高中物理选择性必修第二册全册考试高分突破必刷检测卷（基础版）-2023-2024学年高二物理高分突破专题训练（人教版选择性必修第二册）

高中物理选择性必修第二册全册考试高分突破必刷检测卷（基础版）全解全析1．A【详解】A．根据麦克斯韦电磁场理论可知，变化的磁场能产生电场，变化的电场也能产生磁场，故A正确；B．电场强度的定义采用比值定义法，E与F、q均无关，只与电场本身的性质有关，故B错误；C．外线具有热作用可以用来加热理疗，紫外线具有波长短、频率高、能量大的特点可以进行消毒，X射线可以用来进行透视以诊断病情，故C错误；D．公式只适用于B和I相互垂直的情况，如果二者平行，通电导线受磁场力为零，所以不能根据通电导线受磁场力为零来判断磁感应强度是否为零，故D错误。故选A。2．C【详解】A．根据题意可知，电路通有恒定的电流，温度越高，由图甲可知，阻值越小，由可知，热敏电阻两端的电压越小，故A错误；B．由上述分析可知，电压表的示数为由甲图可知，阻值与温度不是线性关系，则电子温度计表盘上温度的刻度不是均匀的，故B错误；C．当热敏电阻的温度升高时，阻值减小，要保证电路中电流恒定，则增大，即将的阻值调大，故C正确；D．由甲图可知，阻值与温度不是线性关系，每升高相同的温度，热敏电阻的阻值变化不相等，故D错误。故选C。3．C【详解】AB．根据乙图可知时感应电动势为0，故此时线圈处于中性面位置，通过线圈的磁通量最大，AB错误；C．感应电动势的有效值为 电压表测的是电阻R两端电压，有C正确；D．根据乙图可知，线圈的转动周期为可得线圈中产生的感应电动势表达式为D错误。故选C。4．D【详解】A．液滴在重力场、匀强电场和匀强磁场组成的复合场中做匀速圆周运动，液滴受到的重力和电场力是一对平衡力，故液滴受到的电场力方向竖直向上，与电场方向相反，可知液滴带负电，故选项A错误；BC．液滴受到重力、电场力、洛伦兹力作用，洛伦兹力充当向心力，液滴所受合外力不为零，选项BC错误；D．液滴做匀速圆周运动，即联立解得液滴比荷故D正确。故选D。5．C【详解】AB．由图像可知，该交变电流的周期为0.03s，AB错误；CD．由交变电流有效值的定义可得代入数据解得C正确，D错误。故选C。6．C【详解】A．由每转一圈改变方向两次，每秒钟改变方向100次，可知交流电频率根据则变压器ab端电压的瞬时值表达式为A错误；B．小灯泡额定电流负载总功率电路总功率为功率加上负载功率解得故故B错误；C．由B选项计算可知，当，此状态下变压器的输出功率最大，故C正确；D．滑片自上而下滑动时，减小，等效电阻减小，原线圈总电压恒定，原线圈电流可知电流增大，则副线圈电流也一直增大，D错误。故选C。7．B【详解】通过卡回路的磁通量变化率则感应电动势又因为联立得则感应电动势的有效值为带入数据得B正确，ACD错误；故选B。8．D【详解】A．当磁场开始运动后，棒相对于磁场向左运动，由右手定则得，电流从a到b，故A错误；BD．金属棒被驱动意味着做加速运动由，，得由左手定则得，棒ab受向右的安培力，当时，棒ab开始运动，即得当棒运动后，设棒相对于磁场向左运动的速度为，由，当减小到即时，棒相对于磁场向左匀速运动，即棒以小于v的速度向右匀速直线运动，故B错误，D正确；C．此处能产生感应电流跟安培力做功无关，是因为磁场的匀速运动产生了感应电流，从而产生了焦耳热，故C错误；故选D。9．D【详解】A．由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A错误；B．粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力半径为在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B错误；C．洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C错误；D．粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为M的运行时间等于N的运行时间，故D正确。故选D。10．D【详解】AB．S闭合瞬间，Ll、L2两灯泡立即亮，由于线圈的自感作用从而使L3灯泡慢慢变亮，故AB错误；CD．断开开关瞬间，线圈产生自感电动势，于是线圈、L3与Ll形成一个闭合电路，由于稳定时L3比Ll亮（L3所在的支路的总电阻比Ll所在的支路的总电阻小），所以Ll灯将闪亮一下再慢慢熄灭，而二极管单向导通性能，所以L2灯立即熄灭，故C错误，D正确。故选D。11．ABC【详解】A．声音使振动膜片振动，改变两极板间距离，使声音信号转换成电信号，则可以利用电容传感器可制成麦克风，故A正确；B．由动量定理有可得可知，物体受合外力越大，则动量变化越快，故B正确；C．人体可以向外界释放红外线，感应装置接收到红外线后，可以开门，则可以利用红外传感器可制成商场的自动门，故C正确；D．牛顿运动定律只适用于宏观低速问题，不适用于微观高速问题。而动量守恒定律既适用于低速宏观问题，也适用于高速微观问题，故D错误。故选ABC。12．BCD【详解】AB．S刚闭合瞬间，由于线圈对电流的阻碍作用，放电电流不会立刻达到最大值，而是由零开始逐渐增大，所以此时线圈中的电流为0，电感线圈中的磁场能为0，故A错误，B正确；C．经过时，电路中电流为0，电容器两极板的电荷量达到最大，电容器中电场能达到最大，故C正确；D．经过时，电路中电流达到反方向最大，电容器极板上的电荷量为0，所以电容器上的电压为0，故D正确。