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2023-2024学年江苏省盐城市东台市第五教育联盟九年级（上）月考物理试卷（10月份）（含解析）
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2023-2024学年江苏省盐城市东台市第五教育联盟九年级（上）月考物理试卷（10月份）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1.下列工具中属于省力杠杆的是( )
A. 筷子 B. 瓶起子 C. 镊子 D. 天平
2.用定滑轮匀速提升重物，所用拉力的方向如图所示，不计绳重和摩擦，则( )
A. F1>F2>F3
B. F1=F2=F3
C. F1
3.如图所示的情景中，所述的力对物体没有做功的一组是( )
A. ①③ B. ②④ C. ③④ D. ②③
4.关于功、功率和机械效率，以下说法正确的是( )
A. 做功越多的机械，功率一定大 B. 功率越大的机械，机械效率也越高
C. 做有用功越多的机械，机械效率越高 D. 功率越大的机械，做功一定越快
5.如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体A和B同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是( )
A. 杠杆仍能平衡 B. 杠杆不能平衡，右端下沉
C. 杠杆不能平衡，左端下沉 D. 无法判断
6.某人骑着一辆共享单车(自行车)，在平直公路上以某一速度匀速行驶，若人和车所受的阻力为20N，则通常情况下，骑车人消耗的功率最接近( )
A. 1000W B. 100W C. 5W D. 1W
7.如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油。加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的( )
A. 动能增加，势能减小，机械能不变
B. 动能不变，势能不变，机械能不变
C. 动能减小，势能不变，机械能减小
D. 动能增加，势能增加，机械能增加
8.如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法正确的是( )
A. 木块第1次受到的拉力较大 B. 木块两次的动能一样多
C. 两次拉力对木块做的功一样大 D. 第1次拉力对木块做功的功率大
9.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 0℃的物体也具有内能
B. 只要物体放出热量，温度就一定降低
C. 物体温度越高，含有的热量越多
D. 热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
10.在一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水都变红了。关于这一现象，下列说法中正确的是( )
A. 0℃的水不会有这种现象
B. 这是扩散现象，只发生在液体中
C. 这种现象说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 温度越低，扩散进行得越快
11.如图所示，O为杠杆的支点，A点挂一重力为10牛的重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力F，已知OA=AB，关于F的大小说法正确的是( )
A. 一定等于5牛 B. 一定等于10牛 C. 可能等于4牛 D. 可能等于8牛
12.用四个滑轮和两根相同的绳子组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用它们匀速提起货物，在绳自由端施加竖直的拉力分别为F甲和F乙，物重分别为G甲和G乙，物体被提升高度分别为h甲、h乙，不计绳重及摩擦，则( )
A. 若F甲=F乙且G甲=G乙，则乙的机械效率比较低
B. 若F甲=F乙且h甲=h乙，则甲的机械效率比较低
C. 若G甲=G乙且滑轮重均相同，则甲的机械效率比较低
D. 若F甲=F乙且滑轮重均相同，则乙的机械效率比较低
13.如图所示，工人用轻质动滑轮匀速提升重物，人的拉力______(大于/等于/小于)物体重力，物体升高的距离______(大于/等于/小于)绳子自由端移动的距离。人拉力做的功______(大于/等于/小于)重物增加的重力势能。
14.小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min.在此过程中，小明做了______J的功，小明做功的功率是______W，购物车的重力所做的功是______J。
15.如图是一辆装满同种货物的手推车，当前轮遇到障碍物A时，售货员向下压扶手，这时手推车可看做杠杆，支点是______点(填字母)；当后轮遇到障碍物时，售货员向上提扶手，这时支点是______点，与前轮遇到障碍物时相比，此时较______力(填“省”或“费”)。
16.小华想利用所学的物理知识估测自己跳绳时克服重力的平均功率(不计绳重)。
(1)用体重计测量自己的质量m。
(2)用刻度尺测出自己每次跳起的平均高度h(人的重心上升的高度)。
(3)用______ (填测量器材)记录跳n次所用的时间t。
(4)计算出跳绳时克服重力的平均功率P= ______ 。小华要想提高跳绳测试的成绩，请你从物理学角度为他提出合理的建议：______ 。
17.使用斜面的好处是______，如图所示，沿斜面把质量为12kg的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的拉力是F=100N，斜面长2m、高1m，则其机械效率是______%，物体所受摩擦力是______N.(取g=10N/kg)
18.如图表示撑竿跳高运动的几个阶段：助跑、撑竿起跳、越横杆．
(1)运动员助跑是为了增大运动员的______ (惯性/动能)．
(2)从运动员助跑到撑杆起跳的过程中，有关机械能变化的情况是：运动员的______ 能转化为撑杆的______ 能．
19.如图所示，用装有细沙的容器、三脚小桌和质量不同的木块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”的实验。
(1)该实验是通过观察比较______ 来间接判断物体重力势能大小的。
(2)实验中采用质量不同的木块，是为了探究物体重力势能大小与物体______ 的关系，操作时应该让木块从______ (选填“相同”或“不同”)的高度自由下落。
20.如图为冰的温度随时间变化的图象。t1到t2过程中，温度______，物质的内能______(增大、减小、不变)，该过程需要______(吸收、放出)热量。
21.如图所示，杠杆上的刻度是均匀的，悬挂一重力为1牛的钩码后杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为2牛。请在图中画出悬挂的钩码。
22.小红想用图中的滑轮组装一个滑轮组提升重物，请你在图中画出使用这个滑轮组提升重物最省力的绕线方法。
23.如图，O是轻质杠杆的支点，杠杆在图中所示位置静止，请画出阻力F2和所要施加的最小动力F1的示意图。
24.炎热的夏天，王爷爷驾着一辆功率为120kW的小轿车，带着家人前往井冈山避暑。在一段平直的高速公路上，以90km/h的速度匀速行驶，求：
(1)5min内行驶的路程；
(2)5min内牵引力做的功；
(3)这段路程中小车受到的阻力。
25.为了装修新居，工人用如图所示的动滑轮提升瓷砖。他将重350N的瓷砖从一楼匀速提升到三楼，所用的拉力是200N，花费的时间是2min，每层楼高3m。求：
(1)工人做的额外功。
(2)工人做功的功率。
(3)动滑轮的机械效率。
26.如图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，此时，应把杠杆两端的平衡螺母向 (选填“左”或者“右”)调节，使杠杆在不挂钩码时在水平位置平衡。
(2)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件为： (用字母表示)。他这样得出的结论 (选填“合理”或“不合理”)；原因是： 。
(3)实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是： 。
(4)小明接着利用杠杆研究机械效率，如图丙所示。实验的主要步骤如下：
a.用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，使杠杆保持水平；
b.竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升(保持O点位置不变)，在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2。
请你帮小明完成下列问题：
①杠杆机械效率的表达式为η= (用已知或测量的物理量符号表示)。
②本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是： 。
③若只将钩码的悬挂点由A移至C，而O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
27.在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示。
序号
钩码重
力G/N
钩码上升
高度h/cm
拉力F/N
绳端移动
距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
3
6
10
2.2
30
90.9%
4
6
15
2.2
45
90.9%
(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做______运动。
(2)如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重为______N。
(3)第2次实验时所做的有用功为______J，滑轮组的机械效率是______。
(4)分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越______(选填“大”或“小”)，滑轮组的机械效率越高。分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度______(选填“有关”或“无关”)。
(5)结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______。
A.增大绳重
B.减轻动滑轮重
C.加快物体提升的速度
28.小伟同学猜想：物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度有关。于是，他设计了如图所示的实验，让小球沿光滑斜面自由向下滚动，与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
