2022-2023学年江苏省泰州市兴化市九年级上学期物理第一次月考试题及答案

这是一份2022-2023学年江苏省泰州市兴化市九年级上学期物理第一次月考试题及答案，共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（每题2分，共20分，每题四个选项中只有一个符合题意）
1. 图示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A. 园艺剪B. 筷子
C. 瓶盖起子D. 核桃夹
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．园艺剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．筷子使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C．瓶盖起子使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D．核桃夹使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选B。
2. 根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是
A. 足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功
B. 司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功
C. 女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功
D. 学生背着书包在水平路面上行走，学生对书包做了功
【答案】C
【解析】
【详解】A．足球被踢出后在草地上能继续滚动是由于惯性，此过程中运动员对足球没有力不再做功，故 A 错误；
B．司机费了很大的力也未能推动汽车，虽然有力但没有距离，所以司机对汽车没有做功， 故 B 错误；
C．女孩搬起一个箱子，女孩对箱子有力，且沿力的方向通过了一段距离，所以女孩对箱子做了功，故 C 正确；
D．学生背着书包在水平路面上行走，学生对书包有向上的力，但向上并没有移动距离，所以学生对书包没有做功。故 D 错误。
3. 小明两次分别用时90s、40s从一楼爬到五楼，小明的体重与前后两次上升的高度均不变，比较两次爬楼过程（ ）
A. 用时少的做功多B. 用时少的做功功率大
C. 用时多的做功多D. 用时多的做功功率大
【答案】B
【解析】
【详解】AC．由题知小明体重与前后两次上升的高度均不变，因此由可知，两次所做的功相同，故AC错误；
BD．两次所做的功相同，由可知，用时少的做功功率大，用时多的做功功率小，故B正确，D错误。
故选B。
4. “粽叶又飘香，颗粒正归仓。建设新时代，农民丰收忙。”如图所示，斜向上的传送带将小麦匀速运送到高处粮仓的过程中，其中1kg小麦的（ ）
A. 动能不变B. 重力势能不变
C. 机械能不变D. 动能与重力势能的和不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．1kg小麦的质量不变，匀速上升时速度不变，因此动能不变，故A符合题意；
B．1kg小麦的质量不变，高度变大，因此重力势能变大，故B不符合题意；
CD．物体的机械能是物体的动能和势能之和，由于小麦的动能不变，重力势能变大，因此小麦的机械能变大，动能与重力势能的和变大，故CD不符合题意。
故选A。
5. 如图所示，斜面长10m，高4m。用平行于斜面F=50N的拉力，将重100N的物体，从斜面的底端匀速拉到顶端。在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 利用此装置既可以省力，也可以省功B. 物体受到的摩擦力为50N
C. 对物体所做的有用功为500JD. 该斜面的机械效率为
【答案】D
【解析】
【详解】A．使用任何机械都不省功，所以利用此装置不能省功，故A错误；
BC．由题意知，将物体从斜面底端匀速拉到顶端所做的有用功
W有=Gh=100N×4m=400J
所做的总功
W总=Fs=50N×10m=500J
额外功
W额=W总-W有=500J-400J=100J
物体所受的摩擦力
故BC错误；
D．该斜面的机械效率
故D正确。
故选D。
6. 关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A. 物体温度升高，一定是吸收了热量
B. 物体的温度越高，所含的热量越多
C. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
D. 一个物体的温度降低，内能减小
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体温度升高，可能是物体吸收了热量，也可能是对物体做了功，故A错误；
B．热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故B错误；
C．热量从高温物体传给低温物体，内能的大小与物体的温度、质量、状态等因素有关，内能大的物体温度不一定高，故C错误；
D．一个物体温度降低，分子无规则运动变慢，内能减小，故D正确。
故选D。
7. 关于 的理解，下列说法中正确的是（ ）
A. 热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比，与燃料质量成反比
B. 若燃料不完全燃烧，部分能源将被浪费掉，热值将减小
C. 当燃料未燃烧时，其热值为零
D. 某种燃料的热值大小与燃料的质量、燃烧是否充分均无关
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．热值只与燃料的种类有关，与燃料完全燃烧放出的热量无关，与燃料质量无关，故A错误；
