2022-2023学年上海市华东师大附属进华中学八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）

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2022-2023学年上海市华东师大附属进华中学八年级（下）期末物理试卷
1.人体的正常体温是(    )
A. 33℃ B. 35℃ C. 37℃ D. 39℃
2.下列各物理量中，可以用来鉴别物质种类的是(    )
A. 质量 B. 热量 C. 密度 D. 体积
3.“墙角数枝梅，凌寒独自开，遥知不是雪，为有暗香来”，“暗香来”的原因是(    )
A. 分子在不停地运动 B. 分子间存在着吸引力
C. 分子是很小的 D. 分子间存在间隙
4.如图所示的工具中，属于费力杠杆的是(    )
A.  钢丝钳 B.    起子
C.    羊角锤 D.     镊子
5.如图所示，用力F1、F2和F3将同一物体竖直匀速提升相同高度。绳子自由端通过距离为S1、S2和S3，拉力做的功为W1、W2和W3.若不计滑轮重及摩擦，则(    )
A. F1 B. F3=2F2
C. W1=2W2
D. S3=2S1
6.四冲程柴油机在工作过程中，将机械能转化为内能的冲程是(    )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
7.质量相等的铜块和铁块(c铜 A. 热由铜块传给铁块 B. 热由铁块传给铜块
C. 铜块和铁块之间不发生热传递 D. 以上情况都有可能
8.司机开车上坡前，往往加大油门以提高汽车的速度，这样做能够(    )
A. 减小阻力 B. 增大惯性 C. 增大动能 D. 增大势能
9.飞机设计师为减轻飞机的质量，将一钢制零件改为铝制零件(ρ钢=7.9×103千克/米 3、ρ铝=2.7×103千克/米 3)，使其质量减小208千克。则所需铝制零件的质量是(    )
A. 54千克 B. 108千克 C. 208千克 D. 262千克
10.如图为自动垂直升降式车库的停车过程示意图。下列关于汽车匀速上升时的说法，正确的是(    )


A. 动能增加，重力势能不变 B. 动能增加，重力势能增加
C. 动能不变，重力势能不变 D. 动能不变，重力势能增加
11.如图所示，O为轻质杠杆AB的支点，B点挂一重物G，现分别用F1、F2、F3、F4作用于杠杆，且均能使杠杆保持水平位置平，则其中最小的力是(    )

A. F1 B. F2 C. F3 D. F4
12.下列实例或现象中，利用水的比热容比较大这一特性的是(    )
A. 木块能漂浮在水面上 B. 汽车发动机用水做冷却剂
C. 化学实验中用排水法集气 D. 满装饮料瓶不宜放入冰箱冷冻
13.注射器针头做得尖细是为了(    )
A. 减小压力 B. 增大压力 C. 减小压强 D. 增大压强
14.下列实例中，利用连通器原理工作的是(    )
A. 吸尘器 B. 脱排油烟机 C. 体温计 D. 液位计
15.同一支密度计分别放在甲、乙两种不同的液体中，静止后如图所示，密度计受到的浮力分别为F甲、F乙，液体的密度分别为ρ甲、ρ乙，则(    )

