江西省2023-2024学年物理九上期末经典试题

这是一份江西省2023-2024学年物理九上期末经典试题，共26页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁等内容，欢迎下载使用。
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
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一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）
1．如图所示的电路，电源电压均不变，R0为定值电阻，R为最大阻值已知的滑动变阻器，利用下列电路图能够测出待测电阻Rx阻值的是
A．B．
C．D．
2．小明根据下表所提供的数据得出了四个结论，其中正确的是( )
A．液体的比热容一定比固体的比热容大
B．同种物质发生物态变化后，比热容不变
C．由于水的比热容大，白天海水温度比沙滩高
D．2 kg的水温度升高50 ℃，吸收的热量是4.2×105 J
3．从欧姆定律可以导出公式．对电阻的理解．你认为正确的是：
A．当电压增大时，电阻也增大B．当电流增大时，电阻减小
C．当电压为零时，电阻也为零D．电阻由导体本身性质决定，与电流、电压无关
4．如图所示，小林利用滑轮组提升800N的重物，他在绳子自由端施加的拉力F为500N，物体在5s内匀速上升了1m，则5s内（ ）
A．绳子自由端移动了 3m
B．小林做的有用功是 500J
C．动滑轮的重力大小不会影响滑轮组的机械效率
D．增大物体重力，有利于提高滑轮组的机械效率
5．如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器．闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中（ ）
A．电路总功率的最小值为1.8W
B．电路总功率的最大值为5.4W
C．定值电阻电功率的最小值为1.35W
D．定值电阻电功率的变化为4.05W
6．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，R2为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列四个选项中，判断正确的是（ ）
A．电压表、电流表示数均变大。
B．电压表、电流表示数均变小
C．电压表示数变大，电流表示数变小
D．电压表示数变小，电流表示数变大
7．如图是某时刻四冲程汽油机工作状态示意图，下列说法正确的是
A．此时它正处在压缩冲程
B．此热机的效率可以达到
C．热机做功冲程中高温高压气体推动活塞运动带动曲轴运动，对外做功。
D．热机压缩冲程中存在内能转化为机械能
8．（2017•镇江卷）下列估计值中，最接近实际的是（ ）
A．人正常步行时的速度约为5m/s
B．住宅楼每层楼的高度约为3m
C．一本物理书的质量约为30g
D．一盏家用节能灯的功率约为1kW
9．如图甲所示的电路中，为定值电阻，为滑动变阻器其最大阻值为．闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P从b端移至a端的过程中，消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息，则下列判断正确的是
A．电路中最小电流为B．消耗的最大电功率为10W
C．的阻值是D．电源电压为15V
10．如图所示，将定值电阻R0和滑动变阻器RP先后以甲、乙两种方式连接在电源上，如果图甲中U1︰U2= m，图乙中I1︰I2= n，则下列关于m、n与滑动变阻器接入电路的电阻R的变化关系图像，可能正确的是
A．B．
C．D．
11．关于物体的内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度相等的1 kg和100 g的水内能相同B．物体内能增加，一定要从外界吸收热量
C．温度为0℃的物体没有内能D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
12．下列关于地磁场的描述正确的是（ ）
A．地球周围的地磁场的磁感线是从地磁南极出发回到地磁北极
B．指南针总是指向南北，是因为受到了地磁场的作用
C．地磁两极与地理两极完全重合
D．我国宋代学者沈括正确地找到了地磁场产生的原因
13．在图中所示的电路中，电源电压为6V且保持不变．只闭合开关S1，电流表示数为0.4A；再闭合开关S2，电流表示数变化了0.2A；设开关S2闭合前后R1消耗的电功率的变化量为ΔP；则关于R2的阻值及ΔP的值分别为
A．R2=5ΩΔP=" 2" WB．R2=10ΩΔP= 2W
C．R2=5ΩΔP= 5WD．R2=15ΩΔP= 5W
14．如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是
A．羊角锤B．核桃夹子
C．撬棒D．食品夹子
15．用如图所示电路研究电流跟电压的关系．为了改变定值电阻R两端电压，设计了三种方案．
甲：多节干电池串联接入MN；乙：电池与滑动变阻器串联接入MN；丙：电池先后与不同定值电阻R′串联接入MN．可行的方案是（ ）
A．仅有甲B．仅有乙
C．仅有甲、乙两种D．甲、乙、丙都可行
