新教材2023版高中生物第1章遗传因子的发现第2节孟德尔的豌豆杂交实验二同步检测新人教版必修2

第2课时　孟德尔遗传规律的应用和利用分离定律解决自由组合问题　　　一、选择题　　　知识点一　　　孟德尔遗传规律的应用[题型一　杂交育种]1．下列有关杂交育种的说法，正确的是(　　)A．育种过程中不可能出现自交现象B．能得到具有杂种优势的种子C．不能得到纯合子D．用时短、操作简便答案　B解析　杂交育种是将具有不同优良性状的个体杂交，得到的F1为杂合子，即可得到具有杂种优势的种子，B正确；若要获得隐性纯合子，需要F1自交，F2中的隐性个体即为隐性纯合子，若要获得显性纯合子，需要F1自交，得到F2，然后对F2中的显性个体连续自交，直到不发生性状分离为止，即可获得纯合显性个体，此过程用时较长，A、C、D错误。2．家兔的黑色(A)对白色(a)为显性，短毛(B)对长毛(b)为显性。这两对基因分别位于两对同源染色体上。下列关于利用黑色短毛纯种兔和白色长毛纯种兔培育出黑色长毛纯种兔的做法，错误的是(　　)A．黑色短毛纯种兔×白色长毛纯种兔，得F1B．选取健壮的F1个体自交，得F2C．从F2中选取健壮的黑色长毛兔与白色长毛兔测交D．根据测交结果，选取F2中稳定遗传的黑色长毛雌、雄兔答案　B解析　根据题意分析可以知道，黑色短毛纯种兔和白色长毛纯种兔的基因型分别是AABB、aabb，利用它们杂交，得F1，F1基因型为AaBb，A正确；家兔属于雌雄异体生物，不能进行自交，可以选用F1雌雄个体杂交，得F2，B错误；从F2中选取健壮的黑色长毛兔(A_bb)与白色长毛兔(aabb)测交，C正确；根据测交结果，选取F2中稳定遗传的黑色长毛雌、雄兔(AAbb)，D正确。3．有两个纯种的小麦，一为高秆(D)抗锈病(T)，另一为矮秆(d)不抗锈病(t)。这两对性状独立遗传，现要培育矮秆抗锈病的新品种，过程如下：高秆、抗锈病×矮秆、不抗锈病eq \o(――→,\s\up7(a))F1eq \o(――→,\s\up7(b))F2eq \o(――→,\s\up7(c))稳定遗传的矮秆抗锈病类型。下列说法错误的是(　　)A．这种过程叫杂交育种，过程a叫杂交，过程b叫自交B．过程c的处理方法是筛选和连续自交，直至选出能够稳定遗传的矮秆抗锈病新品种C．F1的基因型是DdTt，表型是高秆抗锈病D．F2中矮秆抗锈病新品种的基因型应是ddTT和ddTt，其中矮秆抗锈病个体中的纯合子概率为eq \f(1,16)答案　D解析　过程a叫作杂交，产生的F1基因型为DdTt，表型为高秆抗锈病。过程b叫作自交，目的是获取表型为矮秆抗锈病的小麦品种(ddT_)，因为此过程所得后代会发生性状分离，所以要想得到稳定遗传的矮秆抗锈病植株必须经过过程c，即筛选和连续自交，直至后代不发生性状分离。F2矮秆抗锈病个体中的纯合子概率为eq \f(1,3)。[题型二　医学实践]4．有一对表现正常的夫妇，男方的父亲是白化病患者，女方的弟弟也是白化病患者，但女方双亲表现正常，白化病是由隐性遗传因子控制的，这对夫妇生出白化病的男孩的概率(　　)A．1/2 B．2/3 C．1/12 D．1/4答案　C解析　由题意男方的父亲患病，则男方父亲遗传因子组成为aa，男方正常则遗传因子组成为Aa；女方双亲正常而弟弟患病，则女方双亲遗传因子组成为Aa，女方正常，遗传因子组成及比例为eq \f(1,3)AA、eq \f(2,3)Aa。只有男女双方遗传因子组成皆为Aa时，后代才会患病，因此，这对正常夫妇生出白化病的男孩的概率为2/3×1/4×1/2＝1/12。5．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，决定这两种遗传病的基因自由组合，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是(　　)A.eq \f(1,2)、eq \f(1,4)、eq \f(1,8) B.eq \f(1,4)、eq \f(1,8)、eq \f(1,2)C.eq \f(1,8)、eq \f(1,2)、eq \f(1,4) D.eq \f(1,4)、eq \f(1,2)、eq \f(1,8)答案　A解析　设多指相关基因用A、a表示，聋哑相关基因用B、b表示。根据亲子代表型，可推出亲代基因型：父AaBb，母aaBb，他们再生一个孩子情况如下：①手指正常，我们只关注A、a这一对等位基因，手指正常的基因型为aa，即Aa×aa→aa的概率为eq \f(1,2)。②先天性聋哑，我们只关注B、b这一对等位基因，先天性聋哑的基因型为bb，即Bb×Bb→bb的概率为eq \f(1,4)。③既多指又先天性聋哑，我们关注两对等位基因，既多指又先天性聋哑的基因型为A_bb，即AaBb×aaBb→A_bb概率为eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,8)。