粤教版高中物理选择性必修第一册第1章章末综合提升学案

这是一份粤教版高中物理选择性必修第一册第1章章末综合提升学案，共16页。

主题1　碰撞与爆炸问题爆炸与碰撞的比较【典例1】　一质量为m的烟花弹获得动能E后，从地面竖直升空．当烟花弹上升的速度为零时，弹中火药爆炸将烟花弹炸为质量相等的两部分，两部分获得的动能之和也为E，且均沿竖直方向运动．爆炸时间极短，重力加速度大小为g，不计空气阻力和火药的质量．求：(1)烟花弹从地面开始上升到弹中火药爆炸所经过的时间；(2)爆炸后烟花弹向上运动的部分距地面的最大高度．[解析]　(1)设烟花弹上升的初速度为v0，由题给条件有E＝12mv02 ①设烟花弹从地面开始上升到火药爆炸所用的时间为t，由运动学公式有0－v0＝－gt ②联立①②式得t＝1g2Em． ③(2)设爆炸时烟花弹距地面的高度为h1，由机械能守恒定律有E＝mgh1 ④火药爆炸后，烟花弹上、下两部分均沿竖直方向运动，设爆炸后瞬间其速度分别为v1和v2．由题给条件和动量守恒定律有14mv12+14mv22＝E ⑤12mv1＋12mv2＝0 ⑥由⑥式知，烟花弹两部分的速度方向相反，向上运动部分做竖直上抛运动．设爆炸后烟花弹向上运动部分继续上升的高度为h2，由机械能守恒定律有14mv12＝12mgh2 ⑦联立④⑤⑥⑦式得，烟花弹向上运动部分距地面的最大高度为h＝h1＋h2＝2Emg．[答案]　(1)1g2Em　(2)2Emg爆炸过程和碰撞过程都可认为是系统动量守恒，但是爆炸过程动能增加，碰撞过程动能不增加，只有理想化的弹性碰撞认为动能不变，而一般情况下系统动能都是减少的． 主题2　多体问题及临界问题1．多体问题多个物体相互作用时，物理过程往往比较复杂，分析此类问题时应注意：(1)正确选择研究对象．有时对整体应用动量守恒定律，有时对部分物体应用动量守恒定律，研究对象的选取一是取决于系统是否满足动量守恒的条件，二是根据所研究问题的需要．(2)正确选择研究过程．通常对全过程进行分段分析，并找出联系各阶段的状态量，根据所研究问题的需要，有时只需对全过程建立动量守恒的关系式，有时需要分过程多次应用动量守恒列出关系式．2．临界问题在动量守恒定律的应用中，常常会遇到相互作用的两物体相距最近、避免相碰和物体开始反向运动等临界问题．这类问题的求解关键是寻找物体的临界状态，挖掘问题中隐含的临界条件，其临界条件常常表现为物体的相对速度关系与相对位移关系，选取适当的系统和过程，运用动量守恒定律进行解答．【典例2】　甲、乙两小船质量均为M＝120 kg，静止于水面上，甲船上的人质量m＝60 kg，通过一根长为L＝10 m的绳用F＝120 N的力水平拉乙船，求：(1)两船相遇时，两船分别走了多少距离？(2)为防止两船相撞，人至少以多大的速度跳到乙船(忽略水的阻力)?[解析]　(1)由水平方向动量守恒得(M＋m)x甲t＝Mx乙t ①x甲＋x乙＝L ②联立①②并代入数据解得x甲＝4 m，x乙＝6 m．(2)设相遇时甲船和人共同速度大小为v1，乙船的速度大小为v2，人跳离甲船速度大小为v，人跳离后甲船速度大小为v1′，乙船速度大小为v2′，对甲船和人由动能定理得Fx甲＝12M+mv12 ③对乙船由动能定律得Fx乙＝12mv22 ④以v1的方向为正方向，对人跳离甲船过程由动量守恒定律得 (M＋m)v1＝Mv1′＋mv ⑤对人跳上乙船过程由动量守恒定律得mv－Mv2＝(M＋m)v2′ ⑥防止两船相撞即v1′≤v2′ ⑦联立解得v≥43 m/s，即人至少以43 m/s的速度跳到乙船．[答案]　(1)4 m　6 m　(2)43 m/s(1)“人船模型”对于系统初动量为零，动量时刻守恒的情况均适用．(2)两物体不相撞的临界条件是：两物体运动的速度方向相同，大小相等． 主题3　解决动力学问题的三种思路运用牛顿运动定律、动量、能量的观点解题是解决动力学问题的三条重要途径．求解这类问题时要注意正确选取对象、状态、过程，并恰当选择物理规律．在分析的基础上选用适宜的物理规律来解题，选用规律也有一定的原则．1．牛顿运动定律(力的观点)研究某一时刻(或某一位置)的动力学问题应使用牛顿第二定律，研究某一个恒力作用过程的动力学问题，且又直接涉及物体的加速度问题，应使用运动学公式和牛顿第二定律求解．如：物体在拉力和摩擦力作用下沿水平面运动瞬间的牛顿第二定律方程F－f＝ma．物体沿轨道在竖直面内做圆周运动，最低点的向心力方程F－mg＝mv2R．2．动量定理和动量守恒定律(动量观点)(1)对于不涉及物体运动过程中的加速度而涉及物体运动时间的问题，特别对于打击一类的问题，因时间短且冲力随时间变化，则应用动量定理求解，Ft＝mv－mv0．