2023-2024学年安徽省安庆市桐城中学高一上学期第一次教学质量检测生物试题含答案

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（考试总分：100 分 考试时长： 90 分钟）
一、 单选题 （本题共计21小题，总分43分）
1. 根据生命系统的结构层次相关内容下列叙述错误的是（ ）
A. 上述图片中属于生命系统最基本的层次的只有①
B. “一朵花”与上述图片中②所属结构层次相同
C. 从生命系统的结构层次来看,一个湖泊中所有的④构成一个种群
D. 池塘中的水、阳光等环境因素属于生命系统的一部分
【答案】A
【解析】
【分析】分析题图：①表示肌细胞，②表示心脏（器官），③表示血液循环系统（系统），④表示草履虫。
【详解】A、细胞是生物体结构和功能的基本单位，是最基本的生命系统层次，图片中属于最基本的生命系统是①肌细胞和④草履虫（单细胞生物），A错误；
B、“一朵花”属于器官，与上述图片中②心脏（器官）所属结构层次相同，B正确；
C、从生命系统的结构层次来看，一个湖泊中所有的④草履虫由同种生物构成，包含了同种生物的全部个体，构成种群，C正确；
D、池塘中的水、阳光等环境因素属于非生物成分，可以和生物成分构成生态系统，故水、阳光等环境因素是生命系统（生态系统）的一部分，D正确。
故选A。
2. 下列各项组合中，能体现生命系统由简单到复杂的正确层次的是（ ）
①皮肤 ②胃黏膜 ③神经元 ④蚯蚓 ⑤细胞内蛋白质等化合物 ⑥病毒 ⑦同一片草地上的所有山羊 ⑧一池塘中的所有鱼类 ⑨一片森林 ⑩一池塘中的所有生物
A. ⑤⑥③②①④⑦⑩⑨B. ③②①④⑦⑨C. ③②①④⑦⑧⑩⑨D. ③②①④⑦⑩⑨
【答案】D
【解析】
【分析】生命系统的结构层次：细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统→生物圈。
①细胞：细胞是生物体结构和功能的基本单位；
②组织：由形态相似、结构和功能相同的一群细胞和细胞间质联合在一起构成；
③器官：不同的组织按照一定的次序结合在一起；
④系统：能够共同完成一种或几种生理功能的多个器官按照一定的次序组合在一起；
⑤个体：由不同的器官或系统协调配合共同完成复杂的生命活动的生物；
⑥种群：在一定的自然区域内，同种生物的所有个体是一个种群；
⑦群落：在一定的自然区域内，所有的种群组成一个群落；
⑧生态系统：生物群落与它的无机环境相互作用形成的统一整体；
⑨生物圈：由地球上所有的生物和这些生物生活的无机环境共同组成。
【详解】①皮肤属于人体器官；
②胃黏膜属于人体的上皮组织；
③神经元在生命系统结构层次中是最基本的结构细胞；
④蚯蚓属于个体；
⑤细胞内蛋白质等化合物不属于生命系统的结构层次；
⑥病毒没有细胞结构，不属于生命系统的结构层次；
⑦一片草地上的所有山羊属于一个种群；
⑧一池塘中的所有鱼类，既不是种群也不是群落；
⑨一片森林属于一个生态系统；
⑩一池塘中的所有生物构成一个群落。
因此能体现生命系统由简单到复杂的正确层次的是③②①④⑦⑩⑨，D正确。
故选D。
3. 下列关于细胞学说的叙述，正确的有几项？（ ）
①细胞学说认为一切动植物都只由细胞构成
②细胞学说阐明了生物界的统一性与差异性
③细胞学说认为细菌是生命活动的基本单位
④细胞学说的提出为生物学研究进入分子水平打下基础
⑤细胞学说的研究过程运用了完全归纳法，因此是可信的
A. 0B. 1C. 2D. 3
【答案】B
【解析】
【分析】细胞学说是由德国植物学家施莱登和动物学家施旺提出的，其内容为：
（1）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成；
（2）细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用；
（3）新细胞可以从老细胞中产生。
【详解】①细胞学说认为细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成，①错误；
②细胞学说的重要内容之一是动物和植物都是由细胞发育而来的，阐明了动植物的统一性和生物界的统一性，但没有揭示动植物细胞和生物界的差异性，②错误；
③根据细胞学说的观点，细胞是生命活动的基本单位，但不涉及细菌，③错误；
④细胞学说的部分观点推动了生物学研究进入分子水平，为研究进入分子水平打下基础，④正确；
⑤细胞学说的研究过程运用了不完全归纳法，其结果很可能是可信的，⑤错误；
综上所述，有1项正确，即B正确。
故选B。
4. 下列关于归纳法的说法错误的是（ ）
A. 不完全归纳法可用来预测和判断
B. 细胞学说的建立过程中运用了归纳法
C. 由不完全归纳法得出的理论是完全可信的
D. 归纳法是指由一系列具体事实推出一般结论思维方法
【答案】C
【解析】
【分析】归纳法分为完全归纳法和不完全归纳法：
（1）不完全归纳法是以某类中的部分对象（分子或子类）具有或不具有某一属性为前提，推出以该类对象全部具有或不具有该属性为结论的归纳推理。
（2）完全归纳法是以某类中每一对象（或子类）都具有或不具有某一属性为前提，推出以该类对象全部具有或不具有该属性为结论的归纳推理。
【详解】A、科学研究中经常运用不完全归纳法，由不完全归纳法得出的结论很可能是可信的，因此可以用来预测和判断，A正确；
B、细胞学说的建立过程中运用了归纳法，且运用的是不完全归纳法，B正确；
C、由不完全归纳法得出的理论是并不是完全可信的，如细胞学说就是通过不完全归纳法得出的，C错误；
D、归纳法是指由一系列具体事实推出一般结论的思维方法，是对所观察事物的高度概括，D正确。
故选C。
5. 2019新冠状病毒是以前从未在人体中发现的一种新冠状病毒，由蛋白质和核酸组成（如图所示）必须在宿主细胞中才能完成增殖和代谢等生命活动，人感染新冠病毒后会出现发热、咳嗽、气促和呼吸困难等症状，严重时可导致肺炎，甚至死亡。下列有关该病毒的叙述，正确的是（ ）

