![2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)01](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/3/15046455/0-1701442015760/0.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)02](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/3/15046455/0-1701442015845/1.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)03](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/3/15046455/0-1701442015866/2.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
2023-2024学年江苏省徐州市第一中学高二上学期期中数学试题(含解析)
展开1.直线x+ 3y+1=0的倾斜角为
( )
A. 30∘B. 60∘C. 120∘D. 150∘
2.通过椭圆x24+y23=1的焦点且垂直于x轴的直线l被椭圆截得的弦长等于
.( )
A. 2 3B. 3C. 3D. 6
3.双曲线x24-y2=1的焦点到渐近线的距离为( )
A. 1B. 2C. 2D. 3
4.设F为抛物线C:y2=3x的焦点,过F且倾斜角为30°的直线交于C于A,B两点,则|AB|=( )
A. 303B. 6C. 12D. 7 3
5.许多建筑融入了数学元素,更具神韵,数学赋予了建筑活力,数学的美也被建筑表现得淋漓尽致.已知下面图1是单叶双曲面(由双曲线绕虚轴旋转形成立体图形)型建筑,图2是其中截面最细附近处的部分图象.上下底面与地面平行.现测得下底面直径AB=20 10米,上底面直径CD=20 2米,AB与CD间的距离为80米,与上下底面等距离的G处的直径等于CD,则最细部分处的直径为( )
A. 20米B. 10 5米C. 10 3米D. 10米
6.若圆x2+y2-2x-6y+1=0上恰有三点到直线y=kx的距离为2,则k的值为( )
A. 12或2B. 34或43C. 2D. 43
7.已知⊙M:x2+y2-2x-2y-2=0,直线l:2x+y+2=0,P为l上的动点.过点P作⊙M的切线PA,PB,切点为A,B,当|PM|⋅|AB|最小时,直线AB的方程为
( )
A. 2x-y-1=0B. 2x+y-1=0C. 2x-y+1=0D. 2x+y+1=0
8.已知F-c,0是椭圆x2a2+y2b2=1a>b>0的左焦点,直线y=x+c与该椭圆相交于M,N两点,O是坐标原点,P是线段OF的中点,线段MN的中垂线与x轴的交点在线段PF上.该椭圆离心率的取值范围是
( )
A. 63,1B. 22,1C. 0, 63D. 22, 63
二、多选题(本大题共4小题,共20分。在每小题有多项符合题目要求)
9.已知a为实数,若三条直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0和2x-y-10=0不能围成三角形,则a的值为( )
A. 83B. 1C. -1D. -4
10.若方程x22-t-y21-t=1所表示的曲线为C,则下列命题正确的是
( )
A. 若曲线C为双曲线,则t<1或t>2
B. 若曲线C为椭圆,则1
D. 若曲线C为焦点在x轴上的椭圆,则1
A. kCA1kCA2为定值B. kA1P=12kOP
C. OP⊥A2CD. MB1的最大值为 6
12.已知抛物线C:y2=4x,过点P(2,0)的直线l交C于A,B两点,O为坐标原点,则下列说法正确的有
( )
A. 若直线l的斜率为2,则△OAB的面积为12
B. |AB|的最小值为4 2
C. 1|PA|+1|PB|= 24
D. 若M(-2,0),则|MA|MB=PAPB
三、填空题(本大题共4小题,共20分)
13.已知Sn为等差数列an的前n项和,且满足a2=4,S4=22,则S8=_______.
14.已知直线y=k(x+1)截圆(x-1)2+(y-1)2=4所得两段圆弧的弧长之比为1:2,则k= .
15.设双曲线x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的右焦点是F,左、右顶点分别是A1,A2,过F作A1A2的垂线与双曲线交于B,C两点,若A1B⊥A2C,则该双曲线的渐近线的斜率为 .
16.若正方形ABCD的一条边在直线y=2x-17上,另外两个顶点在抛物线y=x2上.则该正方形面积的最小值为________________.
四、解答题(本大题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(本小题10分)
等差数列{an}的前n项和为Sn,a3+a5=a4+7且a1+a10=20.
(1)求{an}的通项公式;
(2)求满足不等式Sn<3an-2的n的值.
