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2022-2023学年河北省唐山市路北区凤凰中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2022-2023学年河北省唐山市路北区凤凰中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共32页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.在物理学习中，对数据的估测是一种非常重要的能力。以下为正在上初四的小王同学所进行的估测，符合实际的是( )
A. 书桌上的台灯正常工作时的电流约为5AB. 我国家庭电路的电压是380V
C. 1个电子所带的电荷量是1.6×10−19CD. 家用电饭锅的额定功率约为100W
2.在实验中，常用胶头滴管吸取药液，下列现象中，“吸”的物理道理与其相同的是( )
A. 鲜花的香味“吸”引过来很多蝴蝶
B. 磁铁可以“吸”引大头针等铁制品
C. 中医理疗拔火罐时，玻璃罐“吸”在皮肤上
D. 车快速驶过，尘土会被“吸”向车的尾部
3.下列关于内能、温度和热量的说法中，正确的是( )
A. 物体温度升高，一定吸收热量
B. 对物体做功，物体内能一定增加
C. 物体的温度越高，所含热量越多
D. 内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
4.关于图中所示的热现象，说法正确的是( )
A. 图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B. 图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C. 图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D. 图丁中能量转化与汽油机做功冲程能量转化都是机械能转化为内能
5.如图是给汽车提供动力的汽油机的四个工作冲程，下列说法正确的是( )
A. 图甲是做功冲程，机械能转化为内能B. 图乙是排气冲程，依靠飞轮的惯性工作
C. 图丙是压缩冲程，活塞向上运动D. 图丁是吸气冲程，吸入的只有空气
6.生活中许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列对物理现象的解释合理的是( )
A. 摩擦起电是通过摩擦的方式创造了电荷
B. 指南针在静止时会指向南北方向，说明地球周围存在磁场
C. 高速公路上之所以对汽车有最大限速，是因为速度越大，惯性越大
D. 炎热的夏天，我们在教室里面洒水，是利用水的比热容大的特性
7.西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，于2019年4月20日将第四十四颗北斗导航卫星成功送上太空。下列说法中正确的是( )
A. 火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的比热容大
B. 火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能
C. 北斗导航卫星加速升空过程中，其机械能增大
D. 火箭升空过程中，外壳与大气摩擦温度升高，其内能转化为机械能
8.取两个相同的不带电的验电器A和B，用丝绸摩擦过的玻璃棒与验电器A的金属球接触后，如图所示，再用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来的瞬间，下列说法正确的是( )
A. 电流方向由A到BB. 正电荷移动方向由A到B
C. 自由电子移动方向由A到BD. 验电器A的金属箔张角变大
9.下列说法正确的是( )
A. 电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因
B. 电流做功越快的用电器，消耗的电能也一定越多
C. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力强
D. 电阻是导体本身的特性，与通过导体的电流成反比，与导体两端的电压成正比
10.有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11.下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用电器的三脚插头中较长的脚与金属外壳相连
B. 家用电器起火时，应迅速用水扑灭
C. 控制家用电器的开关应该与用电器并联
D. 用测电笔检查电路时，手不能接触笔尾金属体
12.科技小组的同学设计了如图所示的输液提示器，在护士站能够观察到药液量的变化。当
袋中药液量减少时，下列说法正确的是( )
A. R接入电路中阻值变大，灯泡亮度变暗
B. 电压表示数减小，灯泡亮度变亮
C. R接入电路中阻值变小，电压表示数增大
D. 电压表示数增大，灯泡亮度变亮
13.关于电功、电能和电功率的下列说法中，正确的是( )
A. 千瓦时是电功率的单位B. 电功率是表示电流做功多少的物理量
C. 单位时间内电流做功越多，电功率就越大D. 用电器电功率越大，消耗的电能越多
14.如图甲所示电路，其中电源是三节铅蓄电池串联，R1和R2均为定值电阻，闭合开关后，电流表A1和电流表A2的指针均指在如图乙所示的位置。则下列结论正确的是( )
A. 通过R1的电流为1.0A
B. 通过R2的电流为0.8A
C. 电路的总电阻为6Ω
D. 电阻R1和R2消耗的功率之比为P1：P2=1：4
15.我们生活在电磁波的海洋中，下列关于电磁波的说法中正确的是( )
A. 可见光属于电磁波，但可见光不能在真空中传播
B. 红外线不是电磁波，利用红外线可以进行红外拍照
C. 电磁波的频率越高，波长越短
D. 电磁波只能传递声信号，不能传递图象信号
16.小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电路中，其两者的I−U关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是( )
A. 图乙中曲线A表示电阻R的I−U关系图象
B. 当电源电压为4V时，电流表示数为0.5A
C. 当电源电压为4V时，小灯泡L的实际功率为1.6w
D. 如果将小灯泡L和电阻R串联接在电压为10V的电源两端，电路消耗的总功率为2 W
17.将“220V60W”的灯泡L1和“220V40W”的灯泡L2，串联在220V的电源上，组成闭合电路(设灯丝电阻不变)，则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1和L2一样亮
B. 灯泡L1比灯泡L2亮
C. 两灯泡的总功率小于40W
D. 两灯泡的实际功率都变为其额定功率的一半
18.如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从中点向最右端移动，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1与电压表V2示数始终相等
B. 电流表A示数变大，电压表V2示数变小
C. 电压表V1示数与电流表A示数之比变小
D. 电压表V1示数与电流表A示数之比不变
19.对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
20.如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R规格为“20Ω1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是( )
A. 变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω∼20Ω
B. 电流表示数允许变化范围是0.2A∼0.5A
C. 电路消耗的最小电功率为1.2W
D. 电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
21.在“探究影响电阻大小的因素”的实验中，连接如图所示电路(电源电压保持不变)，电阻丝的规格如表。下列说法正确的是( )
A. 实验中可以通过比较电流大小来比较电阻大小
B. 选用b、d两根电阻丝可以探究电阻与导体的材料有关
C. 选用a、b两根电阻丝可以探究电阻与导体的横截面积有关
D. 实验中要不断移动滑动变阻器的滑片来改变电流大小
22.在如图示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻。闭合开关S，将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化的大小分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数变化的大小为ΔI。下列判断正确的是( )
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电流表示数变大
B. ΔU2大于ΔU1
C. ΔU2ΔI与ΔU1ΔI的差值等于R2
D. R2和R3消耗的电功率的和增加了ΔU2⋅ΔI
23.如图所示，电源电压为U保持不变，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，a、b为电压表或电流表，只闭合开关S1、S3，滑动变阻器的滑片从图示位置向下移动，灯泡L发光且亮度不变(灯丝电阻不随温度变化)( )
A. a为电流表、b为电压表
B. 只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片向下滑动，灯泡L亮度变暗
C. 滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电流表a的示数先变大后不变
D. 滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电路的总功率逐渐变大
三、填空题：本大题共7小题，共15分。
24.新冠肺炎疫情发生后，防疫人员每天会在小区喷洒消毒液。小明在家也能闻到消毒液的气味，这种现象叫做______现象，人们使用浓度为75%的消毒酒精是由纯酒精和蒸馏水充分混合形成的，其总体积小于混合前的总体积，此现象说明组成物质的分子间有______。
25.如图所示，同一个插排上同时使用多个用电器，用电器的总功率过大，会造成家庭电路中的______过大，此时______(填“空气开关”或“漏电保护器”)会自动切断电路，起到保护作用。
26.小雨家使用电饭煲煮饭，电饭煲是利用电流的______效应来工作的，使用时，应将电饭煲的插头插入______(选填“两孔”或“三孔”)插座。若他家的电饭煲的电功率是1000W，工作30min将饭煮熟，则煮饭所消耗的电能为______kW⋅h；若这些能量的42%被水吸收，则可将______ kg的水从20℃烧开(1标准大气压下)。
27.电能是______(选填“一次能源”或“二次能源”)，它可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能无法自动转化为电能，该现象说明能量转化具有______性。
28.如图是某家庭用的电能表，若在10min内转了300转，则接在该电能表上的用电器消耗的电能为______kW⋅h，该用电器电功率是______ W。
29.如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1=4Ω，R2=2Ω，当S1、S2都断开时，电流表的示数为1A；当S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.8A，则R3的阻值是______，此时电路的总功率是______W。
30.2021年6月17日，神舟十二号载人飞船成功发射，并与我国空间站天和核心舱成功交会对接。航天员进驻空间站后通过______与地面指挥中心传递信息。空间站可以利用太阳能电池板获得能量，太阳能是太阳内部的氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出的核能。
四、作图题：本大题共2小题，共7分。
31.请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
32.如图，将条形磁体放在水平桌面上的两个圆柱形铅笔上，条形磁体静止不动，S极正对电磁铁。闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，请在图中标出：
(1)电磁铁右端的极性；
(2)磁感线的方向；
(3)电源左端的极性(用“+”或“-”表示)。
五、实验探究题：本大题共3小题，共22分。
33.如图是“探究通电螺线管外部磁场”的实验：
(1)在螺线管的两端各放一个小磁针，放小磁针的目的是______。