知识点二　　　分离定律与自由组合定律的区别与联系6．下列关于孟德尔研究的黄色圆粒和绿色皱粒两对相对性状的杂交实验的叙述，错误的是(　　)A．每一对相对性状的遗传都遵循基因的分离定律B．每一对相对性状在子二代中的分离比均为3∶1C．形成配子时，控制一对相对性状的遗传因子之间可以自由组合D．形成配子时，控制不同对相对性状的遗传因子之间可自由组合答案　C解析　孟德尔两对相对性状的杂交实验中，两对相对性状彼此独立互不干扰，所以每一对相对性状都遵循基因的分离定律，即每一对相对性状在子二代中的分离比均为3∶1，A、B正确；形成配子时，控制同一性状的成对的遗传因子彼此分离，控制不同对相对性状的遗传因子自由组合，C错误，D正确。知识点三　　　利用分离定律解决自由组合问题[题型一　配子的种类及概率]7．某一个体的基因型为AaBbCCDdEe，成对的基因均分别独立遗传，遵循自由组合定律，此个体能产生的配子种类数为(　　)A．6种 B．12种 C．16种 D．32种答案　C解析　Aa、Bb、Dd、Ee都可以产生两种类型的配子，CC只能产生一种类型的配子，根据自由组合定律，产生的配子种类数为2×2×1×2×2，C正确。8．已知A和a、B和b、C和c遵循孟德尔的自由组合定律。现有一对夫妇，妻子的基因型为AaBBCc，丈夫的基因型为aaBbCc。其子女中基因型为aaBBCC的比例和出现具有aaB_C_表型的女儿的比例分别为(　　)A．1/8、3/8 B．1/16、3/16C．1/16、3/8 D．1/8、3/16答案　B解析　AaBBCc与aaBbCc婚配，求其后代的概率先分解为三个分离定律：Aa×aa→后代有2种基因型(1Aa∶1aa)BB×Bb→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)aaBBCC的比例＝1/2aa×1/2BB×1/4CC＝1/16aaBBCC；aaB_C_表型女儿的比例＝1/2aa×1B_×3/4C_×1/2＝3/16，B正确。[题型二　由亲代基因型推子代基因型及表型]9．父本基因型为AABb，母本基因型为AaBb，其F1不可能出现的遗传因子组成是(　　)A．AABb B．Aabb C．AaBb D．aabb答案　D解析　父本的配子种类为AB、Ab，母本的配子种类为AB、Ab、aB、ab，父本、母本的配子随机结合，不能形成aabb的基因型，D符合题意。10．豌豆中高茎(T)对矮茎(t)为显性，绿豆荚(G)对黄豆荚(g)为显性，这两对基因是自由组合的，则Ttgg与TtGg杂交后代的基因型和表型的种类依次是(　　)A．5和3 B．6和4 C．8和6 D．9和4答案　B解析　关于两对或两对以上基因的自由组合问题，我们可以先利用基因的分离定律进行逐对分析，然后利用乘法原理进行计算。根据题意，Tt×Tt后代有3种基因型，2种表型；gg×Gg后代有2种基因型，2种表型。根据基因的自由组合定律，Ttgg与TtGg杂交后代基因型有3×2＝6(种)，表型有2×2＝4(种)。11．豌豆中，子叶黄色(Y)和籽粒圆形(R)分别对绿色和皱粒为显性。现有甲(黄色圆粒基因型为YyRr)与乙(黄色皱粒基因型为Yyrr)两种豌豆，如果让甲自交，乙测交，则它们的后代表型之比应分别为(　　)A．9∶3∶3∶1及1∶1∶1∶1B．3∶3∶1∶1及1∶1C．9∶3∶3∶1及1∶1D．3∶1及1∶1答案　C解析　甲基因型为YyRr，自交表型之比为9∶3∶3∶1，乙基因型为Yyrr，与yyrr测交，后代Yyrr∶yyrr＝1∶1，C正确。[题型三　由子代推亲代的基因型]12．按照基因的自由组合定律(完全显性)，下列杂交组合的后代理论上会出现3∶3∶1∶1的亲本组合是(　　)A．EeFf×EeFf B．EeFf×eeFfC．Eeff×eeFf D．EeFf×EeFF答案　B解析　A项杂交组合中后代的分离比为9∶3∶3∶1，C项杂交组合中后代的分离比为1∶1∶1∶1，D项杂交组合中后代的分离比为3∶1。13．基因A、a和基因B、b独立遗传。一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，比例为1∶1，则这个亲本基因型为(　　)A．AABb B．AaBb C．AAbb D．AaBB答案　A解析　基因型为aabb的个体只能产生基因型为ab的配子，所以，要产生基因型为AaBb和Aabb的个体，还需要AB和Ab两种配子，而且其比例为1∶1，所以能产生基因型为AB和Ab配子的个体的基因型只能是AABb。14．南瓜果实的白色(A)对黄色(a)为显性，盘状(B)对球状(b)为显性，两对遗传因子独立遗传。若让遗传因子组成为AaBb的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代性状表现及其比例如图所示，则“某南瓜”的遗传因子组成为(　　)A．AaBb B．Aabb C．