四川省遂宁市蓬溪中学2023-2024学年高二物理上学期月考试题（二）（Word版附解析）

蓬溪中学高 2022级微练习物理试题（二）

一、选择题（1-6 小题为单项选择题，每小题 6 分，共 36 分； 7-9 小题为多项选择题，全部选对的得 8 分，选对但不全的得 4 分，有选错的得 0 分，共 24 分，合计 60分。）

1. 自然科学中很多物理量的表达式都有不止一个，通常都有其定义式和决定式，它们反应人们对自然界认识的不同层次。定义式侧重描述客观世界，决定式侧重对因果关系的解释。下列表达式中，侧重解释因果关系的是（　　）

A. 电阻 B. 电容

C. 电流 D. 电场强度

【答案】AC

【解析】

【详解】电阻和电流，都是决定式，侧重解释因果关系；而电容和电场强度都是定义式，侧重描述客观世界。

故选AC。

2. 如图，线1表示的导体电阻为R1，线2表示的导体的电阻为R2，则正确的是（　　）

A.

B

C. 将与串联后接于电源上，则电流比

D. 将与并联后接于电源上，则电流比

【答案】A

【解析】

【详解】AB．图像斜率表示电阻的倒数，由图像可知图线1和图线2斜率之比为3:1，故A正确，B错误；

C．将与串联后接于电源上，则电流比

故C错误；

D．根据欧姆定律

将与并联后接于电源上电流比为可得

故D错误。

故选A。

3. 如图所示，一根均匀带负电的长直橡胶棒沿水平方向向右做速度为v的匀速直线运动。若棒的横截面积为S，单位长度所带的电荷量为-q（q >0），由于棒的运动而形成的等效电流的大小和方向分别是（　　）

A qv向左 B. qvS向左 C. qv向右 D. qvS向右

【答案】A

【解析】

【详解】电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动的方向即为电流的方向，故均匀带负电的长直橡胶棒沿轴线方向做速度大小为v的匀速直线运动，形成等效电流，电流的方向与v反向，电流方向向左。设橡胶棒的长度为l，根据电流强度的定义得

根据题意得

解得

故选A。

4. 法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图为点电荷、所形成电场的电场线分布图，下列说法正确的是（　　）

A. 、为异种电荷，带电量大于带电量

B. 、异种电荷，带电量小于带电量

C. 、为同种电荷，带电量大于带电量

D. 、为同种电荷，带电量小于带电量

【答案】A

【解析】

【详解】由图可知电场线方向由指向，故带正电，带负电；根据电场线的疏密程度可知，带电量大于带电量。

故选A。

5. 一根粗细均匀的电阻丝，横截面的直径是，电阻为，把它拉制成直径是的均匀细丝后，它的电阻变成（ ）

A.  B.  C.  D.

【答案】D

【解析】

【详解】把电阻丝拉制成直径是的均匀细丝后，其横截面积变为原来的，长度变为原来的100倍，所以它的电阻变为

故选D。

6. 如图所示，当a、b两端接入100 V的电压时，c、d两端电压为20 V，当c、d两端接入100 V的电压时，a、b两端的电压为50 V，则R1∶R2∶R3=（　　）

A. 3∶2∶1 B. 2∶1∶1 C. 4∶2∶1 D. 1∶2∶1

【答案】C

【解析】

【详解】本题考查了串并联电路的规律，当AB端接入电压时，两个R1与R2串联，CD端测得R2两端的电压；而当CD端接入时，两个R3与R2串联，AB端测得R2两端的电压；则欧姆定律可得出输出电压与输出电压的关系式，联立即可得出三个电阻的比值，当AB端接入时， CD端接入时，由欧姆定律可得

联立解得

故选C。

7. 如图所示的电路，闭合开关，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．为了使液滴竖直向上运动，下列操作可行的是（ ）

A. 断开开关，将两板间的距离拉大一些

B. 断开开关，将两板水平地向相反方向移开一些

C. 保持开关闭合，将两板间的距离减小一些

D. 保持开关闭合，以两板各自的左侧板沿为轴，同时向上（即逆时针方向）转过一个小角度

【答案】BC

【解析】

【详解】A.将S断开，电量Q不变，增大板间距离d，根据，，，则，与d无关，则E不变，带电液滴不动；故A错误．

B.将S断开，Q不变，将两板水平地向相反方向移开一些，正对面积S减小，根据知，E变大，则电场力变大，液滴向上运动；故B正确．

C.保持开关闭合，板间距离d变小，电势差不变，根据知，电场强度增大，电场力增大，将向上运动；故C正确．

D.保持开关闭合，以两板各自左侧板沿为轴，逆时针方向转过一个小角度，板间距离减小，场强增大，电场力也逆时针转过一个小角度，液滴将沿电场力与重力的合力方向运动，不可能竖直向上运动；故D错误．

8. 四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2。已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大于V2的量程，改装好后把它们按图所示接法连入电路，则（　　）

A. 电流表A1的读数大于电流表A2的读数

B. 电流表A1指针的偏转角小于电流表A2指针的偏转角

C. 电压表V1的读数小于电压表V2的读数

D. 电压表V1指针的偏转角等于电压表V2指针的偏转角

【答案】AD

【解析】

【详解】AB．表头并联电阻后可改装成电流表。对于电流表A1和A2，两个表头并联，电压相同，故流过两个表头的电流相同，则电流表A1的指针偏转角等于电流表A2的指针偏转角，而电流表A1的量程大于A2的量程，则电流表A1的读数大于电流表A2的读数，故A正确，B错误；

