2023年山东省淄博市淄川区中考物理二模试卷

这是一份2023年山东省淄博市淄川区中考物理二模试卷，共30页。试卷主要包含了理解与应用，实验与探究等内容，欢迎下载使用。

1．下列关于科学家与其贡献的描述错误的是（ ）
A．意大利科学家托里拆利第一次测出大气压强的大小
B．丹麦科学家奥斯特发现电磁感应现象
C．英国科学家牛顿发现了万有引力定律和光的色散
D．英国科学家瓦特发明了往复式蒸汽机，促进了工业发展
2．关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．用大小不同的力先后敲击同一物体，可以改变物体发声的音调
B．医生利用听诊器来诊断疾病是利用了声音能传递信息
C．声音在真空中传播的速度为3×108m/s
D．在教室周围植树可以在声源处减弱噪声
3．“入水文光动，抽空绿影春。露华生笋径，苔色拂霜根。”该诗是李贺的《竹》，诗中的“露”和“霜”形成的过程（ ）
A．都要吸热B．都要放热C．都是液化D．都是凝华
4．下列做法中，不符合安全用电要求的是（ ）
A．电脑、电视机等用电器长时间待机，应切断电源
B．更换灯泡、搬动用电器前，必须要断开电源开关
C．使用试电笔时，手要接触笔尾的金属体
D．家用电器的金属外壳未接地
5．粗糙水平地面上有一个重为100N的物体，用20N的水平拉力使其在10s内匀速前进了10m，在此过程中（ ）
A．重力做功的功率为100W
B．支持力做功的功率为100W
C．拉力做功的功率为200W
D．拉力做功的功率为20W
6．公安部门要求小型客车在驾驶员和前排乘客必须使用安全带，这样规定的理由是（ ）
A．系安全带可以减小车内人员的惯性
B．系安全带可以减小汽车本身的惯性更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 C．系安全带可以减小由于惯性对车内人员造成的伤害
D．安全带做得比较宽可以减小对人体的压强
7．让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑（如图所示），小明用此透镜做“探究透镜成像规律”的实验。下列说法不正确的是（ ）
A．当物体距透镜5cm时，成正立的像
B．当物体距透镜15cm时，成倒立、放大的实像
C．当物体从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，所成的像逐渐变小
D．当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏靠近透镜
8．两盏白炽灯，甲标有“PZ220V 40W”，乙标有“PZ220V 25W”，比较它们的亮度，下列说法正确的是（ ）
A．都正常工作时，甲比乙亮
B．甲一定比乙亮
C．乙一定比甲亮
D．都正常工作时，乙比甲亮
9．下列有关热的说法正确的是（ ）
A．晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变
B．用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大
C．内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能
D．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大
10．对下列情境的判断正确的是（ ）
A．图甲：改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率不变
B．图乙：人不接触高压电线就不会触电
C．图丙：拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
D．图丁：天宫课堂授课是通过超声波实现天地之间的互动
11．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变大，弹簧长度变短
C．电流表示数变小，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变长
12．如图中两灯并联且开关控制L1的是（ ）
A．
B．
C．
D．
13．将两个相同的容器置于水平地面上，分别装满甲、乙两种液体将同一个鸡蛋先后放入两容器后，静止时如图所示。鸡蛋受到的浮力分别为F甲和F乙，液体对容器底的压强分别为p甲和p乙，则（ ）
A．F甲＝F乙 p甲＜p乙B．F甲＞F乙 p甲＝p乙
C．F甲＞F乙 p甲＞p乙D．F甲＜F乙 p甲＝p乙
14．如图所示，在“用电流表测电流”的实验中，电路的其它部分都已连接完毕，只有导线M还未连入电路。下列说法正确的是（ ）
A．M与b接线柱相连且闭合开关时，电流表测量干路电流
B．M与b接线柱相连且闭合开关时，L1和L2串联
C．M与a接线柱相连且闭合开关时，发生短路故障
D．M从a接线柱改接到b接线柱，闭合开关时电流表示数减小
15．疫情期间，学校门口的智能门禁具有来访人员身份识别和检测体温的功能，其工作原理如图所示.当来访人员为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，只有当来访人员是本校师生并且体温正常时，电动机才工作，开门放行，同时扬声器会发出“体温正常”的声音，此时若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开.以下电路的设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
二、理解与应用
16．同学们课间在走廊上跳望远方，此时晶状体变 （选填“厚”或“薄”），远处的景物在视网膜上成 、 的实像。
17．《曹刿论战》中曹刿善于利用鼓声。鼓声是由于鼓面 产生的，鼓声震耳欲聋形容鼓声的 大；战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递 。
