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2023年山东省枣庄市峄城区中考模拟物理试题（二）（解析版）
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这是一份2023年山东省枣庄市峄城区中考模拟物理试题（二）（解析版），共16页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 2022年央视元宵晚会上，宇航员王亚平在空间站弹奏悠扬的《茉莉花》为全国人民送上祝福。关于琴声说法正确的是（ ）
A. 悦耳的琴声是由琴弦振动产生的
B. 琴声通过超声波从空间站传回地面
C. 用力拨动琴弦，琴声的音调变高了
D. 琴声在空间站里的传播速度是
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音是有物体振动产生的， 悦耳的琴声是由琴弦振动产生的，故A正确；
B．声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，琴声是通过电磁波从空间站传回地面的，故B错误；
C．用力拨动琴弦，琴弦的振幅增大，琴声的响度变大，琴声的音调与拨弦力度的大小无关，故C错误；
D．琴声是声音，在空间站里的传播速度约为340m/s，故D错误。
故选A。
2. 关于下列诗句中的物态变化，说法正确的是（ ）
A. “欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
B. “一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象
C. “窗含西岭千秋雪”，雪的形成是凝固现象
D. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
【答案】D
【解析】
【详解】A．冰是由水变成的，液态变成固态，所以是凝固现象，故A错误；更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 B．雨是水蒸气变成的，气态变成液态，所以是液化现象，故B错误；
C．雪是水蒸气变成的，气态变成固态，所以是凝华现象，故C错误；
D．露是水蒸气变成的，气态变成液态，所以是液化现象，故D正确。
故选D。
3. 如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A. 放大镜成像B. 水中的倒影
C. 水面“断筷”D. 手影的形成
【答案】B
【解析】
【详解】A．平面镜成像的原理为光的反射，用放大镜把文字放大的成像原理为光的折射，故A不符合题意；
B．湖面相当于镜子，水中倒影是平面镜成像，原理为光的反射，故B符合题意；
C．水面筷子的“折断”是光的折射现象，故C不符合题意；
D．手影是由于光的直线传播形成的 ，故D不符合题意。
故选B。
4. 现代生活，智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视力下降。下列关于近视眼及其矫正的原理图正确的是（ ）
A. 甲乙B. 甲丁C. 丙乙D. 丙丁
【答案】A
【解析】
【详解】由图知，甲图的光线会聚在视网膜的前方，所以甲图表示近视眼的成像情况；近视眼是由于晶状体焦距太短，像落在视网膜的前方，为了使光线会聚在原来会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前发散一些，所以应佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，则乙图是近视眼的矫正原理图。丙图的光线会聚在视网膜的后方，所以丙图表示远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前会聚一些，所以应佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正，即丁图是远视眼的矫正原理图。故A正确。
故选A。
5. 如图，用大小相同的力，分别在不同位置按图示方向开门，最容易的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．推门是一个轮轴，离门轴越远，相当于动力臂越大，越省力，故AB不符合题意，故C符合题意；
D．而沿门方向向外拉，力的作用线过轴的位置，相当于动力臂为0，无法推开门，故D不符合题意。
故选C。
6. “踢毽子”是深受大家喜爱的传统运动。关于踢毽子的过程，以下说法正确的是（ ）
A. 毽子离开脚后继续上升是由于惯性B. 毽子上升过程中质量变小
C. 毽子在最高点不受力的作用D. 毽子下落过程中运动状态不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．毽子离开脚时，具有一定的速度，由于惯性，会继续上升一段距离，故A正确；
B．质量是物体的一种属性，与物体的运动状态、位置无关，上升过程中毽子质量不变，故B错误；
C．在最高点时，毽子受到重力的作用，故C错误；
D．毽子下落过程中受到竖直向下的重力和向上的空气阻力，由于重力大于阻力，毽子会加速运动，运动状态不断改变，故D错误。
故选A。
7. 一个质量分布均匀的立方体，静止在水平地面上。沿图中虚线将其分割成体积相等的a、b两部分，并取走a部分。剩下的b部分（未倾倒）对水平地面产生的压强最大的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】将正方体分割成体积相等的a、b两部分，并取走a部分。剩下的b部分的体积相等。因为正方体质量分布均匀，故剩下b部分的质量、重力都相等，则剩下b部分对水平地面的压力（等于剩余部分的重力）相等，由可知，压力一定时，受力面积越小，压强越大，题中D图剩下b部分的受力面积最小，则D图中剩下的b部分（未倾倒）对水平地面产生的压强最大，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8. 苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌，如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B. 运动员在a处和c处的重力势能相等