(1)该实验的研究对象是______。(选填“小球”或“纸盒”)
(2)图甲是控制两球的______相等，探究的是物体动能跟______的关系。
(3)在探究“物体动能跟质量的关系”时，他设计的实验如图乙所示。让质量不同的两个小球从同一斜面的同一______滚下，让两个小球达到水平面时，具有相同的______。
(4)通过图甲、乙两组实验，可得出的结论是：物体质量越大，运动速度越大，它的动能越______。
(5)若水平面足够光滑(完全没有阻力)，则______(选填“能”或“不能”)得出以上结论，其原因是纸盒被撞击后将______。
29.阅读短文，回答问题。
嫦娥奔月我国“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日发射成功，约5天后进入如图所示的环月轨道．它的质量为2.3t，与“嫦娥一号”相同；它环月的平均高度为100km，较“嫦娥一号”200km的环月高度离月球更近，更宜于对月球的精细测绘。
据悉，2013年年底，“嫦娥三号”卫星将携带“中华牌”月球车登月探测，已经探明，月球上无水，无大气，物体在月球上的重力只有地球表面重力的16，月球昼夜间隔大约相当于地球上的14天，也就是说，登上月球的月球车，最多可以连续工作14天，进入月夜以后，它由于无法通过光能发电，进入休眠状态，14天后，又能自动醒来，月球表面白昼时温度高达150℃，黑夜时低至−180℃。“嫦娥三号”在登录月球时将使用软着陆方式，采用边降落边用发动机反推，以减缓降落速度，在大约距离月球15公里时，反推发动机就要点火工作，到离月球100米时，卫星将暂时处于悬停状态，此时它已不受地球上工程人员的控制，它会自动选择一块平整的地方降落，并在离月球表面4米的时候关闭推进器，卫星呈自由落体降落，确保软着陆成功。
(1)当“嫦娥二号”从近月点向远月点运动时，它的动能将______(变大/变小/不变)。
(2)对于“嫦娥”卫星登月的情景，下列说法正确的是______。
A.反推发动机能使“嫦娥三号”悬停于100米处空中，利用的是卫星具有惯性
B.“嫦娥三号”高速降落时将由于摩擦而导致表面温度急剧升高
C.“嫦娥三号”登月时打开降落伞可以辅助减速
D.相对月球，“嫦娥二号”比“嫦娥一号”的势能更小
(3)月球车的质量为120kg，它在月球表面上方竖直下落4m时，重力对它做的功为______J。(g取10N/kg)
(4)月球车在−180℃环境下______内能(有/没有)。
(5)月球车在软着陆时如有轻微反弹，则它从月表竖直反弹到再落回月表过程中动能随时间变化的关系是______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
2.【答案】B
【解析】解：因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，在不计绳重和摩擦时，定滑轮拉同一重物G，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，即F1、F2、F3都等于物体的重力。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
要解答本题需掌握：定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力。
本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】①小车在推力作用下，在力的方向上向前运动了一段距离，力对小车做了功，故①正确；
②、提着滑板在水平路上前行，人给滑板一个向上的力，滑板向上没有移动距离，人对滑板没有做功，故②错误；
③、用绳子拉物体升高，在拉力的作用下运动了一段距离，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，故③正确；
④、用力搬石头，但未搬动，有力作用在物体上，但没有移动距离，所以不做功，故④错误；
故选：B。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
4.【答案】D
【解析】解：A、功率反映了做功的快慢，做功多，时间不确定，由P=Wt知，功率大小不能确定，故A错误；
B、功率描述物体做功快慢，机械效率是有用功与总功的比值，两者没有必然联系，所以功率大，机械效率不一定高，故B错误；
C、使用机械时，机械效率高说明有用功在总功中占的比例大，但有用功多，机械效率不一定越高，故C错误；
D、功率是描述物体做功快慢的物理量，功率越大的机械，做功一定越快，故D正确。
故选：D。
根据功、功率、机械效率的关系分析。做功多少决定于功率和做功时间；功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。
该题考查学生对功率和机械效率的理解，要注意功率与机械效率是两个不同的物理量，它们之间没有任何关系。
5.【答案】C
【解析】解：原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体A、B的重力，其对应的力臂分别为OC、OD，
根据杠杆的平衡条件可得：mAgOC=mBgOD，由图知OC>OD.所以mAmBgOD−mBg△L。
因此杠杆将向悬挂A物体的一端即左端倾斜。
故选：C。
根据杠杆原来处于平衡状态，利用图示杠杆的力臂关系，根据杠杆平衡条件得到物体AB的质量大小关系；
根据条件的变化，分别表示出杠杆作用两边的力矩：力和力臂的乘积。比较力矩的大小，即可确定杠杆是否平衡。
根据杠杆第一次处于平衡状态，利用杠杆的平衡条件，得到物体A、B的质量大小关系，然后根据现在的条件表示两者力矩，利用推导出物体的质量关系，结合力臂的变化，得出两个力矩的大小关系，从而确定杠杆的偏转方向。这是此题的解题思路。
6.【答案】B
【解析】解：
自行车匀速行驶时，其受到的阻力和骑车者的动力是一对平衡力，两个力的大小相等，
所以，骑车者的动力：F=f=20N，
一般情况下骑车速度约为5m/s，则骑车者消耗的功率约为：
P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W。
故选：B。
自行车匀速行驶时受到的阻力和骑车者的动力是一对平衡力，两个力的大小相等，一般情况下骑车速度约为5m/s，根据P=Wt=Fst=Fv求出骑车人消耗的功率。
本题考查了学生根据物理知识进行分析和估测的能力，体现了物理和生活的紧密联系，是一道好题。
7.【答案】D
【解析】解：战斗机的速度不变，质量不断增大，动能增大。高度不变，质量不断增大，重力势能增大。机械能=动能+势能，动能增大，势能增大，所以机械能增大。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=动能+势能。物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化情况。
8.【答案】D
【解析】解：A、从图象上可以看出，木块两次都是作匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力相等，故A错误；
B、从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块的质量不变，所以第一次木块具有的动能多，故B错误；
C、从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不一样大，故C错误；
D、从图中可以看出第1次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据公式P=FV可知，拉力第1次做功的功率大；故D正确。
故选：D。
(1)先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力的关系；
(2)根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析；
(3)根据决定动能的因素即木块的质量和木块的速度进行分析；
(4)根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=FS比较两次做功的多少。
本题考查识图能力、二力平衡的条件、功的计算公式的应用以及能量守恒定律的掌握情况，本题的关键是能从图中得出相关信息。
9.【答案】A
【解析】解：A、一切物体都有内能，0℃的物体也具有内能，故A正确；
B、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如晶体凝固时放出热量，内能减少，温度不变，故B错误；
C、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量，故C错误；
D、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。
故选：A。
(1)一切物体都有内能；
(2)内能的大小与温度、质量和状态有关；
(3)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
(4)发生热传递的条件是存在温度差。
本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是热学的难点；要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高。
10.【答案】C
【解析】解：将一滴红墨水滴入一杯清水中，一段时间后整杯水都变红了，这是因为墨水分子和水分子在不停的运动的结果，属于扩散现象，扩散现象在任何温度下都能进行，固体、液体、气体间都能进行，温度越高、扩散越快，故C正确、故ABD错误。
故选：C。
要解答本题需掌握：扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，扩散现象可以发生在气体、液体、固体间，温度越高，分子运动的越剧烈。
本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题。
11.【答案】D
【解析】解：由图可知，重力与OA垂直，则重力对应的阻力臂就是OA；
若在B点施加一个竖直向上的力F，由力臂的定义，OB为最大的力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小，
F最小=OAAB×10N=5N；
若在B点施加一个力的方向不与OB垂直，如下所示，则力臂为OC，力臂变小，若OC=OA，根据杠杆的平衡条件，则F=G=10N；
若在B点施加一个力F′，如下所示，这个力的力臂大于OC而小于OB，
根据杠杆的平衡条件，5N
由图可知，重力与OA垂直，则重力对应的阻力臂就是OA；
若在B点施加一个竖直向上的力F，由力臂的定义，OB为最大的力臂，根据杠杆的平衡条件可求出动力的最小值；
若在B点施加一个力的方向不与OB垂直，当其力臂等于阻力臂时，根据杠杆的平衡条件，则F=G，
若在B点施加一个力F′，这个力的力臂大于OC而小于OB，根据杠杆的平衡条件确定定个力的大小。选D。