aaBb D．aabb答案　B解析　从题图中可以看出，子代中白色∶黄色＝3∶1，盘状∶球状＝1∶1，所以“某南瓜”的遗传因子组成为Aabb。15．已知子代基因型及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，上述结果是按自由组合定律产生的。那么亲本的基因型是(　　)A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRrC．YyRr×YyRr D．YyRR×YyRr答案　B解析　YY与Yy的比例为1∶1，RR∶Rr∶rr的比例为1∶2∶1，所以第一对是显性纯合子与杂合子杂交的结果，第二对是杂合子自交的结果，因此亲本的基因型为YYRr×YyRr。[题型四　概率计算]16．豌豆的红花(A)对白花(a)为显性，高茎(B)对矮茎(b)为显性，一株高茎红花豌豆与基因型为Aabb的豌豆杂交，子代中3/4开红花，1/2为高茎。若让这一株高茎红花豌豆自交，则自交后代高茎红花植株中杂合子所占比例为(　　)A．9/16 B．8/16 C．4/9 D．8/9答案　D解析　由“一株高茎红花豌豆与基因型为Aabb的豌豆杂交，子代中3/4开红花，1/2为高茎”可知，该高茎红花豌豆的基因型为AaBb，其自交后代中有9种配子组合方式表现为高茎红花，除AABB为纯合子外，其余8种均为杂合子。17．豌豆黄色(Y)对绿色(y)、圆粒(R)对皱粒(r)为显性，这两对基因独立遗传。现有一黄色圆粒(YYRr)豌豆，开花后自花传粉得到F1；F1再次自花传粉，得到F2。可以预测，F2中纯合的黄色圆粒豌豆的比例是(　　)A．2/3 B．1/4 C．1/2 D．3/8答案　D解析　本题中可将两对性状分开研究，先研究子叶颜色遗传，该豌豆自交两次，后代子叶全为黄色，基因型为YY。再研究粒形遗传，Rr自交两次，子代中杂合子占(1/2)2，纯合子占1－1/4＝3/4，其中RR占3/8，所以F2中纯合的黄色圆粒占3/8。知识点四　　　9∶3∶3∶1变式计算18．某植物的花色(白色和红色)是由两对等位基因(H和h、R和r)控制的。同时存在基因H和R时显红色，否则就显白色。现有两株白花植株杂交，F1全开红花，F2中开红花和白花的植株比例为(　　)A．3∶1 B．15∶1 C．9∶7 D．10∶6答案　C解析　由F1全开红花可知F1基因型为H_R_，可推断亲本中有HH和RR，又因为亲本都为白色可推出亲本基因型为HHrr、hhRR，F1为HhRr，F2中同时存在基因H和基因R时表现为红花，即H_R_，红花所占的比例为eq \f(3,4)×eq \f(3,4)＝eq \f(9,16)，则白花所占的比例为eq \f(7,16)，C正确。19．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因Y和y都不能表达。现有基因型WwYy的个体自交，其后代表型种类数及比例是(　　)A．4种，9∶3∶3∶1 B．2种，13∶3C．3种，12∶3∶1 D．3种，10∶3∶3答案　C解析　由题意知，W基因抑制Y、y基因表达，W_Y_的个体表现为白色，W_yy的个体也为白色，wwyy的个体表现为绿色，wwY_的个体表现为黄色，因此WwYy自交后代中表型有白、黄、绿3种颜色，比例为12∶3∶1。　　　二、非选择题　　　20．番茄的紫茎和绿茎是一对相对性状，缺刻叶和马铃薯叶是一对相对性状，两对基因独立遗传。利用三种不同基因型的番茄进行杂交，实验结果如下图所示。请回答下列问题。(1)紫茎和绿茎这对相对性状中，显性性状为________；缺刻叶和马铃薯叶这对相对性状中，显性性状为________。(2)如果用A、a表示控制紫茎、绿茎的基因，用B、b表示控制缺刻叶、马铃薯叶的基因，那么紫茎缺刻叶①、绿茎缺刻叶②、紫茎缺刻叶③的基因型依次为________________。(3)紫茎缺刻叶①与紫茎缺刻叶③杂交，后代的表型及比值分别为________________。答案　(1)紫茎　缺刻叶　(2)AABb、aaBb、AaBb(3)紫茎缺刻叶∶紫茎马铃薯叶＝3∶1解析　(1)(2)由第1组：亲本紫茎×绿茎得到F1全为紫茎可知，紫茎为显性性状，故亲本为AA×aa。亲本缺刻叶×缺刻叶得到F1出现马铃薯叶，且缺刻叶∶马铃薯叶＝3∶1，可知，缺刻叶为显性性状，亲本为Bb×Bb，故第1组亲本基因型①为AABb，②aaBb。第2组由紫茎×绿茎⇒紫茎∶绿茎＝1∶1可知，亲本紫茎Aa，绿茎aa，又由于缺刻叶×缺刻叶⇒缺刻叶∶马铃薯叶＝3∶1可知，亲本缺刻叶Bb×Bb，故第2组亲本基因型③为AaBb。(3)①AABb×③AaBb→eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(Aa×AA→\f(1,2)AA，\f(1,2)Aa,Bb×Bb→\f(3,4)B_，\f(1,4)bb，))故子代表型及比例为紫茎缺刻叶∶紫茎马铃薯叶＝3∶1。