人教版高中化学选择性必修三精品同步讲义第四章 章末测试（提升）（含解析）

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第四章 章末测试（提升）
满分100分，考试用时75分钟
一、 选择题：本题共16小题，共44分。第1~10小题，每小题2分；第11~16小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．（2022·高二课时练习）豆腐是“养生人”挚爱之物，每100g豆腐中含有水89.30g、蛋白质4.70g、油脂1.30g、糖类2.80g。下列有关糖类、油脂、蛋白质的叙述中正确的是
A．纤维素、蔗糖、葡萄糖在一定条件下都可发生水解反应
B．糖类和蛋白质都属于高分子
C．某些物理因素和化学因素均能使蛋白质变性
D．在酶催化淀粉水解反应中，温度越高淀粉水解速率越快
【答案】C
【解析】A．葡萄糖不能发生水解反应，错误；
B．单糖、二糖均不是高分子，错误；
C．某些物理因素如加热等、化学因素如加入强氧化剂等均能使蛋白质变性，正确；
D．酶在高温下会发生变性而失去催化活性，在高温下，淀粉水解速率反而变小，错误。
故选C。
2．（2022·高二课时练习）关于糖类的下列说法错误的是
A．从分子结构上看，糖类可定义为多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物
B．淀粉不能发生银镜反应，说明其分子中没有醛基
C．向20%蔗糖溶液中加入稀水浴加热，再加入银氨溶液，然后水浴加热未出现银镜，说明蔗糖一定未水解
D．纤维素是多糖，属于天然有机高分子，不溶于水和一般的有机溶剂
【答案】C
【解析】A．糖类为多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物，A正确；
B．淀粉不能发生银镜反应，可说明淀粉分子中没有醛基，B正确；
C．蔗糖水解环境是酸性的，而银镜反应在碱性条件下进行，水解后没有加碱至溶液呈碱性再加银氨溶液，不能说明蔗糖未水解，C错误；
D．1mol纤维素能水解出许多摩尔单糖，故为多糖，是天然有机高分子，不溶于水和一般的有机溶剂，D正确。
故选C。
3．（2022·高二课时练习）下列不涉及蛋白质变性的是
A．用酒精(体积分数为75%)消毒
B．用福尔马林浸泡动物标本
C．在鸡蛋清溶液中加入醋酸铅溶液，有沉淀析出
D．在鸡蛋清溶液中加入饱和硫酸钠溶液，有沉淀析出
【答案】D
【解析】A．体积分数为75%的酒精为医用酒精，可用于杀菌消毒，可使微生物蛋白质变性，A不符合题意；
B．福尔马林可使蛋白质变性，用其浸泡动物标本，可防止标本腐烂，B不符合题意；
C．重金属盐可使蛋白质变性，C不符合题意；
D．向鸡蛋清溶液中加入饱和硫酸钠溶液，蛋白质发生盐析，蛋白质没有失去生理活性，D符合题意。
故选D。
4．（2022·浙江）下列说法不正确的是
A．植物油含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能使溴的四氯化碳溶液褪色
B．向某溶液中加入茚三酮溶液，加热煮沸出现蓝紫色，可判断该溶液含有蛋白质
C．麦芽糖、葡萄糖都能发生银镜反应
D．将天然的甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有9种
【答案】B
【解析】A．植物油中含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能与溴发生加成反应，因此能使溴的四氯化碳溶液褪色，A正确；
B．某溶液中加入茚三酮试剂，加热煮沸后溶液出现蓝紫色，氨基酸也会发生类似颜色反应，则不可判断该溶液含有蛋白质，B错误；
C．麦芽糖、葡萄糖均含有醛基，所以都能发生银镜反应，C正确；
D．羧基脱羟基，氨基脱氢原子形成链状二肽，形成1个肽键；甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸相同物质间共形成3种二肽，甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸不同物质间形成6种二肽，所以生成的链状二肽共有9种，D正确；
答案选B。
5．（2023春·高二课时练习）2021年诺贝尔化学奖得主本杰明·利斯特，用实验证明了脯氨酸(如图)能驱动不对称催化反应，革新了分子合成方式。下列关于脯氨酸的说法错误的是

