2023-2024学年江苏省普通高中高二（上）学业水平合格性考试物理模拟试卷(三)（含解析）

这是一份2023-2024学年江苏省普通高中高二（上）学业水平合格性考试物理模拟试卷(三)（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题等内容，欢迎下载使用。
1.下列关于质点的说法中，正确的是( )
A. 只有体积很小的物体才能看作质点
B. 学生会人员检查某班级课间操人数时，可以把该班级的每一位同学看做质点
C. 政教处老师检查某班级课间操质量时，可以把该班级的每一位同学看做质点
D. 某体育老师研究某同学的起跑动作时，可以把该同学看做一个质点
2.在“一江春水向东流”这句古诗中，描述江水运动的参考系是( )
A. 江水B. 江中的漂浮物C. 江岸D. 顺流而下的船
3.神舟十四航天员2022年11月13日14时18分，成功开启天舟五号货物舱舱门，历时45分钟完成环境检测等准备工作后顺利进入天舟五号货运飞船进行“拆快递”工作，下列说法正确的( )
A. “14时18分”及“45分钟”均表示时间间隔
B. 研究航天员进入飞船的动作，航天员可视为质点
C. 研究飞船绕地球的运动轨迹时，飞船不能视为质点
D. 飞船中拆快递的航天员处于完全失重状态
4.运动员沿跑道的直道部分先向南跑了40m，又折返向北跑了10m。整个过程中，运动员的路程和位移大小分别是( )
A. 50m、30mB. 50m、10mC. 10m、50mD. 50m、50m
5.高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是( )
A. 汽车将匀速通过前方3公里
B. 能够计算出此时车子的速度是0.125 m/s
C. 若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟
D. 通过前方这3公里的过程中，车子的平均速率大约为7.5 km/h
6.一个原来做匀速直线运动的物体，又受到一个跟它速度方向一致，且逐渐减小到零的力的作用，在受力期间它的速度将( )
A. 以一定的加速度不断增大B. 以逐渐增大的加速度不断增大
C. 以逐渐减小的加速度不断减小D. 以逐渐减小的加速度不断增大
7.一辆遥控玩具汽车在平直路上运动，其位移s随时间t变化的关系如图，以下说法正确的是( )
A. 前4s内汽车的加速度为2.5m/s2B. 4∼6s内汽车做匀速直线运动
C. 7s末汽车的速度大小为7.5 m/sD. 8s末汽车运动方向发生改变
8.交警叔叔在给高一新生上交通安全课：“同学们，平时在骑车时应注意安全，避免急停急起。”下列物理量中描述“急停急起”最恰当的一个是( )
A. 瞬时速度B. 瞬时速率C. 速度改变量D. 加速度
9.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度时间图像如图所示，由图像可知( )
A. tc时刻火箭回到地面
B. 0∼ta段火箭是上升过程，在ta∼tb段火箭是下落过程
C. tb时刻火箭离地最远
D. 0∼ta段火箭的加速度小于ta∼tb段的火箭加速度
10.物体做初速度为零的匀加速直线运动，在1s末、2s末、3s末的速度大小之比是( )
A. 1:2:3B. 1:3:5C. 1:1:1D. 1:4:9
11.一小球自45m高的塔顶自由下落，若取g═10m/s2，则小球下落过程中最后1s内发生的位移是( )
A. 25mB. 20mC. 28.9mD. 15m
12.一位杂技演员，用三只球进行抛接球表演，他每隔0.4ｓ抛出一球，接到球便立即把球抛出，将球的运动近似看做是竖直方向的运动，不计空气阻力，球能到达的最大高度是(高度从拋球点算起，g取10m/s2)( )
A. 1.2mB. 1.8mC. 2.4mD. 3.0m
13.在t=0时刻，一匹马驹在跑道上由静止开始做匀加速直线运动，则马驹在第3s内的位移和前3s内的位移大小之比为( )
A. 1∶2B. 1：3C. 3∶5D. 5∶9
14.假设某战机起飞前从静止开始做匀加速直线运动，达到起飞速度v所需时间为t，则起飞前的运动距离为( )
A. vt2B. vtC. 2vtD. vt2
15.小时候，父亲逗我们开心时都喜欢把我们“举高高”，如图所示是某位父亲逗孩子开心时把孩子“举高高”的场景。图中父亲将孩子沿竖直方向缓慢“举高高”的过程中，假设其每只手对孩子的作用力大小相等，则下列有关说法正确的是( )
A. 孩子的重力与父亲双手对孩子的作用力是一对作用力与反作用力
