2024宜宾叙州区二中高一上学期10月月考物理试题含解析

叙州区二中高2023级高一上学期第一学月考试

物理试题

第一部分  选择题（共48分）

注意事项：

每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如有改动，请用橡皮擦干净后，在选涂其它答案标号。

一、选择题（本题共11小题，1~7题每小题4分，每小题给出的四个选项中只有一个是正确的；8~11题有多个选项符合要求，全部选对得5分，不全得3分，有错选或不选得0分，共48分）

1. 下列关于质点的说法正确的是（　　）

A. 研究和观察日食时，可以把太阳看成质点

B. 研究地球的公转时，可以把地球看成质点

C. 研究地球的自转时，可以把地球看成质点

D. 原子核很小，所以总是可以把它看成质点

【答案】B

【解析】

【详解】A．研究和观察日食时，太阳大小对观察结果有影响，不能把太阳看成质点，故A错误；

B．研究地球的公转时，地球的大小相对太阳和地球之间距离可以忽略，可以把地球看成质点，故B正确；

C．研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能把地球看成质点，故C错误；

D．原子核很小，如果大小形状对研究的问题没有影响，才可以把它看成质点，如研究内部的具体结构则不能看成质点，故D错误。

故选B。

2. 在物理学中，不同的物理量表示的物理意义不同。下列关于物理量的物理意义的叙述及其有关的因素正确的是（　　）

A. 路程是表示物体运动轨迹变化快慢的物理量

B. 位移是表示物体位置变化快慢的物理量

C. 速度是表示物体路程变化快慢的物理量

D. 加速度是表示物体速度变化快慢的物理量

【答案】D

【解析】

【详解】A．路程是表示物体运动轨迹变化的物理量，故A错误；

B．位移是表示物体位置变化的物理量，故B错误；

C．速度是表示物体位置变化快慢的物理量，故C错误；

D．加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，故D正确。

故选D。

3. 某同学在公路上骑行，位置随时间的变化x-t图像如图所示关于该同学的运动，下列说法正确的是（　　）

A. 1～3s，该同学做匀速直线运动

B. 0～1s与3～4s时间内，该同学的速度相同

C. 0～4s，该同学的平均速度为2m/s

D. 3～4s时间内，该同学的加速度大小为2m/s2

【答案】B

【解析】

【详解】A. 1～3s，该同学静止，选项A错误；

B. 因x-t图像的斜率等于速度，可知0～1s与3～4s时间内，该同学的速度相同，选项B正确；

C. 0～4s，该同学的位移为4m，则平均速度为

选项C错误；

D. 3～4s时间内，该同学匀速运动，加速度大小为0，选项D错误。

故选B。

4. 在测试某个玩具汽车的运动中，得到该玩具汽车的位移遵循的方程为x=2t+t2（x的单位为m，t的单位为s）.测试共进行了3s，则（　　）

A. 该汽车的初速度为4m/s

B. 该汽车的加速度大小为1m/s2

C. 3s末该汽车的速度为5m/s

D. 3s时间内，该汽车的位移为15m

【答案】D

【解析】

【详解】AB．根据位移时间关系

x=2t+t2

可知，汽车的初速度v0=2m/s，加速度为a=2m/s2，选项AB错误；

C．3s末该汽车的速度为

v3=v0+at3=(2+2×3)m/s=8m/s

选项C错误；

D．3s时间内，该汽车的位移为

x3=(2×3+32)m=15m

选项D正确。

故选D。

5. 如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移时间x-t图线，由图可知（　　）

A. 时刻t1，a车从后面追上b车

B. 在时刻t2，a、b两车运动方向相同

C. 在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加

D. 在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大

【答案】C

【解析】

【详解】A．在时刻t1，a、b两车的位置坐标相同，开始a的位移大于b的位移，可知b从后面追上a，故A错误；

B．在时刻t2，a图线的斜率为正值，说明a车沿正方向运动，b图线切线的斜率为负值，b车沿负方向运动，可知两车运动方向相反，故B错误；

C．图线切线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速率先减小后增加，故C正确；

D．在t1到t2这段时间内，b图线的斜率不是一直大于a图线的斜率，所以b车的速率不是一直比a车大，故D错误。

故选C。

6. 如图所示，一个质点做匀加速直线运动，依次经过a、b、c、d四点，已知经过ab、bc和cd三段所用时间之比为3：2：1，通过ab和cd段的位移分别为x1和x2，则bc段的位移为（　　）

A.  B.

C  D.

【答案】B

【解析】

【详解】设质点经过ab、bc和cd三段所用时间分别为、和，设各段时间内的位移分别为：和，由题可得：；…①

设bc段的位移为x，则：…②

根据公式：，则：…③

同时，由于：，所以得：…④

结合①④可得：…⑤

而： ，即：…⑥

联立③⑥可得：，故选项B正确．

点睛：本题是多种解法，也可以设出初速度及加速度根据匀变速直线运动的公式求解，但过程较为复杂，应注意此种解法的灵活应用．

7. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测得，近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g转变为测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点上抛的小球又落回原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（　　）

A  B.  C.  D.