A．属于氨基酸 B．分子中所有原子均在同一平面
C．能与金属钠反应 D．能发生酯化反应
【答案】B
【解析】A．该结构中既有羧基，又有氨基，属于氨基酸，A正确；
B．分子中存在饱和碳原子，则不可能所有原子都在同一个平面上，B错误；
C．该结构中含有羧基，可以和钠反应生成氢气，C正确；
D．该结构中含有羧基，可以和醇发生酯化反应生成酯，D正确；
故选B。
6．（2022·高二课时练习）已知在碱性条件下，果糖中的羰基会转化为醛基，则鉴别果糖与葡萄糖的试剂正确的是
A．溴水 B．新制悬浊液 C．银氨溶液 D．铜粉
【答案】A
【解析】A．溴水显酸性，果糖中滴加溴水不褪色，而葡萄糖分子结构中含有醛基，滴加溴水褪色，能鉴别，A符合题意；
B．新制悬浊液显碱性，在碱性条件下，果糖中的羰基会转化为醛基，果糖与葡萄糖均能与新制悬浊液反应，不能鉴别，B不合题意；
C．银氨溶液显碱性，在碱性条件下，果糖中的羰基会转化为醛基，果糖与葡萄糖均能与银氨溶液反应，不能鉴别，C不合题意；
D．果糖和葡萄糖均不与铜粉反应，不能鉴别，D不合题意；
故答案为：A。
7．（2023春·高二课时练习）下列实验操作、现象、结论中，正确的是

操作
现象
结论
A
向淀粉溶液中加入稀硫酸，加热，冷却后，向水解液中加入碘水
溶液不变蓝色
淀粉完全水解
B
将乙醇与浓硫酸在170°C反应生成的气体，通入酸性高锰酸钾溶液
KMnO4溶液紫色褪去
乙醇发生消去反应得到乙烯
C
将乙醛滴入到溴水中
溴水褪色
乙醛和溴水发生了加成反应
D
向3 mL 5%的CuSO4溶液中滴加3~4滴2%的氢氧化钠溶液，再向其中加入0.5 mL蔗糖溶液，加热
没有出现砖红色沉淀
蔗糖是非还原性糖
【答案】A
【解析】A．向淀粉溶液中加入稀硫酸，加热，冷却后，溶液显酸性，向水解液中加入碘水，溶液不变蓝色，溶液中淀粉水解完全，A结论正确；
B．加热时，生成的气体中含有挥发的乙醇，乙醇也能使酸性高锰酸钾褪色，则高锰酸钾褪色不能证明得到乙烯，B结论错误；
C．将乙醛滴入到溴水中，溴水中的次溴酸具有强氧化性，而乙醛具有较强的还原性，发生了氧化反应，C结论错误；
D．检验蔗糖是否具有还原性，需要在碱性溶液中进行，D操作错误；
答案为A。
8．（2021·高二课时练习）已知有如下过程，a、b、c可分别表示