B．热值与燃烧的程度无关，故B错误；
C．当燃料未燃烧时，其热值是一个定值，故C错误；
D．某种燃料的热值大小与燃料的质量、燃烧是否充分均无关，故D正确。
故选D。
8. 喜欢思考的小明用塑料矿泉水瓶子进行了如下游戏探究：瓶中留有少量水，盖上瓶盖（如图甲）；扭转瓶子（如图乙）；轻轻扰动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内出现白雾（如图丙）。图乙和图丙所示的过程，分别与四冲程内燃机连续的两个冲程相似，这两个冲程是（ ）
A. 吸气冲程和压缩冲程B. 压缩冲程和做功冲程
C. 做功冲程和排气冲程D. 压缩冲程和排气冲程
【答案】B
【解析】
【详解】扭转瓶子（如图乙），对气体做功，机械能转化为内能，相当于为压缩冲程；如图丙，膨胀的气体对外做功，内能转化为机械能，相当于热机的做功冲程，故B符合题意；ACD不符合题意。
故选B。
9. 学生发明了一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，下列电路符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】当车上的信号接收器S1接收到信号后，再转动车钥匙S2，车才能正常启动，说明两个开关相互影响，单独一个开关闭合不能启动电动机，两个开关是串联在一起的，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10. 关于如图所示的电路有以下判断：①L1和L2两灯泡串联，②L1和L2两灯泡并联，③电流表A1测灯泡L1的电流，④电流表A2测电路中的总电流。其中正确的有（ ）
A. ①③B. ①④C. ②③D. ②④
【答案】D
【解析】
【详解】由电路图分析可知L1和L2两灯泡是并联，电流表A1测灯泡L2的电流，电流表A2测电路中的总电流，故②④符合题意，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
第二部分 非选择题（共60分）
二、填空题（每空1分，共14分）
11. 如图所示，人的前臂可以看成是以肘关节为支点的杠杆，当手托物件曲肘时，胳膊上的肱二头肌会对前臂施加一个动力，物件对前臂施加一个阻力。
（1）前臂属于______杠杆，这种结构的好处是______；
（2）假设阻力臂L2的长度为 25cm，铅球的重力为 30N，动力臂的长为 5cm，则肱二头肌对前臂拉力为______N。
【答案】 ①. 费力 ②. 省距离 ③. 150
【解析】
【详解】（1）[1][2]前臂动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，根据杠杆的平衡条件可知，这种结构的好处是省距离。
（2）[3]根据杠杆的平衡条件可知，肱二头肌对前臂拉力为
12. 在学习势能知识时，小红将一张硬卡片对折，在开口一边剪两刀，然后将一根橡皮筋套在开口边，做成了一个特殊的卡片。如图所示，将图中的卡片反过来，用手把它压平在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到的实验现象______，说明：发生弹性形变的橡皮筋对卡片______，因此橡皮筋具有______能。
【答案】 ①. 卡片会跳起来 ②. 做功 ③. 弹性势能
【解析】
【详解】[1][2][3]用手把它压平在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松开手，橡皮筋对卡片有力的作用，会观察到卡片跳起来，发生弹性形变的橡皮筋对卡片做功，橡皮筋由于发生弹性形变，而具有弹性势能。
13. “汽车不但要吃油，有时也要喝水”，用水冷却发动机是因为水的_____大，在发动机开始工作后一段时间内，水箱中水的内能会_____（填“增加”或“减少”），这是通过_____方式来改变内能的。
【答案】 ①. 比热容 ②. 增加 ③. 热传递
【解析】
【详解】[1]汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好。
[2][3]发动机工作过程中会产生热量，热量传递到水，使水的内能增加。这是通过热传递的方式改变内能的。
【点睛】水的比热容较大，常用作冷却剂；改变物体内能的方式有两种：做功与热传递；本题难度不大，是一道基础题。
14. 如图所示，为汽油机的______冲程，若飞轮转速是3600r/min，则该汽油机1s对外做功______次。完全燃烧0.5kg汽油，放出的热量是______J。（已知汽油的热值为4.6×107J/kg）
【答案】 ①. 压缩 ②. 30 ③. 2.3×107
【解析】
【详解】[1]由图知道，两气门都关闭，活塞上行，是压缩冲程。
[2]单缸四冲程汽油机的飞轮转速是3600r/min，即每秒钟转60圈，完成30个工作循环，30个做功冲程，做功30次。
[3]完全燃烧0.5kg的汽油，放出的热量是
Q=mq=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J
15. 如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是______联；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的______。
【答案】 ①. 并 ②. 用电器
【解析】
【详解】[1]手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，说明两条电路互不影响，故连接方式是并联。
[2]移动电源为手机充电时，手机消耗电能，故相当于电路中的用电器。
三、解答题（共46分）