16．条形码扫描器在生活中有着广泛的应用，如图所示，它的主要工作原理是借助扫描器中的光敏二极管将光信号转换成电信号，制作光敏二极管的主要材料是
A．半导体材料B．超导材料
C．纳米材料D．核材料
17．关于磁场、电磁波，下列说法正确的是（ ）
A．电磁波在真空中传播的速度是3×105m/s
B．通电直导线周围存在磁场，通电弯曲导线周围不存在磁场
C．光纤通信是利用光经多次反射进行传输光信号的
D．小磁针在地球表面静止时N极所指的方向是地理的南极
18．下列简单机械中，属于省力杠杆的是
A．筷子
B．理发剪
C．羊角锤
D．钓鱼竿
19．如图所示电路电源电压不变．开关S闭合前，电压表示数为6V；开关S闭合后，电流表A 1 的示数为0.6A，A 2 的示数为0.5A，A 3 的示数为0.9A．则下列判断正确的是（ ）
A．干路电流为1.1A
B．通过R1的电流为0.1A
C．电阻R2的电阻值为12Ω
D．R2和R3交换位置后，电流表A1和A 3的示数不变
20．家用电能表抄表时记录的数值的单位是
A．千瓦B．焦耳C．伏特D．千瓦时
21．两个定值电阻，甲标有“16Ω 1.5A”，乙标有“22Ω 5A”．现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压是
A．57 VB．41 VC．35 VD．19 V
22．无风的下午，小朋友从滑梯顶端滑到底部后不动时，小俭发现：小朋友原来伏贴的头发竖起并分开。由上述信息可知：小朋友与滑梯摩擦过程中（ ）
A．小朋友的头发带上了正电荷
B．小朋友的头发带上了负电荷
C．负电荷在小朋友和滑梯之间发生了转移
D．正电荷在小朋友和滑梯之间发生了转移
23．用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明；要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是（ ）
A．水比煤油的比热容大
B．加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C．实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D．相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，煤油比水升高的温度大
24．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是
A．冰熔化成水，质量不变，温度不变，内能不变
B．火箭使用液态氢作为燃料，是因为液态氢含有的内能多
C．物体温度降低时内能减少，所以0℃冰块没有内能
D．物体温度升高，物体可能吸收了热量
25．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=2R2，闭合S、S1，断开S2时，电压表示数为5V，闭合S、S2，断开S1时，电压表示数为7V，则R：R2为（ ）
A．3∶2
B．2∶3
C．7∶5
D．5∶7
26．如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下图能解释磁异探测器工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
27．如图所示实验，试管口木塞冲出过程
A．试管口出现的白雾是水蒸气
B．试管口出现白雾说明水蒸气内能增加
C．能量转化情况与内燃机压缩冲程相同
D．水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减少
28．科学探究需要进行实验，在取得数据和事实后，再进行分析和推理，因此，在科学探究中我们需要区分事实与推论．下列叙述是事实或推论的是( )
①在气体扩散实验中，抽去玻璃板后，红棕色的NO2气体进入到空气中；②在液体扩散实验中，红墨水滴入热水，热水很快变红；③扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；④温度越高，分子的无规则运动越剧烈．
A．①②是事实，③④是推论
B．①②④是事实，③是推论
C．①是事实，②③④是推论
D．③④是事实，①②是推论
29．.下列事实不能作为相应观点的证据的是
A．尘土飞扬，说明分子是运动的
B．电解水得到氢气和氧气，说明分子是可分的
C．气体被压缩后体积发生了较大变化，说明气体分子间的距离大
D．将两个干净平整的铅柱紧压在一起会结合起来，说明分子间存在引力
30．如图所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R的阻值为10Ω，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从某个位置向右滑动一段距离，使变阻器阻值增加了5Ω，电流表示数减少了0.04A，则电压表示数的变化是（ ）
A．增加了0.2VB．减少了0.2VC．增加了0.4VD．减少了0.4V
二、填空题（每空1分，共10题，20分）
31．刚装修完的房子会有刺鼻的气味，这是_____现象。为了减小新房子有害气体对人体造后成的危害，根据温度越高，分子运动越_____（选填“快”或“慢”）的原理，可在装修完加强通风，并放置一个_____（选填“夏”或“冬”）季后再行人住比较好。