C. 运动员在b处时的机械能最大
D. 运动员从b处到d处速度逐渐减小
【答案】B
【解析】
【详解】A．若不计空气阻力，运动员从a处到b处的过程中，机械能守恒，运动员位置升高，重力势能增加，动能减小，减小的动能全部转化为重力势能，故A错误；
B．如图，a处和c处的高度相同，运动员的质量不变，因此运动员在a处和c处的重力势能相等，故B正确；
C．运动员运动过程中不计空气阻力，机械能守恒，因此运动员在b处时的机械能与其他各点的机械能相同，故C错误；
D．运动员从b处到d处的过程中，高度降低，重力势能减小，机械能守恒，因此减小的重力势能全部转化为动能，运动员的速度逐渐增大，故D错误。
故选B。
9. 如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A. 仍然平衡B. 右端下降C. 左端下降D. 匀速转动
【答案】C
【解析】
【详解】设杠杆上每一格的长度为l，每个钩码的重力为G，原来杠杆水平平衡时，有
2G×3l=3G×2l
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，左侧动力与动力臂的乘积为
3G×3l=9Gl
右侧阻力与阻力臂的乘积为
4G×2l=8Gl
因为
9Gl>8Gl
根据杠杆平条件可知，杠杆左端会下降，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
10. 如图所示，验电器M不带电、N带负电，用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，发现验电器M的金属箔片张开。下列说法正确的是（ ）
A. M带上了正电
B. N的金属箔片张角变大
C. 金属棒中电流的方向由M向N
D. 用手触摸金属棒，M、N的金属箔片张角不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．M、N的金属球通过金属棒连接后，带负电的N的电荷经过金属棒流向M，使M带上负电荷，故A错误；
B．根据电荷守恒定律可知，M、N上的总电荷量不变，因为M从不带电到带电，从而使N的电荷量减少，所以验电器N的金属箔片张角变小，故B错误；
C．在金属棒中负电荷由N流向M，相当于正电荷由M流向N，我们规定电流的方向是正电荷的移动方向，所以金属棒中电流的方向由M向N，故C正确；
D．用手触摸金属棒，使负电荷通过人体流向大地，导致M、N上的总电荷量减少，所以M、N的金属箔片张角变小，故D错误。
故选C
11. 如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（ ）
A. ②处应接开关
B. 电能表应接在空气开关后
C. 若开关短路，空气开关会切断电路
D. 用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
【答案】D
【解析】
【详解】A．由三孔插座的接法，可得上面的线是火线，下面的线是零线，开关应与火线连接，故①处为开关，②处为电灯，故A错误；
B．电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关之前，故B错误；
C．空气开关切断电路有两种可能，要么电路中总功率过大，要么电路中有短路现象，若开关短路，电灯持续发光，空气开关不会切断电路，故C错误；
D．用试电笔接触a孔中的金属片，火线，试电笔，人体与大地形成回路，氖管会发光，故D正确。
故选D。
12. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A. 灯L1与灯L2并联
B. 电压表测量灯L1两端电压
C. 只断开开关S1，灯L2正常发光
D. 电流表测量电路总电流
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，闭合开关S1、S2，灯L1与灯L2并联，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，电压表并联在灯泡L1两端，所以电压表测量灯L1两端的电压，故B正确，不符合题意；
C．由图可知，闭合开关S1、S2，灯L1与灯L2并联，两灯独立工作互不干扰，所以若只断开开关S1，灯泡L2不受影响，将会正常发光，故C正确，不符合题意；
D．由图可知，电流表与灯泡L2串联，所以电流表测的是通过灯L2的电流，故D错误，符合题意。
故选D。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分。
13. 如图所示是汽油机的___________冲程，在此冲程中汽缸内气体的内能___________（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 做功 ②. 减小
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程。在做功冲程中，汽缸内气体的体积增大，温度降低，内能减小，将内能转化为机械能。
14. 为了推进农业机械智能化，某科技团队研发了5G智能电动拖拉机，它可以通过______（选填“电磁波”或“超声波”）传递云端网络信息实现无人驾驶。拖拉机行驶时消耗的电能是______次能源。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 二
【解析】
【详解】[1]5G智能电动拖拉机是利用电磁波，将信息传递云端网络，实现无人驾驶传递的。
[2]一次能源是指从自然界直接获取、没有经过加工的能源，电能是人们消耗一次能源获得的，属于二次能。
15. 丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为__________N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1__________F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【答案】 ①. 0.55 ②. ＜
【解析】
【详解】[1]由题意可知，鸡蛋在盐水中处于悬浮状态，根据物体的浮沉可知，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋本身的重力，所以鸡蛋所受浮力大小为