(2)在螺线管周围均匀撒上铁屑，铁屑分布如图，从铁屑的分布情况可知，通电螺线管的外部磁场与______磁体的磁场相似。为描述磁场而引入的磁感线______真实存在的。
(3)将两个已知磁极的小磁针分别放在通电螺线管左右两端，小磁针静止时N极指向如图，则通电螺线管的左端是______极。当改变螺线管中的电流方向时，发现小磁针N极指向发生改变，此现象说明通电螺线管外部磁场方向与______方向有关。
(4)若要探究“通电螺线管磁场强弱与电流大小的关系”，应在图中所示的电路中串联一个______。
34.如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，且R甲>R乙，瓶中插入温度计a、b。
(1)利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。
①闭合开关，通电一段时间后，小希发现______烧瓶中温度计的示数大，表明其它条件相同时，导体的电阻越______，产生的热量越多。
②本实验使用了控制变量的科学方法：通过两金属丝串联的方式，控制______和通电时间相同；还使用转换的科学方法：把______转换为温度升高的多少。
(2)小希想把装置改成探究物质吸热能力的实验装置，在甲、乙两瓶中加入质量、初温都相同的不同液体，将两瓶中的电阻丝换成______相等的电阻丝。
①一段时间后，小希观察到乙瓶内液体温度高一些，据此判断“乙瓶内液体吸收的热量多”，他的判断是______(填“正确”或“错误”)，请说明理由______。
②甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲______c乙(填“大于”、“小于”或“等于”)。
35.用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，定值电阻R备有5Ω、10Ω、20Ω、40Ω各一个。
(1)将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P，发现电流表示数始终为零，电压表示数不为零，其原因可能是______(选填字母)；
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
(2)不改变滑动变阻器滑片的位置，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，闭合开关后，为保证电压表示数与更换前相同，为______ V，滑片P应向______(选填“左”或“右”)端滑动；
(3)实验中依次接入定值电阻，调节滑片使定值电阻两端电压相同，记下电流表读数，绘出电流I与电阻倒数1R变化的图像如图乙所示，由图乙可得结论：______。
(4)为完成整个实验，应该选择______(选填字母)种规格的滑动变阻器。
A.100Ω；1.2A
B.50Ω；1.0A
C.20Ω；0.6A
(5)完成上述实验后，不用电压表，用如图丙所示的电路可以测量已知额定电流的小灯泡的电阻，已知小灯泡的额定电流为I额，定值电阻的阻值为R0。
实验步骤如下，请补充完整：
①______；
②保持滑片位置不动，闭合开关S、S1，断开开关S2，记下此时电流表的示数为I；
③小灯泡正常发光时的电阻表达式为______。(用已知量和测得量的字母表示)
六、计算题：本大题共1小题，共7分。
36.如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器(其最大阻值为40Ω).闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，R1消耗的电功率随R1电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息。求：
(1)电路中最小电流；
(2)电源电压；
(3)R0消耗的最大电功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、书桌上的台灯正常工作时的电流约为0.2A，故A错误；
B、我国家庭电路的电压是220V，故B错误；
C、1个电子所带的电荷量是1.6×10−19C，故C正确；
D、家用电饭锅的额定功率约为800W，故D错误。
故选：C。
本题考查对常见的一些量要有数据、数量级的认识，估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法
2.【答案】C
【解析】解：用胶头滴管吸取化学药液，要先把滴管橡胶内的空气挤出，在外界大气压的作用下，药液就被压进滴管里；
A、鲜花的香味“吸”引过来很多蝴蝶，说明分子都在不停地做无规则运动，与大气压无关，故A错误；
B、磁铁具有磁性，它能吸引钉子、大头针等铁制品，不是大气压引起的，故B错误
C、拔火罐时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，使罐内气体温度升高，等到罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以这是由于大气压引起的，故C正确；
D、当列车驶进铁轨时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢；根据流体压强与流速的关系可知，人外侧空气流速小、压强大，而内侧(列车周围)空气流速大、压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人“吸”进铁轨，易出现危险，故D错误。
故选：C。
(1)分子都在不停地做无规则运动；
(2)磁铁的性质：磁铁具有磁性，它能吸引铁、钴、镍等；
(3)由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等；
(4)在流体中，流速越大的位置压强越小。
此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
3.【答案】D
【解析】解：
A、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B、对物体做功，物体内能可能增加，也可能不变，例如，用力提升物体时物体的温度不变、内能不变，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量，故C错误；
D、热量可能从内能大的物体向内能小的物体传递，也可能从内能小的物体向内能大的物体传递，还可能是内能相同的两个物体间进行传递，但两物体间一定要有温度差，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递；
(2)对物体做功，物体内能可能增加，也可能不变；
(3)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
(4)两物体间发生热传递的条件是有温度差：高温物体放热，低温物体吸热。
正确理解温度、热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
4.【答案】C
【解析】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能。冰冷的冰块也有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能，故B错误；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能，故C正确；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，图丁中能量转化是机械能转化为内能，故D错误；
故选：C。
(1)任何物体在任何情况下都具有内能；
(2)搓手取暖是机械能转化为内能；
(3)湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
(4)汽油机做功冲程是内能转化为机械能；
本题考查了改变内能的两种方式、内能的概念、内燃机的四个冲程的理解，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞上行，是内燃机的压缩冲程，此冲程机械能转化为内能，故A错误；
B、乙图中进气门关闭，排气门打开，活塞上行，是内燃机的排气冲程，此冲程靠飞轮的惯性来完成，故B正确；
C、丙图中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，是内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故C错误；
D、丁图中排气门关闭，进气门打开，活塞下行，是汽油机的吸气冲程；在该冲程中，汽油机吸入的是汽油和空气的混合气体，故D错误。
故选：B。
(1)根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断是哪个冲程；
(2)内燃机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化；除做功冲程外，其它三个冲程靠飞轮的惯性来完成。
本题考查了内燃机四冲程的判定方法、工作特点和其中的能量转化，属于基础题目。
6.【答案】B
【解析】解：A、摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷，故A错误；
B、指南针在静止时会指向南北方向，说明地球周围存在磁场，故B正确；
C、因为质量一定时，速度越大，动能越大，所以汽车行驶的速度越大，汽车具有的动能越大，危险性就增大，因此汽车行驶要限速，跟惯性无关，故C错误；
D、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体上，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
(2)地球是一个巨大的磁场，周围存在着地磁场；地磁的南北极和地理的南北极是相反的，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近；
(3)物体的动能大小由物体的质量、物体的速度两个因素确定，并且质量越大、速度越大，物体的动能就越大，惯性大小与速度无关；
(4)水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。
此题综合考查的摩擦起电、地磁场、动能、惯性等知识点，是一道综合题。
7.【答案】C
【解析】解：A、发射火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故A错误；
B、火箭升空的过程中，燃料燃烧将化学能转化为内能，再将内能转化为机械能，故B错误；
C、北斗导航卫星加速升空的过程中，质量不变、速度增大，高度增大，因此动能和重力势能都增大，机械能增大，故C正确；
D、火箭升空过程中，外壳与大气摩擦做功，外壳的内能增加、温度升高，其机械能转化为内能，故D错误。
故选：C。
(1)热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料，放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
(2)根据消耗能量与得到能量是什么来判断能量的转化情况；
(3)机械能是动能和势能的总和，根据影响动能和势能的因素来进行分析即可；
(4)物体克服摩擦做功，物体的内能增加、温度升高。
本题既考查了火箭发射过程中的能量转化和机械能变化情况，同时也考查了对燃料热值的了解，属基础知识的考查，难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：A、电流方向由A到B，故A正确；
B、发生移动的是自由电子，故B错误；
C、自由电子移动方向由B到A，故C错误；
D、验电器A的金属箔张角变小，故D错误。
故选：A。
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，与验电器A的金属球接触后验电器A带正电；物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，与负电荷定向移动的方向相反；用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来的瞬间，自由电子移动方向由B到A，电流方向由A到B，验电器A因电荷量减少而金属箔张角变小。
此题考查了电流方向、电荷量、电荷间的相互作用等知识点。
9.【答案】A
【解析】解：A、电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因，故A正确；
B、电流做功越快的用电器，消耗的电能不一定越多，还要看时间是否相同，故B错误；
C、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力弱，故C错误；