【答案】B

【解析】

【详解】小球从O点上升到最大高度过程中，有

小球从P点上升的最大高度

依据题意

联立解得

故选B。

8. 物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，就是说（　　）

A. 经过2s的时间，物体速度的变化量是4m/s；

B. 任意一秒内末速度是初速度的2倍；

C. 在任意一秒钟内，物体的初速度可能比末速度大2m/s；

D. 开始运动一秒后任意时刻的瞬时速度比一秒前的瞬时速度增加2m/s。

【答案】AD

【解析】

【分析】

【详解】A．经过2s时间，物体速度的变化量为

故A正确；

BCD．由公式

可知，任意一秒内末速度比初速度大2m/s。故BC错误，D正确。

故选AD。

9. 一个质量为2 kg的物体，在5个共点力作用下处于匀速直线运动状态，现同时撤去大小分别为6 N和10 N的两个力，其余的力保持不变，关于此后该物体运动的说法中正确的是（　　）

A. 可能做加速度大小是2 m/s2的匀变速直线运动

B. 可能做加速度大小是10 m/s2的匀变速直线运动

C. 可能做加速度大小是8 m/s2的匀变速曲线运动

D. 可能做加速度大小是10 m/s2的匀变速曲线运动

【答案】AC

【解析】

【分析】

【详解】物体在5个共点力作用下处于匀速直线运动状态，即该物体处于受力平衡状态，现同时撤去大小分别为6 N和10 N的两个力，这两个力的合力F′的大小为4 N≤F′≤16 N，由于施加在该物体上的其他的力保持不变，即物体所受合外力F的大小为4 N≤F≤16 N，根据牛顿第二定律可知，加速度a=，所以该物体的加速度大小为2 m/s2≤a≤8 m/s2

若物体所受合外力F的方向与速度的方向相同或相反，则该物体做匀变速直线运动；若合外力F的方向与速度的方向成一定的夹角，则该物体做匀变速曲线运动，由此可知A、C正确，B、D错误。

故选AC。

10. 物体沿一直线运动，在t时间内通过路程为s，它在中间位置处的速度为，在中间时刻处的速度为，则和的关系为（      ）

A. 当物体做匀加速直线运动时， B. 当物体做匀减速直线运动时，

C. 当物体做匀速直线运动时， D. 当物体做匀减速直线运动时，

【答案】ABC

【解析】

【详解】ABD．无论物体做匀加速直线运动还是匀减速直线运动，根据推论有中间位置处的速度为

中间时刻处的速度为

则有

所以

故AB正确，D错误；

C．匀速直线运动的速度恒定不变，所以中间位置处的速度和中间时刻处的速度相同，故C正确。

故选ABC。

11. 若一物体从火星表面竖直向上抛出（不计气体阻力）时的x-t图像如图所示，则（　　）

A. 该火星表面的重力加速度大小为1.6m/s2

B. 该物体上升的时间为10s

C. 该物体被抛出时的初速度大小为8m/s

D. 该物体落到火星表面时的速度大小为16m/s

【答案】AC

【解析】

【详解】A．由图像可知，物体上升到最高点的时间为5s，最大高度为20m，由公式可得

故A正确；

B．由图可知，当物体上升到最高点所用时间为5s，即该物体上升的时间为5s，故B错误；

C．该物体被抛出时的初速度大小为

故C正确；

D．由于不计气体阻力，由对称性可知，该物体落到火星表面时的速度大小为8m/s，故D错误。

故选AC。

第二部分  非选择题（共52分）

注意事项：

必须使用0.5毫米黑色签字笔在答题卡上题目指示区域内作答。

二、实验题（共14分）

12. 某同学按如图所示的装置做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验。

（1）图中仪器A叫作___________打点计时器，使用220 V___________电源（选填“交流”或“直流”），释放小车前，小车应停在___________（选填“靠近”或“远离”）仪器A的位置。

（2）使用打点计时器来分析物体运动情况的实验中，有以下基本步骤：

A.松开纸带让物体带着纸带运动

B.穿好纸带

C.把计时器固定好

D.接通电源

以上步骤的正确顺序是___________。

【答案】    ①. 电火花    ②. 交流    ③. 靠近    ④. CBDA

【解析】

【分析】

【详解】（1）[1][2][3]题图中仪器A叫作电火花打点计时器，使用220 V交流电源，实验过程中，放开小车前，小车要靠近打点计时器；

（2）[4]使用打点计时器来分析物体运动情况的实验中，基本步骤为：先把打点计时器固定好，穿好纸带，再接通电源，之后松开纸带让物体带着纸带运动，故正确的顺序是CBDA。

