2020届河南省实验中学高三砺锋培卓生物试题含答案

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2020届河南省实验中学高三砺锋培卓生物试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．下列关于细胞内元素和化合物的叙述，正确的是（    ）
A．血红蛋白中的铁元素存在于氨基酸残基的R基上
B．细胞都含由磷脂双分子层构成的细胞膜
C．脂肪和糖原是所有细胞的储能物质
D．ATP是一切生命活动的直接能源物质
【答案】B
【分析】1、细胞内的化学元素包括大量元素和微量元素，大量元素包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，微量元素包括Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu。
2、细胞中的化合物包括有机化合物和无机化合物，有机化合物包括糖类、脂质、蛋白质和核酸，其中糖类是主要能源物质、脂质中的脂肪是储能物质、蛋白质是生命活动的主要承担者、核酸是一切生物的遗传物质；无机化合物包括水和无机盐。
【详解】A、血红蛋白上的铁是血红素的一部分，不是氨基酸的组成部分，A错误；
B、细胞都含有细胞膜，细胞膜的基本骨架是磷脂双分子层，B正确；
C、脂肪是植物和动物体内的储能物质，糖原是动物细胞内的储能物质，C错误；
D、ATP是生物体生命活动的直接能源物质，但并非一切生命活动的直接能源物质，D错误。
故选B。
2．如图表示的是一个由200个氨基酸构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是（    ）

A．该分子中含有198个肽键
B．这个蛋白质中至少有200个氨基
C．合成该蛋白质时相对分子质量减少了3600
D．该蛋白质中至少含有4个游离的羧基
【答案】C
【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团。氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键，用化学式-NH-CO-表示。
2、在蛋白质分子合成过程中：
①失去水分子数=肽键数=氨基酸数-肽链数；
②蛋白质相对分子质量=氨基酸平均相对分子质量×氨基酸数量-失去水分子数×水的相对分子质量；
③一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基。
【详解】A、根据题意和图示分析可知：该蛋白质分子含有两条肽链并且两条肽链间由一个肽键连接，所以链内肽键数=氨基酸数-肽链数=200-2=198个，链间肽键2个，该蛋白质分子共有肽键数=198+2=200个，A错误；
B、由于一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，而该蛋白质具有两条肽链，所以至少含有2个游离的氨基，B错误；
C、由于该蛋白质分子共有200个肽键，200个氨基酸经脱水缩合形成该蛋白质时脱去的水分子数为200个，所以合成该蛋白质时相对分子质量减少200×18=3600，C正确；
D、由于一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，而该蛋白质具有两条肽链，所以至少含有2个游离的羧基，D错误。
故选C。
【点睛】
3．下列有关豌豆的叙述中，正确的是（    ）
A．豌豆种子萌发时，自由水参与蛋白质的水解后转化为结合水
B．可用标志重捕法调查豌豆叶上蚜虫的种群密度
C．DNA分布在豌豆叶肉细胞的细胞核、核糖体、线粒体、叶绿体中
D．进行豌豆的基因组测序，要测其一个染色体组中的DNA序列
【答案】D
【分析】活动能力弱，活动范围小的动物可采用样方法调查种群密度，如作物植株上蚜虫的密度、跳蝻的密度等，都可以采用样方法。DNA的主要载体是染色体，存在于真核生物的细胞核中，线粒体、叶绿体中也含有DNA。
【详解】A、自由水参与蛋白质水解后，其成分转化成了氨基酸中的成分，而不是形成结合水，A错误；
B、由于蚜虫活动能力较弱，调查其种群密度可用样方法，而不用标志重捕法，B错误；
C、核糖体由RNA和蛋白质构成，无DNA成分，C错误；
D、豌豆没有性染色体，一个染色体组中含有其物种的全部遗传信息，因此测定一个染色体组中的DNA序列即可，D正确。
故选D。
4．移动床生物膜反应器是一种新型污水生化处理技术，它的主要原理是污水连续经 过装有悬浮填料的反应器时，附着在填料内外表面的微生物形成“生物膜”，通 “生物膜”上的微生物作用，使污水得到净化。以下叙述正确的是（    ）

A．该反应器中所用的“生物膜”亦可用于海水淡化
B．该反应器对有机废水和无机废水都有很好的净化效果
C．“生物膜”上的微生物在生态系统中属于消费者
D．“生物膜”上的微生物呼吸方式不一定是有氧呼吸
【答案】D
【分析】生物膜的应用是多方面的：在工业方面，生物膜的各种功能正成为人工模拟的对象。例如，人们试图模拟生物膜的选择透过性功能，设计出一种具有选择透过性的膜结构进行海水淡化处理和污水处理，有选择地将有毒金属离子阻挡在膜的一侧，以降低有毒重金属离子对水的污染。在农业方面，人们正在从生物膜结构与功能的角度研究农作物抗寒抗旱的新品种。
【详解】A、人们试图模拟生物膜的选择透过性功能，设计出一种具有选择透过性的膜结构进行海水淡化处理和污水处理，而题干中的生物膜利用的是微生物，A错误；
B、该反应器利用的是微生物的分解作用，所以对有机废水有很好的净化效果，而对无机废水不起作用，B错误；
C、“生物膜”上附着的微生物在生态系统中属于分解者，C错误；
D、“生物膜”上附着的微生物可能进行有氧呼吸或无氧呼吸，D正确。
故选D。
5．呼吸作用过程中在线粒体的内膜上 NADH 将有机物降解得到的高能电子传递给质子泵，后者利用这一能量将 H＋泵到线粒体基质外，使得线粒体内外膜间隙中 H＋浓度提高，大部分 H＋通过特殊的结构①回流至线粒体基质，同时驱动 ATP 合成（如图所示）下列叙述错误的是（    ）

A．H＋由膜间隙向线粒体基质的跨膜运输属于协助扩散
B．结构①是一种具有 ATP 水解酶活性的通道蛋白
C．上述过程中能量转化过程是有机物中稳定化学能→电能→ATP 中活跃化学能
D．好氧细菌中不可能发生上述过程
【答案】B
【分析】分析题意和题图:根据"有机物降解“高能电子”、“驱动ATP合成”，可以确定能量转化的过程；图中①能够驱动ATP的合成说明H通过特殊的结构①，不需要消耗能量，并且可以作为ATP合成酶。
【详解】A、根据题意可知，“使得线粒体内外膜间隙中H+浓度提高”，因此H+由膜间隙向线粒体基质的跨膜运输是由高浓度向低浓度一侧运输，并且需要借助于载体①，因此属于协助扩散，A正确；
B、根据题意可知，结构①能够驱动ATP合成，因此是一种具有ATP合成酶活性的通道（载体）蛋白，B错误；
C.根据题干信息可知，上述过程中能量转化过程是：有机物中稳定化学能→电能→ATP中活跃化学能，C正确；
D、细菌属于原核生物，原核细胞中没有线粒体，不可能发生上述过程，D正确。
故选B。
【点睛】
6．下图表示改变某一因素前后,淀粉溶液在唾液淀粉酶的作用下分解产生还原糖的结果。请据此分析,改变下列哪种因素才能获得改变后的结果?(　  　)。