本题考查杠杆的平衡条例，关键是明确动力的方向不同，动力大小不同。
12.【答案】D
【解析】解：由图中滑轮组的结构可知，n1=3，n2=2，不计绳重及摩擦，拉力F=1n(G物+G动)，
A、若F甲=F乙且G甲=G乙，n1>n2，根据η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，故甲的机械效率低于乙的机械效率，故A错误；
B、若F甲=F乙且h甲=h乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲+G动甲>G乙+G动乙，根据η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，机械效率与高度无关，由于无法判断G甲与G乙的大小关系，无法确定甲、乙的机械效率，故无法判断二者的大小，故B错误；
C、若G甲=G乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，根据η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%可知，甲、乙滑轮组的机械效率相同，故C错误；
D、若F甲=F乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲>G乙，根据η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%=11+G动G物×100%可知，甲的机械效率高于乙的机械效率，故D正确。
故选：D。
由图中滑轮组的结构可知，n1=3，n2=2，
①若F甲=F乙且G甲=G乙，n1>n2，根据公式η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%比较甲、乙机械效率的大小；
②若F甲=F乙且h甲=h乙，根据公式η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，机械效率与高度无关，由于无法判断G甲与G乙的大小关系，故无法确定甲、乙的机械效率，故无法判断二者的大小；
③若G甲=G乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，根据公式η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%，比较甲、乙机械效率的大小；
④若F甲=F乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲>G乙，根据公式η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%=11+G动G物×100%，比较甲、乙机械效率的大小。
本题主要考查了不同条件下，机械效率大小的比较，能根据选项中所提供的条件灵活选用效率的公式是解题的关键。
13.【答案】小于 小于 大于
【解析】解：工人用轻质动滑轮匀速提升重物，因为动滑轮可以剩省一半的力，所以人的拉力小于物体的重力；
因为动滑轮省一半的力却费2倍的距离，所以物体上升的高度小于绳子自由端移动的距离；
工人用动滑轮匀速提升物体时，根据能量守恒可知，人的拉力做功，使得物体和滑轮的重力势能都增大，所以人拉力做功等于滑轮和物体增加的重力势能之和，则人拉力做的功大于滑轮增加的重力势能；
故答案为：小于；小于；大于。
(1)根据动滑轮的特点分析拉力与物体重力的大小关系。
(2)根据动滑轮省一半的力，费距离判断绳子长度变化。
此题考查了动滑轮的特点，难度不大。
14.【答案】300 10 0
【解析】解：
(1)∵F=20N，S=15m，
∴推力做的功为：
W=Fs=20N×15m=300J，
(2)t=0.5min=30s，
P=Wt=300J30s=10W；
(3)购物车，在水平面上匀速前进15m，虽然有力，也有距离，但距离不是在重力的方向上，所以重力没做功，为0J；
故答案为：300；10；0。
(1)知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W=FS计算推力做的功；
(2)又知道做功的时间，可利用公式P=Wt计算功率；
(3)购物车受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功；
本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解与掌握，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
15.【答案】C B 省
【解析】解：
(1)当前轮遇到障碍物A时，售货员向下压扶手，手推车可看作杠杆，手推车绕着C点转动，C是支点；
当后轮遇到障碍时，售货员向上提扶手，手推车绕着B点转动，B是支点；
(2)当后轮遇到障碍物时，支点是B点，当前轮遇到障碍物A时，C是支点，在这两种情况下，阻力(手推车重力)与阻力臂相等，后轮遇到障碍物时的动力臂大于前轮遇到障碍物时的动力臂，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，因此与前轮遇到障碍物时相比，此时较省力。
故答案为：C；B；省。
(1)杠杆绕着转动的固定点是杠杆的支点；
(2)由杠杆的平衡条件可知：当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杠。
(1)解决此类问题要结合杠杆的五要素和杠杆的平衡条件进行分析解答；
(2)杠杆类型根据动力臂和阻力臂的长短判断。
16.【答案】秒表 P=nmght 降低跳起高度或减肥减轻体重
【解析】解：(3)由功率公式P=Wt可知，要测功率，还需用秒表测出跳n次所用的时间t；
(4)由公式P=Wt可知，小华跳绳时克服重力的平均功率：P=Wt=Ght=nmght。
相同时间里，跳的次数越多成绩越好。在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的。每次做的功越少，相同时间里跳的次数才越多，成绩才越好。所以想提高跳绳测试的成绩，可以降低跳起高度、减肥减轻体重等。
故答案为：(3)秒表；(4)P=nmght；降低跳起高度或减肥减轻体重。
(3)记录时间的测量器材是秒表；
(4)公式P=Wt可知小华跳绳时克服重力的平均功率；相同时间内，跳的次数越多成绩越好；在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的；每次做的功越少，相同时间内跳的次数才越多，成绩才越好；
本题联系实际考查了克服重力做功的平均功率的测量方法，关键是明确实验原理。
17.【答案】省力 60 40
【解析】解：(1)斜面是一种简单机械，使用斜面可以省力；
(2)有用功：W有=Gh=mgh=12kg×10N/kg×1m=120J；
拉力做的总功：W总=Fs=100N×2m=200J；
斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=120J200J×100%=60%；
(3)额外功：W额=W总−W有=200J−120J=80J，
由W额=fs可得，物体所受的摩擦力：
f=W额s=80J2m=40N。
故答案为：省力；60； 40。
(1)斜面也是一种常用的机械，使用斜面比较省力；
(2)知道拉力大小，利用W=Fs求出总功，利用W=Gh求出有用功，利用效率公式求出斜面的机械效率。
(3)克服摩擦力做的功即为额外功，根据W=fs求出摩擦力的大小。
本题考查了使用斜面时功、机械效率和摩擦力的计算等，关键是知道克服摩擦力做的功即为额外功。
18.【答案】(1)动能；(2)动，弹性势
【解析】【分析】
(1)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)弹性势能大小跟物体弹性形变的大小有关，弹性形变越大，弹性势能越大．
本题考查了动能与重力势能的转化的知识，知道动能与质量和速度有关，弹性势能与弹性形变程度有关．
【解答】
(1)跳高运动员在比赛中都是先助跑一段距离后才起跳，改变的只是速度，而没有改变运动员的质量，所以运动员的惯性没变，只是增加了运动员的动能．
(2)从运动员助跑到撑杆起跳的过程中，运动员的动能减小，撑杆发生弹性形变，具有弹性势能，因此是运动员的动能转化为撑杆的弹性势能．
故答案为：(1)动能；(2)动；弹性势．
19.【答案】小桌在沙子中下陷的深度 质量 相同
【解析】解：
①由题意知，实验是通过观察比较小桌在沙子中下陷的深度来间接判断物体重力势能大小的；这种实验方法叫做转换法；
②实验中采用质量不同的木块，是为了探究重力势能与质量的关系，在探究过程中要注意保持物体从同一高度由静止落下。
故答案为：①小桌在沙子中下陷的深度；②质量；相同。
(1)掌握转换法在此实验中的应用，此实验通过小桌陷入沙子中的深度来判断重力势能的大小；
(2)掌握控制变量法在此实验中的应用，重力势能与物体的质量和被举高度有关，在探究重力势能与其中一个量的关系时，另一个量保持不变，改变要探究的量。
此题考查了重力势能大小与哪些因素有关的实验；注意控制变量法和转换法在两个实验中的应用。
20.【答案】不变 增大 吸收
【解析】解：从图中可知，t1到t2过程中是冰的熔化过程，由于此时属于吸热过程温度不变，故冰为晶体；冰的熔化过程中，吸热温度不变，内能增大；
故答案为：不变；增大；吸收。
晶体熔化过程，吸热温度不变，内能增大；
此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别。
21.【答案】解：根据题意知，应在支点左侧的某一位置挂钩码，设每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件：
F1L1=F2L2
即：L2=F1L1F2=2N×2L1N=4L。
所以，应在杠杆左端离支点第4个小格处挂此钩码，如图所示。
【解析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2确定钩码的确切位置。
此题考查了杠杆平衡条件的应用，掌握杠杆的平衡条件，并确定各个力对应的力臂，代入求出所求的未知量。
22.【答案】解：从动滑轮的上挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。
23.【答案】解：
物体G对杠杆的拉力即为阻力F2，方向竖直向下；
根据杠杆的平衡条件可知，动力臂越长越省力；连接OA，则OA是最长的动力臂L1；
物体对杠杆的力使杠杆向顺时针方向转动，则动力应使其向逆时针方向转动(这样才能使杠杆在此位置平衡)，过A点作垂直于OA向上的动力F1，如图所示：
【解析】(1)根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。因此先确定最长的力臂，即离支点最远的点；然后过动力作用点做垂直于杠杆连线的作用力即可。
(2)阻力是阻碍杠杆转动的力。
此题考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
