资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩11页未读，
继续阅读
所属成套资源：全套2023-2024学年高三上学期阶段考试生物含答案
成套系列资料，整套一键下载
2023-2024学年四川省绵阳南山中学高三上学期第二次综合演练理综生物试题含解析
展开
这是一份2023-2024学年四川省绵阳南山中学高三上学期第二次综合演练理综生物试题含解析，文件包含四川省绵阳南山中学2023-2024学年高三上学期第二次综合演练理综生物试题Word版含解析docx、四川省绵阳南山中学2023-2024学年高三上学期第二次综合演练理综生物试题Word版无答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共19页， 欢迎下载使用。
理综试题
命题人：物理：徐光强 化学：王毅 胡婷 生物：何小波
审题人：物理：李毅 化学：陈雅涵 黄礼宝 生物：肖慧
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Fe 56 Ca 40
一、选择题：本题共13个小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 葡萄糖、氨基酸、核苷酸是细胞生命活动离不开的重要物质。下列有关叙述错误的是（ ）
A. 葡萄糖是细胞呼吸最常用的能源物质
B. 氨基酸的检测与鉴定可用双缩脲试剂
C. 三者都是合成某些大分子物质的单体
D. 细胞内三种物质都不具有物种特异性
【答案】B
【解析】
【分析】蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应。（蛋白质分子中含有很多肽键，在碱性NaOH溶液中能与双缩脲试剂中Cu2+作用，产生紫色反应）。
在构成细胞的化合物中，多糖、蛋白质、核酸都是生物大分子，生物大分子是由许多单体连接成的多聚体，每一个单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架。
【详解】A、细胞呼吸最常用的能源物质是葡萄糖，A正确；
B、双缩脲试剂是检测蛋白质常用的试剂，不是检测氨基酸的，B错误；
C、葡萄糖是合成多糖的原料，氨基酸是合成蛋白质的原料，核苷酸是合成核酸的原料，三者都是合成某些大分子物质的单体，C正确；
D、葡萄糖、氨基酸和核苷酸是构成生物大分子的原料，细胞内都存在，没有物种特异性，D正确。
故选B。
2. 沙眼衣原体是一类原核生物，有较复杂的、能进行一定代谢活动的酶系统，但不能合成高能化合物，营严格的细胞内寄生。下列说法正确的是（ ）
A. 沙眼衣原体是独立的生命系统，其系统的边界是细胞壁
B. 沙眼衣原体细胞内含有DNA，以无丝分裂方式繁殖
C. 沙眼衣原体细胞内的某些蛋白质可通过核孔进入细胞核
D. 沙眼衣原体不能合成高能化合物的原因可能是无相关的酶
【答案】D
【解析】
【分析】由原核细胞构成的生物叫原核生物，由真核细胞构成的生物叫真核生物；原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核；没有核膜、核仁和染色体，原核细胞只有核糖体一种细胞器， 但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸和蛋白质等物质。
【详解】A、沙眼衣原体是独立的生命系统，其系统的边界是细胞膜（细胞壁具有全透性，不能作为系统的边界），A错误；
B、沙眼衣原体细胞内含有DNA，以二分裂方式繁殖，B错误；
C、沙眼衣原体没有细胞核，C错误；
D、沙眼衣原体可能没有相关的酶，因此不能合成高能化合物，D正确；
故选D。
3. 将洋葱鳞片叶外表皮细胞置于0.3g/mL的蔗糖溶液中会发生质壁分离，然后再置于清水中会发生质壁分离的复原。在上述全过程中，下列说法错误的是（ ）
A. 细胞液浓度先变大再变小，细胞吸水能力先变大再变小
B. 若采用更高浓度蔗糖溶液进行实验，置于清水中可能不会发生复原现象
C. 发生质壁分离的过程中，细胞液浓度小于细胞质基质浓度小于蔗糖溶液浓度
D. 若将0.3 g/mL的蔗糖溶液更换为0.3 g/mL的葡萄糖溶液，则实验开始时质壁分离的速率更慢
【答案】D
【解析】
【分析】在做质壁分离的实验中，选择的材料为紫色的洋葱鳞片叶的外表皮，因为细胞内有紫色的液泡，便于观察。在质壁分离的过程中，表皮细胞液泡逐渐缩小，浓度升高，吸水能力增强。
【详解】A、将洋葱鳞片叶外表皮细胞置于0.3g/mL的蔗糖溶液中会发生质壁分离，然后再置于清水中会发生质壁分离的复原，前者细胞会失水，细胞液浓度变大，吸水能力增强，后者细胞会吸水，细胞液浓度减小，细胞的吸水能力变小，A正确；
B、若采用更高浓度的蔗糖溶液进行实验，细胞可能会过度失水死亡，置于清水中可能不会发生复原现象，B正确；
C、发生质壁分离的过程中，细胞会失水，细胞液浓度小于细胞质基质浓度小于蔗糖溶液浓度，C正确；
D、0.3 g/mL的葡萄糖溶液和0.3 g/mL的蔗糖溶液相比较，前者的溶液浓度更大一下，因此实验开始的时候细胞内外的浓度差更大一些，质壁分离的速率更快，D错误。
故选D。
4. 胃内的酸性环境是通过质子泵维持的，质子泵催化1分子的ATP水解所释放的能量，可驱动1个H+从胃壁细胞进入胃腔和1个K+从胃腔进入胃壁细胞，K+又可经通道蛋白顺浓度进入胃腔。下列相关叙述正确的是（ ）
A. K+进入胃腔消需要耗能量
B. H+从胃壁细胞进入胃腔的方式是主动运输
C. 胃壁细胞内K+的含量不会影响细胞内液渗透压的大小
D. K+进出胃壁细胞的跨膜运动运输方式是相同的
【答案】B
【解析】
【分析】细胞膜内外的离子分布：钠离子在细胞外的浓度高于细胞内，钾离子浓度在细胞内高于细胞外，然后结合题意分析，“质子泵催化1分子的ATP水解所释放的能量，可驱动1个H+从胃壁细胞进入胃腔和1个K+从胃腔进入胃壁细胞”，说明Na+—K+泵参与离子跨膜运输过程需要消耗ATP分子，故Na+—K+泵运输离子的过程是主动运输。
【详解】A、依题意可知，K+经通道蛋白顺浓度进入胃腔是协助扩散，不消耗能量，A错误；
B、H+从胃壁细胞进入胃腔，需消耗ATP水解所释放的能量，其方式是主动运输，需要载体蛋白，B正确；
C、胃壁细胞内K+含量会影响细胞内液渗透压的大小，C错误；
D、由题目信息，K+由胃壁细胞进入胃腔的方式是协助扩散，而从胃腔进入胃壁细胞是主动运输，D错误。
故选B。