A. 新冠病毒中的蛋白质、RNA等属于生命系统的结构层次
B. 新冠病毒没有细胞结构，它的生命活动与细胞无关
C. 新冠病毒必须寄生在宿主活细胞中才能生存，这说明病毒的生命活动离不开细胞
D. 为研究新冠病毒的致病机理，可用含有各种营养物质的普通培养基大量培养该病毒
【答案】C
【解析】
【分析】病毒是一种非细胞生命形态，一般由核酸和蛋白质外壳构成，病毒没有自己的代谢机构，没有酶系统。因此病毒离开了宿主细胞，就成了没有任何生命活动、也不能独立自我繁殖。它的复制、转录和转译的能力都是在宿主细胞中进行，当它进入宿主细胞后， 它就可以利用细胞中的物质和能量完成生命活动，按照它自己的核酸所包含的遗传信息产生和它一 样的新一代病毒。
【详解】A、新冠病毒中的蛋白质、RNA等不能独立表现生命特征，不属于生命系统的结构层次，A错误；
B、新冠病毒没有细胞结构，不能独立完成各项生命活动，必须寄生在宿主活细胞中才能生存，它的生命活动与细胞有关，B错误；
C、新冠病毒必须寄生在宿主活细胞中，依靠宿主细胞提供的物质完成增殖和代谢等生命活动，这说明病毒的生命活动离不开细胞，C正确；
D、培养新冠病毒不能用普通的培养基，应用含有宿主活细胞的培养基培养，D错误。
故选C。
6. 下列诗词中描述的生命现象与所体现的生物特征，不相符的是（ ）
A. AB. BC. CD. D
【答案】C
【解析】
【分析】生物具有一定特征：生物的生活需要营养；生物能够进行呼吸；生物能排出体内产生的废物；生物能够对外界刺激作出反应；生物能够生长和繁殖；除病毒外，生物都是由细胞构成的；生物都能遗传和变异。
【详解】A、梁上有双燕，翩翩雄与雌，描写的是燕子的繁殖行为，说明生物能够繁殖，A正确；
B、春色满园关不住，一枝红杏出墙来，红杏出墙是对外界（光）刺激作出的反应，B正确；
C、稻花香里说丰年，听取蛙声一片，雄蛙呼唤雌蛙是为了吸引雌蛙繁殖后代，说明生物能够繁殖，C错误；
D、芳林新叶催陈叶，流水前波让后波，植物落叶催发新叶的过程中有物质的产生和排出，说明生物能排出体内的废物，进行新陈代谢，D正确。
故选C。
7. 如图是油菜种子在发育和萌发过程中，糖类和脂肪的变化曲线。下列分析正确的是( )
A. 干重相等的可溶性糖和脂肪，所储存的能量大致相同
B. 油菜种子发育过程中，由于可溶性糖更多地转变为脂肪，种子需要的 N 元素增加
C. 若油菜种子萌发时干重增加，则增加重量主要为 O 元素引起
D. 油菜种子萌发时，动用大量的脂肪氧化分解供能
【答案】C
【解析】
【分析】油菜种子在发育过程中，可溶性糖的含量下降脂肪含量上升，可溶性糖转变成脂肪，糖和脂肪的组成元素都是C H O，所以这种转化不会改变种子对N元素的需求，油菜种子在萌发过程中，脂肪转变成可溶性糖，分解脂肪的脂肪酶活性增强，ATP是直接能源物质。
【详解】A. 干重相等的可溶性糖和脂肪，脂肪所储存的能量更多，A错误；
B.可溶性糖和脂肪都只有C、H、O元素，不需要N 元素，B错误；
C.种子萌发时，大分子物质水解需要消耗水，故增加重量主要为O元素引起，C正确；
D. 油菜种子萌发时，脂肪先转化为糖类，主要由糖类氧化分解供能，D错误。
故选C。
8. 如图为组成生物体的元素、大量元素、微量元素在生物体内的含量分布情况，下列说法正确的是（ ）
A. I中元素种类与含量和非生物界不同，体现了生物界与非生物界的差异性
B. II中的铁元素缺乏，会使人患缺铁性贫血
C. II中的镁元素缺乏，会使植物叶片发黄
D. I中的C、H、O、N、S、Ca、Mn等是组成生物体的大量元素
【答案】B
【解析】
【分析】组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类：（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg、Na、Cl等，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素。（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、M等。
【详解】A、组成细胞的元素含量与这些元素在非生物界中的含量不同，体现了生物界与非生物界的差异性，组成细胞的元素种类在非生物界都能找到，即种类差不多相同，体现了生物界与非生物界的统一性，A错误；
B、生物体中的大量元素含量比微量元素更多，铁元素是血红蛋白的组成元素且为微量元素，位于II中，铁是血红蛋白的组成元素，故II中的铁元素缺乏，会使人患缺铁性贫血，B正确；
C、生物体中的大量元素含量比微量元素更多，镁是构成细胞的大量元素，位于图中的Ⅲ，C错误；
D、Mn是构成细胞的微量元素，D错误。
故选B。
9. 为探究稻田中施加硼（B）、锌（Zn）肥对水稻增产的作用，研究人员在某稻田中进行实验，分组及施肥情况如下表所示。下列分析错误的是（ ）
A. 由于没有施加含N、P、K的肥料，第1组水稻不能正常生长
B. Zn、B在水稻中含量较少，属于植物生长所需的微量元素
C. Zn、B等无机盐必须溶解在水中，以离子形式被水稻吸收
D. 第4组中应加入与第2、3组等量的N、P、K肥
【答案】A
【解析】
【分析】植物的生长所需要的营养物质主要是水、无机盐和有机物等，其中无机盐只有溶解在水中，才能被植物体吸收，并运输到植物体的各个器官，植物的生长需要多种无机盐，植物需要量元素根据含量区分为大量元素：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，微量元素：Fe、Mn、Zn、Cu、B、M等。
【详解】A、土壤中含有矿物质元素，因此第一组水稻可以生长，A错误；
B、Zn、B属于植物生长需要的微量元素，B正确；
