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    2024南充嘉陵一中高一上学期第一次月考试题(10月)数学含答案、答题卡

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    2024南充嘉陵一中高一上学期第一次月考试题(10月)数学含答案、答题卡

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    数学参考答案:1D【分析】求出集合,利用集合的运算以及元素与集合的关系逐项判断,可得出合适的选项.【详解】因为,则A错;B错;,则C错;D.故选:D.2C【分析】先观察图,得出图中阴影部分表示的集合,再结合已知条件即可求解【详解】解:图中阴影部分表示的集合中的元素是在集合中,但不在集合中.0247134则右图中阴影部分表示的集合是:1故选:C3A【分析】直接解分式不等式即可.【详解】由 所以不等式的解集为:故选:A.4D【分析】根据全称命题、特称命题的否定表述:条件中的,然后把结论否定,即可确定答案【详解】条件中的,把结论否定∴“∀xRnN+,使n≥2x+1”的否定形式为“∃xRnN+,使n<2x+1”故选:D【点睛】本题考查了全称命题、特称命题的否定形式,其原则是将原命题条件中的且否定原结论5A【分析】化简不等式,再利用充分条件、必要条件的定义直接判断作答.【详解】解不等式得:所以的充分不必要条件.故选:A6B【分析】根据子集和真子集的知识判断出集合的个数.【详解】由题意可知:M应在{1,2,3,4}的基础上不增加元素或增加5,6中的一个,所以M的个数就是集合{5,6}的真子集个数,即集合的个数是.故选:B【点睛】本小题主要考查子集和真子集,属于基础题.7D【分析】利用基本不等式求得最值,可得答案.【详解】因为,所以所以 ,当且仅当时取等号,的最小值为3.因为当时,不等式恒成立,所以.故选:D.8C【分析】由,则构造基本不等式即可.【详解】因为,所以所以当且仅当时,不等号成立,所以的最小值为:4故选:C.9ABD【分析】根据特殊值以及不等式的性质对选项进行分析,从而确定正确答案.【详解】A选项,若,如,则,所以A选项不正确.B选项,若,如,则,所以B选项不正确.C选项,若,根据不等式的性质可知,所以C选项正确.D选项,若,如此时,所以D选项不正确.故选:ABD10BC【解析】由题意解不等式,再由集合间的关系、充分不必要条件的概念逐项判断即可得解.【详解】解:因为所以的一个充分不必要条件有:.故选:BC.11CD【分析】由两集合交集的结果推出QP的真子集,再根据真子集的概念进行判断.【详解】因为,且,所以QP的真子集,所以,有,使得CD错误.故选:CD【点睛】本题考查集合交集的概念、真子集的概念,属于基础题.12BC【分析】关于选项A,直接利用基本不等式即可判断正误;关于选项B,先将表示为,再用基本不等式,注意取等条件即可判断正误;关于选项C,,,所以不能直接用基本不等式,举出反例即可; 关于选项D,先将代换掉,即得,再用“1”的代换即可求出最值,注意等号取得的条件.【详解】解:由题知,关于选项A,, ,,当且仅当时取等号,故选项A正确;关于选项B,,, 当且仅当时取等号,但此时无解,等号取不到,因此最小值不是,故选项B错误;关于选项C,因为,不妨取,此时的值为负数,故选项C错误;关于选项D,因为,,,,当且仅当,时取等号,故最小值为,故选项D正确.故选:BC.1312【解析】由,可得,注意要满足集合元素的互异性,即可得解.【详解】由此时,符合题意;,则时,,不符题意,时,,符合题意,综上可得:.故答案为:12.14【分析】根据集合的运算结果可得,再有集合的包含关系即可求出.【详解】 ,知,所以故实数的取值范围为.故答案为:【点睛】本题考查了集合的包含关系求参数的取值范围,属于基础题.15.【分析】根据命题恒成立,结合二次函数的图象与性质,即可求解.【详解】由题意,命题恒成立,可得,解得即实数的取值范围为.故答案为:.16.【分析】根据定义求出集合,再次利用定义得出.【详解】由于,则由题中定义可得,则因此,,故答案为.【点睛】本题考查集合的计算,涉及新定义,解题的关键在于利用题中的新定义进行计算,考查运算能力,属于中等题.17(1)(2). 【分析】(1)直接利用集合并集、交集和补集的定义求解;2)分析即得解.【详解】(1)解:因为A{x|3≤x<7}B{x|2<x<10}所以因为A{x|3≤x<7}所以.2)解:因为A{x|3≤x<7}C{x|},且所以.所以a的取值范围为18(1)(2) 【分析】(1)由已知确定集合,再根据集合的并集运算即可;2)若的必要不充分条件,则BA的真子集,列不等式求解,即可得实数a的取值范围.【详解】(1)解:若,则,又所以2)解:因为的必要不充分条件,所以BA的真子集,所以,解得,所以实数a的取值范围是19.(1;(25.【分析】(1)化为,再根据基本不等式可求出结果;2)化为,再根据基本不等式可求出结果.【详解】(1,当且仅当时等号成立,故函数的最小值为.2)由当且仅当,时等号成立,的最小值为5.【点睛】易错点睛:利用基本不等式求最值时,要注意其必须满足的三个条件:1一正二定三相等”“一正就是各项必须为正数;2二定就是要求和的最小值,必须把构成和的二项之积转化成定值;要求积的最大值,则必须把构成积的因式的和转化成定值;3三相等是利用基本不等式求最值时,必须验证等号成立的条件,若不能取等号则这个定值就不是所求的最值,这也是最容易发生错误的地方.20(1)见详解(2) 【分析】(1)利用不等式的性质即可证明,(2)利用基本不等式即可求助.【详解】(1)因为,所以又因为,所以,所以,即2)因为最小值为当且仅当等号成立.21(1)(2) 【分析】(1)根据不等式的解集可确定1是方程的两个实数根且,结合韦达定理即可求得答案;2)利用基本不等式可求得的最小值,根据恒成立可得,即可求得答案.【详解】(1)因为不等式的解集为所以1是方程的两个实数根且所以,解得,即2)由(1)知,于是有当且仅当,结合,即时,等号成立,依题意有,即,即所以的取值范围为22(1),(2)左右两侧墙的长度为4米时整体报价最低,最低报价为28800 【分析】(1)根据给定条件,用x表示出应急室正面墙的长度,结合题目条件写出解析式.2)由(1)的结论,利用均值不等式求出甲公司报价最小值.【详解】(1)因应急室的左右两侧的长度均为x米,则应急室正面的长度为米,于是得其中.所以y关于x的函数解析式是:,2)由(1)知,对于公司甲,当且仅当,即时取“=”,则当左右两侧墙的长度为4米时,公司甲的最低报价为28800元, 

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