18.(本小题12分)
已知圆C:x2+y2+2x-4y+m=0与y轴相切,O为坐标原点,动点P在圆外,过P作圆C的切线,切点为M.
(1)求圆C的圆心坐标及半径;
(2)求满足|PM|=2|PO|的点P的轨迹方程.
19.(本小题12分)
若椭圆E:x2a2+y2b2=1a>b>0过抛物线x2=4y的焦点,且与双曲线x2-y2=1有相同的焦点.
(1)求椭圆E的方程;
(2)不过原点O的直线l:y=x+m与椭圆E交于A,B两点,当▵OAB的面积为 32时,求直线l的方程.
20.(本小题12分)
已知抛物线C:y2=2px (p>0),过抛物线的焦点F且垂直于x轴的直线交抛物线于不同的两点A,B,且|AB|=4
(1)求抛物线C的方程;
(2)若不经过坐标原点O的直线l与抛物线C相交于不同的两点M,N,且满足OM⊥ON.证明直线l过x轴上一定点Q,并求出点Q的坐标.
21.(本小题12分)
已知双曲线C:x2a2-y2b2=1 (a>0,b>0)的虚轴长为4,直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线.
(1)求双曲线C的标准方程;
(2)记双曲线C的左、右顶点分别为A,B,过点T(2,0)的直线l交双曲线C于点M,N(点M在第一象限),记直线MA斜率为k1,直线NB斜率为k2,求k1k2的值.
22.(本小题12分)
已知如图椭圆C1:x24+y2=1的左右顶点为A1、A2,上下顶点为B1、B2,记四边形A1B1A2B2的内切圆为C2.
(1)求圆C2的标准方程;
(2)已知P为椭圆C1上任意一点,过点P作圆C2的切线分别交椭圆C1于M、N两点,试求三角形PMN面积的最小值.
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查直线的倾斜角和斜率的关系,以及倾斜角的取值范围,已知三角函数值求角的大小.求出直线的斜率是解题的关键.
把直线的方程化为斜截式,求出斜率,根据斜率和倾斜角的关系,倾斜角的范围,求出倾斜角的大小.
【解答】
解:直线x+ 3y+1=0即y=- 33x- 33,
故直线的斜率等于- 33,
设直线的倾斜角等于α,
则0≤α<π,且tanα=- 33,
故α=150°,
故选D.
2.【答案】B
【解析】【分析】
本题主要考查了椭圆的性质及弦长,考查学生的计算能力,属于基础题.
根据题意可得直线方程,从而即可得到直线l被此椭圆截得的弦长.
【解答】
解:∵椭圆x24+y23=1,即a2=4,b2=3,
∴c2=a2-b2=1,
∴焦点为(±1,0),
又∵直线l过焦点且垂直于x轴,即直线l的方程为x=±1,
∴(±1)24+y23=1,解得y=±32,
∴直线l被此椭圆截得的弦长为2y=2×32=3,
故选B.
3.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查双曲线的焦点到渐近线的距离的求法,是基础题,解题时要熟练掌握双曲线的简单性质.
分别求出双曲线的焦点坐标和渐近线方程,利用点到直线的距离公式,能求出结果.
【解答】
解:双曲线中,
焦点坐标为(± 5,0),
渐近线方程为:y=±12x,
∴双曲线x24-y2=1的焦点到渐近线的距离:
d=|± 5| 1+4=1.
故选:A.
4.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查抛物线的标准方程,以及简单性质的应用,弦长公式的应用,属于中档题.
求出焦点坐标,利用点斜式求出直线的方程,代入抛物线的方程,利用根与系数的关系,由弦长公式求得|AB|.
【解答】
解:由y2=3x得其焦点F(34,0),准线方程为x=-34,
则过抛物线y2=3x的焦点F且倾斜角为30°的直线方程为:
y=tan30°(x-34)= 33(x-34),
代入抛物线方程,消去y,得16x2-168x+9=0,
设A(x1,y1),B(x2,y2),
则x1+x2=16816=212,
所以|AB|=x1+34+x2+34
=34+34+212=12.
故选C.
5.【答案】A
【解析】【分析】
本题主要考查了双曲线的应用,双曲线标准方程的求法,属于中档题.
