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2022-2023学年河北省保定十七中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2022-2023学年河北省保定十七中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
1.关于下列现象的解释，正确的是( )
A. 海棉易被压缩说明分子间存在间隙
B. 擦黑板时，粉笔灰到处飞扬，说明物质的分子在永不停息地做无规则运动
C. 两个表面光滑的铅块相互紧压会粘在一起，说明分子间存在引力
D. “破镜不能重圆”是因为玻璃分子间存在较大排斥力
2.下列实例中，属于通过做功的方式改变加点的物体内能的是( )
A. 钻木取火，木头温度升高B. 热水袋暖手，热水袋温度降低
C. 燃气烧水，水的温度升高D. 阳光下晒被，棉被的温度升高
3.关于内能、热量和温度的关系，下列说法中正确的是( )
A. 物体温度越高，含有的热量也就越多
B. 1kg、0℃的水的内能和1kg、0℃的冰的内能一样大
C. 物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
D. 在热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
4.根据下表中的数据，下列说法正确的是( )
A. 1kg铁温度升高l℃时，吸收的热量为0.46×102J
B. 1kg铜温度升高l℃时，吸收的热量为0.39×103J/(kg⋅℃)
C. 煤油和水体积之比为2：l，吸收的热量之比为12：5，则升高的温度之比为3：1
D. 初温、质量相同的铁块和铜块，吸收相同的热量后相接触，内能从铁块转移到铜块
5.如图所示，甲、乙、丙、丁是单缸内燃机一个工作循环的四个冲程，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min。以下说法正确的是( )
A. 该内燃机四个冲程正确的顺序是丙、甲、丁、乙
B. 该内燃机每秒完成20次做功冲程
C. 丁冲程发生的能量转化为机械能转化为内能
D. 甲、乙、丁三个冲程是靠飞轮的惯性完成的
6.与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑，下列现象中与该原理相同的是( )
A. 两滴水珠“吸”到一起成为一滴大水珠B. 通过吸管把饮料“吸”到嘴里
C. 干手搓开的新塑料袋“吸”在手上D. 行驶汽车的窗帘被“吸”出窗外
7.人民有信仰，国家有力量，我国是全球抗击新冠疫情最成功的国家。如图是我国医院里常用的人脸识别测温一体机，可以实现扫健康码查验、口罩检测、体温检测自动报警功能：当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起。下列电路设计正确的是( )
A.
B.
C.
D.
8.新冠肺炎疫情期间，常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是( )
A. 图乙中的显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C. 被测温者体温越高，整个电路消耗的电能越小
D. 若显示仪损坏，闭合开关后，则R与R0依旧有电流通过
9.从欧姆定律可导出R=UI，下列说法正确的是( )
A. 当电压为0时，电阻为0
B. 当电流增大为原来的2倍时，电阻减小为原来的12
C. 当电压增大为原来的2倍时，电阻增大为原来的2倍
D. 不管电压或电流如何变化，电阻不变
10.如图是一个能吹冷、热风的电吹风的简化电路。当它接入家庭电路时，下列分析正确的是( )
A. 只闭合开关S1，只有电动机工作，电吹风吹出的是热风
B. 只闭合开关S2，只有电热丝工作，电吹风不吹风
C. 同时闭合开关S1和S2，电热丝和电动机同时工作，电吹风吹出的是热风
D. 电吹风吹出热风的过程中，电能全部转化为内能
11.如图所示的电路中，已知R1的阻值为4Ω，在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，电压表的读数是2V；闭合开关S1时，电压表的读数是8V。下列说法错误的是( )
A. 电源电压为8V
B. 闭合开关S1时，通过R1的电流为2A
C. R2的阻值为12Ω
D. 断开开关S1时，通过R2的电流为1A
12.智能手机在现代生活中的作用越来越重要，频繁地使用会导致它的电能消耗很快，当手机“电量”所剩无几时，通常可以将其设置成“省电模式”来延长使用时间，这是通过以下哪种方式实现的( )
A. 减小电池电压B. 增加运行程序C. 减小总功率D. 降低散热能力
13.如图所示是小美家的电能表表盘示意图，她将家中的电磁炉单独接入电路，6min观察到电能表的转盘转过400转，则这台电磁炉的功率为( )
A. 800W
B. 1200W
C. 1600W
D. 2000W
14.小明按照图甲连接了实验电路，闭合开关S，滑片P从图甲中位置由右向左滑动的过程中，记录了不同位置电流表和电压表的示数。他依据实验数据作出U−I图像，如图乙所示。当电压表示数是4.5V时，电阻R0消耗的电功率大小是( )
A. 1.5WB. 3WC. 4.5WD. 6.075W
15.有额定电压和额定功率均为“220V，100W”的电烙铁、电风扇、日光灯，若三者都在额定电压下正常工作，则这些用电器在相等的时间内产生热量最多的是( )
A. 电烙铁B. 日光灯C. 电风扇D. 一样多
16.小明新购买了一台笔记本电脑，电池的容量为73W⋅h。下列有关这台笔记本电脑的说法正确的是( )
A. “W⋅h”是电功率的单位
B. 电池充满电后可储存73J的电能
C. 电流通过笔记本电脑做多少功就产生多少热
D. 电脑里装有小风扇是为了防止电热产生危害
17.下列家用电器正常工作时的电功率最接近1000W的是( )
A. 节能灯B. 电冰箱C. 微波炉D. 电视机
18.如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关后，下列判断正确的是( )
A. 通电螺线管的左端为N极
B. 通电螺线管外A点磁场的方向向左
C. 通电螺线管外存在磁感线
D. 小磁针顺时针转动90∘
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
19.水的比热容较大，下列事例中人们利用这一特性为生产、生活服务的是( )
A. 建人工湖来减小城市热岛效应B. 用沸水给餐具消毒
C. 北方冬天菜窖放几桶水防止菜冻坏D. 汽车发动机用循环水冷却
20.如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I−U图象。现将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示电路，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A。电源电压恒定不变，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为4V
B. 只闭合开关S1时，小灯泡L的电阻为2Ω
C. 先闭合开关S1再闭合开关S2后，电流表的示数增加0.5A
D. 先闭合开关S1再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量为48J
三、实验探究题：本大题共1小题，共8分。
21.在“伏安法测小灯泡电功率”实验中，某小组的实验电路如图所示。选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)小灯泡正常工作的电压为______ V；电流表的量程应选0∼______A。
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是______。
(3)闭合开关后，移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是______。
(4)排除故障后，闭合开关，移动滑片，其读数为______ V；要测小灯泡的额定功率，滑片P应向______(选填“左”或”右”)端移动。
