江西省上饶市广丰区私立康桥中学2023-2024学年高一上学期数学期末考试模拟卷

这是一份江西省上饶市广丰区私立康桥中学2023-2024学年高一上学期数学期末考试模拟卷，共15页。试卷主要包含了填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、（本大题共8小题，每小题5分，共40 分．在每小题四个选项中 ，只有一项是符合题目要求的）
1．已知函数的值域为，的值域为，则（ ）
A．0B．1C．3D．5
2．已知集合，，则=（ ）
A．B．C．D．
3．已知集合，则中合数的个数为（ ）
A．0B．1C．2D．3
4．如果一个方程或不等式中出现两个变量，适当变形后，可使得两边结构相同，此时可构造函数，利用函数的单调性把方程或不等式化简.利用上述方法解决问题：已知实数，，则（ ）
A．B．C．D．
5．函数在上有零点是的（ ）
A．充分必要条件B．充分不必要条件
C．必要不充分条件D．既不充分也不必要条件
6．设，则（ ）
A．B．
C．D．
7．下列哪一组的函数与是同一函数（ ）
A．
B．
C．
D．更多优质资源可进入 8．下列关于幂函数的说法正确的是（ ）
A．奇函数B．偶函数C．既不是奇函数也不是偶函数D．以上皆不是
二、（本大题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中 ，有多项是符合题目要求的。正确选项全对得5分，正确选项不全得2分，有错误选项得0分）
9．已知函数，函数有四个不同的零点，且，则（ ）
A．的取值范围是B．
C．D．
10．（多选）下列判断正确的有（ ）
A．若，则
B．若，则
C．
D．
11．已知函数，下列关于函数的零点个数的说法中，正确的是（ ）
A．当，有1个零点B．当时，有3个零点
C．当时，有9个零点D．当时，有7个零点
12．下列说法正确的是（ ）
A．命题“”的否定是“，使得”
B．若集合中只有一个元素，则
C．关于的不等式的解集，则不等式的解集为
D．“”是“”的充分不必要条件
三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。
13．若函数在上有2个零点，则的取值范围是 ．
14．已知函数是定义在上的奇函数，对任意，有，若，则的解集为 .
15．当，则的最小值为 .
16．如果已知摄氏度C来求华氏度F，可以用温度经验公式来表示.已知华氏温度来求摄氏温度，需要使用的公式为 .
四、解答题：本大题共6小题，共70 分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。17．计算下列各题：
(1)；
(2)．
18．设，．
(1)判断的奇偶性，并证明；
(2)写出的单调区间（直接写出结果）；
(3)若当时，函数的图象恒在函数的上方，求a的取值范围．
19．已知函数是定义在R的奇函数，且当时，.

(1)现已画出函数在y轴左侧的图象，如图所示，请补出函数的完整图象；
(2)根据图象写出函数的单调区间及时的值域.
20．已知函数（，且）.
(1)求函数的定义域，判断函数的奇偶性并予以证明；
(2)当时，求使的取值范围.
21．某创业投资公司拟投资开发某种新能源产品，估计能获得25万元~1600万元的投资收益，现准备制订一个对科研课题组的奖励方案：奖金y（单位：万元）随投资收益x（单位：万元）的增加而增加，奖金不超过75万元，同时奖金不超过投资收益的20%.
(1)判断函数能否作为公司奖励方案的函数模型，并说明理由；
(2)已知函数能作为公司奖励方案的函数模型，求实数a的取值范围.
22．已知函数的定义域为集合，集合．
(1)若，求；
(2)若“”是“”的必要条件，求实数的取值范围．
参考答案：
1．A
【分析】由已知可得函数的值域为，从而可得的值，的最小值为9，从而可得的值，即可得解．
【详解】因为函数的值域为，
所以函数的值域为，
所以，解得，
因为的值域为,，
所以的最小值为9，所以，
解得，
所以．
故选：A．
2．B
【分析】根据并集的定义求解即可.