A．淀粉、酶、葡萄糖 B．蔗糖、酶、果糖
C．纤维素、酶、葡萄糖 D．麦芽糖、酶、葡萄糖
【答案】D
【解析】根据图示可知：b参加反应，反应后又产生该物质，则b为催化剂；1个分子a与水反应产生2个分子的c，说明a不是高分子化合物淀粉或纤维素；蔗糖水解产生1个分子葡萄糖，1个分子果糖，葡萄糖和果糖是两种不同物质；而1个分子麦芽糖水解产生2个分子的葡萄糖，符合题意，故合理选项是D。
9．（2023江西）有机物X、Y、M（M为乙酸）的转化关系为：淀粉→X→Y乙酸乙酯，下列说法错误的是
A．X可用新制的氢氧化铜检验
B．由Y和M制取乙酸乙酯时可用饱和NaOH溶液来提纯
C．由Y生成乙酸乙酯的反应属于取代反应
D．可用碘的四氯化碳溶液检验淀粉是否水解完全
【答案】B
【解析】淀粉水解首先产生麦芽糖，麦芽糖中含有醛基，因此可以用新制的氢氧化铜悬浊液来检验。选项A正确；麦芽糖再继续水解为葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下发生氧化变为乙醇，乙醇与乙酸在浓硫酸作催化剂的条件下加热发生酯化反应（即取代反应）产生乙酸乙酯和水。选项C正确；乙酸乙酯在水中的溶解度小，而溶液溶解在有机溶剂中，为了除去混在乙酸乙酯中的杂质乙酸和乙醇，并且降低乙酸乙酯的溶解度，应该选用饱和的碳酸钠溶液，如果使用饱和NaOH溶液，会使乙酸乙酯发生水解反应，而导致乙酸乙酯的损耗。选项B错误；I2遇淀粉会变蓝色。若淀粉水解完全就不会有颜色的变化，因此可用碘的四氯化碳溶液检验淀粉是否水解完全。选项D正确。答案选B。
10．（2022广东）糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必需的三大营养物质．以下叙述正确的是
①油脂不能使溴的四氯化碳溶液褪色
②汽油、柴油和植物油都是碳氢化合物
③葡萄糖、麦芽糖在一定条件下既能发生水解反应，又能发生银镜反应
④葡萄糖和果糖互为同分异构体
⑤加热、紫外线、酒精、福尔马林、饱和硫酸钠溶液会使蛋白质发生盐析，具有可逆性
⑥可用碘水检验淀粉是否水解完全
⑦淀粉和纤维素的组成都是（C6H10O5）n，不是同分异构体，且水解最终产物都是葡萄糖
⑧醋酸纤维素、油脂和蛋白质在一定条件下都能水解
⑨淀粉、棉花、羊毛、蚕丝、油脂都属于高分子化合物．
A．②③⑤⑦ B．②③④⑥⑧ C．①②④⑨ D．④⑥⑦⑧
【答案】D
【解析】①油脂中油是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯，分子中含有不饱和键，具有不饱和烃的性质，所以油可以与溴发生加成反应，使溴水褪色；脂肪是饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯，分子中不含不饱和键，不能使溴水褪色，故①错误；
②汽油、柴油是碳氢化合物，植物油由C、H、O三种元素组成故不是碳氢化合物，故②错误；③葡萄糖是单糖，不能发生水解，故③错误；
④葡萄糖和果糖化学式都是：C6H12O6，但是结构不同，互为同分异构体，故④正确；
⑤加热、紫外线、酒精、福尔马林能使蛋白质变性，变性是不可逆的，盐析是可逆的，故⑤错误；
⑥碘单质遇淀粉变蓝色，若水解完全，则不变蓝色，故⑥正确；
⑦淀粉和纤维素水解的最终产物都为葡萄糖，故⑦正确；
⑧纤维素乙酸酯在催化作用下发生水解，生成纤维素和乙酸；蛋白质水解最后得到多种氨基酸；在酸性条件下水解为甘油（丙三醇）和高级脂肪酸；在碱性条件下水解为甘油、高级脂肪酸盐，所以纤维素乙酸酯、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应，故⑧正确；
⑨油脂相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故⑨错误；
综上所述，④⑥⑦⑧符合题意；
答案选D。
11．（2023春·高二课时练习）淀粉的结构可用表示，其中表示链延长，表示 ，表示。下列说法中不正确的是
A．淀粉属于糖类，糖类满足通式
B．淀粉的单体的一种结构可表示为(忽略立体异构)
C．X互相连接形成直链淀粉；嵌入Y后形成支链淀粉
D．淀粉的性质受m、n、p、q大小的影响
【答案】A
【解析】A．淀粉是多糖，属于糖类，但满足通式 Cx(H2O)y的不一定是糖类，如甲醛HCHO，A错误；
B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖，图示为葡萄糖的结构简式，B正确；
C．从题中可以看出，X为直链结构，X互相连接形成直链淀粉；Y中含支链，嵌入Y后形成支链淀粉，C正确；
D．淀粉的性质链长、支链及直链结构的影响，即受m、n、p、q大小的影响，D正确；
故选A。
12．（2022·高二课时练习）下列关于蔗糖属于非还原型糖，而其水解产物具有还原性的实验方案的说法中，正确的是