21．黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆杂交，对其子代表型按每对相对性状进行统计，结果如下图所示，黄绿基因为Y和y，圆皱基因为R和r。请问杂交后代中：(1)子代表型及其在总数中所占的比例是___________________________________________________________________________________________________。(2)实验中所用亲本的基因型为________________。(3)后代个体中能稳定遗传的占总数的________，自交能产生性状分离的占________。(4)表型中重组类型所占的比例为________，重组类型中能稳定遗传的占________。答案　(1)黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝3∶1∶3∶1(2)YyRr和yyRr　(3)1/4　3/4　(4)1/4　1/2解析　(1)由题图得出：子代黄∶绿＝1∶1；圆∶皱＝3∶1，组合起来得出表型及其在总数中所占的比例是：黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1。(2)黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1，推出亲本基因型为YyRr×yyRr。(3)亲本基因型为YyRr×yyRr，Yy×yy后代yy的比例为1/2，Rr×Rr后代中RR比例为1/4，rr比例为1/4，所以能稳定遗传的yyrr比例为1/2×1/4＝1/8，yyRR比例为1/2×1/4＝1/8,1/8＋1/8＝1/4。剩下的都是杂合子，个体中自交能产生性状分离，占3/4。(4)子代重组类型为黄皱和绿皱，由题图可得黄皱＝1/2×1/4＝1/8，绿皱＝1/2×1/4＝1/8,1/8＋1/8＝1/4。重组类型中能稳定遗传的为纯合子，亲本基因型为YyRr×yyRr，由(3)知，后代纯合子为eq \f(1,8)yyrr、eq \f(1,8)yyRR，yyrr属于重组类型，则重组类型中纯合子所占比例为(1/8)/(1/4)＝1/2。　　　易错题型　　　被子植物果实各部分的遗传分析22．豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性。每对性状的杂合体(F1)自交后代(F2)均要表现3∶1的分离比。以上种皮颜色的分离比和子叶颜色的分离比分别来自以下哪代植株群体所结种子的统计(　　)A．F1植株和F1植株 B．F1植株和F2植株C．F2植株和F1植株 D．F2植株和F2植株答案　C解析　种皮由珠被发育而来，基因型始终与母本一致，而子叶由受精卵发育而来。F1代植株结出的种子F2，其种皮的基因型与母本相同，即Gg，全为灰色，而子叶的基因型则为YY、Yy、yy，表现出黄∶绿＝3∶1的性状分离比；F2代植株结出的种子，其种皮的基因型为GG、Gg、gg，能表现出灰∶白＝3∶1的性状分离比，C正确。1．下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法，错误的是(　　)A．孟德尔在研究分离定律和自由组合定律时，都用到了假说—演绎法B．二者揭示的都是生物细胞核遗传物质的遗传规律C．在生物性状遗传中，两个定律各自发生D．基因分离定律是基因自由组合定律的基础答案　C解析　孟德尔在研究分离定律和自由组合定律时，都用到了同一种科学的研究方法——假说—演绎法，A正确；基因的分离定律与自由组合定律揭示的都是生物细胞核遗传物质的遗传规律，B正确；在生物性状遗传中，两个定律同时发生，其中，基因的分离定律是自由组合定律的基础，C错误，D正确。2．决定某种瓢虫翅色的复等位基因有5种，TA、TB、TC、TD、t基因，且TA、TB、TC、TD相对t为显性，TA、TB、TC、TD之间为共显性关系(基因型中成对的基因都表现)；决定瓢虫眼色的基因有2种，分别为完全显隐性的G、g。眼色与翅色基因独立遗传。则瓢虫的表型种类为(　　)A．12种 B．15种 C．22种 D．33种答案　C解析　两对基因的遗传遵循孟德尔自由组合定律。决定瓢虫翅色的复等位基因有5种，TA、TB、TC、TD相对t为显性，TA、TB、TC、TD之间为共显性关系，瓢虫的翅色基因型(TAt、TBt、TCt、TDt、tt、TATA、TATB、TATC、TATD、TBTB、TBTC、TBTD、TCTC、TCTD、TDTD)共15种，表型为11种；决定瓢虫眼色的基因有G、g2种，瓢虫的眼色基因型(GG、Gg、gg)共有三种基因型，2种表型，则瓢虫的表型种类总共有11×2＝22种，C正确。3．