【详解】，
所以.
故选：B.
3．C
【分析】利用集合的并集运算与合数的定义即可得解.
【详解】因为，
所以，则中的合数为20和24.
故选：C.
4．B
【分析】对结合和变形，得到不等式，构造函数，利用单调性化简得到答案.
【详解】由，变形可知，
则，
利用换底公式等价变形，得，
令，因为，在上单调递增，
所以函数在上单调递增，所以，即，排除C，D；
其次，因为，得，即，
即，
同样利用的单调性知，，
又因为，得，即，
所以
故选：B.
5．D
【分析】根据充分必要条件的定义判断．
【详解】当在上有零点时，不一定有，如在有有零点，但，
时，在上也未必有零点，如，在上，，即，但在上无零点，
因此题中应是既不充分也不必要条件，
故选：D
6．B
【分析】根据给定条件，利用指数函数、对数函数单调性，借助媒介数比较大小即得.
【详解】由，得，由，得，
即，而，
所以.
故选：B
7．C
【分析】根据同一函数的定义域和对应法则相同判断各项即可.
【详解】A：定义域为R，定义域为，不为同一函数；
B：定义域为R，定义域为，不为同一函数；
C：定义域和对应法则都相同，是同一函数；
D：显然定义域不同，不是同一函数.
故选：C
8．B
【分析】根据题意，结合函数奇偶性的定义和判定方法，即可求解.
【详解】由函数，可得函数的定义域为，关于原点对称，
又由，所以函数为偶函数.
故选：B.
9．BCD
【分析】利用分段函数性质画出函数的图象，再结合函数与方程的思想可知函数与函数的图象有四个不同的交点，可得，即A错误；利用可得BC正确，再由基本不等式可得D正确.
【详解】画出函数的图象如下图（实线部分）所示：
函数有四个不同的零点，即函数与函数的图象有四个不同的交点，
结合图象可知，可得A错误；
又，根据图象可知，
即满足，因此，即，
所以，可得，即B正确；
由图易知是关于对称，所以，即C正确；
结合BC选项可知，
当且仅当，即时等号成立，但，故等号不成立，即D正确.
故选：BCD
【点睛】方法点睛：函数零点问题要充分利用函数与方程的基本思想，并充分利用数形结合画出函数图象，利用图象即可求得参数范围以及零点问题.
10．BC
【分析】利用不等式的基本性质和幂函数、指数函数的单调性逐项判断.
【详解】对于A：时不成立，故A错误；
对于：若，则，于是，故B正确；
对于C：易知函数在R上增函数，所以，故C正确；
对于D：易知函数在上增函数，所以，故D错误．
故选：BC.
11．AD
【分析】设，即有，再按和讨论并作出函数图象，数形结合即可判断得解.
【详解】由，得，则函数的零点个数即为解的个数，
设，则，二次函数，其图象开口向上，过点，对称轴为，
当时，在上单调递减，且，如图，
由，得，解得，由，得，解得，
因此函数的零点个数是1，A正确，B错误；
当时，，作出函数的图象如图，

由图象知有3个根，当时，，解得；
当时，，解得，
当时，，若，则，若，则，此时共有3个解；
当时，，此时有1个解，
，即有2个解，
当时，，此时有1个解，
即无解，
因此当时，函数的零点个数是7，D正确，C错误.
故选：AD
【点睛】方法点睛：关于复合函数的零点的判断问题，首先将零点问题转化为方程的解的问题；解答时要采用换元的方法，利用数形结合法，先判断外层函数对应方程的解的个数问题，继而求解内层函数对应方程的解.
12．CD
【分析】因为命题的否定一定要否定结论，故A错误；B中方程应该对是否为0进行讨论，有两个结果，故B错误；根据一元二次不等式的解法确定C的真假；根据充要条件的判定对D进行判断.