F浮=G蛋=m蛋g=55×10-3kg×10N/kg=0.55N
[2]由题意可知，鸡蛋在水中处于沉底状态，根据物体的浮沉可知，ρ蛋>ρ水；鸡蛋在盐水中处于悬浮状态，根据物体的浮沉可知，ρ蛋=ρ盐水，所以可得ρ水<ρ盐水，又因为鸡蛋在水和盐水中都处于浸没状态，V水排=V盐水排=V蛋，根据公式可知，F116. 如图所示，木板B在F=5N的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数是2N，则木块A受到的摩擦力是_________N，方向是________；当F增大到7N时，木块A受到的摩擦力________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 2 ②. 水平向右 ③. 不变
【解析】
【详解】[1][2]木块相当于地面静止，弹簧测力计的拉力与摩擦力二力平衡，大小相等，方向相反，弹簧测力计拉力水平向左，大小为2N，所以木块A受到的摩擦力是水平向右的，大小为2N。
[3]当拉力F增大到7N时，木块A与长木板B之间的粗糙程度不变，压力不变，所以摩擦力不变，仍为2N。
17. 明代《读书录》称“节俭”是“人之美德”。教室不需要使用黑板和显示屏时，应及时断开讲台前的灯和显示屏，这样会使该教室电路的总电阻________，总功率将________，以达到节能目的。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】 ①. 变大 ②. 变小
【解析】
【详解】[1][2]教室的用电器是并联的，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，即电阻越并越小、小于任何一个分电阻，当断开讲台前的灯和显示屏时，电路中的总电阻变大，根据可知电路总功率变小。
18. 如图所示是小明家的电能表，他家电路中可以接入用电器的最大总功率为______W。将电视机单独接入电路正常工作6min，电能表转盘转6转，电视机的功率为______W。电视机正常工作1h，消耗的电能为______J。
【答案】 ①. 4400 ②. 100 ③. 3.6×105
【解析】
【详解】[1]由图可知，电能表额定电压为220V，允许通过的最大电流为20A，所以电路中可以接入用电器的最大总功率为
P=UI=220V×20A=4400W
[2]电能表转盘转6转消耗的电能为
电视机的电功率为
[3]电视机正常工作1h，消耗的电能为
W=Pt=100W×1×3.6×103s=3.6×105J
三、作图、实验与探究题：本题共4个小题，共18分。
19. 在图中请根据磁感线的方向在图中两个虚线框内分别标出小磁针和电源的极性。
【答案】
【解析】
【详解】在磁体外部，磁感线的方向是从N极发出回到S极，故此通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极；由安培定则可判断出通电螺线管电流从电源左侧流入，故电源左端为正极，右端为负极，如下图所示：
20. 在探究“影响液体内部压强大小的因素”实验中。
（1）用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管液面高度差是否有明显变化，这是为了检查压强计的__________ ；
（2）通过比较A、B、C三图可知，在液体内部的同一深度，向各个方向的压强__________；
（3）通过比较D、E两图可知，在液体内部的同一深度，液体的__________越大，压强越大；
（4）通过比较B图与__________图可知三峡大坝设计成上窄下宽的原因。
【答案】 ①. 气密性 ②. 相等 ③. 密度 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]为了使实验顺利进行，使用前用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管液面高度差是否有明显变化，这是为了检查实验装置的气密性。
（2）[2]通过比较A、B、C三图可知，探头在水中的深度相同，橡皮膜的朝向，U形管液面高度差不变，说明在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等。
（3）[3]通过比较D、E两图可知，探头在液体中的深度相同，液体的密度不同，且盐水的密度大于水的密度，探头在盐水中U形管液面高度差大于探头在水中液面高度差，即在液体内部的同一深度，液体的密度越大，压强越大。
（4）[4]通过比较B图与D图可知，水的压强随深度的增加而增大，所以三峡大坝设计成上窄下宽的形状，可以承受更大的压强。
21. 小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向______移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的左盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是______g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是______kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码有很大的磨损，则所测石块密度比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式ρ石=______。（用字母表示，水的密度为ρ水）
【答案】 ①. 左 ②. 46 ③. 2.3×103 ④. 偏大 ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针偏向分度盘的右侧，说明天平右侧偏重，应将平衡螺母向左移动，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）[2]用天平称量物体时，应把物品放在左盘，砝码放在右盘，因此把石块放在天平的左盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。石块的质量等于右盘砝码的质量加上标尺上游码指示的质量，则石块的质量是
（3）[3]小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是