24.【答案】解：
(1)行驶时间t=5min=300s，v=90km/h=90×13.6m/s=25m/s，
由v=st可得5min内行驶的路程：
s=vt=25m/s×300s=7500m=7.5km；
(2)由P=Wt可得牵引力做的功：
W=Pt=120×103W×300s=3.6×107J；
(3)由W=Fs可得小轿车受到的牵引力为：
F=Ws=3.6×107J7500m=4800N，
因为小轿车在平直的公路上匀速行驶，水平方向上受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以小轿车受到的阻力：
f=F=4800N。
答：(1)5min内行驶的路程为7500m；
(2)5min牵引力做的功为1.8×107J；
(3)这段路程中汽车受到的阻力为4800N。
【解析】(1)知道汽车匀速行驶的速度、行驶时间，利用s=vt求行驶的路程；
(2)知道小轿车的功率、行驶时间，利用W=Pt求牵引力做的功；
(3)求出的行驶的路程，利用W=Fs求牵引力大小，由于汽车在平直公路上匀速行驶，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，据此可求这段路程中汽车受到的阻力。
本题考查了速度公式、功的公式、功率公式以及二力平衡的条件，计算时注意单位统一，属于基础题目。
25.【答案】解：(1)h=2×3m=6m，
W有=Gh=350N×6m=2100J，
W总=Fs=200N×2×6m=2400J，
工人做的额外功为：W额=W总−W有=2400J−2100J=300J；
(2)P总=W总t=2400J120s=20W；
(3)η=W有W总×100%=2100J2400J×100%=87.5%。
答：(1)工人做的额外功为300J；
(2)工人做的功率为20W；
(3)动滑轮的机械效率为87.5%。
【解析】(1)已知瓷砖的重力和每层楼高，则由W=Gh即可求得有用功；由动滑轮的特点可求出拉力的距离，由拉力的距离和拉力大小可求得人所做的总功，由W额=W总−W有可得工人做的额外功；
(2)由功率公式可求得功率；
(3)由有用功和总功，利用机械效率公式可求得机械效率。
此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目。
26.【答案】左 F1L1=F2L2 不合理 实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性 杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响 Gh1Fh2 杠杆的自重 变大
【解析】解：(1)将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，应把平衡螺母向左端移动，直到杠杆在水平位置静止；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，公式为F1L1=F2L2；实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性，所以他这样得出的结论是不合理的；
(3)如图乙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响；
(4)①有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式η=W有W总=Gh1Fh2；
②由①知η=Gh1Fh2，本次实验中，若提升的钩码重一定，F随杠杆自重的变化而变化，则影响杠杆机械效率的主要因素是：杠杆的自重；
③钩码的悬挂点在A点时，由杠杆的平衡条件得G⋅OA=F⋅OB；悬挂点移至C点时，由杠杆的平衡条件得G⋅OC=F⋅OB，经对比发现，由OA到OC力臂变大，所以拉力F也变大，但是在此过程中，把钩码提升的高度相同，即有用功不变，杠杆重心的提升也变小，(不计摩擦)也就是额外功也变小，根据η=W有W总=W有W有+W额可知，机械效率变大。
故答案为：(1)左；(2)F1L1=F2L2；不合理；实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性；(3)杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响；(4)①Gh1Fh2；②杠杆的自重；③变大。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，向左调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
(2)用实验探究物理问题时，要多进行几次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；
(3)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(4)①使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；
②本次实验中，若提升的钩码重一定，根据表达式来确定影响杠杆机械效率的主要因素；
③将钩码的悬挂点从A点移至C点，改变了钩码拉力的力臂，根据公式η=W有W总=W有W有+W额进行分析。
本题考查调节杠杆在水平位置平衡的方法、多次测量使实验结论具有普遍性、杠杆机械效率的测量、杠杆机械效率的主要因素、以及提高机械效率的方法等，具有一定的难度。
27.【答案】匀速直线 0.4 0.4 88.9% 大 无关 B
【解析】解：(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速直线运动，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
(2)由图可知，该滑轮组绳子的承重段数n=3，忽略绳重和摩擦，根据F=
1
n
(G+G 动)可得，动滑轮的重力为：
G 动=3F 1−G 1=3×0.8N−2N=0.4N；
(3)克服钩码重力做功为有用功，根据表格中的数据可得，第2次实验时所做的有用功：
W 有2=G 2h 2=4N×0.1m=0.4J，
拉力做的功为总功：
W 总2=F 2s 2=1.5N×0.3m=0.45J，
所以第2次实验时，滑轮组的机械效率为：
η 2=
W有2
W总2
=
0.4J
0.45J
≈88.9%；
(4)分析1、2、3次实验的数据可知，重物越重，机械效率越大，所以可得：使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越高；
分析3、4次实验的数据可知，钩码上升的高度不同，但滑轮组的机械效率相同，所以滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
(5)A.增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A不符合题意；
B.减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率变大，故B符合题意；
C.由(4)可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=
s
t
可知，机械效率与物体提升的速度无关，故C不符合题意。
故选B。
故答案为：(1)匀速直线；(2)0.4；(3)0.4；88.9%；(4)大；无关；(5)B。
28.【答案】小球 质量 速度 高度 速度 大 不能 做匀速直线运动
【解析】解：(1)本实验中，研究物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度有关，研究对象是小球；
(2)图甲中，两球的质量相等，小球从不同高度滚下，运动到水平面时的速度不同，探究的是物体动能跟运动速度的关系；
(3)让质量不同的两个小球从同一斜面的同一高度滚下，小球的重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，让两个小球达到水平面时，具有相同的初速度；
(4)根据甲中的实验，两球的质量相同，从2h高度滑下的小球(速度更大)推动纸盒通过的距离大，这个球的动能更大；
乙中实验，小球滑下的高度相同，到达水平面的速度相同，质量为2m球的质量大，质量为2m的球推动纸盒通过的距离大，这个球的动能大；
综上，通过图甲、乙两组实验知，可得出的结论是：物体质量越大，运动速度越大，小球撞击纸盒后纸盒运动的距离越大，即小球的动能越大；
(5)若水平面足够光滑(完全没有阻力)，根据牛顿第一定律，纸盒被撞击后将做匀速直线运动，故不能得出以上结论。
故答案为：(1)小球；(2)质量；速度；(3)高度；速度；(4)大；(5)不能；做匀速直线运动．
(1)根据转换法，本实验中通过小球推动放在水平面上的纸盒通过的距离长短表示小球的动能大小，据此回答；
(2)动能大小与物体质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)重力势能大小决定于物体的质量和举高的高度，动能大小决定于物体的质量和速度，据此分析；
(4)分别分析甲乙图中实验中相同因素和不同因素，得出动能与变化量的关系；
(5)根据牛顿第一定律结合转换法分析。
本题研究物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度的关系，考查控制变量法、转换法、数据分析和牛顿第一定律的运用。
29.【答案】变小 D 800 有 D
【解析】解：(1)“嫦娥二号”从近月点向远月点运动时，在近月点势能最小，动能最大，在远月点，势能最大，动能最小，在从近月点向远月点运动的过程中，势能增大，动能减小，动能转化为势能，故动能变小；
(2)A.反推发动机能使“嫦娥三号”悬停于100米处空中，利用的是物体间力的作用是相互的，故A错误；
B.太空是真空，“嫦娥三号”高速降落时没有摩擦；故B错误；
D.“嫦娥三号”登月时呈自由落体降落，故C错误；
C.相对月球，“嫦娥−二号”比“嫦娥一号”的高度更低，所以势能更小，故D正确；
故答案选D；
(3)重力对它做的功为W=Gh=16mgh=16×120kg×10N/kg×4m=800J；
(4)一切物体都具有内能，故月球车在−180℃环境下有内能；
(5)月球车从月表竖直反弹到再落回月表过程中，速度先减小再增大，且在最高点时速度为0，则整个过程中动能先减小再增大(最高点时动能为0)，由于月球上没有空气，所以月球车在竖直方向运动时不受空气阻力，其机械能守恒，由此可知月球车落回月表时的动能和最初的动能相等，故D图像符合题意。
故答案为：(1)变小；(2)D；(3)800J；(4)有；(5)D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大；在绕地月运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗；物体间力的作用是相互的；
(3)根据公式W=Gh可求克服重力做的功；
(4)一切物体都具有内能；