A．淀粉溶液量
B．pH
C．温度
D．唾液量
【答案】A
【分析】影响酶促反应的因素：
（1）温度对酶活性的影响：在一定的温度范围内反应速率随温度升高而加快；但当温度升高到一定限度时反应速率随温度的升高而下降．在一定的条件下，酶在最适温度时活性最大．高温使酶永久失活，而低温使酶活性降低，但能使酶的空间结构保持稳定，适宜温度下活性会恢复．
（2）pH对酶促反应的影响：每种酶只能在一定限度的pH范围内才表现活性．过酸或过碱会使酶永久失活．
（3）酶的浓度对酶促反应的影响：在底物充足，其他条件固定、适宜的条件下，酶促反应速率与酶浓度成正比．
（4）底物浓度对酶促反应的影响：在底物浓度较低时，反应速率随底物浓度的增加而急剧加快，反应速率与底物浓度成正比；在底物浓度较高时，底物浓度增加，反应速率也增加，但不显著；当底物浓度很大且达到一定限度时反应速率达到一个最大值，此时，再增加底物浓度反应速率不再增加．
【详解】改变底物的量，产物的量则会减少。图中对照组的还原糖生成量一直多于实验组的还原糖生成量，故改变的是淀粉溶液量，即降低了淀粉溶液量，A正确；改变pH会影响酶的活性，从而影响化学反应速率，但不改变化学反应的平衡点，即产物的最终产量不变，而图中实验组的还原糖生成量明显减少，B错误；改变温度会影响酶的活性，从而影响化学反应速率，但不改变化学反应的平衡点，即产物的最终产量不变，而图中实验组的还原糖生成量明显减少，C错误；改变唾液量，即唾液淀粉酶的量，会影响化学反应速率，但不改变化学反应的平衡点，即产物的最终产量不变，而图中实验组的还原糖生成量明显减少，D错误．
【点睛】本题主要考查学生对知识的分析和理解能力．要注意：①低温和高温时酶的活性都降低，但两者的性质不同．②在过酸或过碱环境中，酶均失去活性而不能恢复．③同一种酶在不同pH下活性不同，不同的酶的最适pH不同．④反应溶液酸碱度的变化不影响酶作用的最适温度．
7．提倡有氧运动的原因之一是避免肌肉细胞无氧呼吸产生大量乳酸。如图为人体运动强度与血液中乳酸含量和氧气消耗速率的关系。结合所学知识，分析下列说法不正确的是

A．c～d段肌肉细胞中的肌糖原将被大量消耗
B．运动强度大于c后，肌肉细胞CO2的产生量将大于O2消耗量
C．有氧呼吸使有机物中的能量大部分以热能散失，少部分储存在ATP中
D．若运动强度超过c，人体获得能量的途径仍以有氧呼吸为主
【答案】B
【详解】A、分析题图曲线可知，AB段氧气消耗率逐渐增加，血液中乳酸水平低且保持相对稳定，说明以有氧呼吸为主。BC段乳酸水平逐渐增加，说明无氧呼吸逐渐加强。CD段氧气消耗率较高，血液中乳酸水平升高，说明该阶段在进行有氧呼吸的同时，无氧呼吸的强度不断加大，消耗大量的肌糖原，A项正确；
B、人体细胞无氧呼吸的产物是乳酸，有氧呼吸过程中氧气的吸收量与二氧化碳的释放量相等，因此不论何时，肌肉细胞CO2的产生量都等于O2消耗量，B项错误；
C、有氧呼吸使有机物中的能量大部分以热能散失，少部分储存在ATP中，C项正确；
D、由图可知，运动强度大于c后，氧气消耗速率仍然处于最大，且有氧呼吸释放的能量比无氧呼吸多，所以人体获得能量的途径仍以有氧呼吸为主，D项正确。
故选B。
8．小麦旗叶是位于麦穗下的第一片叶子，小麦籽粒中的有机物约50％来自旗叶。小麦籽粒形成期间，下列分析正确的是
A．旗叶一昼夜内有机物的增加量就是其净光合作用量
B．为小麦旗叶提供14 C O2，籽粒中的淀粉都含14 C
C．与同株其它叶片相比，限制旗叶光合速率提高的主要因素是光照强度
D．去掉一部分籽粒，一段时间后旗叶的光合速率会下降
【答案】D
【详解】A、一昼夜内有机物的增加量=白天光合作用总量-呼吸作用消耗量，净光合作用量=光合作用量-相同时间内的呼吸作用消耗量，A错误；
B、籽粒中的有机物只有50%来自旗叶，给小麦旗叶提供14 C O2，小麦籽粒中的淀粉只有一部分含有14C，B错误；
C、影响光合作用的环境因素包括：光照强度、温度、二氧化碳浓度等，而旗叶是位于麦穗下的第一片叶子，因此光照强度不是其限制因素，C错误；
D、去掉一分部籽粒，旗叶产生的淀粉输出减少，导致旗叶中有机物积累，因此一段时间后旗叶的光合速率会下降，D正确。
故选D。
【点睛】本题考查光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化,叶绿体结构及色素的分布和作用的相关知识，意在考查学生能理解同位素标记的原理以及光合作用的相关知识知识的要点，把握知识间的内在联系，能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确结论的能力。
9．下图表示真核细胞一个细胞周期中染色体的行为变化。下列有关叙述正确的是

A．b～b可以表示一个完整的细胞周期
B．植物细胞中，d～e时期细胞中央将出现细胞板
C．mRNA的转录主要发生在c～d时期
D．细胞中的DNA含量加倍是在e～a时期，细胞中染色体数目加倍是在b～c时期
【答案】A
【详解】A、分析题图：图示为真核细胞一个细胞周期中染色体的变化，其中b→c表示分裂间期；c→d表示分裂前期；d→e表示分裂中期；e→a表示分裂后期；a→b表示分裂末期，因此b～b可以表示一个完整的细胞周期，A正确；
B、细胞板出现在末期；a→b段，B错误；
C、mRNA的转录主要发生在间期b→c段，C错误；
D、细胞中的DNA含量加倍是在b～c时期，细胞中染色体数目加倍是在e～a时期，D错误。
故选A
10．科学家发现，细胞可以转变成一种侵入性、液体状的状态，以随时在身体的狭窄通道（血管样通道）内移动，这种转化是由化学信号——溶血磷脂酸( LPA)触发的。目前，已经找到了一种方法通过阻断LPA信号，停止胚胎细胞的运动，而这一类似机制或许能在癌细胞侵袭过程中发挥抑制作用。下列叙述中，正确的是（    ）
A．癌症患者的体细胞内都不含原癌基因和抑癌基因
B．癌细胞易转移与细胞膜上蛋白质的种类和数量均减少有关
C．含有LPA受体的细胞都是癌细胞，在LPA的作用下可转变成液体状细胞
D．溶血磷脂酸与脂肪、葡萄糖一样都属于内环境成分
【答案】D
【分析】癌细胞的主要特征：（1）无限分裂增殖：永生不死细胞；（2）形态结构变化：扁球形；（3）细胞物质改变：如癌细胞膜糖蛋白减少，细胞粘着性降低，易转移扩散。癌细胞膜表明含肿瘤抗原，肝癌细胞含甲胎蛋白等。
【详解】A、原癌基因和抑癌基因发生突变均能够导致细胞发生癌变，A错误；
B、癌细胞膜上糖蛋白减少也会造成细胞容易发生转移，但不意味着癌细胞膜上的各种蛋白质都会减少，比如部分载体蛋白的数量可能会增多（癌细胞代谢旺盛，消耗的养料多），B错误；
C、由题意可知，通过阻断LPA信号，停止胚胎细胞的运动，说明LPA也能作用于胚胎细胞，可见胚胎细胞也应含有LPA的受体，C错误；
D、溶血磷脂酸属于磷脂中的一种类型，与脂肪、葡萄糖一样都属于内环境成分，D正确。
故选D。
11．淋巴细胞存在两种状态：活化状态和未活化状态。下图是未激活状态的B淋巴细胞和激活后的B淋巴细胞（亦被称之为浆细胞）。下列叙述错误的是（    ）

