九年级物理期末（元月调研）模拟卷（武汉专用，人教版13-18章）-2023-2024学年初中上学期期末模拟考试

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下列现象用分子动理论解释，其中正确的是（ ）
A．石灰石能被粉碎成粉末，说明物质是由分子组成的
B．用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
C．如图是物质在三种不同状态下的分子模型，图乙中分子相距最近，且处于静止状态
D．物体在图甲对应的状态下具有流动性且较难压缩
【解答】解：A、石灰石能被粉碎成粉末，固体大颗粒变成小颗粒，小颗粒不是分子，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，是因为海绵之间有空隙，而不是分子间的间隙，故B错误；
C、如图是物质在三种不同状态下的分子模型，图乙中分子相距最近，且分子都在不停地做无规则运动，故C错误；
D、物体在图甲对应的状态下具有流动性且较难压缩，故D正确。
故选：D。
2．如图甲所示，烧瓶内盛少量水，然后用气筒给瓶内打气，当瓶塞跳起来时，看到瓶内出现白雾。如图乙所示，给试管里的水加热，水沸腾后瓶塞被迅速冲出试管且管口出现“白气”。如图丙所示，小朋友从滑梯匀速滑下来，屁股发烫。下列说法中正确的是（ ）
A．甲图瓶中的白雾和乙图试管口“白气”都是水蒸气汽化形成的
B．乙图中水蒸气推动瓶塞过程中，包含的能量转化主要是机械能转化为内能
C．丙图中小朋友下滑过程中，包含的能量转化主要是重力势能转化为动能
D．甲图瓶塞跳出和乙图瓶塞冲出试管口的过程中，气体的内能都减小
【解答】解：
A、白雾都是水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、图乙所示，用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间以后，塞子被试管内水蒸气推出，即该过程中消耗水蒸气的内能，产生机械能，故是将内能转化为机械能的过程，故B错误；
C、小朋友下滑过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能减小，不是重力势能转化为动能，故C错误；
D、甲图当瓶塞跳出和乙图瓶塞冲出试管口的过程中，烧瓶和试管内的气体的内能都在减小，故D正确。
故选：D。
3．汽油的热值为4.6×107J/kg。这个数值究竟有多大？我们可以通过一个具体例子来认识汽油热值的大小：一个50kg的中学生，从大厦的1楼步行至第11楼（走了10层楼），每层楼的层高为3m，如果汽油完全燃烧获得热量的焦耳数和该中学生克服重力做的功相等，就可以算出所需汽油的质量m。下列相关说法完全正确的一组是（ ）
①汽油的热值为4.6×107J/kg，表示1kg汽油燃烧放出的热量为4.6×107J
②该中学生克服重力做了1.5×105J的功
③通过计算可知m约为3.3×10﹣4kg
④当汽油不完全燃烧时，汽油的热值变小
A．①②B．③C．①③D．③④
【解答】解：①汽油的热值为4.6×107J/kg，表示1kg汽油完全燃烧放出的热量为4.6×107J，故①错误；
②中学生的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，
克服重力做功：W＝Gh＝500N×3m×10＝1.5×104J，故②错误；
③由题知，汽油完全燃烧获得热量和该中学生克服重力做的功相等，
则汽油完全燃烧放出的热量Q放＝W＝1.5×104J，
由Q放＝mq得需要汽油的质量：
m0＝＝≈3.3×10﹣4kg，故③正确；
④汽油的热值是汽油的一种特性，与汽油的燃烧情况无关，故④错误。
故选：B。
4．用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球时，验电器的金属箔张开，如图甲所示；用玻璃棒靠近（不接触）不带电的验电器的金属球时，验电器的金属箔也张开，如图乙所示。下列说法中正确的是（ ）
A．丝绸与玻璃棒相比，玻璃棒的原子核对电子的束缚能力要强
B．图甲中，金属箔张开是因为异种电荷相互排斥
C．图甲中，玻璃棒上的一部分电子转移到金属箔上
D．图乙中，金属箔上的一部分电子转移到金属球上
【解答】解：A、摩擦起电的实质是电子的转移，原子核对电子的束缚能力强，物体得到电子带负电；玻璃棒带正电，说明玻璃棒失去电子，即玻璃棒的原子核对电子的束缚能力弱，故A错误；