(5)动能大小的影响因素：速度越大，动能越大。
本题考查月球和太空中的一些现象，学生无法直接来体验，只能根据一些科普知识来推断，所以要关注新闻，了解重要事件，挖掘和物理知识相关的内容。
2023-2024学年江苏省盐城市东台市第五教育联盟九年级（上）月考物理试卷（10月份）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1.下列工具中属于省力杠杆的是( )
A. 筷子 B. 瓶起子 C. 镊子 D. 天平
2.用定滑轮匀速提升重物，所用拉力的方向如图所示，不计绳重和摩擦，则( )
A. F1>F2>F3
B. F1=F2=F3
C. F1
3.如图所示的情景中，所述的力对物体没有做功的一组是( )
A. ①③ B. ②④ C. ③④ D. ②③
4.关于功、功率和机械效率，以下说法正确的是( )
A. 做功越多的机械，功率一定大 B. 功率越大的机械，机械效率也越高
C. 做有用功越多的机械，机械效率越高 D. 功率越大的机械，做功一定越快
5.如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体A和B同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是( )
A. 杠杆仍能平衡 B. 杠杆不能平衡，右端下沉
C. 杠杆不能平衡，左端下沉 D. 无法判断
6.某人骑着一辆共享单车(自行车)，在平直公路上以某一速度匀速行驶，若人和车所受的阻力为20N，则通常情况下，骑车人消耗的功率最接近( )
A. 1000W B. 100W C. 5W D. 1W
7.如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油。加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的( )
A. 动能增加，势能减小，机械能不变
B. 动能不变，势能不变，机械能不变
C. 动能减小，势能不变，机械能减小
D. 动能增加，势能增加，机械能增加
8.如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法正确的是( )
A. 木块第1次受到的拉力较大 B. 木块两次的动能一样多
C. 两次拉力对木块做的功一样大 D. 第1次拉力对木块做功的功率大
9.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 0℃的物体也具有内能
B. 只要物体放出热量，温度就一定降低
C. 物体温度越高，含有的热量越多
D. 热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
10.在一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水都变红了。关于这一现象，下列说法中正确的是( )
A. 0℃的水不会有这种现象
B. 这是扩散现象，只发生在液体中
C. 这种现象说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 温度越低，扩散进行得越快
11.如图所示，O为杠杆的支点，A点挂一重力为10牛的重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力F，已知OA=AB，关于F的大小说法正确的是( )
A. 一定等于5牛 B. 一定等于10牛 C. 可能等于4牛 D. 可能等于8牛
12.用四个滑轮和两根相同的绳子组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用它们匀速提起货物，在绳自由端施加竖直的拉力分别为F甲和F乙，物重分别为G甲和G乙，物体被提升高度分别为h甲、h乙，不计绳重及摩擦，则( )
A. 若F甲=F乙且G甲=G乙，则乙的机械效率比较低
B. 若F甲=F乙且h甲=h乙，则甲的机械效率比较低
C. 若G甲=G乙且滑轮重均相同，则甲的机械效率比较低
D. 若F甲=F乙且滑轮重均相同，则乙的机械效率比较低
13.如图所示，工人用轻质动滑轮匀速提升重物，人的拉力______(大于/等于/小于)物体重力，物体升高的距离______(大于/等于/小于)绳子自由端移动的距离。人拉力做的功______(大于/等于/小于)重物增加的重力势能。
14.小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min.在此过程中，小明做了______J的功，小明做功的功率是______W，购物车的重力所做的功是______J。
15.如图是一辆装满同种货物的手推车，当前轮遇到障碍物A时，售货员向下压扶手，这时手推车可看做杠杆，支点是______点(填字母)；当后轮遇到障碍物时，售货员向上提扶手，这时支点是______点，与前轮遇到障碍物时相比，此时较______力(填“省”或“费”)。
16.小华想利用所学的物理知识估测自己跳绳时克服重力的平均功率(不计绳重)。
(1)用体重计测量自己的质量m。
(2)用刻度尺测出自己每次跳起的平均高度h(人的重心上升的高度)。
(3)用______ (填测量器材)记录跳n次所用的时间t。
(4)计算出跳绳时克服重力的平均功率P= ______ 。小华要想提高跳绳测试的成绩，请你从物理学角度为他提出合理的建议：______ 。
17.使用斜面的好处是______，如图所示，沿斜面把质量为12kg的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的拉力是F=100N，斜面长2m、高1m，则其机械效率是______%，物体所受摩擦力是______N.(取g=10N/kg)
18.如图表示撑竿跳高运动的几个阶段：助跑、撑竿起跳、越横杆．
(1)运动员助跑是为了增大运动员的______ (惯性/动能)．
(2)从运动员助跑到撑杆起跳的过程中，有关机械能变化的情况是：运动员的______ 能转化为撑杆的______ 能．
19.如图所示，用装有细沙的容器、三脚小桌和质量不同的木块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”的实验。
(1)该实验是通过观察比较______ 来间接判断物体重力势能大小的。
(2)实验中采用质量不同的木块，是为了探究物体重力势能大小与物体______ 的关系，操作时应该让木块从______ (选填“相同”或“不同”)的高度自由下落。
20.如图为冰的温度随时间变化的图象。t1到t2过程中，温度______，物质的内能______(增大、减小、不变)，该过程需要______(吸收、放出)热量。
21.如图所示，杠杆上的刻度是均匀的，悬挂一重力为1牛的钩码后杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为2牛。请在图中画出悬挂的钩码。
22.小红想用图中的滑轮组装一个滑轮组提升重物，请你在图中画出使用这个滑轮组提升重物最省力的绕线方法。
23.如图，O是轻质杠杆的支点，杠杆在图中所示位置静止，请画出阻力F2和所要施加的最小动力F1的示意图。
24.炎热的夏天，王爷爷驾着一辆功率为120kW的小轿车，带着家人前往井冈山避暑。在一段平直的高速公路上，以90km/h的速度匀速行驶，求：
(1)5min内行驶的路程；
(2)5min内牵引力做的功；
(3)这段路程中小车受到的阻力。
25.为了装修新居，工人用如图所示的动滑轮提升瓷砖。他将重350N的瓷砖从一楼匀速提升到三楼，所用的拉力是200N，花费的时间是2min，每层楼高3m。求：
(1)工人做的额外功。
(2)工人做功的功率。
(3)动滑轮的机械效率。
26.如图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，此时，应把杠杆两端的平衡螺母向 (选填“左”或者“右”)调节，使杠杆在不挂钩码时在水平位置平衡。
(2)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件为： (用字母表示)。他这样得出的结论 (选填“合理”或“不合理”)；原因是： 。
(3)实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是： 。
(4)小明接着利用杠杆研究机械效率，如图丙所示。实验的主要步骤如下：
a.用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，使杠杆保持水平；
b.竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升(保持O点位置不变)，在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2。
请你帮小明完成下列问题：
①杠杆机械效率的表达式为η= (用已知或测量的物理量符号表示)。
②本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是： 。
③若只将钩码的悬挂点由A移至C，而O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
27.在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示。
序号
钩码重
力G/N
钩码上升
高度h/cm
拉力F/N
绳端移动
距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
3
6
10
2.2
30
90.9%
4
6
15
2.2
45
90.9%
(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做______运动。
(2)如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重为______N。
(3)第2次实验时所做的有用功为______J，滑轮组的机械效率是______。
(4)分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越______(选填“大”或“小”)，滑轮组的机械效率越高。分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度______(选填“有关”或“无关”)。
(5)结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______。
A.增大绳重
B.减轻动滑轮重
C.加快物体提升的速度
28.小伟同学猜想：物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度有关。于是，他设计了如图所示的实验，让小球沿光滑斜面自由向下滚动，与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
(1)该实验的研究对象是______。(选填“小球”或“纸盒”)
