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    高中物理必修第三册《2 闭合电路的欧姆定律》课时分层作业2-统编人教版

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    高中物理人教版 (2019)必修 第三册2 闭合电路的欧姆定律复习练习题

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    这是一份高中物理人教版 (2019)必修 第三册2 闭合电路的欧姆定律复习练习题,共7页。
    [基础达标练]
    一、选择题(本题共6小题,每小题6分,共36分)
    1.一个闭合电路是由电池供电的,外电路是纯电阻时,以下说法正确的是( )
    A.当外电阻增大时,路端电压增大
    B.当外电阻减小时,路端电压增大
    C.当外电阻减小时,电路中的电流减小
    D.电池的内阻越小,外电阻变化时,路端电压的变化越大
    A [根据U=E-Ir,当外电阻增大时,I减小,U增大,A正确,B错误.根据I=eq \f(E,R+r),C错误.再根据U=E-Ir,ΔU=ΔIr,故D错误.]
    2.有两个相同的电阻R,串联起来接在电动势为E的电源上,电路中的电流为I;将它们并联起来接在同一电源上,此时流过电源的电流为eq \f(4I,3),则电源的内阻为( )
    A.R B.eq \f(R,2)
    C.4R D.eq \f(R,8)
    C [由串联电路和并联电路的特点及闭合电路的欧姆定律得E=I(2R+r),E=eq \f(4,3)I(eq \f(R,2)+r),由以上两式可得r=4R.]
    3.(多选)如图所示电路中,电源电动势E=9 V、内阻r=3 Ω,R=15 Ω,下列说法中正确的是( )
    A.当S断开时,UAC=9 V
    B.当S闭合时,UAC=9 V
    C.当S闭合时,UAB=7.5 V,UBC=0
    D.当S断开时,UAB=0,UBC=0
    AC [当S断开时,UAC与UBC为路端电压,等于电源电动势,A正确,D错误;当S闭合时,UAC=UAB=eq \f(E,R+r)R=7.5 V,UBC=I×0=0,B错误,C正确.]
    4.(多选)如图所示,直线A为电源a的路端电压与电流的关系图线;直线B为电源b的路端电压与电流的关系图线;直线C为一个电阻R两端电压与电流的关系图线.将这个电阻分别接到a、b两电源上,那么( )
    A.R接到b电源上时电源的效率高
    B.R接到b电源上时电源的输出功率较大
    C.R接到a电源上时电源的输出功率较大,但电源效率较低
    D.R接到a电源上时电阻的发热功率较大,电源效率也较高
    AC [由题图知Ea>Eb,内阻ra>rb,当电阻R接到电源两极时,电源的效率为η=eq \f(I2R,I2R+r)=eq \f(R,R+r),所以R接到电源b上时,电源的效率高,A对,D错.由题图知,R接到电源a上时,电源的输出电压和电流均比接到b上时大,故R接到电源a上时,电源的输出功率较大,B错,C对.]
    5.如图所示,电源电动势为E,内阻为r.当可变电阻的滑片P向b点移动时,电压表的读数U1与电压表的读数U2的变化情况是( )
    A.U1变大,U2变小
    B.U1变大,U2变大
    C.U1变小,U2变小
    D.U1变小,U2变大
    A [滑片P向b移动时,总电阻变大,干路中I=eq \f(E,R+r)变小. 由于路端电压U=E-Ir,U增大,即V1表示数U1变大.由于V2表示数U2=IR,所以U2减小,所以A正确.]
    6.如图所示,闭合开关S,电路稳定后,水平放置的平行金属板间的带电质点P处于静止状态,若将滑动变阻器R2的滑片向a端移动,则( )
    A.电压表读数增大 B.电流表读数减小
    C.R1消耗的功率减小 D.质点P将向下运动
    D [由题图可知,R1与滑动变阻器串联;电容器与变阻器并联;当滑片向a端移动时,滑动变阻器接入电路电阻减小,总电阻减小;由闭合电路欧姆定律可知,电路中电流增大;路端电压减小,同时R1两端的电压增大,所以电压表示数减小,电流示数增大,故A、B错误.流过R1的电流增大,由公式P=I2R知R1消耗的功率增大,故C错误.电容器板间电压减小,板间电场强度减小,故质点P受到的向上电场力减小,则重力大于电场力,质点P将向下运动,故D正确.]
    二、非选择题(14分)
    7.如图所示的电路中,S闭合后,电压表和电流表(均为理想电表)的示数分别为1.6 V和0.4 A.S断开后,它们的示数分别改变0.1 V和0.1 A,求电源的电动势及内阻.
    [解析] S闭合后,R1、R2并联接入电路,由闭合电路欧姆定律得U1=E-I1r,即
    E=1.6 V+0.4 A×r①
    S断开后,只有R1接入电路,由闭合电路欧姆定律得
    U2=E-I2r,即E=(1.6+0.1)V+(0.4-0.1) A×r②
    由①②得E=2 V,r=1 Ω.
    [答案] 2 V 1 Ω
    [能力提升练]
    一、选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分)