D、电阻是导体本身的特性，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关，故D错误。
故选：A。
(1)电压的作用是使电路形成电流，电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因。
(2)电功率表示电流做功快慢的物理量，电功率等于电功与时间之比。
(3)摩擦起电的原因是不同物质的原子核对电子的束缚本领不同。
(4)导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
理解电压与电流间的关系、电功率概念、摩擦起电的原因、电阻概念，可解答此题。
10.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
11.【答案】A
【解析】解：
A.三脚插头中较长的“E”脚应与用电器的金属外壳相连，当三脚插头插入三孔插座，金属外壳接地线，防止用电器漏电时发生触电事故，故A正确；
B.家用电器着火时，用水灭火会造成短路，会损坏电器，故B错误；
C.开关与用电器并联，开关闭合时，用电器发生短路，用电器不能工作，开关应与用电器串联，故C错误；
D.使用测电笔时，要用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手指不能接触笔尖金属体，以免触电，故D错误。
故选：A。
(1)对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
(2)生活用水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；
(3)开关应与它所控制的用电器串联；
(4)使用测电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体。
此题考查日常生活的常见用电现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。
12.【答案】B
【解析】解：由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，灯泡亮度变亮，故B正确，ACD错误。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电压表测量R两端的电压；袋中药液量减少时，弹簧会向上移动，R的阻值会发生变化，根据串联电路的分压特点判定滑动变阻器两端电压的变化，从而判定出灯泡电压和亮度的变化。
本题主要考查了欧姆定律的应用，解题的关键有：①明确药液量减少时滑片会向上移动；②正确分析电路的连接情况；③利用串联电路的分压特点。
13.【答案】C
【解析】解：A、千瓦时是电功的单位，千瓦是电功率的单位，故A错误；
B、电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大表示做功快，电功率小表示做功慢，故B错误；
C、根据P=Wt可知，单位时间电流做功越多，电功率越大，故C正确；
D、根据W=Pt可知，用电器电功率越大，消耗的电能不一定越多，因为时间不确定，故D错误。
故选：C。
(1)电功的单位为焦耳或千瓦时，电功率单位为瓦或千瓦；
(2)电功率是表示电流做功快慢的物理量；
(3)根据P=Wt分析解答。
此题主要考查学生对于电功、电功率单位、定义的理解和掌握，熟悉功率是表示做功快慢的物理量是关键。
14.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
AB、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针的位置相同，
所以，电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1A，
电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过R2的电流I1=0.2A，
则通过R1的电流I1=I−I2=1A−0.2A=0.8A，故AB错误；
C、电源的电压U=I1R1=3×2V=6V，
由I=UR可得，总电阻R=UI=6V1A=6Ω，故C正确；
D、因并联电路中各支路两端的电压相等，
电阻R1和R2消耗的功率之比为P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=0.8A：0.2A=4：1，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R支路的电流。
(1)根据并联电路的电流特点结合两电流表指针的位置相同确定电流表量程，根据分度值读出示数，然后求出通过R2的电流和通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，利用欧姆定律求出总电阻R的阻值；
(2)根据P=UI求出R1与R2的电功率之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电流表的量程并读出示数是关键。
15.【答案】C
【解析】解：A、可见光属于电磁波，光能在真空中传播，故A错误；
B、红外线是电磁波，利用红外线可以进行红外拍照，故B错误；
C、由电磁波的波长与频率的关系；v=λf可知电磁波的频率越高其波长越短，故C正确；
D、电磁波作为载波使用时，既可以传递声音信号，也可以传递图象信号，故D错误。
故选：C。
(1)可见光、红外线都是电磁波；
(2)电磁波的波长与频率的关系：v=λf；
(3)电磁波既可以传递声音信号，也可以传递图象信号；
此题考查了电磁波的分类，波长与频率的关系，以及电磁波的利用，难度不大。
16.【答案】D
【解析】解：A、定值电阻R的I−U关系图象是一条直线，故A错误；
BC、由图甲可知小灯泡L和定值电阻R并联在电压为4V的电源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为4V，
由图象可知对应的电流：IL=0.3A，IR=0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A；
小灯泡L的实际功率：PL=UIL=4V×0.3A=1.2W，故B、C错误；
D、如果把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，由乙图可知当通过电路的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为2V，电阻两端的电压为8V，串联电路总电压等于各部分电压之和，此时电路总电压U=UL+UR=2V+8V=10V，恰好等于电源电压，即把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，电路中的电流等于0.2A，所以电路消耗的总功率是：P=U′I′=10V×0.2A=2W，D正确。
故选：D。
(1)根据定值电阻的阻值与其两端的电压、通过的电流无关或得出结论；
(2)由图甲可知灯泡与定值电阻并联，根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，根据并联电路的电压特点得出干路电流；
(3)根据串联电路电压规律和电流特点读出正确的电流和电压，根据P=UI计算灯泡的电功率和电路的总功率。
本题考查了并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象得出有用的信息。
17.【答案】C
【解析】解：AB、由P=U2R得：L1、L2的电阻分别为：
R1=U2P1=(220V)260W≈806.7Ω；
R2=U2P2=(220V)240W=1210Ω；
则两灯串联时，电流相等，由P=I2R可得，灯泡L1的功率小于L2的功率，故灯泡L2要比L1亮，故A、B错误；
CD、串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时通过电路的电流：I=UR1+R2=220V806.7Ω+1210Ω≈0.11A，
两灯实际消耗的功率：P1′=I2R1=(0.11A)2×806.7Ω≈9.76W≠30W，
P2′=I2R2=(0.11A)2×1210Ω≈14.64W≠20W，即两灯泡的实际功率都都小于其额定功率的一半，
两灯泡的总功率为：P=P1′+P2′=9.76W+14.64W=24.4W<40W，故C正确，D错误。
故选：C。
由灯泡的额定功率及额定电压可求得灯泡的电阻，根据串联电路电流特点结合电功率公式的变形P=I2R可得两灯泡的实际功率的大小关系，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过电路的电流，根据电功率公式的变形P=I2R可计算两灯泡的实际功率，逐项分析即可。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，由分析可得，电阻越大的灯泡串联后亮度越大。
18.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故B错误；
将滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动时，接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
则电压表V2示数与电流表A示数之比变小，故C错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表V1与电压表V2示数不相等，故A错误；
由R=UI可知，电压表V1示数与电流表A示数之比等于R1的阻值，则其比值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，根据电源的电压不变可知滑片移动时电压表V2的示数变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V2示数与电流表A示数之比变化；根据串联电路的电压特点可知两电压表示数的关系，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1示数与电流表A示数之比变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，正确的判断电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
19.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
20.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、当电压表的最大示数为3V时，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小；
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以定值电阻R0两端电压：U0=U−UR=6V−3V=3V；
此时电路中的最小电流：I小=I0=U0R0=3V10Ω=0.3A；
由I=UR可知，此时电路的总电阻：R总大=UI小=6V0.3A=20Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大=R总大−R0=20Ω−10Ω=10Ω；
因电流表的量程为0∼0.6A，定值电阻R0允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A；则电流表示数允许变化范围是0.3A∼0.5A；
此时电路中的总电阻：R总小=UI大=6V0.5A=12Ω；
此时滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小=R总小−R0=12Ω−10Ω=2Ω；变阻器R接入电路阻变化范围为2Ω∼10Ω；故AB错误；
C、电路中的最小电流为I小=0.3A，电路消耗的最小电功率为P=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C错误；
D、电阻R0消耗的最小电功率为：P′=I小2R0=(0.3A)2×10Ω=0.9W，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器接入点的最大阻值；
根据滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据串联电阻规律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
根据电路中的最小电流，根据P=UI求出电路的最小功率；
根据电路中的最小电流，利用P=I2R求出电阻R0消耗的最小电功率。
本题考查串联电路中电压、电流以及欧姆定律的应用，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