16. 如图所示，用一根硬棒撬动一个石块，支点O所在位置如图所示，棒的上端A是动力的作用点，请画出最小动力F的示意图，并标出动力臂L。
【答案】
【解析】
【详解】要画出最小动力F，则需要最长的力臂，支点O到动力作用点A的距离就是最长力臂，即OA为力臂L，过点O作垂直于OA向下的力，即为最小的力F，如下图所示：
17. 建筑工人在A处，使用如图所示的滑轮组提升物体，试在图中画出最省力的绕线方法。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，绳子端拉力方向向上，要画出最省力的绕线方法，则起点在动滑轮上，由3根绳子承担物重，如下图所示：
18. 如图所示，物体重180N，小明用100N的拉力（方向不变）将物体匀速提升2m，用时10s，求：此过程中
（1）有用功；
（2）额外功；
（3）拉力的功率；
（4）滑轮组的机械效率。
【答案】（1）360J；（2）40J；（3）40W；（4）90%
【解析】
【详解】解：（1）物体重180N，将物体匀速提升2m，做的有用功为
W有=Gh=180N×2m=360J
（2）由图可知，承担物重绳子的股数n=2，则绳子自由端移动的距离为
s=nh=2×2m=4m
做的总功为
W总=Fs=100N×4m=400J
则额外功为
W额=W总-W有=400J-360J=40J
（3）拉力的功率为
（4）滑轮组的机械效率是
答：（1）有用功是360J；
（2）额外功是40J；
（3）拉力的功率是40W；
（4）滑轮组的机械效率是90%。
19. 标准大气压下，一壶质量为2千克，温度为25℃的水，加热到80℃。［c水=4.2×103J/（kg•℃）］求：
（1）水升高的温度∆t；
（2）水吸收的热量Q吸；
（3）接着再继续加热，若水又吸收了2.52×105J的热量，求水的末温t末。
【答案】（1）55℃；（2）4.62×105J；（3）100℃
【解析】
【详解】解：（1）水升高的温度
∆t=t2-t1=80℃-25℃=55℃
（2）水吸收的热量
Q吸=cm∆t==4.2×103J/（kg•℃）×2kg×55℃=4.62×105J
（3）水又吸收了2.52×105J的热量，水升高的温度
水的末温为
t末=t2+∆t1=80℃+30℃=110℃＞100℃
标准大气压下，水的末温为100℃。
答：（1）水升高的温度为55℃；
（2）水吸收的热量为4.62×105J；
（3）水的末温为100℃。
20. 在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图（a）所示的位置静止，此时杠杆______（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态；此时我们常把杠杆的平衡螺母向______调，直至在水平位置平衡，这样既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于______；
（2）如图（b）所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为______N；（g=10N/kg）
（3）如图（c），保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F______（选填“变大”、“变小”或“不变”），F与其力臂的乘积变化情况是_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（d）所示，此过程中，弹簧测力计的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 达到 ②. 右 ③. 测量力臂 ④. 1.5 ⑤. 变大 ⑥. 不变 ⑦. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]杠杆此时处于静止，静止是平衡状态，所以此时杠杆达到平衡状态。
[2]由图中发现，杠杆右端偏高，所以需要将平衡螺母向右调，使杠杆在水平位置平衡。
[3]杠杆在水平位置平衡时，可以直接在杠杆上读取力臂，便于测量力臂。
（2）[4]在A点挂2个质量均为50g的钩码，则钩码重力
G=2mg=2×0.05kg×10N/kg=1N
在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，设杠杆山每格长度为l，由杠杆平衡条件可得
G×OA=F×OB
1N×3l=F×2l
解得
F=1.5N
（3）[5]保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，则拉力的力臂变小，由杠杆平衡条件可知，要使杠杆保持水平平衡，需增大拉力F。
[6]由杠杆平衡条件可知，杠杆左边钩码的重力力与力臂乘积不变，所以杠杆右边的力F与其力臂的乘积也不变。
（4）[7]竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，杠杆左右两端的力臂均变短，但是力臂的比值不变，由杠杆平衡条件可知，拉力大小不变，所以弹簧测力计示数不变。
21. 在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块。请回答下列问题：
(1)该实验的目的是研究动能的大小与 ______ 的关系；
(2)让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放的目的是 ______ ；
(3)该实验是通过观察 ______ 来比较铁球动能的大小；
(4)实验中若使用的木块质量较大，为保证较好的实验效果，方法有多种，请说出你的一种方法： ______ ；
(5)通过甲乙两图的实验探究可以得出的结论是： ______ 。
【答案】 ①. 速度 ②. 使小球到达水平面的速度不同 ③. 木块移动的距离 ④. 增大小球的质量/提高小球的释放高度 ⑤. 当质量一定时，物体的速度越大，动能越大