(2)图甲是控制两球的______相等，探究的是物体动能跟______的关系。
(3)在探究“物体动能跟质量的关系”时，他设计的实验如图乙所示。让质量不同的两个小球从同一斜面的同一______滚下，让两个小球达到水平面时，具有相同的______。
(4)通过图甲、乙两组实验，可得出的结论是：物体质量越大，运动速度越大，它的动能越______。
(5)若水平面足够光滑(完全没有阻力)，则______(选填“能”或“不能”)得出以上结论，其原因是纸盒被撞击后将______。
29.阅读短文，回答问题。
嫦娥奔月我国“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日发射成功，约5天后进入如图所示的环月轨道．它的质量为2.3t，与“嫦娥一号”相同；它环月的平均高度为100km，较“嫦娥一号”200km的环月高度离月球更近，更宜于对月球的精细测绘。
据悉，2013年年底，“嫦娥三号”卫星将携带“中华牌”月球车登月探测，已经探明，月球上无水，无大气，物体在月球上的重力只有地球表面重力的16，月球昼夜间隔大约相当于地球上的14天，也就是说，登上月球的月球车，最多可以连续工作14天，进入月夜以后，它由于无法通过光能发电，进入休眠状态，14天后，又能自动醒来，月球表面白昼时温度高达150℃，黑夜时低至−180℃。“嫦娥三号”在登录月球时将使用软着陆方式，采用边降落边用发动机反推，以减缓降落速度，在大约距离月球15公里时，反推发动机就要点火工作，到离月球100米时，卫星将暂时处于悬停状态，此时它已不受地球上工程人员的控制，它会自动选择一块平整的地方降落，并在离月球表面4米的时候关闭推进器，卫星呈自由落体降落，确保软着陆成功。
(1)当“嫦娥二号”从近月点向远月点运动时，它的动能将______(变大/变小/不变)。
(2)对于“嫦娥”卫星登月的情景，下列说法正确的是______。
A.反推发动机能使“嫦娥三号”悬停于100米处空中，利用的是卫星具有惯性
B.“嫦娥三号”高速降落时将由于摩擦而导致表面温度急剧升高
C.“嫦娥三号”登月时打开降落伞可以辅助减速
D.相对月球，“嫦娥二号”比“嫦娥一号”的势能更小
(3)月球车的质量为120kg，它在月球表面上方竖直下落4m时，重力对它做的功为______J。(g取10N/kg)
(4)月球车在−180℃环境下______内能(有/没有)。
(5)月球车在软着陆时如有轻微反弹，则它从月表竖直反弹到再落回月表过程中动能随时间变化的关系是______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
2.【答案】B
【解析】解：因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，在不计绳重和摩擦时，定滑轮拉同一重物G，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，即F1、F2、F3都等于物体的重力。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
要解答本题需掌握：定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力。
本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】①小车在推力作用下，在力的方向上向前运动了一段距离，力对小车做了功，故①正确；
②、提着滑板在水平路上前行，人给滑板一个向上的力，滑板向上没有移动距离，人对滑板没有做功，故②错误；
③、用绳子拉物体升高，在拉力的作用下运动了一段距离，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，故③正确；
④、用力搬石头，但未搬动，有力作用在物体上，但没有移动距离，所以不做功，故④错误；
故选：B。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
4.【答案】D
【解析】解：A、功率反映了做功的快慢，做功多，时间不确定，由P=Wt知，功率大小不能确定，故A错误；
B、功率描述物体做功快慢，机械效率是有用功与总功的比值，两者没有必然联系，所以功率大，机械效率不一定高，故B错误；
C、使用机械时，机械效率高说明有用功在总功中占的比例大，但有用功多，机械效率不一定越高，故C错误；
D、功率是描述物体做功快慢的物理量，功率越大的机械，做功一定越快，故D正确。
故选：D。
根据功、功率、机械效率的关系分析。做功多少决定于功率和做功时间；功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。
该题考查学生对功率和机械效率的理解，要注意功率与机械效率是两个不同的物理量，它们之间没有任何关系。
5.【答案】C
【解析】解：原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体A、B的重力，其对应的力臂分别为OC、OD，
根据杠杆的平衡条件可得：mAgOC=mBgOD，由图知OC>OD.所以mA
因此杠杆将向悬挂A物体的一端即左端倾斜。
故选：C。
根据杠杆原来处于平衡状态，利用图示杠杆的力臂关系，根据杠杆平衡条件得到物体AB的质量大小关系；
根据条件的变化，分别表示出杠杆作用两边的力矩：力和力臂的乘积。比较力矩的大小，即可确定杠杆是否平衡。
根据杠杆第一次处于平衡状态，利用杠杆的平衡条件，得到物体A、B的质量大小关系，然后根据现在的条件表示两者力矩，利用推导出物体的质量关系，结合力臂的变化，得出两个力矩的大小关系，从而确定杠杆的偏转方向。这是此题的解题思路。
6.【答案】B
【解析】解：
自行车匀速行驶时，其受到的阻力和骑车者的动力是一对平衡力，两个力的大小相等，
所以，骑车者的动力：F=f=20N，
一般情况下骑车速度约为5m/s，则骑车者消耗的功率约为：
P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W。
故选：B。
自行车匀速行驶时受到的阻力和骑车者的动力是一对平衡力，两个力的大小相等，一般情况下骑车速度约为5m/s，根据P=Wt=Fst=Fv求出骑车人消耗的功率。
本题考查了学生根据物理知识进行分析和估测的能力，体现了物理和生活的紧密联系，是一道好题。
7.【答案】D
【解析】解：战斗机的速度不变，质量不断增大，动能增大。高度不变，质量不断增大，重力势能增大。机械能=动能+势能，动能增大，势能增大，所以机械能增大。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=动能+势能。物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化情况。
8.【答案】D
【解析】解：A、从图象上可以看出，木块两次都是作匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力相等，故A错误；
B、从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块的质量不变，所以第一次木块具有的动能多，故B错误；
C、从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不一样大，故C错误；
D、从图中可以看出第1次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据公式P=FV可知，拉力第1次做功的功率大；故D正确。
故选：D。
(1)先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力的关系；
(2)根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析；
(3)根据决定动能的因素即木块的质量和木块的速度进行分析；
(4)根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=FS比较两次做功的多少。
本题考查识图能力、二力平衡的条件、功的计算公式的应用以及能量守恒定律的掌握情况，本题的关键是能从图中得出相关信息。
9.【答案】A
【解析】解：A、一切物体都有内能，0℃的物体也具有内能，故A正确；
B、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如晶体凝固时放出热量，内能减少，温度不变，故B错误；
C、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量，故C错误；
D、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。
故选：A。
(1)一切物体都有内能；
(2)内能的大小与温度、质量和状态有关；
(3)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
(4)发生热传递的条件是存在温度差。
本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是热学的难点；要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高。
10.【答案】C
【解析】解：将一滴红墨水滴入一杯清水中，一段时间后整杯水都变红了，这是因为墨水分子和水分子在不停的运动的结果，属于扩散现象，扩散现象在任何温度下都能进行，固体、液体、气体间都能进行，温度越高、扩散越快，故C正确、故ABD错误。
故选：C。
要解答本题需掌握：扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，扩散现象可以发生在气体、液体、固体间，温度越高，分子运动的越剧烈。
本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题。
11.【答案】D
【解析】解：由图可知，重力与OA垂直，则重力对应的阻力臂就是OA；
若在B点施加一个竖直向上的力F，由力臂的定义，OB为最大的力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小，
F最小=OAAB×10N=5N；
若在B点施加一个力的方向不与OB垂直，如下所示，则力臂为OC，力臂变小，若OC=OA，根据杠杆的平衡条件，则F=G=10N；
若在B点施加一个力F′，如下所示，这个力的力臂大于OC而小于OB，
根据杠杆的平衡条件，5N
由图可知，重力与OA垂直，则重力对应的阻力臂就是OA；
若在B点施加一个竖直向上的力F，由力臂的定义，OB为最大的力臂，根据杠杆的平衡条件可求出动力的最小值；
若在B点施加一个力的方向不与OB垂直，当其力臂等于阻力臂时，根据杠杆的平衡条件，则F=G，
若在B点施加一个力F′，这个力的力臂大于OC而小于OB，根据杠杆的平衡条件确定定个力的大小。选D。
本题考查杠杆的平衡条例，关键是明确动力的方向不同，动力大小不同。
12.【答案】D
