2022-2023学年江苏省南京市溧水区九年级上学期物理期末考试题及答案

这是一份2022-2023学年江苏省南京市溧水区九年级上学期物理期末考试题及答案，共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列常用工具属于费力杠杆的是（ ）
A. 吃饭用的筷子B. 撬瓶盖的起子
C. 剪断钢丝的钳子D. 拧螺帽的扳手
【答案】A
【解析】
【详解】A．吃饭用的筷子在使用时阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B．撬瓶盖的起子在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．剪断钢丝的钳子在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．拧螺帽的扳手在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选A。
2. 小徐购买了一个恒温杯垫，在冬天就能喝上温热的牛奶了。小徐关于温度、热量和内能等的看法正确的是（ ）
A. 牛奶的温度与恒温杯垫相同时，不再发生热传递
B. 把牛奶放在恒温杯垫上，垫的温度越高牛奶所含热量越多
C. 牛奶的温度不变，内能一定不变
D. 小徐喝下牛奶，牛奶的温度传递给了他
【答案】A
【解析】
【详解】A．存在温度差是发生热传递的条件，牛奶的温度与恒温杯垫相同，不再发生热传递，故A正确；
B．热量是个过程量，不能说含有多少，故B错误；
C．牛奶的内能不只与牛奶的温度、还与牛奶的状态和质量等因素有关，故C错误；
D．能量可以在物体之间发生转移，小徐喝下牛奶，牛奶的内能传递给了他，故D错误。
故选A。
3. 如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是（ ）
A. 图甲，划火柴点燃火柴
B. 图乙，用酒精灯加热试管中的水
C. 图丙，快速拉动绳子，金属管内酒精蒸气顶开木塞
D. 图丁，锯木头锯条发热
【答案】B
【解析】
【详解】A．划火柴点火，是通过克服摩擦力做功改变物体内能的；
B．用酒精灯给试管中水加热是通过热传递改变物体内能的；
C．金属管内酒精蒸汽顶开木塞时，将内能转化为机械能，内能减少，所以是通过做功改变物体内能的；
D．锯木头时，锯条发烫，即锯条克服摩擦力做功，使得自身的内能增加，所以是通过做功改变物体内能的。
综上可知，B与其余三个在改变物体内能的方式与其他三个实例不同，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
4. 用两个相同的电加热器给质量均为0.2kg的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，不计热量损失，据此判断（ ）
A. 物质甲的比热容为8.4×103
B. 加热20min时间内，水所吸收的热量是甲的两倍
C. 甲在前10min内吸收的热量是5.04×104J
D. 每个电加热器每秒放出42J的热量
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图象可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min。所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为
由热量计算公式Q=cm△t得
又因为c水=4.2×103J/（kg·℃），所以
c甲=2.1×103J/（kg·℃）
故A错误；
B．用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内甲和水吸收的热量相同，所以加热20分钟时间，水吸收的热量等于甲吸收的热量，故B错误；
C．甲物质10min升高了60℃，吸收的热量
故C错误；
D．不计热量损失，10min电热器放出的热量
每秒放出热量
故D正确。
故选D。
5. 如图所示，是荡秋千的模型。球从A点静止释放，到达右侧最高点D点后返回，其中B、C两点等高。下列说法正确的是（ ）
A. 球在B、C两点机械能相等
B. 从A点到O点时，球的重力势能全部转化为动能
C. 球在A、D两点的动能相等
D. 在荡秋千的过程中，可通过有规律的站立、下蹲使秋千越荡越高，但机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】由于存在空气的摩擦，小球在摆动的过程中，机械能转化为内能，机械能会逐渐减小。
A．球从B点摆动到C点，由于存在空气的摩擦，机械能会减小，B的机械能大于C的机械能，故A错误；
B．从A点到O点时，高度变小，速度变大，球的重力势能变小，动能变大，一部分重力势能转化为动能；由于克服摩擦做功，一部分重力势能转化为内能，故B错误；
C．球在A、D两点速度为零，动能为零，球在A、D两点的动能相等，故C正确；
D．在荡秋千的过程中，可通过有规律的站立、下蹲，人对秋千做功，此时把人的化学能转化为机械能，秋千的机械能增加，越荡越高，故D错误。
