2024广东省衡水金卷高三上学期11月大联考试题物理含解析

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一、单项选择题
1．C【解析】“洛阳两古钟，东西相和鸣”属于声波的共振现象﹐故A、B、D项错误，C项正确．
2．A【解析】根据质量数和电荷数守恒可得，X的质量数为4，电荷数为2，则X为粒子，射线的电离本领比射线强，穿透本领比射线弱，故A项正确，B、C、D项错误．
3．B【解析】时间内加速度不变﹐火车做匀加速直线运动，故A项错误；时间内，火车仍然做加速运动，位移的变化率增大，故B项正确，C、D项错误．
4．D【解析】机器人受到的吸附力是大气施加的大气压力，跟墙壁的弹力不是相互作用力，故A，B项错误；机器人静止时，摩擦力与机器人受到的重力平衡，则机器人与墙壁之间的摩擦力与吸附力的大小无关，故C项错误，D项正确．
5．B【解析】变压器原线圈的输入电压，由可得副线圈的输出电压，根据可得，故B项正确，A、C、D项错误．
6．D【解析】a是在赤道上的物体，不是卫星，其随地球自转需要的向心力小于万有引力，在两极有，故a的向心加速度为，A项错误；c是地球同步卫星，其轨道平面与赤道平面重合．c的向心力就是指向地心，B项错误；根据题意，由万有引力提供向心力有，解得，由于b的轨道半径小于c的轨道半径，则有，由于a和c的角速度相等，由可得，则有，故C项错误；根据题意，由万有引力提供向心力有，解得，由于b的轨道半径小于c的轨道半径，则有﹐由于a和c的角速度相等，则．，故，D项正确．
7．C【解析】骑车飞跃壕沟的过程中，人和车做平抛运动，欲平安飞跃壕沟应满足车在竖直方向上下落h时，它的水平位移﹐竖直方向上人和车做自由落体运动，由可得，水平方向做匀速直线运动，需满足，可得离开A点时速度需大于才能安全越过壕沟，A项错误；飞跃壕沟时，在空中运动的时间只与高度差h有关，则时间不变，B项错误；运动员在空中飞行的过程中重力的功率，随着时间t的增长重力的功率逐渐变大，C项正确；运动员在空中飞行的过程中，动量变化量与重力加速度的方向相同，都是竖直向下，D项错误．
二、多项选择题
8．BC【解析】由M点到P点，人做加速运动，根据动量定理可知弹力的冲量小于重力的冲量，故A项错误；由Р点到N点，人做减速运动，根据动量定理可知弹力的冲量大于重力的冲量．故B项正确；根据动量定理，由O点到N点，弹力的冲量与重力的冲量等大，故C项正确；人在M点时的速度竖直向下，在N点时的速度为零，根据简谐运动的对称性可知．故D项错误．
9．BD【解析】洛伦兹力方向始终垂直于速度和磁场确定的平面、永远不做功，故A项错误，B项正确；根据动能定理可知带电粒子的速度大小保持不变，故C项错误；带电粒子的运动可以分解为沿磁场方向的匀速直线运动和垂直磁场方向的匀速圆周运动，故D项正确．
10．CD【解析】负电金属网与正电金属板间的电场方向向上，故绒毛运动经过处各点的电势逐渐升高，A项错误：绒毛在飞向布匹的过程中，绒毛在做加速运动，电场力做正功，电势能不断减小，B项错误；仅增大正电金属板与负电金属网之间的电压，电场强度增大，电场力增大，经过相同的距离，电场力做的功增多，根据动能定理，绒毛到达布匹时的动能增大，速率增大，C项正确；仅增大正电金属板与负电金属网之间的距离，电势差不变而电场强度减小，绒毛受到的电场力减小，加速度减小，所用时间增大，D项正确．
三、非选择题
11．（2）2.40（2.39～2.41，1分）
（3） （2分） 1.33（或1.34，2分）
（4）BD（2分）
【解析】（2）刻度尺的最小分度为，应估读到下一位，故，
（3）设圆的半径为R，根据几何关系可知入射角的正弦值，折射角的正弦值﹐则水的折射率表达式．代人数据可得；
（4）选取A点和B点时应该尽量远离O点，A项错误；为了减小实验误差，应该尽量使激光束处于竖直面内，B项正确；激光在水面处的入射角应该大小合适，不是越大越好﹐故C项错误；为了更好地测量长度，辅助圆的半径应该尽量大些，故D项正确．
12．（1）（2分） b（2分）
（2）①5.020（1分）
②2（1分） 1（1分） 4.8（1分）
（3）0.12（0.11～0.12，2分）
【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器R应选择；为了保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器R的滑片应置于b端．
（2）①直径，
②闭合开关，开关接2端，调节滑动变阻器R，使电压表的读数为，然后将开关．
接1端，再次记录电压表的读数为，则电阻R．
两端的电压为，
（3）由欧姆定律可得，则盐水的电阻，根据电阻定律可得，解得盐水的电阻率．
13．【解析】（1）冷却过程中杯内封闭气体放热，即（1分）
体积不变．故气体对外界做的功为零，即（1分）
根据热力学第一定律，可知，即杯内封闭气体的内能减小（1分）
（2）设冷却后杯内封闭气体的压强为p，根据查理定律可得（2分）
解得．（1分）
以茶杯与水组成的整体为研究对象，根据平衡条件可得 （2分）
解得 （1分）
14．【解析】（1）金属条切割磁感线产生的感应电动势 （1分）
（1分）
联立解得 （1分）
根据法拉第电磁感应定律可得 （1分）
解得 （2分）
（2）前齿轮转动频率 （1分）
后轮转动的角速度 （1分）
根据法拉第电磁感应定律可得金属条切割磁感线产生的感应电动势 （1分）
解得
电路中的总电阻为 （1分）
解得
3个小灯泡发光的总功率为 （1分）
解得 （2分）
15．【解析】（1）设滑块A与滑块B碰撞前的速度为，
由能量守恒定律可得 （2分）
解得 （1分）
（2）设滑块A、B碰撞后的速度分别为，
由动量守恒定律和机械能守恒定律可得 （2分）
（2分）
解得 （2分）
对滑块B，由牛顿第二定律可得：﹐解得 （1分）
滑块B运动的时间为 （1分）
滑块B运动的位移为 （1分）
对滑块A，由于则滑块A在电场中做匀速直线运动
滑块A经过电场的时间为 （1分）
由于，说明滑块B停止时，滑块A刚好离开电场区域，对滑块A，其减速至零的位移为
（1分）
由于，说明两滑块不会发生第二次碰撞，两滑块最终的距离为
（1分）