A．未激活的B淋巴细胞转化为激活化状态，涉及到基因的选择性表达
B．浆细胞分泌抗体过程中会出现膜融合现象，且消耗细胞本身能量
C．在抗原和淋巴因子的共同作用下，B淋巴细胞才能由未激活状态转变成激活状态
D．激活后的B细胞相对表面积的增大有助于提髙其物质运输效率
【答案】D
【分析】未激活状态的B淋巴细胞和激活后的B淋巴细胞，即浆细胞，浆细胞可以通过胞吐分泌抗体。
【详解】A、由题意可知未活化状态的是B细胞，活化后的是能分泌抗体的浆细胞，所以当未活化的B淋巴细胞转化为活化状态会涉及到基因的选择性表达，A正确。
B、浆细胞分泌抗体是通过胞吐分泌的，涉及到膜融合现象，全程需要消耗线粒体的能量，B正确。
C、在抗原和淋巴因子的共同作用下，B淋巴细胞才会进行增殖分化产生记忆细胞和浆细胞，即B淋巴细胞才能由未活化状态转变成活化状态，C正确。
D、激活后的B细胞相对表面积是减小的，会使其物质运输效率降低，D错误。
故选D。
12．下图为人体的生命活动调节示意图。下列叙述错误的是（    ）

A．饭后血糖升高时,人体可以通过“内刺激→A→C→D”，促进胰岛素的分泌
B．当人的手被针刺时，可以通过“外刺激C→D→F”，使手缩回
C．人在寒冷的条件下，可以通过“外刺激→A→C→D”，使肾上腺素分泌增加
D．人体内的甲状腺激素能完成H过程
【答案】B
【分析】分析题图：图示表示人体的生命活动调节过程，图示也表面明动物体的生命活动常常受神经和体液的调节，其中E、F、H只涉及体液调节；A→C→D涉及神经调节和体液调节，如体温调节；A→B只涉及神经调节。
【详解】A、饭后血糖升高时，血糖升高会刺激胰岛B细胞分泌胰岛素，也可以刺激下丘脑，通过传出神经作用于胰岛B细胞，然后分泌胰岛素降低血糖浓度，即可以通过“内刺激→A→C→D”，促进胰岛素的分泌，A正确；
B、当人的手被针刺时，经过传入神经传导脊髓，再通过传出神经作用于效应器，使手缩回，即通过“外刺激→A→B”，使手缩回，属于神经调节，B错误；
C、人在寒冷的条件下，可以刺激下丘脑体温调节中枢，通过传出神经作用于肾上腺，促进肾上腺分泌肾上腺素，从而使代谢加快，即通过“外刺激→A→C→D”，使肾上腺素分泌增加，C正确；
D、由于甲状腺激素能促进神经系统的发育，提高神经系统的兴奋性，即能完成图中H过程，D正确。
故选B。
13．下图表示健康人和Graves病人激素分泌的调节机制，A、B、C为三种激素。下列叙述正确的是（    ）

A．激素A随血液循环主动运输到垂体，促进激素B的分泌
B．图中抗体与激素B因空间结构相似，能与同种受体结合
C．Graves病人血液中的激素A和激素B含量比健康人的高
D．Graves病是一种自身免疫缺陷病，且病人的甲状腺肥大
【答案】B
【分析】根据甲状腺激素的分级调节和图示分析，激素A是促甲状腺激素释放激素，激素B是促甲状激素，激素C是甲状腺激素，Graves病人自身具有激素B的抗体，应该是自身免疫病。
【详解】A、激素A是促甲状腺激素释放激素，其随着血液的运不是主动运输，A错误；
B、图中抗体与激素B因空间结构相似，因此抗体和促甲状腺激素都可以作用于促甲状腺激素的受体，使得甲状腺细胞大量分泌甲状腺激素，B正确；
C、Graves病人血液中的甲状腺激素含量过多，会反过来抑制下丘脑和垂体的分泌活动，激素A和激素B含量比健康人的低，C错误；
D、Graves病是一种自身免疫病，不是免疫缺陷病，且病人的甲状腺不肥大，D错误。
故选B。
14．下图为肾上腺素引起细胞中糖原水解为葡萄糖的信号转导途径，有关叙述错误的是