故选C。
6. 小丽同学在中考体育考试中，选择了引体向上项目。如图是引体向上的示意图。小丽同学在1分钟内做了8个规范的引体向上，则她在整个做引体向上过程中的功率最接近于（ ）
A. 3WB. 30WC. 90WD. 120W
【答案】B
【解析】
【详解】中学生的体重大约60kg，所以小丽的重力约为600N，每一次引体向上的高度约为0.4m，小丽每一次引体向上所做的功
小丽1分钟做的总功
小丽做功的平均功率
所以计算结果与B选项最为接近。
故选B。
7. 在如图所示的电路中，属于并联电路的是（ ）
A. 甲、乙B. 乙、丙C. 乙、丁D. 甲、丁
【答案】B
【解析】
【详解】甲、丁中，两个灯泡首尾顺次连接，电路只有一条电流路径，故两灯泡是串联的；乙、丙中，两个灯泡首首相连、尾尾相连，电路有两条电流路径，因此灯泡是并联连接。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8. 用遥控智能钥匙解锁汽车车门有两种方式：方式一、当驾驶员携带钥匙在车附近时，车上的感应器感知到钥匙（相当于S1闭合），只需用手触摸车门把手（相当于S2闭合）汽车的车门就会解锁；方式二、当司机距离汽车较远时，只需直接按下开锁键（相当于闭合S3），车门就会解锁。以下能正确反映汽车开锁过程的电路图是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．方式一要求同时闭合S1、S2才可以解锁，A图中闭合S1、S2，电路断路，不能开锁，故A不符合题意；
B．方式二只需要闭合S3车门就会解锁。B图中闭合S3，电路断路，不能开锁，故B不符合题意；
C．C图中，闭合S1和S2车门可解锁；闭合S3，车门可解锁。两种解锁方式互不影响，符合题目设计要求，故C符合题意；
D．方式一要求同时闭合S1、S2才可以解锁，而D图中单独闭合S1或S2，都可以解锁，与设计要求不符合，故D不符合题意。
故选C。
9. 如图电源电压为6V，开关闭合后，电灯L1、L2均不发光，用电压表逐段测量，结果是Uab=0V，Uad=6V，Ubc=0V，Ucd=6 V。由此可判断此电路的故障可能是（）
A. L1断路B. L2 断路
C. L1短路D. 滑动变阻器断路
【答案】D
【解析】
【详解】由图知道，该电路为串联电路，由于闭合开关后，两灯泡都不发光，说明电路有断路； 当用电压表逐段测量时， Uab=0V，Uad=6V，Ubc=0V，Ucd=6 V；由于Uad=6V，即为电源电压，所以，说明cd之间出现断路现象，故只有D符合题意。
10. 如图所示，电源电压恒为15V，定值电阻R的阻值为20Ω，闭合开关后，移动滑片使变阻器的阻值减小5Ω，电流表示数变化了0.1A，则下列说法正确的是（ ）
A. 移动滑片前，电流表的示数是0.6AB. 电压表的示数减小了0.5V
C. 电路总功率增大了0.05WD. 定值电阻的电功率增大了2.2W
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，设原来滑动变阻器接入电路中的电阻为R变，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑片移动前电路中的电流
移动滑片使变阻器的阻值减小5Ω时，电路中的电流
因此时滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，所以，电路中的电流增大，即电流表示数增大了0.1A，所以
解得R变=10Ω，R变=-45Ω（舍去），所以，两次电路中的电流分别为
电压表示数的减少量
定值电阻电功率的增大量
电路总功率的增大量
故ABC错误，D正确。
故选D。
11. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，忽略小灯泡电阻受温度的影响。当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（ ）
A. 电流表和电压表的示数都增大，电路总功率变大
B. 电流表和电压表示数都减小，电路总功率变小
C. 电流表示数减小，电压表示数变大，灯泡功率不变
D. 小灯泡亮度不变，电压表示数不变，变阻器功率变小
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．由电路图可知，灯泡与变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测变阻器支路的电流，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故ABC错误；
D．因并联电路各支路互不影响，所以滑片移动时，灯的亮度不变；当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，变阻器接入电路中的电阻增大，由可知，通过变阻器的电流变小，即电流表的示数减小，因变阻器的电压不变，而通过变阻器的电流变小，根据P＝UI可知，变阻器的功率变小，故D正确。
故选D。