【点睛】本题提供了一个全新的信息，需要提取题干的信息，结合所学的知识“钠离子在细胞外的浓度高于细胞内，钾离子浓度在细胞内高于细胞外”、“主动运输的特点”，就可以准确的得出答案，这道题的启示：将知识点和实例进行有机的结合是将题做正确的前提。
5. 下列有关真核细胞内DNA复制、转录和翻译过程的叙述，不正确的是（ ）
A. 三个过程均发生碱基互补配对，但配对方式不完全相同
B. 三个过程均需要相关酶的参与，且均有氢键的断裂和形成
C. 细胞内DNA复制、转录和翻译属于遗传信息的传递过程
D. 在减数第一次分裂前的间期，细胞核中可发生这三个过程
【答案】D
【解析】
【分析】1、DNA分子的复制时间：有丝分裂和减数分裂间期。条件：模板（DNA的双链）、能量（ATP水解提供）、酶（解旋酶和DNA聚合酶等）、原料（游离的脱氧核苷酸）。
2、转录：在细胞核内，以DNA一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA 的过程。
3、翻译：在细胞质中，以信使RNA为模板，合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、DNA复制是以DNA的两条链为模板合成DNA的过程，转录是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，三个过程均发生碱基互补配对，但配对方式不完全相同，如DNA分子复制过程有A-T配对，而后两者没有，A正确；
B、DNA复制（需要解旋酶和DNA聚合酶）、转录（需要RNA聚合酶）和翻译均需要酶参与，且三种生理过程中均有碱基间氢键的形成及断裂，B正确；
C、细胞内DNA复制、转录和翻译属于遗传信息的传递过程，其中转录和翻译称为基因的表达，C正确；
D、在分裂间期，DNA复制、转录和翻译均可发生，但DNA复制、转录主要发生在细胞核，而翻译发生在细胞质中，D错误。
故选D。
6. XY性别决定的某种植物，其群体中雌性：雄性=1：1，红花相对于白花为显性。某兴趣小组让群体中红花个体自由交配，后代出现红花性状的概率为63/64。不考虑致死和突变等情况，对该相对性状的叙述，错误的是（ ）
A. 若由X染色体上的一对等位基因控制，则子代中白花个体全为雄性
B. 若由常染色体上一对等位基因控制，则亲代中红花杂合子占1/4
C. 若由常染色体上的一对等位基因控制，则亲代红花雌性中杂合子占1/32
D. 若由不同常染色体上的三对等位基因控制，则子代红花的基因型有26种
【答案】C
【解析】
【分析】1、在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。
2、位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【详解】A、红花相对于白花为显性，且让群体中红花个体自由交配，若由X染色体上的一对等位基因控制，用A/a表示，则亲本红花雄性基因型为XAY，红花雌性基因型为XAXA、XAXa，则子代中白花个体全为雄性，A正确；
B、据题意：后代出现红花性状的概率为63/64，则白花概率aa=1/64。若由常染色体上的一对等位基因控制，用A/a表示，则亲本3/4AA、1/4Aa才能产生1/8a配子，最终才能产生1/64的白花个体，则亲代中红花杂合子占1/4，B正确；
C、由B分析可知，亲本为3/4AA、1/4Aa，所以亲代红花雌性中杂合子占1/4，C错误；
D、若由不同常染色体上的三对等位基因控制，用A/a、B/b、D/d表示，由于白花概率为1/64，即1/41/41/4，所以亲代基因型为AaBbDd，则子代基因型有333=27种，其中白花基因型为aabbdd，则子代红花的基因型有26种，D正确。
故选C。
二、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共129分
7. 生物科技在“推进健康中国建设发展”中起重要作用，请结合下列有关疾病机理研究及药物开发的材料，回答有关问题。
材料一：研究发现，抑郁症患者大脑中X细胞合成的成纤维细胞生长因子9（FGF9，一种分泌蛋白）含量远高于正常人。
材料二：科学家发现了囊泡运输调控机制。如图是囊泡膜与靶膜融合过程示意图，囊泡上有一种特殊的V—SNARE蛋白，它与靶膜上的T—SNARE结合形成稳定的结构后，囊泡膜和靶膜才能融合，从而将物质准确地运送到相应的位点。
（1）在FGF9合成与分泌过程中，参与材料二图示过程的生物膜除囊泡膜外还有______，细胞中的___________（结构）在其中起到重要的“交通枢纽”作用。
（2）细胞分泌FGF9的过程体现了细胞膜具有_________的结构特点。由FGF9作用于靶细胞过程推测，靶膜上T—SNARE的化学成分有可能是____________。
（3）请结合上述材料，对治疗抑郁症的药物开发提出一些可行性建议_____________。（答出一条即可）
【答案】（1） ①. 高尔基体膜、内质网膜、细胞膜 ②. 高尔基体
（2） ①. 一定的流动性 ②. 糖蛋白
（3）开发阻止囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合的药物。
【解析】
【分析】图示是囊泡膜与靶膜融合过程示意图,囊泡上有一个特殊的V-SNARE蛋白，它与靶膜上的T-SNARE蛋白结合形成稳定的结构后，囊泡和靶膜才能融合，从而将物质准确地运送到相应的部位。分泌蛋白的合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。
【小问1详解】
材料二图示过程是囊泡膜与靶细胞膜融合的过程，除了囊泡膜外的生物膜还有高尔基体膜、内质网膜、细胞膜，细胞中的高尔基体在其中起到重要的交通枢纽作用。
【小问2详解】
细胞分泌FGF9的过程体现了细胞膜具有一定的流动性的结构特点。靶细胞膜上的T-SNARE可能是一种受体蛋白，化学成分可能为糖蛋白。
【小问3详解】
抑郁症患者大脑中X细胞合成的FGF9含量远高于正常人，囊泡包裹着FGF9，囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合形成稳定的结构后，囊泡膜和靶细胞膜才能融合，因此对治疗抑郁症的药物开发提出建议: 可以开发阻止囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合的药物。
8. 下图为酶促反应相关曲线图，回答下列问题：
（1）活化能是指分子从常态转化为______的活跃状态所需要的能量。如果将酶催化改为无机催化剂催化，则图①的纵坐标轴上______（填“A”“B”“C”或“D”）点对应的虚线应上移。