18．家庭电路中，电热水壶与电视机的连接方式是 ，为了用电安全，电热水壶应选用 孔的插座。用电热水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能会导致电路 ，使空气开关跳闸。
19．如图所示，完全相同的甲、乙两个小球，甲球由橡皮筋系住，乙球由细绳系住，都从水平位置由静止开始释放。当两球到达悬点正下方A点时，橡皮条长度恰好与细绳长度相等，不考虑橡皮筋重、绳重及空气阻力大小，则该过程中小球重力所做功W甲 W乙，在A点时两球的速度v甲 v乙。（以上两空均选填“＞”、“＜”或“＝”）
20．如图所示，在水平地面上，当水平拉力F为8N时，木板A刚好向右做匀速直线运动，且物体B相对地面静止，此时弹簧测力计的读数为2N，若拉力F增大到10N，测力计的示数为 N。
21．使轻质杠杆AO在如图所示位置静止，画出A点所用最小动力F1的示意图和杠杆的阻力臂l2。
三、实验与探究
22．在“测量滑轮组的机械效率”实验中，某实验小组用如图甲所示的同一滑轮组提升钩码，分别做了多次实验，实验数据记录如表：
（1）实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。第1次实验时，弹簧测力计示数如图甲所示，为 N。
（2）第2次实验时滑轮组的机械效率是 。
（3）分析第 次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高；分析第3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 （选填“有关”或“无关”）。
（4）请在图乙中画出此滑轮组既能省力又能改变力的方向的绕线方法。若不计摩擦及绳重，这种绕线方法与实验时用的绕线方法相比，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
23．物理小组想测量一个定值电阻Rx的阻值，实验器材有：待测电阻Rx、电压表（量程0～3V和0～15V）、电流表（量程0～0.6A和0～3A）、滑动变阻器（20Ω 1A）、开关、未知电压的电源，导线若干。
​
（1）小琴利用电流表电压表测量电阻的原理是 ，闭合开关前，应将图甲中的滑动变阻器滑片置于 端（选填“a”或“b”）。
（2）检查无误后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图乙所示时，通过电阻Rx的电流大小是 A；若电压表此时的示数是8.5V，则可计算出Rx＝ Ω。
（3）小芳又设计了一种方案，也测出了Rx的阻值。电路如图丙所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量方法如下：
①开关：S1闭合，S2断开时，读出电流表读数为I1；
②开关S1、S2都闭合时，读出电流表读数为I2；
请依据上述实验数据计算Rx的阻值。（用已知和测出的物理量符号表示）
四.分析与计算
24．如图甲所示的某品牌暖风机，它有冷风和热风两个挡位，该表是它的部分参数，图乙是简化电路图，用此暖风机将房间里30m3、15℃的空气加热到26℃，需要工作7min时间，已知空气比热容为1×103J/（kg•℃），空气密度约为1.3kg/m3。求：
（1）电热丝R的电阻值；
（2）房间里空气吸收的热量；
（3）暖风机的加热效率（计算结果保留百分数整数）。
​
25．如图甲所示，水平地面上有一底面积为50cm2的圆柱形容器，容器中水深10cm现将一物块悬挂在弹簧测力计下端，当物块浸没在水中时（物块不接触容器底面和侧面），容器内水深由10cm上升到12cm，此时弹簧测力计的示数如图乙所示，（已知ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）物块未放入水中时，水对容器底的压强；
（2）物块浸没在水中时受到的浮力；
（3）物块的密度。
2023年山东省淄博市淄川区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题，每小题只有一个选项符合题意，选出后请涂卡。
1．下列关于科学家与其贡献的描述错误的是（ ）
A．意大利科学家托里拆利第一次测出大气压强的大小
B．丹麦科学家奥斯特发现电磁感应现象
C．英国科学家牛顿发现了万有引力定律和光的色散
D．英国科学家瓦特发明了往复式蒸汽机，促进了工业发展
【分析】了解物理学史上各位科学家的贡献，根据所学的知识对下面的各个选项逐次分析即可判断。
【解答】解：A、第一次测出大气压强大小的意大利科学家是托里拆利，故A正确；
B、法拉第发现了电磁感应现象，奥斯特发现了电能产生磁，即电流的磁效应，故B错误；
C、牛顿在力学、光学领域取得了卓越的成就，发现了著名的三大运动定律、万有引力定律及光的色散现象，故C正确；
D、英国科学家瓦特发明了往复式蒸汽机，促进了工业发展，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查物理学史和化学史，应记住一些物理学家及他们的贡献，物理学史也是物理考试中经常出现的一类题型，要求学生熟记著名科学家的贡献。
2．关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．用大小不同的力先后敲击同一物体，可以改变物体发声的音调
B．医生利用听诊器来诊断疾病是利用了声音能传递信息
C．声音在真空中传播的速度为3×108m/s
D．在教室周围植树可以在声源处减弱噪声
【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（2）声音可以传递信息，也可以传递能量；
（3）声音的传播靠介质，真空不能传声；
（4）减弱噪声有三条途径，即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱。
【解答】解：A、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，但其本身振动的频率不变，音调就不会变化，故A错误；