【解析】解：由图中滑轮组的结构可知，n1=3，n2=2，不计绳重及摩擦，拉力F=1n(G物+G动)，
A、若F甲=F乙且G甲=G乙，n1>n2，根据η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，故甲的机械效率低于乙的机械效率，故A错误；
B、若F甲=F乙且h甲=h乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲+G动甲>G乙+G动乙，根据η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，机械效率与高度无关，由于无法判断G甲与G乙的大小关系，无法确定甲、乙的机械效率，故无法判断二者的大小，故B错误；
C、若G甲=G乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，根据η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%可知，甲、乙滑轮组的机械效率相同，故C错误；
D、若F甲=F乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲>G乙，根据η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%=11+G动G物×100%可知，甲的机械效率高于乙的机械效率，故D正确。
故选：D。
由图中滑轮组的结构可知，n1=3，n2=2，
①若F甲=F乙且G甲=G乙，n1>n2，根据公式η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%比较甲、乙机械效率的大小；
②若F甲=F乙且h甲=h乙，根据公式η=W有W总×100%=G有hFs×100%=G有hnhF×100%=G有nF×100%可知，机械效率与高度无关，由于无法判断G甲与G乙的大小关系，故无法确定甲、乙的机械效率，故无法判断二者的大小；
③若G甲=G乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，根据公式η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%，比较甲、乙机械效率的大小；
④若F甲=F乙且滑轮重均相同G动甲=G动乙，不计绳重及摩擦，F甲=13(G甲+G动甲)，F乙=12(G乙+G动乙)，可得G甲>G乙，根据公式η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=G物G物+G动×100%=11+G动G物×100%，比较甲、乙机械效率的大小。
本题主要考查了不同条件下，机械效率大小的比较，能根据选项中所提供的条件灵活选用效率的公式是解题的关键。
13.【答案】小于 小于 大于
【解析】解：工人用轻质动滑轮匀速提升重物，因为动滑轮可以剩省一半的力，所以人的拉力小于物体的重力；
因为动滑轮省一半的力却费2倍的距离，所以物体上升的高度小于绳子自由端移动的距离；
工人用动滑轮匀速提升物体时，根据能量守恒可知，人的拉力做功，使得物体和滑轮的重力势能都增大，所以人拉力做功等于滑轮和物体增加的重力势能之和，则人拉力做的功大于滑轮增加的重力势能；
故答案为：小于；小于；大于。
(1)根据动滑轮的特点分析拉力与物体重力的大小关系。
(2)根据动滑轮省一半的力，费距离判断绳子长度变化。
此题考查了动滑轮的特点，难度不大。
14.【答案】300 10 0
【解析】解：
(1)∵F=20N，S=15m，
∴推力做的功为：
W=Fs=20N×15m=300J，
(2)t=0.5min=30s，
P=Wt=300J30s=10W；
(3)购物车，在水平面上匀速前进15m，虽然有力，也有距离，但距离不是在重力的方向上，所以重力没做功，为0J；
故答案为：300；10；0。
(1)知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W=FS计算推力做的功；
(2)又知道做功的时间，可利用公式P=Wt计算功率；
(3)购物车受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功；
本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解与掌握，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
15.【答案】C B 省
【解析】解：
(1)当前轮遇到障碍物A时，售货员向下压扶手，手推车可看作杠杆，手推车绕着C点转动，C是支点；
当后轮遇到障碍时，售货员向上提扶手，手推车绕着B点转动，B是支点；
(2)当后轮遇到障碍物时，支点是B点，当前轮遇到障碍物A时，C是支点，在这两种情况下，阻力(手推车重力)与阻力臂相等，后轮遇到障碍物时的动力臂大于前轮遇到障碍物时的动力臂，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，因此与前轮遇到障碍物时相比，此时较省力。
故答案为：C；B；省。
(1)杠杆绕着转动的固定点是杠杆的支点；
(2)由杠杆的平衡条件可知：当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杠。
(1)解决此类问题要结合杠杆的五要素和杠杆的平衡条件进行分析解答；
(2)杠杆类型根据动力臂和阻力臂的长短判断。
16.【答案】秒表 P=nmght 降低跳起高度或减肥减轻体重
【解析】解：(3)由功率公式P=Wt可知，要测功率，还需用秒表测出跳n次所用的时间t；
(4)由公式P=Wt可知，小华跳绳时克服重力的平均功率：P=Wt=Ght=nmght。
相同时间里，跳的次数越多成绩越好。在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的。每次做的功越少，相同时间里跳的次数才越多，成绩才越好。所以想提高跳绳测试的成绩，可以降低跳起高度、减肥减轻体重等。
故答案为：(3)秒表；(4)P=nmght；降低跳起高度或减肥减轻体重。
(3)记录时间的测量器材是秒表；
(4)公式P=Wt可知小华跳绳时克服重力的平均功率；相同时间内，跳的次数越多成绩越好；在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的；每次做的功越少，相同时间内跳的次数才越多，成绩才越好；
本题联系实际考查了克服重力做功的平均功率的测量方法，关键是明确实验原理。
17.【答案】省力 60 40
【解析】解：(1)斜面是一种简单机械，使用斜面可以省力；
(2)有用功：W有=Gh=mgh=12kg×10N/kg×1m=120J；
拉力做的总功：W总=Fs=100N×2m=200J；
斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=120J200J×100%=60%；
(3)额外功：W额=W总−W有=200J−120J=80J，
由W额=fs可得，物体所受的摩擦力：
f=W额s=80J2m=40N。
故答案为：省力；60； 40。
(1)斜面也是一种常用的机械，使用斜面比较省力；
(2)知道拉力大小，利用W=Fs求出总功，利用W=Gh求出有用功，利用效率公式求出斜面的机械效率。
(3)克服摩擦力做的功即为额外功，根据W=fs求出摩擦力的大小。
本题考查了使用斜面时功、机械效率和摩擦力的计算等，关键是知道克服摩擦力做的功即为额外功。
18.【答案】(1)动能；(2)动，弹性势
【解析】【分析】
(1)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)弹性势能大小跟物体弹性形变的大小有关，弹性形变越大，弹性势能越大．
本题考查了动能与重力势能的转化的知识，知道动能与质量和速度有关，弹性势能与弹性形变程度有关．
【解答】
(1)跳高运动员在比赛中都是先助跑一段距离后才起跳，改变的只是速度，而没有改变运动员的质量，所以运动员的惯性没变，只是增加了运动员的动能．
(2)从运动员助跑到撑杆起跳的过程中，运动员的动能减小，撑杆发生弹性形变，具有弹性势能，因此是运动员的动能转化为撑杆的弹性势能．
故答案为：(1)动能；(2)动；弹性势．
19.【答案】小桌在沙子中下陷的深度 质量 相同
【解析】解：
①由题意知，实验是通过观察比较小桌在沙子中下陷的深度来间接判断物体重力势能大小的；这种实验方法叫做转换法；
②实验中采用质量不同的木块，是为了探究重力势能与质量的关系，在探究过程中要注意保持物体从同一高度由静止落下。
故答案为：①小桌在沙子中下陷的深度；②质量；相同。
(1)掌握转换法在此实验中的应用，此实验通过小桌陷入沙子中的深度来判断重力势能的大小；
(2)掌握控制变量法在此实验中的应用，重力势能与物体的质量和被举高度有关，在探究重力势能与其中一个量的关系时，另一个量保持不变，改变要探究的量。
此题考查了重力势能大小与哪些因素有关的实验；注意控制变量法和转换法在两个实验中的应用。
20.【答案】不变 增大 吸收
【解析】解：从图中可知，t1到t2过程中是冰的熔化过程，由于此时属于吸热过程温度不变，故冰为晶体；冰的熔化过程中，吸热温度不变，内能增大；
故答案为：不变；增大；吸收。
晶体熔化过程，吸热温度不变，内能增大；
此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别。
21.【答案】解：根据题意知，应在支点左侧的某一位置挂钩码，设每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件：
F1L1=F2L2
即：L2=F1L1F2=2N×2L1N=4L。
所以，应在杠杆左端离支点第4个小格处挂此钩码，如图所示。
【解析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2确定钩码的确切位置。
此题考查了杠杆平衡条件的应用，掌握杠杆的平衡条件，并确定各个力对应的力臂，代入求出所求的未知量。
22.【答案】解：从动滑轮的上挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。
23.【答案】解：
物体G对杠杆的拉力即为阻力F2，方向竖直向下；
根据杠杆的平衡条件可知，动力臂越长越省力；连接OA，则OA是最长的动力臂L1；
物体对杠杆的力使杠杆向顺时针方向转动，则动力应使其向逆时针方向转动(这样才能使杠杆在此位置平衡)，过A点作垂直于OA向上的动力F1，如图所示：
【解析】(1)根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。因此先确定最长的力臂，即离支点最远的点；然后过动力作用点做垂直于杠杆连线的作用力即可。
(2)阻力是阻碍杠杆转动的力。
此题考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
24.【答案】解：
(1)行驶时间t=5min=300s，v=90km/h=90×13.6m/s=25m/s，
由v=st可得5min内行驶的路程：