B. 父亲双手对孩子的作用力与孩子对父亲双手的作用力是一对平衡力
C. 地面对该父亲的支持力可能小于父亲和孩子整体所受的重力
D. 该父亲每只手对孩子的作用力一定大于孩子所受重力的一半
16.篮球比赛中，为闪躲防守队员，持球者将球经击地后传给队友，如图所示，则水平地面对篮球的弹力是由( )
A. 篮球的形变而产生，方向斜向上B. 地面的形变而产生，方向斜向上
C. 篮球的形变而产生，方向竖直向上D. 地面的形变而产生，方向竖直向上
17.如图所示，用大小为50N的握力握住一个重为10N的瓶子，瓶子竖直，始终处于静止状态。已知手掌与瓶子间的动摩擦因数μ=0.5，则
( )
A. 瓶子受到的摩擦力大小为10NB. 瓶子受到的摩擦力大小为25N
C. 当握力增大时，瓶子受到的摩擦力将增大D. 当握力减小时，瓶子受到的摩擦力将减小
18.如图，一个木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态。其中F1=10N、F2=2N，则摩擦力的大小、方向正确的是
( )
A. 大小为10N，方向向左B. 大小为8N，方向向左
C. 大小为2N，方向向右D. 大小为12N，方向向右
19.如图所示，质量均为m的两木块a与b叠放在水平面上，a受到水平向右的力的作用，b受到水平向左的力的作用，两力大小均为F.现两木块保持静止状态，则( )
A. a、b之间无静摩擦力B. a、b之间一定存在静摩擦力
C. b与地面之间一定存在静摩擦力D. b受到的合外力比a受到的合外力大
20.某餐厅送餐机器人的结构可简化为如图所示的示意图，机器人的上表面保持水平，当菜品随着机器人一起做匀速直线运动时，下列说法正确的是( )
A. 菜品受到的摩擦力方向与其运动方向相同
B. 菜品受到的合外力始终不变
C. 菜品的质量越大，受到的静摩擦力越大
D. 菜品受到的摩擦力与菜品和机器人上表面间的动摩擦因数成正比
21.使用自卸式货车可以提高工作效率。如图所示，车厢由水平位置逐渐抬起，关于其中的货物所受摩擦力大小的变化，下列说法正确的是( )
A. 摩擦力逐渐增大B. 摩擦力逐渐减小
C. 摩擦力先减小后增大D. 摩擦力先增大后减小
22.对静止在光滑水平面上的物体施加一水平拉力，在力刚开始作用的瞬间
A. 物体立即获得速度
B. 物体立即获得加速度
C. 物体同时获得速度和加速度
D. 由于物体未来得及运动，所以速度和加速度都为零
23.为了安全，在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离。汽车在高速公路上行驶限速为120km/h，通常人的反应时间为0.3～0.6s，湿沥青与混凝土路面和轮胎之间的动摩擦因数为2581～25，g取10m/s2，则该路况下的安全距离为( )
A. 约150mB. 约160mC. 190mD. 200m
24.升降机中有一弹簧测力计，下面挂一小球，如果弹簧测力计的示数小于球的重力，升降机可能的运动情况是( )
A. 向下匀速运动B. 向下减速运动C. 向上加速运动D. 向上减速运动
25.如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为N，球b所受细线的拉力为F.剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力
( )
A. 小于NB. 等于NC. 等于N+FD. 大于N+F
26.如图是演示小蜡块在玻璃管中运动规律的装置．让玻璃管沿水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，同时小蜡块从A点开始沿竖直玻璃管向上也做初速度为零的匀加速直线运动，那么下图中能够大致反映小蜡块运动轨迹的是
( )
A. 直线PB. 曲线QC. 曲线RD. 曲线T
27.下列关于匀变速直线运动的说法正确的是( )
A. 匀加速直线运动的速度一定与时间成正比
B. 匀减速直线运动就是加速度为负值的运动
C. 匀变速直线运动的速度随时间均匀变化
D. 速度先减小再增大的运动一定不是匀变速直线运动
28.消防员在一次用高压水枪灭火的过程中，消防员同时启动了多个喷水口进行灭火。如果有甲、乙靠在一起的高压水枪，它们的喷水口径相同，所喷出的水在空中运动的轨迹如图所示，则由图可看出
( )
A. 甲水枪喷出水的速度大B. 乙水枪喷出的水在最高点的速度较大
C. 甲水枪喷出的水在空中运动的时间较长D. 乙水枪喷出的水在空中运动的时间较长