A. F甲=F乙，ρ甲 > ρ乙 B. F甲=F乙，ρ甲=ρ乙
C. F甲 < F乙，ρ甲=ρ乙 D. F甲 > F乙，ρ甲=ρ乙
16.如图所示，两个相同的柱形容器分别盛有两种不同液体，在容器中分别放入两个相同物体，当物体静止后两液面刚好相平，下列判断正确的是(    )
A. 物体排开液体的质量m甲=m乙
B. 液体对容器底部的压强p甲=p乙
C. 容器对地面的压强p甲′ D. 液体对容器底部的压力F甲>F乙
17.温度是表示物体______ 的物理量，功率是表示物体______ 的物理量。
18.水的比热容是4.2×103焦/(千克⋅℃)，它的单位读作______ 。人们常说“水是生命之源”，一杯水喝掉一半后，剩余水的比热容______ (选填“变大”、“变小”、“不变”)。
19.马德堡半球实验证明了______ 的存在。______ 实验首先测定了大气压强的值。1标准大气压约为1×105帕，即在每平方米面积上承受的压力为______ 牛。珠穆朗玛峰上的大气压比山脚下的大气压______ (选填“高”或“低”)。
20.容器内有一块质量为0.9千克，体积为1×10−3米 3的冰块，其密度为______千克/米 3。当这块冰熔化成水后，水的质量为______千克，水的体积为______米 3。若这些水刚好可以装满容器，则这个容器______(选填“能”或“不能”)盛下0.9千克的浓盐水(ρ水<ρ盐水)。
21.如图所示，用弹簧测力计吊着重为9牛的金属块静止在水面下，弹簧测力计的示数为5牛，则金属块受到的浮力大小为______牛。当增大金属块浸没的深度，金属块受到的浮力大小______，金属块下表面受到水的压力______，容器底部受到水的压强______。(后三空均选填“变大”“变小”或“不变”)


22.如图所示，停在斜坡上的汽车对地面有压力作用，已知其所受重力为G，四轮与地面接触的总面积为S。关于压力的定义教材表述为：垂直作用在物体表面并指向表面的力叫做压力。那么定义中的“物体”在此指的是______(选填“汽车”或“地面”)，压力的方向为图中______所示(选填“①”“②”“③”或“④”)，在此压力作用下发生形变的是______(选填“汽车”或“地面”)。
23.用比管口稍大的薄塑料片堵在玻璃管的下端，将玻璃管竖直插入水槽中，其深度为h，如图(a)所示。再将高为h、密度为1×103千克/米 3的圆柱体轻轻放在玻璃管底的塑料片上，塑料片不掉落，如图(b)所示。将圆柱体取出后，向玻璃管中沿着管壁缓缓倒入水，当管内外水面相平时塑料片恰好掉落，如图(c)所示。

(1)某同学认为塑料片恰好掉落是由于受到向上、向下的压强相等。你认为他的观点是否正确，请简要阐述理由：______ 。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，下列方法中可能实现的是______ 。
A.换一个横截面积更小的玻璃管
B.将玻璃管向下移动一段距离
C.换一个质量更大的圆柱体
24.温度计示数为零下2℃，请在图中用笔将温度计细管内的水银部分涂黑。


25.如图中，轻质杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，L2为力F2的力臂。在图中画出力F1的力臂L1和力F2的示意图。


26.在图中，重为6牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力F浮。


27.如图1所示的仪器是______ ，读数时它______ 离开被测物体(选填“能”或“不能”)。图2是______ (填写实验名称)的实验装置，实验前，应先向______ 调节平衡螺母(填写“左”或“右”)，使杠杆在______ 位置平衡。


28.用如图所示的装置可以验证浸没在液体中的物体受到的浮力与______ 之间的关系，物体排开液体体积大小为______ (选用图中字母)。


29.对质量为2千克的铁块加热，铁块的温度从30℃升高到80℃.求：
①铁块升高的温度△t。
②铁块吸收的热量Q吸.[c铁=0.45×103焦/(千克⋅℃)]。
30.如图所示，用10牛顿拉力匀速提起物体A，不计摩擦和滑轮重力。若物体A在10秒内上升2米，则：
(1)在此过程中拉力F做的功为多少焦？
(2)拉力F的功率为多少瓦？


31.如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。容器甲底面积为5×10−2米 2.圆柱体乙的重力为180牛、底面积为6×10−2米 2.容器甲中盛有质量为4千克的水。
①求容器甲中水的体积V水。
②求圆柱体乙对水平地面的压强p乙。
③若将一物体A分别浸没在容器甲的水中(水未溢出)、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块A的密度ρA。