B、医生利用听诊器听音诊断疾病，是利用声音来传递信息，故B正确；
C、声音的传播靠介质，声音不可以在真空中传播，故C错误；
D、在教室周围植树，是在声音的传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】此题涉及到声音的传播，防治噪声的途径、音调与响度的区分以及声音的利用等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
3．“入水文光动，抽空绿影春。露华生笋径，苔色拂霜根。”该诗是李贺的《竹》，诗中的“露”和“霜”形成的过程（ ）
A．都要吸热B．都要放热C．都是液化D．都是凝华
【分析】物质由气态变为液态叫液化；物质由气态直接变为固态叫凝华；液化和凝华都要放热。
【解答】解：露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，露和霜的形成都需要放热，故只有选项B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了对自然现象中“露”和“霜”形成的理解，知道其对应的物态变化和吸放热情况，是解答的关键。
4．下列做法中，不符合安全用电要求的是（ ）
A．电脑、电视机等用电器长时间待机，应切断电源
B．更换灯泡、搬动用电器前，必须要断开电源开关
C．使用试电笔时，手要接触笔尾的金属体
D．家用电器的金属外壳未接地
【分析】（1）在保证用电器正常工作的前提下，要节约电能，避免电能的无谓浪费；
（2）更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；
（3）使用试电笔辨别火线时，一定要用手接触笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的。使用试电笔时，不能用手接触测电笔笔尖的金属体，这样会造成人身触电事故；
（4）金属外壳的家用电器的外壳一定要接地，这样可以避免触电事故的发生。
【解答】解：
A、电脑、电视机等用电器在待机时会消耗电能，为了节约电能，用电器长时间待机时要切断电源，故A正确；
B、更换灯泡、搬动用电器前，为了避免发生触电事故，应断开电源开关，故B正确；
C、使用试电笔时，试电笔笔尖的金属体和带电体相连接，不能用手去接触，否则会造成人身触电事故，但手要接触笔尾金属体，故C正确；
D、家用电器如果漏电金属外壳可能带电，当外壳接地时，人接触漏电的用电器，地线把人体短路，人不会发生触电事故；如果外壳不接地，则有电流通过人体，会发生触电事故，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查安全用电知识，只要生活中多积累相关知识即可顺利解答。
5．粗糙水平地面上有一个重为100N的物体，用20N的水平拉力使其在10s内匀速前进了10m，在此过程中（ ）
A．重力做功的功率为100W
B．支持力做功的功率为100W
C．拉力做功的功率为200W
D．拉力做功的功率为20W
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，先判断重力、支持力和拉力是否做功，再利用功的公式求做功大小。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，物体水平移动，在重力的方向没移动距离，故重力不做功，重力做功功率为0，故A错；
支持力的方向是竖直向上的，物体水平移动，在支持力的方向没移动距离，故支持力不做功，支持力做功功率为0，故B错；
拉力做功为W＝Fs＝20N×10m＝200J，拉力做功功率P＝＝＝20W，故C错、D正确；
故选：D。
【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
6．公安部门要求小型客车在驾驶员和前排乘客必须使用安全带，这样规定的理由是（ ）
A．系安全带可以减小车内人员的惯性
B．系安全带可以减小汽车本身的惯性
C．系安全带可以减小由于惯性对车内人员造成的伤害
D．安全带做得比较宽可以减小对人体的压强
【分析】此题考查的惯性及惯性的防止，惯性是物体的固有属性，惯性大小只和物体的质量有关；安全带的用途。它是在汽车刹车时，对人起一个保护作用，从而防止人因惯性而冲向前窗。
【解答】解：惯性是物体的固有属性，其大小只和质量有关，故系安全带不能减小车内人员及车的惯性，故A、B错误；
安全带的作用是为了防止在汽车紧急刹车时，人由于惯性会冲上前窗而造成伤害，故C正确；
D答案说法正确，但本题问的是使用安全带的理由，故D与题意不符，故D错误。
故选：C。
【点评】生活中的惯性现象无处不在，关键要理解哪些现象是惯性现象，同时还要做到能解释生活中有关惯性的现象。
7．让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑（如图所示），小明用此透镜做“探究透镜成像规律”的实验。下列说法不正确的是（ ）
A．当物体距透镜5cm时，成正立的像
B．当物体距透镜15cm时，成倒立、放大的实像
C．当物体从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，所成的像逐渐变小
D．当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏靠近透镜
【分析】探究凸透镜的成像规律，对于一倍焦距，大于一倍焦距小于二倍焦距、大于二倍焦距这三个点，所成的像应该熟练掌握。从图上应该准确的判断出凸透镜的焦距（一倍焦距）。
【解答】解：A、由图可知，凸透镜的焦距为10cm，小于一倍焦距成正立放大的虚像，正确；
B、由图可知，凸透镜的焦距为10cm，大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大的实像，正确；