29.如图所示，某家用小汽车的车轮直径为80cm，一个质量为10−3kg的小石块A卡在轮胎边缘的花纹中，当该车以72km/h的速度在平直公路上正常行驶时，小石块因车轮转动而受到的向心力大约是
( )
A. 0.01NB. 0.05NC. 0.5ND. 1N
30.荡秋千是人们平时喜爱的一项休闲娱乐活动，如图所示，某同学正在荡秋千，A和B分别为运动过程中的最低点和最高点，若忽略空气阻力，则下列说法正确的是
A. 在A位置时，该同学处于失重状态
B. 在B位置时，该同学收到的合力为零
C. 在A位置时，该同学对秋千踏板的压力大于秋千踏板对该同学的支持力，处于超重状态
D. 由A到B过程中，该同学向心加速度逐渐减小
31.关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是( )
A. 第谷总结出了行星按照椭圆轨道运行的规律
B. 开普勒在牛顿运动定律的基础上，导出了行星运动的规律
C. 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律
D. 开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因
32.地球的第二宇宙速度是( )
A. 7.9km/sB. 11.2km/sC. 16.7km/sD. 3.0×105km/s
33.设地球表面处的重力加速度为g，则在距地面高为2R(R是地球的半径)处，由于地球的作用而产生的重力加速度是( )
A. g2B. g3C. g4D. g9
34.关于万有引力公式F=Gm1m2r2，以下说法正确的是( )
A. 公式只适用于星球之间的引力计算，不适用于质量较小的物体
B. 当两物体间的距离趋近于0时，万有引力趋近于无穷大
C. 两物体间的万有引力也符合牛顿第三定律
D. 公式中的r是到球表面的距离
35.我国某体操运动员在吊环项目中的照片如图所示，若该运动员质量为70kg，开始时两手臂呈竖直状态，现运动员手臂缓慢弯曲，使其重心下降10cm，取重力加速度大小g=10m/s2，则该过程中( )
A. 吊环对该运动员做了70J的正功
B. 吊环对该运动员做了70J的负功
C. 重力对该运动员做了70J的正功
D. 该运动员的重力势能增大了70J
36.如图所示，小球从直立轻质弹簧的正上方A处由静止自由下落，到B点与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短，然后又被弹回。若不计空气阻力，下列判断正确的是( )
A. 小球在C点时速度为零，加速度也为零
B. 小球在B点速度最大
C. 小球从A点到C点，弹簧的弹性势能增加量与小球重力势能的减少量相等
D. 小球在由B点运动到C点的过程中，小球、地球与弹簧组成系统的机械能减小
37.用长绳将一重球悬挂在天花板上。如图所示，一同学紧靠墙站立，双手拉球使其与鼻尖恰好接触，然后由静止释放重球。若该同学保持图示姿势不变，不考虑空气阻力，则重球摆动过程中( )
A. 到最低点时重力势能最大B. 到最低点时机械能最大
C. 一定不会撞击该同学D. 可能会撞击该同学
38.一质量为2kg物体在外力作用下，静止开始做直线运动，到达某点时速度为2m/s，在此过程中外力对物体做的功是( )
A. 2JB. 4JC. 8JD. 16J
39.在光滑水平面上，质量为2kg的物体以2m/s的速度向东运动，当对它施加向西的力，经过一段时间，速度为2m/s，方向向西，则外力对物体做功( )
A. 16JB. 8JC. 4JD. 0
40.为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的( )
A. 动能变化量与势能变化量B. 速度变化量与势能变化量
C. 速度变化量与高度变化量D. 速度变化量与重力做功大小
41.从能的角度描述电场的物理量及其单位正确的是( )
A. 电场强度N/cB. 电势能JC. 电势差J/sD. 电势J/c
42.如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则( )
A. 正电荷在a点受到电场力方向必定与该点场强方向相反
B. 同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力小
C. b点的电场强度较大
D. a 点的电场强度较大
43.关于电场线，下述说法中正确的是( )
A. 电场线是客观存在的
B. 电场线与电荷运动的轨迹是一致的
C. 电场线上某点的切线方向与电荷在该点的受力方向可以不相同
