示，当前噪声值为57.6 ______ 。
20. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丁三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物。
(1)实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______ 运动，这样做是根据______ 的知识测出滑动摩擦力的大小。
(2)在进行乙图所示的实验时，改变放在木块上的重物B，通过多次实验得到摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线如图丙所示，由图可知，当木块A与重物B的总重力为4N时，若此时弹簧测力计的读数为2N，则木块将做______ (选填“加速”、“减速”或“匀速”)运动；
(3)小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是______ (选填字母)。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.刹车时用力捏自行车的手闸
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
(4)甲、丁两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是______ 。
(5)实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图戊所示实验，请你判断：图戊中，木块A水平运动时所受滑动摩擦力______ (选填“大于”“小于”或“等于”)图甲中木块A所受滑动摩擦力。
21. 某物理学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整。(要求：滑动变阻器滑片P向左移动，电路中电流变小，导线不得交叉)；
(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R ______ (选填“短路”或“断路”)；
(3)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动，使电压表示数保持原来不变，若实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是______ Ω。
22. 如图所示，质量为3kg的清洁机器人在300N的水平推力下沿水平地面以0.5m/s速度做匀速直线运动，对水平地面压强为3000Pa，g取10N/kg。求该机器人：
(1)与水平地面的接触面积；
(2)水平推力的功率。
23. 如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)保温挡的功率。
(2)电阻R2的阻值。
(3)电蒸锅的加热效率。
24. 将装有牛奶的奶瓶放入水中，m奶=m水=0.5kg，如图甲所示，根据测得的数据，作出牛奶和水的温度随时间的变化图象。如图乙所示，根据图象回答下列问题(已知水的比热容大于牛奶的比热容，不考虑系统与外界的热传递)。
(1)表示牛奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的______；(选填“A”或“B”)；
(2)整个过程中水放出(或吸收)的热量为______J，牛奶的比热容为______J/(kg⋅℃)；
(3)在5min内水的内能不断______(增大/减小)，这是通过______方式改变内能的。
25. 小伟同学用如图甲装置，探究平面镜成像的特点：
(1)为了便于确定像的位置，玻璃板应______ 放置在水平桌面的白纸上；
(2)将蜡烛1放在A位置，可看到它在玻璃板后面的像。拿一支相同的蜡烛2竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛1的像完全重合时，该位置记为A′；
(3)将光屏放在A′位置，任意移动都承接不到像，可知平面镜成的像是______ 像；
(4)改变蜡烛1的位置，重复步骤(2)，可得像与物位置的对应关系如图乙，可知平面镜成像时，像与物关于镜面______ ；
(5)将图乙中C处的蜡烛沿直线CC′向玻璃板方向移动1cm，此时像与物之间的距离是______ cm，像的大小的变化情况是______ (选填：不变、变大、变小)；
(6)小伟看到自己的手表与同桌的相同，于是小伟突发奇想：用两块相同的手表替代A、A′处蜡烛，正立于玻璃板两侧，如图丙所示。此时A处手表指针指在9点整，那么A′手表的指针应调至______ 点才能与A处手表指针的像完全重合；
(7)另一小组在做该实验时发现点燃的蜡烛A，同时出现了的两个像，其原因可能是所选的玻璃板较______ (填“厚”或“薄”)，通过测量发现两像间的距离为1cm，则所选玻璃板的厚度为______ cm。
26. 广东的春季，天气潮湿，需要除湿，如图1所示为某实验室的自动除湿器。除湿器内部的电路结构由控制电路和工作电路两部分组成，简化后的电路图如图2所示。控制电路中的电源电压U1=12V，调控电阻R0的阻值范围为0−1000Ω，R为装在除湿器内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ(空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH)变化的图像如图3所示。L为磁控开关，当湿敏电阻R的阻值发生变化时，控制电路中的电流随之发生变化，当电流大于或等于20mA时，L的两个由磁性材料制成的弹片具有了磁性并相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。工作电路两端电压U2=220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线电阻不计。问：
(1)当S接通时，可判断出图2中线圈上端P的磁极是______ 极；
(2)磁性弹片可能是下列哪些材料组成______ ；
A.钴、锌
B.铁、铝
C.钴、镍
D.铁、钢
(3)开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片就具有了磁性，其原理与以下哪个装置相同？______ (填写字母)；
A.电动机
B.电磁铁
C.发电机
D.话筒
(4)因实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%RH以内，则R0调控电阻的阻值不能超过______ Ω；
(5)由图3可知，湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而______ ；在磁控开关L闭合条件不变的情况下，若要早点开始除湿，则应将控制电阻R0的阻值______ (以上两空均选填“增大”或“减小”)。
(6)小明查看了该除湿器的铭牌，其中有一参数为“除湿量1.2kg/h(30℃80%RH)”，表示在30℃、相对湿度80%的情况下每小时的除水量，相关资料显示在该环境条件下的室内空气含水量是30g/m3。小明所在的实验室环境温度为30℃、相对温度80%，体积为200m3，想使用这台总功率为1100W的除湿器为实验室除湿，如果每次都能把该实验室里的水分除干，则除湿一次需要消耗电能______ J。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、托里拆利最先测定大气压的数值，故A正确；
B、沈括最早记述了磁偏角，故B正确；
C、牛顿发现了牛顿第一定律，故C正确；
D、奥斯特发现了电流的磁效应，电磁感应现象是法拉第发现的，故D错误。
故选：D。
根据对物理规律及科学家主要贡献的掌握分析答题。
本题是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。
2.【答案】D
【解析】解：
A、敲鼓的力越小，发出声音的振幅越小，响度越小，故A错误；
B、马路边安装“噪声监测仪”只能检测噪声的大小，不能减弱噪声污染，故B错误；
C、声音不能在真空中传播，故C错误；
D、用超声波粉碎人体内的结实，说明超声波能传递能量，故D正确。
故选：D。
(1)乐音有三个特性：音调、响度和音色；响度的大小与振幅和声源距发声体之间的距离有关；音调的高低由频率有关，发声体的振动频率越高，音调越高；
(2)减弱噪声的途径有：防止噪声产生、阻断噪声传播、防止噪声进入耳朵；
(3)声音的传播需要介质；
(4)声音不但能传递信息，还能够传递能量。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
3.【答案】A
【解析】解：AB、滚摆从最高点运动到最低点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故A正确、B错误；
C、由题意知滚摆每次到达最高点时总比前一次低，说明滚摆要克服阻力做功，有一部分机械能转化为内能，机械能减小了，故C错误；
D、在滚摆从最高点运动到最低点的过程中，滚摆受到重力的作用，并且在重力的方向上通过了一定距离，所以重力对滚摆做功，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素是质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素是质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能等于动能和势能之和；不考虑摩擦阻力，机械能守恒，考虑摩擦阻力，机械能总量减小。
(4)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
本题考查了机械能的守恒、动能和重力势能的相互转化、功率公式的应用，注意在只有重力做功的情况下，重力势能和动能可以相互转化，但总量是保持不变的。
4.【答案】B
【解析】解：A.如图电流从电池的正极出发，经过开关后分流，一条支路经过灯泡L1，另外一条支路经过电流表、灯泡L2后再与经过灯泡L1的支路电流汇合，回到负极，故电流表与灯泡L2串联，测量灯泡L2的电流，故A错误；
B.电流表与灯泡L1串联，测量L1的电流，故B正确；
C.如图电流从电池的正极出发，经过开关后经过电流表再分流，分流经过两个灯泡后汇合到电池的负极，电流表在干路上，测量干路电流，故C错误；
D.如图所示，电流从电池的正极出发，经过开关后分流，一条支路经过灯泡L1，另外一条支路经过灯泡L2后再与经过灯泡L1的支路电流汇合，过电流表回到负极，故电流表测量干路的电流，故D错误。
