江苏省连云港市灌云实验中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份）

这是一份江苏省连云港市灌云实验中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份），共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图，解答题等内容，欢迎下载使用。
江苏省连云港市灌云实验中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份）(解析版)
一、选择题（本大题包括10小题，每小题2分，共20分）
1．（2分）下列工具属于省力杠杆的是（　　）
A．镊子 B．船桨
C．钓鱼竿 D．扳手
2．（2分）如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，这样做（　　）

A．既省力，也改变施力的方向
B．不省力，改变施力的方向
C．省力，不改变施力的方向
D．既不省力，也不改变施力的方向
3．（2分）无人机已被应用于诸多领域。如图所示，是一款我国具有完全自主知识产权的大疆无人机，在无人机匀速上升的过程中（　　）

A．动能增大 B．动能减小
C．机械能不变 D．重力势能增大
4．（2分）在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是（　　）
A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯
B．用力推汽车，汽车不动
C．提着水桶在水平面匀速前进
D．双手举着杠铃，杠铃静止不动
5．（2分）山区的公路环绕山坡盘山而上，车辆沿着盘山公路向上行驶时可以（　　）
A．省力 B．省功 C．省时间 D．省距离
6．（2分）关于功率、机械效率、内能的说法正确的是（　　）
A．做功多的机器机械效率一定高
B．机械效率高的机器功率一定大
C．功率小的机器做功慢
D．温度高的物体内能一定大
7．（2分）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B（　　）

A．不变 B．变小
C．变大 D．先变大后变小
8．（2分）体育跳绳项目中，小明同学在1min内跳了118次，每次跳起的高度约为5cm（　　）
A．5W B．50W C．500W D．5000W
9．（2分）频闪照片是研究物体运动的重要手段。通常一只掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。如图所示，是小球弹跳过程的频闪照片（　　）

A．1位置的机械能小于3位置的机械能
B．1位置的动能最大，3位置的势能最大，2位置的机械能最小
C．由1到3的过程中，动能减少，势能增大，机械能不变
D．1位置和2位置的势能相等，动能相等
10．（2分）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中每一个滑轮的重量都相同，用它们分别将重物G1、G2提升相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．若C1＝G2，则拉力做的总功相同
B．若G1＝G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率
C．若G1＞G2，则拉力做的有用功相同
D．用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
二、填空题：（每空1分，共20分）
11．（2分）功的两个必要的因素：一是作用在物体上的　 　，二是物体在　 　通过的距离。
12．（1分）我们说某台机器的功率是1kW，其物理意义是 　 　。
13．（4分）如图，不计绳重和摩擦，物体重10N　 　滑轮，弹簧测力计在1位置时F1的大小为 　 　N，若手拉弹簧测力计在1、2、3三个不同位置时的拉力分别是F1、F2、F3，则它们的大小关系是 　 　，这说明使用定滑轮不能改变力的 　 　。

14．（3分）炽热的铁水具有内能，当温度降低，内能　 　；冰冷的冰块具有内能，当它熔化成水，内能　 　；现将该冰块从一楼移动到五楼，它的内能　 　。（填“增大”、“减小”或“不变”）
15．（1分）两台机器同时做功，甲机器做的功是乙机器做的功的2倍，甲做功所用的时间与乙做功所用时间的比是4：3　 　。
16．（4分）空中下落的篮球具有动能和势能，下落过程中，它的 　 　能减小，　 　能增加；从刚接触地面到篮球形变最大过程中它的 　 　能转化为 　 　能。
17．（3分）如图所示，斜面长2m，高0.8m，将重20N的木块从底端匀速拉到顶端，克服斜面摩擦力做的额外功为 　 　J；物体受到斜面的摩擦力是 　 　。

18．（2分）如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，A为重心，他的体重为500N．地面对手的支持力F的力臂是 　 　m，大小为 　 　N。

三、作图、实验题：（每图每空2分，共36分）
19．（2分）画出图中杠杆的动力臂和阻力臂。

20．（2分）如图所示，杠杆在力F1、F2的作用下处于静止状态，请在图中画出力F1的示意图。

21．（2分）如图是一根曲杆，可以绕着O点转动，若施加一个最小的力使杠杆在此位置平衡

22．（12分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中
（1）实验前小明同学先把杠杆的中点支在支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于 　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为了使杠杆在水平位置平衡，此时应向 　 　调节平衡螺母，这样做的好处是 　 　。