某种蛙眼色的表型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)：现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1有蓝眼和绿眼两种表型，理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为(　　)A．3∶1 B．3∶2 C．9∶7 D．13∶3答案　A解析　蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表型，由于bb基因纯合即为绿眼，所以亲本为Bb×Bb，又由于子代不出现紫眼，即不能出现a基因纯合，亲本为AA×aa，故亲本为AABb×aaBb，后代的表型及比例为蓝眼蛙(AaB_)∶绿眼蛙(Aabb)＝3∶1。4．两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b，且两对基因完全显隐性)分别控制豌豆的两对相对性状。植株甲与植株乙进行杂交，子一代自交，下列相关叙述正确的是(　　)A．若子二代出现9∶3∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AABB×aabbB．若子一代出现1∶1∶1∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aabbC．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBbD．若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有4种情况答案　D解析　基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB的两亲本杂交，子二代均出现9∶3∶3∶1的性状分离比，A错误；基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb的两亲本杂交，子一代均出现1∶1∶1∶1的性状分离比，B错误；基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb的两亲本杂交，子一代均出现3∶1∶3∶1的性状分离比，C错误；若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有AABB×AAbb、aaBB×aabb、AABB×aaBB、AAbb×aabb 4种情况。5．番茄紫茎对绿茎是显性(用A、a表示)，缺刻叶对马铃薯叶是显性(用B、b表示)。让紫茎缺刻叶亲本与绿茎缺刻叶亲本杂交，后代植株数是：紫缺321，紫马101，绿缺310，绿马107。如果两对等位基因自由组合，则两亲本的基因型是(　　)A．AaBb×AaBB B．AaBb×AaBbC．AABb×aaBb D．AaBb×aaBb答案　D解析　根据题意可写出亲本的基因型通式为A_B_×aaB_，先分析紫茎与绿茎这一对相对性状的遗传，后代中紫茎∶绿茎≈1∶1，故亲本基因型为Aa×aa，再分析缺刻叶与马铃薯叶这对相对性状的遗传，缺刻叶∶马铃薯叶≈3∶1，所以双亲必为杂合体即Bb×Bb。综合考虑，双亲的基因型为AaBb×aaBb。6．人类多指基因T对正常基因t为显性，白化病基因a对正常基因A为隐性，二者皆独立遗传。在一个家庭中父亲多指，母亲正常，他们有一患白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只有一种病和有两种病的概率分别是(　　)A．3/4、1/4 B．5/8、1/8C．1/2、1/8 D．1/4、1/8答案　C解析　由题干可知，父亲的基因型为T_A_，母亲的基因型为ttA_，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，基因型为ttaa，因此，父亲的基因型为TtAa，母亲的基因型为ttAa。对于多指基因，子代为Tt的概率为eq \f(1,2)，tt的概率为eq \f(1,2)，即孩子是多指的概率为eq \f(1,2)；对于白化病基因，子代为A_的概率为eq \f(3,4)，为aa的概率为eq \f(1,4)，即孩子患白化病的概率为eq \f(1,4)。因此根据自由组合定律，下一个孩子患一种病的概率为eq \f(1,2)×eq \f(3,4)＋eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,2)，患两种病的概率为eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,8)。7．某植物的花色由两对等位基因控制，且两对基因独立遗传。纯合的蓝花品种与纯合的紫花品种杂交，F1为蓝花，F1自交，F2中紫花∶红花∶蓝花＝1∶6∶9。