A．①结构位于细胞膜上，为肾上腺素的受体
B．肾上腺素未进入细胞，但细胞内发生了响应，响应之一就是糖原发生水解，产生葡萄糖
C．肾上腺素没有直接参与细胞内的代谢
D．在升血糖过程中，肾上腺素与胰高血糖素有协同作用。故结构①也可与胰高血糖素结合，进而起到升血糖作用
【答案】D
【详解】据图可知，①结构位于细胞膜上，为肾上腺素的受体，A项正确；肾上腺素与细胞膜上的受体①结合后，经过一定途径的信号转导，最终促使糖原水解为葡萄糖，B项正确；分析题图可知，肾上腺素只是作为信息分子，调控细胞内糖原的分解过程，并没有直接参与细胞内的代谢，C项正确；结构①作为肾上腺素的受体，具有特异性，不能与胰高血糖素结合，故D项错误。
15．下列有关生命活动调节的叙述中，正确的是（    ）
A．摄入大量过咸的食物后，正常人体细胞内液渗透压不会改变
B．食物刺激产生味觉和铃声引起狗分泌唾液都属于条件反射
C．单细胞生物无内分泌系统，所以不存在体液调节
D．植物的向光性也可能与体内生长抑制物质分布不均有关
【答案】D
【分析】1、植物之所以能够显示出向光性，是因为在单侧光照射下，生长素在背光侧比向光侧分布多，这样，背光侧伸长得快，结果使得茎朝向生长慢的一侧弯曲，也就是向光侧弯曲。植物的向光性也可能与体内生长抑制物质分布不均有关，导致背光侧生长快，向光侧生长慢，植物向光弯曲。
2、体液调节指激素等化学物质(除激素以外，还有其他调节因子，如CO2等)，通过体液传送的方式对生命活动进行调节。
3、透过渗透吸水和失水，细胞内外的渗透压保持平衡，故细胞外液渗透压发生变化会导致细胞内液渗透压随之变化。
【详解】A、摄入大量过咸的食物后，细胞外液渗透压升高，细胞失水进而引起细胞内渗透压升高，A错误；
B、铃声引起狗分泌唾液都属于条件反射，但食物刺激产生味觉没有经过完整反射弧，不属于反射，B错误；
C、单细胞动物和一些多细胞低等生物只有体液调节，C错误；
D、植物的向光性也可能与体内生长抑制物质分布不均有关，导致背光侧生长快，向光侧生长慢，植物向光弯曲，D正确。
故选D。
16．用矮壮素处理可以抑制植株增高，培育出矮化的水仙，提高观赏价值。与矮壮素的作用效果正好相反的植物激素是
A．乙烯利 B．赤霉素 C．2，4—D D．脱落酸
【答案】B
【详解】A．乙烯利：促进果实成熟。
B．赤霉素：促进细胞伸长，引起植株增高，与矮壮素作用相反；正确。        
C．2，4—D：促进生长。        
D．脱落酸：抑制细胞分裂，促进果实的衰老和脱落。
故选B。
17．图l和图2分别是去顶芽对拟南芥主根生长和赤霉素水平影响的实验结果，相关分析，错误的是（　　）

A．去顶芽的拟南芥不能合成生长素
B．外源生长素能替代顶芽促进主根生长
C．拟南芥的顶芽与赤霉素的合成有关
D．生长素显著影响赤霉素的生物合成
【答案】A
【分析】分析图1，和正常生长的对照组相比，去除顶芽后，主根生长的长度变小；和去顶芽+外源生长素的实验组相比，去顶芽生长慢，可能是缺少生长素引起的，即顶芽能够产生生长素；
分析图2，和正常生长的对照组相比，去除顶芽后，赤霉素水平下降；而去顶芽+外源生长素的实验组，赤霉素浓度又上升，说明生长素能够促进赤霉素的合成。
【详解】A、分析题图可知，去顶芽植株仍能生长，说明去顶芽的拟南芥仍能合成生长素，A错误；
B、由题图1三组柱形图可知，外源生长素能替代顶芽促进主根生长，B正确；
C、由图2前两组柱形图可知，拟南芥的顶端能合成赤霉素，C正确；
D、由图2三组柱形图可知，生长素显著影响赤霉素的生物合成，D正确。
故选A。
18．自然条件下，种群数量增长曲线呈“S”形。假设种群的K值为200，N表示种群数量，据表分析不正确的是（    ）
曲线上的点
S1
S2
S3
S4
S5
N
20
50
100
150
180

0．90
0．75
0．50
0．25
0．10

A．环境阻力对种群数量增长的明显影响出现在S4点之后
B．防治蝗虫应在蝗虫数量达到S3点之前进行
C．渔业捕捞后需控制剩余量在S3点
D．从值为0．50时，种群增长速率最大
【答案】A
【分析】分析表格：种群的最大值K=200，则种群数量在S1～S3时，种群数量增长加快；种群数量在S3点时，即N=K/2=100时种群增长速率最大；种群数量在S3～S5时，种群数量增长减慢。
【详解】A、在种群数量变化的“S”曲线中，环境阻力始终存在，A错误；
B、由图表知，由于种群的K值为200，因此K/2为100，当种群数量为K/2（N=100）时，种群增长速率最大，对应曲线上的点是S3，该点时种群的再生能力最强，故防治蝗虫应在S3点之前进行，B正确；
C、渔业捕捞后，需控制剩余量在K/2，即S3点，此时增长速率最大，C正确；
D、由于种群的K值为200，因此K/2为100，当种群数量为K/2（N=100）时，种群增长速率最大，据表格数据可知，此时（K-N）/K值为0.50，D正确。
故选A。
19．科学家设计一系列50m×50 m的区域以研究更格卢鼠（啮齿类）对其他小型食种子啮齿类动物的影响。将更格卢鼠从一半这样的区域中移走，另一半保持原样。每个区域的围墙上都有能使啮齿类动物自由通过的孔洞；但是，移走更格卢鼠的那一半区域围墙孔洞较小，更格卢鼠不能通过。接下来三年实验数据如图，相关叙述不正确的是（ ）

A．用标志重捕法调查其他啮齿类动物的数目时，若标记物脱落，估算值将偏大
B．其他啮齿类动物不会存在竞争关系
C．该实验因变量在不同条件下变化趋势是同步的，有可能是由于气候变化导致的
D．本实验证明更格卢鼠与其他啮齿类动物发生了竞争，并限制了它们种群的大小
【答案】B
【分析】标志重捕法适用于活动能力强、活动范围广的动物；种间竞争是由于竞争相同的食物或资源，一般生态需求越接近的不同物种种间竞争越激烈。
【详解】A、采用标记重捕法调查一定范围内其他啮齿类动物的种群密度，其估算值=（第一次捕获并标记的个体数×第二次捕获的个体数）÷第二次捕获的有标记的个体数，如果标记物脱落，估算值将偏大，A正确；
B、由题意“每个区域的围墙上都有能使啮齿类动物自由通过的孔洞”可知，两个区域之间的其他啮齿类动物存在种间竞争关系，B错误；
C、题图显示，在有、无更格卢鼠的条件下，因变量（捕获的小型食种子啮齿类动物的数目）随时间的变化趋势是同步的，这可能是气候变化所致的，C正确；
D、在相同时间内，与无更格卢鼠存在时相比，有更格卢鼠存在时捕获的小型食种子啮齿类动物的数目较少，这一事实证明更格卢鼠与其他啮齿类动物发生了种间竞争，并限制了它们种群的大小，D正确。
故选B。
20．下列关于生物群落的叙述，错误的是（   ）
A．人类活动使群落演替的方向可以不同于自然演替，也可以相同
B．从“弃耕的农田→草原→灌木”演替过程中，生态系统的抵抗力稳定性增强
C．森林火灾后和森林被火山岩全部覆盖后的演替类型不同
D．演替总是向群落结构复杂、资源利用率提高的方向进行
【答案】D
【详解】试题分析：人类活动可以改变群落演替的速度和方向，A正确；从“弃耕的农田→草原→灌木”演替过程中，生物种类逐渐增多，营养结构越来越复杂，因此生态系统的抵抗力稳定性增强，B正确；森林火灾后的演替属于次生演替，而森林被火山岩全部覆盖后的演替属于初生演替，C正确；在环境条件适宜的情况下，演替才向群落结构复杂、资源利用率提高的方向进行，D错误。
考点：本题考查群落演替、生态系统的稳定性，要求考生识记群落演替的类型、过程及特点；识记生态系统稳定性的类型，掌握影响生态系统稳定性的因素，能结合所学的知识准确判断各选项。
21．如图是一个处于平衡状态生态系统的能量流动图解，其中A、B、C、D分别代表不同营养级的生物类群，对此图解理解正确的一项是( )