C、20cm等于二倍焦距，当物体远离二倍焦距运动时，此时成倒立、缩小的实像，并逐渐变小，正确；
D、20cm等于二倍焦距，当物体向凸透镜靠近时，要得到清晰的像，需要将光屏向远离透镜的方向运动，错误；
故选：D。
【点评】本题考查是凸透镜的成像规律，从图中可得出，凸透镜的焦距为10cm，对于一倍焦距，大于一倍焦距小于二倍焦距、大于二倍焦距这三个点所成的像，应该熟练掌握，这样对题目中所给出的答案就能准确判断。
8．两盏白炽灯，甲标有“PZ220V 40W”，乙标有“PZ220V 25W”，比较它们的亮度，下列说法正确的是（ ）
A．都正常工作时，甲比乙亮
B．甲一定比乙亮
C．乙一定比甲亮
D．都正常工作时，乙比甲亮
【分析】判定灯泡的亮度只需判定灯泡的实际功率即可，实际功率大的灯泡就亮；而当正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率，则据额定功率的大小即可判定灯泡的亮度。
【解答】解：（1）当灯泡正常发光时，实际功率等于额定功率；
比较额定功率即可比较灯泡的亮度；
已知，甲灯的额定功率为40W，乙灯的额定功率等于25W；
所以正常发光时，甲比乙亮。故A正确。D错误；
（2）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，而甲、乙两灯的实际功率没法比较；所以，不能确定甲、乙的亮度，故BC选项是错误的；
故选：A。
【点评】知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键。
9．下列有关热的说法正确的是（ ）
A．晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变
B．用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大
C．内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能
D．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大
【分析】（1）改变内能的方法主要有两种，一是对物体做功，二是热传递。同一物体，内能越大，温度越高。
（2）比热容大的物体，在吸收或放出相同热量时，温度变化不大。
（3）内能转化为机械能是利用内能对外做功从而产生机械能。
（4）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时放出的热量越多；热机效率是有用功与燃料燃烧释放能量的比值，它代表热机性能的好坏。我的试题篮
【解答】解：A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递都可以改变内能，晶体熔化需要吸收热量，有热传递现象发生，所以内能改变，故A错误。
B、水的比热容大，它在吸收大量热量时，温度可以保持在一个比较低的状态，这样就可以使水的温度始终低于发动机的温度，起到很好的冷却效果，故B正确；
C、内燃机压缩冲程中是利用机械能对燃料做功转化为内能，故C错误。
D、热机效率是内燃机转化为有用功的能量与燃料完成燃烧释放的能量的比值，柴油机的效率比汽油机高，就是说完成相同的有用功，柴油机所用燃料完全燃烧放出能量比汽油机少，而不是因为柴油的热值比汽油的热值大。故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查学生的全面知识，需要掌握内能、比热容、热值、热机效率这些物理量或物理现象的内容，并和生活现象进行联系。
10．对下列情境的判断正确的是（ ）
A．图甲：改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率不变
B．图乙：人不接触高压电线就不会触电
C．图丙：拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
D．图丁：天宫课堂授课是通过超声波实现天地之间的互动
【分析】（1）图甲克服物体重力所做的功为有用功，改变提升物体受到的重力，有用功占总功的比例变化；
（2）跨步电压触电：高压输电线头落到地上，地面上与线头距离不同的各点存在电压，当人走近导线时两脚之间有电压；
（3）右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极；
（4）电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播。
【解答】解：A、图甲克服物体重力所做的功为有用功，改变提升物体受到的重力，有用功占总功的比例变化，动滑轮的机械效率变化，故A错误；
B、高压输电线头落到地上，地面上与线头距离不同的各点存在电压，当人走近导线时两脚之间有电压，易发生跨步电压触电，故B错误；
C、右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，故C正确；
D、图丁：天宫课堂授课是通过电磁波实现天地之间的互动，故D错误。
故选C。
【点评】本题考查机械效率、高压触电现象、安培定则和电磁波的知识，综合性强，难度适中。
11．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变大，弹簧长度变短
C．电流表示数变小，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变长
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知通电螺线管磁场强弱的变化，则可知条形磁极的受力变化，由力的合成可知弹簧长度的变化。
【解答】解：电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；
因同名磁极相互排斥，两磁铁的同名磁极相对，故相互排斥；