32．某家用电热水器的工作原理如图所示（已知两电阻丝的阻值相等，电源电压保持不变），它有高温、中温、低温三个档位．当开关S1接b，S2断开时，它是处于________档，此时电路功率为P1；当开关S1接a，S2闭合时，它是处于________档，此时电路功率为P2，则P1：P2=________．
33．炎炎夏日，同时使用过多的大功率用电器往往会引起空气开关“跳闸”，其原因是___，请写出一条安全用电的注意事项_____________________．
34．生命探测仪原理很简单，因为任何生命体周边都会存在许多生命信息．这信息通过各种能量形式表现在身体外部，如声波、电磁波、光波等，雷达生命探测仪主要是靠接收生命体周边的__________波来确定幸存者方位的；声波生命探测仪是利用声波能够传递__________的原理来探测是否有生命迹象的；光纤生命探测仪是利用光信号在光纤内壁多次_______向前传播的．
35．如图是一种手摇发电的手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光。这个手电筒壳体透明，可以清晰地看到里面有线圈，摇动时，可以感受到有一个物块在来回运动，小明猜想这个物块是磁体，依据是：物体运动时，闭合线圈切割________产生感应电流，线圈相当于电路中的________（填“电源”或“用电器”）。
36．国产喷气客机开启商业运营新征程在空中飞行时，机翼上方空气流速比下方大，所以机翼上方空气压强比下方________；飞机外壳与空气摩擦，温度升高，这是通过_______的方式增加内能。降落时，在逐渐靠近地面过程中飞机的重力势能_______。
37．灯泡L1标有“6V、6W”、L2标有“6V、3W”的字样，把它们串联接入电路，若两灯都能长时间发光，则电路中的最大电流应该为_______A．
38．小利在家里开着空调看电视，当妈妈把电磁炉的插头插进插座时，家里的自动空气开关“跳闸”了。“跳闸”的原因可能是电磁炉插头内部发生______，也可能是电路中用电器的______过大。
39．尚老师家的一台用电器铭牌如图所示，请你认真阅读铭牌内容，并说出其中信息：①__________；②__________。
40．探究电流跟电压的关系时，应保持_____不变，根据实验数据画出如图所示的图象，你对这个图象进行分析后，得出的结论是_____，这个图象使你联想到数学中的_____知识。
三、实验题（每空1分，共2题，15分）
41．如图所示的是小聪和小明做“测量定值电阻Rx”的实验。
（1）图甲是小聪设计的电路，连接尚未完整，请用笔画线代替导线，把电路连接好，使滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的读数变大___________。
（2）小聪在正确连接后，闭合开关，发现电压表的指针有明显偏转，电流表的指针几乎没有偏转，该故障的原因是_____。
（3）小聪在排除了电路故障后，先把滑动变阻器的滑片调到最_____（填“左”或“右”）端，闭合开关，再调节滑片，测得多组数据，并由这些数据计算得定值电阻Rx的阻值为9.8Ω。
（4）小明在实验时，发现电压表已损坏，他设计了如图乙所示的电路进行实验，先把滑动变阻器的滑片调到电阻值的最大处，闭合开关S1、S2，电流表的读数如图丙所示，为_____A；保持滑动变阻器的滑片不动，闭合开关S1，断开开关S2时，电流表的示数为0.3A，已知滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，根据小明测得的数据计算出定值电阻Rx的阻值是_____Ω。（设电源电压恒定）
（5）比较小聪和小明的实验，你认为_____的实验结果更准确，理由是_____。
42．在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
(1)小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节图甲_______（A/B）的高度，调节它的高度是为了___________________。
(2)组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油___________，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是____________。
(3)在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是_________________________。（答出一个即可）
四、计算题（每题10分，共2题，20分）
43．如图甲所示的电路图，电源电压为9V且保持不变，小灯泡L标有“6V 6W”的字样，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P从某点A移到另一点B的过程中（图中未标出），电流表与电压表示数的变化曲线如图乙所示。求：
(1)小灯泡正常发光时的电阻；
(2)小灯泡正常发光30s消耗的电能；
(3)小灯泡电功率为2. 1W时的电阻；
(4)滑片P在A、B位置移动过程中，小灯泡L消耗的最大电功率。
44．如图甲所示是一款超市用的透明玻璃门冷饮展示冰柜，该冰柜的玻璃门采用的是防雾玻璃，玻璃夹层中有电热丝用来加热玻璃，可以有效防止水蒸气凝结在玻璃上，电热丝与冰柜中的电动压缩机连接的简化电路如图乙所示，其相关参数如表所示．求：
（1）冰柜的电动压缩机正常工作时的电流为多少？
