鲁科版高考化学一轮复习课时分层作业29晶体结构及有关计算含答案
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答案:(1,1,eq \f(1,2)) 3(a+b)
2.解析:由晶胞结构图利用均摊法计算可得Fe原子个数为2,Y原子个数为8×eq \f(1,8)+4×eq \f(1,4)=2个,O原子个数为8×eq \f(1,4)+4=6个,故铁酸钇的化学式为YFeO3;根据正交相晶胞结构图可知3号Fe原子的x坐标与2号O原子x坐标一致,y坐标由(x-y)正交图可知与2号O原子均在中间且靠右方向,z坐标在eq \f(3,4)处,即3号Fe原子的分数坐标为(eq \f(1,2),eq \f(1,2)+m,eq \f(3,4))。由公式V=eq \f(m,ρ)可得晶胞体积为V=eq \f(2M,ρ×NA)×1030 pm3。
答案:YFeO3 (eq \f(1,2),eq \f(1,2)+m,eq \f(3,4)) eq \f(2M,ρ×NA)×1030
3.解析:(1)该晶胞为立方晶胞,晶胞参数为a pm,晶胞体积为a 3pm3,一个晶胞中含有Fe原子数目为8×eq \f(1,8)+6×eq \f(1,2)+12×eq \f(1,4)+1+4=12,含有Al原子数目为4,Fe3Al晶胞中,rAl=b pm,rFe=c pm,则晶胞中Fe、Al原子的总体积为eq \f(4,3)πreq \\al(3,Fe)×12+eq \f(4,3)πreq \\al(3,Al)×4=eq \f(4,3)π(12c3+4b3) pm3=eq \f(16,3)π(3c3+b3) pm3,所以该晶胞的空间利用率为eq \f(16π3c3+b3,3a3)×100%。
(2)由题图可知,m原子位于右后下方小立方体的中心,则m原子的原子分数坐标为(eq \f(3,4),eq \f(3,4),eq \f(1,4));由晶胞结构图可知,4个铝原子分别位于处于对角位置的4个小立方体的中心,任意两个Al原子之间的距离为晶胞面对角线长的一半,即为eq \f(\r(2),2)apm。(3)一个晶胞中含有Fe原子数目为12,含有Al原子数目为4,一个晶胞的质量m=eq \f(56×12+27×4g,NA),晶胞的体积V=(a×10-10 cm)3=a3×10-30cm3,得Fe3Al晶体的密度为eq \f(780,NA×a3×10-30) g·cm-3。
答案:(1)eq \f(16π3c3+b3,3a3)×100%
(2)(eq \f(3,4),eq \f(3,4),eq \f(1,4)) eq \f(\r(2),2)a (3)eq \f(780,NA×a3×10-30)
4.解析:(1)已知图中的原子分别位于立方体的顶点、棱及面上,根据“均摊法”,K:8×eq \f(1,8)+2×eq \f(1,2)=2,X:8×eq \f(1,4)+4×eq \f(1,2)=4,Y:8×eq \f(1,4)+4×eq \f(1,2)=4,Z:4×eq \f(1,4)+2×eq \f(1,2)=2,结合化学式KBe2BO3F2,原子半径:Be>B>F,故图中X表示Be,Y表示F,Z表示B。(2)结合(1),Be—F的键长为r,a、b原子的分数坐标分别为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1,0,\f(1,6)))、eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0,0,\f(1,2))),c原子所在边的边长为n,则c原子与处于同一条棱的下底面K的距离为eq \f(5n,6)-r=eq \f(5n-6r,6),故c原子的分数坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1,1,\f(5n-6r,6n)));晶胞的体积为m2n×10-30 cm3,结合(1)的分析,1个晶胞的质量为eq \f(2×154,NA) g=eq \f(308,NA) g,该晶体的密度为eq \f(308,NA) g÷(m2n×10-30 cm3)=eq \f(308,m2n×10-30NA) g/cm3。
答案:(1)Be
(2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1,1,\f(5n-6r,6n))) eq \f(308,m2n×10-30NA)