当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，则条形磁铁受向上的力增强；
条形磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短。
故选：B。
【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分析能力要求较高，是道好题。
12．如图中两灯并联且开关控制L1的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）开关与其控制的灯泡串联接入电路；
（2）串联电路互相影响，并联电路互不影响；
（3）根据电路的三种状态：通路、开路、短路分析。
【解答】解：A、图中，两灯泡串联接入电路，开关可控制两个灯泡，故A错误；
B、图中，开关断开，两灯泡串联接入电路，开关闭合，L1短路，L2亮，故B错误；
C、图中，闭合开关，两灯泡短路，都不亮，故C错误；
D、图中，闭合开关，两灯泡并联接入电路，断开开关，电路为灯泡L2的简单电路，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电路的辨别，分清电路的三种状态是关键。
13．将两个相同的容器置于水平地面上，分别装满甲、乙两种液体将同一个鸡蛋先后放入两容器后，静止时如图所示。鸡蛋受到的浮力分别为F甲和F乙，液体对容器底的压强分别为p甲和p乙，则（ ）
A．F甲＝F乙 p甲＜p乙B．F甲＞F乙 p甲＝p乙
C．F甲＞F乙 p甲＞p乙D．F甲＜F乙 p甲＝p乙
【分析】物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，物体下沉时，浮力小于重力，据此判断鸡蛋在两液体中受到的浮力关系，再根据物体浮沉条件可知两液体的密度关系，根据p＝ρgh可知液体对甲、乙两个容器底的压强关系。
【解答】解：由图可知，鸡蛋在甲中漂浮，在乙中下沉，
因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，下沉时，浮力要小于重力；同一鸡蛋的重力G不变，所以，F甲＝G，F乙＜G，即F甲＞F乙；
因物体漂浮时物体的密度小于液体的密度，物体下沉时物体的密度大于液体的密度，所以，ρ甲＞ρ鸡蛋，ρ乙＜ρ鸡蛋，则ρ甲＞ρ乙，
又因两液面相同，所以，液体对甲、乙两个容器底的压强关系为p甲＞p乙，故C正确、ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，熟记液体物体浮沉条件是关键。
14．如图所示，在“用电流表测电流”的实验中，电路的其它部分都已连接完毕，只有导线M还未连入电路。下列说法正确的是（ ）
A．M与b接线柱相连且闭合开关时，电流表测量干路电流
B．M与b接线柱相连且闭合开关时，L1和L2串联
C．M与a接线柱相连且闭合开关时，发生短路故障
D．M从a接线柱改接到b接线柱，闭合开关时电流表示数减小
【分析】（1）根据串联电路中电流只有一条路径，并联电路中电流有多条路径可判断电路的性质。
（2）电流表的正确使用方法是：与被测用电器串联；电流必须从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出；所测量的电流不能超过电流表的量程；绝对不允许不经过用电器把电流表直接接在电源两极上；
【解答】解：AB、M与b连接，且闭合开关时，两灯并联，电流表测干路电流，故A正确，B错误；
C、M与a连接且闭合开关时，两灯并联，电流表测L2电流，不会发生短路故障，故C错误；
D、M先接a，再接b，电流表先测通过L2的电流，再测总电流，所以示数会变大，故D错误。
故选：A。
【点评】明确电流的路径，看准电流表的串联位置，是判断此题的关键，这也是电学中最常见的读图题。
15．疫情期间，学校门口的智能门禁具有来访人员身份识别和检测体温的功能，其工作原理如图所示.当来访人员为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，只有当来访人员是本校师生并且体温正常时，电动机才工作，开门放行，同时扬声器会发出“体温正常”的声音，此时若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开.以下电路的设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】由题意可知，当来人为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，电动机才工作，扬声器发出声音，这说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联；若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开，说明电动机和扬声器互不影响，即两者并联，据此进行解答。
【解答】解：根据题意可知，当来人为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，电动机才工作，扬声器发出声音，这说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作，所以两个开关是串联的；
若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开，说明扬声器与电动机间互不影响，所以扬声器和电动机是并联的；
所以电动机与扬声器并联再与两个开关串联，由各选项图知，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关、电动机和扬声器的连接方式是关键。
二、理解与应用
16．同学们课间在走廊上跳望远方，此时晶状体变 薄 （选填“厚”或“薄”），远处的景物在视网膜上成 倒立 、 缩小 的实像。