由题意建立平面直角坐标系,写出点C和点B的坐标,用待定系数法求出双曲线的方程,最细部分处的直径是2a,即可求解.
【解答】
解:如图所示:以最细的部分EF所在直线为x轴建立平面直角坐标系,
则由题意可知OG=20,
所以点C的坐标为10 2,20,点B的坐标为10 10,-60
设双曲线方程为x2a2-y2b2=1,
则10 22a2-202b2=110 102a2-602b2=1,解得:a=10b=20.
EF=2a=20.
故选A.
6.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查圆、直线方程、点到直线距离公式等基础知识.
圆x2+y2-2x-6y+1=0的圆心C(1,3),半径r=3,由圆上恰有三点到直线y=kx的距离为2,得到圆心C(1,3)到直线y=kx的距离为1,由此能出k的值.
【解答】
解:圆x2+y2-2x-6y+1=0的圆心C(1,3),
半径r=12 4+36-4=3,
∵圆上恰有三点到直线y=kx的距离为2,
∴圆心C(1,3)到直线y=kx的距离为1,
即d=|k-3| k2+1=1,
解得k=43.
故选:D.
7.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查直线与圆位置关系的应用,考查圆的切线方程,考查过圆两切点的直线方程的求法,属于拔高题.
由已知结合四边形面积公式及三角形面积公式可得S四边形PAMB=12|PM|⋅|AB|=2 |PM|2-4,说明要使|PM|⋅|AB|最小,则需|PM|最小,此时PM与直线l垂直.写出PM所在直线方程,与直线l的方程联立,求得P点坐标,然后写出以PM为直径的圆的方程,再与圆M的方程联立可得AB所在直线方程.
【解答】
解:化圆M为(x-1)2+(y-1)2=4,
圆心M(1,1),半径r=2.
∵S四边形PAMB=12|PM|⋅|AB|=2S△PAM=|PA|⋅|AM|=2|PA|=2 |PM|2-4,
∴要使|PM|⋅|AB|最小,则需|PM|最小,此时PM与直线l垂直.
直线PM的方程为y-1=12(x-1),即y=12x+12,
联立y=12x+122x+y+2=0,解得P(-1,0).
则以PM为直径的圆的方程为x2+(y-12)2=54.
联立x2+y2-2x-2y-2=0x2+y2-y-1=0,
可得直线AB的方程为2x+y+1=0.
故选:D.
8.【答案】A
【解析】【分析】求解圆锥曲线离心率或离心率取值范围问题的基本思路有两种:
(1)根据已知条件,求解得到 a,c 的值或取值范围,由 e=ca 求得结果;
(2)根据已知的等量关系或不等关系,构造关于 a,c 的齐次方程或齐次不等式,配凑出离心率 e ,从而得到结果.
设 MN 的中点为 B , MN 中垂线与 x 轴交于点 A ,将 y=x+c 代入椭圆方程可的韦达定理的形式,利用韦达定理可表示出 B 点坐标,由此可得直线 AB 方程,求得 A 点坐标,由 A 在线段 PF 上可构造 a,c 的齐次不等式求得结果.
解:设 MN 的中点为 B , MN 中垂线与 x 轴交于点 A ,
设 Mx1,y1 , Nx2,y2 ,
由 y=x+cx2a2+y2b2=1 得: a2+b2x2+2a2cx+a2c2-b2=0 ,
∴x1+x2=-2a2ca2+b2 , ∴y1+y2=x1+x2+2c=-2a2ca2+b2+2c=2b2ca2+b2 ,
∴B-a2ca2+b2,b2ca2+b2 ,
∵AB⊥MN , ∴kAB=-1 , ∴ 直线 AB 方程为: y-b2ca2+b2=-x+a2ca2+b2 ,
令 y=0 ,解得: x=-c3a2+b2 ,即 A-c3a2+b2,0 ,
∵A 在线段 PF 上, ∴-c≤-c3a2+b2≤-c2 ,整理可得: 2a2≤3c22c2≤2a2 ,即 e2≥23e2≤1 ,
又椭圆离心率 e∈0,1 , ∴ 63≤e<1 ,即椭圆离心率的取值范围为 63,1 .
故选:A.
9.【答案】ACD
【解析】【分析】
本题考查平面内两直线位置关系,属于中档题.