故选：B。
电流表应与被测的用电器串联使用，电流应从电流表的正接线柱流进，从负接线柱流出。
本题考查了电流表的使用，属于简单题，解题关键是理解电流表的使用规则。
5.【答案】C
【解析】解：A、因斜面粗糙，故木块在斜面上滑下时受到摩擦力，还有重力和支持力，故A错误。
B、木块在水平面上继续运动是由于木块具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误。
C、木块对水平面的压力与水平面给木块的支持力是一对相互作用力，故C正确。
D、木块在水平面上滑动时，对水平面的压力和接触面的粗糙程度都不变，则木块受到摩擦力的大小不变；木块在水平面上滑动时越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，摩擦力改变了木块的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)在粗糙斜面滑动的物体受到重力、支持力、摩擦力；
(2)木块在水平面上继续运动，由于木块具有惯性；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力；
(3)二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；相互作用力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上；
(4)影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度。
此题考查了学生对物体受力分析、平衡力和相互作用力、惯性、影响摩擦力大小的因素的理解和掌握，是一道综合性题较强的目。
6.【答案】A
【解析】【分析】
液体内部压强的规律告诉我们，液体内部的压强随深度的增加而增大，在同一深度，液体向各个方向的压强相等，在深度相同时，其压强还与液体的密度有关．根据这些规律，可对各选项做出判断．
熟知液体内部的压强规律，明确影响液体压强大小的因素，是解决此题的关键．
【解答】
A、压强计金属盒下移，深度增加，压强会增大，符合题意；
B、压强计金属盒上移，深度减小，U形管两边液面高度差会减小，不合题意；
C、原处转动金属盒只改变了方向，而未改变深度，压强应不变，不合题意；
D、酒精的密度比水小，同一深度的酒精中压强更小，不合题意．
故选A．
7.【答案】B
【解析】解：ABC、由图象可知，当V=1cm3时，ma=2g，
则甲的密度为：ρa=maV=2g1cm3=2g/cm3，
当V′=2cm3时，mb=1g，
则乙的密度为：ρb=mbV′=1g2cm3=0.5g/cm3，
因为ρa>ρ水，ρb<ρ水，
所以静止时，甲沉底、乙漂浮，甲静止时浮力小于重力，故C错误；
由浮沉条件知G甲>F甲，G乙=F乙，
由于甲、乙质量相同，由G=mg知G甲=G乙，
所以F乙>F甲，故A错误；
根据F浮=ρ液gV排知乙排开水的体积较大，故B正确；
D、设甲、乙的质量为m，将甲、乙两物体捆在一起放入水中时，甲、乙整体的平均密度为：
ρ=2mmρa+mρb=2mm2g/cm3+m0.5g/cm3=0.8g/cm3<ρ水，
所以甲、乙两物体捆在一起放入水中时会漂浮在水面上，故D错误。
故选：B。
(1)由图象可知，当V=1cm3时，ma=2g，由密度公式算出甲的密度；当V′=2cm3时，mb=1g，由密度公式算出乙的密度，将甲、乙的密度与水的密度比较判断出甲、乙的浮沉情况；根据浮沉情况判断出浮力与重力的关系，进而判断出甲、乙浮力的关系，根据F浮=ρ液gV排判断出甲、乙排开水体积的关系；
(2)设甲、乙的质量为m，将甲、乙两物体捆在一起放入水中时，根据密度公式算出甲、乙的整体平均密度，进而判断出甲、乙两物体捆在一起放入水中时的浮沉情况。
本题考查了密度公式、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，能从图象得出甲、乙的密度关系是关键。
8.【答案】无规则 不变 不可
【解析】解：小宁在家炒菜时闻到菜的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；菜出锅前要大火收汁，开大火后，天然气的热值是由天然气本身决定的属性，将不变；天然气越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：无规则；不变；不可。
(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)热值是一个由燃料本身决定的属性，与质量大小无关；
(3)越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源。
此题考查了分子的热运动、燃料的热值、能源的分类，属基础题目。
9.【答案】OA段 1.6 惯性
【解析】解：由图像可知，OA段的速度为：
vOA=sOAtOA=1500m10×60s=2.5m/s；
BC段的速度为：vBC=sBCtBC=2400m−1500m(25−20)×60s=3m/s
小明的骑行速度大于步行速度，因此OA段是步行的图像。
整个过程中的平均速度为：v=st=2400m25×60s=1.6m/s；
当紧急刹车时，车由于惯性要保持原来的运动状态继续行驶一段距离，不能立即停下来。
故答案为：OA段；1.6；惯性。
由图可看出：小明从自己家出发到学校，然后去奶奶家吃饭行驶的总路程为2400m；
整个过程可分作三个阶段：①0～10min通过的路程1500m，②10～20min没有运动，③20～25min通过的路程2400m−1500m=900m；
然后结合速度公式计算速度的大小；
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
本题考查了速度计算公式的应用、惯性现象，属于综合题。
10.【答案】A 80 液态
【解析】解：由图像可知，A物质在5～10min时，温度固定不变，为80℃，即有固定的熔点，为80℃，因此A是晶体。
A物质在第5min开始熔化，到第10min完全熔化，因此加热至第10min时，物质的状态是液态。
故答案为：A；80；液态。
(1)掌握晶体和非晶体在熔化过程中的特点：
晶体有一定的熔点(凝固点)熔化时温度不变，晶体凝固时温度不变；
非晶体没有一定的熔点(凝固点)；
(2)根据晶体的熔化图象，判断熔化前、熔化时和熔化后的状态，根据熔化的温度判断出其熔点。
此题考查了对晶体和非晶体熔化图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点(凝固点)，熔化(凝固)时温度不变，继续吸热(放热)，学习时要用比较法来记住它们的特点。
11.【答案】放大 15 顺时针
【解析】解：当如图位置时，物距u=25cm，像距v=40cm，物距小于像距，光屏上恰能成一个清晰倒立的像，由凸透镜成像规律可知，成倒立放大的实像；
若将凸透镜向右移动15cm，此时物距u=15cm+25cm=40cm，像距变为40cm−15cm=25cm，则根据折射时光路是可逆的，此时屏上即可再次成清晰倒立缩小的实像；
若一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，指针作顺时针转动时，根据通过凸透镜光心的光线方向不变，像是倒立的，像也是作顺时针转动。
故答案为：放大；15；顺时针。
(1)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(2)光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立、放大的实像，凸透镜位置不动，互换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；(3)根据通过凸透镜光心的光线方向不变进行分析。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
12.【答案】60 2200 120
【解析】解：(1)小明家本月消耗的电能：W=931.6kW⋅h−811.6kW⋅h=120kW⋅h，
小明家本月应缴电费120kW⋅h×0.5元/(kW⋅h)=60元。
(2)小明家同时使用的用电器总功率最大为：P=UI=220V×10A=2200W。
(3)电视机单独接入家庭电路中，10min内电能表表盘转过50转，这台电视机消耗的电能W′=502500kW⋅h=0.02×3.6×106J=7.2×104J，
这台电视机的功率是P′=W′t=7.2×104J10×60s=120W。
故答案为：60；2200；120。
(1)参数的理解：
220V：表示电能表应该在220V的电路中使用；
5(10)A：表示该电能表的标定电流是5A，额定最大电流是10A；
50Hz：表示电能表在50Hz的交流电路中使用；
2500r/kW⋅h：表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表上的转盘转过2500圈。
(2)电能的求法：
①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度(千瓦时)；
②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能。
(3)利用一定时间内电能表转盘转过的圈数，先求出消耗的电能，由P=Wt得到电视机的功率。
解答本题需要掌握电能表上各参数的含义、知道两种求电能的方法，以及利用P=Wt计算用电器的功率。
13.【答案】800 100 80%
【解析】解：(1)所做的有用功
W=Gh=400N×2m=800J
(2)由图可知，n=2，绳子自由端移动的距离为
s=nh=2×2m=4m
拉力做的总功为
W总=Fs=250N×4m=1000J
拉力做功的功率
p=Wt=1000J10s=100WP=Wt=1000J10s=100W；
此轮组的机械效率
η=W有用W总×100%=800J1000J×100%=80%。
故答案为：800；100；80%。
(1)知道物体重力和提升高度，根据公式W=Gh求出做的有用功；
(2)绳子自由端移动距离s=2h，根据公式W=Fs求出拉力做的总功，根据P=Wt求得功率；再根据公式η=W有用W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查了有用功、总功、机械效率以及功率的计算，利用好s=nh是解决此题的关键。
14.【答案】串联 2：5 3：2