(5)改变滑片P的位置，测得多组对应的电压、电流值，画出图丙所示的I−U图象。由图像可知，小灯泡两端电压是1.5V时，其电阻是______Ω。
(6)当电压表的读数为2.5V时，小灯泡的额定电流为______ A、额定功率为______ W。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.海绵内部有大量肉眼可见的气孔，海绵被压缩只是气孔变小了，并不是分子间隙变小，因此不能说明分子间有间隙，故A错误；
B.粉笔灰是固体小颗粒，并不是分子，分子不能用肉眼直接看到，因此粉尘飞扬不是分子的无规则运动，不能说明物质的分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C.两个表面光滑的铅块相互紧压而粘在一起，就是由于分子间有相互作用的引力，故C正确；
D.“破镜不能重圆”是因为分子之间间隔过大，而使分子之间的引力和斥力都太小，所以“破镜不能重圆”，故D错误。
故选：C。
(1)分子间存在间隙。
(2)分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物质的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来。
本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：
A、钻木取火过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，使木头的温度升高，故是通过做功增加了木头的内能，故A符合题意；
B、热水袋暖手，热水袋温度降低，是通过热传递减少了热水袋的内能，故B不合题意；
C、燃气烧水，水的温度升高，是通过热传递增加了水的内能，故C不合题意；
D、阳光下晒被，棉被的温度升高，是通过热传递增加了棉被的内能，故D不合题意。
故选：A。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。
做功和热传递虽然都能改变物体内能，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样。
3.【答案】C
【解析】解：
A、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体含有热量，故A错误；
B、1kg0℃的冰熔化成1kg0℃的水，需要吸收热量，内能增大，故B错误；
C、晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变，故C正确；
D、热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；
(2)内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，与物体的质量、温度、状态均有关；
(3)晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变；
(4)热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体。
本题主要考查学生对内能、温度和热量的关系以及晶体的熔化现象，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A.铁的比热容为0.46×103J/(kg⋅℃)，它表示质量为1kg的铁温度每升高1℃所吸收的热量是0.46×103J，故A错误；
B.铜的比热容为0.39×103J/(kg⋅℃)，它表示质量为1kg的铜温度每升高1℃所吸收的热量是0.39×103J，故B错误；
C.由表中数据可知，煤油和水密度之比ρ煤油：ρ水=0.8×103kg/m3：1×103kg/m3=4：5；已知煤油和水体积之比V煤油：V水=2：1，
由m=ρV可得质量之比为m煤油：m水=ρ煤油V煤油：ρ水V水=4×2：5×1=8：5；
已知吸收热量之比Q煤油：Q水=12：5，
其比热容之比c煤油：c水=2.1×103J/(kg⋅℃)：4.2×103J/(kg⋅℃)=1：2；
根据Q吸=cmΔt可得升高温度之比：
Δt煤油：Δt水=Q煤油c煤油m煤油:Q水c水m水=121×8:52×5=3：1，故C正确；
D.质量相同的铁块和铜块，因为铜的比热容小于铁的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸=cmΔt可知，铜块的温度升高的快；
因为铁块和铜块的初温相同，吸收相同的热量后，铜块升高的温度更大，所以铜块的末温更高，则相接触时，内能将从温度高的铜块转移到温度低的铁块，故D错误。
故选：C。
(1)物质的比热容是指1千克某种物质温度升高(或降低)1℃时，吸收(或放出)的热量的多少；
(2)由表中数据可知，煤油和水密度之比、比热容之比；知道煤油和水体积之比，利用m=ρV求质量之比；知道吸热之比，再利用Q吸=cmΔt，求升高温度之比；
(3)由放热计算公式Q放=cmΔt可知，质量相同的不同物质，放出相同的热量，比热容大的温度变化慢，比热容小的温度变化快；
温度不同的两个物体相互接触时，内能可以从高温物体转移到低温物体。
本题为学科综合题，考查了密度公式、吸热公式以及热传递的条件，知识点多、综合性强，属于难题。
5.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，
乙图是进气门打开，排气门关闭，此时活塞向下运动，是吸气冲程，
丙图中进气门关闭，排气门打开，此时活塞向上运动，是排气冲程，
丁图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，是做功冲程，
所以，该内燃机一个工作循环的四个冲程正确的顺序是乙、甲、丁、丙，故A错误；
B、由题知，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min=40r/s，因飞轮每转2周对外做功一次，所以该内燃机每秒完成20次做功冲程，故B正确；
C、丁冲程是做功冲程，该冲程中将内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成，所以，甲、乙、丙三个冲程是靠惯性完成的，故D错误。
故选：B。
(1)四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序；
(2)内燃机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次；
(3)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
(4)内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成。
本题涉及到内燃机大部分知识，综合性强，要求熟练的掌握相应的知识点。
6.【答案】C
【解析】解：塑料尺与头发摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。
A：水珠分子间存在相互作用的引力，使两滴水珠“吸”到一起成为一滴大水珠，故A不符合题意。
B：用吸管吸饮料靠的是大气压的作用，故B不符合题意。
C：手与塑料袋摩擦起电，带电体能吸引轻小物体，故C符合题意。
D：流体中流速越大的地方压强越小，行驶的汽车外面空气的流速大，压强低，窗帘被“吸”出窗外。故D不符合题意。
故答案为：C。
①分子间存在相互作用的引力和斥力；
②用吸管吸饮料靠的是大气压的作用；
③摩擦起电，带电体能吸引轻小物体；
④流体中流速越大的地方压强越小。
通过物理现象，能看透其本质，知道其中的物理道理。
7.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；
未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；
体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起，
综上可知，三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，
由选项可知，B正确、ACD错误。
故选：B。
