|试卷下载
终身会员
搜索
    上传资料 赚现金
    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)
    立即下载
    加入资料篮
    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)01
    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)02
    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)03
    还剩15页未读, 继续阅读
    下载需要20学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)

    展开
    这是一份2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析),共18页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    1.直线x+ 3y+1=0的倾斜角为
    ( )
    A. 30∘B. 60∘C. 120∘D. 150∘
    2.通过椭圆x24+y23=1的焦点且垂直于x轴的直线l被椭圆截得的弦长等于
    .( )
    A. 2 3B. 3C. 3D. 6
    3.双曲线x24-y2=1的焦点到渐近线的距离为( )
    A. 1B. 2C. 2D. 3
    4.设F为抛物线C:y2=3x的焦点,过F且倾斜角为30°的直线交于C于A,B两点,则|AB|=( )
    A. 303B. 6C. 12D. 7 3
    5.许多建筑融入了数学元素,更具神韵,数学赋予了建筑活力,数学的美也被建筑表现得淋漓尽致.已知下面图1是单叶双曲面(由双曲线绕虚轴旋转形成立体图形)型建筑,图2是其中截面最细附近处的部分图象.上下底面与地面平行.现测得下底面直径AB=20 10米,上底面直径CD=20 2米,AB与CD间的距离为80米,与上下底面等距离的G处的直径等于CD,则最细部分处的直径为( )
    A. 20米B. 10 5米C. 10 3米D. 10米
    6.若圆x2+y2-2x-6y+1=0上恰有三点到直线y=kx的距离为2,则k的值为( )
    A. 12或2B. 34或43C. 2D. 43
    7.已知⊙M:x2+y2-2x-2y-2=0,直线l:2x+y+2=0,P为l上的动点.过点P作⊙M的切线PA,PB,切点为A,B,当|PM|⋅|AB|最小时,直线AB的方程为
    ( )
    A. 2x-y-1=0B. 2x+y-1=0C. 2x-y+1=0D. 2x+y+1=0
    8.已知F-c,0是椭圆x2a2+y2b2=1a>b>0的左焦点,直线y=x+c与该椭圆相交于M,N两点,O是坐标原点,P是线段OF的中点,线段MN的中垂线与x轴的交点在线段PF上.该椭圆离心率的取值范围是
    ( )
    A. 63,1B. 22,1C. 0, 63D. 22, 63
    二、多选题(本大题共4小题,共20分。在每小题有多项符合题目要求)
    9.已知a为实数,若三条直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0和2x-y-10=0不能围成三角形,则a的值为( )
    A. 83B. 1C. -1D. -4
    10.若方程x22-t-y21-t=1所表示的曲线为C,则下列命题正确的是
    ( )
    A. 若曲线C为双曲线,则t<1或t>2
    B. 若曲线C为椭圆,则1C. 曲线C可能是圆
    D. 若曲线C为焦点在x轴上的椭圆,则111.如图,已知椭圆x24+y22=1的左、右顶点分别是A1,A2,上顶点为B1,在椭圆上任取一点C,连结A1C交直线x=2于点P,连结A2C交OP于点M(O是坐标原点),则下列结论正确的是( )
    A. kCA1kCA2为定值B. kA1P=12kOP
    C. OP⊥A2CD. MB1的最大值为 6
    12.已知抛物线C:y2=4x,过点P(2,0)的直线l交C于A,B两点,O为坐标原点,则下列说法正确的有
    ( )
    A. 若直线l的斜率为2,则△OAB的面积为12
    B. |AB|的最小值为4 2
    C. 1|PA|+1|PB|= 24
    D. 若M(-2,0),则|MA|MB=PAPB
    三、填空题(本大题共4小题,共20分)
    13.已知Sn为等差数列an的前n项和,且满足a2=4,S4=22,则S8=_______.
    14.已知直线y=k(x+1)截圆(x-1)2+(y-1)2=4所得两段圆弧的弧长之比为1:2,则k= .
    15.设双曲线x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的右焦点是F,左、右顶点分别是A1,A2,过F作A1A2的垂线与双曲线交于B,C两点,若A1B⊥A2C,则该双曲线的渐近线的斜率为 .
    16.若正方形ABCD的一条边在直线y=2x-17上,另外两个顶点在抛物线y=x2上.则该正方形面积的最小值为________________.
    四、解答题(本大题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
    17.(本小题10分)
    等差数列{an}的前n项和为Sn,a3+a5=a4+7且a1+a10=20.
    (1)求{an}的通项公式;
    (2)求满足不等式Sn<3an-2的n的值.
    18.(本小题12分)
    已知圆C:x2+y2+2x-4y+m=0与y轴相切,O为坐标原点,动点P在圆外,过P作圆C的切线,切点为M.
    (1)求圆C的圆心坐标及半径;
    (2)求满足|PM|=2|PO|的点P的轨迹方程.
    19.(本小题12分)
    若椭圆E:x2a2+y2b2=1a>b>0过抛物线x2=4y的焦点,且与双曲线x2-y2=1有相同的焦点.
    (1)求椭圆E的方程;
    (2)不过原点O的直线l:y=x+m与椭圆E交于A,B两点,当▵OAB的面积为 32时,求直线l的方程.
    20.(本小题12分)
    已知抛物线C:y2=2px (p>0),过抛物线的焦点F且垂直于x轴的直线交抛物线于不同的两点A,B,且|AB|=4
    (1)求抛物线C的方程;