5.解析:根据金刚石晶胞结构,Zn在顶点,与其距离最近的Se原子的个数为4,构成的立体结构为正四面体;将晶胞均分为8个小立方体,根据金刚石晶胞的结构,原子1的分数坐标为(0.75,0.25,0.25),原子2应在上层四个小立方体的最左前面一个小立方体的体心,原子2的分数坐标为(0.25,0.25,0.75);设晶胞中Se和Zn的最近距离为d cm,d为体对角线的四分之一,则晶胞参数为eq \f(4d,\r(3)) cm;根据均摊法,晶胞中Zn的个数为4,Se的个数为4,若硒化锌的晶体密度为ρ g·cm-3,阿伏加德罗常数的值为NA,则ρ=eq \f(4×65+79,NA\f(4d,\r(3))3),晶胞中Se和Zn的最近距离为d=eq \f(\r(3),4)×eq \r(3,\f(4×65+79,ρNA)) cm=eq \f(\r(3),4)eq \r(3,\f(576,ρNA))×1010 pm。
答案:正四面体 (0.25,0.25,0.75) eq \f(\r(3),4)×eq \r(3,\f(576,ρNA))×1010
6.解析:Sn是50号元素,电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p64d105s25p2,基态Sn原子的d轨道与p轨道上的电子数之比为20∶20=1∶1;一个晶胞中含4个NiTiSn,一个晶胞的体积(a×10-10)3 cm3,ρ=eq \f(4M,NA×a×10-103)=eq \f(4M×1030,NAa3) g/cm3;距离Ti最近的Ti有12个;表面原子数:8个顶点,6个面心,12个棱中8+6+12=26,内部:1个体心,4个四面体空隙,1+4=5,共26+5=31个;故该颗粒的表面原子数与总原子数的最简整数比为26∶31。
答案:1∶1 eq \f(4M×1030,NAa3) 12 26∶31
7.解析:(1)由题给KH2PO4晶体的四方晶胞图可知,每个晶胞中,K+个数为6×eq \f(1,2)+4×eq \f(1,4)=4(个),H2POeq \\al(-,4)个数为8×eq \f(1,8)+4×eq \f(1,2)+1=4(个),则1个KH2PO4晶体的四方晶胞中有4个KH2PO4,晶体密度等于晶胞质量除以晶胞体积,其中晶胞体积为a2 c×10-30 cm3,晶胞的质量为eq \f(4×136,NA) g,所以晶体的密度为eq \f(4×136,a2cNA×10-30) g·cm-3。(2)由题图(a)可知,晶胞在x轴方向的投影图为B图。
答案:(1)eq \f(4×136,a2cNA×10-30) (2)B
8.解析:(1)根据硫离子的分数坐标可知,硫离子位于晶胞的面心、顶点;根据锂离子的分数坐标可知,锂离子位于晶胞的内部,结合坐标位置,即得硫化锂晶胞沿x轴投影的俯视图。(2)根据(1)中的分析,结合俯视图,从面心的S2-看,周围与之等距离且最近的Li+有8个,所以S2-的配位数为8。(3)1个晶胞中有S2-的数目为8×eq \f(1,8)+6×eq \f(1,2)=4个,含有Li+的数目为8个,晶胞参数为a pm,一个晶胞的体积为V=a3pm3=a3×10-30cm3,1 ml晶胞的体积为a3×10-30NA cm3,1 ml晶胞质量为m=4×46 g,所以晶体密度为ρ=eq \f(m,V)=eq \f(4×46 g,NA×a3×10-30 cm3)=eq \f(1.84×1032,a3NA) g·cm-3。
答案:(1) (2)8 (3)eq \f(1.84×1032,a3NA)
9.解析:(1)题图b中上、下两个面的面心原子分别为Hg和Ge,晶胞结构不对称,不符合晶胞平移后重合的特性,因此不是晶胞单元。(2)由题图c可知,X的晶体中与Hg距离最近的Sb的数目为4;该晶胞中Hg原子数=4×eq \f(1,4)+6×eq \f(1,2)=4(个),Ge原子数=8×eq \f(1,8)+4×eq \f(1,2)+1=4(个),Sb原子数为8,故Hg、Ge、Sb粒子个数比为4∶4∶8=1∶1∶2。(3)该晶胞的组成为Hg4Ge4Sb8,由于最简式的式量为Mr,则晶胞的质量为eq \f(4Mr,NA) g,晶胞的体积为x2y×10-21 cm3,则晶体的密度为eq \f(\f(4Mr,NA),x2y×10-21) g·cm-3=eq \f(4Mr,NAx2y×10-21) g·cm-3。
答案:(1)图b中上、下两个面的面心原子在上、下平移过程中不能重合 (2)4 1∶1∶2 (3)eq \f(4Mr,NAx2y×10-21)
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