【分析】人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体和角膜相当于凸透镜，视网膜相当于胶片，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像；
人的眼睛看清物体是通过改变晶状体的形状来实现的，晶状体相当于全自动变焦镜头；看近处物体时，晶状体变凸一些，折射光线的能力变强；看远处物体时，晶状体变扁平一些，折射光线的能力变弱。通过这样的调节，使远近不同的物体均能在视网膜上成像。
【解答】解：同学们观看远方时，此时晶状体变薄，折射光的能力变弱，晶状体的焦距变大，晶状体把光线会聚到视网膜上，成一个倒立缩小的实像；
故答案为：薄；倒立；缩小。
【点评】本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，比较简单。
17．《曹刿论战》中曹刿善于利用鼓声。鼓声是由于鼓面 振动 产生的，鼓声震耳欲聋形容鼓声的 响度 大；战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递 信息 。
【分析】（1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音既能传递信息，也能传递能量。
【解答】解：（1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；鼓声是由于鼓面振动产生的；
（2）鼓声震耳欲聋，说明声音的响度大；
（3）战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递信息。
故答案为：振动；响度；信息。
【点评】本题考查了声音的产生、声音的特征以及声音的传播等知识，是一道声学综合题。
18．家庭电路中，电热水壶与电视机的连接方式是 并联 ，为了用电安全，电热水壶应选用 三 孔的插座。用电热水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能会导致电路 短路 ，使空气开关跳闸。
【分析】（1）在家庭电路中，各用电器工作时互不影响；在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；
（2）三线插头中间的插片是接地的，目的就是为了防止触电；
（3）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，家庭电路中电流过大的原因：短路和总功率过大。
【解答】解：（1）家庭电路中，各用电器工作时互不影响，是并联连接；
（2）电热水壶等家用电器应使用三孔插座，当电热水壶的金属外壳漏电时，电流能通过地线流入大地，不会发生触电事故；
（6）用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能会导致电路短路，电路电流过大，使空气开关跳闸。
故答案为：并联；三；短路。
【点评】本题考查了家庭电路的连接、三线插头的使用以及跳闸的原因等，属于基础题目。
19．如图所示，完全相同的甲、乙两个小球，甲球由橡皮筋系住，乙球由细绳系住，都从水平位置由静止开始释放。当两球到达悬点正下方A点时，橡皮条长度恰好与细绳长度相等，不考虑橡皮筋重、绳重及空气阻力大小，则该过程中小球重力所做功W甲 ＝ W乙，在A点时两球的速度v甲 ＜ v乙。（以上两空均选填“＞”、“＜”或“＝”）
【分析】（1）根据W＝Gh可比较两球重力所做功的大小；
（2）两小球初始状态时，处于同一高度，质量相等，重力势能相等；下摆过程中，不计空气阻力，机械能相等，甲球的重力势能转化为动能和橡皮绳的弹性势能，而乙球的重力势能全部转化为动能，这样，在最低点时，乙球的动能大，从而就能比较两球速度大小。
【解答】解：（1）由题知，两球的质量相同，则重力相等，
当两球到达悬点正下方A点时，两球下落的高度相同，根据W＝Gh可知，该过程中小球重力所做功W甲＝W乙；
（2）由题知，最初两球处于同一高度由静止开始释放，则两球的重力势能相等，
下摆过程中，绳子不会伸长，而橡皮条会伸长，所以，可知小球到达A点时，不计空气阻力，甲球的重力势能转化为动能和橡皮条的弹性势能，乙球的重力势能全部转化为动能，这样，在最低点时，乙球的动能大，其速度较大，即v甲＜v乙。
故答案为：＝；＜。
【点评】本题考查了学生对机械能守恒、做功的大小的理解和掌握，掌握机械能守恒定律是解题的关键，有一定的难度。
20．如图所示，在水平地面上，当水平拉力F为8N时，木板A刚好向右做匀速直线运动，且物体B相对地面静止，此时弹簧测力计的读数为2N，若拉力F增大到10N，测力计的示数为 2 N。
【分析】物体B处于平衡状态，据此判断其所受滑动摩擦力的大小。根据二力平衡条件可判断其所受滑动摩擦力的方向。
滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，据此分析。
【解答】解：弹簧测力计的示数为2N，则弹簧测力计对B的拉力为2N，方向向左；B水平方向上受拉力和滑动摩擦力，由二力平衡可得，滑动摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故滑动摩擦力大小为2N；滑动摩擦力水平向右；
滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，当水平拉力F增大到10N，B对A的压力大小和接触面粗糙程度不变，故B受到的滑动摩擦力大小还为2N。
故答案为：2。
【点评】本题考查摩擦力的大小计算与方向的判断，要学会对物体进行受力分析，知道各个力之间的关系是正确解答的关键。
21．使轻质杠杆AO在如图所示位置静止，画出A点所用最小动力F1的示意图和杠杆的阻力臂l2。
【分析】（1）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1l1＝F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