    (2)若不经过坐标原点O的直线l与抛物线C相交于不同的两点M,N,且满足OM⊥ON.证明直线l过x轴上一定点Q,并求出点Q的坐标.
    21.(本小题12分)
    已知双曲线C:x2a2-y2b2=1 (a>0,b>0)的虚轴长为4,直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线.
    (1)求双曲线C的标准方程;
    (2)记双曲线C的左、右顶点分别为A,B,过点T(2,0)的直线l交双曲线C于点M,N(点M在第一象限),记直线MA斜率为k1,直线NB斜率为k2,求k1k2的值.
    22.(本小题12分)
    已知如图椭圆C1:x24+y2=1的左右顶点为A1、A2,上下顶点为B1、B2,记四边形A1B1A2B2的内切圆为C2.
    (1)求圆C2的标准方程;
    (2)已知P为椭圆C1上任意一点,过点P作圆C2的切线分别交椭圆C1于M、N两点,试求三角形PMN面积的最小值.
    答案和解析
    1.【答案】D
    【解析】【分析】
    本题考查直线的倾斜角和斜率的关系,以及倾斜角的取值范围,已知三角函数值求角的大小.求出直线的斜率是解题的关键.
    把直线的方程化为斜截式,求出斜率,根据斜率和倾斜角的关系,倾斜角的范围,求出倾斜角的大小.
    【解答】
    解:直线x+ 3y+1=0即y=- 33x- 33,
    故直线的斜率等于- 33,
    设直线的倾斜角等于α,
    则0≤α<π,且tanα=- 33,
    故α=150°,
    故选D.
    2.【答案】B
    【解析】【分析】
    本题主要考查了椭圆的性质及弦长,考查学生的计算能力,属于基础题.
    根据题意可得直线方程,从而即可得到直线l被此椭圆截得的弦长.
    【解答】
    解:∵椭圆x24+y23=1,即a2=4,b2=3,
    ∴c2=a2-b2=1,
    ∴焦点为(±1,0),
    又∵直线l过焦点且垂直于x轴,即直线l的方程为x=±1,
    ∴(±1)24+y23=1,解得y=±32,
    ∴直线l被此椭圆截得的弦长为2y=2×32=3,
    故选B.
    3.【答案】A
    【解析】【分析】
    本题考查双曲线的焦点到渐近线的距离的求法,是基础题,解题时要熟练掌握双曲线的简单性质.
    分别求出双曲线的焦点坐标和渐近线方程,利用点到直线的距离公式,能求出结果.
    【解答】
    解:双曲线中,
    焦点坐标为(± 5,0),
    渐近线方程为:y=±12x,
    ∴双曲线x24-y2=1的焦点到渐近线的距离:
    d=|± 5| 1+4=1.
    故选:A.
    4.【答案】C
    【解析】【分析】
    本题考查抛物线的标准方程,以及简单性质的应用,弦长公式的应用,属于中档题.
    求出焦点坐标,利用点斜式求出直线的方程,代入抛物线的方程,利用根与系数的关系,由弦长公式求得|AB|.
    【解答】
    解:由y2=3x得其焦点F(34,0),准线方程为x=-34,
    则过抛物线y2=3x的焦点F且倾斜角为30°的直线方程为:
    y=tan30°(x-34)= 33(x-34),
    代入抛物线方程,消去y,得16x2-168x+9=0,
    设A(x1,y1),B(x2,y2),
    则x1+x2=16816=212,
    所以|AB|=x1+34+x2+34
    =34+34+212=12.
    故选C.
    5.【答案】A
    【解析】【分析】
    本题主要考查了双曲线的应用,双曲线标准方程的求法,属于中档题.
    由题意建立平面直角坐标系,写出点C和点B的坐标,用待定系数法求出双曲线的方程,最细部分处的直径是2a,即可求解.
    【解答】
    解:如图所示:以最细的部分EF所在直线为x轴建立平面直角坐标系,
    则由题意可知OG=20,
    所以点C的坐标为10 2,20,点B的坐标为10 10,-60
    设双曲线方程为x2a2-y2b2=1,
    则10 22a2-202b2=110 102a2-602b2=1,解得:a=10b=20.
    EF=2a=20.
    故选A.
    6.【答案】D
    【解析】【分析】
    本题考查圆、直线方程、点到直线距离公式等基础知识.
    圆x2+y2-2x-6y+1=0的圆心C(1,3),半径r=3,由圆上恰有三点到直线y=kx的距离为2,得到圆心C(1,3)到直线y=kx的距离为1,由此能出k的值.
    【解答】
    解:圆x2+y2-2x-6y+1=0的圆心C(1,3),
    半径r=12 4+36-4=3,
    ∵圆上恰有三点到直线y=kx的距离为2,
    ∴圆心C(1,3)到直线y=kx的距离为1,
    即d=|k-3| k2+1=1,
    解得k=43.
    故选:D.
    7.【答案】D
    【解析】【分析】
    本题考查直线与圆位置关系的应用,考查圆的切线方程,考查过圆两切点的直线方程的求法,属于拔高题.
    由已知结合四边形面积公式及三角形面积公式可得S四边形PAMB=12|PM|⋅|AB|=2 |PM|2-4,说明要使|PM|⋅|AB|最小,则需|PM|最小,此时PM与直线l垂直.写出PM所在直线方程,与直线l的方程联立,求得P点坐标,然后写出以PM为直径的圆的方程,再与圆M的方程联立可得AB所在直线方程.
    【解答】
    解:化圆M为(x-1)2+(y-1)2=4,
    圆心M(1,1),半径r=2.
    ∵S四边形PAMB=12|PM|⋅|AB|=2S△PAM=|PA|⋅|AM|=2|PA|=2 |PM|2-4,
    ∴要使|PM|⋅|AB|最小,则需|PM|最小,此时PM与直线l垂直.
    直线PM的方程为y-1=12(x-1),即y=12x+12,
    联立y=12x+122x+y+2=0,解得P(-1,0).
    则以PM为直径的圆的方程为x2+(y-12)2=54.
    联立x2+y2-2x-2y-2=0x2+y2-y-1=0,
    可得直线AB的方程为2x+y+1=0.
    故选:D.
    8.【答案】A
    【解析】【分析】求解圆锥曲线离心率或离心率取值范围问题的基本思路有两种:
    (1)根据已知条件,求解得到 a,c 的值或取值范围,由 e=ca 求得结果;