【解析】解：当S闭合，甲、乙两表是电压表时(如下图)，两个电阻串联，电压表甲测总电压，电压表乙测量的是R2两端的电压，
则：U：U2=U甲：U乙=5：3；
根据U=U1+U2可知：
U1：U2=2：3；
由于串联电路中电流处处相等，根据R=UI可知：
R1：R2=U1：U2=2：3；
(2)当S断开，甲、乙两表是电流表时(如图)R1和R2并联，M为分流点，N为合流点，
根据P=U2R可知：
P甲：P乙=R2：R1=3：2；
根据I=UR可知：
I1：I2=R2：R1=3：2；
又因为电流表甲测量的是R2中的电流，电流表乙测量的是干路的电流，
I甲：I乙=I2：I=2：5。
故答案为：串联；2：5，3：2。
分别画出两种情况下的等效电路图，电阻关系不变，根据串联电路的分压关系和并联电路的分流关系求解。
本题关键有二：一画等效电路图，二理清串联电路的分压关系(U1：U2=R1：R2)和并联电路的电流、电功率的关系(P1：P2=I1：I2=R2：R1)。
15.【答案】解：足球受重力的方向是竖直向下的，从足球重心(球心)画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，G=4.5N，即为足球所受的重力示意图；
足球对斜面的压力，作用点在接触面上，方向垂直于斜面向下，从压力作用点画一条带箭头的垂直斜面向下的有向线段，用F表示，即为足球对斜面压力的示意图，如图所示：
【解析】先明确物体受重力、物体对斜面的压力的大小、作用点、方向，再根据力的示意图的画法作图。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
16.【答案】解：从支点向阻力F2作用线作垂线，垂线段的长度即为阻力臂l2，过动力臂l1的末端作垂直于杠杆的作用力F1，方向斜向下，如图所示
【解析】力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；过动力臂l1的末端作垂直于杠杆的作用力F1，方向斜向下。
此题考查力臂的画法，属于基础知识。
17.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过凸透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：
【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凸透镜的三条特殊光线来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
18.【答案】解：
插座用来给台灯独立供电，所以插座应与灯泡并联，而开关只控制壁灯，即开关在台灯的支路上，所以插座两接线柱应接在a、d两点间，因为开关控制火线，所以与d点相连的是火线，与a点相连的是零线，而插座接线时遵循“左零右火”的原则，如图所示：
【解析】家庭电路中各用电器之间应并联，由此分析解答。
本题考家庭电路的连接，明确家庭电路中用电器要互不影响，即为并联，本题还要注意改装后开关只控制原有的壁灯。
19.【答案】分度值 1.45 液体的热胀冷缩 −4℃ 6 分贝
【解析】解：甲图中刻度值的分度值为1mm，物体一端对应在零刻度线处，另一端对应在1.45cm处，故物体的长度为1.45cm；
乙图中温度计的测温物质为液体，该类温度计是根据液体温度计热胀冷缩的原理制成的。该温度计的分度值为1℃，此时液柱的上表面在0℃之下第4小格处，故此时温度计的示数为−4℃；
丙图中物体的质量为：m=5g+1g=6g；
噪声的单位是分贝，丁图所示的噪声监测器显示屏显示的数字是57.6，可知此时的噪声是57.6分贝。
故答案为：分度值；1.45；液体的热胀冷缩；−4℃；6；分贝。
(1)使用刻度尺前，要先观察刻度尺的量程、分度值和刻度尺是否完整，读数时要估读到分度值的下一位；
(2)液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；我们在读取温度计的示数时，要观察液柱上表面对应在0℃之上还是之下；
(3)用天平称量物体的质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对的刻度值；
(4)声音响度的单位是“分贝”。
本题是对一些基本仪器的综合性考查，难度较低。
20.【答案】匀速直线 二力平衡 加速 C 接触面的粗糙程度 丁图弹簧测力计示数比甲图示数大 等于
【解析】解：(1)当物体在两个力的作用下保持静止或做匀速直线运动时，这两个力二力平衡，大小相等，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，木块在水平方向受到滑动摩擦力和拉力的作用，若木块做匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于测力计的拉力，这里运用了二力平衡的知识；
(2)根据丁图摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线知，当木块与砝码的总重力为4N时，受到的滑动摩擦力大小为1.6N，若此时弹簧测力计的读数为2N(即拉力大小为2N)，因拉力大于物体受到的滑动摩擦力，则木块将做加速运动；
(3)根据甲、乙两图的实验可知，在接触面粗糙程度相同的条件下，增大压力可增大滑动摩擦力；
A.轴承上加润滑油，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故A不符合题意；
B.体操运动员在手上涂镁粉，属于通过增大接触的粗糙程度来增大摩擦，故B不符合题意；
C.刹车时用力捏自行车的手闸，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，故C符合题意；
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木，用滚动摩擦代替滑动摩擦从而减小摩擦，故D不符合题意；
故选C；
(4)甲、丁两图实验中，接触面粗糙程度不同，压力相同，故是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系；根据实验现象可得出：压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是丁图弹簧测力计示数比甲图示数大；
(5)图戊和图甲中木块对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，故图戊中，A木块水平运动时所受滑动摩擦力等于图甲中A木块所受滑动摩擦力。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)加速；(3)C；(4)接触面的粗糙程度；丁图弹簧测力计示数比甲图示数大；(5)等于。
(1)由二力平衡的条件可知：用弹簧测力计水平拉动物体，当物体做匀速直线运动时，测力计的拉力等于滑动摩擦力；
(2)根据摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线可知，当木块与砝码的总重力为4N时受到的滑动摩擦力大小，并比较此时拉力与物体受到的滑动摩擦力大小，据此确定木块的运动状态；
(3)逐一分析每次实验，找出符合题意的选项；
(4)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(5)根据影响滑动摩擦力大小的两因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，同时研究运动和力的关系，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】断路 3 左 7.5
【解析】解：(1)滑动变阻器应串联在电路中，接线原则是“一上一下，以下为主”；要使滑片P向左移动，电路中电流变小，电阻变大，应接滑动变阻器的右下接线柱，即应将滑动变阻器右下接线柱接电流表的“0.6”接线柱或定值电阻R的右接线柱，如答案图所示；
或
(2)若定值电阻短路，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；
若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意，故闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R断路；
(3)由图像可知，R两端的电压U=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=0.15A×20Ω=3V；本实验要采用控制变量法，当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压保持不变，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，将滑片向左端滑动；电源电压保持4.5V不变，定值电阻两端的电压为3V不变，则滑动变阻器两端的电压为4.5V−3V=1.5V；即滑动变阻器两端的电压为定值电阻两端电压的一半；根据串联电路的特点，电压之比等于电阻之比，则滑动变阻器的最小阻值应为定值电阻最大阻值的一半，即7.5Ω。
故答案为：(1)见解析； (2)断路； (3)3；左；7.5。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法，数据分析、操作过程和对器材的要求。
22.【答案】解：(1)该机器人对水平地面的压力：
F=G=mg=3kg×10N/kg=30N，
由p=FS可得，受力面积即与水平地面的接触面积：
S=Fp=30N3000Pa=0.01m2；
(2)水平推力的功率：
P=Wt=F′st=F′v=300N×0.5m/s=150W。
答：(1)与水平地面的接触面积为0.01m2；
(2)水平推力的功率为150W。
【解析】(1)该机器人对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出受力面积即与水平地面的接触面积；
(2)知道水平推力和匀速直线运动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出水平推力的功率。
本题考查了压强公式和功率公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23.【答案】解：(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，