（2）冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻为多少？
（3）该冰柜的玻璃门的质量是5kg，若不计热量损失，电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要多长时间？[玻璃的比热容为0.84×103J/（kg•℃）]
参考答案
一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）
1、D
【分析】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．
【详解】A、滑动变阻器滑片移动时，电压表能测出电路中的电压值，且始终为电源电压，但无法求出通过未知电阻的电流，无法求出电阻，故A错误；
B、由于无法知道R0的电流，故无法求出待测电阻的电流和电压，无法求出电阻，故B错误；
C、根据图可知，利用电流表无法求出电压，故无法求出待测电阻两端的电压，无法求出电阻，故C错误；
D、由电路图可知，先把滑片移到最左端，滑动变阻器阻值全部接入电路，滑动变阻器与待测电阻串联，测出电路电流I，则电源电压U＝I（R0+RX）①；
再把滑动变阻器滑片移到最右端，时RP＝0，即只有RX接入电路，由电流表测出电路电流I'，则电源电压U＝I'RX，②，由①②联合可以求出RX，故D正确．
故选D．
2、D
【详解】A．由表格数据可知，水银的比热容比砂石、铝、铜的都小，因此液体的比热容不一定比固体的比热容大，故错误；
B．水和冰是同种物质，状态不同，比热容不同，故错误；
C．海水的比热容比沙石的比热容大，所以在白天有太阳光照射时，吸收相同的热量情况下，海水升温较慢，而陆地的沙石比热容小，升温就比较快，则岸边沙石的温度比海水的温度高，故错误；
D．2 kg的水温度升高50 ℃，吸收的热量是
故正确。
3、D
【详解】导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料，长度，横截面积有关，跟通过导体的电流、和导体两端的电压的无关．所以A，B，C错误，D正确．
故选D．
4、D
【详解】A．由图知，n＝2，绳子自由端移动的距离：
s＝2h＝2×1m＝2m；
故A错误；
B．小林做的有用功：
W有用＝Gh＝800N×1m＝800J；
故B错误；
C．使用滑轮组提升重物时，对重物做的功为有用功，克服摩擦、提升动滑轮做的功为额外功，若提升相同的物体、提升相同的高度，做的有用功相同，若动滑轮重力越大，做的额外功越多，总功越多，则有用功与总功的比值越小，机械效率越低，可见，动滑轮的重力大小会影响滑轮组的机械效率，故C错误；
D．增大物体重力，若提升的高度不变，做的有用功增大，而额外功几乎不变，这样有用功与总功的比值变大，滑轮组的机械效变大，故D正确。
5、A
【详解】当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流I大=1.2A，由I=U/R可得，电源的电压：
U=I大R1=1.2A×R1，
当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，由图象可知，电路中的最小电流I小=0.3A，电压表的最大示数U2=4.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：
U=I小R1 +U2 =0.3A×R1 +4.5V，
因电源的电压不变，所以，
1.2A×R1 =0.3A×R1 +4.5V，
解得：R1 =5Ω，电源的电压
U=I大R1=1.2A×5Ω=6V；
Ａ．电路总功率的最小值
P小=UI小=6V×0.3A=1.8W，
故A正确；
B．电路总功率的最大值
P大=UI大=6V×1.2A=7.2W，
故B错误；
C．定值电阻电功率的最小值
P1小=I小2R1 =（0.3A）2×5Ω=0.45W，
故C错误；
D．定值电阻电功率的最大值
P1大 =I大 2R1 =（1.2A）2×5Ω=7.2W，
定值电阻电功率的变化量
△P1=P1大-P1小=7.2W-0.45W=6.75W，
故D不正确．
6、C
【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化。
【详解】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路中的电流；
AD．当滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AD错误；
BC．由可知，R2两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误、C正确。
故选C。
7、C
【详解】A．如图所示，两个气门关闭，活塞向下运动，火花塞点火说明此过程为做功冲程，故A错误；
B．任何热机的效率都不可能达到100%，因为燃料燃烧时有热量损失，机械转动部分也要损失一定的热量，以及尾气排放时也会带走热量等等，故B错误；
C．热机做功冲程的时候火花塞点火，活塞向下运动并带动曲轴运动，此时对外做功，内能转化为机械能，故C正确；
D．热机压缩冲程中外界对气体做功，活塞向上运动，此时机械能转化为内能，故D错误。
8、B
【解析】A．人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右，故A不符合实际；