对三条直线的位置关系进行分类讨论,利用两直线平行的条件和直线的交点坐标的求法进行求解即可.
【解答】
解:当直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0平行时,
3a=4×2⇒a=83;
当直线ax+2y+8=0,2x-y-10=0平行时,
-a=2×2⇒a=-4
当三条直线ax+2y+8=0,4x+3y-10=0和2x-y-10=0中没有任何两条平行,
由它们不能构成三角形
∴直线ax+2y+8=0经过4x+3y=10和2x-y-10=0的交点.
联立方程组4x+3y=102x-y-10=0,解得x=4y=-2,
把(4,-2)代入ax+2y+8=0,得实数a=-1.
故选ACD.
10.【答案】ACD
【解析】【分析】利用方程表示双曲线求解 t 的取值范围可判断A;方程表示椭圆求解 t 可判断B;方程是否表示圆可判断C;方程表示焦点在 x 轴上的椭圆求解 t 可判断D.
解:对于A,方程表示双曲线,则 2-t1-t>0 ,解得 t<1 或 t>2 ,故A正确;
对于B,方程表示椭圆,则 2-t>0t-1>02-t≠t-1 ,解得 1
对于D,方程表示焦点在 x 轴上的椭圆,则 2-t>t-1>0 ,解得 1
11.【答案】ABC
【解析】【分析】此题考查直线与椭圆的位置关系,解题的关键是设出点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,然后求出直线 CA1,CA2 的斜率,直线 CA1 的方程,从而可求出点 P,M 的坐标,再分析判断即可,属于中档题设点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,而 A1(-2,0),A2(2,0) ,从而可求出直线 CA1,CA2 的斜率,进而可得直线 CA1 的方程,令 x=2 ,求出 y 的值,可得点 P 的坐标,然后可求出 OP 的斜率,进而可对选项A,B,C进行判断,求出直线 OP , A2C 的方程,两方程联立可求出点 M 的坐标,从而可表示出 MB1 的长,进而可判断其最值
解:椭圆的左右顶点分别 A1(-2,0),A2(2,0) ,
因为点 C 在椭圆上,所以设点 C 的坐标为 (2csθ, 2sinθ) , θ∈[0,2π] ,
对于A, kCA1kCA2= 2sinθ2csθ+2⋅ 2sinθ2csθ-2=2sin2θ4cs2θ-4=sin2θ-2sin2θ=-12 ,所以A正确;
对于B,因为 kA1P=kCA1= 2sinθ2csθ+2 ,
所以直线 AP 为 y= 2sinθ2csθ+2x+2 2sinθ2csθ+2 ,令 x=2 ,得 y=2 2sinθcsθ+1 ,所以点 P 的坐标为 (2,2 2sinθcsθ+1) ,所以 kOP= 2sinθcsθ+1 ,所以 kA1P=12kOP ,所以B正确;
对于C,因为 kCA2= 2sinθ2csθ-2 ,所以 kCA2⋅kOP= 2sinθ2csθ-2⋅ 2sinθcsθ+1=2sin2θ2(cs2θ-1)=-1 ,所以 OP⊥A2C ,所以C正确;
对于D,直线 OP 为 y= 2sinθcsθ+1x ,直线 A2C 为 y= 2sinθ2csθ-2x-2 2sinθ2csθ-2 ,
由两直线的方程联立方程组,解得 x=2(csθ+1)3-csθ,y=2 2sinθ3-csθ ,
所以点 M 的坐标为 2(csθ+1)3-csθ,2 2sinθ3-csθ ,
因为 B1(0, 2) ,
所以 MB12=4(csθ+1)2(3-csθ)2+2 2sinθ3-csθ- 22
当 csθ=45,sinθ=-35 时,
MB12=4(45+1)2(3-45)2+-2 2×353-45- 22=902121>7
所以 MB1 的最大值为 6 错误,
故选:ABC
12.【答案】BD
【解析】【分析】
本题主要考查直线与抛物线的位置关系,抛物线中的弦长问题、面积问题,属于较难题.