（2）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
【解答】解：由杠杆平衡条件F1l1＝F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中O为支点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，从A点垂直于OA画出最小动力F1的示意图；
物体对杠杆的拉力为阻力F2，从O点作阻力F2的作用线的垂线段，垂线段的长即为阻力臂l2，如图所示：
。
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
三、实验与探究
22．在“测量滑轮组的机械效率”实验中，某实验小组用如图甲所示的同一滑轮组提升钩码，分别做了多次实验，实验数据记录如表：
（1）实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速运动。第1次实验时，弹簧测力计示数如图甲所示，为 0.6 N。
（2）第2次实验时滑轮组的机械效率是 62.5% 。
（3）分析第 1、2、3 次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高；分析第3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 无关 （选填“有关”或“无关”）。
（4）请在图乙中画出此滑轮组既能省力又能改变力的方向的绕线方法。若不计摩擦及绳重，这种绕线方法与实验时用的绕线方法相比，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）根据弹簧测力计分度值得出弹簧测力计示数；
（2）根据W有用＝Gh得出第1次实验时所做的有用功，根据W总＝Fs得出第1次做的总功，根据η＝×%求出滑轮组的机械效率；
（3）探究影响滑轮组机械效率的因素采用控制变量法，探究重物重力的影响时应使其他条件相同，据此分析表格数据；分析3、4次实验的数据得出滑轮组的机械效率与钩码上升的高度的关系；
（4）滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，绳子最后通过定滑轮能改变力的方向；
在不计摩擦及绳重情况下，有用功就是提升重物所做的功，额外功就是提升动滑轮所做的功，由η＝＝＝＝进行分析。
【解答】解：（1）测力计分度值为0.1N，第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为0.6N；
（2）第2次实验时所做的有用功为：W有用＝Gh＝1.5N×0.05m＝0.075J；
第2次做的总功：W总＝Fs＝0.8N×0.15m＝0.12J；
滑轮组的机械效率是：η＝×%＝×%＝62.5%；
（3）探究影响滑轮组机械效率的因素采用控制变量法，探究重物重力的影响时应使其他条件相同，据此分析表格数据，1、2、3中使用同一滑轮组，钩码上升高度相同，随着物重增大，机械效率增高；
分析3、4次实验的数据，使用同一滑轮组，物重相同，钩码上升高度不同，但机械效率不变，得出结论滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
（4）要求使用该滑轮组提升重物时既省力又能改变力的方向，说明绳端拉力的方向应向下，所以绳子最后通过定滑轮，由此从外向内依次完成绕线，
若将此滑轮组换一种绕绳方法，动滑轮的重不变，不计摩擦及绳重，故额外功为克服动滑轮自重做的功，由η＝＝＝＝可知，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率不变。
故答案为：（1）0.6；（2）62.5%；（3）1、2、3；无关；（4）如图；不变。
【点评】本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、测力计读数、功和机械效率的计算、数据分析及影响机械效率大小的因素。
23．物理小组想测量一个定值电阻Rx的阻值，实验器材有：待测电阻Rx、电压表（量程0～3V和0～15V）、电流表（量程0～0.6A和0～3A）、滑动变阻器（20Ω 1A）、开关、未知电压的电源，导线若干。
​
（1）小琴利用电流表电压表测量电阻的原理是 R＝ ，闭合开关前，应将图甲中的滑动变阻器滑片置于 b 端（选填“a”或“b”）。
（2）检查无误后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图乙所示时，通过电阻Rx的电流大小是 0.34 A；若电压表此时的示数是8.5V，则可计算出Rx＝ 25 Ω。
（3）小芳又设计了一种方案，也测出了Rx的阻值。电路如图丙所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量方法如下：
①开关：S1闭合，S2断开时，读出电流表读数为I1；
②开关S1、S2都闭合时，读出电流表读数为I2；
请依据上述实验数据计算Rx的阻值。（用已知和测出的物理量符号表示）
【分析】（1）用电流表电压表测量电阻的原理是R＝；
为了保护电路，闭合开关前，应将图甲中的滑动变阻器滑片置于阻值最大处；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R＝求出Rx的阻值；
（3）根据电源电压不变列方程求出Rx的阻值。
【解答】解：（1）在测定值电阻阻值的实验中，用电压表测定值电阻两端电压，用电流表测通过定值电阻的电流，根据R＝求出定值电阻阻值，故用电流表电压表测量电阻的原理是R＝；
为了保护电路，闭合开关前，应将图甲中的滑动变阻器滑片置于阻值最大处，即b端；
（2）检查无误后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图乙所示时，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.34A；