D. 沿电场线方向，场强一定越来越大
44.在如图所示的电路中，电源的内阻r=2.0Ω，电阻R=8.0Ω，不计电流表的内阻．闭合开关S后，电流表的示数I=0.30A.电源的电动势E为( )
A. 1.0VB. 2.4VC. 3.0VD. 6.0V
45.如图所示，在南北方向水平放置的长直导线的正下方，有一只可以自由转动的小磁针。现给直导线通以由a向b的恒定电流I，则小磁针的N极将( )
A. 保持不动B. 向下转动C. 垂直纸面向里转动D. 垂直纸面向外转动
二、填空题：本大题共1小题，共6分。
46.当代出行的工具五花八门，使用的能源也各不相同，但电动自行车是人们最常用的轻便出行工具之一。某品牌电动自行车的铭牌如下：
(1)该自行车的额定功率为_______W。
(2)以额定功率运行，该电池能使用的时间是_______h。
(3)该自行车的额定时速约为_______km/h。
三、实验题：本大题共1小题，共4分。
47.某同学在做“探究加速度与合外力之间”关系的实验，实验装置如图甲所示。
(1)按图甲正确组装实验器材，平衡小车所受的阻力。图乙中纸带的_______(选填“A”或“G”)端与小车相连。
(2)如图乙所示为某次实验中打出的一条纸带的一部分，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个相邻的计数点，相邻两个计数点之间还有四个打出的点没有画出。已知打点计时器的电源频率为50 Hz，由此可算出小车的加速度a=_______m/s2(结果保留两位有效数字)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】A.当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，与体积和质量无关，A错误；
B.学生会人员检查某班级课间操人数时，可以忽略每一位同学的大小和形状，可以把该班级的每一位同学看做质点，B正确；
C.政教处老师检查某班级课间操质量时，不可以忽略每一位同学的大小和形状，不可以把该班级的每一位同学看做质点，C错误；
D.某体育老师研究某同学的起跑动作时，不可以忽略同学的大小和形状，不可以把该同学看做质点，D错误。
故选B。
2.【答案】C
【解析】在“一江春水向东流”这句古诗中，以江岸为参考系江水是运动的。
故选C。
3.【答案】D
【解析】A.“14时18分”表示的是时刻，“45分钟”表示的是时间间隔，A错误；
B.研究航天员进入飞船的动作时不可忽略细节动作，故航天员不可视为质点，B错误；
C.飞船体积相对它绕地运行的轨迹小得多，故研究飞船绕地球的运动轨迹时，飞船可以被视为质点，C错误；
D.飞船中拆快递的航天员所受万有引力提供其绕地运行的向心加速度，故其处于完全失重状态，D正确。
故选D。
4.【答案】A
【解析】路程是所有轨迹总和，所以路程为50m，而位移是初末位置两点间的距离，则位移为30m。
故选A。
5.【答案】D
【解析】【分析】
已知路程与时间，可以据此求出平均速率，但不能判断出运动的性质．由此分析即可．
该题考查对速度的概念的理解，清楚地理解瞬时速度、平均速度、瞬时速率、平均速率以及它们之间的区别与联系是解答该题的关键．
【解答】
A.根据导航仪的提示，不能判断出汽车是否是匀速运动，由于“前方3公里拥堵”估计不能匀速运动，故A错误；
B.根据导航仪的提示，不能判断出汽车此时的运动状态，故B错误；
CD.由于“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，可知通过前方这3公里的过程中，车子的平均速率大约为v=xt=3km2460h=7.5km/h；
但不能据此判断出3km以后汽车做怎么样的运动，所以并不能判断出若此时离目的地还有30公里，到达目的地的时间，故C错误，D正确。
故选：D。
6.【答案】D
【解析】根据牛顿第二定律可知，当力逐渐减到零时，加速度逐渐减小到零，因加速度和速度同向，则速度逐渐变大，即物体做加速度减小的变加速运动。
故选D。
7.【答案】C
【解析】【分析】
位移−时间图象的斜率等于物体速度。纵坐标的变化量等于物体位移的大小。匀速直线运动的加速度为零。根据斜率等于速度分析物体析运动情况。
根据位移图象分析物体的运动情况时，关键要抓住图象的斜率等于速度进行分析。
【解答】
A.由图知道，前4s内汽车做匀速直线运动，加速度为零，故A错误；
B.由图知道，4～6s内汽车静止，故B错误；