（2）图②中纵轴指标最可能是______（填“生成物的量”“反应物的量”或“反应速率”），G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，最可能的原因是______。
（3）图②中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变主要与______直接相关。
（4）若该酶是唾液淀粉酶，一般不能使用“设置一系列浓度梯度的盐酸溶液”探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下的活性变化情况，理由是______。
【答案】（1） ①. 容易发生化学反应 ②. B
（2） ①. 反应速率 ②. 过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活
（3）酶浓度 （4）盐酸也可以催化淀粉水解，影响对实验结果的分析
【解析】
【分析】1、酶作用的机理是降低化学反应所需的活化能。活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。
2、与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。
【小问1详解】
活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，其降低的活化能将减少，则图中的B点对应的活化能上移。
【小问2详解】
曲线乙和丙中存在纵轴指标下降至零的情况，而化学反应过程中生成物的量是逐渐积累增加，所以纵轴不能表示生成物的量，又因为曲线甲、乙、丙中存在纵轴指标在一定范围内上升的情况，而化学反应过程中反应物的量是逐步减少的，所以纵轴不能表示反应物的量。综上，纵轴指标最可能是反应速率。纵轴表示反应速率，G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，因此横轴最可能表示的是pH，故曲线相应点落在横轴上表示过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。
【小问3详解】
②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变即反应速率不变主要是因为酶的数量（酶浓度）有限。
【小问4详解】
唾液淀粉酶最适pH 值在6.8左右，唾液淀粉酶在盐酸作用下活性会受到抑制甚至失去活性，与此同时，盐酸也可以催化淀粉水解，增加了实验变量干扰，因此若该酶是唾液淀粉酶，不能设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况。
9. 性别决定为XY型的某二倍体动物（2N=8）是研究细胞减数分裂的模式生物。研究人员观察该动物雄性个体的一个精原细胞在分裂过程某时期的细胞图像如图1所示（仅表示细胞中的一对常染色体及部分基因）。回答下列问题：
（1）该雄性个体的基因型为______（只考虑图1中相关基因）。图1细胞发生的变异属于可遗传变异中的______。图1细胞中基因B与b分离可发生在______（时期）。
（2）若用红色荧光标记图1细胞中的基因a，则该细胞继续分裂，最终得到的某个精细胞中含有2个红色荧光点，原因可能是______。
（3）已知图1细胞的染色体（a）、染色单体（b）与核DNA（c）的数量关系如图2所示，请在图2中绘出该细胞分裂形成的一个子细胞在减数第二次分裂后期的染色体、染色单体与核DNA的数量（请用黑色签字笔画在答题卡上）。
【答案】（1） ①. AaBb ②. 基因重组 ③. 减数第一次分裂后期和减数第二次分裂后期
（2）减数第二次分裂后期，携带基因a的两条子染色体移向了细胞的同一极
（3）
【解析】
【分析】据图分析，图1中同源染色体分离，处于减数第一次分裂后期，且细胞质均等分裂，故应为初级精母细胞；图2中染色体、染色单体和DNA的数目为1∶2∶2且体细胞染色体数为8，即有丝分裂的前期、中期以及减数第一次分裂。
【小问1详解】
据图1可知，该细胞中两条染色体的B和b发生了互换，故该雄性个体的基因型应为AaBb；图1细胞发生了（同源染色体非姐妹染色单体间的）互换，属于可遗传变异中的基因重组；B和b属于等位基因，可在减数第一次分裂后期随同源染色体的分开而分离，且此细胞发生了互换，B和b位于两条姐妹染色单体上，可在减数第二次分裂后期随着丝粒的分开而分离。
【小问2详解】
若用红色荧光标记图1细胞中的基因a，此时细胞中有姐妹染色单体，应含有2个红色荧光，正常分裂减数第二次分裂后期姐妹染色单体分开，精细胞应只含有1个红色荧光，若减数第二次分裂后期，基因a所在的染色体着丝粒分裂后没有分离，进入同一个精细胞中，则会导致最终得到的某个精细胞中含有2个红色荧光点。
【小问3详解】
减数第二次分裂后期，着丝粒分裂，染色体数目暂时加倍（与体细胞相等，8条），此时细胞中不含姐妹染色单体（0），此时的核DNA数目也等于体细胞数目8个，故染色体（a）、染色单体（b）与核DNA（c）的数量关系可表示为：
10. 某种鱼的鳞有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，其中DD纯合会导致个体死亡。让无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1只有2种表现型：野生型鳞鱼占50%，单列鳞鱼占50%。F1中的单列鳞鱼随机交配，F2有4种表现型，且比例为6：3：2：1。回答下列问题：
（1）基因型为CcDd的鱼在减数分裂过程中，基因C、c和基因D、d在减数第一次分裂后期发生的行为是______。
（2）亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼的基因型依次为______。
（3）F2中的散鳞鱼相互交配，后代不会出现性状分离，其原因是______。
（4）现有基因型相同的多只雌雄野生型鳞鱼和多只雌雄散鳞鱼，请设计实验探究这些野生型鳞鱼的基因型，写出一种实验思路及预测结果和结论。实验思路和预测结果与结论：______。
【答案】（1）每对等位基因彼此分离的同时，非等位基因之间自由组合
（2）ccDd和CCdd
（3）散鳞鱼均为纯合子
（4）方案一：让多只雌雄野生型鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；
若后代的表现型全部是野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型为CCdd；