由P=U2R可得保温挡功率P保=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，
则电阻R2的电功率P2=P热−P保=1200W−100W=1100W，
由P=U2R可得电阻R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
(3)质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×75℃=3.78×105J；
其消耗的电能W=P热t=1200W×375s=4.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率η=QW×100%=3.78×105J4.5×105J×100%=84%。
答：(1)保温挡的功率为100W；
(2)电阻R2的阻值为44Ω；
(3)电蒸锅的加热效率为84%。
【解析】(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，由P=U2R可计算出保温挡功率；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，则由功率关系可求出电阻R2的电功率，然后由P=U2R可得电阻R2的阻值；
(3)由吸热公式Q=cmΔt可计算出水升温吸收的热量，由电能公式W=Pt可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
24.【答案】A 4.2×104 1.68×103 增大 热传递
【解析】解：(1)装有热奶的奶瓶放在水中要放出热量，温度降低，由图乙可知，A的温度不断降低，因此表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的A；
(2)水吸收的热量为：Q放=c水mΔt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×20℃=4.2×104J，
因为热奶放出的热量全部被水吸收，所以：
Q吸=Q放=c奶mΔt奶=4.2×104J，
解得：c奶=1.68×103J/(kg⋅℃)；
(3)前5min水在不断吸收热量，温度升高，内能增大，这是通过热传递式改变内能的。
故答案为：(1)A；(2)4.2×104；1.68×103；(3)增大；热传递。
当温度不同的物体相互接触时，物体间将发生热传递，热量从高温物体传到低温物体，高温物体放出热量，温度减低，低温物体吸收热量，温度升高；分析图象，根据图象信息答题。
当相互接触的物体间存在温度差时，物体间将发生热传递，分析清楚图乙所示图象是正确解题的关键。
25.【答案】竖直 虚 对称 10 不变 3 厚 0.5
【解析】解：(1)做“探究平面镜成像的特点”实验，玻璃板应竖直放置在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置，前面蜡烛所成的像可能偏高或偏低，这样前面蜡烛的像与后面的蜡烛就无法重合了。
(3)将光屏放在A′位置，光屏能承接到的像为实像，承接不到的像为虚像，任意转动光屏都承接不到像，所以平面镜成的像是虚像。
(4)观察像与物位置的对应关系如图乙，物与像大小相等，与平面镜距离相等，所以像与物关于镜面对称。
(5)移动前，蜡烛到平面镜的距离是6cm，向玻璃板方向移动1cm后，距玻璃板为5cm，物与像到镜面的距离相等，所以像与蜡烛的距离为10cm，像的大小等于物体大小，所以在移动过程中像大小不变。
(6)由于平面镜成的像与物关于镜面对称，故表面上的刻度是左右相反的，因此当此时A手表指针指在9点整，那么A′手表的指针应调至3点才能与A处手表指针的像完全重合。
(7)同时出现了如图乙所示的两个像，其原因可能是所选的玻璃板较厚，前后表面都发生了光的反射，出现了两个像。根据物像到反射面的距离相等，平面镜的前后两面所成的像之间的距离为平面镜厚度的2倍，即平面镜的厚度是0.5cm。
故答案为：(1)竖直；(3)虚；(4)对称；(5)10；不变；(6)3；(7)厚；0.5。
(1)在探究平面镜成像特点的实验中，为了便于确定像的位置，玻璃板应竖直放置；
(3)平面镜所成的像为虚像；
(4)(6)像与物体关于平面镜对称；
(5)像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离；
(7)因为玻璃板有两个反射面都能成像，玻璃越厚，反射面越远，两个像距离越远；根据物体到反射面的距离相等进行判断。
本题考查探究平面镜成像的一些细节要求，培养学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
26.【答案】N C B 500 减小 减小 1.98×107
【解析】解：
(1)当S接通时，电流从螺线管上端流入，由安培定则可判断出图2中线圈的上端P的磁极是N极。
(2)磁性材料是指铁、钴、镍等物质，磁性弹片需要用磁性材料，锌、铝不是磁性材料，钢是磁性材料，但钢是硬磁性材料，通电时有磁性，断电时磁性不会消失，不合适做磁性弹片，故ABD不符合题意，C符合题意；故选C。
(3)开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在电流的作用下被磁化成异名磁极，异名磁极相互吸引，利用了电流的磁效应。
A.电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B.电磁铁的原理是导体通电产生了磁场，即电生磁，属于电流磁效应，故B符合题意；
CD.发动机和话筒的原理都是电磁感应，故CD不符合题意。
故选B。
(4)由图3可知，当相对湿度控制在45%RH时湿敏电阻R的阻值R′=100Ω，电流为I≥20mA=0.02A；
此时L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。根据欧姆定律I=UR可得，电路中的总电阻：
R总=UI=12V0.02A=600Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，调控电阻R0的阻值：R0=R总−R′T=600Ω−100Ω=500Ω；
(5)根据图3可知湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而变小，若要早点开始除湿，即相对湿度减小，湿敏电阻阻值变大，由于衔铁被吸下的电流不变，根据欧姆定律I=UR可知，若U1不变，I不变，则R总不变，所以需要减小控制电阻R0的阻值。
(6)实验室内水蒸气的质量为：m=ρV=30g/m3×200m3=6000g=6kg；
除湿一次的时间为：t=6kg1.2kg/h=5h=1.8×104s；
消耗的电能为：W=Pt=1100W×1.8×104s=1.98×107J。
故答案为：(1)N；(2)C；(3)B；(4)500；(5)减小；减小；(6)1.98×107。
(1)由线圈中的电流方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
(2)铁钴镍等种物质能够被磁铁吸引，这类物质叫磁性物质；
(3)根据磁化的定义、电流磁效应的定义以及磁极间相互作用的规律分析解答；
(4)当相对湿度控制在45%RH时，根据欧姆定律求出此时的总电阻，然后由图3得出相对湿度控制在45%RH时R的阻值，根据串联电路的特点即可求出R0的最大阻值；
(5)根据图3分析湿敏电阻大小与湿度的关系；衔铁被吸下的电流不变，若要早点开始除湿，应该使电流早点达到衔铁被吸下的电流，进而判断电阻变化；
(6)根据密度公式求出实验室内水蒸气的质量；根据除湿量求出除湿器工作的时间；根据W=Pt求出消耗的电能。
本题综合考查了学生对用电器的工作特点、安培定则、欧姆定律公式和电功率公式的理解和运用，以及对串联电路电流、电阻、电压规律的考查。考查的内容都是电学部分的基础和重点内容，一定要掌握。
2022-2023学年广东省潮州市九年级（下）期末物理模拟练习试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下面列举了四位科学家和他们的重要成果，其中描述错误的是( )
A. 托里拆利--最先测定大气压的数值 B. 沈括--最早记述了磁偏角
C. 牛顿--牛顿第一定律 D. 奥斯特--电磁感应现象
2. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 敲鼓的力越小，发出声音的音调越低
B. 马路边安装“噪声监测仪”可以减弱噪声污染
C. 声音在真空中传播的速度是340m/s
D. 用超声波粉碎人体内的结石，说明超声波能传递能量
3. 如图所示，滚摆从最高点由静止开始释放，运动到最低点后再次向上运动，发现滚摆每次到达最高点时总比前一次低。在滚摆从最高点运动到最低点的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 滚摆的重力势能越来越小
B. 滚摆的动能转化为重力势能
C. 滚摆的机械能的总和不变
D. 重力对滚摆不做功
4. 小明要用电流表测并联电路中流经灯泡L1的电流，下列电路连接正确的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，并在水平面上继续滑动。若斜面和水平面的粗糙程度相同，则下列说法正确的是( )
A. 木块在斜面上只受重力作用
B. 木块到达斜面底端不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C. 木块对水平面的压力与木块所受支持力是一对相互作用力
D. 木块在水平面上滑动时越来越慢，受到的摩擦力越来越大
6. 在研究液体压强规律的实验中，如图将U形管压强计的金属盒放在水中，下列做法能够使U形管两边的液面高度差增大的是( )
A. 将压强计的金属盒向下移动一段距离
B. 将压强计的金属盒向上移动一段距离
C. 将压强计的金属盒在原处转动180°
D. 将压强计的金属盒改放在同样深度的酒精中
7. 如图所示是a、b两种物质的质量与体积的关系图像。用a、b两种物质制成实心正方体甲和乙，甲、乙质量相同，将它们浸没在水中静止时，下列说法中正确的是( )
A. 甲沉底，甲受到的浮力较大
B. 乙漂浮，乙排开水的体积较大
C. 甲静止时受到的浮力大于自身重力
D. 将甲、乙两物体捆在一起放入水中，将悬浮在水里
8. 2022年教育部发布了新的课程标准，要求中小学生学会做饭。小宁在家炒菜时闻到菜的香味，说明分子不停地做______运动；菜出锅前要大火收汁，开大火后，天然气的热值将______(填“变大”、“变小”或“不变”)；天然气属于______(填“可”或“不可”)再生能源。