    (2)根据已知的等量关系或不等关系,构造关于 a,c 的齐次方程或齐次不等式,配凑出离心率 e ,从而得到结果.
    设 MN 的中点为 B , MN 中垂线与 x 轴交于点 A ,将 y=x+c 代入椭圆方程可的韦达定理的形式,利用韦达定理可表示出 B 点坐标,由此可得直线 AB 方程,求得 A 点坐标,由 A 在线段 PF 上可构造 a,c 的齐次不等式求得结果.
    解:设 MN 的中点为 B , MN 中垂线与 x 轴交于点 A ,
    设 Mx1,y1 , Nx2,y2 ,
    由 y=x+cx2a2+y2b2=1 得: a2+b2x2+2a2cx+a2c2-b2=0 ,
    ∴x1+x2=-2a2ca2+b2 , ∴y1+y2=x1+x2+2c=-2a2ca2+b2+2c=2b2ca2+b2 ,
    ∴B-a2ca2+b2,b2ca2+b2 ,
    ∵AB⊥MN , ∴kAB=-1 , ∴ 直线 AB 方程为: y-b2ca2+b2=-x+a2ca2+b2 ,
    令 y=0 ,解得: x=-c3a2+b2 ,即 A-c3a2+b2,0 ,
    ∵A 在线段 PF 上, ∴-c≤-c3a2+b2≤-c2 ,整理可得: 2a2≤3c22c2≤2a2 ,即 e2≥23e2≤1 ,
    又椭圆离心率 e∈0,1 , ∴ 63≤e<1 ,即椭圆离心率的取值范围为 63,1 .
    故选:A.
    9.【答案】ACD
    【解析】【分析】
    本题考查平面内两直线位置关系,属于中档题.
    对三条直线的位置关系进行分类讨论,利用两直线平行的条件和直线的交点坐标的求法进行求解即可.
    【解答】
    解:当直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0平行时,
    3a=4×2⇒a=83;
    当直线ax+2y+8=0,2x-y-10=0平行时,
    -a=2×2⇒a=-4
    当三条直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0和2x-y-10=0中没有任何两条平行,
    由它们不能构成三角形
    ∴直线ax+2y+8=0经过4x+3y=10和2x-y-10=0的交点.
    联立方程组4x+3y=102x-y-10=0,解得x=4y=-2,
    把(4,-2)代入ax+2y+8=0,得实数a=-1.
    故选ACD.
    10.【答案】ACD
    【解析】【分析】利用方程表示双曲线求解 t 的取值范围可判断A;方程表示椭圆求解 t 可判断B;方程是否表示圆可判断C;方程表示焦点在 x 轴上的椭圆求解 t 可判断D.
    解:对于A,方程表示双曲线,则 2-t1-t>0 ,解得 t<1 或 t>2 ,故A正确;
    对于B,方程表示椭圆,则 2-t>0t-1>02-t≠t-1 ,解得 1对于C,当 t=32 时,方程表示圆,故C正确;
    对于D,方程表示焦点在 x 轴上的椭圆,则 2-t>t-1>0 ,解得 1故选:ACD
    11.【答案】ABC
    【解析】【分析】此题考查直线与椭圆的位置关系,解题的关键是设出点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,然后求出直线 CA1,CA2 的斜率,直线 CA1 的方程,从而可求出点 P,M 的坐标,再分析判断即可,属于中档题设点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,而 A1(-2,0),A2(2,0) ,从而可求出直线 CA1,CA2 的斜率,进而可得直线 CA1 的方程,令 x=2 ,求出 y 的值,可得点 P 的坐标,然后可求出 OP 的斜率,进而可对选项A,B,C进行判断,求出直线 OP , A2C 的方程,两方程联立可求出点 M 的坐标,从而可表示出 MB1 的长,进而可判断其最值
    解:椭圆的左右顶点分别 A1(-2,0),A2(2,0) ,
    因为点 C 在椭圆上,所以设点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,
    对于A, kCA1kCA2= 2sinθ2csθ+2⋅ 2sinθ2csθ-2=2sin2θ4cs2θ-4=sin2θ-2sin2θ=-12 ,所以A正确;
    对于B,因为 kA1P=kCA1= 2sinθ2csθ+2 ,
    所以直线 AP 为 y= 2sinθ2csθ+2x+2 2sinθ2csθ+2 ,令 x=2 ,得 y=2 2sinθcsθ+1 ,所以点 P 的坐标为 (2,2 2sinθcsθ+1) ,所以 kOP= 2sinθcsθ+1 ,所以 kA1P=12kOP ,所以B正确;
    对于C,因为 kCA2= 2sinθ2csθ-2 ,所以 kCA2⋅kOP= 2sinθ2csθ-2⋅ 2sinθcsθ+1=2sin2θ2(cs2θ-1)=-1 ,所以 OP⊥A2C ,所以C正确;
    对于D,直线 OP 为 y= 2sinθcsθ+1x ,直线 A2C 为 y= 2sinθ2csθ-2x-2 2sinθ2csθ-2 ,
    由两直线的方程联立方程组,解得 x=2(csθ+1)3-csθ,y=2 2sinθ3-csθ ,
    所以点 M 的坐标为 2(csθ+1)3-csθ,2 2sinθ3-csθ ,
    因为 B1(0, 2) ,
    所以 MB12=4(csθ+1)2(3-csθ)2+2 2sinθ3-csθ- 22
    当 csθ=45,sinθ=-35 时,
    MB12=4(45+1)2(3-45)2+-2 2×353-45- 22=902121>7
    所以 MB1 的最大值为 6 错误,
    故选:ABC
    12.【答案】BD
    【解析】【分析】
    本题主要考查直线与抛物线的位置关系,抛物线中的弦长问题、面积问题,属于较难题.
    对于A,由题意得直线l的方程为y=2(x-2),联立抛物线方程,得根与系数的关系,根据三角形面积公式即可求解判断;对于BCD,设直线l的方程为x=my+2,A(x1,y1),B(x2,y2),联立抛物线方程得y1+y2=4m,y1y2=-8,利用弦长公式即可判断B;利用两点距离公式即可判断C;求解kAM+kBM=0,得∠AMP=∠BMP,即可判断D.
    【解答】
    解:若直线l的斜率为2,则直线l的方程为y=2(x-2),即x=y2+2,
    设A(x1,y1),B(x2,y2),