由题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起，说明三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，据此结合电路图得出答案。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三开关的连接方式是关键。
8.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数(电压表的示数)也会变大，由分压原理可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I=UR可知，电路的电流越小，根据P=UI可知，功率越小，由于时间不知，则根据W=Pt可知无法判定消耗电能的多少，故C错误；
D、若显示仪损坏，闭合开关后，R与R0串联接入电路中，R与R0依旧有电流通过，故D正确。
故选：D。
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)(3)被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知热敏电阻阻值的变化，由欧姆定律分析电路的电流变化；根据W=Pt分析消耗电能的多少；
(4)若显示仪损坏，根据电路的连接方式判定电路中是否有电流。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题干中获取有效的信息，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；
所以，当电压为0时、电流增大2倍时或电压增大2倍时，电阻的阻值不变，故ABC错误、D正确。
故选：D。
电阻是导体本身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关，R=UI只说明导体电阻的大小等于导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。
本题主要考查学生对导体电阻的理解和运用，导体的电阻是不变的。学习物理公式时，要注意不能像数学公式一样来分析，因为物理公式中的每个字母都代表一个特定的物理量，有其本身的物理意义，如此题中的电阻就不能说与电压成正比，与电流成反比。
10.【答案】C
【解析】解：
A、观察电路图可知，电动机M和电热丝R并联，S1在干路上，S2在R所在的支路上；
当只闭合开关S1时，R所在支路没有接通，只有M工作，吹出的是冷风，故A错误；
B、只闭合开关S2，电动机M和电热丝R都不工作，电吹风不会吹出风，故B错误；
C、当S1和S2都闭合时，R和M组成并联电路，同时工作，吹出的是热风；故C正确；
D、电吹风吹“热风”时，是电热丝和电动机都工作，而电动机主要将电能转化机械能，而电热丝是将电能转化内能，所以电吹风吹出热风的过程中，电能转化为内能和机械能，故D错误。
故选：C。
(1)吹风机中电动机的作用是吹出风，电热丝的作用是产生热，只有电动机M工作时吹出的风是冷风，电动机M和电热丝R同时工作时吹出的是热风；
(2)电流做功的过程，就是电能转化为其它形式能量的过程，根据消耗和获得的能量可做出判断。
本题通过电吹风考查了并联电路的特点、电能的转化等知识的理解和应用，要知道干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路的用电器。
11.【答案】D
【解析】解：
AB、由电路图可知，闭合S、S1，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测量电源电压，因此电源电压为8V，
此时通过电阻R1的电流：I=UR1=8V4Ω=2A，故AB正确；
CD、由电路图可知，闭合开关S，断开S1，两电阻串联，电压表测R1两端电压，
因串联电路中处处电流相等，所以通过R2的电流：I2=I1=U1R1=2V4Ω=0.5A，故D错误，
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以R2两端电压：U2=U−U1=8V−2V=6V，
由I=UR可得，R2的阻值：R2=U2I2=6V0.5A=12Ω，故C正确。
故选：D。
(1)由电路图可知，闭合S、S1，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测量电源电压，据此可知电源电压，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
(2)由电路图可知，闭合开关S，断开S1，两电阻串联，电压表测R1两端电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出通过R2的电流，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出R2的阻值。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于一道基础题，关键是正确分析电路的连接方式。
12.【答案】C
【解析】解：当手机“电量”所剩无几时，即W一定，由P=Wt可得，W=Pt，要延长使用时间t，则减小总功率P，而电池的输出电压是不变的，因此手机的“省电模式”来是通过减小总功率的方式来延长使用时间的。
故选：C。
由公式W=Pt知，手机的“省电模式”，是在手机电池剩余电能一定的前提下，通过减小输出功率延长使用时间的。
此题通过智能手机的“省电模式”来考查学生对电功率与电能、时间的关系的理解和掌握，此题与我们的实际生活联系密切，是一道好题。
13.【答案】D
【解析】解：
电磁炉工作6min消耗的电能：
W=400r2000r/(kW⋅h)kW⋅h=0.2kW⋅h；
电磁炉的功率：
P=Wt=0.2kW⋅h6×160h=2kW=2000W。
故选：D。
由电能表铭牌“2000r/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过2000转。据此求出电磁炉工作6min消耗的电能，然后由电功率公式求出电磁炉的功率。
本题考查了使用电能表时用电器消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是正确解题的前提与关键，计算时要注意单位换算。
14.【答案】B
【解析】解：由电路图知，R0与变阻器R串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器R两端电压，
当滑片在最右端时，变阻器连入阻值为其最大值，滑动变阻器分压最多，电压表示数最大，
由图象知电压表的最大示数为6V，通过电路的电流为0.5A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，由欧姆定律可得电源电压：U=IR0+UR=0.5A×R0+6V------①，
当变阻器连入阻值较小时，电路中电流较大，由图象可知此时滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为1.5A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压：U=I′R0+UR′=1.5A×R0+3V------②，
①②联立可得：R0=3Ω，U=7.5V，
当电压表示数是4.5V时，电阻两端的电压：U0=U−UR′′=7.5V−4.5V=3V，
电阻R0消耗的电功率：P=U02R0=(3V)23Ω=3W。
故选：B。
由电路图知，R0与变阻器R串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器R两端电压，当滑片在最右端时，变阻器连入阻值为其最大值，滑动变阻器分压最多，电压表示数最大，由图象知电压表的最大示数和此时通过电路的电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压；当变阻器连入阻值较小时，电路中电流较大，由图象可知此时滑动变阻器两端的电压和此时通过电路的电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可电源电压；