（2）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据图乙这一组数据得出探究结论？　 　（填“能”或“不能”）。理由是 　 　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆 　 　（填“左”或“右”）端将下沉。
（4）如果利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重0.5N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为 　 　N．如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡　 　（选填“变大”“不变”或“变小”），原因是 　 　。
23．（8分）小王同学测滑轮组机械效率时所用的实验装置如图所示。
（1）下表第1次实验数据中绳自由端上升距离s为 　 　m。
实验次数
物重G/N
物体上升高度h/m
拉力F/N
绳自由端上升距离s/m
n
1
2
0.1
1.1

60.6%
2.
4
0.2
2.0
0.6

（2）根据第2组的数据计算出的机械效率为 　 　；比较两次的机械效率可以发现：滑轮组的机械效率与 　 　有关。
（3）小刚用弹簧测力计测力时发现示数有忽大忽小现象，引起这种现象的原因是 　 　造成的。

24．（10分）为探究物体动能的大小与哪些因素有关，某实验小组利用斜面、质量不同的小钢球、木块等器材进行了如图所示的实验。
（1）实验中小钢球的动能的大小是通过　 　来判断的。
（2）实验中通过　 　两图来探究动能大小与质量的关系，两次实验，让小钢球从同一高度自由滚下　 　。
（3）实验中通过甲、乙两图可以得出结论：在质量一定时，物体的　 　越大，动能越大。
（4）若在进行甲、丙两图实验时，丙图中木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，下列方法可行的是　 　
A．换用表面更粗糙的木板 B．换用一个质量较大的木板
C．换用质量较小的钢球 D．降低钢球滚下时的高度。

四、解答题：（23题7分，24题7分，共14分）
25．（7分）一辆在水平路面上沿直线匀速行驶的汽车，行驶时所受的阻力为车总重的0.1倍，汽车重为2.5×104N。
（1）求汽车匀速行驶时所受的阻力大小；
（2）求汽车以10m/s的速度匀速行驶时，10s内汽车牵引力做的功；
（3）当汽车以72km/h的速度匀速行驶时，汽车的功率为9×104W，求汽车此时牵引力大小。
26．（7分）某人用如图所示的滑轮组匀速提升500N的重物，所用的拉力F为300N，物体被提升2m，在此过程中，不计摩擦和绳重
（1）有用功；
（2）此时滑轮组的机械效率；
（3）用此滑轮组匀速提升900N的重物，滑轮组的机械效率多大。


参考答案与试题解析
一、选择题（本大题包括10小题，每小题2分，共20分）
1．（2分）下列工具属于省力杠杆的是（　　）
A．镊子 B．船桨
C．钓鱼竿 D．扳手
【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
A、镊子在使用过程中，是费力杠杆；
B、船桨在使用时，是费力杠杆；
C、钓鱼竿在使用时，是费力杠杆；
D、扳手在使用时，是省力杠杆。
故选：D。
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
2．（2分）如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，这样做（　　）

A．既省力，也改变施力的方向
B．不省力，改变施力的方向
C．省力，不改变施力的方向
D．既不省力，也不改变施力的方向
【分析】动滑轮是指轴随物体一起运动的滑轮，其实质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆；使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向。
【解答】解：动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用动滑轮时能省力，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了动滑轮的特点，属于基础题目。
3．（2分）无人机已被应用于诸多领域。如图所示，是一款我国具有完全自主知识产权的大疆无人机，在无人机匀速上升的过程中（　　）