B、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故图甲中，金属箔张开是因为同种电荷相互排斥，故B错误；
C、图甲中，玻璃棒A带正电，接触金属球B上，B和金属箔上的自由电子被吸引而远离，转移到玻璃棒上，故C错误；
D、图乙中，玻璃棒A没有接触验电器的金属球B，所以金属箔上的自由电子被吸引而转移到B金属球上，故D正确。
故选：D。
5．某款感应式垃圾桶（如图）的工作原理如下：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开；手离开5秒后动力装置会控制垃圾桶盖闭合，然后感应开关S2自动断开。下列电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开，这表明灯泡和动力装置能各自独立工作，并联在电路中，启动开关S1接在干路中，控制整个电路；感应开关S2控制动力装置，串联在动力装置的支路上，故B符合题意。
故选：B。
6．如图所示，将A、B两种不同的金属片分别插入土豆，制成“土豆电池”。闭合开关S，发光二极管发光，电压表有示数。以下关于电路的理解，说法正确的是（ ）
A．闭合开关后，“土豆电池”内部的自由电荷移动形成了电流
B．“土豆电池”内部电流方向为从A流向B
C．闭合开关S，若发光二极管“正”、“负”极接反，电压表将没有示数
D．若断开开关S，电压表无示数，A、B两金属片间仍有电压
【解答】解：
A、闭合开关后，“土豆电池”内部的自由电荷定向移动形成了电流，故A错误；
B、根据电压表正向偏转知，A是电源的正极，在电源内部，电流总是从电源的负极流向正极；则由图可知，“土豆电池”内部电流从金属片B流向A，故B错误；
C、闭合开关S，若发光二极管“正”、“负”极接反，此时电压表测量的是电源电压，有示数，故C错误；
D、电源的两端是存在电压的，与外部电路的通断情况无关，故D正确。
故选：D。
7．如图是学生实验中常用的滑动变阻器，其铭牌上标有“30Ω 0.5A”。下列关于其结构和使用错误的是（ ）
A．滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路中的长度来改变其接入电路的电阻大小的
B．使用滑动变阻器时正确的接线方式是上面C、D和下面A、B各选一个接线柱接入电路
C．“30Ω 0.5A”表示通过滑动变阻器的电流为0.5A时，滑动变阻器接入电路的电阻为30Ω
D．图中电阻线圈在水平方向上有条白线表示这里的绝缘层已经刮掉，电阻丝可以与滑片P相连
【解答】解：A、滑动变阻器通过改变其接入电路中电阻线的长度来改变接入电路电阻的，故A正确；
B、使用滑动变阻器时正确的接线方式是“一上一下”，正确的接线方式是上面C、D和下面A、B各选一个接线柱接入电路，故B正确；
C、滑动变阻器铭牌上标有“30Ω 0.5A”表示滑动变阻器的最大电阻是30Ω，允许通过的最大电流是0.5A，故C错误；
D、图中电阻线圈在水平方向上有条白线表示这里的绝缘层已经刮掉，电阻丝可以与滑片P相连，故D正确。
故选：C。
8．如图所示，电源电压不变，当闭合开关S1、S2时，电流表A1的示数是1A，A2的示数是0.6A；当只闭合开关S1时，电流表A1的示数是0.8A。则下列说法正确（ ）
A．当只闭合开关S1时，L1、L2、L3并联，电压表测的电源电压
B．当闭合开关S1、S2时，只有L1、L2发光
C．当闭合开关S1、S2、S3时，电流表A2的示数为0.2A，L3被短路，电压表也被短路
D．当闭合开关S1、S2时，电流表A3的示数为0.6A，通过小灯泡L2的电流为0.2A
【解答】解：
A、当只闭合开关S1时，如图：
L1、L3并联，电压表测的电源电压，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡L3的电流，电流表A3测量通过灯泡L1的电流；并且IA1＝I1+I3＝0.8A，故A错误；
BD、当闭合开关S1、S2时，如图：
L1、L2、L3并联，三灯泡发光，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡L2、L3的总电流，电流表A3测量通过灯泡L1、L2的电流；
电流表A1的示数是1A，A2的示数是0.6A，通过小灯泡L1的电流I1＝IA1′﹣IA2′＝1A﹣0.6A＝0.4A，