若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=3：1，则这些野生型鳞鱼的基因型为Ccdd。
方案二：让多只野生型鳞鱼与多只异性散鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；
若后代全部为野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型是CCdd；
若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=1：1，则这些野生型鳞鱼的基因型是Ccdd；
【解析】
【分析】基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【小问1详解】
据题意：决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，遵循基因自由组合定律，故基因型为CcDd的鱼在减数分裂过程中，基因C、c和基因D、d在减数第一次分裂后期发生的行为是每对等位基因随同源染色体彼此分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因之间自由组合。
【小问2详解】
决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，遵循基因自由组合定律，并且DD有致死作用，F1中的单列鳞鱼随机交配，F2有4种表现型，且比例为6：3：2：1，可知F1中单列鳞鱼基因型为CcDd；再根据亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1只有2种表现型，野生型鳞鱼：单列鳞鱼=1:1，则亲本的杂交类型为一对纯合基因杂交，另一对杂合基因测交，F1中单列鳞鱼基因型为CcDd，先考虑D和d，由于DD有致死作用，则亲本基因型为Dd和dd，野生型鳞鱼为纯合体，故亲本野生型鳞鱼基因型为dd，亲本无鳞鱼基因型为Dd；再考虑C和c这对基因，由于子代野生型鳞鱼：单列鳞鱼=1:1，则亲本基因型为CC和cc，这样的组合有CCdd和ccDd、CCDd和ccdd，但F1中单列鳞鱼基因型为CcDd，则鱼群中单列鳞鱼基因型为C_Dd，所以亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼的基因型依次为ccDd和CCdd。
【小问3详解】
F2中的散鳞鱼基因型为ccdd，都是纯合子，相互交配，后代不会出现性状分离。
【小问4详解】
野生型鳞鱼的基因型有CCdd和Ccdd两种，要探究这些野生型鳞鱼的基因型，可采用雌雄野生型鳞鱼相互交配或野生型鳞鱼与散鳞鱼相互交配。
方案一：让多只雌雄野生型鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；若后代的表现型全部是野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型为CCdd；若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=3：1，则这些野生型鳞鱼的基因型为Ccdd。
方案二：让多只野生型鳞鱼与多只异性散鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；若后代全部为野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型是CCdd；若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=1：1，则这些野生型鳞鱼的基因型是Ccdd。
（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。
【生物——选修1：生物技术实践】
11. 甲醛（CH2O）为无色气体，能溶于水，是室内装修的主要污染物之一，也是一种强致癌物质。假单胞菌是一类广泛分布在土壤中的具有降解甲醛能力的严格好氧细菌。请回答下列相关问题：
（1）若要从土壤中筛选出假单胞菌，可先将土样加入以甲醛为唯一_____的培养液中，将培养瓶固定在摇床上，于一定的温度下振荡培养几天，直至培养液变_____，该操作中振荡的目的是_____（答出两点）；再将培养后的培养液接种到相应固体培养基上，结果培养基上出现多种微生物，其原因除了可能是培养基灭菌不彻底以外，还可能是_____（答出两点）。
（2）实验时对培养基应采取的灭菌方法是_____。
（3）利用炉渣与假单胞菌混合处理，可以起到较好的去除甲醛的效果，其原因是炉渣一方面作为吸附剂，吸附水和____；另一方面创造了空隙，增加通气，有利于假单胞菌的_____。
【答案】（1） ①. 碳源 ②. 混浊 ③. 增大溶氧量，使细菌与营养物质充分接触 ④. 以甲醛为唯一碳源的微生物并非只有假单胞菌；有些微生物利用其他微生物的代谢产物进行生长繁殖；没有进行严格无菌操作、接种过程中混入了杂菌等
（2）高压蒸汽灭菌法 （3） ①. 甲醛 ②. 有氧呼吸（或增长繁殖）
【解析】
【分析】微生物常见的接种的方法：（1）平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。（2）稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。
【小问1详解】
分析题意，假单胞菌是一类广泛分布在土壤中的具有降解甲醛能力的严格好氧细菌，由于甲醛的元素组成是C、H、O，故若要从土壤中筛选出假单胞菌，可先将土样加入以甲醛为唯一碳源的培养液中，将培养瓶固定在摇床上，于一定的温度下振荡培养几天，直至培养液变混浊；该操作中振荡的目的是为了增大培养液中的溶氧量，使细菌与营养物质充分接触；将培养后的培养液接种到相应固体培养基上，结果培养基上出现多种微生物，其原因可能是因为培养基灭菌不彻底，也可能是因为以甲醛为唯一碳源的微生物并非只有假单胞菌，或有些微生物利用其他微生物的代谢产物进行生长繁殖，或没有严格无菌操作、接种过程中混入了杂菌等。
【小问2详解】
微生物培养时应注意无菌操作，对培养基应采取的灭菌方法是高压蒸汽灭菌法。
【小问3详解】
理综试题
命题人：物理：徐光强 化学：王毅 胡婷 生物：何小波
审题人：物理：李毅 化学：陈雅涵 黄礼宝 生物：肖慧
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Fe 56 Ca 40