    由x=y2+2y2=4x,得y2-2y-8=0,所以y1+y2=2,y1y2=-8,
    所以△OAB的面积S=12|PO||y1-y2|=|y1-y2|= (y1+y2)2-4y1y2=6,故A错误;
    由题意知,直线l的斜率不为0,设直线l的方程为x=my+2,A(x1,y1),B(x2,y2),
    由x=my+2y2=4x,得y2-4my-8=0,所以y1+y2=4m,y1y2=-8,
    所以|AB|= (1+m2)[(y1+y2)2-4y1y2]
    = (1+m2)(16m2+32)=4 m4+3m2+2=4 (m2+32)2-14≥4 2,
    当且仅当m=0时等号成立,故B正确;
    |AP|= (x1-2)2+y12= [(my1+2)-2]2+y12= 1+m2|y1|,
    同理可得|BP|= 1+m2|y2|,
    则1|AP|+1|BP|=1 m2+1|y1|+1 m2+1|y2|=|y2|+|y1| m2+1|y1y2|
    =y1-y28 m2+1= 16m2+328 m2+1= m2+22 m2+1≠ 24,故C错误;
    kAM+kBM=y1x1+2+y2x2+2=y1(x2+2)+y2(x1+2)(x1+2)(x2+2)=y1(my2+4)+y2(my1+4)(x1+2)(x2+2)=2my1y2+4(y1+y2)(x1+2)(x2+2)
    =2m×(-8)+4×4m(x1+2)(x2+2)=0,
    所以∠AMP=∠BMP,所以|MA||MB|=|PA||PB|,故D正确.
    故选BD.
    13.【答案】92
    【解析】【分析】根据已知条件求得等差数列 an 的首项和公差,从而求得 S8 .
    解:设等差数列 an 的公差为 d ,
    则 a2=a1+d=4S4=4a1+6d=22 , a1=1d=3 ,
    所以 S8=8a1+28d=92 .
    故答案为: 92
    14.【答案】43或0
    【解析】【分析】
    本题考查直线与圆的位置关系的判断及求参,属于中档题.
    利用圆的性质可得圆心到直线的距离为半径的一半,然后利用点到直线的距离公式即求.
    【解答】
    解:由(x-1)2+(y-1)2=4可知圆心为C1,1,半径为2,
    设直线与圆交于A、B两点,又直线y=k(x+1)截圆(x-1)2+(y-1)2=4所得两段圆弧的弧长之比为1:2,
    ∴∠ACB=120∘,∴圆心到直线的距离为半径的一半,∴2k-1 1+k2=1,解得k=0或k=43.
    故答案为:0或43.
    15.【答案】±1
    【解析】【分析】
    本题主要考察双曲线渐近线斜率,属于中档题.
    求得A1(-a,0),A2(a,0),B(c,b2a),C(c,-b2a),利用A1B⊥A2C,可得
    A1B⋅A2C=0,求出a=b,即可得出双曲线的渐近线的斜率.
    【解答】
    解: 不妨令点B在x轴上方,
    因为BC过右焦点F(c,0),且垂直于x轴,
    所以可求得B,C两点的坐标分别为(c,b2a),(c,-b2a),
    又A1,A2的坐标分别为(-a,0),(a,0),
    所以A1B=(c+a,b2a),A2C=(c-a,-b2a).
    因为A1B⊥A2C,所以A1B⋅A2C=0,
    即(c+a)(c-a)-b2a⋅b2a=0,
    即c2-a2-b4a2=0,所以b2-b4a2=0,
    故b2a2=1,即ba=1,
    又双曲线的渐近线的斜率为±ba,
    故该双曲线的渐近线的斜率为±1.
    故答案为±1.
    16.【答案】80
    【解析】【分析】在处理直线和圆锥曲线的位置关系时,往往先根据题意合理设出直线方程,再联立直线和圆锥曲线方程,但要注意“直线不存在斜率”的特殊情况,如本题中利用直线不存在斜率时探究其定点,给一般情形找到了目标.位于抛物线上的两个顶点坐标为 C(x1,y1) 、 D(x2,y2) ,则CD所在直线 l 的方程 y=2x+b, 联立直线和抛物线得到横坐标, x1,2=1± b+1 ,由点点距公式得到 a2=(x1-x2)2+(y1-y2)2=20(b+1), 根据点线距离公式得到 a=17+b 5 ,联立两式得到a的最值,进而得到面积最值.
    解:设正方形的边AB在直线 y=2x-17 上,而位于抛物线上的两个顶点坐标为 C(x1,y1) 、 D(x2,y2) ,则CD所在直线 l 的方程 y=2x+b, 将直线 l 的方程与抛物线方程联立,得 x2=2x+b⇒x1,2=1± b+1.
    令正方形边长为 a, 则 a2=(x1-x2)2+(y1-y2)2=5(x1-x2)2=20(b+1). ①
    在 y=2x-17 上任取一点(6,,5),它到直线 y=2x+b 的距离为 a,∴a=17+b 5 ②.
    联立两式解得 b1=3,b2=63.∴a2=80,或 a2=1280.∴amin2=80.
    故答案为80.
    17.【答案】解:(1)设数列{an}的公差为d,
    由a3+a5=a4+7,得2a1+6d=a1+3d+7①.
    由a1+a10=20,得2a1+9d=20②,
    由①②解得a1=1,d=2,
    所以an=a1+(n-1)d=2n-1;
    (2)因为a1=1,an=2n-1,所以Sn=a1+an2·n=n2,
    由不等式Sn<3an-2,得n2<3(2n-1)-2,
    所以n2-6n+5<0,解得1因为n∈N*,所以n的值为2,3,4.
    【解析】本题考查等差数列的通项公式和求和公式的运用,考查方程思想和不等式的解法,化简运算能力,属于基础题.
    (1)设数列{an}的公差为d,运用等差数列的通项公式,解方程组可得首项和公差,可得所求通项公式;
    (2)运用等差数列的求和公式求得Sn,再由二次不等式的解法,可得所求n的值.
    18.【答案】解:(1)圆C:x2+y2+2x-4y+m=0可化为(x+1)2+(y-2)2=5-m,
    所以圆C的圆心坐标为(-1,2).
    又圆C与y轴相切,所以 5-m=1,即m=4,故圆C的半径为1.
    (2)设P(x,y),则|PM|2=|PC|2-|MC|2=(x+1)2+(y-2)2-1,|PO|2=x2+y2.
    由于|PM|=2|PO|,则(x+1)2+(y-2)2-1=4(x2+y2),整理得点P的轨迹方程为(x-13)2+(y+23)2=179.