32.如图所示是研究重力势能的大小与哪些因素有关的一种实验装置。某小组同学每次都让重锤从高处由静止下落，砸到铁钉上。他们观察到：在不同情况下，铁钉进入泡沫塑料的深度不同，深度越大，表明重锤对铁钉做的功越大，即重锤具有的重力势能越大。他们用m表示重锤的质量，H表示重锤升起的高度，h表示铁钉进入泡沫塑料的深度，并将实验数据详细记录在下面的表格中。
实验序号
重锤质量
m/kg
重锤升起
高度H/m
铁钉进入泡沫塑料
深度h/m
1
0.1
0.6
0.024
2
0.1
0.9
0.030
3
0.2
0.3
0.024
4
0.2
0.6
0.035
5
0.3
0.3
0.030
6
0.3
0.4
0.035
(1)分析比较实验序号1与2(或3与4或5与6)的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：______ 。
(2)分析比较实验序号______ 的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：在高度相同的情况下，物体的质量越大，具有的重力势能就越大。
(3)进一步综合分析比较实验序号1与3，2与5或4与6中的实验数据，可得出的结论是：______ 。
(4)进一步综合分析比较实验序号1与3、2与5和4与6中的实验数据，可得出的结论是：______ 。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：
正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。
故选：C。
此题考查我们对常见物体温度的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】C 
【解析】解：密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，而热量、质量、体积不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以可以用密度来鉴别物质。
故选：C。
密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，因此根据密度的大小可鉴别不同的物质。
能够用来鉴别物质种类的物理量有密度、比热容、热值等，但是也不能单纯只看这几个量的大小，还要结合多方面的知识，如：气味、颜色等来判断。
3.【答案】A 
【解析】解：
在远处就能闻到梅花的香味，是因为梅花中含有香味的分子在不断的运动，飘入到作者鼻孔中，说明了分子在不断地运动，故A正确。
故选：A。
根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可。
本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键。
4.【答案】D 
【解析】解：
A、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：D。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
5.【答案】D 
【解析】解：①因为使用定滑轮不省力，也不省距离，所以F1=F2=G；s1=s2=h；
不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮能省一半力，但多移动一倍的距离，所以不计滑轮重及摩擦F3=12G，s3=2h.因此F1=F2=2F3，s3=2s1，故AB错误，D正确。
②不计滑轮重及摩擦，同一重物，用动滑轮和动滑轮提升的高度相同，拉力做的功分别为：
W1=F1s1=Gh；W2=F2s2=Gh；W3=F3s3=12G×2h=Gh；
所以W1=W2=W3，故C错误；
故选：D。
使用定滑轮不省力，也不省距离，使用动滑轮能省一半力，但多移动一倍的距离。
在不计绳重和摩擦时，拉力做的功与直接提升物体时克服重力所做的功相等，据此判断拉力做的功。
本题考查动滑轮和动滑轮的工作特点以及功的大小的比较，解题的关键是理解动滑轮、动滑轮的工作特点和克服物体重力做功的物理意义。
6.【答案】B 
【解析】解：在四冲程内燃机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程；
故选：B。
内燃机在压缩冲程的能量转化是机械能转化为内能。
考查了汽油机四冲程中的能量转化，常见题目。
7.【答案】D 
【解析】解：