21.【答案】AC
【解析】解：
A、电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小；导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，采用的是转换法，故A正确；
B、由b、d两根电阻丝可知，两者的横截面积相同，但是材料和长度都不同，不能验证导体的电阻与导体的材料是否有关，故B错误；
C、由a、b两根电阻丝可知，两者的材料和长度相同、横截面积不同，所以选用a、b两根电阻丝可以探究电阻与导体的横截面积有关，故C正确；
D、探究决定电阻大小的因素时，需利用滑动变阻器保持电阻两端电压不变，故D错误。
故选：AC。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，实验探究时应采用控制变量法，在研究导体电阻与某一个因素的关系时，应控制其它因素不变；
(2)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小；导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；
(3)探究决定电阻大小的因素时，需利用滑动变阻器保持电阻两端电压不变。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想，题目难度不大。
22.【答案】ABC
【解析】解：
由图示电路图可知，三个电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测R1、R2两端电压，电压表V2测电阻R2、R3两端电压；
A、将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，由欧姆定律可知，总电流变大，即电流表示数变大；根据U=IR可知，R3的电压变大，由串联电路电压的规律可知，R1、R2两端电压变小，即电压表V1示数变小，故A正确；
B、由电路图，根据串联电路的总电压保持不变可知，ΔU2=ΔUR1，ΔU1=ΔUR3，则ΔU2−ΔU1=ΔUR1−ΔUR3，
滑片向右移动过程中，R1的电阻变小，由分压原理，R1两端电压减小，R3两端电压增大，R1两端电压的减小量等于R2、R3两端电压的增加量之和，则ΔUR1>ΔUR3，所以ΔU2−ΔU1>0，则ΔU2>ΔU1，故B正确；
C、对定值电阻R3而言，R3=UR3I=U′R3I′，由分比定理有：R3=UR3−U′R3I−I′=ΔUR3ΔI，
同理，对定值电阻R2、R3而言，R2+R3=ΔU2ΔI；------①
根据串联电路总电压不变，故有：ΔU1ΔI=ΔUR3ΔI=R3-------②，
由①②得：ΔU2ΔI与ΔU1ΔI之差等于R2；故C正确；
D、V2测R2和R3两端电压，且电压都变大，
V2示数变化量ΔU2=UV2′−UV2，电流表示数变化量ΔI=I′−I，
则：ΔU2⋅ΔI=(UV2′−UV2)(I′−I)，
由P=UI可得，R2和R3消耗的电功率之和增加了：
ΔP2和3=UV2′I′−UV2I≠(UV2′−UV2)(I′−I)，
即：ΔP2和3≠ΔU2⋅ΔI，故D错误；
故选：ABC。
(1)分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题；
(2)根据串联电路的总电压保持不变，结合分压强原理分析回答；
(3)对定值电阻R3而言，由欧姆定律和分比定理可推出R3=UR3−U′R3I−I′=ΔUR3ΔI，结合串联电路电压的规律分析回答；
(4)根据P=UI分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，体现了数学知识在物理中的运用，难度大，为压轴题。
23.【答案】ACD
【解析】解：A、若b表是电压表，a表是电流表，只闭合开关S1、S3，电流表把电阻将R1、R2短路，只有小灯泡L接入电路，滑动变阻器的滑片从图示位置向下移动，灯泡L发光且亮度不变，故A正确；
B、只闭合开关S1、S2，灯泡L和R1并联，由于并联电路各个支路互不影响，所以滑动变阻器滑片向下滑动，灯泡L亮度不变，故B错误；
C、滑片保持图示位置不变，只闭合开关S1时，电流表a测量通过小灯泡的电流，再闭合开关S2时，小灯泡和定值电阻R1并联，电流表a测量通过小灯泡和电阻R1的总电流，电流表示数变大，再闭合开关S3时，小灯泡、定值电阻R1、滑动变阻器R2并联，电流的总电流变大，但电流表a仍测量通过小灯泡和电阻R1的总电流，所以电流表a的示数不变，故C正确；
D、由C知滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电流的总电流变大，电源电压不变，由P=UI知电路的总功率逐渐变大，故D正确。
故选：ACD。
(1)若b表是电压表，a表是电流表，只闭合开关S1、S3，电流表把电阻将R1、R2短路，只有小灯泡L接入电路，据此分析解答；
(2)只闭合开关S1、S2，灯泡L和R1并联，根据并联电路各个支路互不影响判断出灯泡L亮度的变化；
(3)滑片保持图示位置不变，判断出依次闭合三个开关时电路的连接和电流表的测量范围，判断出电流表示数的变化；
(4)由(3)知依次闭合三个开关时电路电流的变化，根据P=UI判断出电路的总功率的变化。
本题考查了动态电路分析，判断出电路的连接方式和电流表的测量对象是解题的关键。
24.【答案】扩散 空隙
【解析】解：我们会闻到消毒水的气味，这说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；
酒精和蒸馏水都是由分子构成的物质，它们的分子之间都存在一定的空隙。当把酒精和蒸馏水充分混合以后，两种分子不发生化学反应，两种物质的分子相互穿插渗透，进入彼此的分子空隙，所以总体积会小于二者的体积之和；
故答案为：扩散；空隙。
根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子之间存在一定的空隙，并且分子在永不停息地做无规则运动，分子之间总存在相互作用的引力和斥力。
本题主要考查学生对分子动理论知识的了解和掌握，是一道基础题。
25.【答案】电流 空气开关
【解析】解：将多个用电器插在同一个插排上同时使用，用电器的总功率过大，根据P=UI可知，会造成家庭电路中的总电流过大；总电流过大，空气开关会自动断开。
故答案为：电流；空气开关。
电路短路或用电器总功率过大，会使电路中电流过大；当电路中的电流过大时，保险丝熔断或空气开关自动断开。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、空气开关的作用，属于基础知识，要熟记。
26.【答案】热 三孔
【解析】解：电饭煲主要是利用了电流的热效应进行工作的；
安全起见，功率大的电器都要用三孔插座
由P=Wt得，电饭煲工作30min消耗的电能：
W=Pt=1000W×30×60s=1.8×106J=0.5kW⋅h；
由η=Q吸W×100%可知，水吸收的热量：
Q吸=ηW=42%×1.8×106J=7.56×105J，
因1标准大气压下水的沸点为100℃，且水沸腾后温度不在升高，
所以，能使水温升高的温度：Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
由Q吸=cmΔt可得，水的质量：
m=Q吸C水Δt=7.56×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×80℃=2.25kg，
由Δt=t−t0可得，此时水升高的温度：Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
故答案为：热；三孔；0.5；2.25。
电流通过导体后能产生热，电饭煲是利用电流的热效应的原理制成的；
三孔插座是带地线的，使用更安全；
根据W=Pt求出电饭煲工作30min消耗的电能；
根据η=Q吸W×100%求水吸收的热量，1标准大气压下水的沸点为100℃，且水沸腾后温度不在升高，据此判断水升高的温度；根据Q吸=cmΔt求出水的质量。
本题考查了电流的热效应、两空插座和三孔插座的区别、热效率公式、吸热公式的应用等，知识点多，难度稍大。
27.【答案】二次能源 方向
【解析】解：电能是由其他形式的能转化而来的，属于二次能源；
能量在转化或转移的过程中，其总量保持不变。电能可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能。该现象说明能量的转化具有方向性。
故答案为：二次能源；方向。
可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
能量在转化的过程中具有方向性，很多能量转化的实例都说明了这一点。
本题考查了能源的分类和能量转化的方向性，属于基础题，难度较小。
28.【答案】0.1600
【解析】解：3000R/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过3000r，接在该电能表上的用电器消耗的电能W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h=360000J；
该用电器的电功率P=Wt=360000J10×60s=600W。
故答案为：0.1；600。
由表盘数据可知电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过3000r，据此计算转动300r消耗的电能；根据公式P=Wt求出该用电器的电功率。
本题考查电功和电功率的计算，难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解。
29.【答案】20Ω10.8
【解析】解：
(1)当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，即I=1A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=1A×(4Ω+2Ω)=6V；
(2)当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，此时电路中的电流增大，即干路电流I′=1.8A，
此时电路的总电阻：
R=UI′=6V1.8A=103Ω，
因1R1+1R3=1R，
所以，14Ω+1R3=1103Ω，
解得：R3=20Ω，
此时电路的总功率：
P=UI′=6V×1.8A=10.8W。
故答案为：20Ω；10.8。
(1)当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的串并联结合电流表的示数变化求出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的并联求出R3的阻值，利用P=UI求出此时电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出S1、S2都闭合时电路中的电流是关键。
30.【答案】电磁波 聚变
【解析】解：(1)由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员进入空间站后利用电磁波与地面指挥中心传递信息；
(2)太阳能是太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变而释放出的能量。
故答案为：电磁波；聚变。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)太阳能是由于太阳内部氢原子核发生聚变释放出来的。
本题考查电磁波以及核聚变，难度不大。
31.【答案】解：
(1)灯泡的接法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点，零线直接在灯泡的螺旋套上；
(2)三孔插座的接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔。电路图如下图所示。
【解析】(1)开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
(2)带保险丝的三孔插座，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线首先进入保险丝，然后再进入右孔。当三脚插头插入三孔插座时，如果金属外壳的用电器漏电时，人体接触金属外壳，地线把人体短路，防止发生触电事故。
本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
32.【答案】
【解析】【分析】
本题的入手点是利用条形磁体的运动方向、根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的南北极，再利用安培定则判断出电源的正负极，这是一道综合题，很巧妙的将安培定则和磁极间的相互作用联系起来，是一道好题。