（4）[4]实验所用的砝码有很大的磨损，砝码的质量变小，所测物体的质量偏大，根据 可知，则所测石块密度比真实值偏大。
（5）[5]设容器的底面积为S，由丙、戊两图可知石块的体积为
设丙图中木块浸入水中的体积为 ，丁图木块和石块浸入水中的体积为
物体漂浮时浮力等于重力，由丙、丁两图可知，两种情况下浮力
两式相减得
石块密度
22. 用图甲所示的电路测量小灯泡的功率，器材有：电源、开关、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω 1.5A）、额定电压为2.5V的小灯泡各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，需要检查电流表、电压表的指针是否____________，并“将滑动变阻器的滑片P移至____________（选填“A”或“B”端）；
（2）接通电源，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，小灯泡均不发光，电流表指针不偏转，电压表指针有明显偏转，说明电压表与电源之间的电路连接是____________，若电路中只有一处故障，则可能是____________；
（3）排除故障后，重新开始实验，电源电压保持不变，闭合开关，电压表示数为0.5V，电流表示数为0.12A；移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，为____________A，则小灯泡的额定功率为____________W，此时滑动变阻器消耗的功率____________W。
【答案】 ①. 对准零刻度线 ②. B ③. 通路 ④. 小灯泡断路 ⑤. 0.3 ⑥. 0.75 ⑦. 0.12
【解析】
【详解】（1）[1]电表使用前要调零。闭合开关前，需要检查电流表、电压表的指针是否对准零刻度线。
[2]为保护电路电路，将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端。
（2）[3][4]接通电源，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，小灯泡均不发光，电流表指针不偏转，说明电路可能断路；电压表指针有明显偏转，即说明电压表与电源之间的电路连接是通路；则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，若电路中只有一处故障，则可能是灯泡断路。
（3）[5][6]当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
[7]排除故障后，重新开始实验（滑动变阻器连入电路的电阻最大），电源电压保持不变，闭合开关，电流表示数为0.12A，由欧姆定律，变阻器的电压为
U滑=IR滑=0.12A×20Ω=2.4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U= U滑+UV=2.4V+0.5V=2.9V
灯正常发光时，变阻器的电压为
U′滑=29V-2.5V=0.4V
此时滑动变阻器消耗的功率
P滑= U′滑IL=0.4V×0.3A=0.12W
四、计算题：本题包括2个小题，共14分；解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算过程。
23. 如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
【答案】（1）5.4×1010J；（2）3×105N；（3）50%
【解析】
【详解】解：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量
Q放=mq=1.35×103kg×4×107J/kg=5.4×1010J
（2）飞机航行20min牵引力做功
W=Pt=2.25×107W×20×60s=2.7×1010J
飞机运动的路程
飞机受到的牵引力
因为飞机做匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，所以飞机受到的阻力
f=F=3×105N
（3）发动机的效率
答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；
（2）飞机在航行过程中的阻力是3×105N；
（3）发动机的效率是50%。
24. 厨艺最讲究“火候”二字，如图甲所示的智能蛋糕机就是通过智能化技术控制制作时间和温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕。该蛋糕机的电路简图如图乙所示，其中R1、R2均为发热电阻（假定电阻不随温度变化），部分参数如下表所示。求：
（1）当开关S1断开，单刀多掷开关S2打到3时，蛋糕机处于 ___________档（选填“高温”、“中温”或“低温”）；
（2）该蛋糕机以高温挡正常工作时，10分钟产生的热量；（ ）
（3）该蛋糕机正常工作时R2的电阻值；（ ）
（4）该蛋糕机低温挡的额定功率。（ ）
【答案】 ①. 低温 ②. 660000J ③. 220Ω ④. 176W
【解析】
【详解】（1）[1]当开关S1断开，单刀多掷开关S2打到3时，此时电阻R1、R2串联，根据欧姆定律可知，此时电路中电流最小，再根据电功率公式P＝UI可知，电路中消耗的电功率最小，由参数表可知，此时蛋糕机处于低温档。
（2）[2]蛋糕机在工作过程中将电能完全转化为了内能，所以蛋糕机以高温档正常工作10min产生的热量为
Q＝W＝Pt＝1100W×10×60s＝660000）J
（3）[3]由题意可知，当R1、R2并联接入电路中时，电路中的总电阻最小，电路中的总电流最大，此时为高温档；当R1单独接入电路中时，电路中的总电阻较小，电路中的电流较大大，此时为中温档；当电阻R1、R2串联接入电路时，电路中的总电阻最大，电路中的总电流最小，此时为低温档；
当R1单独接入电路中时，电源电压为
U＝220V
电路总的电功率为
P中＝880W
根据电功率公式P＝UI可知，中温档时电路中通过R1的电流为
根据公式可得
当当R1、R2并联接入电路中时，因为电源电压不变，根据并联电路中电流的规律可知
I总＝I1＋I2
此时为高温档，根据公式P＝UI可知
所以通过电阻R2电流
I2＝ I总－I1＝5A－4A=1A