只闭合S1时，L1、L3并联（与三灯并联相比，通过各灯的电灯不变），IA1＝I1+I3＝0.8A，I3＝0.8A﹣I1＝0.8A﹣0.4A＝0.4A，
I2＝IA1′﹣I1﹣I3＝1A﹣0.4A﹣0.4A＝0.2A，
电流表A3的示数：IA3＝I1+I2＝0.4A+0.2A＝0.6A，故B错误、D正确；
C、当闭合开关S1、S2、S3时，如图：
电流从电源正极流出，经过两个电流表回到电源负极，造成电源短路，电路中的电流很大，故C错误。
故选：D。
9．如图所示的电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P从一端向另一端滑动过程中，以下说法错误的是（ ）
A．若滑动变阻器滑片P自b向a移动，电压表V1的示数与电压表V2的示数比值变大
B．若滑动变阻器滑片P自a向b移动，电流表A的示数变小，电压表的V2的示数与电流表A的示数之比变大
C．不管滑片P怎么移动，电压表V1的示数变化量ΔU1与电流表A的示数变化量ΔI的比值不变
D．若滑动变阻器滑片P自a向b移动，电压表V2的示数变化量ΔU2与电流表A的示数变化量ΔI的比值变大
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）若滑动变阻器滑片P自a向b移动，R2接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由R＝可知，电压表V2的示数与电流表A的示数之比等于R2的阻值，因R2的阻值变大，则它们的比值变大，故B正确；
同理可知，滑片P自b向a移动，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，
由U＝IR可知，R1两端的电压变大，电压表的V1示数变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，
则电压表V1的示数与电压表V2的示数比值变大，故A正确；
（2）设滑片移动前后电路中的电流为I1、I2，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电压表V2示数的变化量：
ΔU2＝U2﹣U2′＝（U﹣I1R1）﹣（U﹣I2R1）＝（I2﹣I1）R1＝ΔIR1，
即＝R1，则电压表V2的示数变化量ΔU2与电流表A的示数变化量ΔI的比值不变，故D错误；
电压表V1示数的变化量：ΔU1＝I1R1﹣I2R1＝（I1﹣I2）R1＝ΔIR1，
即＝R1，则电压表V1的示数变化量ΔU1与电流表A的示数变化量ΔI的比值不变，故C正确。
故选：D。
10．如图是探究电流通过导体时产生热的多少与哪些因素有关的实验装置，先后用同一个电源完成实验。两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法不正确的是（ ）
A．甲实验还能用来研究电流产生的热量与通电时间的关系
B．相同时间内甲图左边U形管液面高度差大于乙图左边U形管液面高度差
C．将甲实验密封容器外的电阻由5Ω换成10Ω，未控制变量，不能研究电流产生的热量与电流的关系
D．本实验采用的研究方法有“控制变量法”和“转换法”
【解答】解：A、甲装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故可以研究电流产生的热量与电流的关系；甲装置中两电阻串联，以任一电阻研究对象，改变通电时间，而电流和电阻相等，根据转换法，可用来研究电流产生的热量与通电时间的关系，故A正确；
B、根据串联和并联电阻的规律，甲中总电阻小于乙中总电阻，由欧姆定律，通过甲中容器内的电阻的电流大，根据Q＝I2Rt可知，甲图左侧电阻产生的热量多，根据转换法，相同时间内甲图左边U形管液面高度差大于乙图左边U形管液面高度差，故B正确；
C、研究电流产生的热量与电流的关系要控制通电时间和电阻相同，将甲实验密封容器外的电阻由5Ω换成10Ω，两容器内的电阻和通电时间相同，通过两电阻的电流不同，可研究电流产生的热量与电流的关系
，故C错误；
D、本实验采用的研究方法有“控制变量法”和“转换法”，故D正确。
故选：C。
11．如图所示是某同学家中的电能表，该同学把家中的其他用电器都与电源断开。把一只24W节能灯和一只500W电吹风机分别接在此电能表上，有关电能表的说法正确的是（ ）
A．电能表的作用是测量电流做功的快慢
B．24W节能灯接入电路时，电能表和节能灯并联