一、选择题：本题共13个小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 葡萄糖、氨基酸、核苷酸是细胞生命活动离不开的重要物质。下列有关叙述错误的是（ ）
A. 葡萄糖是细胞呼吸最常用的能源物质
B. 氨基酸的检测与鉴定可用双缩脲试剂
C. 三者都是合成某些大分子物质的单体
D. 细胞内三种物质都不具有物种特异性
【答案】B
【解析】
【分析】蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应。（蛋白质分子中含有很多肽键，在碱性NaOH溶液中能与双缩脲试剂中Cu2+作用，产生紫色反应）。
在构成细胞的化合物中，多糖、蛋白质、核酸都是生物大分子，生物大分子是由许多单体连接成的多聚体，每一个单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架。
【详解】A、细胞呼吸最常用的能源物质是葡萄糖，A正确；
B、双缩脲试剂是检测蛋白质常用的试剂，不是检测氨基酸的，B错误；
C、葡萄糖是合成多糖的原料，氨基酸是合成蛋白质的原料，核苷酸是合成核酸的原料，三者都是合成某些大分子物质的单体，C正确；
D、葡萄糖、氨基酸和核苷酸是构成生物大分子的原料，细胞内都存在，没有物种特异性，D正确。
故选B。
2. 沙眼衣原体是一类原核生物，有较复杂的、能进行一定代谢活动的酶系统，但不能合成高能化合物，营严格的细胞内寄生。下列说法正确的是（ ）
A. 沙眼衣原体是独立的生命系统，其系统的边界是细胞壁
B. 沙眼衣原体细胞内含有DNA，以无丝分裂方式繁殖
C. 沙眼衣原体细胞内的某些蛋白质可通过核孔进入细胞核
D. 沙眼衣原体不能合成高能化合物的原因可能是无相关的酶
【答案】D
【解析】
【分析】由原核细胞构成的生物叫原核生物，由真核细胞构成的生物叫真核生物；原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核；没有核膜、核仁和染色体，原核细胞只有核糖体一种细胞器， 但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸和蛋白质等物质。
【详解】A、沙眼衣原体是独立的生命系统，其系统的边界是细胞膜（细胞壁具有全透性，不能作为系统的边界），A错误；
B、沙眼衣原体细胞内含有DNA，以二分裂方式繁殖，B错误；
C、沙眼衣原体没有细胞核，C错误；
D、沙眼衣原体可能没有相关的酶，因此不能合成高能化合物，D正确；
故选D。
3. 将洋葱鳞片叶外表皮细胞置于0.3g/mL的蔗糖溶液中会发生质壁分离，然后再置于清水中会发生质壁分离的复原。在上述全过程中，下列说法错误的是（ ）
A. 细胞液浓度先变大再变小，细胞吸水能力先变大再变小
B. 若采用更高浓度蔗糖溶液进行实验，置于清水中可能不会发生复原现象
C. 发生质壁分离的过程中，细胞液浓度小于细胞质基质浓度小于蔗糖溶液浓度
D. 若将0.3 g/mL的蔗糖溶液更换为0.3 g/mL的葡萄糖溶液，则实验开始时质壁分离的速率更慢
【答案】D
【解析】
【分析】在做质壁分离的实验中，选择的材料为紫色的洋葱鳞片叶的外表皮，因为细胞内有紫色的液泡，便于观察。在质壁分离的过程中，表皮细胞液泡逐渐缩小，浓度升高，吸水能力增强。
【详解】A、将洋葱鳞片叶外表皮细胞置于0.3g/mL的蔗糖溶液中会发生质壁分离，然后再置于清水中会发生质壁分离的复原，前者细胞会失水，细胞液浓度变大，吸水能力增强，后者细胞会吸水，细胞液浓度减小，细胞的吸水能力变小，A正确；
B、若采用更高浓度的蔗糖溶液进行实验，细胞可能会过度失水死亡，置于清水中可能不会发生复原现象，B正确；
C、发生质壁分离的过程中，细胞会失水，细胞液浓度小于细胞质基质浓度小于蔗糖溶液浓度，C正确；
D、0.3 g/mL的葡萄糖溶液和0.3 g/mL的蔗糖溶液相比较，前者的溶液浓度更大一下，因此实验开始的时候细胞内外的浓度差更大一些，质壁分离的速率更快，D错误。
故选D。
4. 胃内的酸性环境是通过质子泵维持的，质子泵催化1分子的ATP水解所释放的能量，可驱动1个H+从胃壁细胞进入胃腔和1个K+从胃腔进入胃壁细胞，K+又可经通道蛋白顺浓度进入胃腔。下列相关叙述正确的是（ ）
A. K+进入胃腔消需要耗能量
B. H+从胃壁细胞进入胃腔的方式是主动运输
C. 胃壁细胞内K+的含量不会影响细胞内液渗透压的大小
D. K+进出胃壁细胞的跨膜运动运输方式是相同的
【答案】B
【解析】
【分析】细胞膜内外的离子分布：钠离子在细胞外的浓度高于细胞内，钾离子浓度在细胞内高于细胞外，然后结合题意分析，“质子泵催化1分子的ATP水解所释放的能量，可驱动1个H+从胃壁细胞进入胃腔和1个K+从胃腔进入胃壁细胞”，说明Na+—K+泵参与离子跨膜运输过程需要消耗ATP分子，故Na+—K+泵运输离子的过程是主动运输。
【详解】A、依题意可知，K+经通道蛋白顺浓度进入胃腔是协助扩散，不消耗能量，A错误；
B、H+从胃壁细胞进入胃腔，需消耗ATP水解所释放的能量，其方式是主动运输，需要载体蛋白，B正确；
C、胃壁细胞内K+含量会影响细胞内液渗透压的大小，C错误；
D、由题目信息，K+由胃壁细胞进入胃腔的方式是协助扩散，而从胃腔进入胃壁细胞是主动运输，D错误。
故选B。
【点睛】本题提供了一个全新的信息，需要提取题干的信息，结合所学的知识“钠离子在细胞外的浓度高于细胞内，钾离子浓度在细胞内高于细胞外”、“主动运输的特点”，就可以准确的得出答案，这道题的启示：将知识点和实例进行有机的结合是将题做正确的前提。
5. 下列有关真核细胞内DNA复制、转录和翻译过程的叙述，不正确的是（ ）
A. 三个过程均发生碱基互补配对，但配对方式不完全相同
B. 三个过程均需要相关酶的参与，且均有氢键的断裂和形成
C. 细胞内DNA复制、转录和翻译属于遗传信息的传递过程
D. 在减数第一次分裂前的间期，细胞核中可发生这三个过程
【答案】D
【解析】
【分析】1、DNA分子的复制时间：有丝分裂和减数分裂间期。条件：模板（DNA的双链）、能量（ATP水解提供）、酶（解旋酶和DNA聚合酶等）、原料（游离的脱氧核苷酸）。
2、转录：在细胞核内，以DNA一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA 的过程。