B．住宅楼三层的高度在10m左右，一层楼的高度一般在3m左右，故B符合实际；
C．一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在300g左右，故C不符合实际；
D．教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右，故D不符合实际；
9、B
【详解】由图甲可知：、串联，当滑动变阻器的滑片P在a端时，其接入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图象可知，的电阻最大为时，的功率为；
由可得电路中的最小电流：
；故A错误；
由图象可知，当时，的功率，
由可得此时电路中的电流：
；
由欧姆定律和串联电路的特点可得，当时电源电压：
-------------
同理可得，当时电源电压：
-------------
电源电压不变，联立方程得：，；故CD错误；
当滑动变阻器连入电路的电阻为0时，的电压最大为电源电压，此时的功率最大，
则消耗的最大电功率：，故B正确．
故选B．
10、D
【解析】AB．将定值电阻R0和滑动变阻器RP串联在电路中，根据串联电路电压的分配可得：m，即mRP=R0，R0为定值电阻，所以m与R成反比，故AB错误．
CD．电路如图乙方式连接，则R0、RP并联，有I1=I2+I0，I0大小不变，且I2≠0，故I1随I2的增大而增大，故C错误，D正确；
故选D。
11、D
【详解】A．因为变物体的内能与质量、温度、状态等有关，所以温度相等的1 kg和100 g的水内能不同，故A错；
B．因为做功和热传递都可改变物体的内能，所以物体内能增加，不一定要从外界吸收热量，故B错；
C．因为一切物体都有内能，所以温度为0℃的物体也有内能,g故C错；
D．因为物体的内能与质量、温度、状态等有关，所以同一物体温度降低，内能也一定会降低，故D正确；
故选D。
12、B
【解析】A．地球周围的地磁场的磁感线是从地理南极出发到地理北极。而不是地磁的南极到北极。故A不正确。
B．指南针总是指向南北，是因为受到了地磁场的作用，地球本身就是一个大磁体。故B正确。
C．地磁两极与地理两极并不完全重合，有一个夹角，这个夹角叫磁偏角。故C不正确。
D．我国宋代学者沈括发现了磁偏角。而不是找到了地磁场产生的原因。故D不正确。
故选：B。
13、A
【解析】试题分析：只闭合开关S1时，两电阻串联，电流表测电路中的电流，等效电路图如图1所示；再闭合开关S2时，电路为R1的简单电路，等效电路图如图2所示．；
∵电阻越串越大、大于任何一个分电阻，∴根据可知，图2中电流表的示数比图1中的电流大，即图2中I2=0.4A+0.2A=0.6A，由图2可得：；R1消耗的电功率P1=UI2=6V×0.6A=3.6W；图1中，电路中的总电阻，所以R2=R－R1=15Ω－10Ω=5Ω，R1消耗的电功率P1′=（I1）2R1=（0.4A）2×10Ω=1.6W；S2闭合前后R1消耗的电功率相差ΔP=P1-P1′=3.6W－1.6W=2W．故选B．
考点：欧姆定律的应用；电功率的计算
14、D
【详解】A．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；
B．核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C．撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；
D．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D正确．
15、D
【详解】研究电流跟电压的关系时，由控制变量法知道，需要控制电阻的阻值不变，改变电阻两端的电压，则
甲：多节干电池串联接入MN时，改变干电池串联的节数时电源的电压发生变化，R两端的电压发生变化，故方法可行；
乙：电池与滑动变阻器串联接入MN时，当移动滑动变阻器滑片P时，可以改变接入电路中的电阻，从而改变电路中的电流和R两端的电压，故方法可行；
丙：电池先后与不同定值电阻R′串联接入MN，定值电阻R′的阻值不同，分得的电压不同，定值电阻R两端的电压不同，故方法可行；
综上所述，甲、乙、丙三种方案均可行．
16、A
【详解】光敏二极管主要是由半导体材料制成的，能将光信号转换成电信号，故选A。
17、C
【详解】A、电磁波在真空中传播的速度是3×108m/s，故A错误；
B、通电的直导线和弯曲导线周围都存在磁场，通电弯曲导线叫线圈，它的磁场和条形磁铁的磁场相似，故B错误；
C、光纤通信是利用激光在光导纤维多次反射进行传输光信号的，故C正确；
D、在地表附近的小磁针，静止时南极指向地理的南极，北极指向地理的北极，故D错误．
故选C．
18、C
【分析】根据生活经验，分析支点位置，判断出动力臂与阻力臂的长度关系，
(1)动力臂大于阻力臂的是省力杠杆；
(2)动力臂小于阻力臂的是费力杠杆；
(3)动力臂等于阻力臂的是等臂杠杆。
【详解】A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A项不符合题意；
B．理发剪在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B项不符合题意；
C．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C项符合题意；