对于A,由题意得直线l的方程为y=2(x-2),联立抛物线方程,得根与系数的关系,根据三角形面积公式即可求解判断;对于BCD,设直线l的方程为x=my+2,A(x1,y1),B(x2,y2),联立抛物线方程得y1+y2=4m,y1y2=-8,利用弦长公式即可判断B;利用两点距离公式即可判断C;求解kAM+kBM=0,得∠AMP=∠BMP,即可判断D.
【解答】
解:若直线l的斜率为2,则直线l的方程为y=2(x-2),即x=y2+2,
设A(x1,y1),B(x2,y2),
由x=y2+2y2=4x,得y2-2y-8=0,所以y1+y2=2,y1y2=-8,
所以△OAB的面积S=12|PO||y1-y2|=|y1-y2|= (y1+y2)2-4y1y2=6,故A错误;
由题意知,直线l的斜率不为0,设直线l的方程为x=my+2,A(x1,y1),B(x2,y2),
由x=my+2y2=4x,得y2-4my-8=0,所以y1+y2=4m,y1y2=-8,
所以|AB|= (1+m2)[(y1+y2)2-4y1y2]
= (1+m2)(16m2+32)=4 m4+3m2+2=4 (m2+32)2-14≥4 2,
当且仅当m=0时等号成立,故B正确;
|AP|= (x1-2)2+y12= [(my1+2)-2]2+y12= 1+m2|y1|,
同理可得|BP|= 1+m2|y2|,
则1|AP|+1|BP|=1 m2+1|y1|+1 m2+1|y2|=|y2|+|y1| m2+1|y1y2|
=y1-y28 m2+1= 16m2+328 m2+1= m2+22 m2+1≠ 24,故C错误;
kAM+kBM=y1x1+2+y2x2+2=y1(x2+2)+y2(x1+2)(x1+2)(x2+2)=y1(my2+4)+y2(my1+4)(x1+2)(x2+2)=2my1y2+4(y1+y2)(x1+2)(x2+2)
=2m×(-8)+4×4m(x1+2)(x2+2)=0,
所以∠AMP=∠BMP,所以|MA||MB|=|PA||PB|,故D正确.
故选BD.
13.【答案】92
【解析】【分析】根据已知条件求得等差数列 an 的首项和公差,从而求得 S8 .
解:设等差数列 an 的公差为 d ,
则 a2=a1+d=4S4=4a1+6d=22 , a1=1d=3 ,
所以 S8=8a1+28d=92 .
故答案为: 92
14.【答案】43或0
【解析】【分析】
本题考查直线与圆的位置关系的判断及求参,属于中档题.
利用圆的性质可得圆心到直线的距离为半径的一半,然后利用点到直线的距离公式即求.
【解答】
解:由(x-1)2+(y-1)2=4可知圆心为C1,1,半径为2,
设直线与圆交于A、B两点,又直线y=k(x+1)截圆(x-1)2+(y-1)2=4所得两段圆弧的弧长之比为1:2,
∴∠ACB=120∘,∴圆心到直线的距离为半径的一半,∴2k-1 1+k2=1,解得k=0或k=43.
故答案为:0或43.
15.【答案】±1
【解析】【分析】
本题主要考察双曲线渐近线斜率,属于中档题.
求得A1(-a,0),A2(a,0),B(c,b2a),C(c,-b2a),利用A1B⊥A2C,可得
A1B⋅A2C=0,求出a=b,即可得出双曲线的渐近线的斜率.
【解答】
解: 不妨令点B在x轴上方,
因为BC过右焦点F(c,0),且垂直于x轴,
所以可求得B,C两点的坐标分别为(c,b2a),(c,-b2a),
又A1,A2的坐标分别为(-a,0),(a,0),
所以A1B=(c+a,b2a),A2C=(c-a,-b2a).
因为A1B⊥A2C,所以A1B⋅A2C=0,
即(c+a)(c-a)-b2a⋅b2a=0,
即c2-a2-b4a2=0,所以b2-b4a2=0,
故b2a2=1,即ba=1,
又双曲线的渐近线的斜率为±ba,
故该双曲线的渐近线的斜率为±1.
故答案为±1.