由公式Q=cm△t得，△t=Qcm，因铁块和铜块吸收的热量相同，铁的比热容大于铜的比热容，且质量相等，所以铜块升高的温度大于铁块升高的温度，由于不知道初温，所以无法确定铁块和铜块的终温高低；热传递是从高温物体传向低温物体，所以不能确定是否发生热传递，或热传递的方向，故D正确。
故选：D。
解决此题要知道热传递发生的条件是要有温度差，结合热量的公式Q=cm△t进行分析解答。
本题考查了热量的计算、热传递的方向，知道铁和铜比热容的大小关系是突破口，然后熟练应用吸热公式是解本题的关键。
8.【答案】C 
【解析】解：汽车上坡前，加大油门，可以提高汽车的速度，因为物体的动能大小与质量和速度有关，所以这样可以增大车的动能。上坡时，汽车的动能转化为重力势能，动能越大、转化的重力势能越大，这样更有利于爬坡，故C正确；
加大油门，提高车速，无法减小阻力，也不能增大惯性，其势能也不能直接改变，而是通过动能转化而来，故ABD均错误。
故选：C。
物体的动能大小由物体的质量和物体的速度两个因素决定，并且质量越大，速度越大，物体的动能就越大；
物体的动能和势能之间可以相互转化。
掌握有关物体动能的决定因素的基础知识是解决此题的关键。抓住车速增大、找出与速度大小有关的物理量。
9.【答案】B 
【解析】解：设零件的体积为V，则：m钢−m铝=208kg，
因为ρ=mV，
所以，ρ钢V−ρ铝V=(ρ钢−ρ铝)V=(7.9×103kg/m3−2.7×103kg/m3)V=208kg，
5.2×103kg/m3×V=208kg，
解得：V=0.04m3，
所需铝的质量：
m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×0.04m3=108kg。
故选：B。
零件由钢制零件转化为铝制零件的时候体积没变，根据密度公式表示出减小的质量即可求出零件的体积，再根据密度公式求出所需铝的质量。
本题主要考查密度公式的应用，要注意钢制零件变为铝制零件时的体积不变。
10.【答案】D 
【解析】解：汽车匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度增加，重力势能增加。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能的影响因素，用控制变量法，判断动能、重力势能的变化。
11.【答案】A 
【解析】解：F3的力臂为OA，而F3和F4的力臂都小于OA，
由图可知，动力F1与OB垂直，则动力F3对应的动力臂就是OB，它是最长的动力臂；
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。因为F1对应的动力臂最长，所以F1最小。
故选：A。
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。
本题考查杠杆平衡条件的应用，使用杠杆，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，找出最长的动力臂是本题的关键。
12.【答案】B 
【解析】解：A、木块能漂浮在水面上，是因为木块的密度比水的密度小，与水的比热容大无关，故A不符合题意；
B、因为水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做汽车的冷却液，故B符合题意；
C、化学实验中用排水法集气，是由于该气体不溶于水，与水的比热容大无关，故C不符合题意；
D、满装饮料瓶不宜放入冰箱冷冻，是由于饮料凝固后体积变大，会将饮料瓶涨破，与水的比热容大无关，故D不符合题意。
故选：B。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了物体浮沉的条件、化学实验中用排水法集气的原理、水结冰后体积变化大以及比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
13.【答案】D 
【解析】解：注射器的针头做得很尖细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D正确，ABC错误。
故选：D。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
14.【答案】D 
【解析】解：A、用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速越大压强越小，吸尘器外空气流速越小压强越大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，利用了流体压强与流速的关系，故A不合题意；