9. 假期，小明从自己家出发先到学校然后再去奶奶家吃饭，整个过程中有步行、有骑行等，小明的骑行速度大于步行速度，其全程的路程与时间图像如图所示，步行过程对应的图像是______ (选填：OA段、AB段、BC段)，整个过程中的平均速度是______ m/s，小明在骑行过程中遇到突发情况紧急刹车，车由于______ 不能立即停下来。
10. 如图所示是A、B两种物质的熔化图像。由图可知______ (选填“A”或“B”)物质是晶体，其熔点是______ ℃，加热至第10min时，物质的状态是______ 。
11. 如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动______cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做______(填“顺时针”或“逆时针”)转动。
12. 物业来小明家收电费，观察到小明家电能表情况如图所示，然后工作人员从记录本上查出上月电能表的示数是811.6kW⋅h。若按0.5元/(kW⋅h)计费，小明家本月应缴电费______ 元，小明家同时使用的用电器总功率不得超过______ W。小明想利用电能表测出家里电视机的功率，于是将电视机单独接入家庭电路中，测出10min内电能表表盘转过50转，这台电视机的功率是______ W。
13. 如图所示的滑轮组提升重物。一次运送材料时用250N的拉力，在10s内将重为400N的物体匀速提高了2m，那么在此过程中，人所做的有用功______ J，拉力做功的功率______ W，此滑轮组的机械效率______ 。
14. 如图所示，甲、乙两表为电压表时，当S闭合时，电阻R1和R2是______ (“串联”或“并联”)，两表示数比为U甲：U乙=5：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲：I乙= ______ ，此时R1和R2消耗的功率之比P甲：P乙= ______ 。
15. 如图重4.5N的足球从斜面上加速滚下，请在该图中画出此过程中足球受到的重力和对斜面压力的示意图。
16. 如图，杠杆自重不计，O为支点，杠杆在图示位置平衡，l1为动力的力臂，请在图中作出阻力F2的力臂和动力F1的示意图。
17. 如图所示，一束光经凸透镜折射后，请把折射后的光路补充完整。
18. 如图是小明房间的壁灯电路，为了再安装一个插座给书桌上的台灯独立供电，他决定将插座连接到a、b、c、d中的某两个接线柱上，请在图中画出符合要求的接法。导线不能交叉。
19. 如图所示，根据你所学习的知识完成下列仪器的相关填空。
甲图：使用刻度尺之前，要观察零刻度线、量程和______ ，此时测量物体长度为______ cm；
乙图：该温度计是根据______ 原理制成的，此时的示数为______ ；
丙图：物体的质量为______ g；
丁图：小区里的噪声监测仪显示，当前噪声值为57.6 ______ 。
20. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丁三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物。
(1)实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______ 运动，这样做是根据______ 的知识测出滑动摩擦力的大小。
(2)在进行乙图所示的实验时，改变放在木块上的重物B，通过多次实验得到摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线如图丙所示，由图可知，当木块A与重物B的总重力为4N时，若此时弹簧测力计的读数为2N，则木块将做______ (选填“加速”、“减速”或“匀速”)运动；
(3)小明通过甲、乙两图实验得到了正确的结论，下列现象中利用了该结论的是______ (选填字母)。
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.刹车时用力捏自行车的手闸
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木
(4)甲、丁两图实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，根据实验现象可得正确的结论，则支持该结论的实验现象是______ 。
(5)实验结束后，小明在图甲的基础上设计了图戊所示实验，请你判断：图戊中，木块A水平运动时所受滑动摩擦力______ (选填“大于”“小于”或“等于”)图甲中木块A所受滑动摩擦力。
21. 某物理学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整。(要求：滑动变阻器滑片P向左移动，电路中电流变小，导线不得交叉)；
(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R ______ (选填“短路”或“断路”)；
(3)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动，使电压表示数保持原来不变，若实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是______ Ω。
22. 如图所示，质量为3kg的清洁机器人在300N的水平推力下沿水平地面以0.5m/s速度做匀速直线运动，对水平地面压强为3000Pa，g取10N/kg。求该机器人：
(1)与水平地面的接触面积；
(2)水平推力的功率。
23. 如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)保温挡的功率。
(2)电阻R2的阻值。
(3)电蒸锅的加热效率。
24. 将装有牛奶的奶瓶放入水中，m奶=m水=0.5kg，如图甲所示，根据测得的数据，作出牛奶和水的温度随时间的变化图象。如图乙所示，根据图象回答下列问题(已知水的比热容大于牛奶的比热容，不考虑系统与外界的热传递)。
(1)表示牛奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的______；(选填“A”或“B”)；
(2)整个过程中水放出(或吸收)的热量为______J，牛奶的比热容为______J/(kg⋅℃)；
(3)在5min内水的内能不断______(增大/减小)，这是通过______方式改变内能的。
25. 小伟同学用如图甲装置，探究平面镜成像的特点：
(1)为了便于确定像的位置，玻璃板应______ 放置在水平桌面的白纸上；
(2)将蜡烛1放在A位置，可看到它在玻璃板后面的像。拿一支相同的蜡烛2竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛1的像完全重合时，该位置记为A′；
(3)将光屏放在A′位置，任意移动都承接不到像，可知平面镜成的像是______ 像；
(4)改变蜡烛1的位置，重复步骤(2)，可得像与物位置的对应关系如图乙，可知平面镜成像时，像与物关于镜面______ ；
(5)将图乙中C处的蜡烛沿直线CC′向玻璃板方向移动1cm，此时像与物之间的距离是______ cm，像的大小的变化情况是______ (选填：不变、变大、变小)；
(6)小伟看到自己的手表与同桌的相同，于是小伟突发奇想：用两块相同的手表替代A、A′处蜡烛，正立于玻璃板两侧，如图丙所示。此时A处手表指针指在9点整，那么A′手表的指针应调至______ 点才能与A处手表指针的像完全重合；
(7)另一小组在做该实验时发现点燃的蜡烛A，同时出现了的两个像，其原因可能是所选的玻璃板较______ (填“厚”或“薄”)，通过测量发现两像间的距离为1cm，则所选玻璃板的厚度为______ cm。
26. 广东的春季，天气潮湿，需要除湿，如图1所示为某实验室的自动除湿器。除湿器内部的电路结构由控制电路和工作电路两部分组成，简化后的电路图如图2所示。控制电路中的电源电压U1=12V，调控电阻R0的阻值范围为0−1000Ω，R为装在除湿器内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ(空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH)变化的图像如图3所示。L为磁控开关，当湿敏电阻R的阻值发生变化时，控制电路中的电流随之发生变化，当电流大于或等于20mA时，L的两个由磁性材料制成的弹片具有了磁性并相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。工作电路两端电压U2=220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线电阻不计。问：
(1)当S接通时，可判断出图2中线圈上端P的磁极是______ 极；
(2)磁性弹片可能是下列哪些材料组成______ ；
A.钴、锌
B.铁、铝
C.钴、镍
D.铁、钢
(3)开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片就具有了磁性，其原理与以下哪个装置相同？______ (填写字母)；
A.电动机
B.电磁铁
C.发电机
D.话筒
(4)因实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%RH以内，则R0调控电阻的阻值不能超过______ Ω；
(5)由图3可知，湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而______ ；在磁控开关L闭合条件不变的情况下，若要早点开始除湿，则应将控制电阻R0的阻值______ (以上两空均选填“增大”或“减小”)。
(6)小明查看了该除湿器的铭牌，其中有一参数为“除湿量1.2kg/h(30℃80%RH)”，表示在30℃、相对湿度80%的情况下每小时的除水量，相关资料显示在该环境条件下的室内空气含水量是30g/m3。小明所在的实验室环境温度为30℃、相对温度80%，体积为200m3，想使用这台总功率为1100W的除湿器为实验室除湿，如果每次都能把该实验室里的水分除干，则除湿一次需要消耗电能______ J。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、托里拆利最先测定大气压的数值，故A正确；
B、沈括最早记述了磁偏角，故B正确；
C、牛顿发现了牛顿第一定律，故C正确；
D、奥斯特发现了电流的磁效应，电磁感应现象是法拉第发现的，故D错误。
故选：D。