A．动能增大 B．动能减小
C．机械能不变 D．重力势能增大
【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。
（3）动能和势能统称为机械能。
【解答】解：AB．质量不变，速度不变，故AB错误；
C．无人机匀速上升过程中，重力势能增大，其机械能增大；
D．无人机匀速上升过程中，高度增大，故D正确。
故选：D。
【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、机械能的变化。
4．（2分）在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是（　　）
A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯
B．用力推汽车，汽车不动
C．提着水桶在水平面匀速前进
D．双手举着杠铃，杠铃静止不动
【分析】判定是否做功，就看其是否同时满足做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。两个条件缺一不可。
【解答】解：A、扛着米袋慢慢爬上楼梯，米袋在这个力的方向上移动距离，故A正确；
B、用力推着汽车在水平面上运动，汽车没动，故B错误；
C、提着水桶在水平地面上匀速前进，水桶向上没有移动距离，故C错误；
D、双手举着杠铃，有力，所以不做功。
故选：A。
【点评】不做功的情况一般有以下三种：①有力无距离，如搬而未动、举而未起；②有距离无力，物体由于惯性而运动；③有力也有距离，但距离的方向与力的方向垂直，如人提着水桶在水平地面上运动。
5．（2分）山区的公路环绕山坡盘山而上，车辆沿着盘山公路向上行驶时可以（　　）
A．省力 B．省功 C．省时间 D．省距离
【分析】车经过盘山路向高处运动时，我们可以从斜面模型上分析，使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离。
【解答】解：
（1）斜面模型增大了运动距离，即费距离，减小了车辆上山时所需要的牵引力、D错；
（2）利用斜面，费距离，故C错；
（3）使用斜面，还要克服摩擦而多做额外功，故B错。
故选：A。
【点评】生活中应用了很多斜面模型，虽然费距离，但可以省力，减轻我们将物体提升时所需要的力。
6．（2分）关于功率、机械效率、内能的说法正确的是（　　）
A．做功多的机器机械效率一定高
B．机械效率高的机器功率一定大
C．功率小的机器做功慢
D．温度高的物体内能一定大
【分析】（1）物体在单位时间完成的功叫功率，功率是描述物体做功快慢的物理量，等于功和做功时间的比值；
（2）有用功跟总功的比值叫做机械效率；
（3）物体的内能与物体的质量、温度、状态有关。
【解答】解：A．在总功一定时，机械效率就越高；
B．有用功与总功的比值叫机械效率，是机械做的功与时间的比值，故B不正确；
C．功率反映做功的快慢，功率小，故C正确；
D．物体的内能与物体的质量、状态有关、不知道物体的质量和状态，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对功率、机械效率和内能的理解，属于基础性题目。
7．（2分）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B（　　）

A．不变 B．变小
C．变大 D．先变大后变小
【分析】解答此题，首先要判断杠杆的五要素中，有哪些要素发生了变化，然后再利用杠杆的平衡条件进行分析。
【解答】解：在杠杆缓慢由A到B的过程中，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，阻力G的大小没有变化2却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件知：F•OA＝G•L2，当OA、G不变时，那么F越大；
因此拉力F在这个过程中逐渐变大。
故选：C。
【点评】在分析杠杆的动态平衡时，一般是动中取静，依据杠杆的平衡条件进行分析，最后得到结论。
8．（2分）体育跳绳项目中，小明同学在1min内跳了118次，每次跳起的高度约为5cm（　　）
A．5W B．50W C．500W D．5000W
【分析】初中生体重大约为500N，每次跳起的高度h＝5cm＝0.05m，根据W＝Gh得出每分钟做的总功，根据P＝得出跳绳时的功率。
【解答】解：初中生体重大约为500N，每次跳起的高度h＝5cm＝0.05m，
每次跳起做的功W4＝Gh＝500N×0.05m＝25J，
1min做的总功W＝nW2＝118×25J＝2950J，
跳绳用的时间t＝1min＝60s，
跳绳时的功率为。
故选B。
【点评】本题考查功和功率的计算，是一道综合题。
9．（2分）频闪照片是研究物体运动的重要手段。通常一只掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。如图所示，是小球弹跳过程的频闪照片（　　）