16.【答案】80
【解析】【分析】在处理直线和圆锥曲线的位置关系时,往往先根据题意合理设出直线方程,再联立直线和圆锥曲线方程,但要注意“直线不存在斜率”的特殊情况,如本题中利用直线不存在斜率时探究其定点,给一般情形找到了目标.位于抛物线上的两个顶点坐标为 C(x1,y1) 、 D(x2,y2) ,则CD所在直线 l 的方程 y=2x+b, 联立直线和抛物线得到横坐标, x1,2=1± b+1 ,由点点距公式得到 a2=(x1-x2)2+(y1-y2)2=20(b+1), 根据点线距离公式得到 a=17+b 5 ,联立两式得到a的最值,进而得到面积最值.
解:设正方形的边AB在直线 y=2x-17 上,而位于抛物线上的两个顶点坐标为 C(x1,y1) 、 D(x2,y2) ,则CD所在直线 l 的方程 y=2x+b, 将直线 l 的方程与抛物线方程联立,得 x2=2x+b⇒x1,2=1± b+1.
令正方形边长为 a, 则 a2=(x1-x2)2+(y1-y2)2=5(x1-x2)2=20(b+1). ①
在 y=2x-17 上任取一点(6,,5),它到直线 y=2x+b 的距离为 a,∴a=17+b 5 ②.
联立两式解得 b1=3,b2=63.∴a2=80,或 a2=1280.∴amin2=80.
故答案为80.
17.【答案】解:(1)设数列{an}的公差为d,
由a3+a5=a4+7,得2a1+6d=a1+3d+7①.
由a1+a10=20,得2a1+9d=20②,
由①②解得a1=1,d=2,
所以an=a1+(n-1)d=2n-1;
(2)因为a1=1,an=2n-1,所以Sn=a1+an2·n=n2,
由不等式Sn<3an-2,得n2<3(2n-1)-2,
所以n2-6n+5<0,解得1
【解析】本题考查等差数列的通项公式和求和公式的运用,考查方程思想和不等式的解法,化简运算能力,属于基础题.
(1)设数列{an}的公差为d,运用等差数列的通项公式,解方程组可得首项和公差,可得所求通项公式;
(2)运用等差数列的求和公式求得Sn,再由二次不等式的解法,可得所求n的值.
18.【答案】解:(1)圆C:x2+y2+2x-4y+m=0可化为(x+1)2+(y-2)2=5-m,
所以圆C的圆心坐标为(-1,2).
又圆C与y轴相切,所以 5-m=1,即m=4,故圆C的半径为1.
(2)设P(x,y),则|PM|2=|PC|2-|MC|2=(x+1)2+(y-2)2-1,|PO|2=x2+y2.
由于|PM|=2|PO|,则(x+1)2+(y-2)2-1=4(x2+y2),整理得点P的轨迹方程为(x-13)2+(y+23)2=179.
【解析】本题主要考查圆的一般方程,与圆有关的轨迹问题,属于中档题.
(1)将圆的一般式方程化为标准方程,然后分析求解即可得到半径.
(2)设出P点坐标,根据题意分析求出长度,列出等式关系化简即可.
19.【答案】解:(1)抛物线 x2=4y 的焦点为 0,1 ,双曲线 x2-y2=1 的焦点为 - 2,0 或 2,0 ,
依题意可得 b=1c= 2 ,又 c2=a2-b2 ,所以 a2=3 ,
所以椭圆方程为 x23+y2=1 ;
(2)根据题意,设点 Ax1,y1 , Bx2,y2 ,
联立直线方程与椭圆方程可得, x2+3y2=3y=x+m ,
消去 y 得4x2+6mx+3m2-3=0 ,即得 x1+x2=-3m2 , x1x2=3m2-34 ,
由弦长公式可得 AB= 2× -3m22-4×3m2-34= 22 12-3m2 ,
由点到直线距离公式可得,点 O 到直线 AB 的距离即为, d=m 1+1= 22m ,
所以 S▵OAB=12⋅d⋅AB=12× 22×m× 22× 12-3m2=14× -3m2-22+12= 32 ,
当且仅当 m2=2 ,即 m=± 2 时, ▵OAB 面积为 32 ,
此时直线 l 的方程为 y=x± 2 .
【解析】本题考查椭圆的标准方程,椭圆中三角形的面积,考查点到直线的距离,属于中档题.
(1)根据所给的条件,即可求出椭圆方程;
(2)联立直线与椭圆方程,用面积公式和弦长公式即可求出m.