根据对物理规律及科学家主要贡献的掌握分析答题。
本题是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。
2.【答案】D
【解析】解：
A、敲鼓的力越小，发出声音的振幅越小，响度越小，故A错误；
B、马路边安装“噪声监测仪”只能检测噪声的大小，不能减弱噪声污染，故B错误；
C、声音不能在真空中传播，故C错误；
D、用超声波粉碎人体内的结实，说明超声波能传递能量，故D正确。
故选：D。
(1)乐音有三个特性：音调、响度和音色；响度的大小与振幅和声源距发声体之间的距离有关；音调的高低由频率有关，发声体的振动频率越高，音调越高；
(2)减弱噪声的途径有：防止噪声产生、阻断噪声传播、防止噪声进入耳朵；
(3)声音的传播需要介质；
(4)声音不但能传递信息，还能够传递能量。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
3.【答案】A
【解析】解：AB、滚摆从最高点运动到最低点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故A正确、B错误；
C、由题意知滚摆每次到达最高点时总比前一次低，说明滚摆要克服阻力做功，有一部分机械能转化为内能，机械能减小了，故C错误；
D、在滚摆从最高点运动到最低点的过程中，滚摆受到重力的作用，并且在重力的方向上通过了一定距离，所以重力对滚摆做功，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素是质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素是质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能等于动能和势能之和；不考虑摩擦阻力，机械能守恒，考虑摩擦阻力，机械能总量减小。
(4)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
本题考查了机械能的守恒、动能和重力势能的相互转化、功率公式的应用，注意在只有重力做功的情况下，重力势能和动能可以相互转化，但总量是保持不变的。
4.【答案】B
【解析】解：A.如图电流从电池的正极出发，经过开关后分流，一条支路经过灯泡L1，另外一条支路经过电流表、灯泡L2后再与经过灯泡L1的支路电流汇合，回到负极，故电流表与灯泡L2串联，测量灯泡L2的电流，故A错误；
B.电流表与灯泡L1串联，测量L1的电流，故B正确；
C.如图电流从电池的正极出发，经过开关后经过电流表再分流，分流经过两个灯泡后汇合到电池的负极，电流表在干路上，测量干路电流，故C错误；
D.如图所示，电流从电池的正极出发，经过开关后分流，一条支路经过灯泡L1，另外一条支路经过灯泡L2后再与经过灯泡L1的支路电流汇合，过电流表回到负极，故电流表测量干路的电流，故D错误。
故选：B。
电流表应与被测的用电器串联使用，电流应从电流表的正接线柱流进，从负接线柱流出。
本题考查了电流表的使用，属于简单题，解题关键是理解电流表的使用规则。
5.【答案】C
【解析】解：A、因斜面粗糙，故木块在斜面上滑下时受到摩擦力，还有重力和支持力，故A错误。
B、木块在水平面上继续运动是由于木块具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误。
C、木块对水平面的压力与水平面给木块的支持力是一对相互作用力，故C正确。
D、木块在水平面上滑动时，对水平面的压力和接触面的粗糙程度都不变，则木块受到摩擦力的大小不变；木块在水平面上滑动时越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，摩擦力改变了木块的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)在粗糙斜面滑动的物体受到重力、支持力、摩擦力；
(2)木块在水平面上继续运动，由于木块具有惯性；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力；
(3)二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；相互作用力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上；
(4)影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度。
此题考查了学生对物体受力分析、平衡力和相互作用力、惯性、影响摩擦力大小的因素的理解和掌握，是一道综合性题较强的目。
6.【答案】A
【解析】【分析】
液体内部压强的规律告诉我们，液体内部的压强随深度的增加而增大，在同一深度，液体向各个方向的压强相等，在深度相同时，其压强还与液体的密度有关．根据这些规律，可对各选项做出判断．
熟知液体内部的压强规律，明确影响液体压强大小的因素，是解决此题的关键．
【解答】
A、压强计金属盒下移，深度增加，压强会增大，符合题意；
B、压强计金属盒上移，深度减小，U形管两边液面高度差会减小，不合题意；
C、原处转动金属盒只改变了方向，而未改变深度，压强应不变，不合题意；
D、酒精的密度比水小，同一深度的酒精中压强更小，不合题意．
故选A．
7.【答案】B
【解析】解：ABC、由图象可知，当V=1cm3时，ma=2g，
则甲的密度为：ρa=maV=2g1cm3=2g/cm3，
当V′=2cm3时，mb=1g，
则乙的密度为：ρb=mbV′=1g2cm3=0.5g/cm3，
因为ρa>ρ水，ρb<ρ水，
所以静止时，甲沉底、乙漂浮，甲静止时浮力小于重力，故C错误；
由浮沉条件知G甲>F甲，G乙=F乙，
由于甲、乙质量相同，由G=mg知G甲=G乙，
所以F乙>F甲，故A错误；
根据F浮=ρ液gV排知乙排开水的体积较大，故B正确；
D、设甲、乙的质量为m，将甲、乙两物体捆在一起放入水中时，甲、乙整体的平均密度为：
ρ=2mmρa+mρb=2mm2g/cm3+m0.5g/cm3=0.8g/cm3<ρ水，
所以甲、乙两物体捆在一起放入水中时会漂浮在水面上，故D错误。
故选：B。
(1)由图象可知，当V=1cm3时，ma=2g，由密度公式算出甲的密度；当V′=2cm3时，mb=1g，由密度公式算出乙的密度，将甲、乙的密度与水的密度比较判断出甲、乙的浮沉情况；根据浮沉情况判断出浮力与重力的关系，进而判断出甲、乙浮力的关系，根据F浮=ρ液gV排判断出甲、乙排开水体积的关系；
(2)设甲、乙的质量为m，将甲、乙两物体捆在一起放入水中时，根据密度公式算出甲、乙的整体平均密度，进而判断出甲、乙两物体捆在一起放入水中时的浮沉情况。
本题考查了密度公式、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，能从图象得出甲、乙的密度关系是关键。
8.【答案】无规则 不变 不可
【解析】解：小宁在家炒菜时闻到菜的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；菜出锅前要大火收汁，开大火后，天然气的热值是由天然气本身决定的属性，将不变；天然气越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：无规则；不变；不可。
(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)热值是一个由燃料本身决定的属性，与质量大小无关；
(3)越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源。
此题考查了分子的热运动、燃料的热值、能源的分类，属基础题目。
9.【答案】OA段 1.6 惯性
【解析】解：由图像可知，OA段的速度为：
vOA=sOAtOA=1500m10×60s=2.5m/s；
BC段的速度为：vBC=sBCtBC=2400m−1500m(25−20)×60s=3m/s
小明的骑行速度大于步行速度，因此OA段是步行的图像。
整个过程中的平均速度为：v=st=2400m25×60s=1.6m/s；
当紧急刹车时，车由于惯性要保持原来的运动状态继续行驶一段距离，不能立即停下来。
故答案为：OA段；1.6；惯性。
由图可看出：小明从自己家出发到学校，然后去奶奶家吃饭行驶的总路程为2400m；
整个过程可分作三个阶段：①0～10min通过的路程1500m，②10～20min没有运动，③20～25min通过的路程2400m−1500m=900m；
然后结合速度公式计算速度的大小；
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
本题考查了速度计算公式的应用、惯性现象，属于综合题。
10.【答案】A 80 液态
【解析】解：由图像可知，A物质在5～10min时，温度固定不变，为80℃，即有固定的熔点，为80℃，因此A是晶体。
A物质在第5min开始熔化，到第10min完全熔化，因此加热至第10min时，物质的状态是液态。
故答案为：A；80；液态。
(1)掌握晶体和非晶体在熔化过程中的特点：
晶体有一定的熔点(凝固点)熔化时温度不变，晶体凝固时温度不变；
非晶体没有一定的熔点(凝固点)；
(2)根据晶体的熔化图象，判断熔化前、熔化时和熔化后的状态，根据熔化的温度判断出其熔点。
此题考查了对晶体和非晶体熔化图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点(凝固点)，熔化(凝固)时温度不变，继续吸热(放热)，学习时要用比较法来记住它们的特点。
11.【答案】放大 15 顺时针
【解析】解：当如图位置时，物距u=25cm，像距v=40cm，物距小于像距，光屏上恰能成一个清晰倒立的像，由凸透镜成像规律可知，成倒立放大的实像；
若将凸透镜向右移动15cm，此时物距u=15cm+25cm=40cm，像距变为40cm−15cm=25cm，则根据折射时光路是可逆的，此时屏上即可再次成清晰倒立缩小的实像；
若一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，指针作顺时针转动时，根据通过凸透镜光心的光线方向不变，像是倒立的，像也是作顺时针转动。
故答案为：放大；15；顺时针。
(1)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(2)光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立、放大的实像，凸透镜位置不动，互换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；(3)根据通过凸透镜光心的光线方向不变进行分析。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