C、无机盐必须溶解在水中，以离子形式被水稻吸收，C正确；
D、要形成对照组，其他条件必须相同，D正确。
故选A。
10. “赤橙黄绿青蓝紫，谁持彩练当空舞”，检测生物组织中的有机物出现的颜色反应多姿多彩，也可以用这句诗词来描绘。下列有关叙述错误的是（ ）
A. 向提取的甘蔗汁中加入斐林试剂，并水浴加热会出现较深的砖红色沉淀
B. 向甘薯的块茎捣碎后的提取液中加入碘液，溶液呈蓝色，说明含有淀粉
C. 检测核桃种子的子叶含有脂肪的实验中，加入苏丹Ⅲ染液后脂肪被染成橘黄色
D. 将煮熟的鸡蛋清捣碎并加入双缩脲试剂后可出现紫色
【答案】A
【解析】
【分析】1.斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。
2.蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。
3.脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。
4.淀粉遇碘液变蓝。
【详解】A、甘蔗的汁液中的糖主要是蔗糖，蔗糖属于非还原糖，加入斐林试剂并水浴加热不会出现较深的砖红色，A错误；
B、甘薯中含有较多的淀粉，加入碘液可出现蓝色，B正确；
C、苏丹Ⅲ染液可将脂肪染成橘黄色，核桃种子的子叶含有脂肪，因此加入苏丹Ⅲ染液后脂肪被染成橘黄色，C正确；
D、高温可使蛋白质变性，但高温不会使肽键断裂，加入双缩脲试剂后可出现紫色的颜色反应，D正确。
故选A。
11. 如图所示，先在1-6号试管中分别加入2mL相应的溶液（1号和2号为花生子叶匀浆，3号为麦芽糖溶液，4号为蔗糖溶液，5号和6号为豆浆）；然后在1号和2号试管中再分别加入一定量的苏丹Ⅲ和双缩脲试剂后摇匀，3号和4号试管中加入一定量的斐林试剂后水浴加热2min，5号和6号试管分别加入一定量的双缩脲试剂和蒸馏水后摇匀；最后观察实验现象。则下列有关分析不正确的是（ ）

A. 1号和2号的颜色分别为红色和蓝色
B. 3和4号的颜色分别为砖红色和蓝色，说明蔗糖属于非还原糖
C. 5和6号的颜色分别为紫色和白色，说明豆浆中可能含有蛋白质
D. 丙组实验有对照组，是6号试管
【答案】A
【解析】
【详解】某些化学试剂能够使生物组织中的相关化合物产生特定的颜色反应。糖类中的还原糖，如葡萄糖，与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀。脂肪可以被苏丹III染液染成橘黄色。蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应。因此，可以根据有机物与某些化学试剂所产生的颜色反应，检测生物组织中糖类、脂肪或蛋白质的存在。
【分析】A、由题意可知，1和2号试管鉴定脂肪，脂肪遇苏丹Ⅲ变为橘黄色，双缩脲试剂本身为蓝色，所以号和号12颜色分别为橘黄色和蓝色，A错误；
B、由题意可知，3和4号试管鉴定还原糖，颜色分别为砖红色和蓝色，说明蔗糖属于非还原糖，B正确；
C、由题意可知，5和6号试管鉴定蛋白质，颜色分别为紫色和白色，说明豆浆中含有蛋白质，C正确；
D、三组实验中有对照组，甲组是相互对照，乙组是4号，丙组是6号，D正确。
故选A。
12. 医用酒精消毒原理之一是使细菌蛋白质变性，该过程破坏了蛋白质的空间结构(基本结构 未破坏)，进而导致蛋白质脱水变性。下列叙述正确的是（ ）
A. 细菌蛋白质的合成不会产生水B. 酒精使细菌失去了生物活性
C. 酒精破坏了细菌蛋白质中的肽键D. 蛋白质变性后不能与双缩脲试剂发生紫色反应
【答案】B
【解析】
【分析】本题以医用酒精消毒原理为背景，考查了蛋白质的基本单位、合成场所及鉴定的相关知识。需要学生掌握蛋白质的基本组成单位是氨基酸，氨基酸通过脱水缩合的方式在核糖体上合成蛋白质，蛋白质变性后，其肽键没有被破坏，依然可以用双缩脲试剂鉴定。
【详解】A、细菌蛋白质合成需要在细菌的核糖体上合成，脱水缩合会产生水，A错误；
B、酒精分子以自由扩散的方式顺浓度梯度进入细菌，通常用酒精消毒，其原理是酒精使细菌中的蛋白质变性而失去生理活性，从而使细菌失去了生物活性，B正确；
C、酒精只是破坏了细菌蛋白质的空间结构，没有破坏蛋白质中的肽键，C错误；
D、由于蛋白质变性后其肽键没有被破坏，仍然可以与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误。
故选B。
13. 下列广告语，符合生物学原理的是（ ）
A. ××口服液含有丰富的C、N、P、Zn等微量元素
B. ××鱼肝油（富含维生素D）有助于促进宝宝骨骼发育
C. ××纤维素片能满足您对能量的需求
D. 有机青菜，天然种植,不含任何化学元素，是真正的绿色食品
【答案】B
【解析】
【分析】组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类：（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素。（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、M等。
【详解】A、口服液含有的丰富C、N、P都属于大量元素，Zn属于微量元素，A错误；
B、维生素D能够促进动物肠道对钙磷的吸收，所以富含维生素D的鱼肝油有助于宝宝骨骼健康，促进骨骼发育，B正确；
C、纤维素属于多糖，被称为第七营养素，但纤维素片不能被人消化吸收，故不能满足人对能量的需求，C错误；
D、生物体由多种元素和化合物构成，不存在不含任何元素的植物，D错误。
故选B。
14. 动物脂肪细胞中储存着大量的脂肪，这些脂肪以大小不一的脂滴形式存在。下列说法正确的是（ ）
A. 脂肪是小麦细胞中的主要储能物质
B. 运动员长跑过程中体内脂肪大量转化为葡萄糖
C. 企鹅体内的脂肪具有缓冲、减压和保温的作用