3、翻译：在细胞质中，以信使RNA为模板，合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、DNA复制是以DNA的两条链为模板合成DNA的过程，转录是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，三个过程均发生碱基互补配对，但配对方式不完全相同，如DNA分子复制过程有A-T配对，而后两者没有，A正确；
B、DNA复制（需要解旋酶和DNA聚合酶）、转录（需要RNA聚合酶）和翻译均需要酶参与，且三种生理过程中均有碱基间氢键的形成及断裂，B正确；
C、细胞内DNA复制、转录和翻译属于遗传信息的传递过程，其中转录和翻译称为基因的表达，C正确；
D、在分裂间期，DNA复制、转录和翻译均可发生，但DNA复制、转录主要发生在细胞核，而翻译发生在细胞质中，D错误。
故选D。
6. XY性别决定的某种植物，其群体中雌性：雄性=1：1，红花相对于白花为显性。某兴趣小组让群体中红花个体自由交配，后代出现红花性状的概率为63/64。不考虑致死和突变等情况，对该相对性状的叙述，错误的是（ ）
A. 若由X染色体上的一对等位基因控制，则子代中白花个体全为雄性
B. 若由常染色体上一对等位基因控制，则亲代中红花杂合子占1/4
C. 若由常染色体上的一对等位基因控制，则亲代红花雌性中杂合子占1/32
D. 若由不同常染色体上的三对等位基因控制，则子代红花的基因型有26种
【答案】C
【解析】
【分析】1、在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。
2、位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【详解】A、红花相对于白花为显性，且让群体中红花个体自由交配，若由X染色体上的一对等位基因控制，用A/a表示，则亲本红花雄性基因型为XAY，红花雌性基因型为XAXA、XAXa，则子代中白花个体全为雄性，A正确；
B、据题意：后代出现红花性状的概率为63/64，则白花概率aa=1/64。若由常染色体上的一对等位基因控制，用A/a表示，则亲本3/4AA、1/4Aa才能产生1/8a配子，最终才能产生1/64的白花个体，则亲代中红花杂合子占1/4，B正确；
C、由B分析可知，亲本为3/4AA、1/4Aa，所以亲代红花雌性中杂合子占1/4，C错误；
D、若由不同常染色体上的三对等位基因控制，用A/a、B/b、D/d表示，由于白花概率为1/64，即1/41/41/4，所以亲代基因型为AaBbDd，则子代基因型有333=27种，其中白花基因型为aabbdd，则子代红花的基因型有26种，D正确。
故选C。
二、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共129分
7. 生物科技在“推进健康中国建设发展”中起重要作用，请结合下列有关疾病机理研究及药物开发的材料，回答有关问题。
材料一：研究发现，抑郁症患者大脑中X细胞合成的成纤维细胞生长因子9（FGF9，一种分泌蛋白）含量远高于正常人。
材料二：科学家发现了囊泡运输调控机制。如图是囊泡膜与靶膜融合过程示意图，囊泡上有一种特殊的V—SNARE蛋白，它与靶膜上的T—SNARE结合形成稳定的结构后，囊泡膜和靶膜才能融合，从而将物质准确地运送到相应的位点。
（1）在FGF9合成与分泌过程中，参与材料二图示过程的生物膜除囊泡膜外还有______，细胞中的___________（结构）在其中起到重要的“交通枢纽”作用。
（2）细胞分泌FGF9的过程体现了细胞膜具有_________的结构特点。由FGF9作用于靶细胞过程推测，靶膜上T—SNARE的化学成分有可能是____________。
（3）请结合上述材料，对治疗抑郁症的药物开发提出一些可行性建议_____________。（答出一条即可）
【答案】（1） ①. 高尔基体膜、内质网膜、细胞膜 ②. 高尔基体
（2） ①. 一定的流动性 ②. 糖蛋白
（3）开发阻止囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合的药物。
【解析】
【分析】图示是囊泡膜与靶膜融合过程示意图,囊泡上有一个特殊的V-SNARE蛋白，它与靶膜上的T-SNARE蛋白结合形成稳定的结构后，囊泡和靶膜才能融合，从而将物质准确地运送到相应的部位。分泌蛋白的合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。
【小问1详解】
材料二图示过程是囊泡膜与靶细胞膜融合的过程，除了囊泡膜外的生物膜还有高尔基体膜、内质网膜、细胞膜，细胞中的高尔基体在其中起到重要的交通枢纽作用。
【小问2详解】
细胞分泌FGF9的过程体现了细胞膜具有一定的流动性的结构特点。靶细胞膜上的T-SNARE可能是一种受体蛋白，化学成分可能为糖蛋白。
【小问3详解】
抑郁症患者大脑中X细胞合成的FGF9含量远高于正常人，囊泡包裹着FGF9，囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合形成稳定的结构后，囊泡膜和靶细胞膜才能融合，因此对治疗抑郁症的药物开发提出建议: 可以开发阻止囊泡膜上的V-SNARE与靶细胞膜上的T-SNARE结合的药物。
8. 下图为酶促反应相关曲线图，回答下列问题：
（1）活化能是指分子从常态转化为______的活跃状态所需要的能量。如果将酶催化改为无机催化剂催化，则图①的纵坐标轴上______（填“A”“B”“C”或“D”）点对应的虚线应上移。
（2）图②中纵轴指标最可能是______（填“生成物的量”“反应物的量”或“反应速率”），G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，最可能的原因是______。
（3）图②中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变主要与______直接相关。
（4）若该酶是唾液淀粉酶，一般不能使用“设置一系列浓度梯度的盐酸溶液”探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下的活性变化情况，理由是______。
【答案】（1） ①. 容易发生化学反应 ②. B
（2） ①. 反应速率 ②. 过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活
（3）酶浓度 （4）盐酸也可以催化淀粉水解，影响对实验结果的分析
【解析】
【分析】1、酶作用的机理是降低化学反应所需的活化能。活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。