【解析】
【详解】(1)[1]实验中，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块，是控制了球的质量相同，研究的是动能与速度的关系。
(2)[2]让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放的目的就是：为了控制球的质量相同，使小球到达水平面的初速度不同，以达到控制一个影响因素相同，研究另一个变量的目的。
(3)[3]实验中通过观察木块被撞击后运动距离大小，来间接判断物体动能的大小，这运用的是转换法。
(4)[4] 实验中若使用的木块质量较大，为保证较好的实验效果，方法有多种，既可以增大小球的质量，也可以提高小球的释放高度，从而使小球推动木块移动较大的距离。
(5)[5]比较甲乙两图知道，小球质量相同，下落高度不同，小球到达水平面的速度不同，可得出结论是：当质量一定时，物体的速度越大，动能越大。
22. 如图甲是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温。为了比较水和沙子吸热升温的快慢，他先后把装有沙子和水的易拉罐放在石棉网上用同一盏酒精灯来加热，并每隔1min记录一次温度，实验数据如表所示。
（1）实验中用玻璃棒不停搅动的目的是使沙子和水______；
（2）实验中用同一盏酒精灯来加热是为了使沙子和水______；
（3）根据实验数据，在图乙中画出沙子和水的温度随时间变化的图像______，分析图像可知，对于质量相等的沙子和水，其中_______升温快，______吸热能力强；
（4）分析表中数据可计算出沙子的比热容为______；［c水=4.2×103J/（kg·℃）］
（5）若继续探究“比较不同燃料热值”的实验：
①将两酒精灯分别换成相同的两个燃烧皿，并在其中分别放入10g酒精和10g碎纸片，还需将甲图中沙子更换成初温相同、______相同的水，并通过______ （选填“燃料燃尽”或“加热相同时间”）后，温度计升高的温度来反映实验中酒精和碎纸片放热的多少；
②实验后小明根据实验数据利用公式Q=cmΔt算出了水吸收热量，结合“10g酒精”这一数据，算出了酒精的热值，算出的酒精热值比真实值______（选填“大”或“小”），造成这一偏差的原因是______。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 相同时间内吸收相同的热量 ③. ④. 沙子 ⑤. 水 ⑥. 1.4×103J/（kg·℃） ⑦. 质量 ⑧. 燃料燃尽 ⑨. 小 ⑩. 热量有散失
【解析】
【详解】（1）[1]用玻璃棒不停搅动沙子和水，使沙子和水上下均匀受热，以防局部受热，测温不准，故搅动沙子和水的目的是使沙子和水受热均匀。
（2）[2]用同一盏酒精灯来加热沙子和水，以防酒精灯火焰大小不同，放出热量不同，沙子和水吸收热量不同，所以用同一盏酒精灯来加热沙子和水，目的是使沙子和水在相同时间内吸收相同的热量。
（3）[3]根据表中数据描点连线，画出沙子和水温度随时间变化的图像，如下图所示：
[4][5]分析图像可知，质量相等的沙子和水吸收相同的热量，沙子的温度升高更快，水的温度升高慢，所以水的吸热能力更强。
（4）[6]设沙子和水的质量相同为m，分析表中数据可计算出水吸收热量
相同时间沙子和水吸收热量相同，则沙子的比热容
（5）①[7]比较酒精和碎纸片放热多少，运用控制变量法，要控制酒精和碎纸片的质量相同，还要控制加热相同的液体，及液体质量相同。
[8]为了比较酒精和碎纸片放热多少，相同质量的酒精和碎纸片全部燃烧，则燃烧质量才相同，所以酒精和碎纸片燃尽才能比较相同质量的燃料，哪种燃料能放出更的热量。
②[9][10]由于酒精不能完全燃烧，且燃烧放出的热量不能被烧杯中的水全部吸收，所以利用公式Q=cmΔt算出的水吸收的热量比酒精完全燃烧放出的热量少，则利用水吸的热量算出的酒精热值比真实值偏小。
23. 为了“探究并联电路中电流的特点”，小明设计了如图1所示的电路进行实验。
（1）在连接电路的过程中，开关应该______；
（2）先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是灯L1______（填“断路”或“短路”）；
（3）排除故障后，他测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，电流表示数如图2中甲、乙、丙所示，可读出I1=______，I2=_______，I=______。根据测量结果，在误差允许范围内，你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：______。（写出关系式即可）
【答案】 ①. 断开 ②. 断路 ③. 0.5A ④. 0.52A ⑤. 1A ⑥. I=I1+I2
【解析】
【详解】（1）[1]在连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态。
（2）[2]灯L1不发光，可能是灯泡短路或断路造成的，电流表的示数为零，说明电路存在断路，则电路故障是灯L1断路。
（3）[3]由图甲所示可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所示为0.5A。
[4]由图乙所示可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所示为0.52A。
[5]由图丙所示可知，电流表量程为0~3A，分度值为0.1A，所示为1.0A。
[6]根据电流值可知，在误差允许范围内，并联电路中干路电流和各支路电流的关系是
I=I1+I2
加热时间/min
0
1
2
3
4
温度/℃
沙子
20
23
26
29
32
水
20
21
22
23
24