D. 与等质量的糖类相比，脂肪分子中氧的含量更高
【答案】C
【解析】
【分析】脂质分为脂肪、磷脂和固醇，固醇包括胆固醇、性激素和维生素D，与糖类相比，脂肪分子中的氢含量多，氧含量少，氧化分解时产生的能量多，因此是良好的储能物质，磷脂双分子层构成生物膜的基本骨架，固醇中的胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，也参与脂质在血液中的运输。
【详解】A、小麦细胞中主要的储能物质是淀粉，淀粉是植物细胞特有的储能物质，A错误；
B、脂肪一般只有在糖类代谢发生障碍引起供能不足时，才会分解供能，且不能大量转化为糖类，B错误；
C、企鹅皮下有厚厚的脂肪，体内的脂肪具有缓冲、减压和保温的作用，进而适应寒冷的环境，C正确；
D、与等质量的糖类相比，脂肪分子中氧的含量更低，因此脂肪氧化分解会消耗更多的氧气，释放更多的能量，D错误。
故选C
15. 为了向科学调控小麦种子萌发提供理论依据，有学者研究了小麦种子萌发过程中还原糖和总糖含量的变化。研究人员在小麦种子吸水4小时后，每隔4小时对种子中各种糖含量进行测定，结果如下图所示。下列相关叙述正确的是（ ）
A. 糖类是细胞中主要的能源物质，小麦种子中含量丰富的二糖只有蔗糖
B. 小麦种子萌发12小时后，还原糖的含量升高，发生这一变化与种子萌发12小时后蔗糖消耗迅速增加密切相关
C. 种子萌发20小时后，蔗糖含量下降最可能得原因是蔗糖水解
D. 可用斐林试剂鉴定小麦种子中的蔗糖，使用时需水浴加热
【答案】C
【解析】
【分析】由图示可知，小麦种子萌发12小时后，还原糖的含量升高，而淀粉的含量下降，故推测是淀粉被水解后产生了还原糖；斐林试剂与还原糖，在水浴加热的条件下产生砖红色沉淀。
【详解】A、糖类是细胞中主要的能源物质，小麦种子中含量丰富的二糖包括蔗糖和麦芽糖，A错误；
B、由图示可知，小麦种子萌发12小时后，还原糖的含量升高，而淀粉的含量迅速下降，发生这一变化与种子萌发12小时后淀粉消耗迅速增加密切相关，B错误；
C、种子萌发20小时后，蔗糖的含量下降，最可能的原因是蔗糖被蔗糖酶水解，C正确；
D、蔗糖是非还原性糖，不可用斐林试剂鉴定，D错误。
故选C。
16. 骆驼素有“沙漠之舟”的称呼。驼峰里储存的大多是脂肪，使骆驼长时间不吃不喝也能维持生命体征。下列有关脂肪的说法正确的是（ ）
A. 驼峰脂肪中的含氢量比糖类多，与同质量糖类相比，其氧化分解产生的水和释放的能量更多
B. 组成脂肪的化学元素主要是C、H、O，有的还含有N和P
C. 骆驼长时间不吃不喝而供能不足时，脂肪可以大量转化为糖类
D. 驼峰里储存的脂肪呈固态，是因为动物脂肪含有不饱和脂肪酸
【答案】A
【解析】
【分析】脂肪中H原子比例较高，氧化分解时消耗较多氧气，产生较多能量，是良好的储能物质。
【详解】A、相同质量的脂肪与糖类相比，脂肪C、H元素含量多，O元素含量少，氧化分解时，脂肪耗氧多，产生的水和释放的能量更多，A正确；
B、组成脂肪的化学元素只有C、H、O三种元素，B错误；
C、糖类可以大量转化为脂肪，但脂肪不可以大量转化为糖类，C错误；
D、驼峰里储存的脂肪呈固态，是因为动物脂肪含有饱和脂肪酸，D错误。
故选A。
17. 下列有关水和无机盐的叙述，不正确的有（ ）
①水能溶解、运输营养物质和代谢废物，并维持细胞形态
②细胞中无机盐含量很少且大多数是以化合物形式存在
③哺乳动物的血液中钙离子含量过高，会出现抽搐等症状
④无机盐可以为人体生命活动提供能量
⑤休眠种子与萌发种子相比，结合水与自由水的比值更小
⑥缺钙会引起缺铁性贫血
A. 六项B. 五项C. 四项D. 三项
【答案】B
【解析】
【分析】1、水的种类及作用：
自由水：细胞中绝大部分水一游离的形式存在，可以自由流动。作用：细胞内良好溶剂；运输养料和废物；许多生化反应有水的参与。
结合水：与细胞内的其他物质相结合，构成细胞的组成成分。
2、自由水与结合水的关系：自由水和结合水可相互转化，
3、细胞含水量与代谢的关系：代谢活动旺盛，细胞内自由水水含量高；代谢活动下降，细胞中结合水水含量高。
4、无机物存在形式：细胞中大多数无机盐以离子的形式存在，少数以化合物形式存在。
5、无机盐的作用：
（1）细胞中许多有机物的重要组成成分；
（2）维持细胞和生物体的生命活动有重要作用；
（3）维持细胞的酸碱平衡；
（4）维持细胞的渗透压；
（5）无机盐对维持细胞的形态和功能有重要作用。
【详解】①自由水能溶解、运输营养物质和代谢废物。结合水是细胞结构的重要组成成分，可以维持细胞的形态，①正确；
②细胞中无机盐含量很少且大多数是以离子形式存在，②错误；
③哺乳动物的血液中钙离子含量过低，会出现抽搐等症状，过高会出现肌无力现象，③错误；
④无机盐不能为人体生命活动提供能量，④错误；
⑤种子萌发需要吸收水分（自由水），所以休眠种子与萌发种子相比，结合水与自由水的比值更大，⑤错误；
⑥缺钙会引起儿童佝偻病，⑥错误。
不正确的有②③④⑤⑥，共5项，ACD错误，B正确。
故选B。
18. 某生物兴趣小组以玉米幼苗为实验材料进行了如下探究实验。下列叙述错误的是（ ）
A. 步骤一损失的水在细胞中以自由水形式存在
B. 步骤二损失的水与细胞内其他物质相结合，其在细胞内的含量相对稳定
C. 步骤三损失的主要是无机盐，它们在细胞中主要以离子形式存在
D. 干旱环境中生长的玉米，其细胞中结合水与自由水的比值相对较高
【答案】C
【解析】
【分析】细胞中的水以自由水和结合水的形式存在，自由水是细胞内许多物质的良好溶剂，是化学反应的介质，水还是许多化学反应的产物或反应物，自由水能自由移动，对于运输营养物质和代谢废物具有重要作用，结合水是细胞结构的重要组成成分，因此自由水与结合水比值越高，细胞新陈代谢越旺盛，抗逆性越差。
【详解】A、60℃的晾晒处理使幼苗表面的自由水蒸发，故步骤一损失的水在细胞中以游离的形式存在的自由水，是细胞内的良好溶剂， A正确；