D．钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D项不符合题意。
19、D
【分析】由电路图可知，三电阻并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，电流表A3测干路电流，电压表测电源的电压．
（1）根据A3的示数可知干路电流，根据并联电路的电流特点可知通过R1和R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知电阻R2的电阻值；
（2）R2和 R3交换位置后，三电阻仍并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A3测干路电流，据此进行解答两电流表的示数是否变化．
【详解】开关断开时电压表的示数为电源电压6V；
开关闭合后三个电阻并联，A1测量通过R2和R3的总电流，A2测量通过R1和R2的总电流，A3测量干路中电流；
由电流表A3的示数为0.9A可知，干路电流
I=IA3=0.9A，
故A错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1和R2、R3电流分别为：
I1=IA3-IA1=0.9A-0.6A=0.3A，
故B错误；
I2=IA2-I1=0.5A-0.3A=0.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
电阻R2的电阻值：
R2＝=30Ω，故C错误；
R2和 R3交换位置后，三电阻仍并联，电流表A1仍测量R2和R3支路的电流之和，电流表A3仍测量干路电流，则电流表A1和A3的示数不变，故D正确．
20、D
【解析】A．千瓦是电功率的单位，而电能表是测量电能(或电功)的，故A不合题意；
B．焦耳是能量的单位，电能表上记录的是常用单位千瓦时，故B不合题意；
C．伏特是电压的单位，电能表是测量电能(或电功)的，故C不符合题意；
D．电能表是测量家庭用电器消耗电能总量的仪表，其单位是千瓦时，简称度，故D符合题意；
故选D。
21、A
【解析】当它们串联接到电路里时，各处的电流相等，∵I1＝1.5A，I2＝5A，即I1＜I2，
∴为了让每一个电阻都工作，电路中允许通过的最大电流I＝I1＝1.5A，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得电路两端所加的电压：U＝I（R1+R2）＝1.5A×（16Ω+22Ω）＝57V，故A正确．
22、C
【解析】孩子的头发竖直并分开说明头发上带同种电荷，是因为摩擦过程中带负电荷的电子转移，故选C。
23、C
【分析】(1)相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)用搅拌器搅拌，目的是使得液体受热均匀；
(3)水和煤油的沸点不同，加热时间也不同，无法比较比热容的大小；
(4)根据，相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，煤油比水升高的温度大。
【详解】A．相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的吸热能力弱，比热容小，水的比热容大于煤油的比热容，故A正确，不符合题意；
B．实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确，不符合题意；
C．水和煤油的沸点不同，加热时间也不同无法比较比热容的大小，故C错误，符合题意；
D．由于煤油的比热容小，根据，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油的温度比水的温度升高得大，故D正确，不符合题意。
故选C。
24、D
【详解】A．冰熔化成水，质量不变，温度不变，但由于熔化过程中持续吸热，所以内能变大，故A错误；
B．火箭使用液态氢作为燃料，是因为液态氢的热值高，单位质量的液态氢燃烧能放出更多的热量，故B错误；
C．任何温度下，物体都具有内能，故C错误；
D．物体温度升高，说明内能变大，可能吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D正确。
25、A
【详解】当闭合S、S1，断开S2时，R1与R串联，电压表测R两端的电压；当闭合S、S2，断开S1时，R2与R串联，电压表测R两端的电压；由 可得，两种情况下的电流之比
因电源的电压一定时，电流与电阻成反比，所以
整理可得
故选A。
26、A
【详解】A．机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，是把机械能转化为电能，发电机原理，图A是发电机原理符合题意；
B．研究电磁铁的实验，不符合题意；
C．演示的磁极间的作用规律，不符合题意；
D．演示电流周围存在磁场，不符合题意。
故选A。
考点：电磁感应现象
27、D
【详解】A．试管口的“白雾”是水沸腾产生的水蒸气液化成的小水滴，故A错误；
B．水蒸气对木塞做功，内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴，出现白雾，故B错误；
C．在此过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，与热机的做功冲程能量转化相同，故C错误；