A．1位置的机械能小于3位置的机械能
B．1位置的动能最大，3位置的势能最大，2位置的机械能最小
C．由1到3的过程中，动能减少，势能增大，机械能不变
D．1位置和2位置的势能相等，动能相等
【分析】对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大，机械能包括物体的动能和势能，小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息是机械能逐渐减小。
【解答】解：A、因为小球弹跳的高度会越来越低。小球由1位置运动到3位置时机械能还要变小，故A错误；
B、小球在7位置，所以3位置的势能最大，所以1位置的动能大于3位置的动能、2位置的高度相同，但机械能在1处的大，故2位置的动能最大，机械能逐渐变小。故B正确。
C、小球在由1到3的过程中，高度增加，势能增大，故C错误；
D、小球在6位置比2位置机械能大，故1位置比6位置动能大。
故选：B。
【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。
10．（2分）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中每一个滑轮的重量都相同，用它们分别将重物G1、G2提升相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．若C1＝G2，则拉力做的总功相同
B．若G1＝G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率
C．若G1＞G2，则拉力做的有用功相同
D．用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
【分析】解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲、乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式η＝＝分析机械效率大小关系。
【解答】解：AB、由题可知，提升高度相同；
由图知，绳子的绕法不同，则额外功为克服动滑轮重力所做的功总＝W有+W额＝Gh+G轮h，若G1＝G2，有用功相同，额外功也相同；故A正确；
C、不计绳重和摩擦4＞G2，
利用W有＝Gh可知拉力做的有用功不相同，故C错误；
D、滑轮组的机械效率的大小与提升物体的重力有关，则机械效率越大。
故选：A。
【点评】若有用功相同，额外功越多，机械效率越低，否则越高；若额外功相同，有用功越多，机械效率越高，否则越低。
二、填空题：（每空1分，共20分）
11．（2分）功的两个必要的因素：一是作用在物体上的　力　，二是物体在　力的方向上　通过的距离。
【分析】根据对功的两个必要因素的了解可直接作答。
【解答】解：做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上移动的距离。
故答案为：力；力的方向上。
【点评】本题考查了做功的两个必要因素，缺一不可，而且力与距离必须要有因果关系。
12．（1分）我们说某台机器的功率是1kW，其物理意义是 　这台机器每秒做功1000J　。
【分析】功率是指做功的快慢。
【解答】解：功率是指做功的快慢，某台机器的功率是1kW。
故答案为：这台机器每秒做功1000J。
【点评】此题考查了功率的物理意义，属于基础知识。
13．（4分）如图，不计绳重和摩擦，物体重10N　定　滑轮，弹簧测力计在1位置时F1的大小为 　10　N，若手拉弹簧测力计在1、2、3三个不同位置时的拉力分别是F1、F2、F3，则它们的大小关系是 　F1＝F2＝F3　，这说明使用定滑轮不能改变力的 　大小　。

【分析】轴固定不变的滑轮是定滑轮，定滑轮的特点是：即不省力也不费力，但能改变力的方向。
【解答】解：
由图可知该滑轮是定滑轮，因使用定滑轮不省力，物体重10N；
因使用定滑轮不省力，所以F1＝F2＝F6＝G＝10N；
使用定滑轮不能改变力的大小，只能改变力的方向。
故答案为：定；10；F1＝F2＝F7；大小。
【点评】此题考查了定滑轮的特点，记住定滑轮的特点是解决此题的关键。
14．（3分）炽热的铁水具有内能，当温度降低，内能　减小　；冰冷的冰块具有内能，当它熔化成水，内能　增大　；现将该冰块从一楼移动到五楼，它的内能　不变　。（填“增大”、“减小”或“不变”）
【分析】（1）一切物体在任何时候都具有内能；
（2）内能大小跟物体的质量、状态、温度有关。在状态和温度相同时，质量越大，内能越大；在质量和状态相同时，温度越高，内能越大；在质量和温度相同时，气态内能大于液态内能，液态内能大于固态内能。
【解答】解：
一定质量的物体温度降低内能减小，温度升高内能增大，冰块温度升高时内能增大；
将冰块移到五楼，冰块的温度，所以内能不变。
故答案为：减小；增大。
【点评】本题考查的是学生对影响内能大小三个因素的理解，是中考的热点。
15．（1分）两台机器同时做功，甲机器做的功是乙机器做的功的2倍，甲做功所用的时间与乙做功所用时间的比是4：3　3：2　。
【分析】根据P＝得出甲、乙两台机器的功率之比。
【解答】解：根据P＝得出甲。
故答案为：3：2。
【点评】本题考查功率公式的应用，属于基本公式的应用。
16．（4分）空中下落的篮球具有动能和势能，下落过程中，它的 　重力势　能减小，　动　能增加；从刚接触地面到篮球形变最大过程中它的 　动　能转化为 　弹性势　能。
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；影响弹性势能大小的因素是物体弹性形变程度的大小。
【解答】解：篮球在下落过程中，篮球的质量不变，高度减小，重力势能减小。
篮球从刚触地到形变最大的过程中，小球的速度减小，篮球的动能转化为弹性势能。
故答案为：重力势；动；动；弹性势。
【点评】本题主要考查了动能和势能大小的判断，只要知道影响动能、势能大小的因素即可解答。
17．（3分）如图所示，斜面长2m，高0.8m，将重20N的木块从底端匀速拉到顶端，克服斜面摩擦力做的额外功为 　4　J；物体受到斜面的摩擦力是 　2N　。