A．流经该生态系统的总能量就是A通过光合作用固定的太阳能减去自身呼吸消耗的能量
B．D中所含的能量与C中所含的能量之比就是能量从C传递到D的效率
C．B同化的能量要大于B、C、D呼吸消耗的能量之和
D．由于流经该生态系统的总能量是一定的，所以B获得的能量越多，留给C、D的能量就越少
【答案】C
【分析】据图可知，流经该生态系统的总能量除了生产者固定的太阳能总量外，还有人工输入的能量；能量的传递效率是指两个营养级之间同化量之比，不是个体之间而是群体之间；次级生产量是指异养型生物从生产者获得同化的总能量减去它们自身呼吸消耗的能量之和；若B获得的能量越多，按照传递效率10%～20%计算，C、D获得的能量相对较多。
【详解】A、据图可知，流经该生态系统的总能量是生产者固定的太阳能总量，A错误；
B、能量的传递效率是指相邻两营养级群体中同化量之比，即下一营养级中所有生物的同化量与上一营养级所有生物的同化量之比，B错误；
C、B同化的能量有三个去向呼吸、传给C和传给分解者，由于生态系统处于平衡状态，所以整体上看B同化的能量等于BCD的呼吸量加三者传给分解者的能量，所以B的同化量大于三者呼吸消耗的能量，C正确；
D、若B获得的能量越多，按照传递效率10%～20%计算，C、D获得的能量相对较多，D错误。
故选C。
22．S型肺炎双球菌菌株是人类肺炎和小鼠败血症的病原体，而R型菌株却无致病性。下列有关叙述正确的是          (   )。
A．肺炎双球菌利用人体细胞的核糖体合成蛋白质
B．S型菌与R型菌致病性的差异是细胞分化的结果
C．S型菌再次进入人体后可刺激记忆B细胞中某些基因的表达
D．S型菌的DNA用DNA酶水解后，仍然能使R型菌转化成S型菌
【答案】C
【分析】1、肺炎双球菌包括R型细菌和S型细菌，其中R型细菌没有多糖类荚膜，无毒性，而S型细菌含有多糖类荚膜，有毒性。
2、肺炎双球菌转化实验包括体内转化实验和体外转化实验，其中体内转化实验证明S型细菌中存在某种转化因子，能将R型细菌转化为S型细菌；体外转化实验证明DNA是遗传物质。
【详解】A、肺炎双球菌属于原核生物，含有核糖体等细胞结构，能利用自身细胞中的核糖体合成蛋白质，A错误；
B、S型菌和R型菌属于不同个体，两者致病性的差异是由于两者的遗传物质不同，B错误；
C、S型菌再次进入人体后，刺激记忆B细胞增殖、分化为浆细胞，这是细胞内基因选择性表达的结果，C正确；
D、S型菌的遗传物质是DNA，当DNA被DNA酶水解后，不能使R型菌转化成S型菌，D错误。
故选C。
23．基因H能编码含63个氨基酸的肽链。该基因发生插入突变，使mRNA增加了一个三碱基序列UUC，表达的肽链含64个氨基酸。以下说法不正确的是（    ）
A．基因H突变后，参与基因复制的嘧啶核苷酸比例不变
B．基因H转录时，核糖核苷酸之间通过氢键连接成链
C．突变前后编码的两条肽链，最多有2个氨基酸不同
D．在突变基因的表达过程中，最多需要64个tRNA参与
【答案】B
【分析】1、在双链DNA分子中，互补碱基两两相等，A=T，C=G，A+G=C+T，即嘌呤碱基总数等于嘧啶碱基总数。
2、DNA和RNA中，核苷酸之间通过磷酸二酯键连接形成核苷酸链。
3、关于tRNA，考生可以从以下几方面把握：
（1）结构：单链，存在局部双链结构，含有氢键；
（2）种类：61种（3种终止密码子没有对应的tRNA）；
（3）特点：专一性，即一种tRNA只能携带一种氨基酸，但一种氨基酸可由一种或几种特定的tRNA来转运；
（4）作用：识别密码子并转运相应的氨基酸。
【详解】A、基因中嘧啶数与嘌呤数始终相同，因此基因H突变后，参与基因复制的嘧啶核苷酸比例不变，仍为50%，A正确；
B、基因H转录时，核糖核苷酸之间通过磷酸二酯键连接成链，B错误；
C、该基因发生插入突变，使mRNA增加了一个三碱基序列UUC，这最多会导致2个密码子发生改变，因此突变前后编码的两条肽链，最多有2个氨基酸不同，C正确；
D、由于突变基因在表达过程中，需要表达的肽链含有64个氨基酸，每个氨基酸需要一个tRNA转运，所以最多需要64个tRNA参与，D正确。
故选B。
24．下列有关基因型、性状和环境的叙述，错误的是
A．纯合金鱼草红花与淡黄花品种杂交，子一代在不同条件下表现型不同，说明基因的显隐性是相对的
B．同一株水毛茛，裸露在空气中的叶和浸在水中的叶子叶形不同，这种变化是由环境造成的
C．O型血夫妇的子代都是0型血，说明该性状是由遗传因素决定的
D．高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎，说明该相对性状是由环境决定的
【答案】D
【详解】纯合金鱼草红花与淡黄花品种杂交，子一代在不同条件下表现型不同，说明在不同环境下基因的显隐性是相对的， A正确。同一株水毛茛，裸露在空气中的叶和浸在水中的叶子叶形不同，这种变化是因为环境不同造成的，B正确。O型血夫妇的子代都是0型血，说明该性状是由遗传因素决定的，C正确。高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎，不能说明该相对性状是由环境决定的，因为亲本是杂合子，D错误。
25．研究人员发现甲、乙两种植物可进行种间杂交(不同种生物通过有性杂交产生子代）。两种植物均含14条染色体，但是两种植物间的染色体互不同源。两种植物的花色各由一对等位基因控制，基因型与表现型的关系如下图所示。研究人员进一步对得到的大量杂种植株X研究后发现，植株X能开花，且A1、A2控制红色素的效果相同，并具有累加效应。下列相关叙述中正确的是