20.【答案】解:(1)由已知A,B两点所在的直线方程为 x=p2.
则 AB=2p=4 ,故 p=2 .
∴ 抛物线C的方程为 y2=4x .
(2)由题意,直线l不与y轴垂直,设直线l的方程为 x=my+nn≠0 , Mx1,y1 , Nx2,y2 ,
联立 x=my+ny2=4x ,消去x,得 y2-4my-4n=0 .
∴Δ=16m2+16n>0 , y1+y2=4m , y1y2=-4n ,
∵OM⊥ON , ∴x1x2+y1y2=0 ,
又 y12=4x1 , y22=4x2 ,
∴x1x2=y12y2216
∴x1x2+y1y2=y12y2216+y1y2=n2-4n=0 ,
解得 n=0 或 n=4. 而 n≠0 ,
∴n=4( 此时 Δ=16m2+64>0)
∴ 直线l的方程为 x=my+4 ,
故直线l过定点 Q4,0 .
【解析】【分析】(1)由题意可得直线AB方程,进而可得 AB=2p ,可求得p值,即可得答案.
(2)设直线l的方程为 x=my+nn≠0 , Mx1,y1 , Nx2,y2 ,联立直线与抛物线,根据韦达定理,可得 y1+y2 , y1y2 表达式,根据 OM⊥ON ,可得 x1x2+y1y2=0 ,代入计算,即可求得n值,分析即可得答案.
21.【答案】解:(1)∵虚轴长为4,∴2b=4,即b=2,
∵直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线,
∴ba=2,∴a=1,故双曲线C的标准方程为x2-y24=1.
(2)由题意知,A(-1,0),B(1,0),
由题可知,直线l斜率不能为零,故可设直线l的方程为x=ny+2,
设M(x1,y1)N(x2,y2),联立x2-y24=1x=ny+2,
得(4n2-1)y2+16ny+12=0,
∴y1+y2=-16n4n2-1,y1y2=124n2-1,
∴ny1y2=-34(y1+y2),
∵直线MA的斜率k1=y1x1+1,直线NB的斜率k2=y2x2-1,
∴k1k2=y1x1+1y2x2-1=y1(ny2+1)y2(ny1+3)=ny1y2+y1ny1y2+3y2=-34(y1+y2)+y1-34(y1+y2)+3y2=-13.
【解析】本题考查求双曲线的标准方程,直线与双曲线的位置关系,属于中档题.
22.【答案】解:(1)因为 A2 、 B1 分别为椭圆 C1:x24+y2=1 的右顶点和上顶点,
则 A2 , B1 坐标分别为 (2,0),(0,1) ,可得直线 A2B1 方程为: x+2y=2 ,
则原点O到直线 A2B1 的距离为 d=2 1+22=2 5 ,即圆 C2 的半径 r=d=2 5 ,
故圆 C2 的标准方程为 x2+y2=45 .
(2)设直线 PM 方程为 mx+ny=1 ,由直线 PM 与圆 C2 相切,可知原点O到直线 PM 距离 d=1 m2+n2=2 5 ,整理可得 m2+n2=54 ,将直线 PM 方程代入椭圆 C1 可得
x24+y2=(mx+ny)2 ,
整理即有 4n2-4yx2+8mnyx+4m2-1=0 ,
则 y1y2x1x2=4m2-14n2-4=4m2-1454-m2-4=-1 ,
即 kOP⋅kOM=-1 ,故 OP⊥OM .
同理 OP⊥ON ,故M、O、N三点共线,则 S▵PMN=2S▵OPM=|OP||OM| .
设 OP:y=kx 代入椭圆方程可得 x24+k2x2=1 ,则 x2=41+4k2 ,
故 OP2=x2+y2=1+k2x2=41+k21+4k2 ,
同理 OM2=41+-1k21+4-1k2=4k2+1k2+4 ,则
1OP2+1OM2=1+4k241+k2+k2+441+k2=54 ,
则 54=1OP2+1OM2≥2|OP||OM| ,得 |OP||OM|≥85 ,
则 S▵PMN=OPOM≥85 ,当且仅当 OP=OM=2 105 时等号成立,
故三角形 PMN 面积的最小值为 85 .
【解析】略
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