A．验证蔗糖属于非还原型糖的操作顺序：④③
B．验证蔗糖属于非还原型糖的操作顺序：③⑤
C．验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序：①④⑤
D．验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序：①⑤②④⑤
【答案】D
【解析】A．蔗糖属于非还原型糖，不能发生银镜反应，则验证蔗糖属于非还原型糖的操作顺序：④⑤，故A错误；
B．蔗糖属于非还原型糖，不能发生银镜反应，则验证蔗糖属于非还原型糖的操作顺序：④⑤，故B错误；
C．在碱性条件下加银氨溶液，生成光亮的银镜，可说明水解产物具有还原性，则水解后先加NaOH至碱性，再加银氨溶液，则验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序为①⑤②④⑤，故C错误；
D．在碱性条件下加银氨溶液，生成光亮的银镜，可说明水解产物具有还原性，则水解后先加NaOH至碱性，再加银氨溶液，则验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序为①⑤②④⑤，故D正确；
故答案为D。
13．（2023春·高二课时练习）近几年一种新型的甜味剂木糖醇悄悄地走入生活，因为木糖醇是一种理想的蔗糖代替品，它具有甜味足、溶解性好、适合糖尿病患者等优点。木糖醇是一种白色粉末状的结晶，分子式为C5H12O5，结构简式为CH2OH(CHOH)3CH2OH，下列有关木糖醇的叙述不正确的是
A．木糖醇与葡萄糖、果糖不一样，它属于单糖
B．木糖醇不属于乙醇同系物
C．木糖醇是一种五元醇，最多可与5mol冰醋酸发生反应
D．木糖醇不含醛基，能使酸性KMnO4溶液褪色
【答案】A
【详解】A．糖类是多羟基醛、多羟基酮以及它们的脱水缩合物，木糖醇中只含有醇羟基，不属于糖类，A错误；
B．木糖醇属于多元醇，乙醇属于一元醇，二者不互为同系物，B正确；
C．1个木糖醇分子中含有5个羟基，在浓硫酸存在并加热的条件下，最多可与5mol冰醋酸发生酯化反应，C正确；
D．乙醇能被氧化而使酸性KMnO4溶液褪色，木糖醇分子中含有羟基，也能使酸性KMnO4溶液褪色，D正确故选A。
14．（2022·高二课时练习）已知某有机物的结构简式如图所示，下列有关该物质的说法正确的是

A．在一定条件下，该物质能发生水解反应生成氨基酸
B．1mol该物质最多能与5moH2发生加成反应
C．该物质能与碳酸钠反应，不能与盐酸反应
D．该物质不能使溴水褪色
【答案】A
【解析】A．该物质分子中含有肽键，其水解能生成氨基酸，A项正确；
B．由于酰胺基、肽键中的碳氧双键和羧基中的碳氧双键不能与氢气进行加成，故1mol该物质最多能与4mol氢气发生加成反应，B项错误；
C．该物质分子中含有氨基，能与盐酸反应，C项错误；
D．该物质分子中含有碳碳双键，故能使溴水褪色，D项错误；
综上所述答案为AB。
15．（2023广西）百服宁口服液为解热镇痛药，主要用于治疗头痛、发烧。其主要化学成分的结构简式如图所示，下列有关该有机化合物的叙述中正确的是