根据电源电压不变组成方程可得电阻的阻值和电源电压，根据串联电路电压规律计算电压表示数为4.5V时，定值电阻两端的电压，根据P=U2R计算当电压表示数是4.5V时，电阻R0消耗的电功率大小。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用，会分析图象是解题的关键
15.【答案】A
【解析】解：电烙铁工作时把电能转化为内能，日光灯工作时把电能转化光能和内能，电风扇工作时把电能转化为机械能和少部分内能；
故在电功率相同、通电时间相同时，电烙铁产生的热量最多。
故选：A。
用电器在额定电压下正常工作时，其实际功率都等于额定功率，根据这三种用电器工作时的能量转化分析。
本题考查了用电器工作时的能量转化，注意区分谁是将电能转化为内能，即可做出判断。
16.【答案】D
【解析】解：
A、W是功率的单位，h是时间的单位，根据W=Pt可知，“W⋅h”是电功的单位，故A错误；
B、电池充满电后可储存的电能为：W=Pt=73W×3600s=262800J的电能，故B错误；
C、电流通过笔记本电脑做功时，电能主要转化为机械能、光能、声能等形式的能量，只有少部分电能转化为内能，故C错误；
D、电脑机箱内有小风扇是为了及时将电脑产生的热散掉，属于防止电热危害，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据W=Pt分析；
(3)根据电能的转化分析；
(4)电风扇可以加快空气流动，加快散热的速度。
本题考查了防止电热的危害、电功计算公式的应用、能量的转化，属于基础题。
17.【答案】C
【解析】解：节能灯的电功率约10W，电冰箱的功率约200W，电视机的电功率约150W，微波炉的电功率约1000W，故C正确。
故选：C。
根据对常见用电器电功率的了解选择合适选项。
本题考查了用电器功率的估算问题，这类题主要考查学生对生活中用电器额定功率的掌握情况，目的是要求学生观察生活中的物理现象，因此平时需要积累生活知识。
18.【答案】B
【解析】解：A、闭合开关后，电流由螺线管的左侧流入、右侧流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指弯螺线管中的电流方向，则大拇指指向右端，即通电螺线管的右端为N极、左端为S极，故A错误；
B、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故B正确；
C、磁感线是用来形象描述磁场的，但不是真实存在的，故C错误；
D、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，即小磁针的S极指向左，小磁针逆时针转动，故D错误。
故选：B。
(1)根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的N、S极；
(2)根据磁感线的方向分析判断即可解决；
(3)用带箭头的曲线来形象、方便地描述磁场，这叫磁感线，为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
(4)据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向。
此题考查了通电螺线管的极性判断、磁场方向的判断、磁极间的作用规律等知识点，是一道综合题。
19.【答案】AD
【解析】解：
A、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的温度少，所以城市中建人工湖来降低热岛效应，故A符合题意；
B、用水煮餐具消毒，是利用了水沸腾时有较高的温度来杀菌，不是利用水的比热容大这一特性，故B符合题意；
C、北方冬天菜窖放几桶水防止菜冻坏，利用了水凝固时放出热量，与比热容无关，故C不符合题意；
D、由于水的比热容大，在质量和升高的温度都相同时，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故D符合题意。
故选：AD。
因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
在实际中大多应用水比热容大的特点作散热剂等，分析时从吸热和放热两个方面进行考虑。
20.【答案】AD
【解析】解：
(1)由电路图知，只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL=0.5A时，UL=4V，即电源电压为4V，故A正确；
由I=UR可知，此时灯泡的阻值：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，故B错误；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=U=4V，
由甲图R的I−U图象可知，此时通过R的电流IR=0.2A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且各支路间互不影响，故通过灯泡的电流不变，因此电流表的示数增加0.2A，故C错误；
在1min内电阻R产生的热量：QR=WR=URIRt=4V×0.2A×60s=48J，故D正确。
故选：AD。
(1)只闭合开关S1时，电路为L的简单电路，已知通过灯泡的电流，根据L的I−U图象找出对应的电压值，即电源电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的阻值；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图象读出通过R的电流，根据并联电路电流点求出电流表示数的增加量，根据Q=W=UIt求出在1min内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
21.【答案】2.50.6保护电路 小灯泡断路 1.5左
【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5V，所以小灯泡正常工作的电压为2.5V；
灯泡正常发光时的电流约为I=UR=2.5V10Ω=0.25A，因此电流表应选0∼0.6A量程；
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是保护电路；
(3)闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相通，电压表并联的电路存在断路，故原因可能是小灯泡断路；
(4)由图乙知：电压表量程是0∼3V，分度值是0.1V，电压表示数是1.5V；
由于电压表示数小于灯泡额定电压，要测小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，使滑动变阻器接入电路的阻值减小，故将滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V为止；
(5)当小灯泡两端电压是1.5V时，根据I−U图象可知电流为0.15A，则小灯泡电阻为：
R=UI=Ω；
(6)当小灯泡两端电压是2.5V时，根据I−U图象可知电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)2.5；0.6；(2)保护电路；(3)小灯泡断路；(4)1.5；左；(5)10；(6)0.25；0.625。
(1)小灯泡的额定电压为2.5V；根据灯泡额定电压与灯泡电阻求出灯泡正常发光时的电流，据此判断电流表的量程；
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是保护电路；
(3)闭合开关后，移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相通，电压表并联的电路存在断路，据此分析；
(4)根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系及滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；
(5)根据图丙所示的I−U图象，读出小灯泡两端电压是1.5V时的电流值，根据欧姆定律算出电阻；
(6)根据图丙所示的I−U图象，读出小灯泡两端电压是2.5V时的电流值，根据P=UI算出额定功率。
本题考查了实验的注意事项、电流表量程的选择、滑动变阻器的使用、电路故障的判断、电功率的计算等。物质