B、105℃的烘干处理使得幼苗内的结合水丢失，故步骤二损失的水是与细胞内其他物质相结合的结合水，在细胞内的含量稳定， B正确；
C、600℃的处理可以燃烧掉干幼苗内的有机物，剩下的主要是无机盐，故步骤三损失的主要是有机物， C错误；
D、干旱环境中生长的玉米的细胞中的含水量比正常环境中生长的玉米的细胞中的含水量低，故其细胞中结合水与自由水比值相对较高， D正确。
故选C。
19. 有一种“十五肽”的化学式为CxHyNzOdSe（z＞15，d＞16）。已知其彻底水解后得到下列几种氨基酸：
下列有关说法中不正确的是（ ）
A. 水解可得e个半胱氨酸
B. 水解可得（d－16）/2个天门冬氨酸
C. 水解可得z－15个赖氨酸
D. 水解时消耗15个水分子
【答案】D
【解析】
【分析】分析四种氨基酸：四种氨基酸中只有半胱氨酸含有S原子，因此根据S原子数目可计算出半胱氨酸的数目；四种氨基酸中只有天门冬氨酸含有4个氧原子，其余氨基酸均含有2个氧原子，因此根据氧原子数目可计算出天门冬氨酸的数目；四种氨基酸中只有赖氨酸含有2个N原子，其余氨基酸均只有1个N原子，因此根据N原子数目可计算出赖氨酸的数目。
【详解】A、四种氨基酸中只有半胱氨酸含有S原子，因此根据化学式（CxHyNzOdSe）中S原子数目可知该多肽含有e个半胱氨酸，A正确；
B、四种氨基酸中只有天门冬氨酸含有4个氧原子，其余氨基酸均含有2个氧原子，因此根据氧原子数目计算，4×天门冬氨酸+2（15-天门冬氨酸）-14=d，解得天门冬氨酸数目为（d－16）/2，B正确；
C、四种氨基酸中只有赖氨酸含有2个N原子，其余氨基酸均只有1个N原子，因此根据N原子数目计算，赖氨酸的数目=z-15，C正确；
D、该十五肽合成过程中共脱去水分子14个，因此其水解时也消耗14个水分子，D错误。
故选D。
20. 近年来的研究初步表明，β--AP（β-淀粉样蛋白）沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理特征。β--AP是由其前体蛋白APP（一种含695个氨基酸的跨膜蛋白）在病理状态下异常加工而成的。APP形成β--AP的过程如图所示。根据上述信息所作的推论错误的是（ ）
A. APP由氨基酸脱水缩合产生
B. 一个β-AP分子中至少含有39个肽键
C. β-AP的作用效果可能是引起大脑功能异常
D. β-AP分子中至少含有一个游离的氨基
【答案】B
【解析】
【分析】分析题图：图示表示APP形成β-AP的过程，该过程是在病理状态下进行的，由题图知APP形成β-AP的过程中需要β-分泌酶和γ-分泌酶的催化作用，β-AP分子是由前体蛋白APP中的第597位氨基酸到635位氨基酸形成的，其含有的氨基酸数=635-597+1=39个，而β-AP分子沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理特征。
【详解】A、β--AP是由其前体蛋白APP（一种含695个氨基酸的跨膜蛋白）在病理状态下异常加工而成的，即APP化学本质是蛋白质，由氨基酸脱水缩合产生，A正确；
B、据图可知，β-AP分子是由前体蛋白APP中的第597位氨基酸到635位氨基酸形成的、其含有的氨基酸数=635-597+1=39个，则含有至少含有39-1=38个肽键，B错误；
C、β-AP沉积是AIzheimer型老年痴呆的主要病理征，老年痴呆者记忆力降低，记忆与大脑皮层有关，因此β-AP的作用效果可能是引起大脑功能异常，C正确；
D、一条肽链至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，β-AP分子中至少含有一个游离的氨基，D正确。
故选B。
21. 下列关于细胞与生命活动关系的叙述，错误的是（ ）
A. 新冠病毒有细胞结构，能独立进行生命活动
B. 草履虫等单细胞生物能独立完成新陈代谢和繁殖
C. 绿色植物的生长发育需要各种分化的细胞密切合作
D. 人的缩手反射需要依赖一系列不同的细胞共同参与
【答案】A
【解析】
【分析】细胞是生命活动的结构单位和功能单位。生命活动离不开细胞，单细胞生物仅依靠一个细胞就可以完成各项生命活动，多细胞生物通过各种分化细胞协调完成各种复杂的生命活动。
【详解】A、病毒没有细胞结构，不能独立生活，必须寄生在细胞中进行生活，A错误；
B、草履虫、变形虫等单细胞生物，只靠一个细胞就可以完成摄食、新陈代谢、繁殖等多种生命活动，B正确；
C、绿色植物属于多细胞生物，需要依赖多种分化的细胞协调完成复杂的生命活动，C正确；
D、缩手反射的完成需要完整的反射弧，需要多种不同的细胞密切合作，D正确。
故选A。
二、 多选题 （本题共计3小题，总分9分）
22. 实验中用同一显微镜观察了同一装片4次，得到清晰的四个物像如图。有关该实验的说法错误的有（ ）

A. 换用高倍物镜前应先提升镜筒，以免镜头破坏玻片标本
B. 实验者若选用目镜15×和物镜40×组合观察，则物像的面积是实物的600倍
C. 若每次操作都未调节目镜，看到清晰物像时物镜离装片最近的是④
D. 若视野中有异物，转动物镜发现异物不动，移动装片也不动，则异物可能在目镜和反光镜上
【答案】ABD
【解析】
【分析】显微镜的呈像原理和基本操作：
1.显微镜成像的特点：显微镜成像是倒立的虚像，即上下相反，左右相反，物像的移动方向与标本的移动方向相反，故显微镜下所成的像是倒立放大的虚像，若在视野中看到细胞质顺时针流动，则实际上细胞质就是顺时针流动。
2.显微镜观察细胞，放大倍数与观察的细胞数呈反比例关系，放大倍数越大，观察的细胞数越少，视野越暗，反之亦然。
3.显微镜的放大倍数=物镜的放大倍数×目镜的放大倍数。目镜的镜头越长，其放大倍数越小；物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远。显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，细胞越大。