D．在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，所以水蒸气的内能减少，故D正确．
28、A
【详解】①在气体扩散实验中，抽去玻璃板后，红棕色的NO2气体进入到空气中，这是实验事实；②在液体扩散实验中，红墨水滴人热水，热水很快变红，这是实验事实；③扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这是实验推论；④温度越高，分子的无规则运动越剧烈，这是实验推论；A符合题意．
29、A
【解析】分析：A、分子是用肉眼看不到的，所以尘土飞扬，不能说明分子是运动的；B、化学变化可以证明分子可以再分；C、根据气体容易被压缩的原因考虑；D、根据分子间有引力考虑．
解答：A、分子是用肉眼看不到的，所以尘土飞扬，不能说明分子是运动的，故A不能作为相应观点的证据；
B、化学变化可以证明分子可以再分，电解水生成氢气和氧气，属于化学变化，所以可以证明分子是可分的；
C、气体容易被压缩的原因是气体分子之间的间隔比较大，故C能作为相应观点的证据；
D、将两个干净平整的铅柱紧压在一起会结合起来，说明分子间存在引力，能作为相应观点的证据．
故选A．
【点睛】解答本题关键是熟悉分子的性质和特点，并能灵活运用解决实际问题．
30、C
【详解】原电路中，R与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片从某个位置向右滑动一段距离，设通过电路的电流分别为I1、I2，R两端的电压分别为从U1、U2，因变阻器连入电路中的电阻变大，由分压原理，电压表示数增大；由串联电路电压的规律，R的电压减小；对R而言，由欧姆定律
由合分比定量
故
即R减小的电压，根据串联电路电压的规律，各部分电压之和等于电源电压，故变阻器增加的电压等于R减小的电压，即电压表示数增加了0.4V，故应选C。
二、填空题（每空1分，共10题，20分）
31、扩散 快 夏
【详解】[1]进入刚装修完的房子，会闻到刺鼻的气味，这气味主要来自装修材料中的有害的气体，说明分子在不停的做无规则运动；
[2][3]温度越高，分子的运动越剧烈，因此采取在高温季节来临前装修完并搁置一段时间，加强通风等措施。
32、低温 高温 1：4
【详解】设每根电阻丝的阻值为R，
当开关S1接b，S2断开时，两电阻串联，总电阻R1=2R；
当开关接a，S2闭合时，两电阻并联，总电阻 ；
当开关S1接b，S2闭合时，上面的电热丝被短路，只有一个电阻丝连入电路中，总电阻R3=R；
以上三种连接方式的电阻关系：，
根据可得，
当开关S1接b，S2断开时，电路的功率 ，电功率最小，即为低温档；
当开关S1接a，S2闭合时，电路功率 ，电功率最大，即为高温档；
当开关S1接b，S2闭合时，电路功率，电功率介于二者之间，即为中温档；
所以．
33、总功率过大 不要同时使用大功率用电器
【详解】[1]根据可知，在电压一定时，大量的用电器同时使用会使电路的总功率过大，干路总电流过大，引起空气开关“跳闸”；
[2]安全用电的注意事项：不要同时使用大功率用电器（不要用湿手碰开关、有金属外壳的用电器要使用三脚插头等）．
34、电磁波 信息 反射
【详解】雷达能发射和接收电磁波，因此雷达生命探测仪主要是靠探测生命体周围的电磁波来确定幸存者的；生命探测仪通过接收到的电磁波判断幸存者方位，因此探测仪是利用声波能传递信息的原理；光在光纤中发生全反射，光信号在光纤内壁多次反射向前传播．
35、磁感线 电源
【解析】[1][2]由题干中图可知该手电筒有线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，此时线圈中有感应电流产生，所以手电筒里面的物块应该是磁铁，线圈相当于电路中的电源，此手电筒发电是电磁感应现象，此过程中将消耗机械能得到电能，即将机械能转化为电能。
36、小 做功 减小
【详解】[1]机翼的形状是上凸下平的，则机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，根据流体流速越大、压强越小，所以机翼上方所受空气的压强小于下方所受的空气压强，飞机会受到空气向上的升力作用。
[2]飞机外壳与空气摩擦，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。
[3]飞机降落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小。
37、0.5
【解析】试题分析：∵U1=6V，P1=6W，U2=6V，P2=3W，
∴I1=P1/U1="6W/" 6V =1A，
I2=P2 /U2="3W/" 6V =0.5A，
又∵L1和L2串联，为了保证每一个灯都发光，
∴电路中最大电流应为 0.5A；
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；
38、 短路 总功率
【解析】在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：电路中发生短路故障；电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大。
点睛：空气开关“跳闸”是因为电路中电流过大。电路中电流过大有两种原因：一是电路中用电器的总功率过大，二是电路发生了短路。