13. 电动平衡车，又叫体感车、思维车、摄位车等，是一种电力驱动、具有自我平衡能力的新型绿色环保的产物。某同学为了研究平衡车在平直水泥路面上的运动情况，设计了如下实验：将输液用的塑料瓶装适量水，连同输液管一起绑在平衡车的扶手上，调节输液管的滴水速度。某滴水刚落地开始计时，从下一滴水落地开始依次计数为1、2、3…，当第50滴水刚好落地时停止计时，测得时间为25s。该同学骑上平衡车后，先加速到某一速度，然后关闭动力，让平衡车沿着直线滑行。如图所示是某次实验中在水泥路面上的减速阶段水滴及测出的间距值，当地重力加速度g近似取，空气阻力忽略不计。根据该同学的测量结果可得出：（所有计算结果均保留两位有效数字）

（1）平衡车经过路面上相邻两水滴的时间间隔T＝_______s。

（2）平衡车减速过程的加速度大小a＝_______，运动到G点的速度大小v＝_______m/s；

（3）设平衡车运动过程中所受阻力的大小是人与车总重力的k倍，则k＝_______。

【答案】    ①. 0.50    ②. 0.39    ③. 4.6    ④. 0.039

【解析】

【详解】（1）[1]平衡车经过路面上相邻两水滴间的时间间隔为

（2）[2][3]根据逐差法，可知加速度大小为

运动到G点的速度大小为

（3）[4]在减速阶段，根据逐差法得加速度大小为

根据牛顿第二定律，有

解得

三、计算题（写出必要的文字说明，3个小题，14题10分，15题12分，16题16分，共38分）

14. 一辆电动玩具车由A点从静止开始以加速度a1在地面上做匀加速直线运动，经过一段时间后立即做匀减速运动，最后停在C点。每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。求：

（1）小车加速阶段的加速度a1和减速阶段加速度a2的大小；

（2）小车运动过程中的最大速度。

【答案】（1）；；（2）

【解析】

【详解】（1）由表格数据可知小车加速阶段的加速度大小为

小车减速阶段的加速度大小为

（2）设小车运动过程中的最大速度为，对应的时刻为，则有

联立解得

15. 通过“30m折返跑”的测试成绩可以反应一个人的身体素质。在平直的跑道上一学生站立在起点线A处，当听到起跑口令后(测试员同时开始计时)，跑向正前方30m处的折返线，到达折返线B处时，用手触摸固定在折返线处的标杆，再转身跑回起点线，返程无需减速，到达起点线处时停止计时，全过程所用时间即为折返跑的成绩。学生加速或减速过程均视为匀变速，触摸杆的时间不计，某同学加速时的加速度大小为，减速时的加速度大小为， 到达折返线处时速度需减小到零，并且该生全过程中最大速度不超过。 求:

(1)该学生返程(B到A过程)最快需多少时间；

(2)该学生“30m折返跑”的最好成绩。

【答案】(1)4.9s；(2)10.9s

【解析】

【分析】(1)返回阶段，学生先加速后匀速，过程中的最大速度为12m/s，位移为30m，据此可得总时间；

(2)学生从A到B过程，先加速后匀速最后减速到零，过程中的最大速度为12m/s，位移为30m，据此可得所需时间，结合（1）的结果，可得该学生“30m折返跑”的最好成绩．

【详解】假如学生从A到B的过程中，先做匀加速运动，紧接着做匀减速直线运动，并设此过程中达到的最大速度为V，做匀加速运动的时间为t1，做匀减速运动的时间为t2，则由运动学公式，有：

v=a1t1，v=a2t2，

联立，代入数据可解得：v=10m/s，t1=4s，t2=2s

因为v＜vm，所以从A到B的过程中，学生的确先做匀加速运动，然后做匀减速运动

从B到A的加速过程中，速度从零增大到12m/s需时：

加速过程的位移

最后阶段的匀速运动用时：

所以tBA=t3+t4=4.9s

则该学生“30m折返跑”的成绩为t=t1+t2+t3+t4=4+2+4.8+0.1s=10.9s．

【点睛】本题是运动学公式的综合运用问题，关键要理清各个运动过程，必要时可画出运动草图，还可以结合v-t图象分析，最后根据运动学公式列式求解．

16. 如图所示，长为（未知）的细线上端固定在O点，下端连着一小球（可视为质点），悬点O距地面的高度H=5.4m，开始时将小球提到O点由静止释放，小球经时间t（未知）自由下落到使细线被拉直的位置后，在很短的时间（可忽略）内将细线拉断，拉断后瞬间小球速度为细线刚被拉直瞬间速度的一半，再经过时间t小球落到地面，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：

(1)细线的长度；

(2)小球从O点由静止释放到落地的总时间。

【答案】(1) 18m；(2)1.2s

【解析】

【详解】(1)小球自由下落过程有

则

细线被拉断瞬间小球速度为

再经时间t小球落地，位移

则

得

=1.8m

(2)从开始下落到细绳拉直的时间

0.6s

则从O点到落地的总时间为