(2)对于碰撞、爆炸、反冲一类的问题，若只涉及初、末速度而不涉及力、时间的，应用动量守恒定律求解．3．动能定理和能量守恒定律(能量观点)(1)对于不涉及物体运动过程中的加速度和时间问题，无论是恒力做功还是变力做功，一般都利用动能定理求解．(2)如果物体只有重力和弹簧弹力做功而又不涉及运动过程的加速度和时间问题，则采用机械能守恒定律求解．(3)对于相互作用的两物体，若明确两物体相对滑动的距离，应考虑选用能量守恒定律建立方程．【典例3】　如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量mA＝4 kg，上表面光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计．可视为质点的物块B置于A的最右端，B的质量mB＝2 kg．现对A施加一个水平向右的恒力F＝10 N，A运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B黏合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经过时间t＝0.6 s，二者的速度达到vt＝2 m/s．求：(1)A开始运动时加速度a的大小；(2)A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小；(3)A的上表面长度l．[解析]　(1)以小车A为研究对象，由牛顿第二定律有F＝mAa，代入数据解得a＝2.5 m/s2．(2)对小车A和物块B碰撞后共同运动t＝0.6 s的过程，由动量定理得Ft＝(mA＋mB)vt－(mA＋mB)v代入数据解得v＝1 m/s．(3)设小车A和物块B发生碰撞前，小车A的速度为vA，对小车A和物块B发生碰撞的过程，由动量守恒定律有mAvA＝(mA＋mB)v小车A从开始运动到与物块B发生碰撞前，由动能定理有Fl＝12mAvA2代入数据解得l＝0.45 m．[答案]　(1)2.5 m/s2　(2)1 m/s　(3)0.45 m综合应用力学“三大观点”解题的步骤(1)认真审题，明确题目所述的物理情境，确定研究对象．(2)分析所选研究对象的受力情况及运动状态和运动状态的变化过程，画出草图．对于过程复杂的问题，要正确、合理地把全过程分成若干阶段，注意分析各阶段之间的联系．(3)根据各阶段状态变化的规律确定解题方法，选择合理的规律列方程，有时还要分析题目的隐含条件、临界条件、几何关系等列出辅助方程．(4)代入数据(统一单位)，计算结果，必要时要对结果进行讨论．章末综合测评(一)　动量和动量守恒定律一、单项选择题1．质量为m的木箱放在水平地面上，在与水平方向成θ角的拉力F作用下，由静止开始运动，经过时间t速度达到v，在这段时间内拉力F和重力的冲量大小分别为(　　)A．Ft，0　B．Ft cos θ，0　C．mv，0　D．Ft，mgtD　[由冲量的定义式I＝Ft知，某个力与该力对应时间的乘积，便为该力的冲量．因此拉力的冲量为Ft，重力的冲量为mgt，故D正确．]2．在水平地面上有一木块，质量为m，它与地面间的动摩擦因数为μ．物体在水平恒力F的作用下由静止开始运动，经过时间t后撤去力F，物体又前进了时间2t才停下来．这个力F的大小为(　　)A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmgC　[整个过程中滑动摩擦力的作用时间为3t，水平恒力F的作用时间为t，由动量定理得Ft－μmg·3t＝0－0，得F＝3μmg，所以C正确．]3．如图所示，滑槽M1与滑块M2紧靠在一起，静止于光滑的水平面上．小球m从M1的右上方无初速度地下滑，当m滑到M1左方最高处时，M1将(　　)A．静止 B．向左运动C．向右运动 D．无法确定B　[小球m和滑槽M1、滑块M2三个物体构成一个系统，这个系统所受水平方向的合外力为零，所以系统水平方向动量守恒，小球m下滑前系统总动量为零，小球m下滑后m和滑槽M1作用，滑槽M1和滑块M2作用，作用结果使滑块M2向右运动，有向右的动量．当m滑到左方最高点时，小球m和滑槽M1的相对速度为零，但小球m和滑槽M1这个整体向左运动，有向左的动量，这样才能保证系统总动量为零．故B正确．]4．在光滑的水平面上有a、b两球，其质量分别为ma、mb，两球在t0时刻发生正碰，两球在碰撞前后的速度图像如图所示．下列关系正确的是(　　)A．ma>mb B．ma