(1)根据条形磁体向左运动，根据磁极间的相互作用(同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引)判断出电磁铁的NS极；
(2)磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极，据此确定磁感线方向；
(3)利用安培定则(用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极)判断出电源的正负极。
【解答】
(1)闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，条形磁体受到了一个向左的排斥力，已知条形磁体左端为N极、右端为S极，根据同名磁极相互排斥可确定通电螺线管的左端是S极、右端为N极；
(2)磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极，所以磁感线方向向左；
(3)根据安培定则可知，大拇指指向N极，电流从电磁铁左侧流入，电源的左端为正极，如图所示：
。
33.【答案】判断磁场方向 条形 不是 N 电流 滑动变阻器
【解析】解：(1)在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；因此放小磁针的目的是判断磁场方向；
(2)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；磁感线是人们为了直观形象地描述磁场的方向和分布情况而引入的带方向的曲线，它并不是客观存在的；
(3)由图可知小磁针静止时N极指向左，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的左端是N极，改变螺线管中的电流方向，发现小磁针静止时北极所指方向与原来相反，说明通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关；
(4)要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要改变螺线管中的电流大小，而在原电路中，电流的大小是无法改变的，因此要在电路中再串联入一个滑动变阻器即可，因为滑动变阻器可以通过改变其接入电路的电阻的大小来改变电路中的电流大小。
故答案为：(1)判断磁场方向；(2)条形；不是；(3)N；电流；(4)滑动变阻器。
(1)在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；
(2)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；磁感线是假想的曲线，客观上不存在；
(3)根据磁极间的相互作用可知通电螺线管的左端极性，通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；
(4)螺线管的磁性强弱与螺线管中的电流大小、线圈匝数、螺线管中是否插入铁芯有关。要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要控制线圈匝数和螺线管中是否插入铁芯的情况相同，改变螺线管中电流的大小，结合滑动变阻器的作用，可以得到此题的答案。
本题是探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁感线的知识、磁极间的相互作用规律以及通电螺线管的磁场特点等。
34.【答案】甲 大 通过导体的电流 电流产生热量的多少 阻值 错误 两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等 大于
【解析】解：
(1)①由图知，两电阻丝串联，电流和通电时间相同，且R甲>R乙，根据Q=I2Rt可知，甲瓶中电阻丝产生的热量多，温度计的示数变化大；这表明：其它条件相同时，导体的电阻越大，产生的热量越多；
②探究电流产生的热量跟电阻的关系时，应控制电流和通电时间不变，采用的是控制变量法；通过两金属丝串联的方式，来控制电流和通电时间相同；
电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少，采用的是转换法；
(2)要探究物质的吸热能力，则应让水和煤油的质量相等、吸收的热量(加热时间)相等，由温度的变化大小得出物质吸热能力关系。故用相同质量的水换成其中一个烧瓶中的煤油；还应当保证甲、乙烧瓶中电阻丝的阻值相等(即加热器相同)；
①他的判断是错误的；因为两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等；
②一段时间后，小希观察到乙瓶内液体温度高一些，因两种液体吸收的热量相等、质量也相等，由Q=cm△t可知，乙液体的比热容小，即甲的比热容大于乙的比热容。
故答案为：(1)①甲；大；②通过导体的电流；电流产生热量的多少；
(2)阻值；①错误；两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等；②大于。
(1)①根据Q=I2Rt分析产生热量的多少；
②探究电流产生的热量跟电流大小关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电阻的关系时，控制电流和通电时间不变；探究电流产生的热量跟通电时间的关系时，控制电流和电阻不变；电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少；
(2)探究“比较水和煤油比热容的大小”的实验，根据Q=cm△t，控制水和煤油两种物质的质量相等，吸收相等的热量，通过比较温度变化量来比较比热；或控制水和煤油两种物质的质量相等，升高相同的温度，通过吸收热量的多少来比较比热；
①相同的加热器，加热相同的时间，吸收热量相同，至于甲乙升高的温度不同是因为比热容不同造成的。即用加热时间的长短比较吸热的多少；
②探究“比较水和煤油比热容的大小”的实验，通过比较温度变化量来比较比热。
本题是探究“电流通过导体产生的热量跟电阻大小的关系”的实验题，实验中应用了控制变量法，掌握控制变量法的应用、熟练应用串联电路特点正确解题的关键。
35.【答案】B 2 左 电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比 A 闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额 R灯=(I−I额)R0I额
【解析】解：(1)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻断路了，故选B；
(2)当定值电阻R的阻值为5Ω时，电阻的倒数1R=15Ω=0.2Ω−1，由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，因此定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V不变；
(3)由图乙知，绘制出电阻R的I−1R图象为过原点的直线，说明电压一定时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，据此可得结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；
(4)定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×40Ω=80Ω>50Ω，故选A；
(5)实验步骤：
①闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额；
②保持滑片位置不动，闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I；
③步骤②中，电流表测干路电路，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，由并联并联电路电流的规律，定值电阻R0的电流为：I0=I−I额，
由欧姆定律的变形公式，定值电阻R0的电压即灯的额定电压为：U额=I0R0=(I−I额)R0；
则小灯泡正常发光时的电阻：R灯=U额I额=(I−I额)R0I额。
故答案为：(1)B；(2)2；左；(3)电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；(4)A；(5)闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额；R灯=(I−I额)R0I额。
(1)电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；
(2)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据图乙的I−1R图像为一条过原点的直线分析得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入40Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(5)要测小灯泡正常发光时的电阻，应先使灯正常发光，先使小灯泡与电流表串联后再与定值电阻并联，通过移动变阻器滑片，使电流表示数为额定电流；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出灯的额定电压，再由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻。
探究电流与电阻的关系，考查故障分析、欧姆定律的应用、控制变量法、实验操作、器材的选择和设计方案测额定小灯泡正常发光时的电阻的能力。
36.【答案】解：(1)由图甲可知：R0、R1串联，当滑动变阻器R1的滑片P在a端时流入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图象可知，R1电阻最大为Ω时，功率为Pa=1.6W；
由P=I2R可得：
I最小= PaR最大= 1.6W40Ω=0.2A；
(2)由图象可知，当R1=10Ω时，功率P1=2.5W，
由P=I2R可得：
I′= P1R1= 2.5W10Ω=0.5A；
根据欧姆定律和串联电路的特点可得当R1=10Ω时电源电压：
U=I′(R1+R0)=0.5A×(10Ω+R0)-------------①
当R1=40Ω时电源电压：
U=I最小(R最大+R0)=0.2A×(40Ω+R0)-------------②
解①②可得：R0=10Ω，U=10V；
(3)当滑动变阻器连入电路的电阻为0时，R0的功率最大，为：
P0=U2R0=(10V)210Ω=10W。
故答案为：(1)电路中最小电流为0.2A；
(2)电源电压为10V；
(3)R0消耗的最大电功率为10W。
【解析】(1)当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，滑动变阻器R1的功率P=I2R可求出最小电流值；
(2)由图象数据求出当R1=10Ω时电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的特点得出当R1=10Ω和R1=40Ω时的电源电压表达式，然后联立即可求出电源电压和R0的阻值；
(3)利用功率公式P=U2R即可求出R0消耗的最大电功率。
本题难度较大，由图象找出电功率对应的电阻是正确解题的前提与关键，熟练应用电功率公式的变形公式、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。编号
材料
长度/m
横截面积
/mm2
a
镍铬合金丝
1.0
0.3
b
镍铬合金丝
1.0
0.1
c
镍铬合金丝
0.5
0.1
d
锰铜合金丝
0.5
0.1
1.在物理学习中，对数据的估测是一种非常重要的能力。以下为正在上初四的小王同学所进行的估测，符合实际的是( )
A. 书桌上的台灯正常工作时的电流约为5AB. 我国家庭电路的电压是380V
C. 1个电子所带的电荷量是1.6×10−19CD. 家用电饭锅的额定功率约为100W
2.在实验中，常用胶头滴管吸取药液，下列现象中，“吸”的物理道理与其相同的是( )
A. 鲜花的香味“吸”引过来很多蝴蝶
B. 磁铁可以“吸”引大头针等铁制品
C. 中医理疗拔火罐时，玻璃罐“吸”在皮肤上
D. 车快速驶过，尘土会被“吸”向车的尾部
3.下列关于内能、温度和热量的说法中，正确的是( )
A. 物体温度升高，一定吸收热量
B. 对物体做功，物体内能一定增加
C. 物体的温度越高，所含热量越多
D. 内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
4.关于图中所示的热现象，说法正确的是( )