12.【答案】60 2200 120
【解析】解：(1)小明家本月消耗的电能：W=931.6kW⋅h−811.6kW⋅h=120kW⋅h，
小明家本月应缴电费120kW⋅h×0.5元/(kW⋅h)=60元。
(2)小明家同时使用的用电器总功率最大为：P=UI=220V×10A=2200W。
(3)电视机单独接入家庭电路中，10min内电能表表盘转过50转，这台电视机消耗的电能W′=502500kW⋅h=0.02×3.6×106J=7.2×104J，
这台电视机的功率是P′=W′t=7.2×104J10×60s=120W。
故答案为：60；2200；120。
(1)参数的理解：
220V：表示电能表应该在220V的电路中使用；
5(10)A：表示该电能表的标定电流是5A，额定最大电流是10A；
50Hz：表示电能表在50Hz的交流电路中使用；
2500r/kW⋅h：表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表上的转盘转过2500圈。
(2)电能的求法：
①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度(千瓦时)；
②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能。
(3)利用一定时间内电能表转盘转过的圈数，先求出消耗的电能，由P=Wt得到电视机的功率。
解答本题需要掌握电能表上各参数的含义、知道两种求电能的方法，以及利用P=Wt计算用电器的功率。
13.【答案】800 100 80%
【解析】解：(1)所做的有用功
W=Gh=400N×2m=800J
(2)由图可知，n=2，绳子自由端移动的距离为
s=nh=2×2m=4m
拉力做的总功为
W总=Fs=250N×4m=1000J
拉力做功的功率
p=Wt=1000J10s=100WP=Wt=1000J10s=100W；
此轮组的机械效率
η=W有用W总×100%=800J1000J×100%=80%。
故答案为：800；100；80%。
(1)知道物体重力和提升高度，根据公式W=Gh求出做的有用功；
(2)绳子自由端移动距离s=2h，根据公式W=Fs求出拉力做的总功，根据P=Wt求得功率；再根据公式η=W有用W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查了有用功、总功、机械效率以及功率的计算，利用好s=nh是解决此题的关键。
14.【答案】串联 2：5 3：2
【解析】解：当S闭合，甲、乙两表是电压表时(如下图)，两个电阻串联，电压表甲测总电压，电压表乙测量的是R2两端的电压，
则：U：U2=U甲：U乙=5：3；
根据U=U1+U2可知：
U1：U2=2：3；
由于串联电路中电流处处相等，根据R=UI可知：
R1：R2=U1：U2=2：3；
(2)当S断开，甲、乙两表是电流表时(如图)R1和R2并联，M为分流点，N为合流点，
根据P=U2R可知：
P甲：P乙=R2：R1=3：2；
根据I=UR可知：
I1：I2=R2：R1=3：2；
又因为电流表甲测量的是R2中的电流，电流表乙测量的是干路的电流，
I甲：I乙=I2：I=2：5。
故答案为：串联；2：5，3：2。
分别画出两种情况下的等效电路图，电阻关系不变，根据串联电路的分压关系和并联电路的分流关系求解。
本题关键有二：一画等效电路图，二理清串联电路的分压关系(U1：U2=R1：R2)和并联电路的电流、电功率的关系(P1：P2=I1：I2=R2：R1)。
15.【答案】解：足球受重力的方向是竖直向下的，从足球重心(球心)画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，G=4.5N，即为足球所受的重力示意图；
足球对斜面的压力，作用点在接触面上，方向垂直于斜面向下，从压力作用点画一条带箭头的垂直斜面向下的有向线段，用F表示，即为足球对斜面压力的示意图，如图所示：
【解析】先明确物体受重力、物体对斜面的压力的大小、作用点、方向，再根据力的示意图的画法作图。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
16.【答案】解：从支点向阻力F2作用线作垂线，垂线段的长度即为阻力臂l2，过动力臂l1的末端作垂直于杠杆的作用力F1，方向斜向下，如图所示
【解析】力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；过动力臂l1的末端作垂直于杠杆的作用力F1，方向斜向下。
此题考查力臂的画法，属于基础知识。
17.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过凸透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：
【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凸透镜的三条特殊光线来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
18.【答案】解：
插座用来给台灯独立供电，所以插座应与灯泡并联，而开关只控制壁灯，即开关在台灯的支路上，所以插座两接线柱应接在a、d两点间，因为开关控制火线，所以与d点相连的是火线，与a点相连的是零线，而插座接线时遵循“左零右火”的原则，如图所示：
【解析】家庭电路中各用电器之间应并联，由此分析解答。
本题考家庭电路的连接，明确家庭电路中用电器要互不影响，即为并联，本题还要注意改装后开关只控制原有的壁灯。
19.【答案】分度值 1.45 液体的热胀冷缩 −4℃ 6 分贝
【解析】解：甲图中刻度值的分度值为1mm，物体一端对应在零刻度线处，另一端对应在1.45cm处，故物体的长度为1.45cm；
乙图中温度计的测温物质为液体，该类温度计是根据液体温度计热胀冷缩的原理制成的。该温度计的分度值为1℃，此时液柱的上表面在0℃之下第4小格处，故此时温度计的示数为−4℃；
丙图中物体的质量为：m=5g+1g=6g；
噪声的单位是分贝，丁图所示的噪声监测器显示屏显示的数字是57.6，可知此时的噪声是57.6分贝。
故答案为：分度值；1.45；液体的热胀冷缩；−4℃；6；分贝。
(1)使用刻度尺前，要先观察刻度尺的量程、分度值和刻度尺是否完整，读数时要估读到分度值的下一位；
(2)液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；我们在读取温度计的示数时，要观察液柱上表面对应在0℃之上还是之下；
(3)用天平称量物体的质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对的刻度值；
(4)声音响度的单位是“分贝”。
本题是对一些基本仪器的综合性考查，难度较低。
20.【答案】匀速直线 二力平衡 加速 C 接触面的粗糙程度 丁图弹簧测力计示数比甲图示数大 等于
【解析】解：(1)当物体在两个力的作用下保持静止或做匀速直线运动时，这两个力二力平衡，大小相等，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，木块在水平方向受到滑动摩擦力和拉力的作用，若木块做匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于测力计的拉力，这里运用了二力平衡的知识；
(2)根据丁图摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线知，当木块与砝码的总重力为4N时，受到的滑动摩擦力大小为1.6N，若此时弹簧测力计的读数为2N(即拉力大小为2N)，因拉力大于物体受到的滑动摩擦力，则木块将做加速运动；
(3)根据甲、乙两图的实验可知，在接触面粗糙程度相同的条件下，增大压力可增大滑动摩擦力；
A.轴承上加润滑油，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故A不符合题意；
B.体操运动员在手上涂镁粉，属于通过增大接触的粗糙程度来增大摩擦，故B不符合题意；
C.刹车时用力捏自行车的手闸，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，故C符合题意；
D.移动很重的石块时，在地上铺设滚木，用滚动摩擦代替滑动摩擦从而减小摩擦，故D不符合题意；
故选C；
(4)甲、丁两图实验中，接触面粗糙程度不同，压力相同，故是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系；根据实验现象可得出：压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是丁图弹簧测力计示数比甲图示数大；
(5)图戊和图甲中木块对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，故图戊中，A木块水平运动时所受滑动摩擦力等于图甲中A木块所受滑动摩擦力。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)加速；(3)C；(4)接触面的粗糙程度；丁图弹簧测力计示数比甲图示数大；(5)等于。
(1)由二力平衡的条件可知：用弹簧测力计水平拉动物体，当物体做匀速直线运动时，测力计的拉力等于滑动摩擦力；
(2)根据摩擦力f与作用在物体表面的压力F的关系图线可知，当木块与砝码的总重力为4N时受到的滑动摩擦力大小，并比较此时拉力与物体受到的滑动摩擦力大小，据此确定木块的运动状态；
(3)逐一分析每次实验，找出符合题意的选项；
(4)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(5)根据影响滑动摩擦力大小的两因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，同时研究运动和力的关系，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】断路 3 左 7.5
【解析】解：(1)滑动变阻器应串联在电路中，接线原则是“一上一下，以下为主”；要使滑片P向左移动，电路中电流变小，电阻变大，应接滑动变阻器的右下接线柱，即应将滑动变阻器右下接线柱接电流表的“0.6”接线柱或定值电阻R的右接线柱，如答案图所示；