4.高倍显微镜的操作流程：在低倍镜下观察清楚，找到物像→将物像移到视野中央→转动转换器换用高倍镜观察→调节反光镜或光圈使视野变亮，同时转动细准焦螺旋直到物像清晰可见。
【详解】A、换用高倍物镜前不能提升镜筒，只能转动转换器，换上高倍镜，A错误；
B、实验者若选用目镜15×和物镜40×组合观察，显微镜放大的是物像的长度或宽度，则物像的面积是实物的360000倍，B错误；
C、由图分析可知，④观察到的细胞数最少，放大倍数最大，若每次操作都未调节目镜，④的物镜最长，离装片最近，C正确；
D、若视野中有异物，转动物镜发现异物不动，移动装片也不动，说明异物没有在物镜和装片上，则异物可能在目镜上，D错误。
故选ABD。
23. 现有无标签的稀蛋清、葡萄糖、淀粉酶和淀粉各一瓶，能将它们鉴定出来的一组试剂是（ ）
A. 双缩脲试剂、斐林试剂B. 碘液、斐林试剂
C. 苏丹III试剂、碘液D. 碘液、双缩脲试剂
【答案】ABD
【解析】
【分析】生物组织中化合物的鉴定：
（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。
（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。
（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。
（4）淀粉遇碘液变蓝。
【详解】A、稀蛋清和淀粉酶都是蛋白质，所以可以用双缩脲试剂将题干中的四种溶液分成两组，能够发生紫色反应的是稀蛋清和淀粉酶溶液，不能发生显色反应的是葡萄糖和淀粉；葡萄糖是还原糖，淀粉不是，所以可以用斐林试剂将淀粉和葡萄糖区分开，然后将淀粉加入两只蛋白质溶液中，加入斐林试剂并进行水浴，如果出现砖红色沉淀的是淀粉酶溶液，无变化的是稀蛋清溶液，A正确；
B、用碘液和斐林试剂分别鉴别出淀粉和葡萄糖溶液，在将淀粉加入剩余的两种溶液中，滴加碘液，如果蓝色消失，则是淀粉酶溶液，如果没有变化则是稀蛋清溶液，B正确；
C、苏丹III试剂是鉴定脂肪的试剂，而碘液用于鉴定淀粉，故用两者不能鉴定上述四种物质，C错误；
D、稀蛋清和淀粉酶都是蛋白质，所以可以用双缩脲试剂将题干中的四种溶液分成两组，能够发生紫色反应的是稀蛋清和淀粉酶溶液，不能发生显色反应的是葡萄糖和淀粉；再用碘液能将葡萄糖和淀粉鉴定出来，将淀粉加入两种蛋白质溶液中，滴加碘液，如果蓝色消失，则说明是淀粉酶溶液，另一只则是稀蛋清溶液，D正确。
故选ABD。
24. 某多肽有20个氨基酸，其中天门冬氨酸4个，分别位于第5、6、15、20位（如图所示）；肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述不正确的是（ ）
A. 该20肽含有的肽键至少为20个
B. 该20肽游离的氨基和羧基至少各为1个和4个
C. 肽酶Y完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个
D. 肽酶X完全作用后产生的多肽中氧原子数目比20肽少了1个
【答案】ABC
【解析】
【分析】分析题图可知：图示为某20肽，其中含天门冬氨酸4个，分别位于第5、6、15、20位。肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，用该酶可以断裂3个肽键；肽酶Y专门作用于天门冬氨酸氨基端的肽键，用肽酶Y处理，会断开4个肽键。
【详解】A、由于该多肽含有20个氨基酸，图示可知肽链为1条，因此含有的肽键数为20-1=19，A错误；
B、由于每个天门冬氨酸的R基中含1个游离的羧基，其他氨基酸的R基中也可能含有游离的氨基或羧基，因此该20肽至少含有游离的氨基=肽链数=1个、至少含有游离的羧基=肽链数+四个天门冬氨酸的R基中的羧基=1+4=5个，B错误；
C、题中“肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键”，因此肽酶Y完全作用该多肽链后，共断开4个肽键（分别位于第4和5、5和6、14和15、19和20位氨基酸之间），其中的第5位和第20位天冬氨基酸会脱离肽链，即肽酶Y完全作用后产生的多肽共含有氨基酸数=20-2=18个，C错误；
D、题中“肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键”，肽酶X完全作用该多肽链后，共断裂3个肽键（分别位于第5和6、6和7、15和16位氨基酸之间），其中第6位天冬氨酸会脱离肽链，其中断裂3个肽键的过程中消耗了3个水分子（所得产物较原20肽增加3个氧原子），而每个天冬氨酸分子中含有4个氧原子，即肽酶X完全作用后产生的多肽中氧原子数目比20肽少4-3=1个，D正确。
故选ABC。
三、 填空题 （本题共计5小题，总分48分）
25. 生物学实验中常用到普通光学显微镜，试回答下面的问题。如图是显微镜下观察到的不同生物体图像（D为哺乳动物的平滑肌细胞），请据图回答：
（1）科学家依据____将细胞分为原核细胞和真核细胞，属于原核细胞的是____（填字母）。
（2）图中能进行光合作用的是____（填字母），A、B所示细胞都有的细胞器是____，A代表的生物代谢类型是____（a自养、b异养、c有自养也有异养）。（用括号内的字母作答）
（3）图中最有可能属于病毒的是____，它是一种营____生活的生物。
（4）B含有叶绿素，此外还有____（色素），能进行光合作用。
【答案】（1） ①. 有无以核膜为界限的细胞核 ②. AB
（2） ①. B ②. 核糖体 ③. C
（3） ①. C ②. 寄生
（4）藻蓝素
【解析】