铁
铜
水
煤油
ρ/(kg⋅m−3)
7.9×103
8.9×103
1.0×103
0.8×103
c/[J⋅(kg⋅℃)−1]
0.46×103
0.39×103
4.2×103
2.1×103
1.关于下列现象的解释，正确的是( )
A. 海棉易被压缩说明分子间存在间隙
B. 擦黑板时，粉笔灰到处飞扬，说明物质的分子在永不停息地做无规则运动
C. 两个表面光滑的铅块相互紧压会粘在一起，说明分子间存在引力
D. “破镜不能重圆”是因为玻璃分子间存在较大排斥力
2.下列实例中，属于通过做功的方式改变加点的物体内能的是( )
A. 钻木取火，木头温度升高B. 热水袋暖手，热水袋温度降低
C. 燃气烧水，水的温度升高D. 阳光下晒被，棉被的温度升高
3.关于内能、热量和温度的关系，下列说法中正确的是( )
A. 物体温度越高，含有的热量也就越多
B. 1kg、0℃的水的内能和1kg、0℃的冰的内能一样大
C. 物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
D. 在热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
4.根据下表中的数据，下列说法正确的是( )
A. 1kg铁温度升高l℃时，吸收的热量为0.46×102J
B. 1kg铜温度升高l℃时，吸收的热量为0.39×103J/(kg⋅℃)
C. 煤油和水体积之比为2：l，吸收的热量之比为12：5，则升高的温度之比为3：1
D. 初温、质量相同的铁块和铜块，吸收相同的热量后相接触，内能从铁块转移到铜块
5.如图所示，甲、乙、丙、丁是单缸内燃机一个工作循环的四个冲程，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min。以下说法正确的是( )
A. 该内燃机四个冲程正确的顺序是丙、甲、丁、乙
B. 该内燃机每秒完成20次做功冲程
C. 丁冲程发生的能量转化为机械能转化为内能
D. 甲、乙、丁三个冲程是靠飞轮的惯性完成的
6.与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑，下列现象中与该原理相同的是( )
A. 两滴水珠“吸”到一起成为一滴大水珠B. 通过吸管把饮料“吸”到嘴里
C. 干手搓开的新塑料袋“吸”在手上D. 行驶汽车的窗帘被“吸”出窗外
7.人民有信仰，国家有力量，我国是全球抗击新冠疫情最成功的国家。如图是我国医院里常用的人脸识别测温一体机，可以实现扫健康码查验、口罩检测、体温检测自动报警功能：当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起。下列电路设计正确的是( )
A.
B.
C.
D.
8.新冠肺炎疫情期间，常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是( )
A. 图乙中的显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C. 被测温者体温越高，整个电路消耗的电能越小
D. 若显示仪损坏，闭合开关后，则R与R0依旧有电流通过
9.从欧姆定律可导出R=UI，下列说法正确的是( )
A. 当电压为0时，电阻为0
B. 当电流增大为原来的2倍时，电阻减小为原来的12
C. 当电压增大为原来的2倍时，电阻增大为原来的2倍
D. 不管电压或电流如何变化，电阻不变
10.如图是一个能吹冷、热风的电吹风的简化电路。当它接入家庭电路时，下列分析正确的是( )
A. 只闭合开关S1，只有电动机工作，电吹风吹出的是热风
B. 只闭合开关S2，只有电热丝工作，电吹风不吹风
C. 同时闭合开关S1和S2，电热丝和电动机同时工作，电吹风吹出的是热风
D. 电吹风吹出热风的过程中，电能全部转化为内能
11.如图所示的电路中，已知R1的阻值为4Ω，在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，电压表的读数是2V；闭合开关S1时，电压表的读数是8V。下列说法错误的是( )
A. 电源电压为8V
B. 闭合开关S1时，通过R1的电流为2A
C. R2的阻值为12Ω
D. 断开开关S1时，通过R2的电流为1A
12.智能手机在现代生活中的作用越来越重要，频繁地使用会导致它的电能消耗很快，当手机“电量”所剩无几时，通常可以将其设置成“省电模式”来延长使用时间，这是通过以下哪种方式实现的( )
A. 减小电池电压B. 增加运行程序C. 减小总功率D. 降低散热能力
13.如图所示是小美家的电能表表盘示意图，她将家中的电磁炉单独接入电路，6min观察到电能表的转盘转过400转，则这台电磁炉的功率为( )
A. 800W
B. 1200W
C. 1600W
D. 2000W
14.小明按照图甲连接了实验电路，闭合开关S，滑片P从图甲中位置由右向左滑动的过程中，记录了不同位置电流表和电压表的示数。他依据实验数据作出U−I图像，如图乙所示。当电压表示数是4.5V时，电阻R0消耗的电功率大小是( )
A. 1.5WB. 3WC. 4.5WD. 6.075W
15.有额定电压和额定功率均为“220V，100W”的电烙铁、电风扇、日光灯，若三者都在额定电压下正常工作，则这些用电器在相等的时间内产生热量最多的是( )
A. 电烙铁B. 日光灯C. 电风扇D. 一样多
16.小明新购买了一台笔记本电脑，电池的容量为73W⋅h。下列有关这台笔记本电脑的说法正确的是( )
A. “W⋅h”是电功率的单位
B. 电池充满电后可储存73J的电能
C. 电流通过笔记本电脑做多少功就产生多少热
D. 电脑里装有小风扇是为了防止电热产生危害
17.下列家用电器正常工作时的电功率最接近1000W的是( )
A. 节能灯B. 电冰箱C. 微波炉D. 电视机
18.如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关后，下列判断正确的是( )
A. 通电螺线管的左端为N极
B. 通电螺线管外A点磁场的方向向左
C. 通电螺线管外存在磁感线
D. 小磁针顺时针转动90∘
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
19.水的比热容较大，下列事例中人们利用这一特性为生产、生活服务的是( )
A. 建人工湖来减小城市热岛效应B. 用沸水给餐具消毒
C. 北方冬天菜窖放几桶水防止菜冻坏D. 汽车发动机用循环水冷却
20.如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I−U图象。现将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示电路，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A。电源电压恒定不变，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为4V
B. 只闭合开关S1时，小灯泡L的电阻为2Ω
C. 先闭合开关S1再闭合开关S2后，电流表的示数增加0.5A
D. 先闭合开关S1再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量为48J
三、实验探究题：本大题共1小题，共8分。
21.在“伏安法测小灯泡电功率”实验中，某小组的实验电路如图所示。选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)小灯泡正常工作的电压为______ V；电流表的量程应选0∼______A。
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是______。
(3)闭合开关后，移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是______。
(4)排除故障后，闭合开关，移动滑片，其读数为______ V；要测小灯泡的额定功率，滑片P应向______(选填“左”或”右”)端移动。
(5)改变滑片P的位置，测得多组对应的电压、电流值，画出图丙所示的I−U图象。由图像可知，小灯泡两端电压是1.5V时，其电阻是______Ω。