A．植株X有三种表现型，其中粉红色个体占1/2，植株Y产生配子过程可形成7个四分体
B．植株X不可育的原因是没有同源染色体，不能进行正常的减数分裂，不能形成正常的配子
C．图中①处可采用的处理方法只有一种，即用秋水仙素处理植株X的幼苗，进而获得可育植株Y
D．用①处所用处理方式处理植株Z的幼苗，性成熟后自交，子代中只开白花的植株占1/6
【答案】B
【分析】根据题意和图示分析可知：两种植株的花色各由一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。A1对a1不完全显性，A2对a2不完全显性。由于两种植株间的染色体互不同源，属于两种不同的物种，存在生殖隔离，所以植株X不可育。
【详解】A、依题意和图示分析可知：植物A1a1产生的配子及其比例为A1: a1＝1:1，植物A2a2产生的配子及其比例为A2: a2＝1:1，二者的杂交后代植株X的基因型及其比例为A1A2: A1a2:A2a1: a1a2＝1: 1: 1:1，由于A1、A2控制红色素合成的效果相同，并具有累加效应，所以植株X的表现型及比例为红色: 粉红色: 白色＝1:2:1，即植株X有三种表现型，其中粉红色个体占1/2，植株Y是植株X经过染色体加倍而产生的，体细胞中含有14对同源染色体，因此植株Y产生配子过程中可形成14个四分体，A错误；
B、由于甲、乙两种植株间的染色体互不同源，所以植株X的体细胞中没有同源染色体，不能进行正常的减数分裂，不能形成正常的配子，因而不可育，B正确；
C、图中①处可采用低温或用秋水仙素处理植株X的幼苗的方法获得可育植株Y，C错误；
D、用①处所用处理方式处理植株Z的幼苗可导致体细胞染色体加倍，其基因型为A1A1a1a1，性成熟后产生配子的基因型及其比例为A1A1:A1a1:a1a1＝1:4:1，自交子代中只开白花的植株占1/6×1/6＝1/36，D错误。
故选B。
26．调查某种遗传病得到如下系谱图，在调查对象中没有发现基因突变和染色体变异的个体。下列分析错误的是（    ）

A．该病不可能是伴性遗传病，因为第一代都不患病
B．该病不可能是单基因遗传病，因为第一、三代都正常
C．该病可能由位于两对常染色体上的隐性致病基因控制
D．第一代的4位成员可能有纯合子
【答案】D
【分析】根据题意和图示分析可知：Ⅰ-1和Ⅰ-2号均正常，他们有一个患病女儿；而Ⅱ-3和Ⅱ-4号均患病，他们的子女均正常，说明该病不可能是单基因遗传病，可能是由两对等位基因控制，且双显性个体正常，而单显性和双隐性个体患病，即该病是常染色体隐性遗传病。
【详解】A、若该病是伴Y染色体遗传，则Ⅰ-4应患病，若该病是伴X染色体隐性遗传病，则Ⅰ-1应患病，若该病是伴X染色体显性遗传病，则Ⅰ-3应患病，因此该病不可能是伴性遗、传病，A正确；
BC、由于第一、三代都正常，故该病不可能是单基因遗传病（根据A项分析可知，不可能为性染色体上的单基因遗传病，若为常染色体上的单基因遗传病，假设为隐性遗传病，则三代应均为患者，假设为显性遗传病，则一代应有患者），可能是由两对隐性基因(可以单独致病)控制的常染色体遗传病，B、C正确；
D、由BC分析可知，该遗传病可能由两对隐性基因控制，只要有一对基因隐性纯合就会致病，第一代正常却生出患病后代，说明他们都是杂合子，D错误。
故选D。
27．下列有关生物的遗传变异和遗传病的叙述，正确的是
A．通过产前诊断确定胎儿性别可有效预防白化病
B．三倍体无子西瓜不能产生种子，因此是不能遗传的变异
C．非同源染色体之间互换部分片段属于染色体结构的变异
D．体内不携带遗传病的致病基因就不会患遗传病
【答案】C
【分析】1、DNA分子中发生碱基对的替换、增添和缺失而引起基因结构的改变属于基因突变。
2、三倍体植物可由二倍体植株和四倍体植株杂交形成的受精卵发育而来，属于可遗传变异。
3、可遗传变异包括基因突变、基因重组和染色体变异。
【详解】A、因白化病为常染色体遗传病，通过产前诊断确定胎儿性别不能预防白化病，A错误；
B、制备三倍体无子西瓜的原理是染色体变异，属于可遗传的变异，B错误；
C、非同源染色体之间互换部分片段属于染色体结构的变异中的易位，C正确；
D、体内不携带遗传病的致病基因也可能患染色体异常遗传病，如21三体综合征，D错误。
故选C。
28．下列关于基因频率，基因型频率与生物进化的叙述正确的是（    ）
A．一个种群中，控制一对相对性状的各种基因型频率的改变说明物种在不断进化
B．在一个种群中，控制一对相对性状的各种基因频率之和为1
C．基因型Aa的个体自交后代所形成的种群中，A基因的频率大于a基因的频率
D．因色盲患者中男性数量多于女性，所以男性群体中色盲的基因频率大于女性群体
【答案】B
【分析】基因频率指的是在一个种群基因库，某个基因占该基因和其全部等位基因数的比率；基因型频率是指一个种群中某基因型个体数占全部个体数的比率。当一个种群中某基因的频率发生改变时，该种群生物发生了进化，但不一定形成新物种。
【详解】A、物种进化的标志是种群的基因频率发生改变，A错误；
B、一个种群中，控制一对相对性状的基因，即等位基因的频率之和为1，B正确；
C、基因型为Aa个体自交，A基因的频率等于a基因的频率，都为50%，C错误；
D、色盲是伴X染色体隐性遗传病，广大人群中男性患者多于女性，但男性群体中的色盲基因频率不一定大于女性群体，D错误。
故选B。
29．下列关于使用显微镜观察细胞的实验，叙述正确的是
A．转换物镜时应该手握物镜小心缓慢转动
B．欲在显微镜下观察洋葱磷片叶内表皮细胞的液泡，需要换用凹面镜和大光圈
C．苏丹Ⅲ染色后的花生子叶细胞中可观察到红色脂肪颗粒
D．利用黑藻小叶装片也可进行质壁分离的观察
【答案】D
【详解】转换物镜时应该手握转换器小心缓慢移动，而不是手握物镜，A错误。如果要观察叶内表皮细胞的液泡，应用平面镜和小光圈，以增加对比度，B错误。苏丹III染色的花生子叶细胞中可观察到黄色脂肪颗粒，C错误。利用黑藻小叶装片也可以进行质壁分离的观察，且叶绿体的存在有利于观察，D正确。
点睛：正常情况下换到高倍镜后视野会变暗，但观察无色透明的材料时换到高倍显微镜后应将视野调暗，以增加对比度能观察清晰。
30．下列与生物实验相关的叙述，错误的是
A．在提取绿叶中的色素实验中，向研钵中加入二氧化硅是为了研磨充分
B．对酵母菌种群数量统计时，应将培养液滴在计数室上，盖上盖玻片后再计数
C．在酵母菌培养过程中即使产生了酒精，也可能有有氧呼吸发生
D．观察RNA和RNA在细胞中分布的实验中，盐酸处理细胞有利于DNA与甲基绿结合
【答案】B
【分析】在观察DNA和RNA在细胞中的分布的实验里，加入盐酸的作用是：①改变细胞膜的通透性加速染色剂进入细胞，②使染色体中DNA与蛋白质分离有利于DNA与染色剂结合。探究酵母菌种群数量的变化实验中，实验流程为：（1）酵母菌培养（液体培养基，无菌条件）→（2）振荡培养基（酵母菌均匀分布于培养基中），滴加培养液时，应先加盖玻片，再在盖玻片的边缘滴加培养液→（3）观察并计数→重复（2）、（3）步骤（每天计数酵母菌数量的时间要固定）→绘图分析。
【详解】A、在提取绿叶中的色素实验中，向研钵中加入二氧化硅是为了研磨充分，使色素充分的释放，A正确；
B、对酵母菌种群数量统计时，应先盖上盖玻片，后将培养液滴在计数室上，再计数，B错误；
C、在酵母菌培养过程中低氧条件下，酵母菌在进行有氧呼吸的同时也进行无氧呼吸产生酒精，C正确；
D、观察DNA和RNA在细胞中分布的实验中，盐酸处理细胞有利于增大细胞膜的通透性，同时有利于染色体中DNA和蛋白质分离，有利于DNA与甲基绿结合，D正确。
故选B。