【分析】分析图像可知，A是细菌，B是蓝细菌，C是病毒，D为动物细胞。
【小问1详解】
科学家依据有无以核膜为界限的细胞核将细胞分为原核细胞和真核细胞。图中A、B无以核膜为界限的细胞核，属于原核细胞。
【小问2详解】
B是蓝细菌，具有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用。A、B都是原核细胞，都只有核糖体一种细胞器。A代表细菌，有些细菌的代谢类型是自养型，如硫化细菌；有些细菌的代谢类型是异养型，如乳酸菌。
【小问3详解】
图中C没有细胞结构，最有可能属于病毒。病毒没有细胞结构，不能独立生存，是一种营寄生生活的生物。
【小问4详解】
B含有叶绿素，此外还有藻蓝素，能进行光合作用。
26. 图1是光学显微镜的一组镜头，目镜分别标有“5×”字样和“15×”字样，物镜分别标有“10×”和“40×”字样。请根据图回答下列问题。
（1）要使放大倍数最大，显微镜的目镜、物镜及其与玻片间距离的组合应为____（填标号）。在观察时，③与④的显微视野范围较广的是____（填标号）。
（2）在目镜10×、物镜8×的视野中，刚好能看到穿过视野中心的一行连续排列的10个完整细胞。若目镜不变，物镜换成40×，看到的细胞数目与原来相比少了____个。
（3）调换高倍镜后，物像模糊不清，这时应调节____。要使右上方的细胞移到视野中央，应将装片向____方移动。
（4）细胞内的细胞质并不是静止的，而是在不断地流动着，其方式多数呈环形流动。若在显微镜下观察到一个细胞的细胞质沿顺时针方向流动，则实际的流动方向应为____。在玻片上写一个字母“b”，则在显微镜的视野中观察到的是“____”。
（5）在用显微镜观察几种细胞时，制作临时装片所选的生物材料应该薄而透明，这是因为____。
【答案】26. ①. ②③ ②. ④
27. 8 28. ①. 细准焦螺旋 ②. 右上
29. ①. 顺时针 ②. q
30. 显微镜需要充足的光线成像，薄而透明的材料便于光线透过
【解析】
【分析】由图分析可知，放大倍数越大，视野中的细胞数目越少，细胞越大，则图中放大倍数由大到小的排序为C> A> B>D：图中①②没有螺纹是目镜，目镜越长放大倍数越小，则①的放大倍数小于②，它们分别对应的放大倍数是5×和15×；③④带有螺纹是物镜，物镜越长放大倍数越大，则③的放大倍数大于④，它们分别对应的放大倍数是40×和10×。
【小问1详解】
图中①②没有螺纹是目镜，目镜越长放大倍数越小，则①的放大倍数小于②；③④带有螺纹是物镜，物镜越长放大倍数越大，则③的放大倍数大于④，要使放大倍数最大，显微镜的目镜、物镜及其与玻片间距离的组合应为②③。在观察时，放大倍数越小，视野越广，故③与④的显微视野范围较广的是④。
【小问2详解】
在目镜10×、物镜8×的视野中，刚好能看到穿过视野中心的一行连续排列的10个完整细胞。若目镜不变，物镜换成40×，相当于在原来的基础上放大了5倍，看到的细胞数目只有原来的1/5，即2个，与原来相比少了8个。
【小问3详解】
调换高倍镜后，物像模糊不清，这时应调节细准焦螺旋。显微镜成的是倒立的虚像，右上方的细胞其实是在左下方，故要使右上方的细胞移到视野中央，应将装片向右上方移动。
【小问4详解】
显微镜成的是旋转180度的虚像，若在显微镜下观察到一个细胞的细胞质沿顺时针方向流动，则实际的流动方向应为顺时针。在玻片上写一个字母“b”，则在显微镜的视野中观察到的是“q”。
【小问5详解】
在用显微镜观察几种细胞时，因显微镜需要充足的光线成像，薄而透明的材料便于光线透过，故制作临时装片所选的生物材料应该薄而透明。
27. 在用斐林试剂鉴定还原糖的实验中，教材要求斐林试剂甲液和乙液应混合后使用。某学习小组的同学大胆质疑，提出“一定要混合后再使用吗？”，并设计了以下实验：
请回答下列问题。
（1）2、3号试管中应加入的物质：A____；B____；C____。
（2）理论预测及相关结论：①若____号试管与____号试管相比，出现的砖红色现象相同，则用斐林试剂鉴定还原糖与甲液、乙液的使用方式无关。
②若____号试管不出现砖红色，____号试管出现砖红色，则用斐林试剂鉴定还原糖与甲液、乙液的使用方式有关。
【答案】27. ①. 0.5 mL 0.1 g/mL NaOH溶液 ②. 0.5 mL 0.05 g/mL CuSO4溶液 ③. 将0.5mL 0.1 g/mL NaOH溶液和0.5 mL 0.05 g/mL CuSO4溶液混匀
28. ①. 1、2 ②. 3 ③. 1、2 ④. 3
【解析】
【分析】斐林试剂是由甲液（质量浓度为0.1g/mLNaOH溶液）和乙液（质量浓度为0.05 g/mLCuSO4）组成，用于鉴定还原糖，使用时要将甲液和乙液混合均匀后再加入含样品的试管中，且需水浴加热，产生砖红色沉淀。
【小问1详解】
根据题中同学的质疑：“斐林试剂甲液和乙液一定要混合后再使用吗”，并结合图示可知，该学习小组想要探究的实验中自变量是斐林试剂甲液、乙液的使用顺序及是否混合使用， 根据实验的自变量，1号试管第2、3次加入物分别为0．5 mL0．05 g/mLCuSO4溶液和0．5 mL0．1 g/mLNaOH溶液，因此，2号试管应该先加入0．5 mL0．1 g/mLNaOH溶液，再加入0．5 mL0．05 g/mLCuSO4溶液；3号试管加入物为0.5 mL 0.1 g/mL NaOH和0.5 mL 0.05 g/mL CuSO4混匀后的溶液。
【小问2详解】
斐林试剂用于鉴定还原糖产生砖红色沉淀，且需水浴加热，所以当1号、2号、3号实验结果一致，均出现砖红色沉淀，则用斐林试剂鉴定还原糖与甲液、乙液的使用顺序及是否混合后使用无关；当1号和2号不出现砖红色沉淀，3号出现砖红色沉淀，则用斐林试剂鉴定还原糖与甲液、乙液的使用顺序及是否混合后使用有关。