(6)当电压表的读数为2.5V时，小灯泡的额定电流为______ A、额定功率为______ W。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.海绵内部有大量肉眼可见的气孔，海绵被压缩只是气孔变小了，并不是分子间隙变小，因此不能说明分子间有间隙，故A错误；
B.粉笔灰是固体小颗粒，并不是分子，分子不能用肉眼直接看到，因此粉尘飞扬不是分子的无规则运动，不能说明物质的分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C.两个表面光滑的铅块相互紧压而粘在一起，就是由于分子间有相互作用的引力，故C正确；
D.“破镜不能重圆”是因为分子之间间隔过大，而使分子之间的引力和斥力都太小，所以“破镜不能重圆”，故D错误。
故选：C。
(1)分子间存在间隙。
(2)分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物质的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来。
本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：
A、钻木取火过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，使木头的温度升高，故是通过做功增加了木头的内能，故A符合题意；
B、热水袋暖手，热水袋温度降低，是通过热传递减少了热水袋的内能，故B不合题意；
C、燃气烧水，水的温度升高，是通过热传递增加了水的内能，故C不合题意；
D、阳光下晒被，棉被的温度升高，是通过热传递增加了棉被的内能，故D不合题意。
故选：A。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。
做功和热传递虽然都能改变物体内能，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样。
3.【答案】C
【解析】解：
A、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体含有热量，故A错误；
B、1kg0℃的冰熔化成1kg0℃的水，需要吸收热量，内能增大，故B错误；
C、晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变，故C正确；
D、热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；
(2)内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，与物体的质量、温度、状态均有关；
(3)晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变；
(4)热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体。
本题主要考查学生对内能、温度和热量的关系以及晶体的熔化现象，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A.铁的比热容为0.46×103J/(kg⋅℃)，它表示质量为1kg的铁温度每升高1℃所吸收的热量是0.46×103J，故A错误；
B.铜的比热容为0.39×103J/(kg⋅℃)，它表示质量为1kg的铜温度每升高1℃所吸收的热量是0.39×103J，故B错误；
C.由表中数据可知，煤油和水密度之比ρ煤油：ρ水=0.8×103kg/m3：1×103kg/m3=4：5；已知煤油和水体积之比V煤油：V水=2：1，
由m=ρV可得质量之比为m煤油：m水=ρ煤油V煤油：ρ水V水=4×2：5×1=8：5；
已知吸收热量之比Q煤油：Q水=12：5，
其比热容之比c煤油：c水=2.1×103J/(kg⋅℃)：4.2×103J/(kg⋅℃)=1：2；
根据Q吸=cmΔt可得升高温度之比：
Δt煤油：Δt水=Q煤油c煤油m煤油:Q水c水m水=121×8:52×5=3：1，故C正确；
D.质量相同的铁块和铜块，因为铜的比热容小于铁的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸=cmΔt可知，铜块的温度升高的快；
因为铁块和铜块的初温相同，吸收相同的热量后，铜块升高的温度更大，所以铜块的末温更高，则相接触时，内能将从温度高的铜块转移到温度低的铁块，故D错误。
故选：C。
(1)物质的比热容是指1千克某种物质温度升高(或降低)1℃时，吸收(或放出)的热量的多少；
(2)由表中数据可知，煤油和水密度之比、比热容之比；知道煤油和水体积之比，利用m=ρV求质量之比；知道吸热之比，再利用Q吸=cmΔt，求升高温度之比；
(3)由放热计算公式Q放=cmΔt可知，质量相同的不同物质，放出相同的热量，比热容大的温度变化慢，比热容小的温度变化快；
温度不同的两个物体相互接触时，内能可以从高温物体转移到低温物体。
本题为学科综合题，考查了密度公式、吸热公式以及热传递的条件，知识点多、综合性强，属于难题。
5.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，
乙图是进气门打开，排气门关闭，此时活塞向下运动，是吸气冲程，
丙图中进气门关闭，排气门打开，此时活塞向上运动，是排气冲程，
丁图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，是做功冲程，
所以，该内燃机一个工作循环的四个冲程正确的顺序是乙、甲、丁、丙，故A错误；
B、由题知，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min=40r/s，因飞轮每转2周对外做功一次，所以该内燃机每秒完成20次做功冲程，故B正确；
C、丁冲程是做功冲程，该冲程中将内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成，所以，甲、乙、丙三个冲程是靠惯性完成的，故D错误。
故选：B。
(1)四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序；
(2)内燃机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次；
(3)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
(4)内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成。
本题涉及到内燃机大部分知识，综合性强，要求熟练的掌握相应的知识点。
6.【答案】C
【解析】解：塑料尺与头发摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。
A：水珠分子间存在相互作用的引力，使两滴水珠“吸”到一起成为一滴大水珠，故A不符合题意。
B：用吸管吸饮料靠的是大气压的作用，故B不符合题意。
C：手与塑料袋摩擦起电，带电体能吸引轻小物体，故C符合题意。
D：流体中流速越大的地方压强越小，行驶的汽车外面空气的流速大，压强低，窗帘被“吸”出窗外。故D不符合题意。
故答案为：C。
①分子间存在相互作用的引力和斥力；
②用吸管吸饮料靠的是大气压的作用；
③摩擦起电，带电体能吸引轻小物体；
④流体中流速越大的地方压强越小。
通过物理现象，能看透其本质，知道其中的物理道理。
7.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；
未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；
体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起，
综上可知，三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，
由选项可知，B正确、ACD错误。
故选：B。
由题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起，说明三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，据此结合电路图得出答案。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三开关的连接方式是关键。