根据公式可得，电阻R2的阻值为
（4）[4]当电阻R1、R2串联接入电路时，电路中的总电阻
R总= R1+R2=220Ω+55Ω=275Ω
电路中电流为
根据电功率公式P＝UI可知，电路的总功率为
P＝UI=220V×0.8A=176W
所以低温档的额定功率为176W。额定电压/V
220
额定功率/W
高温1100
中温880
低温
1. 2022年央视元宵晚会上，宇航员王亚平在空间站弹奏悠扬的《茉莉花》为全国人民送上祝福。关于琴声说法正确的是（ ）
A. 悦耳的琴声是由琴弦振动产生的
B. 琴声通过超声波从空间站传回地面
C. 用力拨动琴弦，琴声的音调变高了
D. 琴声在空间站里的传播速度是
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音是有物体振动产生的， 悦耳的琴声是由琴弦振动产生的，故A正确；
B．声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，琴声是通过电磁波从空间站传回地面的，故B错误；
C．用力拨动琴弦，琴弦的振幅增大，琴声的响度变大，琴声的音调与拨弦力度的大小无关，故C错误；
D．琴声是声音，在空间站里的传播速度约为340m/s，故D错误。
故选A。
2. 关于下列诗句中的物态变化，说法正确的是（ ）
A. “欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
B. “一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象
C. “窗含西岭千秋雪”，雪的形成是凝固现象
D. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
【答案】D
【解析】
【详解】A．冰是由水变成的，液态变成固态，所以是凝固现象，故A错误；更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 B．雨是水蒸气变成的，气态变成液态，所以是液化现象，故B错误；
C．雪是水蒸气变成的，气态变成固态，所以是凝华现象，故C错误；
D．露是水蒸气变成的，气态变成液态，所以是液化现象，故D正确。
故选D。
3. 如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A. 放大镜成像B. 水中的倒影
C. 水面“断筷”D. 手影的形成
【答案】B
【解析】
【详解】A．平面镜成像的原理为光的反射，用放大镜把文字放大的成像原理为光的折射，故A不符合题意；
B．湖面相当于镜子，水中倒影是平面镜成像，原理为光的反射，故B符合题意；
C．水面筷子的“折断”是光的折射现象，故C不符合题意；
D．手影是由于光的直线传播形成的 ，故D不符合题意。
故选B。
4. 现代生活，智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视力下降。下列关于近视眼及其矫正的原理图正确的是（ ）
A. 甲乙B. 甲丁C. 丙乙D. 丙丁
【答案】A
【解析】
【详解】由图知，甲图的光线会聚在视网膜的前方，所以甲图表示近视眼的成像情况；近视眼是由于晶状体焦距太短，像落在视网膜的前方，为了使光线会聚在原来会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前发散一些，所以应佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，则乙图是近视眼的矫正原理图。丙图的光线会聚在视网膜的后方，所以丙图表示远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前会聚一些，所以应佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正，即丁图是远视眼的矫正原理图。故A正确。
故选A。
5. 如图，用大小相同的力，分别在不同位置按图示方向开门，最容易的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．推门是一个轮轴，离门轴越远，相当于动力臂越大，越省力，故AB不符合题意，故C符合题意；
D．而沿门方向向外拉，力的作用线过轴的位置，相当于动力臂为0，无法推开门，故D不符合题意。
故选C。
6. “踢毽子”是深受大家喜爱的传统运动。关于踢毽子的过程，以下说法正确的是（ ）
A. 毽子离开脚后继续上升是由于惯性B. 毽子上升过程中质量变小
C. 毽子在最高点不受力的作用D. 毽子下落过程中运动状态不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．毽子离开脚时，具有一定的速度，由于惯性，会继续上升一段距离，故A正确；
B．质量是物体的一种属性，与物体的运动状态、位置无关，上升过程中毽子质量不变，故B错误；
C．在最高点时，毽子受到重力的作用，故C错误；
D．毽子下落过程中受到竖直向下的重力和向上的空气阻力，由于重力大于阻力，毽子会加速运动，运动状态不断改变，故D错误。
故选A。
7. 一个质量分布均匀的立方体，静止在水平地面上。沿图中虚线将其分割成体积相等的a、b两部分，并取走a部分。剩下的b部分（未倾倒）对水平地面产生的压强最大的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】将正方体分割成体积相等的a、b两部分，并取走a部分。剩下的b部分的体积相等。因为正方体质量分布均匀，故剩下b部分的质量、重力都相等，则剩下b部分对水平地面的压力（等于剩余部分的重力）相等，由可知，压力一定时，受力面积越小，压强越大，题中D图剩下b部分的受力面积最小，则D图中剩下的b部分（未倾倒）对水平地面产生的压强最大，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8. 苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌，如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B. 运动员在a处和c处的重力势能相等
C. 运动员在b处时的机械能最大
D. 运动员从b处到d处速度逐渐减小
【答案】B
【解析】