C.由图知道，6−8s汽车做匀速直线运动，位移−时间图象的斜率等于物体速度，7s末汽车的速度大小v=ΔxΔt =0−158−6m/s=−7.5m/s，速度的大小为7.5m/s，故C正确。
D.位移−时间图象的斜率等于物体速度，8s末速度方向不变，所以汽车运动方向没发生改变，故D错误。
故选C。
8.【答案】D
【解析】“急停急起”指速度变化快，描述速度变化快慢的物理量是加速度，D正确。
故选D。
9.【答案】D
【解析】D.根据v—t图像的斜率表示加速度，可知 0∼ta 段火箭的加速度小于 ta∼tb 段的火箭加速度，故D正确；
ABC.根据图像可知 0∼tc 内v始终大于0，可知 0∼tc 段火箭都是上升过程，则 tc 时刻火箭离地最远，故ABC错误；
故选D。
10.【答案】A
【解析】根据
v=at
可知，物体做初速度为零的匀加速直线运动，在1s末、2s末、3s末的速度大小之比是
v1:v2:v3=1:2:3
故选A。
11.【答案】A
【解析】解：小球做自由落体运动，根据位移时间关系公式，有：h=12gt2，解得：t= 2hg= 2×45m10m/s2=3s；
前2s内的位移为：h1=12gt12=12×10×4m=20m；
故最后1s内的位移为：h2=H−h1=45m−20m=25m；
故选A。
小球做自由落体运动，根据位移时间关系公式求解运动时间，然后求解除去最后1s时间的总位移，求差值得到最后1s内的位移。
本题考查了自由落体运动的运动学公式的运用，关键是选择恰当的过程运用位移时间关系公式列式求解。
12.【答案】B
【解析】任意两球之间的时间间隔为0.4s，三个球之间有三个时间间隔，共1.2s，则每个球上升到最大高度用时间为0.6s，则由逆向思维可知，球能到达的最大高度是
h=12gt2=12×10×0.62m=1.8m
故选B。
13.【答案】D
【解析】设马驹的加速度为a，则前3s内，马驹的位移大小
x3=12at32=92a
前2s内位移大小为
x2=12at22=2a
马驹第3s内的位移大小
x3−x2=12at33−12at22=52a
则马驹在第3s内的位移和前3s内的位移大小之比为5：9，故D正确。
故选D。
14.【答案】A
【解析】根据匀变速直线运动的平均速度公式可知
x=v0+v12t=v2t
故选A。
15.【答案】D
【解析】A.孩子的重力与父亲双手竖直方向上对孩子的作用力是一对平衡力，A错误；
B.父亲双手对孩子的作用力与孩子对父亲双手的作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，根据牛顿第三定律可知，这是一对作用力与反作用力，B错误；
C.地面对该父亲的支持力等于父亲和孩子整体所受的重力，C错误；
D.该父亲每只手对孩子竖直方向上的摩擦力和支持力的合力等于孩子所受重力的一半，但每只手对孩子的作用力为竖直方向上的摩擦力和支持力与水平方向上的压力的合力，则其一定大于孩子所受重力的一半，D正确。
故选D。
16.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了弹力这个知识点；
根据弹力的特点分析、判断即可。
【解答】
ABCD.弹力的方向垂直于接触面而指向受力物体，水平地面对篮球的弹力的施力物体是地面，受力物体是篮球，可知该力是由地面的形变而产生，方向竖直向上，故 ABC错误；D正确。
故选D。
17.【答案】A
【解析】AB.瓶子在重力及静摩擦力作用下处于静止状态，则瓶子受到的摩擦力大小等于其重力10N，B错误，A正确；
CD.当握力增大或减小时，只要瓶子仍处于静止状态，瓶子受到的静摩擦力大小始终等于重力大小，CD错误。
故选A。
18.【答案】B
【解析】根据受力平衡可得
f=F1−F2=10N−2N=8N
则摩擦力的大小为 8N ，方向向左。
故选B。
19.【答案】B
【解析】解：A、对a分析，a受力平衡，则一定受到b对a的摩擦力，大小为F，方向向左，故A错误；
B、ab之间有摩擦力，而且无相对滑动，所以一定是静摩擦力，故B正确；
C、对ab整体受力分析，两个拉力平衡，地面对b一定无摩擦，故C错误；
D、ab都处于静止状态，受力平衡，所受合力都为零，故D错误。
故选：B。
对a受力分析，根据平衡条件可明确ab间是否有摩擦力作用，再对整体分析，根据平衡条件可判断b与地面之间是否存在静摩擦力。
本题考查摩擦力的判断，要注意静摩擦力产生的条件，同时掌握整体法与隔离法的正确应用。
20.【答案】B
【解析】当菜品随着机器人一起做匀速直线运动时，菜品只受到重力和支持力的作用，没有受到摩擦力；由平衡条件可知，菜品受到的合外力始终为零。
故选B。
21.【答案】D