若将F2中一株蓝花植株自交，子代植株(F3)表型种类及比例不可能出现(　　)A．3种、1∶6∶9 B．2种、1∶1C．2种、3∶1 D．1种、1答案　B解析　纯合的蓝花品种与纯合的紫花品种杂交，F1为蓝花，F1自交，F2中紫花∶红花∶蓝花＝1∶6∶9。说明F1的蓝花为双杂合子AaBb，F2中蓝花植株的基因型为：AABB、AaBB、AABb、AaBb，共4种，紫花植株为aabb，红花植株为A_bb、aaB_。F2中一株蓝花植株若为AABB，则后代表型的种类为1种；若为AaBB，则后代表型为2种，比例为3∶1；若为AABb，则后代表型也为2种，比例为3∶1；若为AaBb，则后代表型为3种，比例为1∶6∶9。8．控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6厘米，每个显性基因增加纤维长度2厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则F1的棉花纤维长度范围是(　　)A．6～14厘米 B．6～16厘米C．8～14厘米 D．8～16厘米答案　C解析　棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，F1中至少含有一个显性基因A，长度最短为6＋2＝8厘米，含有显性基因最多的基因型是AaBBCc，长度为6＋4×2＝14厘米。9．小麦籽粒色泽由4对独立遗传的基因(A和a、B和b、C和c、D和d)所控制，只要有一个显性基因存在就表现红色，只有全隐性才为白色。现有杂交实验：红粒×红粒→红粒∶白粒＝63∶1，则其双亲基因型不可能的是(　　)A．AabbCcDd×AabbCcDdB．AaBbCcDd×AaBbccddC．AaBbCcDd×aaBbCcddD．AaBbccdd×aaBbCcDd答案　D解析　由题意可知，4对基因的遗传符合自由组合定律，两个红粒亲本杂交，A项中白粒占(1/4)×1×(1/4)×(1/4)＝1/64，红粒占1－1/64＝63/64；B项中白粒占(1/4)×(1/4)×(1/2)×(1/2)＝1/64，红粒占1－1/64＝63/64；C项中白粒占(1/2)×(1/4)×(1/4)×(1/2)＝1/64，红粒占1－1/64＝63/64；D项中白粒占(1/2)×(1/4)×(1/2)×(1/2)＝1/32，红粒占1－1/32＝31/32。所以双亲的基因型不可能是AaBbccdd×aaBbCcDd，D符合题意。10．大鼠的毛色由独立遗传的两对遗传因子(用A、a和B、b表示)控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是(　　)A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种性状表现类型C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合子D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为eq \f(1,4)答案　B解析　根据F2中表型比例可知F1为双杂合子，且灰色为双显性性状，米色为双隐性性状，黄色、黑色为单显性性状，所以亲本为AAbb×aaBB，A错误；F1为双杂合子，与黄色亲本(假设为aaBB)杂交，后代有两种表现类型，B正确；F2灰色大鼠中有eq \f(1,9)为纯合子(AABB)，其余为杂合子，F1灰色大鼠为杂合子，C错误；F2的黑色大鼠中纯合子(AAbb)所占比例为eq \f(1,3)，与米色大鼠(aabb)杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)所占比例为eq \f(2,3)，与米色大鼠(aabb)交配产生米色大鼠的概率为eq \f(1,2)，所以F2黑色大鼠与米色大鼠杂交产生米色大鼠的概率为eq \f(2,3)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,3)，D错误。11．某种鼠中，黄鼠基因Y对灰鼠基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y和T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立分配的。两只黄色短尾鼠交配后所生的子代表型比例为(　　)A．3∶1∶3∶1 B．9∶3∶3∶1C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1答案　C解析　交配的两只黄色短尾鼠，正常情况下其基因型为YYTT、YYTt、YyTT或YyTt，但由于“基因Y和T在纯合时都能使胚胎致死”，所以交配的两只黄色短尾鼠的基因型只能为YyTt。