A. 图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B. 图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C. 图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D. 图丁中能量转化与汽油机做功冲程能量转化都是机械能转化为内能
5.如图是给汽车提供动力的汽油机的四个工作冲程，下列说法正确的是( )
A. 图甲是做功冲程，机械能转化为内能B. 图乙是排气冲程，依靠飞轮的惯性工作
C. 图丙是压缩冲程，活塞向上运动D. 图丁是吸气冲程，吸入的只有空气
6.生活中许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列对物理现象的解释合理的是( )
A. 摩擦起电是通过摩擦的方式创造了电荷
B. 指南针在静止时会指向南北方向，说明地球周围存在磁场
C. 高速公路上之所以对汽车有最大限速，是因为速度越大，惯性越大
D. 炎热的夏天，我们在教室里面洒水，是利用水的比热容大的特性
7.西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，于2019年4月20日将第四十四颗北斗导航卫星成功送上太空。下列说法中正确的是( )
A. 火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的比热容大
B. 火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能
C. 北斗导航卫星加速升空过程中，其机械能增大
D. 火箭升空过程中，外壳与大气摩擦温度升高，其内能转化为机械能
8.取两个相同的不带电的验电器A和B，用丝绸摩擦过的玻璃棒与验电器A的金属球接触后，如图所示，再用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来的瞬间，下列说法正确的是( )
A. 电流方向由A到BB. 正电荷移动方向由A到B
C. 自由电子移动方向由A到BD. 验电器A的金属箔张角变大
9.下列说法正确的是( )
A. 电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因
B. 电流做功越快的用电器，消耗的电能也一定越多
C. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力强
D. 电阻是导体本身的特性，与通过导体的电流成反比，与导体两端的电压成正比
10.有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11.下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用电器的三脚插头中较长的脚与金属外壳相连
B. 家用电器起火时，应迅速用水扑灭
C. 控制家用电器的开关应该与用电器并联
D. 用测电笔检查电路时，手不能接触笔尾金属体
12.科技小组的同学设计了如图所示的输液提示器，在护士站能够观察到药液量的变化。当
袋中药液量减少时，下列说法正确的是( )
A. R接入电路中阻值变大，灯泡亮度变暗
B. 电压表示数减小，灯泡亮度变亮
C. R接入电路中阻值变小，电压表示数增大
D. 电压表示数增大，灯泡亮度变亮
13.关于电功、电能和电功率的下列说法中，正确的是( )
A. 千瓦时是电功率的单位B. 电功率是表示电流做功多少的物理量
C. 单位时间内电流做功越多，电功率就越大D. 用电器电功率越大，消耗的电能越多
14.如图甲所示电路，其中电源是三节铅蓄电池串联，R1和R2均为定值电阻，闭合开关后，电流表A1和电流表A2的指针均指在如图乙所示的位置。则下列结论正确的是( )
A. 通过R1的电流为1.0A
B. 通过R2的电流为0.8A
C. 电路的总电阻为6Ω
D. 电阻R1和R2消耗的功率之比为P1：P2=1：4
15.我们生活在电磁波的海洋中，下列关于电磁波的说法中正确的是( )
A. 可见光属于电磁波，但可见光不能在真空中传播
B. 红外线不是电磁波，利用红外线可以进行红外拍照
C. 电磁波的频率越高，波长越短
D. 电磁波只能传递声信号，不能传递图象信号
16.小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电路中，其两者的I−U关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是( )
A. 图乙中曲线A表示电阻R的I−U关系图象
B. 当电源电压为4V时，电流表示数为0.5A
C. 当电源电压为4V时，小灯泡L的实际功率为1.6w
D. 如果将小灯泡L和电阻R串联接在电压为10V的电源两端，电路消耗的总功率为2 W
17.将“220V60W”的灯泡L1和“220V40W”的灯泡L2，串联在220V的电源上，组成闭合电路(设灯丝电阻不变)，则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1和L2一样亮
B. 灯泡L1比灯泡L2亮
C. 两灯泡的总功率小于40W
D. 两灯泡的实际功率都变为其额定功率的一半
18.如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从中点向最右端移动，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1与电压表V2示数始终相等
B. 电流表A示数变大，电压表V2示数变小
C. 电压表V1示数与电流表A示数之比变小
D. 电压表V1示数与电流表A示数之比不变
19.对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
20.如图所示电路，电源电压恒为6V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R规格为“20Ω1A”，定值电阻R0的规格为“10Ω0.5A”。为了保证电路安全，闭合开关后在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是( )
A. 变阻器R接入电路的阻值变化范围为2Ω∼20Ω
B. 电流表示数允许变化范围是0.2A∼0.5A
C. 电路消耗的最小电功率为1.2W
D. 电阻R0消耗的最小电功率为0.9W
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
21.在“探究影响电阻大小的因素”的实验中，连接如图所示电路(电源电压保持不变)，电阻丝的规格如表。下列说法正确的是( )
A. 实验中可以通过比较电流大小来比较电阻大小
B. 选用b、d两根电阻丝可以探究电阻与导体的材料有关
C. 选用a、b两根电阻丝可以探究电阻与导体的横截面积有关
D. 实验中要不断移动滑动变阻器的滑片来改变电流大小
22.在如图示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻。闭合开关S，将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化的大小分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数变化的大小为ΔI。下列判断正确的是( )
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电流表示数变大
B. ΔU2大于ΔU1
C. ΔU2ΔI与ΔU1ΔI的差值等于R2
D. R2和R3消耗的电功率的和增加了ΔU2⋅ΔI
23.如图所示，电源电压为U保持不变，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，a、b为电压表或电流表，只闭合开关S1、S3，滑动变阻器的滑片从图示位置向下移动，灯泡L发光且亮度不变(灯丝电阻不随温度变化)( )
A. a为电流表、b为电压表
B. 只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片向下滑动，灯泡L亮度变暗
C. 滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电流表a的示数先变大后不变
D. 滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电路的总功率逐渐变大
三、填空题：本大题共7小题，共15分。
24.新冠肺炎疫情发生后，防疫人员每天会在小区喷洒消毒液。小明在家也能闻到消毒液的气味，这种现象叫做______现象，人们使用浓度为75%的消毒酒精是由纯酒精和蒸馏水充分混合形成的，其总体积小于混合前的总体积，此现象说明组成物质的分子间有______。
25.如图所示，同一个插排上同时使用多个用电器，用电器的总功率过大，会造成家庭电路中的______过大，此时______(填“空气开关”或“漏电保护器”)会自动切断电路，起到保护作用。
26.小雨家使用电饭煲煮饭，电饭煲是利用电流的______效应来工作的，使用时，应将电饭煲的插头插入______(选填“两孔”或“三孔”)插座。若他家的电饭煲的电功率是1000W，工作30min将饭煮熟，则煮饭所消耗的电能为______kW⋅h；若这些能量的42%被水吸收，则可将______ kg的水从20℃烧开(1标准大气压下)。
27.电能是______(选填“一次能源”或“二次能源”)，它可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能无法自动转化为电能，该现象说明能量转化具有______性。
28.如图是某家庭用的电能表，若在10min内转了300转，则接在该电能表上的用电器消耗的电能为______kW⋅h，该用电器电功率是______ W。
29.如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1=4Ω，R2=2Ω，当S1、S2都断开时，电流表的示数为1A；当S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.8A，则R3的阻值是______，此时电路的总功率是______W。
30.2021年6月17日，神舟十二号载人飞船成功发射，并与我国空间站天和核心舱成功交会对接。航天员进驻空间站后通过______与地面指挥中心传递信息。空间站可以利用太阳能电池板获得能量，太阳能是太阳内部的氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出的核能。
四、作图题：本大题共2小题，共7分。
31.请用笔画线表示导线，将如图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
32.如图，将条形磁体放在水平桌面上的两个圆柱形铅笔上，条形磁体静止不动，S极正对电磁铁。闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，请在图中标出：
(1)电磁铁右端的极性；
(2)磁感线的方向；
(3)电源左端的极性(用“+”或“-”表示)。
五、实验探究题：本大题共3小题，共22分。
33.如图是“探究通电螺线管外部磁场”的实验：
(1)在螺线管的两端各放一个小磁针，放小磁针的目的是______。
(2)在螺线管周围均匀撒上铁屑，铁屑分布如图，从铁屑的分布情况可知，通电螺线管的外部磁场与______磁体的磁场相似。为描述磁场而引入的磁感线______真实存在的。
(3)将两个已知磁极的小磁针分别放在通电螺线管左右两端，小磁针静止时N极指向如图，则通电螺线管的左端是______极。当改变螺线管中的电流方向时，发现小磁针N极指向发生改变，此现象说明通电螺线管外部磁场方向与______方向有关。
(4)若要探究“通电螺线管磁场强弱与电流大小的关系”，应在图中所示的电路中串联一个______。
34.如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，且R甲>R乙，瓶中插入温度计a、b。
(1)利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。
①闭合开关，通电一段时间后，小希发现______烧瓶中温度计的示数大，表明其它条件相同时，导体的电阻越______，产生的热量越多。
②本实验使用了控制变量的科学方法：通过两金属丝串联的方式，控制______和通电时间相同；还使用转换的科学方法：把______转换为温度升高的多少。
(2)小希想把装置改成探究物质吸热能力的实验装置，在甲、乙两瓶中加入质量、初温都相同的不同液体，将两瓶中的电阻丝换成______相等的电阻丝。
①一段时间后，小希观察到乙瓶内液体温度高一些，据此判断“乙瓶内液体吸收的热量多”，他的判断是______(填“正确”或“错误”)，请说明理由______。
②甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲______c乙(填“大于”、“小于”或“等于”)。