39、这台用电器的额定电压为220V 这台用电器的额定消耗功率为110W（或：这是一台长虹液晶电视机等 ）
【详解】[1][2]由图示铭牌可知，这是一台长虹液晶电视机，其额定电压为220V，额定消耗功率为110W。
40、电阻 在电阻一定时，电流与电压成正比 正比例函数
【解析】在研究电流跟电压关系时，由控制变量法知道，应该保持电阻不变，移动滑动变阻器的滑片，改变电阻两端的电压，记录电流的大小，这样就可以分析电流和电压的关系了；从图象知道，电流随着电压的增大而增大，且此图象是一条过原点的直线，即这是一个正比例函数图象，所以，说明电压和电流的比值是一定的，即在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
三、实验题（每空1分，共2题，15分）
41、 ：电阻Rx断路 左 0.9 10 小聪 小聪可通过调节滑动变阻器，改变被测电阻两端的电压，进行多次测量取平均值来减小误差
【详解】(1)[1]使滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的读数变大，说明变阻器接入电路中的电阻变小，故滑片以右电阻丝连入电路中，如下所示：
；
(2)[2]电流表的指针几乎没有偏转，说明电路可能断路；电压表的指针有明显偏转，说明电压表与电源接通，该故障的原因是电阻Rx断路；
(3)[3]小聪在排除了电路故障后，为保护电路，应先把滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最左端；
(4)[4]小明在实验时，发现电压表已损坏，他设计了如图乙所示的电路进行实验，先把滑动变阻器的滑片调到电阻值的最大处，闭合开关S1、S2，此时Rx与变阻器的最大阻值并联；电流表的读数如图丙所示，电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流表的读数为0.9A，即总电流为0.9A；
[5]保持滑动变阻器的滑片不动，闭合开关S1，断开开关S2时，电流表的示数为0.3A，此时只有变阻器接入电路，则电源电压：
；
由并联电路的特点和欧姆定律可得，Rx的阻值：
；
(5)[6]小聪可以通过调节滑动变阻器，多次测量取平均值来减小误差，而小明只能测量一次，误差较大，所以小聪的测量结果更准确。
42、A 确保使用外焰加热 升高的温度 秒表 该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等。
【详解】(1)[1][2]组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整；
(2)[3][4]在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论。实验中需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；
(3)[5]由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，原方案两次加热，酒精灯火焰不易控制到完全相同，现方案相同时间内提供的热量相等；或用水浴法加热，受热均匀，不需搅拌；或（两次实验同时进行，便于同时比较水和煤油升温的快慢）
【点睛】
(1)组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整。(2)实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱。(3)从能否让水和煤油在相同时间内吸收相同热量来分析图示实验，得出结论。
四、计算题（每题10分，共2题，20分）
43、 (1)；(2)180J；(3)；(4)6W
【详解】(1)小灯泡L标有“6V 6W”，可知灯泡正常发光时的电阻
(2)小灯泡正常发光30s消耗的电能
(3)从图像知灯泡电压为3V时，通过电流为0.7A，灯泡的功率
故此时灯泡的电阻
(4)由图象可知，滑片P在A、B位置移动过程中，小灯泡L消耗的最大电功率
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻为；
(2)小灯泡正常发光30s消耗的电能为180J；
(3)小灯泡电功率为2. 1W时的电阻为；
(4)滑片P在A、B位置移动过程中，小灯泡L消耗的最大电功率为6W。
44、（1）0.5A；（2）484Ω；（3）840s
【详解】（1）由P=UI可得，冰柜的电动压缩机正常工作时的电流：
I===0.5A；
（2）由P=可得，冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻：
R===484Ω；
（3）门玻璃升高20℃吸收的热量，
Q吸=cm△t=0.84×103J/（kg•℃）×5kg×20℃=8.4×104J；
不计热量损失，则
W=Q吸=8.4×104J，
由P=可得，电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要的时间：
t===840s．
几种物质的比热容J/(kg·℃)
水
4.2×103
水银
0.14×103
酒精
2.4×103
砂石
0.92×103
甘油
2.4×103
铝
0.88×103
冰
2.1×103
铜
0.39×103
冰柜总质量
160kg
额定电压
220V
电动压缩机的额定功率
110W
防雾电热丝的额定功率
100W