这两只鼠交配后子代正常情况下的比例为Y_T_∶Y_tt∶yyT_∶yytt＝9∶3∶3∶1，但根据题意可知，Y_T_中致死的基因型有YYTT(1/16)，YyTT(2/16)，YYTt(2/16)，能够存活的只有YyTt，其比例为4/16；Y_tt中基因型为YYtt的个体胚胎致死(1/16)，基因型为Yytt的个体能够存活(2/16)；yyT_中基因型为yyTT的个体胚胎致死(1/16)，基因型为yyTt的个体能够存活(2/16)；基因型为yytt的个体全部存活，所以两只黄色短尾鼠交配后所生的子代表型比例为4∶2∶2∶1。12．小鼠毛皮中黑色素的形成是一个连锁反应，当R、C基因(两对等位基因位于两对同源染色体上)同时存在时，才能产生黑色素，如图所示。现有基因型为CCRR和ccrr的两小鼠进行交配得到F1，F1雌雄个体交配得到F2，下列叙述中不正确的是(　　)A．只有小鼠基因型为CCRR时，毛皮才为黑色B．基因型为ccRr的小鼠不能合成中间产物，所以为白色C．F2表型比例为9∶4∶3D．基因型为Ccrr与ccRr的小鼠交配，后代表型比例为1∶1∶2答案　A解析　由图可以知道，合成黑色素需要C和R基因同时存在，所以只要小鼠的基因型为C_R_，就表现为黑色，A错误；基因型为ccRr的小鼠不能合成中间产物棕色素，所以毛皮为白色，B正确；F1雌雄个体交配，F2中C_R_∶C_rr∶(ccR_＋ccrr)＝9∶3∶4，C正确；Ccrr与ccRr交配，后代基因型为CcRr∶Ccrr∶ccRr∶ccrr＝1∶1∶1∶1，表型比例为1∶1∶2，D正确。13．豌豆中，当C、R两个显性基因都存在时，花呈红色。一株红花豌豆与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花，若让这些红花豌豆自交，后代中红花豌豆的比例为(　　)A．5/8 B．3/8 C．3/16 D．9/16答案　A解析　一株红花豌豆(C_R_)与基因型为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花，3/8可写成1/2×3/4，可推知该红花亲本基因型为CcRr，因此后代中红花豌豆的基因型为CcRR∶CcRr＝1∶2，因此这些红花豌豆自交后代中出现红花的概率为1/3×3/4＋2/3×9/16＝5/8。14．某同学用碗豆进行测交实验，得到4种表型的后代，数量分别是85、92、89、83，则这株豌豆的基因型不可能是(　　)A．DdYYRR B．ddYyRrC．DdYyRr D．DDYyRr答案　A解析　DdYYRR有一对等位基因，因此能够产生两种配子，测交后代的比例应接近1∶1，A错误；ddYyRr有两对等位基因，因此能够产生四种配子，测交后代的比例应接近1∶1∶1∶1，B正确；DdYyRr有三对等位基因，若有两对基因连锁，则能够产生四种配子，测交后代的比例应接近1∶1∶1∶1，C正确；DDYyRr中有两对等位基因，因此能够产生四种配子，测交后代的比例应接近1∶1∶1∶1，D正确。15．某植物的花色受两对独立遗传的等位基因控制，为研究该植物花色遗传的规律，科研人员用纯合红花植株和纯合白花植株为材料进行杂交实验，统计结果如下图所示。请回答下列问题：(1)该植物的红花和白花这对相对性状中，显性性状是________。F2中纯合子约有________株。(2)若F2中的白花植株自交，则其子代植株的表型是________。F2中红花植株的基因型共有________种。若该植物为自花传粉，将收获的F2中每株红花植株的所有种子单独种植在一起得到一个株系，则全部开红花株系占全部株系的比例为________。(3)F2中出现白花植株∶红花植株＝84∶108的原因是：__________________________________________________________________________________________________________________________________________，且受精时____________________________。答案　(1)红花　48　(2)白花　4　eq \f(1,9)(3)F1中的红花植株在形成配子时，控制红花和白花的两对基因发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合，形成4种配子　雌雄配子随机结合解析　(1)F2白花∶红花＝84∶108＝7∶9，控制白花与红花的是两对等位基因，设为A、a和B、b，则F1基因型为AaBb，自交产生F2中纯合子占eq \f(1,4)，故F2中纯合子为eq \f(1,4)×(84＋108)＝48(株)。(2)F2白花植株的基因型为A_bb、aaB_、aabb，白花植株自交子代仍为白花，F2中红花的基因型为A_B_，即1AABB、2AABb、2AaBB、4AbBb，每株红花植株的种子单独种植，全部开红花的占eq \f(1,9)。