35.用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，定值电阻R备有5Ω、10Ω、20Ω、40Ω各一个。
(1)将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P，发现电流表示数始终为零，电压表示数不为零，其原因可能是______(选填字母)；
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
(2)不改变滑动变阻器滑片的位置，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，闭合开关后，为保证电压表示数与更换前相同，为______ V，滑片P应向______(选填“左”或“右”)端滑动；
(3)实验中依次接入定值电阻，调节滑片使定值电阻两端电压相同，记下电流表读数，绘出电流I与电阻倒数1R变化的图像如图乙所示，由图乙可得结论：______。
(4)为完成整个实验，应该选择______(选填字母)种规格的滑动变阻器。
A.100Ω；1.2A
B.50Ω；1.0A
C.20Ω；0.6A
(5)完成上述实验后，不用电压表，用如图丙所示的电路可以测量已知额定电流的小灯泡的电阻，已知小灯泡的额定电流为I额，定值电阻的阻值为R0。
实验步骤如下，请补充完整：
①______；
②保持滑片位置不动，闭合开关S、S1，断开开关S2，记下此时电流表的示数为I；
③小灯泡正常发光时的电阻表达式为______。(用已知量和测得量的字母表示)
六、计算题：本大题共1小题，共7分。
36.如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器(其最大阻值为40Ω).闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，R1消耗的电功率随R1电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息。求：
(1)电路中最小电流；
(2)电源电压；
(3)R0消耗的最大电功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、书桌上的台灯正常工作时的电流约为0.2A，故A错误；
B、我国家庭电路的电压是220V，故B错误；
C、1个电子所带的电荷量是1.6×10−19C，故C正确；
D、家用电饭锅的额定功率约为800W，故D错误。
故选：C。
本题考查对常见的一些量要有数据、数量级的认识，估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法
2.【答案】C
【解析】解：用胶头滴管吸取化学药液，要先把滴管橡胶内的空气挤出，在外界大气压的作用下，药液就被压进滴管里；
A、鲜花的香味“吸”引过来很多蝴蝶，说明分子都在不停地做无规则运动，与大气压无关，故A错误；
B、磁铁具有磁性，它能吸引钉子、大头针等铁制品，不是大气压引起的，故B错误
C、拔火罐时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，使罐内气体温度升高，等到罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以这是由于大气压引起的，故C正确；
D、当列车驶进铁轨时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢；根据流体压强与流速的关系可知，人外侧空气流速小、压强大，而内侧(列车周围)空气流速大、压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人“吸”进铁轨，易出现危险，故D错误。
故选：C。
(1)分子都在不停地做无规则运动；
(2)磁铁的性质：磁铁具有磁性，它能吸引铁、钴、镍等；
(3)由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等；
(4)在流体中，流速越大的位置压强越小。
此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
3.【答案】D
【解析】解：
A、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B、对物体做功，物体内能可能增加，也可能不变，例如，用力提升物体时物体的温度不变、内能不变，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量，故C错误；
D、热量可能从内能大的物体向内能小的物体传递，也可能从内能小的物体向内能大的物体传递，还可能是内能相同的两个物体间进行传递，但两物体间一定要有温度差，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递；
(2)对物体做功，物体内能可能增加，也可能不变；
(3)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
(4)两物体间发生热传递的条件是有温度差：高温物体放热，低温物体吸热。
正确理解温度、热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
4.【答案】C
【解析】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能。冰冷的冰块也有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能，故B错误；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能，故C正确；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，图丁中能量转化是机械能转化为内能，故D错误；
故选：C。
(1)任何物体在任何情况下都具有内能；
(2)搓手取暖是机械能转化为内能；
(3)湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
(4)汽油机做功冲程是内能转化为机械能；
本题考查了改变内能的两种方式、内能的概念、内燃机的四个冲程的理解，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞上行，是内燃机的压缩冲程，此冲程机械能转化为内能，故A错误；
B、乙图中进气门关闭，排气门打开，活塞上行，是内燃机的排气冲程，此冲程靠飞轮的惯性来完成，故B正确；
C、丙图中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，是内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故C错误；
D、丁图中排气门关闭，进气门打开，活塞下行，是汽油机的吸气冲程；在该冲程中，汽油机吸入的是汽油和空气的混合气体，故D错误。
故选：B。
(1)根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断是哪个冲程；
(2)内燃机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化；除做功冲程外，其它三个冲程靠飞轮的惯性来完成。
本题考查了内燃机四冲程的判定方法、工作特点和其中的能量转化，属于基础题目。
6.【答案】B
【解析】解：A、摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷，故A错误；
B、指南针在静止时会指向南北方向，说明地球周围存在磁场，故B正确；
C、因为质量一定时，速度越大，动能越大，所以汽车行驶的速度越大，汽车具有的动能越大，危险性就增大，因此汽车行驶要限速，跟惯性无关，故C错误；
D、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体上，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
(2)地球是一个巨大的磁场，周围存在着地磁场；地磁的南北极和地理的南北极是相反的，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近；
(3)物体的动能大小由物体的质量、物体的速度两个因素确定，并且质量越大、速度越大，物体的动能就越大，惯性大小与速度无关；
(4)水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。
此题综合考查的摩擦起电、地磁场、动能、惯性等知识点，是一道综合题。
7.【答案】C
【解析】解：A、发射火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故A错误；
B、火箭升空的过程中，燃料燃烧将化学能转化为内能，再将内能转化为机械能，故B错误；
C、北斗导航卫星加速升空的过程中，质量不变、速度增大，高度增大，因此动能和重力势能都增大，机械能增大，故C正确；
D、火箭升空过程中，外壳与大气摩擦做功，外壳的内能增加、温度升高，其机械能转化为内能，故D错误。
故选：C。
(1)热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料，放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
(2)根据消耗能量与得到能量是什么来判断能量的转化情况；
(3)机械能是动能和势能的总和，根据影响动能和势能的因素来进行分析即可；
(4)物体克服摩擦做功，物体的内能增加、温度升高。
本题既考查了火箭发射过程中的能量转化和机械能变化情况，同时也考查了对燃料热值的了解，属基础知识的考查，难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：A、电流方向由A到B，故A正确；
B、发生移动的是自由电子，故B错误；
C、自由电子移动方向由B到A，故C错误；
D、验电器A的金属箔张角变小，故D错误。
故选：A。
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，与验电器A的金属球接触后验电器A带正电；物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，与负电荷定向移动的方向相反；用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来的瞬间，自由电子移动方向由B到A，电流方向由A到B，验电器A因电荷量减少而金属箔张角变小。
此题考查了电流方向、电荷量、电荷间的相互作用等知识点。
9.【答案】A
【解析】解：A、电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因，故A正确；
B、电流做功越快的用电器，消耗的电能不一定越多，还要看时间是否相同，故B错误；
C、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力弱，故C错误；
D、电阻是导体本身的特性，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关，故D错误。
故选：A。
(1)电压的作用是使电路形成电流，电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因。
(2)电功率表示电流做功快慢的物理量，电功率等于电功与时间之比。
(3)摩擦起电的原因是不同物质的原子核对电子的束缚本领不同。
(4)导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
理解电压与电流间的关系、电功率概念、摩擦起电的原因、电阻概念，可解答此题。
10.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
11.【答案】A
【解析】解：
A.三脚插头中较长的“E”脚应与用电器的金属外壳相连，当三脚插头插入三孔插座，金属外壳接地线，防止用电器漏电时发生触电事故，故A正确；
B.家用电器着火时，用水灭火会造成短路，会损坏电器，故B错误；
C.开关与用电器并联，开关闭合时，用电器发生短路，用电器不能工作，开关应与用电器串联，故C错误；
D.使用测电笔时，要用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手指不能接触笔尖金属体，以免触电，故D错误。
故选：A。
(1)对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
(2)生活用水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；