12. 如图所示的电路中，电源电压恒为5V，电压表V1、V2的量程均为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。闭合开关后，若要求三只电表的示数均不能超过所选量程，且灯泡两端电压不能超过其额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（ ）
A. 整个电路的最大功率是3W
B. 灯泡的最小功率为0.8W
C. 电流表示数的变化范围是0.2A~0.5A
D. 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是5Ω~6Ω
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC．灯泡的额定电流
IL额==0.5A
因为串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，所以电路中的最大电流为
Imax=IL额=0.5A
该电路的最大功率
Pmax=UImax=5V×0.5A=2.5W
灯泡的电阻
RL==5Ω
此时电路中的总电阻
R==10Ω
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值
R滑=R-RL=10Ω-5Ω=5Ω
根据串联电路的分压特点可知，当电压表V2的示数最大为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，则此时灯泡两端的电压
UL=U-U滑max=5V-3V=2V
电路中的最小电流
Imin==0.4A
所以电路中电流变化的范围是0.4A～0.5A，灯泡的最小功率
PLmin=ULImin=2V×0.4A=0.8W
故B正确，AC错误；
D．滑动变阻器接入电路中的最大阻值
R滑max==7.5Ω
所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是5Ω～7.5Ω，故D错误。
故选B。
二、填空题
13. 如图是单缸四冲程汽油机的______冲程，在此冲程中，通过______方式使气缸气体内能增加。若此汽油机曲轴的转速为1200r/min，则在1s内，活塞对外做功的次数是______次。
【答案】 ①. 压缩 ②. 做功 ③. 10
【解析】
【详解】[1]从图中可以看到，进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，这是压缩冲程。
[2]在这过程中，压缩汽油和空气的混合物，这是通过做功的方式使气缸气体内能增加。
[3]由题意可知，汽油机曲轴的转速为1200r/min，则1s曲轴转20r，汽油机曲轴转两转，完成一个工作循环，对外做功一次，那么1s内转20r，对外做功10次。
14. 小明同学参加了勤工俭学的活动，他用如图所示的装置提升物体，他将重力为的物体匀速向上提升了，所用的拉力为，他做的有用功是______，若用该装置提起更重的物体，机械效率将______。（不计绳重和摩擦）
【答案】 ①. 750 ②. 变大
【解析】
【详解】[1]做的有用功为
[2]不计绳重和摩擦，若用该装置提起更重的物体，在物体上升高度相同时，有用功增大，额外功不变，则有用功在总功中所占的比例增大，滑轮组的机械效率变大。
15. 如图所示电路中，R1、R2的连接方式是_______联（选填“串” 或“并”）。若电源电压为6V，R1=2R2，闭合开关后，则R1两端的电压是_______V。
【答案】 ①. 串 ②. 4
【解析】
【详解】[1]将各电路元件逐个顺次首尾相连接组成的电路叫串联电路，电流的路径只有一条，则R1、R2的连接方式是串联。
[2]串联电路经过各电路元件的电流都相等，由R1=2R2，可知，根据串联电路的电压特点可知
解得
，
16. 一个直流电动机正常工作电压是3V，线圈内阻是1Ω，测得其正常工作时的电流为0.2A，则其额定功率为______W，该电动机正常工作5min，线圈产生的热量为______J。
【答案】 ①. 0.6 ②. 12
【解析】
【详解】[1]电动机的额定功率为
P=UI=3V×0.2A=0.6W
[2]电动机产生的热量
Q=I2Rt=(0.2A)2×1Ω×5×60s=12J
17. 在四天物理小达人活动中，小楷利用三个定值电阻、、制作了一个电阻箱，其外观如图甲所示，有A、、、四个接线柱，将其中任意两个接线柱接入电路，可以得到若干个阻值不同的电阻。小睿对这个电阻箱的内部结构产生了极大的兴趣，于是组装了如图乙所示的探测电路，其中电源电压恒为3V，电流表量程为。
（1）小睿的基本思路是将探测电路、两点分别与A、、、四个接线柱中的任意两个相连接，从而根据电流表的示数得到这两个接线柱之间的______；
（2）当小睿将、分别与A、相连，正要闭合开关，小楷阻止了他，这是因为______；
（3）小睿改进了图乙中的探测电路，在其中串联一个的定值电阻，并继续进行实验，得到如表所示的的数据，通过计算及推导，请你帮他在图丙虚线框中画出电阻箱内部三个电阻连接电路图______；
（4）对整个探究过程与结果，下列说法中正确的两项是______。