【分析】根据W总＝Fs得出拉力做的总功，根据W有＝Gh得出有用功，根据W额＝W总﹣W有得出将铁块从底端匀速拉到顶端所做的额外功，根据f＝得出物体受到斜面的摩擦力。
【解答】解：拉力做的总功W总＝Fs＝10N×2m＝20J；
有用功W有＝Gh＝20N×0.6m＝16J，
将铁块从底端匀速拉到顶端，所做的额外功：W额＝W总﹣W有＝20J﹣16J＝4J；
物体受到斜面的摩擦力f＝＝＝2N。
故答案为：4；2N。
【点评】本题考查功和摩擦力的计算，是一道较为简单的应用题。
18．（2分）如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，A为重心，他的体重为500N．地面对手的支持力F的力臂是 　1.5　m，大小为 　300　N。

【分析】（1）力臂是指从支点到力的作用线的垂直距离，根据图示确定动力臂和阻力臂的长度；
（2）已知重力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件进行计算。
【解答】解：（1）根据图示可知，支点到重力作用线的垂线段和支持力作用线的垂线段分别为动力臂和阻力臂1＝0.8m+0.6m＝5.5m，L2＝5.9m；
（2）根据杠杆平衡的条件可得：
FL1＝GL7
F×1.5m＝500N×4.9m
F＝300N
故答案为：1.2；300。
【点评】本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，关键是从图中找出动力臂和阻力臂。
三、作图、实验题：（每图每空2分，共36分）
19．（2分）画出图中杠杆的动力臂和阻力臂。

【分析】根据力臂的画法作图，即过支点作动力作用线的垂线段。
【解答】解：过支点O作出力F1、F2的作用线的垂线，即为杠杆的动力臂和阻力臂：

【点评】此题考查学生对力臂的画法掌握情况，难度不大。
20．（2分）如图所示，杠杆在力F1、F2的作用下处于静止状态，请在图中画出力F1的示意图。

【分析】根据力臂的定义，力臂为支点到力的作用线的距离，已知力臂可画出力。
【解答】解：因为力臂为支点到力的作用线的距离，所以力的作用线与力臂垂直1的左端作L1的垂线可得力F8的示意图，F1的方向斜向上，如图所示：

【点评】此题主要考查力臂画法，力臂画法的关键是牢记力臂与力的作用线的关系。
21．（2分）如图是一根曲杆，可以绕着O点转动，若施加一个最小的力使杠杆在此位置平衡

【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。
【解答】解：连接OA，若在A端施力F，此时最省力；
根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，据此可画出最小的动力

【点评】此题考查了最小力和力臂的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。
22．（12分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中
（1）实验前小明同学先把杠杆的中点支在支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于 　平衡　（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为了使杠杆在水平位置平衡，此时应向 　右　调节平衡螺母，这样做的好处是 　消除杠杆自重对实验的影响　。