    【解析】本题主要考查圆的一般方程,与圆有关的轨迹问题,属于中档题.
    (1)将圆的一般式方程化为标准方程,然后分析求解即可得到半径.
    (2)设出P点坐标,根据题意分析求出长度,列出等式关系化简即可.
    19.【答案】解:(1)抛物线 x2=4y 的焦点为 0,1 ,双曲线 x2-y2=1 的焦点为 - 2,0 或 2,0 ,
    依题意可得 b=1c= 2 ,又 c2=a2-b2 ,所以 a2=3 ,
    所以椭圆方程为 x23+y2=1 ;
    (2)根据题意,设点 Ax1,y1 , Bx2,y2 ,
    联立直线方程与椭圆方程可得, x2+3y2=3y=x+m ,
    消去 y 得4x2+6mx+3m2-3=0 ,即得 x1+x2=-3m2 , x1x2=3m2-34 ,
    由弦长公式可得 AB= 2× -3m22-4×3m2-34= 22 12-3m2 ,
    由点到直线距离公式可得,点 O 到直线 AB 的距离即为, d=m 1+1= 22m ,
    所以 S▵OAB=12⋅d⋅AB=12× 22×m× 22× 12-3m2=14× -3m2-22+12= 32 ,
    当且仅当 m2=2 ,即 m=± 2 时, ▵OAB 面积为 32 ,
    此时直线 l 的方程为 y=x± 2 .