C．24W节能灯接入电路，当电能表铝盘转180转时，节能灯消耗电能为2.16×105J
D．500W电吹风机接入电路，电能表铝盘转动较快，说明电流通过电吹风机做的功较多
【解答】解：A、电能表测量的是用电器消耗电能的多少，不是快慢，故A错误；
B、家庭电路中节能灯和其它用电器并联，电能表接在干路上，故B错误；
C、电能表铭牌上的3000r/kW•h表示用电器每消耗1kW•h的电能，表盘转过3000r，180转消耗的电能为W＝kW•h＝0.06kW•h＝2.16×105J，故C正确；
D、功率是表示做功快慢的物理量，功率大说明做功快，电能表铝盘转动较快，说明电流做功快，而不是做功多，故D错误。
故选：C。
12．如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“6V 3W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，滑动变阻器R的最大阻值为200Ω，当只闭合S和S1，移动滑动变阻器的滑片P时，它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示。当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，定值电阻R0的电功率变化了7.2W（忽略灯泡电阻随温度的变化）。下列描述错误的是（ ）
A．只闭合S和S2，在保证电路安全的情况下，灯泡最小的功率为0.75W
B．定值电阻R0的阻值为15Ω
C．只闭合S和S2，滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
D．只闭合S和S1，在保证电路安全的情况下，当电阻R0消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率为3W
【解答】解：A、由P＝UI可得，灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A，由欧姆定律可知，灯泡的电阻：RL＝＝＝12Ω；
只闭合S和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流；
由P＝UI＝可知，灯泡两端的电压最小时，灯泡的电功率最小，由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0～15V，所以滑动变阻器两端的最大电压为15V，由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的最小电压：UL小＝U﹣UR大＝18V﹣15V＝3V，
由欧姆定律可知，电路中的最小电流：I小＝＝＝0.25A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：R大＝＝＝60Ω＜200Ω，符合题意，
则灯泡的最小功率：PL小＝UL小I小＝3V×0.25A＝0.75A，故A正确；
C、电流表的量程为0～0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，由串联电路的电流特点可知，为了安全，电路中的最大电流为0.5A，
由欧姆定律可知，电路中的最小总电阻：R总小＝＝＝36Ω，
由串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻：R小＝R总小﹣RL＝36Ω﹣12Ω＝24Ω，
因此只闭合S和S2，滑动变阻器允许调节的范围是24Ω﹣60Ω，故C错误；
B、只闭合S和S1，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为R1时，滑动变阻器两端的电压为U1，由欧姆定律可知，此时电路中的电流为I1＝，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U＝I1（R0+R1）……①
当滑动变阻器接入电路的电阻为4R1时，滑动变阻器两端的电压为2U1，由欧姆定律可知，此时电路中的电流为I2＝＝×，则I2＝I1，
电源电压：U＝I2（R0+4R1）＝I1（R0+4R1）……②
由①②解得：R0＝2R1，
由P＝UI＝I2R可知，两次定值电阻R0的电功率变化量：ΔP0＝P01﹣P02＝R0﹣R0＝（﹣）R0＝[﹣（I1）2]R0＝R0＝7.2W，