8.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数(电压表的示数)也会变大，由分压原理可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I=UR可知，电路的电流越小，根据P=UI可知，功率越小，由于时间不知，则根据W=Pt可知无法判定消耗电能的多少，故C错误；
D、若显示仪损坏，闭合开关后，R与R0串联接入电路中，R与R0依旧有电流通过，故D正确。
故选：D。
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)(3)被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知热敏电阻阻值的变化，由欧姆定律分析电路的电流变化；根据W=Pt分析消耗电能的多少；
(4)若显示仪损坏，根据电路的连接方式判定电路中是否有电流。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题干中获取有效的信息，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；
所以，当电压为0时、电流增大2倍时或电压增大2倍时，电阻的阻值不变，故ABC错误、D正确。
故选：D。
电阻是导体本身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关，R=UI只说明导体电阻的大小等于导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。
本题主要考查学生对导体电阻的理解和运用，导体的电阻是不变的。学习物理公式时，要注意不能像数学公式一样来分析，因为物理公式中的每个字母都代表一个特定的物理量，有其本身的物理意义，如此题中的电阻就不能说与电压成正比，与电流成反比。
10.【答案】C
【解析】解：
A、观察电路图可知，电动机M和电热丝R并联，S1在干路上，S2在R所在的支路上；
当只闭合开关S1时，R所在支路没有接通，只有M工作，吹出的是冷风，故A错误；
B、只闭合开关S2，电动机M和电热丝R都不工作，电吹风不会吹出风，故B错误；
C、当S1和S2都闭合时，R和M组成并联电路，同时工作，吹出的是热风；故C正确；
D、电吹风吹“热风”时，是电热丝和电动机都工作，而电动机主要将电能转化机械能，而电热丝是将电能转化内能，所以电吹风吹出热风的过程中，电能转化为内能和机械能，故D错误。
故选：C。
(1)吹风机中电动机的作用是吹出风，电热丝的作用是产生热，只有电动机M工作时吹出的风是冷风，电动机M和电热丝R同时工作时吹出的是热风；
(2)电流做功的过程，就是电能转化为其它形式能量的过程，根据消耗和获得的能量可做出判断。
本题通过电吹风考查了并联电路的特点、电能的转化等知识的理解和应用，要知道干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路的用电器。
11.【答案】D
【解析】解：
AB、由电路图可知，闭合S、S1，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测量电源电压，因此电源电压为8V，
此时通过电阻R1的电流：I=UR1=8V4Ω=2A，故AB正确；
CD、由电路图可知，闭合开关S，断开S1，两电阻串联，电压表测R1两端电压，
因串联电路中处处电流相等，所以通过R2的电流：I2=I1=U1R1=2V4Ω=0.5A，故D错误，
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以R2两端电压：U2=U−U1=8V−2V=6V，
由I=UR可得，R2的阻值：R2=U2I2=6V0.5A=12Ω，故C正确。
故选：D。
(1)由电路图可知，闭合S、S1，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测量电源电压，据此可知电源电压，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
(2)由电路图可知，闭合开关S，断开S1，两电阻串联，电压表测R1两端电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出通过R2的电流，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出R2的阻值。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于一道基础题，关键是正确分析电路的连接方式。
12.【答案】C
【解析】解：当手机“电量”所剩无几时，即W一定，由P=Wt可得，W=Pt，要延长使用时间t，则减小总功率P，而电池的输出电压是不变的，因此手机的“省电模式”来是通过减小总功率的方式来延长使用时间的。
故选：C。
由公式W=Pt知，手机的“省电模式”，是在手机电池剩余电能一定的前提下，通过减小输出功率延长使用时间的。
此题通过智能手机的“省电模式”来考查学生对电功率与电能、时间的关系的理解和掌握，此题与我们的实际生活联系密切，是一道好题。
13.【答案】D
【解析】解：
电磁炉工作6min消耗的电能：
W=400r2000r/(kW⋅h)kW⋅h=0.2kW⋅h；
电磁炉的功率：
P=Wt=0.2kW⋅h6×160h=2kW=2000W。
故选：D。
由电能表铭牌“2000r/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过2000转。据此求出电磁炉工作6min消耗的电能，然后由电功率公式求出电磁炉的功率。
本题考查了使用电能表时用电器消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是正确解题的前提与关键，计算时要注意单位换算。
14.【答案】B
【解析】解：由电路图知，R0与变阻器R串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器R两端电压，
当滑片在最右端时，变阻器连入阻值为其最大值，滑动变阻器分压最多，电压表示数最大，
由图象知电压表的最大示数为6V，通过电路的电流为0.5A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，由欧姆定律可得电源电压：U=IR0+UR=0.5A×R0+6V------①，
当变阻器连入阻值较小时，电路中电流较大，由图象可知此时滑动变阻器两端的电压为3V，通过电路的电流为1.5A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压：U=I′R0+UR′=1.5A×R0+3V------②，
①②联立可得：R0=3Ω，U=7.5V，
当电压表示数是4.5V时，电阻两端的电压：U0=U−UR′′=7.5V−4.5V=3V，
电阻R0消耗的电功率：P=U02R0=(3V)23Ω=3W。
故选：B。
由电路图知，R0与变阻器R串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器R两端电压，当滑片在最右端时，变阻器连入阻值为其最大值，滑动变阻器分压最多，电压表示数最大，由图象知电压表的最大示数和此时通过电路的电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压；当变阻器连入阻值较小时，电路中电流较大，由图象可知此时滑动变阻器两端的电压和此时通过电路的电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可电源电压；
根据电源电压不变组成方程可得电阻的阻值和电源电压，根据串联电路电压规律计算电压表示数为4.5V时，定值电阻两端的电压，根据P=U2R计算当电压表示数是4.5V时，电阻R0消耗的电功率大小。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用，会分析图象是解题的关键
15.【答案】A