A．分子式为
B．该有机化合物属于α-氨基酸
C．该有机化合物属于α-氨基酸的同分异构体有3种
D．该有机化合物与溶液不发生显色反应
【答案】A
【解析】A．根据结构简式可知该有机化合物的分子式为，A正确 ；
B．该有机化合物分子中不含氨基羧基，因此不属于氨基酸，B错误；
C．该有机化合物属于氨基酸的同分异构体只有 1种，C错误；
D．该有机化合物分子中含有酚羟基，因此可以与溶液发生显色反应，D错误；
故选A。
16．（2023甘肃）下列说法正确的是
A．麦芽糖的水解产物不能发生银镜反应
B．分子中两条链上的碱基通过氢键作用实现碱基互补配对
C．蛋白质溶液里加入饱和硫酸铵溶液，蛋白质析出，加水不会溶解
D．用甘氨酸()和丙氨酸()缩合最多可形成3种二肽
【答案】B
【解析】A．麦芽糖的水解产物为葡萄糖，葡萄糖分子中含有醛基，可以发生银镜反应，故A错误；
B．分子呈双螺旋结构，两条链上的碱基通过氢键作用，腺嘌呤与胸腺嘧啶配对，鸟嘌呤与胞嘧啶配对，实现碱基互补配对，故B正确；
C．向蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液发生盐析，加水会溶解，故C错误；
D．用甘氨酸()和丙氨酸()缩合最多可形成4种二肽，故D错误；
选B
二．填空题
17．（2023·高二课时练习）（12分）葡萄糖酸钙是一种可促进骨骼生长的营养物质。葡萄糖酸钙可通过以下反应制得：


相关物质的溶解性见下表：
物质名称
葡萄糖酸钙
葡萄糖酸
溴化钙
氯化钙
水中的溶解性
可溶于冷水、易溶于热水
可溶
易溶
易溶
乙醇中的溶解性
微溶
微溶
可溶
可溶
实验流程如下：

(1)第①步中溴水氧化葡萄糖时，下列装置最适合的是______(填序号)。

(2)第②步充分反应后固体需有剩余，其目的是______；本实验中不宜用替代，理由是______。
(3)第③步需趁热过滤，其原因是______。
(4)第④步加入乙醇的作用是______。
(5)第⑥步中，下列洗涤剂最合适的是______(填序号)。
A．冷水B．热水C．乙醇D．乙醇-水混合溶液
【答案】（1）B    
（2） 提高葡萄糖酸的转化率     氯化钙难以与葡萄糖酸直接反应生成葡萄糖酸钙沉淀    
（3） 防止葡萄糖酸钙冷却结晶析出    
（4） 降低葡萄糖酸钙溶解度，使其结晶析出    
（5） D
【解析】(1)反应在55℃条件下进行，需要水浴加热，要滴加溴水，所以还要有滴液漏斗，装置不能控制添加溴水的速率，装置无法控制反应温度，只有装置符合。
(2)要使葡萄糖酸完全转化为葡萄糖酸钙，提高葡萄糖酸的转化量，则加入的碳酸钙应过量；因盐酸的酸性比葡萄糖酸的酸性强，则氯化钙与葡萄糖酸难以反应，氯化钙难以与葡萄糖酸直接反应生成葡萄糖酸钙沉淀，且易引入杂质，不易分离，应用碳酸钙。
(3)温度高时，葡萄糖酸钙的溶解度较大，趁热过滤，可防止葡萄糖酸钙冷却结晶析出，减少葡萄糖酸钙的损失。
(4)由题表中数据可知，葡萄糖酸钙微溶于乙醇，用乙醇洗涤可避免损失，降低葡萄糖酸钙溶解度，有利于葡萄糖酸钙析出。
(5)洗涤沉淀应避免沉淀溶解，且能将沉淀上的吸附物冲洗去，可用乙醇-水混合溶液，若只用水，则会造成葡萄糖酸钙溶解而损失，若只用乙醇，不能将杂质全部洗去。故选D。
18．（2023春·高二课时练习）（12分）“凯式定氮法”测定奶粉中蛋白质的含量是由丹麦人约翰·凯达尔发明的，其原理是用强酸处理蛋白质样品，让样品当中的氮释放出来，通过测得氮的含量，再乘以系数6.38，即为蛋白质含量。凯式定氮法步骤如下：
①样品处理：准确称取一定质量的奶粉试样置于烧瓶中，加入稀硫酸及相应催化剂，一定条件下充分反应，所得产物用水溶解并冷却后全部转移到容量瓶中定容。
②碱化蒸馏：量取一定体积容量瓶中的溶液转移至图示中的反应管中，再加入足量NaOH溶液，塞好进样口橡皮塞。通入高温水蒸气，用吸收剂吸收产生的氨气。