（2）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据图乙这一组数据得出探究结论？　不能　（填“能”或“不能”）。理由是 　实验次数太少，得出的结论具有偶然性　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆 　左　（填“左”或“右”）端将下沉。
（4）如果利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重0.5N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为 　2.25　N．如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡　变大　（选填“变大”“不变”或“变小”），原因是 　当力的方向发生改变时，力臂将减小　。
【分析】（1）杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
（2）用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；
（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；
（4）钩码在支点的左侧，要使杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，将已知条件代入便可求出F1的大小；
【解答】解：
（1）杠杆停在如图甲所示的位置，保持静止状态；
要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的右端移动，力臂在杠杆上；
（2）用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，实验结论具有普遍性，总结的实验结论具有偶然性。
（3）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，
如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，
杠杆左端力与力臂的乘积为：3G×3L＝2GL，
杠杆右端力与力臂的乘积为：2G×4L＝4GL，
所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，则杠杆左端下沉。
（4）设一格的长度为L，杠杆在水平位置平衡1的方向应竖直向上，
由F1L2＝F2L2得，3.5N×3×4L＝F1×4L，解得F4＝2.25N；
从乙图中可以看出，弹簧秤的作用力最长的力臂为4L，当拉力的方向发生改变时，因此作用力将变大；
故答案为：（1）平衡；右；消除杠杆自重对实验的影响；
（2）不能；实验次数太少；
（3）左；
（4）2.25；变大，力臂将减小。
【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
23．（8分）小王同学测滑轮组机械效率时所用的实验装置如图所示。
（1）下表第1次实验数据中绳自由端上升距离s为 　0.3　m。
实验次数
物重G/N
物体上升高度h/m
拉力F/N
绳自由端上升距离s/m
n
1
2
0.1
1.1

60.6%
2.
4
0.2
2.0
0.6

（2）根据第2组的数据计算出的机械效率为 　66.7%　；比较两次的机械效率可以发现：滑轮组的机械效率与 　物重G　有关。
（3）小刚用弹簧测力计测力时发现示数有忽大忽小现象，引起这种现象的原因是 　测力计未做匀速直线运动　造成的。

【分析】（1）由图可知，滑轮组由三根绳承担物重，绳的自由端上升的距离时物体移动距离的3倍。
（2）根据表中实验数据，利用机械效率的公式可计算第2次实验的结果；然后分析实验数据，从而得出结论。
（3）弹簧测力计的示数不稳定，是因为力不平衡，做的不是匀速直线运动。
【解答】解：（1）由图可知，滑轮组由三根绳承担物重，下表第1次实验数据中物体上升高度为0.8m。
（2）根据第2组的数据计算出的机械效率：
η＝＝×100%＝，
滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，
比较两次的实验数据，两次提升的物重不同，结合上式可知，与物体上升高度无关。
（3）小刚用弹簧测力计测力时发现示数有忽大忽小现象，引起这种现象的原因是，如果测力计拉着的绳自由端不做匀速运动，物体受到的外力不平衡。
故答案为：（1）3.3；（2）66.7%；（3）测力计未做匀速直线运动。
【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据处理等问题，难度不是很大，熟悉实验、熟练应用基础知识即可正确解题。
24．（10分）为探究物体动能的大小与哪些因素有关，某实验小组利用斜面、质量不同的小钢球、木块等器材进行了如图所示的实验。
（1）实验中小钢球的动能的大小是通过　木块被推动距离的长短　来判断的。
（2）实验中通过　甲丙　两图来探究动能大小与质量的关系，两次实验，让小钢球从同一高度自由滚下　速度　。
（3）实验中通过甲、乙两图可以得出结论：在质量一定时，物体的　速度　越大，动能越大。
（4）若在进行甲、丙两图实验时，丙图中木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，下列方法可行的是　C　
A．换用表面更粗糙的木板 B．换用一个质量较大的木板
C．换用质量较小的钢球 D．降低钢球滚下时的高度。