【解析】解：电烙铁工作时把电能转化为内能，日光灯工作时把电能转化光能和内能，电风扇工作时把电能转化为机械能和少部分内能；
故在电功率相同、通电时间相同时，电烙铁产生的热量最多。
故选：A。
用电器在额定电压下正常工作时，其实际功率都等于额定功率，根据这三种用电器工作时的能量转化分析。
本题考查了用电器工作时的能量转化，注意区分谁是将电能转化为内能，即可做出判断。
16.【答案】D
【解析】解：
A、W是功率的单位，h是时间的单位，根据W=Pt可知，“W⋅h”是电功的单位，故A错误；
B、电池充满电后可储存的电能为：W=Pt=73W×3600s=262800J的电能，故B错误；
C、电流通过笔记本电脑做功时，电能主要转化为机械能、光能、声能等形式的能量，只有少部分电能转化为内能，故C错误；
D、电脑机箱内有小风扇是为了及时将电脑产生的热散掉，属于防止电热危害，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据W=Pt分析；
(3)根据电能的转化分析；
(4)电风扇可以加快空气流动，加快散热的速度。
本题考查了防止电热的危害、电功计算公式的应用、能量的转化，属于基础题。
17.【答案】C
【解析】解：节能灯的电功率约10W，电冰箱的功率约200W，电视机的电功率约150W，微波炉的电功率约1000W，故C正确。
故选：C。
根据对常见用电器电功率的了解选择合适选项。
本题考查了用电器功率的估算问题，这类题主要考查学生对生活中用电器额定功率的掌握情况，目的是要求学生观察生活中的物理现象，因此平时需要积累生活知识。
18.【答案】B
【解析】解：A、闭合开关后，电流由螺线管的左侧流入、右侧流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指弯螺线管中的电流方向，则大拇指指向右端，即通电螺线管的右端为N极、左端为S极，故A错误；
B、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故B正确；
C、磁感线是用来形象描述磁场的，但不是真实存在的，故C错误；
D、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，即小磁针的S极指向左，小磁针逆时针转动，故D错误。
故选：B。
(1)根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的N、S极；
(2)根据磁感线的方向分析判断即可解决；
(3)用带箭头的曲线来形象、方便地描述磁场，这叫磁感线，为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
(4)据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向。
此题考查了通电螺线管的极性判断、磁场方向的判断、磁极间的作用规律等知识点，是一道综合题。
19.【答案】AD
【解析】解：
A、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的温度少，所以城市中建人工湖来降低热岛效应，故A符合题意；
B、用水煮餐具消毒，是利用了水沸腾时有较高的温度来杀菌，不是利用水的比热容大这一特性，故B符合题意；
C、北方冬天菜窖放几桶水防止菜冻坏，利用了水凝固时放出热量，与比热容无关，故C不符合题意；
D、由于水的比热容大，在质量和升高的温度都相同时，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故D符合题意。
故选：AD。
因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
在实际中大多应用水比热容大的特点作散热剂等，分析时从吸热和放热两个方面进行考虑。
20.【答案】AD
【解析】解：
(1)由电路图知，只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL=0.5A时，UL=4V，即电源电压为4V，故A正确；
由I=UR可知，此时灯泡的阻值：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，故B错误；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=U=4V，
由甲图R的I−U图象可知，此时通过R的电流IR=0.2A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且各支路间互不影响，故通过灯泡的电流不变，因此电流表的示数增加0.2A，故C错误；
在1min内电阻R产生的热量：QR=WR=URIRt=4V×0.2A×60s=48J，故D正确。
故选：AD。
(1)只闭合开关S1时，电路为L的简单电路，已知通过灯泡的电流，根据L的I−U图象找出对应的电压值，即电源电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的阻值；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图象读出通过R的电流，根据并联电路电流点求出电流表示数的增加量，根据Q=W=UIt求出在1min内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
21.【答案】2.50.6保护电路 小灯泡断路 1.5左
【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5V，所以小灯泡正常工作的电压为2.5V；
灯泡正常发光时的电流约为I=UR=2.5V10Ω=0.25A，因此电流表应选0∼0.6A量程；
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是保护电路；
(3)闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相通，电压表并联的电路存在断路，故原因可能是小灯泡断路；
(4)由图乙知：电压表量程是0∼3V，分度值是0.1V，电压表示数是1.5V；
由于电压表示数小于灯泡额定电压，要测小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，使滑动变阻器接入电路的阻值减小，故将滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V为止；
(5)当小灯泡两端电压是1.5V时，根据I−U图象可知电流为0.15A，则小灯泡电阻为：
R=UI=Ω；
(6)当小灯泡两端电压是2.5V时，根据I−U图象可知电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)2.5；0.6；(2)保护电路；(3)小灯泡断路；(4)1.5；左；(5)10；(6)0.25；0.625。
(1)小灯泡的额定电压为2.5V；根据灯泡额定电压与灯泡电阻求出灯泡正常发光时的电流，据此判断电流表的量程；
(2)闭合开关前，滑动变阻器在该电路中的作用是保护电路；
(3)闭合开关后，移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相通，电压表并联的电路存在断路，据此分析；
(4)根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系及滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；
(5)根据图丙所示的I−U图象，读出小灯泡两端电压是1.5V时的电流值，根据欧姆定律算出电阻；
(6)根据图丙所示的I−U图象，读出小灯泡两端电压是2.5V时的电流值，根据P=UI算出额定功率。
本题考查了实验的注意事项、电流表量程的选择、滑动变阻器的使用、电路故障的判断、电功率的计算等。物质
铁
铜
水
煤油
ρ/(kg⋅m−3)
7.9×103
8.9×103
1.0×103
0.8×103
c/[J⋅(kg⋅℃)−1]
0.46×103
0.39×103
4.2×103
2.1×103
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