2、与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。
【小问1详解】
活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，其降低的活化能将减少，则图中的B点对应的活化能上移。
【小问2详解】
曲线乙和丙中存在纵轴指标下降至零的情况，而化学反应过程中生成物的量是逐渐积累增加，所以纵轴不能表示生成物的量，又因为曲线甲、乙、丙中存在纵轴指标在一定范围内上升的情况，而化学反应过程中反应物的量是逐步减少的，所以纵轴不能表示反应物的量。综上，纵轴指标最可能是反应速率。纵轴表示反应速率，G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，因此横轴最可能表示的是pH，故曲线相应点落在横轴上表示过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。
【小问3详解】
②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变即反应速率不变主要是因为酶的数量（酶浓度）有限。
【小问4详解】
唾液淀粉酶最适pH 值在6.8左右，唾液淀粉酶在盐酸作用下活性会受到抑制甚至失去活性，与此同时，盐酸也可以催化淀粉水解，增加了实验变量干扰，因此若该酶是唾液淀粉酶，不能设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况。
9. 性别决定为XY型的某二倍体动物（2N=8）是研究细胞减数分裂的模式生物。研究人员观察该动物雄性个体的一个精原细胞在分裂过程某时期的细胞图像如图1所示（仅表示细胞中的一对常染色体及部分基因）。回答下列问题：
（1）该雄性个体的基因型为______（只考虑图1中相关基因）。图1细胞发生的变异属于可遗传变异中的______。图1细胞中基因B与b分离可发生在______（时期）。
（2）若用红色荧光标记图1细胞中的基因a，则该细胞继续分裂，最终得到的某个精细胞中含有2个红色荧光点，原因可能是______。
（3）已知图1细胞的染色体（a）、染色单体（b）与核DNA（c）的数量关系如图2所示，请在图2中绘出该细胞分裂形成的一个子细胞在减数第二次分裂后期的染色体、染色单体与核DNA的数量（请用黑色签字笔画在答题卡上）。
【答案】（1） ①. AaBb ②. 基因重组 ③. 减数第一次分裂后期和减数第二次分裂后期
（2）减数第二次分裂后期，携带基因a的两条子染色体移向了细胞的同一极
（3）
【解析】
【分析】据图分析，图1中同源染色体分离，处于减数第一次分裂后期，且细胞质均等分裂，故应为初级精母细胞；图2中染色体、染色单体和DNA的数目为1∶2∶2且体细胞染色体数为8，即有丝分裂的前期、中期以及减数第一次分裂。
【小问1详解】
据图1可知，该细胞中两条染色体的B和b发生了互换，故该雄性个体的基因型应为AaBb；图1细胞发生了（同源染色体非姐妹染色单体间的）互换，属于可遗传变异中的基因重组；B和b属于等位基因，可在减数第一次分裂后期随同源染色体的分开而分离，且此细胞发生了互换，B和b位于两条姐妹染色单体上，可在减数第二次分裂后期随着丝粒的分开而分离。
【小问2详解】
若用红色荧光标记图1细胞中的基因a，此时细胞中有姐妹染色单体，应含有2个红色荧光，正常分裂减数第二次分裂后期姐妹染色单体分开，精细胞应只含有1个红色荧光，若减数第二次分裂后期，基因a所在的染色体着丝粒分裂后没有分离，进入同一个精细胞中，则会导致最终得到的某个精细胞中含有2个红色荧光点。
【小问3详解】
减数第二次分裂后期，着丝粒分裂，染色体数目暂时加倍（与体细胞相等，8条），此时细胞中不含姐妹染色单体（0），此时的核DNA数目也等于体细胞数目8个，故染色体（a）、染色单体（b）与核DNA（c）的数量关系可表示为：
10. 某种鱼的鳞有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，其中DD纯合会导致个体死亡。让无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1只有2种表现型：野生型鳞鱼占50%，单列鳞鱼占50%。F1中的单列鳞鱼随机交配，F2有4种表现型，且比例为6：3：2：1。回答下列问题：
（1）基因型为CcDd的鱼在减数分裂过程中，基因C、c和基因D、d在减数第一次分裂后期发生的行为是______。
（2）亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼的基因型依次为______。
（3）F2中的散鳞鱼相互交配，后代不会出现性状分离，其原因是______。
（4）现有基因型相同的多只雌雄野生型鳞鱼和多只雌雄散鳞鱼，请设计实验探究这些野生型鳞鱼的基因型，写出一种实验思路及预测结果和结论。实验思路和预测结果与结论：______。
【答案】（1）每对等位基因彼此分离的同时，非等位基因之间自由组合
（2）ccDd和CCdd
（3）散鳞鱼均为纯合子
（4）方案一：让多只雌雄野生型鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；
若后代的表现型全部是野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型为CCdd；
若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=3：1，则这些野生型鳞鱼的基因型为Ccdd。
方案二：让多只野生型鳞鱼与多只异性散鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；
若后代全部为野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型是CCdd；
若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=1：1，则这些野生型鳞鱼的基因型是Ccdd；
【解析】
【分析】基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【小问1详解】
据题意：决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，遵循基因自由组合定律，故基因型为CcDd的鱼在减数分裂过程中，基因C、c和基因D、d在减数第一次分裂后期发生的行为是每对等位基因随同源染色体彼此分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因之间自由组合。