28. 白洋淀蕴含着丰富的动植物资源，芦苇荡、荷花淀、白鹭、丹顶鹤等，其景色犹如人间仙境，吸引着大批的游客。该地区部分生物与环境的关系如下图所示，请结合生物学知识来回答以下问题：
（1）白洋淀属于湿地生态系统，是由____和____相互关联形成的统一整体。
（2）与白鹭相比，湖中的芦苇不具有的生命系统结构层次是____；与细菌相比，白鹭特有的生命系统结构层次是____。
（3）湖中的鱼____（填“是”或“不是”）一个种群。原因是____。
（4）细胞是生命活动的基本单位，下列事实或证据符合这一观点的是____
A. 变形虫是单细胞生物，能进行摄食和运动
B. 荷花的生长发育离不开细胞的分裂和分化
C. 当敌害来临时，丹顶鹤惊飞，需要神经细胞和肌肉细胞的协调配合
D. 芦苇离体的叶绿体在一定条件下能释放氧气
（5）图中不含细胞核的生物是____，属于自养生物的是____。
【答案】28. ①. 生物群落 ②. 无机环境
29. ①. 系统 ②. 组织、器官和系统
30. ①. 不是 ②. 湖中所有的鱼包括很多种鱼，是多个种群 31. ABC
32. ①. 细菌 ②. 绿色植物
【解析】
【分析】1、种群：在一定时间内和空间内的同种生物个体的集合体。
2、群落：一定时间内居住在一定空间范围内的生物种群的集合。
3、生态系统：生物群落与它的无机环境相互作用而形成的统一整体。
【小问1详解】
生态系统是指生物群落及其生活的无机环境相互关联形成的统一整体，所以白洋淀属于湿地生态系统，是由生物群落和无机环境相互关联形成的统一整体。
【小问2详解】
芦苇为绿色植物，植物不具有系统这一生命系统结构层次；细菌既是细胞这一层次，也是个体这一层次，所以与其相比，白鹭特有的生命系统结构层次是组织、器官和系统。
【小问3详解】
种群是指在一定自然区域内同种生物所有个体，而湖中的鱼包括不同种的鱼，不属于同种生物，所以湖中的鱼不属于种群，而是多个种群。
【小问4详解】
A、变形虫是单细胞生物，其单个细胞就能独立完成生命活动，A正确；
B、荷花生长和发育需要细胞分裂，增殖细胞的数目，也需要细胞分化来完成相应的功能，B正确；
C、遇见天敌，丹顶鹤惊飞属于反射，其行为需要一系列神经细胞核肌肉细胞的协调配合完成，C正确；
D、芦苇离体的叶绿体只是一个细胞器，而不是细胞，不能说明细胞是生命活动的基本单位，D错误。
故选ABC。
【小问5详解】
不含成形细胞核的生物，为原核生物，属于原核生物的是细菌；绿色植物依靠光合作用制造有机物，属于自养生物。
29. 肌红蛋白是哺乳动物肌肉中储氧的蛋白质，由一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合，下图甲为血红素辅基结构，图乙为肽链结构。
（1）构成肌红蛋白的元素中，不是所有蛋白质都含有的是____。肌红蛋白肽链是由氨基酸经过____（方式）形成，再经____，形成具有一定空间结构的蛋白质。
（2）由图推知，肌红蛋白至少含有____个肽键，至少含有____个游离的羧基。
（3）若组成肌红蛋白的肽链含有5个丙氨酸（分子式为C3H7O2N），分别位于第26、71、72、99、153位（见图乙）。现用有关的酶水解掉丙氨酸，则得到的肽链有____种，肽键数量减少____。
（4）血红蛋白与肌红蛋白不同，由四条肽链组成，每条链都含有一个血红素辅基，两种蛋白质分子中氨基酸的数目、种类和排列顺序不同，但它们的主要功能却具有相似性，试分析原因：____。
【答案】29. ①. Fe ②. 脱水缩合 ③. 盘曲、折叠
30. ①. 152 ②. 3
31. ①. 4 ②. 8
32. 两者的空间结构相似
【解析】
【分析】1、蛋白质是生命活动是主要承担者，构成蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键。
2、氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数×18。
【小问1详解】
分析题图可知，构成肌红蛋白的元素有C、H、O、N、Fe，肌红蛋白肽链的基本组成单位是氨基酸，肌红蛋白肽链由氨基酸经过脱水缩合而成，再经盘曲、折叠形成具有一定空间结构的蛋白质。
【小问2详解】
已知肌红蛋白由一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，血红素的结构中有2个羧基，且血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合，肌红蛋白的肽链由153个氨基酸脱水缩合形成，可知一个肌红蛋白中至少含有153-1=152个肽键，又因一条肽链的一端至少有1个游离的羧基，故肌红蛋白中至少有1+2=3个游离的羧基。
【小问3详解】
已知肌红蛋白的肽链由153个氨基酸脱水缩合形成，若组成肌红蛋白的肽链含有5个丙氨酸（分子式为C3H7O2N），分别位于第26、71、72、99、153位。某种肽酶专门水解丙氨酸羧基端的肽键，则该肽酶完全作用于肽链后的产物有4种肽链和一个丙氨酸；形成这些产物需要破坏8个肽键，即肽键数减少8个。
【小问4详解】选项
诗词
生物特征
A
梁上有双燕，翩翩雄与雌
能繁殖
B
春色满园关不住，一枝红杏出墙来
对外界刺激作出反应
C
稻花香里说丰年，听取蛙声一片
生长发育
D
芳林新叶催陈叶，流水前波让后波
新陈代谢
组别
施肥情况/（hg·hm-2）
NH4NO3
P2O5
K2O
ZnSO4·7H2O
B
1
0
0
0
0
0
2
195
52．5
135
0
0
3
195
52．5
135
1．5
0
4
？
？
？
0
1．65
试管
第1次加入物
第2次加入物
第3次加入物
条件
颜色变化
1号
2mL苹果汁
0.5mL 0.05g/mLCuSO4溶液
0.5mL 0.1g/mLNaOH溶液
水浴加热
2号
2mL苹果汁
A
B
水浴加热
3号
2mL苹果汁
C
无
水浴加热