【解析】解：货物的受力如图所示，根据共点力平衡得，FN=mgcsθ，Ff=mgsinθ，开始时货物受重力和支持力，抬起后受到向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿车厢斜面向下的分力，即f=mgsinθ，随角度的增大，静摩擦力增大；
当角度达一定程度时，货物开始滑动，由静摩擦力变化滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μmgcsθ，csθ随角度θ的增加而增小，故滑动摩擦力将减小；
故摩擦力是先增大后减小的，故D正确，ABC错误。
故选：D。
根据车厢斜面的变化可知货物受力的变化，货物的运动状态也会发生变化，由静摩擦力转化为滑动摩擦力，根据两种摩擦力的表达式可求得摩擦力的变化。
本题考查静摩擦力与滑动摩擦力的大小表达式，在分析摩擦力问题时一定要先明确物体受到的是滑动摩擦力还是静摩擦力；一般来说，最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力。
22.【答案】B
【解析】【分析】
根据牛顿第二定律的瞬时性，分析加速度与水平拉力的关系；根据速度时间关系分析速度是否立即变化。
牛顿第二定律揭示了加速度与力的瞬时对应关系，而不是速度与力的对应关系。
【解答】
根据牛顿第二定律F=ma得知，加速度与合力是瞬时对应的关系，合力变化，加速度同时随着变化。当力刚开始作用的瞬间，立即获得了加速度；
根据v=at可知，物体获得速度需要一定的时间，所以速度不会立即改变。
故ACD错误，B正确。
故选B。
23.【答案】D
【解析】考虑最高车速为
v0=120km/h=33.33m/s
长反应时间为t=0.6s、及最小动摩擦因数μ= 8125 的极限情况下反应距离为
s1=v0t=33.33×0.6m≈20m
制动距离为
s2=0−v022a=0−v02−2μg≈179.9m
刹车距离为
s=s1+s2=20m+179.9m=199.9m≈200m
故选D。
24.【答案】D
【解析】弹簧测力计的示数小于球的重力，小球合力向下，加速度向下，则升降机可能向上减速或向下加速，故D正确，ABC错误。
故选D。
25.【答案】D
【解析】解：以箱子和a合在一起为研究对象，设其质量为M，剪断连接球b的细线前，则N=Mg−F+Fe，其中Fe表示b对a的库仑力，也即为b对a和箱子整体的库仑力；
剪断连接球b的细线后，则N′=Mg+Fe′，又由于在球b上升过程中库仑力变大(距离变近)，所以N′>N+F，所以D正确；
故选：D。
先对箱子和a整体受力分析，受重力，向下的静电力，线对整体向上的拉力，地面对整体的支持力，可以根据共点力平衡条件列式；剪短细线后，b加速上升，再次对木箱和a整体受力分析，受重力，向下的静电力，地面对整体的支持力，根据共点力平衡条件再次列式，两次比较，就可以得出结论．
本题也可以根据超重和失重的知识求解，开始对木箱和a受力分析，支持力和总重力平衡，剪断细线后，b加速上升，整体处于超重状态，故支持力变大！
26.【答案】A
【解析】根据运动的合成与分解规律，两个初速度为零的匀加速直线运动，其合运动也是匀加速直线运动，故A正确。
故选A。
27.【答案】C
【解析】【分析】
解决本题的关键知道匀变速直线运动的特点，以及掌握匀变速直线运动的速度公式，即可根据公式进行分析。
匀变速直线运动的加速度不变，速度均匀变化，根据速度公式v=v0+at分析速度与时间的关系；在规定初速度为正方向的前提下，匀减速直线运动的加速度为负值；匀变速直线运动也可能是有往复的直线运动。
【解答】
A.根据速度公式v=v0+at可知，当v0≠0，v与t不成正比，故A错误；
B.若规定初速度为正方向，匀减速直线运动的加速度方向与初速度方向相反，则加速度为负值；若规定初速度的相反方向为正方向，匀减速直线运动的加速度方向与初速度方向相反，加速度为正值，故 B错误；
C.根据Δv=at，a不变，可知相等时间内速度的变化量相等，说明匀变速直线运动的速度随时间均匀变化，故C正确；
D.对于速度先减小再增大的运动，若加速度不变，也可能是匀变速直线运动，故D错误。
故选C。
28.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查了斜抛运动问题，解题的关键是明确分运动和合运动具有等时性，根据运动的合成与分解知识求解，水的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，根据最大高度判断竖直分速度，根据水平距离判断水平速度，由速度的合成判断喷出水的速度。根据分运动与合运动具有等时性，由竖直方向分运动判断运动时间。