【详解】A．若不计空气阻力，运动员从a处到b处的过程中，机械能守恒，运动员位置升高，重力势能增加，动能减小，减小的动能全部转化为重力势能，故A错误；
B．如图，a处和c处的高度相同，运动员的质量不变，因此运动员在a处和c处的重力势能相等，故B正确；
C．运动员运动过程中不计空气阻力，机械能守恒，因此运动员在b处时的机械能与其他各点的机械能相同，故C错误；
D．运动员从b处到d处的过程中，高度降低，重力势能减小，机械能守恒，因此减小的重力势能全部转化为动能，运动员的速度逐渐增大，故D错误。
故选B。
9. 如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A. 仍然平衡B. 右端下降C. 左端下降D. 匀速转动
【答案】C
【解析】
【详解】设杠杆上每一格的长度为l，每个钩码的重力为G，原来杠杆水平平衡时，有
2G×3l=3G×2l
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，左侧动力与动力臂的乘积为
3G×3l=9Gl
右侧阻力与阻力臂的乘积为
4G×2l=8Gl
因为
9Gl>8Gl
根据杠杆平条件可知，杠杆左端会下降，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
10. 如图所示，验电器M不带电、N带负电，用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，发现验电器M的金属箔片张开。下列说法正确的是（ ）
A. M带上了正电
B. N的金属箔片张角变大
C. 金属棒中电流的方向由M向N
D. 用手触摸金属棒，M、N的金属箔片张角不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．M、N的金属球通过金属棒连接后，带负电的N的电荷经过金属棒流向M，使M带上负电荷，故A错误；
B．根据电荷守恒定律可知，M、N上的总电荷量不变，因为M从不带电到带电，从而使N的电荷量减少，所以验电器N的金属箔片张角变小，故B错误；
C．在金属棒中负电荷由N流向M，相当于正电荷由M流向N，我们规定电流的方向是正电荷的移动方向，所以金属棒中电流的方向由M向N，故C正确；
D．用手触摸金属棒，使负电荷通过人体流向大地，导致M、N上的总电荷量减少，所以M、N的金属箔片张角变小，故D错误。
故选C
11. 如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（ ）
A. ②处应接开关
B. 电能表应接在空气开关后
C. 若开关短路，空气开关会切断电路
D. 用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
【答案】D
【解析】
【详解】A．由三孔插座的接法，可得上面的线是火线，下面的线是零线，开关应与火线连接，故①处为开关，②处为电灯，故A错误；
B．电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关之前，故B错误；
C．空气开关切断电路有两种可能，要么电路中总功率过大，要么电路中有短路现象，若开关短路，电灯持续发光，空气开关不会切断电路，故C错误；
D．用试电笔接触a孔中的金属片，火线，试电笔，人体与大地形成回路，氖管会发光，故D正确。
故选D。
12. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A. 灯L1与灯L2并联
B. 电压表测量灯L1两端电压
C. 只断开开关S1，灯L2正常发光
D. 电流表测量电路总电流
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，闭合开关S1、S2，灯L1与灯L2并联，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，电压表并联在灯泡L1两端，所以电压表测量灯L1两端的电压，故B正确，不符合题意；
C．由图可知，闭合开关S1、S2，灯L1与灯L2并联，两灯独立工作互不干扰，所以若只断开开关S1，灯泡L2不受影响，将会正常发光，故C正确，不符合题意；
D．由图可知，电流表与灯泡L2串联，所以电流表测的是通过灯L2的电流，故D错误，符合题意。
故选D。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分。
13. 如图所示是汽油机的___________冲程，在此冲程中汽缸内气体的内能___________（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 做功 ②. 减小
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程。在做功冲程中，汽缸内气体的体积增大，温度降低，内能减小，将内能转化为机械能。
14. 为了推进农业机械智能化，某科技团队研发了5G智能电动拖拉机，它可以通过______（选填“电磁波”或“超声波”）传递云端网络信息实现无人驾驶。拖拉机行驶时消耗的电能是______次能源。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 二
【解析】
【详解】[1]5G智能电动拖拉机是利用电磁波，将信息传递云端网络，实现无人驾驶传递的。
[2]一次能源是指从自然界直接获取、没有经过加工的能源，电能是人们消耗一次能源获得的，属于二次能。
15. 丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为__________N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1__________F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【答案】 ①. 0.55 ②. ＜
【解析】
【详解】[1]由题意可知，鸡蛋在盐水中处于悬浮状态，根据物体的浮沉可知，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋本身的重力，所以鸡蛋所受浮力大小为
F浮=G蛋=m蛋g=55×10-3kg×10N/kg=0.55N