    【解析】本题考查椭圆的标准方程,椭圆中三角形的面积,考查点到直线的距离,属于中档题.
    (1)根据所给的条件,即可求出椭圆方程;
    (2)联立直线与椭圆方程,用面积公式和弦长公式即可求出m.
    20.【答案】解:(1)由已知A,B两点所在的直线方程为 x=p2.
    则 AB=2p=4 ,故 p=2 .
    ∴ 抛物线C的方程为 y2=4x .
    (2)由题意,直线l不与y轴垂直,设直线l的方程为 x=my+nn≠0 , Mx1,y1 , Nx2,y2 ,
    联立 x=my+ny2=4x ,消去x,得 y2-4my-4n=0 .
    ∴Δ=16m2+16n>0 , y1+y2=4m , y1y2=-4n ,
    ∵OM⊥ON , ∴x1x2+y1y2=0 ,
    又 y12=4x1 , y22=4x2 ,
    ∴x1x2=y12y2216
    ∴x1x2+y1y2=y12y2216+y1y2=n2-4n=0 ,
    解得 n=0 或 n=4. 而 n≠0 ,
    ∴n=4( 此时 Δ=16m2+64>0)
    ∴ 直线l的方程为 x=my+4 ,
    故直线l过定点 Q4,0 .

    【解析】【分析】(1)由题意可得直线AB方程,进而可得 AB=2p ,可求得p值,即可得答案.
    (2)设直线l的方程为 x=my+nn≠0 , Mx1,y1 , Nx2,y2 ,联立直线与抛物线,根据韦达定理,可得 y1+y2 , y1y2 表达式,根据 OM⊥ON ,可得 x1x2+y1y2=0 ,代入计算,即可求得n值,分析即可得答案.
    21.【答案】解:(1)∵虚轴长为4,∴2b=4,即b=2,
    ∵直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线,
    ∴ba=2,∴a=1,故双曲线C的标准方程为x2-y24=1.
    (2)由题意知,A(-1,0),B(1,0),
    由题可知,直线l斜率不能为零,故可设直线l的方程为x=ny+2,
    设M(x1,y1)N(x2,y2),联立x2-y24=1x=ny+2,
    得(4n2-1)y2+16ny+12=0,
    ∴y1+y2=-16n4n2-1,y1y2=124n2-1,
    ∴ny1y2=-34(y1+y2),
    ∵直线MA的斜率k1=y1x1+1,直线NB的斜率k2=y2x2-1,
    ∴k1k2=y1x1+1y2x2-1=y1(ny2+1)y2(ny1+3)=ny1y2+y1ny1y2+3y2=-34(y1+y2)+y1-34(y1+y2)+3y2=-13.