CD．表头串联电阻后可改装成电压表。对于电压表V1和V2，两个表头串联，故流过两个表头的电流相同，则电压表V1的指针偏转角等于电压表V2的指针偏转角，而电压表V1的量程大于V2的量程，则电压表V1的读数大于电压表V2的读数，故C错误，D正确。

故选AD。

9. 在报警电路中常用到蜂鸣器，其原理为当电流从蜂鸣器正极流入负极流出时，蜂鸣器会发出报警声。如图所示是一个断路报警电路，平行板电容器电容为C，电源电动势为E，内阻r≠0，D可视为理想二极管，R1、R2为定值电阻。当电路中的电键K在电路工作过程中断开时，蜂鸣器会发出报警声。对于该电路下列说法正确的是（　　）

A. a端为蜂鸣器的正极

B. K闭合稳定后，电容器电量为CE

C. K闭合稳定后，增加平行板间距离有可能会使蜂鸣器发出报警声

D. K断开后，流过蜂鸣器的电量小于流过R2的电量

【答案】AC

【解析】

【详解】A．分析可知，电键K闭合时，电流从b端流过蜂鸣器，则电容器C的右端为正极板，电键K断开时，电容器放电，电流从a端流过蜂鸣器，此时蜂鸣器发出报警声，则a端为蜂鸣器的正极，故A正确；

B．K闭合稳定后，电容器两端电压为电阻R2两端电压，小于电动势E，故电容器电量小于CE，故B错误；

C．K闭合稳定后，增加平行板间距离，根据平行板电容器的决定式

可知电容减小，电容器放电，电流从a端流过蜂鸣器，有可能会使蜂鸣器发出报警声，故C正确；

D．K断开后，电容器放电，二极管具有单向导电性，没有电流通过二极管，则流过蜂鸣器的电量等于流过R2的电量，故D错误。

故选AC。

二、实验题（每空 5 分，共 25 分）

10. 在如图甲所示的电路中，4节干电池串联，小灯泡A、B的规格为“3.8 V，0.3 A”。合上开关S后，无论怎样移动滑动片，A、B灯都不亮。

（1）用多用电表的直流电压挡检查故障。

①选择开关置于下列量程的___________挡较为合适（用字母序号表示）。

A．2.5 V     B．10 V

C．50 V     D．250 V

②测得c、d间电压约为5.8 V、e、f间电压为0，则故障是___________。

A．A灯丝断开     B．B灯丝断开

C．d、e间连线断开     D．B灯被短路

（2）接着练习使用欧姆表的“×1”挡测电阻，欧姆表经过“欧姆调零”。

①测试前，一定要将电路中的开关S___________；

②测c、d间和e、f间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为___________ Ω，此时测量的是___________间电阻。

【答案】    ①. B    ②. A    ③. 断开    ④. 6    ⑤. e、f

【解析】

【详解】（1）用多用电表的直流电压挡检查故障。

①[1]因4节干电池的电动势为6V，则选择开关置于10V的量程，故选B。

②[2]测得c、d间电压约为5.8 V、e、f间电压为0，则是A灯丝断开；若是B灯丝断开，则c、d间电压约为0、e、f间电压为5.8 V；若是d、e间连线断开，则c、d间电压以及e、f间电压均为0；若是B灯被短路，则A灯同样亮，故A正确，BCD错误。

故选A。

（2）接着练习使用欧姆表的“×1”挡测电阻，欧姆表经过“欧姆调零”。

①[3]测试前，一定要将电路中的开关S断开；

②[4][5]测c、d间和e、f间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为6 Ω，因c、d间断路，电阻无穷大，则此时测量的是e、f间电阻。

二、计算题

11. 如图所示，一半径为R的绝缘圆形轨道竖直放置，圆轨道最低点B点与一条水平轨道相连，轨道是光滑的，轨道所在空间存在水平向右、场强为E的匀强电场，从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m带正电的小球，设A、B间的距离为S。已知小球受到的电场力大小等于小球重力的倍，C点为圆形轨道上与圆心O的等高点。（重力加速度为g）

(1)若，求小球运动到C点时对轨道的压力大小；

(2)为使小球恰好能在圆轨道内完成圆周运动，求S值；

(3)若满足(2)中条件，求小球对轨道的最大压力。

【答案】（1）10mg；（2）；（3）10mg

【解析】

【分析】小球在运动过程中受到重力与电场力作用，根据动能定理求出小球到达C点时的速度，然后在C点小球做圆周运动，轨道的弹力与电场力的合力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出弹力；小球刚好在圆轨道内完成圆周运动等效最高点，由牛顿第二定律与动能定理可以求出S大小；找出等效最低点时速度最大，由牛顿第二定律与动能定理可以求出最大压力。

【详解】(1)由题可知电场力

根据动能定理从A到C，得C点的速度

在C点，由牛顿第二定律得

联立以上并带入数据解得

所以小球运动到C点时对轨道的压力大小为10mg。

(2)为了使小球刚好在圆轨道内完成圆周运动，小球到达某点时恰好受重力和电场力，此时

有

在E点由牛顿第二定律得

其中

根据动能定理从A到E点有

联立以上并带入数据解得

所以为使小球恰好能在圆轨道内完成圆周运动，S的值为。

(3)在F点时速度最大，压力也最大，在F点由牛顿第二定律得

根据动能定理从A到F点有

其中

联立以上并带入数据解得

故小球对轨道的最大压力为10mg。

【点睛】本题主要考查了小球在电场力和重力作用下在竖直轨道的运动问题，应用动能定理与牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意“小球刚好在圆轨道内完成圆周运动”的隐含信息。