若电压表此时的示数是8.5V，则Rx＝＝＝25Ω；
（3）实验步骤：
①开关：S1闭合，S2断开时，读出电流表读数为I1；
②开关S1、S2都闭合时，读出电流表读数为I2；
在步骤①中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，此时电源电压为U＝I1（Rx+R0）；
在步骤②中，电路为只有R0的简单电路，电流表测电路中的电流，此时电源电压为U＝I2R0；
由于电源电压不变，故I1（Rx+R0）＝I2R0，
解得：Rx＝•R0。
故答案为：（1）R＝；b；（2）0.34；25；（3）Rx＝•R0。
【点评】本题测定值电阻阻值的实验，考查了实验原理、注意事项、电流表读数、电阻的计算及设计实验方案测电阻的能力。
四.分析与计算
24．如图甲所示的某品牌暖风机，它有冷风和热风两个挡位，该表是它的部分参数，图乙是简化电路图，用此暖风机将房间里30m3、15℃的空气加热到26℃，需要工作7min时间，已知空气比热容为1×103J/（kg•℃），空气密度约为1.3kg/m3。求：
（1）电热丝R的电阻值；
（2）房间里空气吸收的热量；
（3）暖风机的加热效率（计算结果保留百分数整数）。
​
【分析】（1）当只有电动机工作时，吹冷风；当电动机和电阻丝并联工作时，吹热风；先求出电热丝正常工作的功率，然后根据P＝即可求出电热丝R的电阻；
（2）先根据密度公式求出空气的质量，再根据Q＝cm（t﹣t0）求出空气吸收的热量；
（3）根据W＝Pt求出暖风机消耗的电能，然后根据η＝×100%求出此暖风机的加热效率。
【解答】解：
（1）由题和图示可知，当只有电动机工作时，吹冷风；当电动机和电阻丝并联工作时，吹热风，则热风功率为电热丝和电动机消耗的总功率，所以，电热丝正常工作时的功率：
PR＝P热﹣P冷＝1200W﹣100W＝1100W，
由P＝可知，电热丝R的电阻值：R＝＝＝44Ω；
（2）由ρ＝可知，房间中空气的质量：m＝ρV＝1.3kg/m3×30m3＝39kg，
则空气吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝1×103J/（kg•℃）×39kg×（26℃﹣15℃）＝4.29×105J；
（3）加热时间t′＝7min＝420s，
由P＝可知，暖风机消耗的电能：W＝P热t′＝1200W×420s＝5.04×105J；
则此暖风机的加热效率：η＝×100%＝×100%≈85%。
答：（1）电热丝R的电阻值是44Ω；
（2）房间里空气吸收的热量为4.29×105J；
（3）此暖风机的加热效率为85%。
【点评】本题考查了学生对电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式及效率公式的掌握和应用，关键是各种公式及其变形的灵活运用，还要学会从所给信息中找到有用的数据。
25．如图甲所示，水平地面上有一底面积为50cm2的圆柱形容器，容器中水深10cm现将一物块悬挂在弹簧测力计下端，当物块浸没在水中时（物块不接触容器底面和侧面），容器内水深由10cm上升到12cm，此时弹簧测力计的示数如图乙所示，（已知ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）物块未放入水中时，水对容器底的压强；
（2）物块浸没在水中时受到的浮力；
（3）物块的密度。
【分析】（1）知道物块未放入水中时水的深度，根据p＝ρgh求出水对容器底的压强；
（2）根据V＝Sh求出物块浸没在水中时排开水的体积，根据F浮＝ρ水gV排求出物块浸没在水中时受到的浮力；
（3）根据图乙读出弹簧测力计的示数，根据F浮＝G﹣F′求出物块的重力，利用G＝mg求出物块的质量，物块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据ρ＝求出物块的密度。
【解答】解：
（1）物块未放入水中时，水对容器底的压强：
p＝ρ水gh1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（2）物块浸没在水中时排开水的体积：
V排＝S（h2﹣h1）＝50×10﹣4m2×（0.12m﹣0.1m）＝1×10﹣4m3，
物块浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝1N；
（3）由图乙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数F′＝2.4N，
由F浮＝G﹣F′可得，物块的重力：
G＝F浮+F′＝1N+2.4N＝3.4N，
由G＝mg可得，物块的质量：
m＝＝＝0.34kg，
物块的体积：
V＝V排＝1×10﹣4m3，
物块的密度：
ρ＝＝＝3.4×103kg/m3。
答：（1）物块未放入水中时，水对容器底的压强为1000Pa；
（2）物块浸没在水中时受到的浮力为1N；
（3）物块的密度为3.4×103kg/m3。
【点评】本题考查了液体压强公式和阿基米德原理、称重法求浮力、重力公式、密度公式的应用等，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。实验次数
钩码重G/N
钩码上升距离h/cm
弹簧测力计示数F/N
弹簧测力计上升距离s/cm
机械效率η
1
1.0
5
15
55.6%
2
1.5
5
0.8
15
3
2.0
5
1.0
15
66.7%
4
2.0
10
1.0
30
66.7%
额定电压
220V
热风功率
1200W
冷风功率
100W
实验次数
钩码重G/N
钩码上升距离h/cm
弹簧测力计示数F/N
弹簧测力计上升距离s/cm
机械效率η
1
1.0
5
15
55.6%
2
1.5
5
0.8
15
3
2.0
5
1.0
15
66.7%
4
2.0
10
1.0
30
66.7%
额定电压
220V
热风功率
1200W
冷风功率
100W