    【解析】本题考查求双曲线的标准方程,直线与双曲线的位置关系,属于中档题.
    22.【答案】解:(1)因为 A2 、 B1 分别为椭圆 C1:x24+y2=1 的右顶点和上顶点,
    则 A2 , B1 坐标分别为 (2,0),(0,1) ,可得直线 A2B1 方程为: x+2y=2 ,
    则原点O到直线 A2B1 的距离为 d=2 1+22=2 5 ,即圆 C2 的半径 r=d=2 5 ,
    故圆 C2 的标准方程为 x2+y2=45 .
    (2)设直线 PM 方程为 mx+ny=1 ,由直线 PM 与圆 C2 相切,可知原点O到直线 PM 距离 d=1 m2+n2=2 5 ,整理可得 m2+n2=54 ,将直线 PM 方程代入椭圆 C1 可得
    x24+y2=(mx+ny)2 ,
    整理即有 4n2-4yx2+8mnyx+4m2-1=0 ,
    则 y1y2x1x2=4m2-14n2-4=4m2-1454-m2-4=-1 ,
    即 kOP⋅kOM=-1 ,故 OP⊥OM .
    同理 OP⊥ON ,故M、O、N三点共线,则 S▵PMN=2S▵OPM=|OP||OM| .
    设 OP:y=kx 代入椭圆方程可得 x24+k2x2=1 ,则 x2=41+4k2 ,
    故 OP2=x2+y2=1+k2x2=41+k21+4k2 ,
    同理 OM2=41+-1k21+4-1k2=4k2+1k2+4 ,则
    1OP2+1OM2=1+4k241+k2+k2+441+k2=54 ,
    则 54=1OP2+1OM2≥2|OP||OM| ,得 |OP||OM|≥85 ,
    则 S▵PMN=OPOM≥85 ,当且仅当 OP=OM=2 105 时等号成立,
    故三角形 PMN 面积的最小值为 85 .