二、综合题
31．回答下列有关光合作用的问题。
为探究不同条件对叶片中淀粉合成的影响，将某植物在黑暗中放置一段时间，耗尽叶片中的淀粉。然后取生理状态一致的叶片，平均分成8个组，经实验处理一段时间后，检测叶片中有无淀粉。实验处理和结果如下表。请回答下列问题。
编号
1组
2组
3组
4组
5组
6组
7组
8组
实验处理
葡萄糖溶液浸泡液中通入空气
葡萄糖溶液浸泡液中通入O2和N2
蒸馏水浸泡水中通入空气
蒸馏水浸泡水中通入O2和N2
光照
黑暗
光照
黑暗
光照
黑暗
光照
黑暗
结果
有淀粉
有淀粉
有淀粉
有淀粉
有淀粉
无淀粉
无淀粉
无淀粉
（1）欲检测叶肉细胞中有无淀粉的生成，用先使用__________（填试剂名称）对叶片进行脱色处理，然后滴加____________（填试剂名称）进行检测，如叶片变为_________色，说明叶肉细胞中产生了淀粉。
（2）与5组相比，6组无淀粉的原因是因为无光照，叶肉细胞缺少__________，影响了暗反应进行。与5组相比，7组叶片无淀粉的原因是缺少____________，影响了暗反应进行。
（3）组2叶片中合成淀粉的原料是___________，直接能源物质是___________，此时该直接能源物质产生的场所有____________。如果4组的溶液中只通入N2，预期实验结果是，叶片中_____________（填“有”或“无”）大量淀粉产生。
【答案】 酒精 碘液 蓝 ATP（或三磷酸腺苷）和[H]（或还原氢） CO2/二氧化碳） 葡萄糖 ATP 细胞质基质和线粒体 无
【分析】分析题意可知，实验之前进行了暗处理耗尽叶片中的淀粉，然后探究不同条件对叶片中淀粉合成的影响，表格中看出，其条件有：光照和黑暗、通入空气和通入CO2和N2、葡萄糖溶液浸泡和蒸馏水浸泡．光照和黑暗影响植物的光合作用；通入空气和通入CO2和N2将影响植物黑暗条件下的呼吸作用；葡萄糖溶液浸泡时植物能够直接吸收合成淀粉。
【详解】（1）检测叶肉细胞中有无淀粉的生成，应先使用酒精对叶片进行脱色处理，然后滴加碘液，碘液遇淀粉变蓝色，如叶片变为蓝色，说明叶肉细胞中产生了淀粉。
（2）与组5相比，组6无淀粉的原因是因为无光照，光反应不能进行，叶肉细胞暗反应缺少ATP和[H]．与组5相比，组7叶片无淀粉的原因是缺少二氧化碳，暗反应不能进行，导致光合作用停止。
（3）组2叶片中合成淀粉的原料是葡萄糖，直接能源物质是ATP，2组为黑暗环境，光合作用不能进行，所以产生直接能源物质ATP的场所就是细胞呼吸的场所，即细胞质基质和线粒体．组4的溶液中只通入N2，光合作用只有其自身呼吸作用能够提供二氧化碳，所以叶片中没有大量的淀粉产生。
32．科学家研究发现一种树突状细胞、(DC细胞），在免疫反应中具有强大的摄取、 处理和传递抗原的功能。下图示为DC细胞参与免疫的过程，请回答问题

(1)DC细胞能通过______方式将外来抗原摄取人细胞内，将其分解；同时，免疫调节也可对付体内的异常细胞，这体现了免疫系统的______功能。
(2)DC细胞处理抗原后，细胞外出现特定的物质能与T细胞外具有______作用的受体相结合，激活信号分子（S1、S2)从而激发T细胞出现免疫效应，此过程称为细胞间的______。具有摄取、处理及暴露抗原能力的细胞,除树突状细胞外还有______等。
(3)T细胞发生免疫效应时，它产生的______可作用于已被少数抗原剌激的______细胞，并促进其增殖分化。
(4)DC细胞的研究成果已应用于癌症患者的治疗，癌细胞是正常细胞中的______在致癌因子的作用下发生突变产生的，其细胞膜上的糖蛋白分子会______，从而容易扩散和转移,给彻底治愈带来困难。DC免疫疗法是通过采集患者自体的外周血液，在体外诱 导培养出大量DC细胞，使之负载上肿瘤抗原信息后再回输给患者。这些DC细胞进入患者体内后，还可诱导T细胞迅速增殖分化成______精确杀伤肿瘤细胞，同时，还能使机体产生免疫记忆，具有防止肿瘤复发的功效，该免疫过程属于______免疫。
【答案】(1) 胞吞 防卫、监控和清除
(2) 识别 信息交流 吞噬细胞
(3) 淋巴因子 B
(4) 原癌基因和抑癌基因 减少 效应T细胞 细胞

【分析】分析题图：图示为DC细胞参与免疫的过程，DC细胞处理抗原后，细胞外出现特定的物质能与T细胞外的受体相结合，激活信号分子（S1、S2），从而激发T细胞出现免疫效应。
【详解】（1）DC细胞通过胞吞（内吞）方式将外来抗原摄取人细胞内；免疫系统具有防卫、监控和清除的功能。
（2）细胞膜上的受体具有识别功能；DC细胞处理抗原后，细胞外出现特定的结构能被T细胞的受体识别，从而激发T细胞出现免疫效应，体现细胞间信息交流功能。除树突状细胞，吞噬细胞也具有摄取、处理及传递抗原能力。
（3）T受刺激后会产生淋巴因子，刺激B细胞增殖分化为浆细胞，产生抗体。
（4）细胞癌变的根本原因是原癌基因和抑癌基因发生基因突变。T细胞能增殖分化成效应T细胞；效应T细胞参与的免疫过程属于细胞免疫。
33．科研人员对某国家级自然保护区内金花茶所处生态环境开展调查研究工作，首先对三处原始林群落(A、B、C)进行了物种丰富度的调查，然后对23年前被破坏后的恢复群落和未受干扰的原始林群落不同植被类型的生物量进行了研究,结果如下表所示：