B、脱排油烟机是利用流体压强与流速的关系工作的，故B不符合题意；
C、体温计是利用液体的热胀冷缩原理工作的，故C不符合题意；
D、锅炉液位计是上端开口，底部相连的容器，构成了一个连通器，故D符合题意。
故选：D。
几个底部互相连通、上端开口的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。结合选项中物品的结构与使用特点可做出判断。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平。
15.【答案】A 
【解析】解：由图可知，密度计在甲、乙液体中处于漂浮状态，
由于同一支密度计的重力不变，
所以密度计在两种液体中所受的浮力相等，即F甲=F乙；
由于甲中密度计排开液体的体积小于乙中排开液体的体积，
所以根据F浮=ρgV排可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙，故A正确、BCD错误。
故选：A。
同一支密度计的重力不变，放入甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮的条件可知在两种液体中所受浮力的大小关系。
本题考查了阿基米德原理和物体漂浮条件的应用，利用好物体漂浮条件F浮=G是解此类题目的关键。
16.【答案】D 
【解析】解：(1)物体在甲液体中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；在乙液体中沉底，物体受到的浮力小于物体重；所以甲液体中物体受到的浮力大于乙液体中物体受到的浮力，即F甲>F乙；
根据阿基米德原理F浮=G排知，G甲排=G乙排，
所以物体排开液体的质量m甲>m乙，故A错误；
(2)因为物体在甲液体中漂浮，所以ρ甲>ρ物，
所以物体在乙液体中沉底，所以ρ乙<ρ物，
所以ρ甲>ρ乙，
因为p=ρgh，h相同，
所以对容器底部的压强p甲>p乙，故B错误；
甲乙的底面积相等，根据p=FS知，液体对容器底部的压力F甲>F乙，故D正确；
(3)由图知甲液体的体积大于乙液体的体积，且甲液体的密度大于乙液体的密度，
根据G=mg=ρgV知，甲液体的重力大于乙液体的重力，
又因为容器的重力相等，且在水平面上压力等于重力，
所以F甲′>F乙′，
因为p=FS知，甲乙底面积S相同，
所以p甲′>p乙′，故C错误。
故选：D。
(1)物体漂浮或悬浮时受到的浮力等于重力，根据物体的浮沉条件比较小球受浮力大小关系，根据阿基米德原理判断出排开液体重力的关系，进而判断出排开液体质量的关系；
(2)在甲中漂浮，液体的密度大于物体的密度，在乙中悬浮，液体密度等于物体的密度，据此得出两种液体的密度关系，又知道液体深度相同，根据液体压强公式p=ρgh可比较对容器底部的压强大小关系，根据F=pS判断出液体对容器底部的压力的关系；
(3)由图知甲液体的体积大于乙液体的体积，且甲液体的密度大于乙液体的密度，根据G=mg=ρgV判断出甲液体的重力与乙液体的重力的关系，进而判断出压力大小的关系，根据p=FS判断出甲乙容器对地面的压强的关系。
本题考查了学生对液体压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是知道物体密度小于液体密度时物体漂浮，物体密度等于液体密度时物体悬浮；二是影响液体压强的因素是液体密度和液体深度。
17.【答案】冷热程度  做功快慢 
【解析】解：温度是表示物体冷热程度的物理量；功率是表示物体做功快慢的物理量。
故答案是：冷热程度；做功快慢。
由温度、功率的定义和物理意义解答。
此题主要考查功率、温度的物理意义，属于基础知识。
18.【答案】焦每千克摄氏度  不变 
【解析】解：水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，表示1kg的水温度每升高1℃吸收的热量为4.2×103J，比热容的单位读作焦耳每千克摄氏度；
一杯水当喝掉半杯后，质量改变，但比热容与质量无关，所以水的比热容不变，仍然为4.2×103 J/(kg⋅℃)。
故答案为：焦耳每千克摄氏度；不变。
在国际单位制中，比热容的单位是J/(kg⋅℃)，读作焦每千克摄氏度；比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质种类、状态有关，与质量、体积、温度高低等因素没有关系。
此题考查了比热容的单位以及特点，难度较小，属于基础性题目。
19.【答案】大气压强  托里拆利  1×105  低 
【解析】解：著名马德堡的实验有力的证明了大气压强的存在；