【解答】
AB、由图知，甲、乙两水枪喷出水的最大高度相同，说明喷出水的竖直分速度相等，乙水枪喷出的水更远，说明乙水枪喷出水的水平速度大，故乙水枪喷出的水在最高点的速度较大，根据速度的合成知，乙水枪喷出水的速度大，故A错误，B正确；
CD、两水枪喷出水的最大高度相同，从最高点到失火处的高度也相同，故两水枪喷出的水在竖直方向运动情况相同，则两水枪喷出的水在空中运动的时间相同，故CD错误。
故选B。
29.【答案】D
【解析】【分析】
由向心力的表达式得解。
本题主要考查对向心力表达式的理解与应用，难度不大。
【解答】
由题意可得：轮胎半径为：r=0.4m，速度为v=20m/s。由向心力表达式：F=mv2r可得，质量为10−3kg的小石块随轮胎做圆周运动需要的向心力大小为：F=10−3×2020.4N=1N，故D正确，ABC错误。
30.【答案】D
【解析】在A位置时，该同学的加速度向上，处于超重状态，故A错误．在B位置时，该同学的速度为零，向心力为零，即沿绳子方向的合力为零，其合力等于重力沿圆弧切向分力，不为零，故B错误．根据牛顿第三定律知，在A位置时，该同学对秋千踏板的压力等于秋千踏板对该同学的支持力，故C错误．由A到B过程中，该同学的速度逐渐减小，由a= v2r 分析知向心加速度逐渐减小．故D正确．故选D ．
31.【答案】C
【解析】【分析】
根据物理学史和物理常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
【解答】
开普勒在第谷观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，与牛顿运动定律无联系，故A、B错误，C正确；开普勒总结出了行星运动的规律，但没有找出行星按照这些规律运动的原因，故D错误．
故选C。
32.【答案】B
【解析】第二宇宙速度为 11.2km/s
故选B。
33.【答案】D
【解析】解：在地球表面，根据GMmR2=mg得：
g=GMR2，
当h=2R时，则距离地心的距离为3R，根据GMm(3R)2=mg′得：
g′=GM9R2=g9．
故选：D．
根据万有引力等于重力，得出重力加速度与距离地心距离的关系，从而确定重力加速度的大小．
解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一重要理论，必须搞清哪一位置所受的万有引力等于哪一位置的重力，不能混淆．
34.【答案】C
【解析】A.该公式适用于两质点间万有引力的计算，同样适用于质量较小的物体。A错误；
B.当两物体间的距离趋近于0时，物体不能看作质点，不适用于该公式。 B错误；
C.两物体间的万有引力大小相等，方向相反，也符合牛顿第三定律。C正确；
D.公式中的 r 是到质量均匀分布的球心的距离。D错误。
故选C。
35.【答案】C
【解析】解：AB、在整个运动过程中吊环对运动员有力的作用但运动员在该力的方向上没有通过位移，故吊环对该运动员不做功，故A、B错误。
CD、重力对运动员做功为W=mgh，h=10cm=0.1m，代入数据得W=70J，运动员的重力势能减小了70J，故C正确，D错误。
故选：C。
吊环对运动员不做功。
重力对运动员做功等于重力势能的变化量。
明确做功和力的概念明确做功和重力势能的变化之间的关系是解决问题的关键。
36.【答案】C
【解析】AD.以小球、地球与弹簧组成系统为研究对象，在小球运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，符合机械能守恒的条件，则系统的机械能守恒，到C点时弹簧被压缩到最短，小球处于最低点，速度为0，但此时弹簧的弹力最大，故小球向上的加速度最大，故AD错误；
B.小球在B点，加速度为g，只有当弹簧弹力等于小球重力时，加速度为0，此时速度最大，故B错误；
C.由能量关系可得，小球从A点到C点，机械能守恒，则弹簧的弹性势能增加量与小球重力势能的减少量相等，故C正确。
故选：C。
37.【答案】C
【解析】A.重球下摆过程中重力做正功，重力势能减小，所以到最低点时重力势能最小，故A错误；
B.重球下摆过程中只有重力做功，所以重球的机械能守恒，故B错误；
CD.重球摆动过程中只有重力做功，其机械能守恒，所以重球摆回原处时的速度为0，则重球一定不会撞击该同学，故C正确，D错误。
故选C。
38.【答案】B
【解析】解：物体的初速度为零，末速度为2m/s，根据动能定理，外力的总功为：