故选BCD。13．BD【详解】当金属圈在b处时，两个的圆形线圈的电流的环绕方向相反，所以两个线圈之间存在排斥力，这一对引力是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，所以b处对a的力为，同理，当金属圈在c位置时，对a的力为；当保持b处金属圈位置不变，在位置c再放置一个同样的金属圆环，并通有与a处金属圆环同向、大小为的电流，b处对a处金属圈的力为方向向左，此时c处对a的力与之前相反，方向向右，大小为，即在a位置的金属圆环受到的安培力为，方向向左。故选BD。14．BC【详解】A．根据右手定则，感应电流的方向由b到a，故A错误；B．感应电动势的大小为E=BLv=0.2V故B正确；C．感应电流的大小为故C正确；D．ab两点的电势差大小为故D错误。故选BC。15．BC【详解】A．第二次对导体棒a有对导体棒b有则ab整体所受合外力不为0，动量不守恒，故A错误；B．第二次，a的加速度为b的加速度为解得当时，电流为0，有解得第一次产生的焦耳热为第二次产生的焦耳热为故B正确；C．设向右为正，对a由动量定理可得第一次则第二次则故C正确；D．第一次导体棒动量的变化量第二次导体棒动量的变化量故D错误。故选BC。16．BD【详解】A．变压器改变的是交流电的电压和电流，不改变频率，A错误；B．和都是定值电阻，有又由理想变压器特点知原副线圈上的电流与匝数成反比，则有可得B正确；C．设两端电压分别为UR1，UR1’，滑片上滑，副线圈电阻减小电流增大，原线圈电流增大，R1两端电压增大，知其电功率的变化量为C错误；D．当滑片P移到最上端时，副线圈电阻只有R2，设为R，将原副线圈及副线圈电路等效为原线圈的一个电阻，由， ，，联立可得由闭合电路欧姆定律，对原线圈电路有可得两端的电压为，D正确。故选BD。17．     4.698##4.699##4.700##4.701##4.702     50.15     不合理     穿过线圈的磁通量的变化量          感应电动势与磁通量的变化率成正比##在磁通量变化量相同的情况下，感应电动势与时间成反比     加倍【详解】（1）[1] 根据螺旋测微器读数规则可得 [2] 游标卡尺的主尺读数为，游标读数为所以最终读数为 [3] 遮光条经过光电门时的平均速度越接近小车的瞬时速度，遮光条的宽度越大，小车的速度误差越大，不能用金属片替代遮光条。（2）[4] 在遮光条每次经过光电门的过程中，磁铁与线圈之间相对位置的改变量都一样，穿过线圈磁通量的变化量都相同。（3）[5] ，因不变，与成正比，横坐标应该是。（4）[6] 感应电动势与磁通量变化率成正比（或者在磁通量变化量相同的情况下，感应电动势与时间成反比）。（5）[7] 匝数加倍后，产生的感应电动势加倍，图像纵坐标加倍，横坐标不变，所以新图像的斜率加倍。18．     E          R1     低     24【详解】（1）[1]实验要求通过热敏电阻的电流从零开始增大，则控制电路采用分压式，此时为了确保实验数据的连续性，滑动变阻器的总阻值应该选择小一点的10Ω，即滑动变阻器选择E。（2）[2]由于电流表内阻为5Ω，为使测量尽量准确，测量电路采用电流表内接法，可以准确求出电流表的分压值，结合上述，作出实验电路实物图如图所示（3）[3]根据题意可知，正常温度范围为10℃~40℃，根据图乙可知，此范围内热敏电阻的阻值范围约为20Ω~100Ω，由于电流表的量程为0~200mA，则电路中电阻的最大值约为可知，为使温度表盘上优先显示正常温度范围，定值电阻应选R1。（4）[4]由于热敏电阻的电阻随温度的升高而减小，则温度越高，热敏电阻的电阻越小，通过电流表的电流越大，则温度表盘左边温度值比右边温度值低；[5]当电流表指针指在正中间时，有解得根据图乙可知，此时的温度值为24℃。19．（1）；（2）【详解】（1）根据电磁感应定律可知，金属棒刚滑上导轨时，产生的电动势为根据闭合电路欧姆定律可知电路中的电流为根据牛顿第二定律，对金属导轨解得金属导轨的加速度大小（2）设金属棒和导轨相对静止时的共同速度为vt，由动量守恒定律可知若金属棒上产生的焦耳热Q，则整个回路产生的总的焦耳热为2Q，根据能量守恒定律联立解得20．（1）；（2）；（3）【详解】（1）对导体棒受力分析，水平方向上有从图像可以读出，0~3s的倾斜直线的斜率即为加速度大小，即联立可得（2）刚进入磁场的导体棒受到运动方向的F，滑动摩擦力和导体棒所受安培力，此时有其中联立可得即加速度大小为。（3）对P和Q整体进行分析，在3~t2时间内，由动量定理可得且此时有计算中发现联立得21．（1），；（2）；（3）【详解】（1）电流表示数根据欧姆定律，电压表示数为（2）从图示位置开始，线圈转过60°的过程中，磁通量变化为：根据法拉第电磁感应定律，有根据欧姆定律，有根据电流强度定义联立解得（3）回路中电流的有效值为所求过程中所用时间为则中产生的焦耳热为22．（1）；（2）【详解】（1）粒子的运动轨迹如图所示粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有根据几何知识，粒子在磁场中运动时离y轴最远距离为联立解得粒子比荷为（2）粒子在磁场中运动时间为在电场中运动时间为t2，粒子进入电场时的速度方向与y轴正向成θ角，则从磁场进入电场的位置与O点距离为粒子进入电场后沿y轴正方向做匀速运动，沿x轴方向先减速后加速，最后到达O点，则有解得粒子从O点出发再次回到O点所用时间为联立以上相关式子解得