【分析】（1）球把木块推出的距离长，说明的动能大；这是一种转换的方法。
（2）动能的影响因素有质量和速度，根据控制变量法的思路，去分析解决；钢球从同一高度自由滚下，到达水平面的初始速度相同；
（3）物体质量一定时，速度越大动能越大；
（4）由图知是控制速度相同时，研究动能与质量的关系，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的。
【解答】解：
（1）球对木块做功的多少反映球的动能的多少，而做功的多少可由木块被推动距离的长短来确定。
（2）甲和丙图球从同一高度滚下，是为了使球滚到水平面上时的速度相同。
（3）在甲、乙的两个实验中，速度不同，木块被球撞击后移动的距离的越长，速度越大。
（4）由题意可知，甲丙实验探究在速度相同时，质量越大，撞击木块后移动的距离更远、钢球滚下时的高度不能变，故ABD错；
若在丙实验中换用质量较小的钢球，可减小钢球与木块碰撞时的动能，使木块不会滑出木板。
故答案为：（1）木块被推动距离的长短；（2）甲丙；（3）速度。
【点评】用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；能通过数据分析得出动能跟质量和速度的关系是关键。
四、解答题：（23题7分，24题7分，共14分）
25．（7分）一辆在水平路面上沿直线匀速行驶的汽车，行驶时所受的阻力为车总重的0.1倍，汽车重为2.5×104N。
（1）求汽车匀速行驶时所受的阻力大小；
（2）求汽车以10m/s的速度匀速行驶时，10s内汽车牵引力做的功；
（3）当汽车以72km/h的速度匀速行驶时，汽车的功率为9×104W，求汽车此时牵引力大小。
【分析】（1）根据阻力和重力的关系得到阻力的大小；
（2）由二力平衡条件得到牵引力的大小，根据s＝vt得到汽车的路程，根据W＝Fs得到10s内汽车牵引力做的功；
（3）根据P＝＝Fv得到汽车的牵引力。
【解答】解：（1）汽车匀速行驶时所受的阻力大小：f＝0.1G＝6.1×2.3×104N＝2.4×103N；
（2）汽车匀速运动，牵引力和阻力是平衡力3N，
汽车运动的路程：s＝vt＝10m/s×10s＝100m，
10s内汽车牵引力做的功：W＝Fs＝4.5×103N×100m＝2.5×105J；
（3）汽车的速度：v′＝72km/h＝20m/s，
根据P＝＝Fv得到汽车的牵引力：F′＝。
答：（1）汽车匀速行驶时所受的阻力大小是2.5×103N；
（2）汽车以10m/s的速度匀速行驶时，10s内汽车牵引力做的功是2.5×106J；
（3）当汽车以72km/h的速度匀速行驶时，汽车的功率为9×104W，此时牵引力大小是4500N。
【点评】本题考查了速度公式、功率公式、做功公式的推导，属于常见的典型考题。
26．（7分）某人用如图所示的滑轮组匀速提升500N的重物，所用的拉力F为300N，物体被提升2m，在此过程中，不计摩擦和绳重
（1）有用功；
（2）此时滑轮组的机械效率；
（3）用此滑轮组匀速提升900N的重物，滑轮组的机械效率多大。

【分析】（1）根据W有＝Gh得出滑轮组的有用功；
（2）滑轮组承重绳子的段数n＝2，根据s＝nh得出绳子末端移动的距离，根据W总＝Fs得出拉力F做的功，根据η＝得出此时滑轮组的机械效率；
（3）根据W额＝W总﹣W有得出滑轮组克服滑轮的重力做的额外功，不计摩擦和绳重，由W＝Gh得，动滑轮的重力，如果用此滑轮组匀速提升900N的重物，根据F＝（G+G动）得出拉力，根据η＝得出此时滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）滑轮组的有用功为W有＝Gh＝500N×2m＝1000J；
（2）滑轮组承重绳子的段数n＝2，
绳子末端移动的距离s＝nh＝3×2m＝4m，
拉力F做的功W总＝Fs＝300N×4m＝1200J；
此时滑轮组的机械效率η＝＝≈83.3%；
（3）不计摩擦和绳重，滑轮组匀速提升500N的重物额＝W总﹣W有＝1200J﹣1000J＝200J，
由W＝Gh得，动滑轮的重力为G动＝＝100N；
如果用此滑轮组匀速提升900N的重物，拉力应为F'＝，
此时滑轮组的机械效率η′＝＝＝90%；
答：（1）有用功为1000J；
（2）此时滑轮组的机械效率为83.8%；
（3）滑轮组的机械效率为90%。
【点评】本题考查功、拉力和效率的计算，是一道综合题。