【小问2详解】
决定该性状的两对等位基因（C和c，D和d）位于两对常染色体上，遵循基因自由组合定律，并且DD有致死作用，F1中的单列鳞鱼随机交配，F2有4种表现型，且比例为6：3：2：1，可知F1中单列鳞鱼基因型为CcDd；再根据亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1只有2种表现型，野生型鳞鱼：单列鳞鱼=1:1，则亲本的杂交类型为一对纯合基因杂交，另一对杂合基因测交，F1中单列鳞鱼基因型为CcDd，先考虑D和d，由于DD有致死作用，则亲本基因型为Dd和dd，野生型鳞鱼为纯合体，故亲本野生型鳞鱼基因型为dd，亲本无鳞鱼基因型为Dd；再考虑C和c这对基因，由于子代野生型鳞鱼：单列鳞鱼=1:1，则亲本基因型为CC和cc，这样的组合有CCdd和ccDd、CCDd和ccdd，但F1中单列鳞鱼基因型为CcDd，则鱼群中单列鳞鱼基因型为C_Dd，所以亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼的基因型依次为ccDd和CCdd。
【小问3详解】
F2中的散鳞鱼基因型为ccdd，都是纯合子，相互交配，后代不会出现性状分离。
【小问4详解】
野生型鳞鱼的基因型有CCdd和Ccdd两种，要探究这些野生型鳞鱼的基因型，可采用雌雄野生型鳞鱼相互交配或野生型鳞鱼与散鳞鱼相互交配。
方案一：让多只雌雄野生型鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；若后代的表现型全部是野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型为CCdd；若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=3：1，则这些野生型鳞鱼的基因型为Ccdd。
方案二：让多只野生型鳞鱼与多只异性散鳞鱼相互交配，统计后代的表现型及比例；若后代全部为野生型鳞鱼，则这些野生型鳞鱼的基因型是CCdd；若后代的表现型及比例为野生型鳞鱼：散鳞鱼=1：1，则这些野生型鳞鱼的基因型是Ccdd。
（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。
【生物——选修1：生物技术实践】
11. 甲醛（CH2O）为无色气体，能溶于水，是室内装修的主要污染物之一，也是一种强致癌物质。假单胞菌是一类广泛分布在土壤中的具有降解甲醛能力的严格好氧细菌。请回答下列相关问题：
（1）若要从土壤中筛选出假单胞菌，可先将土样加入以甲醛为唯一_____的培养液中，将培养瓶固定在摇床上，于一定的温度下振荡培养几天，直至培养液变_____，该操作中振荡的目的是_____（答出两点）；再将培养后的培养液接种到相应固体培养基上，结果培养基上出现多种微生物，其原因除了可能是培养基灭菌不彻底以外，还可能是_____（答出两点）。
（2）实验时对培养基应采取的灭菌方法是_____。
（3）利用炉渣与假单胞菌混合处理，可以起到较好的去除甲醛的效果，其原因是炉渣一方面作为吸附剂，吸附水和____；另一方面创造了空隙，增加通气，有利于假单胞菌的_____。
【答案】（1） ①. 碳源 ②. 混浊 ③. 增大溶氧量，使细菌与营养物质充分接触 ④. 以甲醛为唯一碳源的微生物并非只有假单胞菌；有些微生物利用其他微生物的代谢产物进行生长繁殖；没有进行严格无菌操作、接种过程中混入了杂菌等
（2）高压蒸汽灭菌法 （3） ①. 甲醛 ②. 有氧呼吸（或增长繁殖）
【解析】
【分析】微生物常见的接种的方法：（1）平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。（2）稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。
【小问1详解】
分析题意，假单胞菌是一类广泛分布在土壤中的具有降解甲醛能力的严格好氧细菌，由于甲醛的元素组成是C、H、O，故若要从土壤中筛选出假单胞菌，可先将土样加入以甲醛为唯一碳源的培养液中，将培养瓶固定在摇床上，于一定的温度下振荡培养几天，直至培养液变混浊；该操作中振荡的目的是为了增大培养液中的溶氧量，使细菌与营养物质充分接触；将培养后的培养液接种到相应固体培养基上，结果培养基上出现多种微生物，其原因可能是因为培养基灭菌不彻底，也可能是因为以甲醛为唯一碳源的微生物并非只有假单胞菌，或有些微生物利用其他微生物的代谢产物进行生长繁殖，或没有严格无菌操作、接种过程中混入了杂菌等。
【小问2详解】
微生物培养时应注意无菌操作，对培养基应采取的灭菌方法是高压蒸汽灭菌法。
【小问3详解】
相关试卷
2023-2024学年四川省绵阳南山中学高三上学期综合演练（三）理综生物试题含解析： 这是一份2023-2024学年四川省绵阳南山中学高三上学期综合演练（三）理综生物试题含解析，文件包含四川省绵阳南山中学2023-2024学年高三上学期综合演练三理综生物试题Word版含解析docx、四川省绵阳南山中学2023-2024学年高三上学期综合演练三理综生物试题Word版无答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共20页， 欢迎下载使用。
2023届四川省绵阳南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题（含答案解析）： 这是一份2023届四川省绵阳南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题（含答案解析），共13页。
2023届四川省绵阳市南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题含解析： 这是一份2023届四川省绵阳市南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题含解析，文件包含四川省绵阳市2023届南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题Word版含解析docx、四川省绵阳市2023届南山中学高三上学期第十二次理综演练生物试题Word版无答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共20页， 欢迎下载使用。