A.若直接将A、、、中任意两个接线柱连入电路，可以分别得到、、、、、六个不同的电阻值
B.若先用一根导线将A、、、中任意两个接线柱连接起来后，再任意两个接线柱连入电路，在可以得到的阻值中，最小和最大的阻值分别为、
C.若将（3）中改进后的探测电路、分别与、连接，电流表的示数为
D.若在（3）中不加的电阻，而将电流表换接“”量程，也可完成实验
E.若将（3）中的定值电阻换成“ ”的滑动变阻器，也可完成实验
【答案】 ①. 电阻 ②. 电路中的电流可能过大，烧坏电流表 ③. ④. AD
【解析】
【详解】（1）[1]将探测电路、两点分别与A、、、四个接线柱中的任意两个相连接，读出电流表的示数，又知道电源的电压为3V，根据的变形式可知这两个接线柱之间的电阻。
（2）[2]假设A、间的电阻为R1（或、或时，由可得，电路中的电流为3A（或1.5A、或0.75A，大于电流表的量程0.6A，会烧坏电流表，所以，当小睿将、分别与A、相连，正要闭合开关，小楷阻止了他。
（3）[3]当电路中的电流为时，电路的总电阻，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得，之间的电阻
由表格数据知，当、与A、相连时，电路中的电流为0.6A，则间的电阻
即AB间接的是电阻R1；
当、与、相连时，电路中的电流为0.5A，则间的电阻
即BC间接的是电阻R2；
当、与、相连时，电路中的电流为0.3A，则间的电阻
而
R2+R3=2Ω+4Ω=6Ω
所以CD间是R2、R3串联连接。则电阻箱内部三个电阻连接电路图如图丙所示：
（4）[4]A．由图丙可知：A、间的电阻为，A、间的电阻为，A、间的电阻为，、间的电阻为，、间的电阻为，、间的电阻为，故正确；
B．用一根导线将A、相连时，、的电阻为最小，、间的电阻为最大；
用一根导线将A、相连时，连接A（或C）、间，R1、R2并联在电路中，电路中总电阻最小为
连接A（或C）、间，R1、R2并联后，再与R3串联，电路中的总电阻最大为
用一根导线将A、相连时，连接A（或D）、间，R1和R3并联在电路中，总电阻最小为
连接A（或D）、间，R1、R3并联后再与R2串联，电路中的总电阻最大，最大为
用一根导线将、相连时，连接A、（或C）间，电路中只有R1工作，电阻最小为
连接A、间，R1、R3串联在电路中，总电阻最大为
用一根导线将、相连时，连接、（或D）间，R2、R3并联在电路中，总电阻最小为
连接A、（或D）间，R2、R3并联后再与R1串联，电路中的总电阻最大为
故B错误；
C．若将（3）中改进后的探测电路、分别与、连接，电电路中的电流
由于量程电流表的分度值为，电流表示数读不出，故C错误；
D．若在（3）中不加的电阻，表格第一次和第二次、第三次对应的电流为3A、1.5A、0.5A，将电流表换接“”量程，也可完成实验，故D正确；
E．若将（3）中的定值电阻换成“ ”的滑动变阻器，此时三次实验，电路中的总电阻分别为
R总1=1Ω+10Ω=11Ω，R总2=2Ω+10Ω=12Ω，R总3=6Ω+10Ω=16Ω
而电源电压保持为3V，据欧姆定律知，表格第一次和第二次、第三次对应的电流为、、，由于量程电流表的分度值为，电流表无法读出对应的电流，不能完成实验，故E错误。
故选AD。
18. 元旦晚会要装些小灯泡来增加气氛，现有一批阻值是10Ω，正常发光电流为 0.5A的小灯泡，应把______个这样的灯泡______（选填“串”或“并”）联在220V电路中使用。
【答案】 ①. 44 ②. 串
【解析】
【详解】[1][2]根据可知，每个小灯泡正常发光时两端电压为
根据串联分压特点可知，为使小灯泡正常发光，应把小灯泡串联接入220V电路中，每个小灯泡分的电压为5V，共需要的小灯泡个数为
19. 如图是电饭锅的电路图。电饭锅工作时有加热和保温两种状态。加热状态下消耗的电功率大。图中R2是加热用的电热丝，阻值为55欧；R1是电阻，阻值为145欧。
（1）当自动开关S接通时，R1短接不工作，此时电饭锅处于______状态。此时电饭锅消耗的功率为多大？______
（2）当自动开关S断开时，此时电饭锅正常工作20分钟产生多少热量？______
【答案】 ①. 加热 ②. 880W ③. 2.904×105J
【解析】
【详解】解：（1）[1]观察该电路图，当自动开关S接通时，R1短接不工作，此时电路只有R2接入电路，根据电功率的推导式，可知，电饭锅的功率为；当自动开关S断开时，两电阻是串联的，电饭锅的功率为
可知道，，自动开关S接通时的电功率较大，则自动开关S接通时，电饭锅处于加热状态。
[2]由[1]解析可知，电饭锅处于加热状态时，电饭锅的功率为
此时电饭锅消耗的功率为880W。
（2）[3]当自动开关S断开时，电饭锅处于保温状态，电路的总电阻为
电路的总电压为220V，此时电饭锅正常工作时间为
这情况下，电饭锅产生的热量为
这情况下，电饭锅产生的热量为。
答：（1）当自动开关S接通时，R1短接不工作，此时电饭锅处于加热状态；此时电饭锅消耗的功率为880W；
（2）当自动开关S断开时，此时电饭锅正常工作20分钟产生热量为。
三、作图题
20. 工人沿台阶向上滚动圆柱形塑料桶如所示．他在A点施加力F使塑料桶绕O点向上滚动，请画出F的力臂．