意大利科学家托里拆利用一根玻璃管第一个测量出大气压的值，一个标准大气压的大小约相当于760毫米水银柱所产生的压强，大小约为1×105Pa表示每平方米面积上受到的压力为1×105N；
大气压不是固定不变的，海拔高度越高，空气越稀薄，密度越小，大气压强就越小，即大气压随着海拔的高度的增高而减小，所以珠穆朗玛峰上的大气压比山脚下的大气压低。
故答案为：大气压强；托里拆利；1×105；低。
(1)马德堡半球实验，证明大气压强的存在；托里拆利实验，首先测出了大气压的值；
(2)压强是表示压力的作用效果的物理量，压强的国际单位是帕斯卡，简称帕，符号是Pa，1Pa=1N/m2，表示每平方米的面积上受到的压力是1N；
(3)大气压强的大小与海拔高度有关。
此题考查压强的物理意义、影响压强大小的因素，难度不大，属于基础题目。
20.【答案】0.9×103  0.90.9×10−3  能 
【解析】解：
①冰的密度；ρ=mV=0.9kg1×10−3m3=0.9×103kg/m3；
②冰熔化成水后，质量不变，水的质量为0.9kg：
水的体积：V水=m水ρ水=0.9kg1×103kg/m3=0.9×10−3m3；
③由V=mρ可知：质量一定时，密度越大，液体的体积越小，
由ρ水<ρ盐水可知，相同质量的盐水和水的体积关系为V盐水 故答案为：0.9×103；0.9；0.9×10−3；能。
①单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，根据ρ=mV可求密度；
②冰化成水后，质量不变，根据公式V=mρ可求水的体积；
③体积相同的不同物质，质量与密度成正比。
本题考查了密度的物理意义和变形公式的应用，是一道中等题。
21.【答案】4 不变  变大  不变 
【解析】解：
金属块静止在水面下，金属块受到的浮力：F浮=G−F示=9N−5N=4N；
当增大金属块浸没的深度，金属块排开水的体积不变，根据阿基米德原理，F浮=G排=ρ水gV排，金属块受到的浮力大小不变；
增大金属块浸没的深度，金属块下表面浸在水中的深度h变大，根据p=ρ液gh，金属块下表面压强p变大，由F=pS可知金属块下表面受到水的压力变大；
由于金属块排开水的体积不变，所以容器内液体的深度不变，根据液体压强公式可知，容器底部受到水的压强不变。
故答案为：4；不变；变大；不变。
(1)利用称重法F浮=G−F示即可求出浮力的大小；
(2)金属块下沉时，金属块排开水的体积不变，利用阿基米德原理分析浮力变化；
增大金属块浸没的深度，金属块下表面浸在水中的深度变大，根据p=ρ液gh，判断压强变化，由F=ps判断压力的变化；
根据液体压强公式判断容器底部受到水的压强变化情况。
本题考查了学生对阿基米德原理、称重法测浮力以及液体压强等知识的掌握和运用。物体浸没液体中，排开液体的体积等于物体的体积且保持不变是解题关键。
22.【答案】地面  ②  地面 
【解析】解：根据压力的定义可知，定义中的“物体”在此指的是地面，压力的方向为图中②，在此压力作用下发生形变的是地面。
故答案为：地面；②；地面。
垂直压在物体表面上的力叫压力；压力属于弹力，是由受力物体发生形变引起的。
此题考查压力的定义和方向，属于基础知识考查，难度较小。
23.【答案】正确；塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落  AC 
【解析】解：(1)他的观点正确；
塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强。
A.换一个横截面积更小的玻璃管，塑料片上方的物体压力等于重力不变，由于塑料片只受水向上的压力部分的面积减小，因而向上的压力减小，则塑料片会下落；
B.将玻璃管向下移动一段距离，塑料片受到向下的压强小于向上的压强，不能使图(b)中的塑料片掉落；
C.换一个质量更大的圆柱体，塑料片受到的向下的压力变大，压强变大，大于向上的压强，能使图(b)中的塑料片掉落。
故应选C。
故答案为：(1)正确；塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落。(2)AC。
(1)塑料片恰好掉落是由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，同时塑料片又受到重力的作用落。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强，据此分析。
此题考查液体压强的计算以及公式的应用，关键是知道要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强。
24.【答案】解：温度计的分度值是1℃，温度为−2℃时所在的刻度如图所示：
 
