适用于老高考旧教材2024版高考物理二轮复习专题分层突破练13力学实验（附解析）

这是一份适用于老高考旧教材2024版高考物理二轮复习专题分层突破练13力学实验（附解析），共7页。试卷主要包含了50 cm、x2=4，880 kg,g取9，60，30等内容，欢迎下载使用。

1.(2023陕西铜川一模)学习小组的同学们准备探究“做功与物体动能变化的关系”,他们在实验室组装了一套如图甲所示的装置,另外他们还找到打点计时器所用的学生电源一台、天平、刻度尺、导线、复写纸、纸带、砝码若干。实验步骤如下:
①测量滑块的质量m;
②将长木板右端垫起,平衡滑块与木板之间的摩擦力;
③接通电源后静止释放滑块,滑块在细线拉动下拉着纸带一起运动。
图乙是实验中打出的一条纸带。
甲
乙
(1)打点计时器所用交变电流的频率为50 Hz,在纸带上每5个点取一个计数点,用刻度尺量出相邻计数点之间的距离,x1=3.50 cm、x2=4.50 cm、x3=5.50 cm、x4=6.50 cm,打B点时小车的速度v1= m/s,打D点时小车的速度v2= m/s。(结果均保留三位有效数字)
(2)用天平测得滑块的质量为m=0.880 kg,g取9.8 m/s2,考虑实验过程中存在误差后,请判断此次实验中使用的小沙桶及细沙的总质量可能为 。
kg kg
kg kg
2.(2023全国甲卷)某同学利用如图甲所示的实验装置探究物体做直线运动时平均速度与时间的关系。让小车左端和纸带相连,右端用细绳跨过定滑轮和钩码相连,钩码下落,带动小车运动,打点计时器打出纸带。某次实验得到的纸带和相关数据如图乙所示。
甲
乙
(1)已知打出图乙中相邻两个计数点的时间间隔均为0.1 s,以打出A点时小车位置为初始位置,将打出B、C、D、E、F各点时小车的位移Δx填到表中,小车发生位移所用时间和平均速度分别为Δt和,表中ΔxAD= cm,= cm/s。
(2)根据表中数据得到小车平均速度随时间Δt的变化关系,如图丙所示。在图丙中补全实验点。
丙
(3)从实验结果可知,小车运动的-Δt图线可视为一条直线,此直线用方程=kΔt+b表示,其中k= cm/s2,b= cm/s。(结果均保留3位有效数字)
(4)根据(3)中的直线方程可以判定小车做匀加速直线运动,得到打出A点时小车速度大小vA= ,小车的加速度大小a= 。(结果用字母k、b表示)
3.(2022全国甲卷)利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为m1的滑块A与质量为m2的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞,碰撞时间极短,比较碰撞后A和B的速度大小v1和v2,进而分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列填空:
(1)调节导轨水平。
(2)测得两滑块的质量分别为0.510 kg和0.304 kg。要使碰撞后两滑块运动方向相反,应选取质量为 kg的滑块作为A。
(3)调节B的位置,使得A与B接触时,A的左端到左边挡板的距离s1与B的右端到右边挡板的距离s2相等。
(4)使A以一定的初速度沿气垫导轨运动,并与B碰撞,分别用传感器记录A和B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间t1和t2。
(5)将B放回到碰撞前的位置,改变A的初速度大小,重复步骤(4)。多次测量的结果如下表所示。
(6)表中的k2= (保留2位有效数字)。
(7)的平均值为 (保留2位有效数字)。
(8)理论研究表明,对本实验的碰撞过程,是否为弹性碰撞可由判断。若两滑块的碰撞为弹性碰撞,则的理论表达式为 (用m1和m2表示),本实验中其值为 (保留2位有效数字);若该值与(7)中结果间的差别在允许范围内,则可认为滑块A与滑块B在导轨上的碰撞为弹性碰撞。
B组素能提升练
4.(2022河北卷)某实验小组利用铁架台、弹簧、钩码、打点计时器、刻度尺等器材验证系统机械能守恒定律,实验装置如图甲所示。弹簧的劲度系数为k,原长为L0,钩码的质量为m。已知弹簧的弹性势能表达式为E=kx2,其中k为弹簧的劲度系数,x为弹簧的形变量,当地的重力加速度大小为g。
甲
(1)在弹性限度内将钩码缓慢下拉至某一位置,测得此时弹簧的长度为L。接通打点计时器电源。从静止释放钩码,弹簧收缩,得到了一条点迹清晰的纸带。钩码加速上升阶段的部分纸带如图乙所示,纸带上相邻两点之间的时间间隔均为T(在误差允许范围内,认为释放钩码的同时打出A点)。从打出A点到打出F点时间内,弹簧的弹性势能减少量为 ,钩码的动能增加量为 ,钩码的重力势能增加量为 。