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】图中O为支点，反向延长力F画出F的作用线，然后从支点O向力F的作用线作垂线段，该垂线段即为力F的力臂L，如图所示：
21. 如图，在撬棒AD上作出撬起“石块1”的最小力及对应的力臂。
【答案】
【解析】
【详解】由图示可知，当杠杆与地面的接触点（A点）为支点时，作用在A点动力的力臂最大，所以此时动力最小，连接为动力臂，过D点作垂直于动力臂向上的力，即为最小动力的示意图；如图所示：
。
22. 在下图中，根据以下要求用笔画线表示导线来连接实物图（导线不能交叉）。
要求：
①只闭合S1时，电铃响，红灯发光，绿灯不发光；
②只闭合S2时，电铃响，绿灯发光，红灯不发光。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，两种情况下，电铃都是响的，只闭合S1时，红灯发光，绿灯不发光，则S1和红灯串联，只闭合S2时，绿灯发光，红灯不发光，则S2和绿灯串联，S1和红灯串联后，再与串联的S2、绿灯并联，电铃在干路，由此连接实物图，如下所示。
23. 小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验
（1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时发现杠杆停在如图甲所示的位置，小明将左端的平衡螺母向右调，小红认为也可以将右端的平衡螺母向______调（选填“右”或“左”），使杠杆在水平位置平衡；
（2）在杠杆的两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，如图乙所示。进行实验并把数据记录在表格中，指出此表格设计的不合理之处：______、______；
（3）小明重新实验后可得出的杠杆平衡条件是：______；
（4）保持悬挂点不变，小红将图乙中杠杆两侧的钩码各增加相同数量，杠杆会_______（选填“向右倾”或“向左倾”）；
（5）若小明只将图乙中的杠杆左侧的两个钩码取下，要使杠杆重新在水平位置平衡，应将右侧钩码______（说出钩码移动的方向及格数）；
（6）改用弹簧测力计在丙图中C位置斜下拉，若每个钩码重2N，当杠杆在水平位置平衡时，测力计示数将______（填“大于”、“等于”或“小于”）2N。
【答案】 ①. 右 ②. 实验次数太少 ③. 实验数据太特殊 ④. F1×l1=F2×l2 ⑤. 向右倾 ⑥. 向左侧移动两格 ⑦. 大于
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲所示，杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母（左端或右端的均可）向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）[2][3]为了得出的结论更具有普遍性，此表格设计的不合理之处为：实验次数太少、实验数据不应太特殊。
（3）[4]根据以上数据得出杠杆平衡的条件是
（4）[5]设一个钩码的重力G，一格的长度为，将图乙中杠杆两侧的钩码各增加相同数量
故左边小于右边，故杠杆不再水平平衡，右侧会下降，即杠杆会向右倾。
（5）[6]若小明只将图乙中的杠杆左侧的两个钩码取下，此时
根据杠杆的平衡条件得，要使杠杆重新在水平位置平衡，应将右侧钩码向左侧移动两格。
（6）[7]当拉力F向右倾斜时，拉力F力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将大于2N。
24. 如图所示，甲为可调亮度台灯，乙为电位器的结构图，A、B、C为电位器的三个接线柱，转动滑片可调节灯泡亮度。当将接线柱_______接入电路时，顺时针旋转滑片，灯泡变亮，该电位器是通过改变接入电路中电阻丝的______来改变灯泡亮度的。
【答案】 ①. B、C ②. 长度
【解析】
【详解】[1]顺时针旋转滑片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱B、C与灯泡串联后接入电路。
[2]电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电路的电流达到改变灯泡亮度的目的。
25. 如图是研究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，左边甲图中的质量均为m′，高度分别为h和2h，右边乙图中的高度均为2h，质量分别为m和2m。四幅图中相同的水平面上的木块均相同。
（1）使小球获得动能的方法是让小球从_______；
（2）该实验是通过______来反映物体动能大小的；
（3）分析比较甲中的两图可得出：在______一定的情况下，物体的______越大，动能就越大；
（4）上述研究动能大小的影响因素实验中，只改变其中一个因素，而让其他因素保持不变，这种研究方法叫______法；
（5）图中四次实验中，木块在水平面上滑动时，受到的摩擦力______（选填“相等”或“不相等”），若m'