或
(2)若定值电阻短路，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；
若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意，故闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R断路；
(3)由图像可知，R两端的电压U=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=0.15A×20Ω=3V；本实验要采用控制变量法，当R的阻值由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压保持不变，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，将滑片向左端滑动；电源电压保持4.5V不变，定值电阻两端的电压为3V不变，则滑动变阻器两端的电压为4.5V−3V=1.5V；即滑动变阻器两端的电压为定值电阻两端电压的一半；根据串联电路的特点，电压之比等于电阻之比，则滑动变阻器的最小阻值应为定值电阻最大阻值的一半，即7.5Ω。
故答案为：(1)见解析； (2)断路； (3)3；左；7.5。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法，数据分析、操作过程和对器材的要求。
22.【答案】解：(1)该机器人对水平地面的压力：
F=G=mg=3kg×10N/kg=30N，
由p=FS可得，受力面积即与水平地面的接触面积：
S=Fp=30N3000Pa=0.01m2；
(2)水平推力的功率：
P=Wt=F′st=F′v=300N×0.5m/s=150W。
答：(1)与水平地面的接触面积为0.01m2；
(2)水平推力的功率为150W。
【解析】(1)该机器人对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出受力面积即与水平地面的接触面积；
(2)知道水平推力和匀速直线运动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出水平推力的功率。
本题考查了压强公式和功率公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23.【答案】解：(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，
由P=U2R可得保温挡功率P保=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，
则电阻R2的电功率P2=P热−P保=1200W−100W=1100W，
由P=U2R可得电阻R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
(3)质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×75℃=3.78×105J；
其消耗的电能W=P热t=1200W×375s=4.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率η=QW×100%=3.78×105J4.5×105J×100%=84%。
答：(1)保温挡的功率为100W；
(2)电阻R2的阻值为44Ω；
(3)电蒸锅的加热效率为84%。
【解析】(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，由P=U2R可计算出保温挡功率；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，则由功率关系可求出电阻R2的电功率，然后由P=U2R可得电阻R2的阻值；
(3)由吸热公式Q=cmΔt可计算出水升温吸收的热量，由电能公式W=Pt可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
24.【答案】A 4.2×104 1.68×103 增大 热传递
【解析】解：(1)装有热奶的奶瓶放在水中要放出热量，温度降低，由图乙可知，A的温度不断降低，因此表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的A；
(2)水吸收的热量为：Q放=c水mΔt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×20℃=4.2×104J，
因为热奶放出的热量全部被水吸收，所以：
Q吸=Q放=c奶mΔt奶=4.2×104J，
解得：c奶=1.68×103J/(kg⋅℃)；
(3)前5min水在不断吸收热量，温度升高，内能增大，这是通过热传递式改变内能的。
故答案为：(1)A；(2)4.2×104；1.68×103；(3)增大；热传递。
当温度不同的物体相互接触时，物体间将发生热传递，热量从高温物体传到低温物体，高温物体放出热量，温度减低，低温物体吸收热量，温度升高；分析图象，根据图象信息答题。
当相互接触的物体间存在温度差时，物体间将发生热传递，分析清楚图乙所示图象是正确解题的关键。
25.【答案】竖直 虚 对称 10 不变 3 厚 0.5
【解析】解：(1)做“探究平面镜成像的特点”实验，玻璃板应竖直放置在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置，前面蜡烛所成的像可能偏高或偏低，这样前面蜡烛的像与后面的蜡烛就无法重合了。
(3)将光屏放在A′位置，光屏能承接到的像为实像，承接不到的像为虚像，任意转动光屏都承接不到像，所以平面镜成的像是虚像。
(4)观察像与物位置的对应关系如图乙，物与像大小相等，与平面镜距离相等，所以像与物关于镜面对称。
(5)移动前，蜡烛到平面镜的距离是6cm，向玻璃板方向移动1cm后，距玻璃板为5cm，物与像到镜面的距离相等，所以像与蜡烛的距离为10cm，像的大小等于物体大小，所以在移动过程中像大小不变。
(6)由于平面镜成的像与物关于镜面对称，故表面上的刻度是左右相反的，因此当此时A手表指针指在9点整，那么A′手表的指针应调至3点才能与A处手表指针的像完全重合。
(7)同时出现了如图乙所示的两个像，其原因可能是所选的玻璃板较厚，前后表面都发生了光的反射，出现了两个像。根据物像到反射面的距离相等，平面镜的前后两面所成的像之间的距离为平面镜厚度的2倍，即平面镜的厚度是0.5cm。
故答案为：(1)竖直；(3)虚；(4)对称；(5)10；不变；(6)3；(7)厚；0.5。
(1)在探究平面镜成像特点的实验中，为了便于确定像的位置，玻璃板应竖直放置；
(3)平面镜所成的像为虚像；
(4)(6)像与物体关于平面镜对称；
(5)像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离；
(7)因为玻璃板有两个反射面都能成像，玻璃越厚，反射面越远，两个像距离越远；根据物体到反射面的距离相等进行判断。
本题考查探究平面镜成像的一些细节要求，培养学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
26.【答案】N C B 500 减小 减小 1.98×107
【解析】解：
(1)当S接通时，电流从螺线管上端流入，由安培定则可判断出图2中线圈的上端P的磁极是N极。
(2)磁性材料是指铁、钴、镍等物质，磁性弹片需要用磁性材料，锌、铝不是磁性材料，钢是磁性材料，但钢是硬磁性材料，通电时有磁性，断电时磁性不会消失，不合适做磁性弹片，故ABD不符合题意，C符合题意；故选C。
(3)开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在电流的作用下被磁化成异名磁极，异名磁极相互吸引，利用了电流的磁效应。
A.电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B.电磁铁的原理是导体通电产生了磁场，即电生磁，属于电流磁效应，故B符合题意；
CD.发动机和话筒的原理都是电磁感应，故CD不符合题意。
故选B。
(4)由图3可知，当相对湿度控制在45%RH时湿敏电阻R的阻值R′=100Ω，电流为I≥20mA=0.02A；
此时L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。根据欧姆定律I=UR可得，电路中的总电阻：
R总=UI=12V0.02A=600Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，调控电阻R0的阻值：R0=R总−R′T=600Ω−100Ω=500Ω；
(5)根据图3可知湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而变小，若要早点开始除湿，即相对湿度减小，湿敏电阻阻值变大，由于衔铁被吸下的电流不变，根据欧姆定律I=UR可知，若U1不变，I不变，则R总不变，所以需要减小控制电阻R0的阻值。
(6)实验室内水蒸气的质量为：m=ρV=30g/m3×200m3=6000g=6kg；
除湿一次的时间为：t=6kg1.2kg/h=5h=1.8×104s；
消耗的电能为：W=Pt=1100W×1.8×104s=1.98×107J。
故答案为：(1)N；(2)C；(3)B；(4)500；(5)减小；减小；(6)1.98×107。
(1)由线圈中的电流方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
(2)铁钴镍等种物质能够被磁铁吸引，这类物质叫磁性物质；
(3)根据磁化的定义、电流磁效应的定义以及磁极间相互作用的规律分析解答；
(4)当相对湿度控制在45%RH时，根据欧姆定律求出此时的总电阻，然后由图3得出相对湿度控制在45%RH时R的阻值，根据串联电路的特点即可求出R0的最大阻值；
(5)根据图3分析湿敏电阻大小与湿度的关系；衔铁被吸下的电流不变，若要早点开始除湿，应该使电流早点达到衔铁被吸下的电流，进而判断电阻变化；
(6)根据密度公式求出实验室内水蒸气的质量；根据除湿量求出除湿器工作的时间；根据W=Pt求出消耗的电能。
本题综合考查了学生对用电器的工作特点、安培定则、欧姆定律公式和电功率公式的理解和运用，以及对串联电路电流、电阻、电压规律的考查。考查的内容都是电学部分的基础和重点内容，一定要掌握。
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