(3)F2出现白花∶红花＝84∶108的原因是白花、红花由两对等位基因控制，形成配子时成对的基因分离，不成对的自由组合产生4种配子，受精时雌雄配子随机结合。16．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析回答：(1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在________种显性基因同时存在时才能开紫花。(2)若表中红花亲本的基因型为aaBB，则第1组实验中白花亲本的基因型为________，F2表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占________。若第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交，后代的表型应________。(3)若第3组F2中红花基因型为aaBB和aaBb，则第3组实验的F1与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现的表型及其比例以及相对应的该白花品种可能的基因型：①如果杂交后代紫花与白花之比为1∶1，则该白花品种的基因型是________；②如果____________________________，则该白花品种的基因型是aabb。答案　(1)两　两　(2)AAbb　1/4　全为白花(3)①AAbb　②杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2解析　(1)由表格可知，第1组中F2的表型紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。(2)第1组中F1的紫花基因型为AaBb，红花亲本的基因型为aaBB，则白花亲本的基因型为AAbb；F2白花基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所以与白花亲本基因型相同的占1/4；同理第3组中F1的紫花基因型为AaBb，所以第3组中亲本白花的基因型为aabb，第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交，即AAbb×aabb，后代基因型为Aabb，表型全为白花。(3)第3组实验的F1为AaBb，纯合白花的基因型为AAbb或aabb。若该白花品种的基因型是AAbb，F1与纯合白花品种杂交，即AaBb×AAbb，子代基因型有四种，分别为AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为1∶1；若白花品种的基因型是aabb，F1与纯合白花品种杂交，即AaBb×aabb，子代的基因型有四种，AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。17．(实验探究)在家兔中黑色(B)对褐色(b)为显性，短毛(E)对长毛(e)为显性，这两对基因是独立遗传的。现有纯合黑色短毛兔和褐色长毛兔。请回答下列问题：(1)试设计培育出能稳定遗传的黑色长毛兔的育种方案(简要程序)。第一步：_________________________________________________________；第二步：_________________________________________________________；第三步：_________________________________________________________。(2)F2中黑色长毛兔的基因型有________和________两种，其中纯合子占黑色长毛兔总数的________，杂合子占F2总数的________。(3)此现象符合基因的________________定律。答案　(1)黑色短毛兔×褐色长毛兔→F1　F1雌雄个体相互交配得到F2，从F2中选出黑色长毛兔　F2中黑色长毛兔×褐色长毛兔(测交)，其后代不出现褐色长毛兔的亲本即为纯合黑色长毛兔(2)BBee　Bbee　1/3　1/8　(3)自由组合解析　黑色长毛兔是亲本中没有的性状，是重新组合出的新性状，可利用基因的自由组合定律知识解决此题，但是要注意到重组性状是第二代才出现的。题目要求是能稳定遗传的黑色长毛兔，所以必须要选育出纯合子才能稳定遗传。表型蓝眼绿眼紫眼基因型A_B_A_bb、aabbaaB_组别亲本F1F21白花×红花紫花紫花∶红花∶白花＝9∶3∶42紫花×红花紫花紫花∶红花＝3∶13紫花×白花紫花紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4