【解析】作图时，应该观察使用温度计的量程，认清它的最小刻度值，以便正确涂黑。
此题考查的是温度计的刻度的认识，注意区分零上或零下刻度，是一道基础题。
25.【答案】解：如图所示，过支点O作F1的垂线段L1为动力臂，作垂直于L2的直线，与杠杆OA的交点B为力F2的作用点，方向斜向左下方，如下图示：
 
【解析】力臂是由支点到力的作用线的距离，而画力时也可根据其作用线与力臂垂直这一特点，在已知力臂的情况下，画出对应的力。
画力臂与画力所依据的都是力的作用线与力臂垂直，这一点我们必须明确。
26.【答案】解：由图可知，小球悬浮在水中，受到的浮力F浮=G=6N，方向竖直向上，作用点可画在重心处。
 
【解析】由图可知小球在水中悬浮，受到的浮力和自身的重力相等，明确浮力的三要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小。
本题考查了物体浮沉条件的应用以及力的图示法，要注意力的图示必须要确立一个标度，这样才能准确表示力的大小。
27.【答案】体温计  能  探究杠杆平衡条件  左  水平 
【解析】解：(1)该测量工具是体温计，体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它的作用是当体温计离开人体后，细管内水银柱在缩口处断开，仍然指示原来的温度，所以体温计能离开人体读数；
(2)如图示为探究杠杆平衡条件的实验装置；由图可知，杠杆的左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于力臂的测量。
故答案为：体温计；能；探究杠杆平衡条件；左；水平。
(1)①使用体温计测量体温时，先要弄清楚体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻度相垂直；
②体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它的作用是当体温计离开人体后，细管内水银柱在缩口处断开，仍然指示原来的温度，所以体温计可以离开人体读数；同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中；
(2)在探究杠杆平衡条件的实验中，要调节杠杆在水平位置平衡，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。
此题考查的是体温计的读数和使用方法以及探究杠杆平衡条件实验的注意事项，属于综合性题目。
28.【答案】物体排开液体所受的重力  V2−V1 
【解析】解：用如图所示的装置，可以根据称重法得出物体受到的浮力F浮=F2−F1；物体排开液体的体积V排=V2−V1；根据G排=m排g=ρ液V排g算出物体排开液体所受的重力，从而验证浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受的重力的关系。