【详解】对A：命题“”的否定是“，使得”，故A错误；
对B：当时，集合中也只有一个元素，故B错误；
对C：因为关于的不等式的解集为，故，不妨设，则由韦达定理可得，，所以不等式，故C正确；
对D：由“，”可得“”，但“”，比如时，“，”就不成立，故D成立.
故选：CD
13．
【分析】根据给定条件，利用一元二次方程实根分布列出不等式组并求解即得.
【详解】依题意，，解得，
所以的取值范围是.
故答案为：
14．
【分析】依题意可知函数是在上单调递增的奇函数，再由结合单调性和奇偶性即可求得的解集.
【详解】由任意，有可得，
函数在上单调递增，
又根据奇函数性质可得，且在上单调递增；
所以当时，，可得；
当时，，可得；
综上可得的解集为.
故答案为：
15．/
【详解】对原式变形后借助基本不等式即可得.
【点睛】时，，，
当且仅当，即时，等号成立.
故答案为：.
16．
【分析】将公式化为华氏度F表示摄氏度C即可.
【详解】由题设，将公式化为华氏度F表示摄氏度C，即.
故答案为：
17．(1)-2
(2)
【分析】运用指数幂、对数运算公式计算即可.
【详解】（1）原式.
（2）原式.
18．(1)奇函数，证明见解析
(2)增区间是，减区间是
(3)
【分析】（1）利用函数奇偶性的定义判断；
（2）利用复合函数的单调性求解；
（3）令，转化为在上恒成立求解.
【详解】（1）解：时，显然恒成立；
时，，所以的定义域是R，
又，
即，
所以是奇函数．
（2）增区间是，减区间是．
证明如下：任取，且，
则，
易知在R上递增，且，则，
所以，即，所以在R上单调递减，
，
当，即时，单调递增，由复合函数的单调性知：递增；
当，即时，单调递减，由复合函数的单调性知：递减，
所以增区间是，减区间是.
（3）令，则，
即在上恒成立，
令，设，对称轴为，
所以在上单调递减，从而，
所以的取值范围是．
19．(1)作图见解析
(2)减区间为和，增区间为，值域为
【分析】（1）根据奇函数的图象关于原点成中心对称，补全图象即可；
（2）由图象可知函数的单调区间和值域.
【详解】（1）是定义在R上的奇函数，所以图象关于原点中心对称，且，
故函数的完整图象如图所示：

（2）由图象可知，函数的单调减区间为和，增区间为，
当时,的值域为.
20．(1)定义域为；为奇函数，证明见解析
(2)
【分析】（1）根据对数的真数大于可求出定义域，根据奇偶性的定义可判断奇偶性；
（2）根据对数函数的单调性求解即可.
【详解】（1）要使函数有意义，则有，解得，
所以函数的定义域为.
，，
，
函数是奇函数；
（2）函数的定义域为，
要使，即，
，，解得，
当时，使的取值范围为.
21．(1)不能，理由见解析
(2)
【分析】（1）由题意验证、是否同时成立即可.
（2）首先由恒成立，转换为最大值，由此可算出的一个范围，进一步在此基础上，由恒成立，通过转换即可得解.
【详解】（1）不能，理由：对于函数模型，
当时，是单调递增函数，则，显然恒成立，
若函数恒成立，则，解得.
不一定成立.
故函数模型不符合要求.
（2）当时，单调递增，
最大值，.
设恒成立，
则恒成立，即.
，当且仅当时取等号，
.
，.
综上，a的取值范围为.
22．(1)
(2)
【分析】（1）直接代入计算，再根据交集含义即可；
（2）由题得到，再对分类讨论即可.
【详解】（1）由题意得集合，
当时，，
所以．
（2）因为“”是“”的必要条件，则，
因为不等式等价于，所以：
当时，，因此，即；
当时，，结论显然成立；
当时，，结论显然成立，
综上，的取值范围是．