    【解析】略
    相关试卷

    2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期阶段性检测(一)数学试题含答案: 这是一份2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期阶段性检测(一)数学试题含答案,共19页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2023-2024学年江苏省徐州市高二上学期期中联考数学试题(含解析): 这是一份2023-2024学年江苏省徐州市高二上学期期中联考数学试题(含解析),共18页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2023-2024学年江苏省徐州市高一上学期11月期中考试数学试题(含解析 ): 这是一份2023-2024学年江苏省徐州市高一上学期11月期中考试数学试题(含解析 ),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    免费资料下载额度不足,请先充值

    每充值一元即可获得5份免费资料下载额度

    今日免费资料下载份数已用完,请明天再来。

    充值学贝或者加入云校通,全网资料任意下。

    提示

    您所在的“深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载 10 份资料 (今日还可下载 0 份),请取消部分资料后重试或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载10份资料,您的当日额度已用完,请明天再来,或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深圳市第一中学”云校通余额已不足,请提醒校管理员续费或选择从个人账户扣费下载。

    重新选择
    明天再来
    个人账户下载
    下载确认
    您当前为教习网VIP用户,下载已享8.5折优惠
    您当前为云校通用户,下载免费
    下载需要:
    本次下载:免费
    账户余额:0 学贝
    首次下载后60天内可免费重复下载
    立即下载
    即将下载:资料
    资料售价:学贝 账户剩余:学贝
    选择教习网的4大理由
    • 更专业
      地区版本全覆盖, 同步最新教材, 公开课⾸选;1200+名校合作, 5600+⼀线名师供稿
    • 更丰富
      涵盖课件/教案/试卷/素材等各种教学资源;900万+优选资源 ⽇更新5000+
    • 更便捷
      课件/教案/试卷配套, 打包下载;手机/电脑随时随地浏览;⽆⽔印, 下载即可⽤
    • 真低价
      超⾼性价⽐, 让优质资源普惠更多师⽣
    VIP权益介绍
    • 充值学贝下载 本单免费 90%的用户选择
    • 扫码直接下载
    元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
    您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      充值到账1学贝=0.1元
      0学贝
      本次充值学贝
      0学贝
      VIP充值赠送
      0学贝
      下载消耗
      0学贝
      资料原价
      100学贝
      VIP下载优惠
      0学贝
      0学贝
      下载后剩余学贝永久有效
      0学贝
      • 微信
      • 支付宝
      支付:¥
      元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
      您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      扫码支付0直接下载
      • 微信
      • 支付宝
      微信扫码支付
      充值学贝下载,立省60% 充值学贝下载,本次下载免费
        下载成功

        Ctrl + Shift + J 查看文件保存位置

        若下载不成功,可重新下载,或查看 资料下载帮助

        本资源来自成套资源

        更多精品资料

        正在打包资料,请稍候…

        预计需要约10秒钟,请勿关闭页面

        服务器繁忙,打包失败

        请联系右侧的在线客服解决

        单次下载文件已超2GB,请分批下载

        请单份下载或分批下载

        支付后60天内可免费重复下载

        我知道了
        正在提交订单

        欢迎来到教习网

        • 900万优选资源,让备课更轻松
        • 600万优选试题,支持自由组卷
        • 高质量可编辑,日均更新2000+
        • 百万教师选择,专业更值得信赖
        微信扫码注册
        qrcode
        二维码已过期
        刷新

        微信扫码,快速注册

        手机号注册
        手机号码

        手机号格式错误

        手机验证码 获取验证码

        手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

        设置密码

        6-20个字符,数字、字母或符号

        注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
        QQ注册
        手机号注册
        微信注册

        注册成功

        下载确认

        下载需要:0 张下载券

        账户可用:0 张下载券

        立即下载
        账户可用下载券不足,请取消部分资料或者使用学贝继续下载 学贝支付

        如何免费获得下载券?

        加入教习网教师福利群,群内会不定期免费赠送下载券及各种教学资源, 立即入群

        返回
        顶部
        Baidu
        map