③滴定：向吸收氨气后的溶液中滴加指示剂，用标准盐酸溶液滴定至终点。
根据以上知识回答下列问题：
(1)样品处理的目的是_______________________________________________________。
(2)碱化蒸馏时反应的离子方程式为_____________________，冷凝管中冷却水的进水口为__________(填“A”或“B”)；如何通过简单的实验确定生成的氨气全部被水蒸气蒸出并进入锥形瓶__________________。
(3)凯式定氮法测定奶粉中蛋白质的含量灵敏度高，操作简单，缺点是____________________________。
(4)当奶粉含下列杂质或出现下列错误的实验操作时，会使所测蛋白质含量值“增大”的是__________(填字母)。
A．含三聚氰胺()
B．样品入口未用蒸馏水冲洗
C．第①步定容时俯视刻度线
D．滴定开始时仰视读数，滴定终点时俯视读数
【答案】（1） 将奶粉中氮元素全部转化为NH    
（2） NH＋OH－NH3↑＋H2O     B     取最后一滴冷凝管中流出的液体，用红色石蕊试纸(或pH试纸)检验不变蓝(或呈中性)     无法确定氮元素是否一定来自于蛋白质    
（3） AC
【解析】(1)蛋白质中的氮元素不容易测定，从测量步骤可知样品处理目的是把蛋白质中氮元素转化为NH，从而达到测定蛋白质中含氮量的目的；
(2)铵根离子与氢氧根离子反应生成氨气，则碱化蒸馏时反应的离子方程式为：NH＋OH－NH3↑＋H2O；冷凝水与蒸汽的流向相反时冷却效果好，所以冷凝水从B口进入，从A口流出；根据氨气的性质分析，氨气的水溶液显碱性，取最后一滴冷凝流出液，用红色石蕊试纸（或pH试纸）检验不变蓝（显中性），则证明氨全部被水蒸出并进入锥形瓶。
(3)测定原理为：把蛋白质样品用中的氮元素释放出来，通过测定氮元素的质量从而换算出蛋白质的含量，此方法的局限性很明显，它把样品中释放出来的N元素全部归为蛋白质中的N元素，若样品中含有其他含氮化合物，则无法准确测定蛋白质的含量；
(4)A．三聚氰胺（）是非蛋白质，且含氮量较高，所以奶粉中含三聚氰胺时，会使所测奶粉中蛋白质的含量值增大，A正确；
B．样品入口未用蒸馏水冲洗，铵根离子未全部变为氨气被吸收，会使所测奶粉中蛋白质的含量值减小，B错误；
C．第①步定容时俯视刻度线，读数偏小，则溶液体积偏小，所得溶液中铵根离子浓度比测量值偏大，会使所测奶粉中蛋白质的含量值增大，C正确；
D．滴定开始时仰视读数，滴定终点时俯视读数，盐酸的体积读数偏小，会使计算结果中蛋白质含量值偏低，D错误；
答案选AC。
19．（2023春·高二课时练习）（10分）糖类、油脂、蛋白质是人体重要的能源物质，请根据它们的性质回答以下问题：
（1）油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是________________（写名称）。
（2）蛋白质的水解产物具有的官能团是____________________（写结构简式）。
已知A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，它们有如下转化关系，请根据该信息完成（3）～（5）小题。