故答案为：物体排开液体所受的重力；V2−V1。
根据称重法得出物体受到的浮力；根据排液法计算物体排开液体的体积；根据G排=m排g=ρ液V排g算出物体排开液体所受的重力，从而验证浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受的重力的关系。
本题验证浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受的重力的关系，难度不大。
29.【答案】解：
①△t=80℃−30℃=50℃，
②Q吸=cm△t
=0.45×103焦/(千克⋅℃)×2千克×50℃
=4.5×104焦。
答：①铁块升高的温度为50℃；
②铁块吸收的热量为4.5×104焦。 
【解析】①知道铁块的初温和末温，可求铁块升高的温度；
②又知道铁的比热容和质量，利用吸热公式求铁块吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t的掌握和运用，计算时注意温度升高了(△t)与升高到(末温)的区别。
30.【答案】解：(1)由图可知，物体由2段绳子承担，已知物体上升高度h=2m，则s=2h=2×2m=4m，
在此过程中拉力F做的功：
W=Fs=10N×4m=40J；
(2)在此过程中拉力F的功率：
P=Wt=40J10s=4W。
答：(1)拉力F做的功为40焦；
(2)拉力F的功率为4瓦。 
【解析】(1)已知物体A在10秒内上升2米，可求绳子移动的距离，利用W=Fs可求得在此过程中拉力F做的功；
(2)利用P=Wt可求得在此过程中拉力F的功率。
本题考查了使用动滑轮拉力、功和功率的计算，属于基础题目。
31.【答案】解：①由ρ=mV可得，容器甲中水的体积：
V=m水ρ水=4kg1.0×103kg/m3=4×10−3m3；
②圆柱体乙置于水平地面上，圆柱体对地面的压力F=G=180N，
圆柱体乙对地面的压强：
p乙=FS乙=180N6×10−2m2=3000Pa；
③设物体A的质量为m，A的体积为VA；
由于物体A浸没在容器甲的水中，则水对容器甲底部压强增加量：
△p1=ρ水△hg=ρ水VAS甲g；
物体A放在圆柱体乙上表面的中央，则圆柱体乙对地面压强的增加量：
△p2=△FS乙=mgS乙=ρAVAgS乙，
已知△p1=△p2，则：ρ水VAS甲g=ρAVAgS乙，
所以物体A的密度：ρA=ρ水S乙S甲=1.0×103kg/m3×6×10−2m25×10−2m2=1.2×103kg/m3。
答：①容器甲内水的体积是4×10−3m3；
②圆柱体乙对水平地面的压强是3000Pa；
③物块A 的密度是1.2×103kg/m3。 
【解析】①知道水的质量和水的密度，利用密度公式ρ=mV计算水的体积；
②圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，知道受力面积，利用压强公式p=FS求对地面的压强；
③设物体A的质量为m，A的体积为VA；则水对容器甲底部压强增加量△p1=ρ水△hg=ρ水VAS甲g，圆柱体乙对地面压强的增加量△p2=△FS乙=mgS乙=ρAVAgS乙，根据△p1=△p2求得物体的密度。
本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点在第三问，求出容器对地面压强的增加量和水对容器底部压强的增加量，利用好等量关系是突破点。
32.【答案】在质量相同的情况下，举得越高的物体，具有的重力势能就越大  1与4(或3与5)物体的质量与举起的高度的乘积相等时，物体具有相同的重力势能，对铁钉做的功也相同  物体的质量与高度的乘积越大，具有的重力势能越大，做的功也越大 
【解析】解：(1)实验序号1与2(或3与4或5与6)的数据可知，重锤质量均相同，重锤举得越高，铁钉进入泡沫塑料深度越大，故可得出的结论：在质量相同的情况下，举得越高的物体，具有的重力势能就越大。
(2)从表中找出高度相同，质量不同的数据，可以看出实验序号1与4(或3与5)符合探究的要求。
(3)综合分析比较实验序号1与3，或2与5，或3与6中第二列、第三列及第四列中的数据，依次计算表中质量与高度的乘积，再观察乘积相等时铁钉进入泡沫塑料深度的大小，可以得出：物体的质量与举起的高度的乘积相等时，物体具有相同的重力势能，对铁钉做的功也相同；
(4)综合分析比较实验序号1与3和2与5和3与6中第二列、第三列及第四列中的数据，比较乘积不同的数据还可以看出，物体的质量与高度的乘积越大，具有的重力势能越大，做的功也越大。
故答案为：(1)在质量相同的情况下，举得越高的物体，具有的重力势能就越大；(2)1与4(或3与5)；(3)物体的质量与举起的高度的乘积相等时，物体具有相同的重力势能，对铁钉做的功也相同；(4)物体的质量与高度的乘积越大，具有的重力势能越大，做的功也越大。
(1)序号1与2(或3与4或5与6)这几组实验数据的特点是质量相同、高度不同、深度不同。据此归纳总结出结论；
(2)利用控制变量法，明确变量与不变量，再结合数据分析重力势能大小与所研究变量的关系；
(3)分析比较表中第二列、第三列及第四列中的数据得出①物体的质量与举起高度的乘积相同时，铁钉进入泡沫塑料深度，从而比较重力势能的大小；
(4)比较质量与高度乘积大小不相同时，同样观察此时铁钉进入泡沫塑料深度的大小，可得出乘积越大，重力势能越大的结论。
在本实验的分析中，重点运用了控制变量的方法，搞清变量与不变量，全面分析归纳变量间的数量关系的变化规律，即可得出可靠的结论。有一定的难度。