物种丰富度（种）
生物量(g/m2)
植被类型
A群落
B群落
C群落
D群落
E群落
乔木层
22
23
20
3.5
1.3
灌木层
27
21
31
39.2
8.7
草本层
26
33
15
65
15
(1)调查群落中植物的物种数可采用样方法进行调查，取样的关键是_________，取样的方法有______。若要调查土壤中小动物类群的丰富度常采用______________方法进行调查。结果显示A、B、C三个群落物种丰富度最高的为_________群落，区分不同群落的重要特征是群落的______________。
(2)科研人员采用样方法收获D、E群落全部植物后，按照_________分类后，测定生物量，从上表结果分析，代表恢复群落生物量的是________________群落。
(3)金花茶的发现填补了茶科家族没有金黄色花朵的空白，具有极高的观赏价值，这体现了生物多样性的_________价值。建立国家自然保护区对物种的保护措施属于_______________。
【答案】 随机取样 五点取样和等距取样 取样器取样 B 物种组成 植被类型 E 直接 就地保护
【分析】1、样方法--估算种群密度最常用的方法之一：（1）概念：在被调查种群的分布范围内，随机选取若干个样方，通过计数每个样方内的个体数，求得每个样方的种群密度，以所有样方法种群密度的平均值作为该种群的种群密度估计值．（2）适用范围：植物种群密度，昆虫卵的密度，蚜虫、跳蝻的密度等．（3）常用取样：①五点取样法②等距取样法。
2、生物多样性的价值：直接价值：是指能为人类提供形式多样的食物、纤维、燃料和建材等．间接价值：是指对生态平衡、生物圈稳态的调节功能．潜在价值：指目前人类尚不清楚的价值。
3、生物多样性保护的措施：（1）就地保护：自然保护区和国家森林公园是生物多样性就地保护的场所．（2）迁地保护：动物园、植物园、濒危物种保护中心．（3）建立精子库、种子库，利用生物技术对濒危物种的基因进行保护等．（4）加强宣传和执法力度。
【详解】(1)运用样方法调查植物的种群密度时，关键是做到随机取样，取样的方法有五点取样法和等距取样法。常采用取样器取样法调查土壤中小动物类群的丰富度。丰富度是指群落中物种数目的多少，表中信息显示：A、B、C三个群落的物种丰富度依次为75、77、66，即B群落的物种丰富度最高。群落的物种组成是区别不同群落的重要特征。

(2) 采用样方法收获D、E群落全部植物后，应按照植被类型分类后，测定生物量。E群落的生物量远低于D群落，说明E是代表恢复群落的生物量。
(3) 金花茶具有极高的观赏价值，这体现了生物多样性的直接价值。就地保护是指在原地对被保护的生态系统或物种建立自然保护区以及风景名胜区等。
34．某种植物花的颜色由基因A、a控制，植株的高矮性状由基因D、d控制，正常叶和缺刻叶由基因B、b控制。用高茎红花和矮茎白花为亲本进行杂交实验，结果如图。请分析回答：

（1）实验中控制花色遗传的这对基因_______（填“符合”或“不符合”）基因的分离定律，对实验结果中花色性状进行分析，_______（填“能”或“不能”）否定融合遗传。A、a基因与D、d基因的遗传________（填“符合”或“不符合”）基因的自由组合定律。F1高茎粉花测交后代表现型及其比例_________。
（2）F2高茎红花植株有_______种基因型，其中纯合子所占比例为__________。
（3）科研人员欲研究D、d与B、b基因之间是否符合自由组合定律，利用某高茎正常叶植株M进行单倍体育种，经过_________________________________可获得四种表现型的二倍体植株，若其比例约为：高茎正常叶：高茎缺刻叶：矮茎正常叶：矮茎缺刻叶=3：7：7：3，则说明其遗传_______（填“符合”或“不符合”）基因的自由组合定律。如让M自交，理论上，后代矮茎缺刻叶的比例为________。
【答案】 符合 能 符合 高茎粉花：高茎白花：矮茎粉花：矮茎白花=1:1:1:1 2 1/3 花药离体培养和秋水仙素诱导染色体数目加倍 不符合 9/400
【分析】分析花色，F1高茎自交所得的F2中，红花:粉花:白花＝（59＋21）:（121＋39）:（60＋20）＝1:2:1，说明花色的遗传为不完全显性，粉花为Aa，红花和白花之一为AA，另一为aa。高茎:矮茎＝（59＋121＋60）:（21＋39＋20）＝3:1，说明F1高茎的基因型为Dd；在F2中，高茎红花：高茎粉花:高茎白花:矮茎红花：矮茎粉花:矮茎白花≈3:6:3:1:2:1，说明A、a基因与D、d基因的遗传符合基因的自由组合定律。
【详解】(1) 某种植物花的颜色由一对等位基因A、a控制，因此其遗传符合基因的分离定律。F1粉花自交所得的F2中，出现了三种表现型，且红花:粉花:白花＝（59＋21）:（121＋39）:（60＋20）＝1:2:1，说明花色的遗传为不完全显性，粉花为Aa，红花和白花之一为AA，另一为aa，能否定融合遗传；F1高茎自交所得的F2中，高茎:矮茎＝（59＋121＋60）:（21＋39＋20）＝3:1，说明F1高茎的基因型为Dd；在F2中，高茎红花：高茎粉花:高茎白花:矮茎红花：矮茎粉花:矮茎白花≈3:6:3:1:2:1，说明A、a基因与D、d基因的遗传符合基因的自由组合定律。综上分析，F1高茎粉花的基因型为AaDd，让其与基因型为aadd的个体测交，后代基因型及其比例为AaDd: aaDd: Aadd:aadd＝1:1:1:1，表现型及其比例为高茎粉花:高茎白花:矮茎粉花:矮茎白花＝1:1:1:1。
(2) F2高茎红花植株的基因型有2种：AADD、AADd（或aaDD、aaDd），比例为1:2，其中纯合子所占比例为1/3。
(3)单倍体育种的过程是：常常采用花药离体培养的方法来获得单倍体植株，然后用秋水仙素处理萌发的幼苗使其染色体数目加倍，得到正常的植株，然后从中选择出我们所需要的类型。利用某高茎正常叶植株M进行单倍体育种可获得四种表现型的二倍体植株，说明植株M的基因型为DdBb。若D、d与B、b基因之间符合自由组合定律，则利用植株M进行单倍体育种所获得的二倍体植株的表现型及其比例约为高茎正常叶:高茎缺刻叶:矮茎正常叶:矮茎缺刻叶＝1:1:1:1，而实际却为3:7:7:3，这说明D、d与B、b基因之间不符合自由组合定律，且植株M产生的配子及其比例为BD:bD:Bd:bd＝3:7:7:3。如让M自交，理论上，后代矮茎缺刻叶的比例为3/20×3/20＝9/400。