[2]由题意可知，鸡蛋在水中处于沉底状态，根据物体的浮沉可知，ρ蛋>ρ水；鸡蛋在盐水中处于悬浮状态，根据物体的浮沉可知，ρ蛋=ρ盐水，所以可得ρ水<ρ盐水，又因为鸡蛋在水和盐水中都处于浸没状态，V水排=V盐水排=V蛋，根据公式可知，F1
【答案】 ①. 2 ②. 水平向右 ③. 不变
【解析】
【详解】[1][2]木块相当于地面静止，弹簧测力计的拉力与摩擦力二力平衡，大小相等，方向相反，弹簧测力计拉力水平向左，大小为2N，所以木块A受到的摩擦力是水平向右的，大小为2N。
[3]当拉力F增大到7N时，木块A与长木板B之间的粗糙程度不变，压力不变，所以摩擦力不变，仍为2N。
17. 明代《读书录》称“节俭”是“人之美德”。教室不需要使用黑板和显示屏时，应及时断开讲台前的灯和显示屏，这样会使该教室电路的总电阻________，总功率将________，以达到节能目的。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】 ①. 变大 ②. 变小
【解析】
【详解】[1][2]教室的用电器是并联的，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，即电阻越并越小、小于任何一个分电阻，当断开讲台前的灯和显示屏时，电路中的总电阻变大，根据可知电路总功率变小。
18. 如图所示是小明家的电能表，他家电路中可以接入用电器的最大总功率为______W。将电视机单独接入电路正常工作6min，电能表转盘转6转，电视机的功率为______W。电视机正常工作1h，消耗的电能为______J。
【答案】 ①. 4400 ②. 100 ③. 3.6×105
【解析】
【详解】[1]由图可知，电能表额定电压为220V，允许通过的最大电流为20A，所以电路中可以接入用电器的最大总功率为
P=UI=220V×20A=4400W
[2]电能表转盘转6转消耗的电能为
电视机的电功率为
[3]电视机正常工作1h，消耗的电能为
W=Pt=100W×1×3.6×103s=3.6×105J
三、作图、实验与探究题：本题共4个小题，共18分。
19. 在图中请根据磁感线的方向在图中两个虚线框内分别标出小磁针和电源的极性。
【答案】
【解析】
【详解】在磁体外部，磁感线的方向是从N极发出回到S极，故此通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极；由安培定则可判断出通电螺线管电流从电源左侧流入，故电源左端为正极，右端为负极，如下图所示：
20. 在探究“影响液体内部压强大小的因素”实验中。
（1）用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管液面高度差是否有明显变化，这是为了检查压强计的__________ ；
（2）通过比较A、B、C三图可知，在液体内部的同一深度，向各个方向的压强__________；
（3）通过比较D、E两图可知，在液体内部的同一深度，液体的__________越大，压强越大；
（4）通过比较B图与__________图可知三峡大坝设计成上窄下宽的原因。
【答案】 ①. 气密性 ②. 相等 ③. 密度 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]为了使实验顺利进行，使用前用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管液面高度差是否有明显变化，这是为了检查实验装置的气密性。
（2）[2]通过比较A、B、C三图可知，探头在水中的深度相同，橡皮膜的朝向，U形管液面高度差不变，说明在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等。
（3）[3]通过比较D、E两图可知，探头在液体中的深度相同，液体的密度不同，且盐水的密度大于水的密度，探头在盐水中U形管液面高度差大于探头在水中液面高度差，即在液体内部的同一深度，液体的密度越大，压强越大。
（4）[4]通过比较B图与D图可知，水的压强随深度的增加而增大，所以三峡大坝设计成上窄下宽的形状，可以承受更大的压强。
21. 小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向______移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的左盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是______g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是______kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码有很大的磨损，则所测石块密度比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式ρ石=______。（用字母表示，水的密度为ρ水）
【答案】 ①. 左 ②. 46 ③. 2.3×103 ④. 偏大 ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针偏向分度盘的右侧，说明天平右侧偏重，应将平衡螺母向左移动，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）[2]用天平称量物体时，应把物品放在左盘，砝码放在右盘，因此把石块放在天平的左盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。石块的质量等于右盘砝码的质量加上标尺上游码指示的质量，则石块的质量是
（3）[3]小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是
（4）[4]实验所用的砝码有很大的磨损，砝码的质量变小，所测物体的质量偏大，根据 可知，则所测石块密度比真实值偏大。
（5）[5]设容器的底面积为S，由丙、戊两图可知石块的体积为
设丙图中木块浸入水中的体积为 ，丁图木块和石块浸入水中的体积为
物体漂浮时浮力等于重力，由丙、丁两图可知，两种情况下浮力
两式相减得
石块密度