W=△Ek=12mv2−0=12×2×22−0=4J
故选：B．
根据动能定理，外力的总功等于动能的增加量；直接根据动能定理列式求解即可．
本题关键是明确求解功的方法，可以根据动能定理求解总功，基础题．
39.【答案】D
【解析】【分析】
对该过程运用动能定理，结合动能的变化，求出水平力做功的大小。
运用动能定理解题不需要考虑速度的方向，动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动，既适用于恒力做功，也适用于变力做功。
【解答】
由动能定理可知：
WF=12mv2−12mv02=12×2×(−2)2J−12×2×22J=0
故选D。
40.【答案】A
【解析】【分析】
根据验证机械能守恒定律原理可判断。
解决本题的关键掌握实验的原理。
【解答】
验证机械能守恒，即需比较重力势能的变化量与动能增加量的关系，故选：A。
41.【答案】D
【解析】从能的角度描述电场的物理量是电势，公式为
φ=Epq
其单位为J/c。
故选D。
42.【答案】D
【解析】解：A、正电荷在a点受到电场力方向必定与该点场强方向相同，故A错误；
B、a处电场线比b处密，因此a处电场强度比b处大，同一点电荷在a点所受的电场力也大，故B错误；
CD、a、b两点比较，a处电场线密，故a点的电场强度较大，故C错误，D正确。
故选：D。
电场线的疏密表示电场的强弱；正电荷受力方向和电场强度方向相同，电场力与场强的关系由公式F=qE分析．
电场线是电场中的重要概念，要熟练掌握电场线与电场强度、电势的关系，知道正电荷所受的电场力与场强同向，而负电荷所受的电场力与场强反向．
43.【答案】C
【解析】【分析】
电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，电场线越密，场强越大，沿电场线的方向电势降低．
【解答】
A、电场线是假想的，故A错误
B、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故B错误。
C、电场线上某点的切线方向与电荷在该点的受电场力的方向可能相同，也可能相反，故C正确
D、电场线越密，场强越大，故D错误
故选：C。
44.【答案】C
【解析】【分析】已知电阻及内电阻，则由闭合电路的欧姆定律可求得电源的电动势。
本题考查闭合电路的欧姆定律的直接应用，属公式的直接应用，题目较为简单。
【解答】根据闭合电路的欧姆定律，有：E=I(R+r)=0.30×(8+2)=3.0V，故C正确，ABD错误；
45.【答案】C
【解析】【分析】
小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向，而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向。
右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向。
【解答】
当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动。故C正确，ABD错误。
故选C。
46.【答案】 180 2.4 20
【解析】(1)额定功率
P=UI=36×5 W=180 W
(2)电池容量为12 A⋅h，以5 A供电，能用时间为
t=qI=12A⋅h5A=2.4h
(3)由额定转速
n=210 r/min=3.5 r/s
角速度
ω=2πn
由车轮直径
d=508 mm=0.508 m
则该车的额定时速
v=ω d2 =dπn=0.508×3.14×3.5m/s=0.508×3.14×3.5×3.6 km/h≈20 km/h
47.【答案】 A 0.20
【解析】(1)[1]纸带与小车一起做匀加速直线运动，则纸带与小车相连一端的位移逐渐增大，所以平衡小车所受的阻力时，图乙中纸带的A端与小车相连。
(2)[2]根据题意，相邻计数点间的时间间隔为
T=0.02s×5=0.1s
根据逐差法，则小车的加速度为
a=xFG+xEF+xDE−xAB+xBC+xCD3T2=6.50−2.60×10−2−2.60−0.50×10−23×0.12m/s2=0.2m/s2
车型：20时(车轮直径：508 mm)
电池规格：36 V 12 A⋅h(蓄电池)
整车质量：40 kg
额定转速：210 r/min(转/分)
外形尺寸：L 1 800 mm×W 650 mm×H 1 100 mm
充电时间：2～8 h
电机：后轮驱动、直流永磁式电机
额定工作电压/电流：36 V/5 A