s=vt=25m/s×300s=7500m=7.5km；
(2)由P=Wt可得牵引力做的功：
W=Pt=120×103W×300s=3.6×107J；
(3)由W=Fs可得小轿车受到的牵引力为：
F=Ws=3.6×107J7500m=4800N，
因为小轿车在平直的公路上匀速行驶，水平方向上受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以小轿车受到的阻力：
f=F=4800N。
答：(1)5min内行驶的路程为7500m；
(2)5min牵引力做的功为1.8×107J；
(3)这段路程中汽车受到的阻力为4800N。
【解析】(1)知道汽车匀速行驶的速度、行驶时间，利用s=vt求行驶的路程；
(2)知道小轿车的功率、行驶时间，利用W=Pt求牵引力做的功；
(3)求出的行驶的路程，利用W=Fs求牵引力大小，由于汽车在平直公路上匀速行驶，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，据此可求这段路程中汽车受到的阻力。
本题考查了速度公式、功的公式、功率公式以及二力平衡的条件，计算时注意单位统一，属于基础题目。
25.【答案】解：(1)h=2×3m=6m，
W有=Gh=350N×6m=2100J，
W总=Fs=200N×2×6m=2400J，
工人做的额外功为：W额=W总−W有=2400J−2100J=300J；
(2)P总=W总t=2400J120s=20W；
(3)η=W有W总×100%=2100J2400J×100%=87.5%。
答：(1)工人做的额外功为300J；
(2)工人做的功率为20W；
(3)动滑轮的机械效率为87.5%。
【解析】(1)已知瓷砖的重力和每层楼高，则由W=Gh即可求得有用功；由动滑轮的特点可求出拉力的距离，由拉力的距离和拉力大小可求得人所做的总功，由W额=W总−W有可得工人做的额外功；
(2)由功率公式可求得功率；
(3)由有用功和总功，利用机械效率公式可求得机械效率。
此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目。
26.【答案】左 F1L1=F2L2 不合理 实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性 杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响 Gh1Fh2 杠杆的自重 变大
【解析】解：(1)将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，应把平衡螺母向左端移动，直到杠杆在水平位置静止；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，公式为F1L1=F2L2；实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性，所以他这样得出的结论是不合理的；
(3)如图乙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响；
(4)①有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式η=W有W总=Gh1Fh2；
②由①知η=Gh1Fh2，本次实验中，若提升的钩码重一定，F随杠杆自重的变化而变化，则影响杠杆机械效率的主要因素是：杠杆的自重；
③钩码的悬挂点在A点时，由杠杆的平衡条件得G⋅OA=F⋅OB；悬挂点移至C点时，由杠杆的平衡条件得G⋅OC=F⋅OB，经对比发现，由OA到OC力臂变大，所以拉力F也变大，但是在此过程中，把钩码提升的高度相同，即有用功不变，杠杆重心的提升也变小，(不计摩擦)也就是额外功也变小，根据η=W有W总=W有W有+W额可知，机械效率变大。
故答案为：(1)左；(2)F1L1=F2L2；不合理；实验中只通过一次实验就总结得出实验结论，结论具有偶然性，不具有普遍性；(3)杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响；(4)①Gh1Fh2；②杠杆的自重；③变大。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，向左调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
(2)用实验探究物理问题时，要多进行几次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；
(3)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(4)①使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；
②本次实验中，若提升的钩码重一定，根据表达式来确定影响杠杆机械效率的主要因素；
③将钩码的悬挂点从A点移至C点，改变了钩码拉力的力臂，根据公式η=W有W总=W有W有+W额进行分析。
本题考查调节杠杆在水平位置平衡的方法、多次测量使实验结论具有普遍性、杠杆机械效率的测量、杠杆机械效率的主要因素、以及提高机械效率的方法等，具有一定的难度。
27.【答案】匀速直线 0.4 0.4 88.9% 大 无关 B
【解析】解：(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速直线运动，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
(2)由图可知，该滑轮组绳子的承重段数n=3，忽略绳重和摩擦，根据F=
1
n
(G+G 动)可得，动滑轮的重力为：
G 动=3F 1−G 1=3×0.8N−2N=0.4N；
(3)克服钩码重力做功为有用功，根据表格中的数据可得，第2次实验时所做的有用功：
W 有2=G 2h 2=4N×0.1m=0.4J，
拉力做的功为总功：
W 总2=F 2s 2=1.5N×0.3m=0.45J，
所以第2次实验时，滑轮组的机械效率为：
η 2=
W有2
W总2
=
0.4J
0.45J
≈88.9%；
(4)分析1、2、3次实验的数据可知，重物越重，机械效率越大，所以可得：使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越高；
分析3、4次实验的数据可知，钩码上升的高度不同，但滑轮组的机械效率相同，所以滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
(5)A.增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A不符合题意；
B.减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率变大，故B符合题意；
C.由(4)可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=
s
t
可知，机械效率与物体提升的速度无关，故C不符合题意。
故选B。
故答案为：(1)匀速直线；(2)0.4；(3)0.4；88.9%；(4)大；无关；(5)B。
28.【答案】小球 质量 速度 高度 速度 大 不能 做匀速直线运动
【解析】解：(1)本实验中，研究物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度有关，研究对象是小球；
(2)图甲中，两球的质量相等，小球从不同高度滚下，运动到水平面时的速度不同，探究的是物体动能跟运动速度的关系；
(3)让质量不同的两个小球从同一斜面的同一高度滚下，小球的重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能，让两个小球达到水平面时，具有相同的初速度；
(4)根据甲中的实验，两球的质量相同，从2h高度滑下的小球(速度更大)推动纸盒通过的距离大，这个球的动能更大；
乙中实验，小球滑下的高度相同，到达水平面的速度相同，质量为2m球的质量大，质量为2m的球推动纸盒通过的距离大，这个球的动能大；
综上，通过图甲、乙两组实验知，可得出的结论是：物体质量越大，运动速度越大，小球撞击纸盒后纸盒运动的距离越大，即小球的动能越大；
(5)若水平面足够光滑(完全没有阻力)，根据牛顿第一定律，纸盒被撞击后将做匀速直线运动，故不能得出以上结论。
故答案为：(1)小球；(2)质量；速度；(3)高度；速度；(4)大；(5)不能；做匀速直线运动．
(1)根据转换法，本实验中通过小球推动放在水平面上的纸盒通过的距离长短表示小球的动能大小，据此回答；
(2)动能大小与物体质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)重力势能大小决定于物体的质量和举高的高度，动能大小决定于物体的质量和速度，据此分析；
(4)分别分析甲乙图中实验中相同因素和不同因素，得出动能与变化量的关系；
(5)根据牛顿第一定律结合转换法分析。
本题研究物体动能的大小可能跟物体的质量和运动速度的关系，考查控制变量法、转换法、数据分析和牛顿第一定律的运用。
29.【答案】变小 D 800 有 D
【解析】解：(1)“嫦娥二号”从近月点向远月点运动时，在近月点势能最小，动能最大，在远月点，势能最大，动能最小，在从近月点向远月点运动的过程中，势能增大，动能减小，动能转化为势能，故动能变小；
(2)A.反推发动机能使“嫦娥三号”悬停于100米处空中，利用的是物体间力的作用是相互的，故A错误；
B.太空是真空，“嫦娥三号”高速降落时没有摩擦；故B错误；
D.“嫦娥三号”登月时呈自由落体降落，故C错误；
C.相对月球，“嫦娥−二号”比“嫦娥一号”的高度更低，所以势能更小，故D正确；
故答案选D；
(3)重力对它做的功为W=Gh=16mgh=16×120kg×10N/kg×4m=800J；
(4)一切物体都具有内能，故月球车在−180℃环境下有内能；
(5)月球车从月表竖直反弹到再落回月表过程中，速度先减小再增大，且在最高点时速度为0，则整个过程中动能先减小再增大(最高点时动能为0)，由于月球上没有空气，所以月球车在竖直方向运动时不受空气阻力，其机械能守恒，由此可知月球车落回月表时的动能和最初的动能相等，故D图像符合题意。
故答案为：(1)变小；(2)D；(3)800J；(4)有；(5)D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大；在绕地月运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗；物体间力的作用是相互的；
(3)根据公式W=Gh可求克服重力做的功；
(4)一切物体都具有内能；
(5)动能大小的影响因素：速度越大，动能越大。
本题考查月球和太空中的一些现象，学生无法直接来体验，只能根据一些科普知识来推断，所以要关注新闻，了解重要事件，挖掘和物理知识相关的内容。
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