解得：P01＝R0＝9.6W，P02＝2.4W，
由P＝UI＝I2R可知，滑动变阻器接入电路的电阻为R1时，滑动变阻器消耗的电功率：＝R1＝×R0＝R0＝×9.6W＝4.8W，
则此时电路的总功率：P1＝P01+＝9.6W+4.8W＝14.4W，
由P＝UI可知，此时电路中的电流：I1＝＝＝0.8A，
由欧姆定律可知，电路中的总电阻：R1总＝＝＝22.5Ω，
由串联电路的电阻特点可知，R1总＝R0+R1＝R0+R0＝R0＝22.5Ω，
解得：R0＝15Ω，故B正确；
D、由P＝UI＝可知，R0两端的电压最小时，R0的电功率最小，由串联电路的电压特点可知此时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0～15V，所以滑动变阻器两端的最大电压为15V，由串联电路的电压特点可知，R0两端的最小电压：U0小＝U﹣UR大＝18V﹣15V＝3V，
由欧姆定律可知，电路中的最小电流：I小'＝＝＝0.2A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：R大'＝＝＝75Ω＜200Ω，符合题意，
则电阻R0消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率：PR＝UR大I小'＝15V×0.2A＝3W，故D正确。
故选：C。
13．2022年10月12日，备受关注的中国空间站“天宫课堂”第三课正式开讲，如图甲所示。神舟十四号航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲在问天实验舱内进行太空授课。
（1）航天员陈冬将三根粗细不同的两端开口的塑料管同时放在水中，如图乙所示。最细的塑料管内水面飞速到达顶端，其余塑料管内水面也在上升。管内水面上升是由于 ③ 。（填序号）
①水表面层内分子单纯具有一种引力所引起的
②水表面层内分子单纯具有一种斥力所引起的
③水表面层内分子间引力大于斥力所引起的
（2）“天宫课堂”还首次展示了空间站植物研究项目，如图丙所示是空间站里在人造光源照射下的生菜，生菜吸收光进行光合作用时将 光 能转化为 化学 能。
【解答】解：（1）物体在太空中处于失重状态，而水表面层内分子间存在引力和斥力，并且引力大于斥力，所以管内水面上升。
（2）生菜吸收光进行光合作用时，消耗了光能，获得了化学能，所以是将光能转化为化学能。
故答案为：（1）③；（2）光；化学。
14．如图所示，老楼安装爬楼“神器”，解决了腿脚不便的老人上下楼的难题。某款爬楼神器的主要参数如表，这款神器充满电后可以连续使用 0.72 h；为安全考虑，若电量不足时，要求强制充电10分钟后才能再次使用，充电10分钟可以增加 1.584×105 J的电能；这种踏板电梯刷IC卡就能使用，IC卡又称集成电路卡，主要利用 半导体 制作而成。（填“半导体”或“超导体”）
【解答】解：（1）由表中数据可知，锂电池存储的电能：W＝UIt＝24V×12A×1h＝288Wh，
由P＝可知，充满电后可以连续使用的时间：t＝＝＝0.72h；
（2）由表中数据可知，充电10分钟增加的电能：W'＝UIt＝220V×1.2A×10×60s＝1.584×105J；
（3）集成电路是利用半导体材料制造的，因此IC卡主要利用半导体制作而成。
故答案为：0.72；1.584×105；半导体。
15．如图所示为“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。
（1）实验中，两烧杯内放入规格相同的电加热器，“规格相同”指的是两加热器的 电功率 相同，这样可以保证 相同时间 ，水和食用油吸收的热量相等。
（2）实验中，从开始加热到第3分钟时，水增加的内能 等于 （选填“大于”“等于”或“小于”）食用油增加的内能。
（3）由实验数据可知，水的比热容与食用油的比热容之比为 3：2 。
【解答】解：（1）实验中，两烧杯内放入规格相同的电加热器，根据Q＝W＝Pt，“规格相同”指的是两加热器的是电功率相同，这样可以保证相同时间，水和食用油吸收的热量相等。
（2）实验中，从开始加热到第3分钟时，根据转换法，水和食用油吸热相同，故水增加的内能等于食用油增加的内能。
（3）由实验图中数据可知升高20℃，甲、乙的加热时间分别为2min和3min，由转换法，甲、乙的吸热之比为2：3，根据比较吸热能力的方法，故可知乙的吸热能力强，乙为水，甲为油，根Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，水的比热容与食用油的比热容之比为3：2。