22. 用图甲所示的电路测量小灯泡的功率，器材有：电源、开关、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω 1.5A）、额定电压为2.5V的小灯泡各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，需要检查电流表、电压表的指针是否____________，并“将滑动变阻器的滑片P移至____________（选填“A”或“B”端）；
（2）接通电源，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，小灯泡均不发光，电流表指针不偏转，电压表指针有明显偏转，说明电压表与电源之间的电路连接是____________，若电路中只有一处故障，则可能是____________；
（3）排除故障后，重新开始实验，电源电压保持不变，闭合开关，电压表示数为0.5V，电流表示数为0.12A；移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，为____________A，则小灯泡的额定功率为____________W，此时滑动变阻器消耗的功率____________W。
【答案】 ①. 对准零刻度线 ②. B ③. 通路 ④. 小灯泡断路 ⑤. 0.3 ⑥. 0.75 ⑦. 0.12
【解析】
【详解】（1）[1]电表使用前要调零。闭合开关前，需要检查电流表、电压表的指针是否对准零刻度线。
[2]为保护电路电路，将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端。
（2）[3][4]接通电源，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，小灯泡均不发光，电流表指针不偏转，说明电路可能断路；电压表指针有明显偏转，即说明电压表与电源之间的电路连接是通路；则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，若电路中只有一处故障，则可能是灯泡断路。
（3）[5][6]当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
[7]排除故障后，重新开始实验（滑动变阻器连入电路的电阻最大），电源电压保持不变，闭合开关，电流表示数为0.12A，由欧姆定律，变阻器的电压为
U滑=IR滑=0.12A×20Ω=2.4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U= U滑+UV=2.4V+0.5V=2.9V
灯正常发光时，变阻器的电压为
U′滑=29V-2.5V=0.4V
此时滑动变阻器消耗的功率
P滑= U′滑IL=0.4V×0.3A=0.12W
四、计算题：本题包括2个小题，共14分；解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算过程。
23. 如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
【答案】（1）5.4×1010J；（2）3×105N；（3）50%
【解析】
【详解】解：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量
Q放=mq=1.35×103kg×4×107J/kg=5.4×1010J
（2）飞机航行20min牵引力做功
W=Pt=2.25×107W×20×60s=2.7×1010J
飞机运动的路程
飞机受到的牵引力
因为飞机做匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，所以飞机受到的阻力
f=F=3×105N
（3）发动机的效率
答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；
（2）飞机在航行过程中的阻力是3×105N；
（3）发动机的效率是50%。
24. 厨艺最讲究“火候”二字，如图甲所示的智能蛋糕机就是通过智能化技术控制制作时间和温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕。该蛋糕机的电路简图如图乙所示，其中R1、R2均为发热电阻（假定电阻不随温度变化），部分参数如下表所示。求：
（1）当开关S1断开，单刀多掷开关S2打到3时，蛋糕机处于 ___________档（选填“高温”、“中温”或“低温”）；
（2）该蛋糕机以高温挡正常工作时，10分钟产生的热量；（ ）
（3）该蛋糕机正常工作时R2的电阻值；（ ）
（4）该蛋糕机低温挡的额定功率。（ ）
【答案】 ①. 低温 ②. 660000J ③. 220Ω ④. 176W
【解析】
【详解】（1）[1]当开关S1断开，单刀多掷开关S2打到3时，此时电阻R1、R2串联，根据欧姆定律可知，此时电路中电流最小，再根据电功率公式P＝UI可知，电路中消耗的电功率最小，由参数表可知，此时蛋糕机处于低温档。
（2）[2]蛋糕机在工作过程中将电能完全转化为了内能，所以蛋糕机以高温档正常工作10min产生的热量为
Q＝W＝Pt＝1100W×10×60s＝660000）J
（3）[3]由题意可知，当R1、R2并联接入电路中时，电路中的总电阻最小，电路中的总电流最大，此时为高温档；当R1单独接入电路中时，电路中的总电阻较小，电路中的电流较大大，此时为中温档；当电阻R1、R2串联接入电路时，电路中的总电阻最大，电路中的总电流最小，此时为低温档；
当R1单独接入电路中时，电源电压为
U＝220V
电路总的电功率为
P中＝880W
根据电功率公式P＝UI可知，中温档时电路中通过R1的电流为
根据公式可得
当当R1、R2并联接入电路中时，因为电源电压不变，根据并联电路中电流的规律可知
I总＝I1＋I2
此时为高温档，根据公式P＝UI可知
所以通过电阻R2电流
I2＝ I总－I1＝5A－4A=1A
根据公式可得，电阻R2的阻值为
（4）[4]当电阻R1、R2串联接入电路时，电路中的总电阻
R总= R1+R2=220Ω+55Ω=275Ω
电路中电流为
根据电功率公式P＝UI可知，电路的总功率为
P＝UI=220V×0.8A=176W
所以低温档的额定功率为176W。额定电压/V
220
额定功率/W
高温1100
中温880
低温
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