乙
(2)利用计算机软件对实验数据进行处理,得到弹簧弹性势能减少量、钩码的机械能增加量分别与钩码上升高度h的关系,如图丙所示。由图丙可知,随着h增加,两条曲线在纵向的间隔逐渐变大,主要原因是 。
丙
5.(2023湖南长沙雅礼中学月考)某同学利用如图甲所示的装置测量小车和智能手机的质量,智能手机可以利用手机软件直接测量出手机运动时的加速度。悬挂质量为m的钩码,用智能手机测出小车运动的加速度a;改变钩码的质量m,进行多次测量;作出a与m(g-a)的图像如图乙所示,已知图像中直线的截距为b,斜率为k。不计空气阻力,重力加速度为g。
甲
乙
(1)以下说法正确的是 ;
A.钩码的质量应该远小于智能手机和小车的质量
B.细绳应该始终与长木板平行
C.不悬挂钩码时,应使小车和智能手机匀速沿木板下滑
D.细线的拉力等于钩码的重力
(2)根据图像可得,小车和手机的质量为 ;
(3)再利用手机软件测出斜面倾角为θ,则小车和智能手机沿木板运动过程中受摩擦力的大小为 。
专题分层突破练13 力学实验
1.答案 (1)0.400 0.600 (2)A
解析 (1)打B点时小车的速度为AC段的平均速度,所以
v1==0.400m/s
同理v2==0.600m/s。
(2)由动能定理可知
m沙g(x2+x3)=(m+m沙)(m+m沙)
代入数据解得m沙=0.100kg
故选A。
2.答案 (1)24.00 80.0
(2)如解析图所示
(3)70.0 59.0
(4)b 2k
解析 (1)ΔxAD=ΔxAB+ΔxBC+ΔxCD=24.00cm
=80.0cm/s。
(2)如图所示。
(3)连接上图中各点,由图像得截距为59,则b=59.0cm/s,k=cm/s2=70.0cm/s2。
(4)由x=v0t+at2得=v0+at,则vA=b,a=2k。
3.答案 (2)0.304
(6)0.31
(7)0.32
(8) 0.34
解析 (2)要使两滑块碰撞后运动方向相反,应使质量小的滑块碰撞质量大的滑块,应选取质量为0.304kg的滑块作为A。
(6)由于两段位移大小相等,根据表中的数据可得k==0.31。
(7)的平均值为0.32。
(8)发生弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒,可得
m1v0=-m1v1+m2v2
m1m1m2
联立解得
-v1=v0,v2=v0,解得,代入数据解得=0.34。
4.答案 (1) k(L-L0)h4- mgh4
(2)见解析
解析 (1)从打出A点到打出F点时间内,弹簧的弹性势能减少量为ΔEp弹=,整理有ΔEp弹=k(L-L0)h4-;打F点时钩码的速度为vF=,由于在误差允许的范围内,认为释放钩码的同时打出A点,则钩码动能的增加量为ΔEk=-0=;钩码的重力势能增加量为DEp重=mgh4。
(2)钩码机械能的增加量,即钩码动能和重力势能增加量的总和,若无阻力做功,则弹簧弹性势能的减少量等于钩码机械能的增加量。现在随着h增加,两条曲线在纵向的间隔逐渐变大,而两条曲线在纵向的间隔即阻力做的功,则产生这个问题的主要原因是钩码和纸带运动的速度逐渐增大,导致空气阻力逐渐增大,以至于空气阻力做的功也逐渐增大。
5.答案 (1)B (2) (3)
解析 (1)设小车和手机的质量为m',斜面倾角为θ,对钩码和小车以及手机的系统由牛顿第二定律有mg+m'gsinθ-μm'gcsθ=(m'+m)a,整理可得a=+gsinθ-μgcsθ,可得本实验的原理为a与m(g-a)成一次函数关系。因本实验根据牛顿第二定律对系统采用准确的方法,故不需要近似地用钩码重力代替绳的拉力,也就不需要质量关系,即不需要钩码的质量远小于智能手机和小车的质量,A错误;为了让绳子拉小车的力为恒力,则细绳应该始终与长木板平行,B正确;本实验若平衡了摩擦力,系统的牛顿第二定律表达式为a=,a与m(g-a)成正比例关系,不符合实验结果,故不需要平衡摩擦力,C错误;本实验中根据牛顿第二定律,可知绳子的拉力小于钩码的重力,D错误。
(2)根据a与m(g-a)的一次函数关系,可知图像的斜率为=k,则小车和手机的质量为m'=。
(3)根据a与m(g-a)的一次函数关系,可知纵截距为b=gsinθ-μgcsθ,联立解得摩擦力的大小为Ff=μm'gcsθ=。位移区间
AB
AC
AD
AE
AF
Δx/cm
6.60
14.60
ΔxAD
34.90
47.30
/(cm·s-1)
66.0
73.0
87.3
94.6
比较项
1
2
3
4
5
t1/s
0.49
0.67
1.01
1.22
1.39
t2/s
0.15
0.21
0.33
0.40
0.46
k=
0.31
k2
0.33
0.33
0.33