故答案为：（1）电功率；相同时间；（2）等于；（3）3：2。
16．图甲是“探究串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”的实验电路图。实验中，只要用电压表分别测出A与B、B与C以及A与C之间的电压，就可以找出串联电路中各用电器两端的电压与电源两端电压的关系。
（1）实验过程中连接电路时，开关应该 断开 ，且应选用规格 不相同 （选填：相同、不相同）的灯泡；
（2）某同学对照图甲及实验设计后认为：用一块电压表分别测A与B以及B与C之间的电压时，需要对电路进行改接，为了不反复拆接电压表，优化实验过程。于是，他设计了图乙所示的电路，他的思路是：只闭合开关S和S1，电压表测L1的电压，只闭合开关S和S2，电压表就可以测L2的电压。这种设计思路是 错误 （选填：正确、错误）的，因为 这样操作会造成电压表正负接线柱接反，从而导致指针反偏 。
（3）在另一组同学正确的实验过程中，闭合开关后两灯均正常发光，电压表分别接在AB和AC两点时，电压表的指针均指在了图丙所示的位置，则在此过程中，灯泡L2两端的电压大小为 5.2 V。
【解答】解：（1）连接电路时，为了保证电路安全，开关应断开；为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍性，应该选取不同的小灯泡进行实验；
（2）测L1的电压时，只闭合开关S和S1，此时电流从电压表正接线柱流入、负接线柱流出，符合电压表的使用；而当只闭合开关S和S2，测L2的电压时，这种接法会造成电压表正负接线柱接反，从而导致指针反偏，不符合电压表的使用原则；
（3）电压表分别接在AB和AC两点时，测量的分别是灯泡L1两端电压和电源电压，而电压表指针位置相同，由此可判断接在AB时电压表使用的是小量程0﹣3V，则分度值为0.1V，由此灯泡L1两端电压为1.3V，当接在AC时电压表使用的是大量程0﹣15V，则分度值为0.5V，则电源电压为6.5V，根据串联电路电压规律可知灯泡L2两端的电压大小为6.5V﹣1.3V＝5.2V。
故答案为：（1）断开；不相同；（2）错误；这样操作会造成电压表正负接线柱接反，从而导致指针反偏；（3）5.2。
17．在探究“影响电阻大小因素”的实验中，同学们作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关
②导体的电阻与导体的横截面积有关
③导体的电阻与导体的材料有关
某实验小组设计了如图甲、乙所示的实验电路，选用的金属丝的规格如下表所示。
（1）按图甲电路实验时，通过观察 灯泡亮度 来比较不同金属丝电阻的大小。
（2）按图乙电路实验时，闭合开关后，接入A导体时电流的示数小于接入B导体，这说明在 材料和横截面积 一定时，导体长度越长，电阻越大。
（3）如果只有A、B、C这三根金属丝可以选用，应该 可以 （选填“可以”或“不能”）验证猜想②。
【解答】解：
（1）由甲图可知，电路中通过灯泡的亮度比较电流的大小，从而比较电阻的大小；
（2）乙图中，导体的材料和横截面积相同，而导体的长度不同，故乙电路是探究电阻跟导体的长度的关系；闭合开关后，接入A导体时电流表的示数小于接入B导体，这说明在材料和横截面积一定时，导体长度越长，电阻越大；
（3）研究导体的电阻与导体的横截面积的关系，应控制导体的长度和材料相同，而横截面积不同，可将A导体对折，对折后A的横截面积为B的2倍，此时A、B的长度和材料相同，应该可以验证猜想②。
故答案为：（1）灯泡的亮度；（2）材料和横截面积；（3）可以。
18．如图甲所示是某同学探究电流与电阻的关系的实验电路。已知电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为“30Ω 1A”，可供选择的定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω和20Ω。
（1）该同学根据图甲所示电路连接如图乙所示的实物图，闭合开关后， 电流表 （填“电流表”或“电压表”）的指针几乎不偏转。经检查发现有一根导线连接错误，请在这根导线上打上“×”，并补画出正确的那根导线；