    1.在如图所示的电路中,R1、R2、R3和R4皆为定值电阻,R5为可变电阻,电源的电动势为E,内阻为r,设电流表的读数为I,电压表的读数为U,当R5的滑动触点向图中a端移动时( )
    A.I变大,U变小 B.I变大,U变大
    C.I变小,U变大 D.I变小,U变小
    D [本题考查闭合电路的动态分析.当R5的滑动触点向图中a端移动时,R5接入电路的电阻变小,外电路的总电阻就变小,总电流变大,路端电压变小即电压表的读数U变小;由于总电流变大,使得R1、R3两端电压都变大,而路端电压又变小,因此,R2和R4串联两端电压变小,则电流表的读数I变小,故选D.]
    2.如图所示,电源电动势E=10 V,内阻r=0.2 Ω,标有“8 V 16 W”的灯泡L恰好正常发光,电动机线圈电阻R0=0.15 Ω,则电源的输出功率为( )
    A.16 W B.440 W
    C.80 W D.400 W
    C [电路的总电流I=eq \f(E-U额,r)=eq \f(10-8,0.2) A=10 A,则电源的输出功率为P=IU额=10×8 W=80 W.]
    3.如图所示,直线OAC为某一直流电源的总功率随电流I变化的图线,曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线.若A、B点的横坐标均为1 A,那么AB线段表示的功率为( )
    A.1 W B.6 W
    C.2 W D.2.5 W
    C [由图象中不难看出,在C点,电源的总功率等于电源内部的热功率,所以电源的电动势为E=3 V,短路电流为I=3 A,所以电源的内阻为r=eq \f(E,I)=1 Ω.图象上AB段所表示的功率为PAB=P总-I2r= (1 × 3-12×1) W=2 W.故正确选项为C.]
    4.如图所示,当滑动变阻器的滑片P向右移动时,三个灯泡亮度的变化情况是( )
    A.L1变亮,L2和L3均变暗
    B.L1变亮,L2不能确定,L3变暗
    C.L1变暗,L2和L3均变亮
    D.L1变亮,L2变亮,L3变暗
    C [当滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,则总电阻减小,总电流增大,内电压增大,路端电压减小,所以L3变亮.因为U3变大,且路端电压变小,所以L1变暗.总电流变大,流过L1的电流变小,所以流过L2的电流增大,L2变亮.故选项C正确.]
    二、非选择题(本题共2小题,共26分)
    5.(13分)某品牌小汽车电动机和车灯的实际电路可以简化为如图所示的电路,电源电动势E=12.5 V,内阻r=0.05 Ω,电动机的线圈电阻r′=0.02 Ω,只闭合S1时,电流表示数I1=10 A,再闭合S2,电动机正常工作,电流表示数I2=58 A(电流表内阻不计),不考虑灯丝电阻的变化.求:
    (1)在只闭合S1时,车灯两端电压UL和车灯的功率PL;
    (2)再闭合S2后,车灯两端的电压U′L和电动机输出功率P出.
    [解析] (1)只闭合S1时,设车灯灯丝电阻为R,
    由欧姆定律得I1=eq \f(E,R+r)
    解得R=1.2 Ω
    车灯两端的电压UL=I1R=12 V
    车灯消耗功率PL=Ieq \\al(2,1)R=120 W.
    (2)闭合S1、S2后,U′L=E-I2r=9.6 V
    流过车灯的电流I′L=eq \f(U′L,R)=8 A
    电动机的输出功率
    P出=P入-P消=U′L(I2-I′L)-(I2-I′L)2r′=430 W.
    [答案] (1)12 V 120 W (2)9.6 V 430 W
    6.(13分)如图所示的电路中,所用电源的电动势E=4 V,内电阻r=1 Ω,电阻R1可调.现将R1调到3 Ω后固定. 已知R2=6 Ω,R3=3 Ω,求:
    (1)开关S断开和接通时,通过R1的电流分别为多大?
    (2)为了使A、B之间电路的电功率在开关S接通时能达到最大值,应将R1的阻值调到多大?这时A、B间消耗的最大电功率是多少?
    [解析] (1)开关S断开时,I1=eq \f(E,r+R1+R2)=eq \f(4,1+3+6) A=0.4 A
    开关接通时,R2、R3并联的总电阻R23=eq \f(R2R3,R2+R3)=2 Ω
    I1 ′=eq \f(E,r+R1+R23)=eq \f(4,1+3+2) A=0.667 A.
    (2)开关接通时,A、B之间的总电阻R23=2 Ω为定值,所以,只有当R1′=0时,总电流最大,A、B之间的电功率才最大.
    I=eq \f(E,r+R1′+R23)=eq \f(4,1+0+2) A=eq \f(4,3) A
    PAB=I2R23=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(4,3)))2×2 W=3.556 W.
    [答案] (1)0.4 A 0.667 A (2)0 3.556 W

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