（3）下列说法不正确的是______________________
A．1molC完全水解可生成2molB
B．工业上常利用反应⑦给热水瓶胆镀银
C．用A进行酿酒的过程就是A的水解反应过程
D．A的水溶液可以发生丁达尔效应
E. 反应③属于吸热反应
（4）1molB完全氧化时可以放出2804kJ的热量，请写出其氧化的热化学方程式___________________。
（5）请设计实验证明A通过反应①已经全部水解，写出操作方法、现象和结论：____________________________________________________________________。
【答案】（1）甘油（或丙三醇）   
（2）   -NH2、-COOH    
（3） BC    
（4） C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l)   △H=-2804kJ/mol    
（5） 取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解
【解析】（1）油脂在酸性条件下水解成高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解成高级脂肪酸盐和甘油，油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是甘油（或丙三醇）；
（2）蛋白质水解的产物是氨基酸，氨基酸中的官能团为—NH2和—COOH，蛋白质的水解产物具有的官能团是—NH2和—COOH；
（3）根据图，B是光合作用的产物，A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，可以推断出A为淀粉，B为葡萄糖，C为麦芽糖；
A项，1mol麦芽糖完全水解可生成2mol葡萄糖，故A正确；
B项，工业上常利用葡萄糖的银镜反应给热水瓶镀银，即利用反应⑤的原理给热水瓶胆镀银，故B错误；
C项，A的水解反应过程生成了葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下反应生成乙醇和CO2，不是淀粉水解成乙醇，故C错误；
D项，A为淀粉，淀粉溶液属于胶体，所以可以发生丁达尔效应，故D正确；
E项，反应③将光能转化为化学能，属于吸热反应，故E正确；
答案选BC；
（4）葡萄糖燃烧后生成了水和二氧化碳，其反应的热化学方程式为：C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l)   △H=-2804kJ/mol；
（5）要证明淀粉已经全部水解，即证明水解液中不含淀粉，故检验的方法为：取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解。
20．（2023春·贵州贵阳·高二校考阶段练习）（22分）F是新型降压药替米沙坦的中间体，可由下列路线合成：

回答下列问题：
(1)有机物A的名称是_______；的反应类型是_______。
(2)C的分子式为_______。D中含有的官能团名称是_______。
(3)由C制备D的过程中使用过量甲醇的目的是_______
(4)苯丙氨酸是E的同分异构体，则苯丙氨酸发生聚合反应所得有机产物的结构简式为_______。
(5)满足下列条件的B的同分异构体有_______种。写出其中核磁共振氢谱有五组峰，峰面积之比为1∶1∶2∶2∶2的有机物的结构简式_______。
①含有苯环    ②与发生显色反应    ③能发生银镜反应
(6)写出F在强酸和长时间加热条件下发生水解反应的方程式_______。
【答案】(1)     间二甲苯     取代反应
(2)          硝基，酯基
(3)提高D的产率(提高C的转化率)
(4)
(5)     13    
(6)或

【解析】（1）有机物A的名称是间二甲苯；即，反应中氨基氢被取代，则反应类型是取代反应。
（2）B为，B发生硝化反应、苯环上甲基邻位、羧基的对位上引入一个硝基得到C即，则C的分子式为。D为，D含有的官能团名称是硝基，酯基。
（3）由C即制备D即为酯化反应，该反应为可逆反应，则反应过程中使用过量甲醇的目的是：提高D的产率(提高C的转化率)。
（4）苯丙氨酸是E即的同分异构体，苯丙氨酸的结构简式为，苯丙氨酸含羧基、氨基，故能发生聚合反应，得到的有机产物的结构简式为。
（5）B为，B的同分异构体满足下列条件：①含有苯环 ，②与发生显色反应，则含有酚羟基，③能发生银镜反应，则含有醛基，综上可知，若B的同分异构体为苯环上有2个取代基：-OH、-CH2-CHO，则处于邻间对位有3种结构；若B的同分异构体为苯环上有3个取代基：-OH、-CHO、-CH3，则先在苯环邻位引入前面2个侧链-OH、-CHO，再把第三个取代基-CH3取代上去，有4种结构；若先在苯环的间位引入前面2个侧链-OH、-CHO，再把第三个取代基-CH3取代上去，有4种结构；若先在苯环对位引入前面2个侧链-OH、-CHO，再把第三个取代基-CH3取代上去，有2种结构；故共有13种。其中核磁共振氢谱有五组峰，则分子内有5种氢原子，羟基上有1种氢原子、醛基上有1种氢原子、现峰面积之比为1∶1∶2∶2∶2，则分子内还有3种氢原子、各有2个，可见苯分子上有2个处于对位的取代基、该有机物的结构简式为：。
（6）F为，含酯基和肽键，在强酸和长时间加热条件下，酯基和肽键均能水解，则发生水解反应的方程式为：或。