（2）正确连接电路后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图丙所示，电路中的电流为 0.5 A；再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，移动滑片直至电压表示数为 2.5 V，并记录电流表的示数；
（3）在保证电路安全的前提下，若要完成这四次实验，应控制定值电阻两端电压的范围为 2.4～3 V。
【解答】解：（1）如图乙电压表串联在电路中，电路是断路，因此闭合开关后，电压表有示数，电流表无示数。
实验电路要求，定值电阻、电流表、滑动变阻器为串联电路，电压表测定值电阻电压，如下图所示：
（2）图丙中电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，读数为0.5A。
实验中需要保持定值电阻两端电压不变，当电阻为5Ω时，电流为0.5A，可求电压为U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V。
（3）当定值电阻接入电路中的阻值为20Ω，且滑动变阻器全都接入电路中时，电路中的电流为＝0.12A，
则定值电阻的电压为UR＝IRR＝0.12A×20Ω＝2.4V，
因为电压表的量程选用的是0～3V。因此最大电压为3V，所以定值电阻的电压范围为：2.4～3V。
故答案为：（1）电流表；见解析；（2）0.5；2.5；（3）2.4～3。
19．如图甲为某款双控温多功能家用涮烤两用分体电火锅，该电火锅部分参数如下表所示，该锅可实现火锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，开关S1控制对中央区域汤锅进行加热的电路，R1、R2均为电热丝，R2与温控开关并联；S左、S右可控制左右两侧的烧烤盘的电路。
（1）汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻为多少？
（2）若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为多少？
（3）在一次野外烧烤中通过很长的导线从一电压为220V的农家拉到烧烤点，发现烤肉速度比较慢。因为距离远，导线有电阻，所以导线会消耗了一些电能；当只让烧烤盘右盘工作时，测得导线消耗的功率为36W，求此时右盘的实际电功率是多少W？
【解答】解：（1）由图乙可知，温控开关闭合，汤锅电路中只有R1工作，当温控开关断开时，汤锅电路中R1、R2串联，
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P＝UI＝可知，汤锅电路中只有R1工作时，电阻最小，电功率最大，汤锅为加热状态；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，汤锅为保温状态；
由P＝UI＝可知，R1的电阻：
R1＝＝＝44Ω；
（2）由串联电路的电阻特点可知，保温挡时汤锅电路的总电阻：
R＝R1+R2＝44Ω+56Ω＝100Ω，
该汤锅保温挡时的额定保温功率：
P保温＝＝＝484W；
（3）由P＝UI＝可知，R右的电阻：
R右＝＝＝121Ω；
由题意可知，导线的电阻与R右串联，
由串联电路的电压特点可知，R右两端的电压：UR＝U﹣U线＝220V﹣U线，
由欧姆定律可知，此时电路中的电流：I＝＝，
导线消耗的电功率：P线＝U线I＝36W，
即：U线×＝36W，
解得：U线＝22V（通常情况下导线的电阻小于电热丝的电阻，因此舍去电压198V），
则R右两端的电压：UR＝U﹣U线＝220V﹣22V＝198V，
此时右盘的实际电功率：P右实＝＝＝324W。
答：（1）汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻为44Ω；
（2）若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为484W；
（3）此时右盘的实际电功率是324W。
充电电压/电流
220V/1.2A
锂电池规格
24V 12Ah（一节）
电机功率
400W
速度
0.12m/s
最大载重
120kg
导体代号
长度/m
横截面积/mm2
材料
A
1.0
0.2
镍铬合金
B
0.5
0.2
镍铬合金
C
1.0
0.2
铜
额定电压
额定功率



220V
烧烤盘
汤锅

左盘

右盘

加热

保温

800W

400W

1100W