(3)开关应与它所控制的用电器串联；
(4)使用测电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体。
此题考查日常生活的常见用电现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。
12.【答案】B
【解析】解：由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，灯泡亮度变亮，故B正确，ACD错误。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电压表测量R两端的电压；袋中药液量减少时，弹簧会向上移动，R的阻值会发生变化，根据串联电路的分压特点判定滑动变阻器两端电压的变化，从而判定出灯泡电压和亮度的变化。
本题主要考查了欧姆定律的应用，解题的关键有：①明确药液量减少时滑片会向上移动；②正确分析电路的连接情况；③利用串联电路的分压特点。
13.【答案】C
【解析】解：A、千瓦时是电功的单位，千瓦是电功率的单位，故A错误；
B、电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大表示做功快，电功率小表示做功慢，故B错误；
C、根据P=Wt可知，单位时间电流做功越多，电功率越大，故C正确；
D、根据W=Pt可知，用电器电功率越大，消耗的电能不一定越多，因为时间不确定，故D错误。
故选：C。
(1)电功的单位为焦耳或千瓦时，电功率单位为瓦或千瓦；
(2)电功率是表示电流做功快慢的物理量；
(3)根据P=Wt分析解答。
此题主要考查学生对于电功、电功率单位、定义的理解和掌握，熟悉功率是表示做功快慢的物理量是关键。
14.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
AB、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针的位置相同，
所以，电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1A，
电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过R2的电流I1=0.2A，
则通过R1的电流I1=I−I2=1A−0.2A=0.8A，故AB错误；
C、电源的电压U=I1R1=3×2V=6V，
由I=UR可得，总电阻R=UI=6V1A=6Ω，故C正确；
D、因并联电路中各支路两端的电压相等，
电阻R1和R2消耗的功率之比为P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=0.8A：0.2A=4：1，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R支路的电流。
(1)根据并联电路的电流特点结合两电流表指针的位置相同确定电流表量程，根据分度值读出示数，然后求出通过R2的电流和通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，利用欧姆定律求出总电阻R的阻值；
(2)根据P=UI求出R1与R2的电功率之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电流表的量程并读出示数是关键。
15.【答案】C
【解析】解：A、可见光属于电磁波，光能在真空中传播，故A错误；
B、红外线是电磁波，利用红外线可以进行红外拍照，故B错误；
C、由电磁波的波长与频率的关系；v=λf可知电磁波的频率越高其波长越短，故C正确；
D、电磁波作为载波使用时，既可以传递声音信号，也可以传递图象信号，故D错误。
故选：C。
(1)可见光、红外线都是电磁波；
(2)电磁波的波长与频率的关系：v=λf；
(3)电磁波既可以传递声音信号，也可以传递图象信号；
此题考查了电磁波的分类，波长与频率的关系，以及电磁波的利用，难度不大。
16.【答案】D
【解析】解：A、定值电阻R的I−U关系图象是一条直线，故A错误；
BC、由图甲可知小灯泡L和定值电阻R并联在电压为4V的电源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为4V，
由图象可知对应的电流：IL=0.3A，IR=0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A；
小灯泡L的实际功率：PL=UIL=4V×0.3A=1.2W，故B、C错误；
D、如果把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，由乙图可知当通过电路的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为2V，电阻两端的电压为8V，串联电路总电压等于各部分电压之和，此时电路总电压U=UL+UR=2V+8V=10V，恰好等于电源电压，即把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，电路中的电流等于0.2A，所以电路消耗的总功率是：P=U′I′=10V×0.2A=2W，D正确。
故选：D。
(1)根据定值电阻的阻值与其两端的电压、通过的电流无关或得出结论；
(2)由图甲可知灯泡与定值电阻并联，根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，根据并联电路的电压特点得出干路电流；
(3)根据串联电路电压规律和电流特点读出正确的电流和电压，根据P=UI计算灯泡的电功率和电路的总功率。
本题考查了并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象得出有用的信息。
17.【答案】C
【解析】解：AB、由P=U2R得：L1、L2的电阻分别为：
R1=U2P1=(220V)260W≈806.7Ω；
R2=U2P2=(220V)240W=1210Ω；
则两灯串联时，电流相等，由P=I2R可得，灯泡L1的功率小于L2的功率，故灯泡L2要比L1亮，故A、B错误；
CD、串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时通过电路的电流：I=UR1+R2=220V806.7Ω+1210Ω≈0.11A，
两灯实际消耗的功率：P1′=I2R1=(0.11A)2×806.7Ω≈9.76W≠30W，
P2′=I2R2=(0.11A)2×1210Ω≈14.64W≠20W，即两灯泡的实际功率都都小于其额定功率的一半，
两灯泡的总功率为：P=P1′+P2′=9.76W+14.64W=24.4W<40W，故C正确，D错误。
故选：C。
由灯泡的额定功率及额定电压可求得灯泡的电阻，根据串联电路电流特点结合电功率公式的变形P=I2R可得两灯泡的实际功率的大小关系，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过电路的电流，根据电功率公式的变形P=I2R可计算两灯泡的实际功率，逐项分析即可。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，由分析可得，电阻越大的灯泡串联后亮度越大。
18.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故B错误；
将滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动时，接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
则电压表V2示数与电流表A示数之比变小，故C错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表V1与电压表V2示数不相等，故A错误；
由R=UI可知，电压表V1示数与电流表A示数之比等于R1的阻值，则其比值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，根据电源的电压不变可知滑片移动时电压表V2的示数变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V2示数与电流表A示数之比变化；根据串联电路的电压特点可知两电压表示数的关系，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1示数与电流表A示数之比变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，正确的判断电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
19.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
20.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、当电压表的最大示数为3V时，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小；
因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以定值电阻R0两端电压：U0=U−UR=6V−3V=3V；
此时电路中的最小电流：I小=I0=U0R0=3V10Ω=0.3A；
由I=UR可知，此时电路的总电阻：R总大=UI小=6V0.3A=20Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大=R总大−R0=20Ω−10Ω=10Ω；
因电流表的量程为0∼0.6A，定值电阻R0允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A；则电流表示数允许变化范围是0.3A∼0.5A；
此时电路中的总电阻：R总小=UI大=6V0.5A=12Ω；
此时滑动变阻器接入电路的最小电阻：R2小=R总小−R0=12Ω−10Ω=2Ω；变阻器R接入电路阻变化范围为2Ω∼10Ω；故AB错误；
C、电路中的最小电流为I小=0.3A，电路消耗的最小电功率为P=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C错误；
D、电阻R0消耗的最小电功率为：P′=I小2R0=(0.3A)2×10Ω=0.9W，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器接入点的最大阻值；
根据滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据串联电阻规律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
根据电路中的最小电流，根据P=UI求出电路的最小功率；
根据电路中的最小电流，利用P=I2R求出电阻R0消耗的最小电功率。
本题考查串联电路中电压、电流以及欧姆定律的应用，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
21.【答案】AC
【解析】解：
A、电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小；导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，采用的是转换法，故A正确；
B、由b、d两根电阻丝可知，两者的横截面积相同，但是材料和长度都不同，不能验证导体的电阻与导体的材料是否有关，故B错误；
C、由a、b两根电阻丝可知，两者的材料和长度相同、横截面积不同，所以选用a、b两根电阻丝可以探究电阻与导体的横截面积有关，故C正确；
D、探究决定电阻大小的因素时，需利用滑动变阻器保持电阻两端电压不变，故D错误。
故选：AC。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，实验探究时应采用控制变量法，在研究导体电阻与某一个因素的关系时，应控制其它因素不变；
(2)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小；导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；
(3)探究决定电阻大小的因素时，需利用滑动变阻器保持电阻两端电压不变。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想，题目难度不大。
22.【答案】ABC
【解析】解：
由图示电路图可知，三个电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测R1、R2两端电压，电压表V2测电阻R2、R3两端电压；
A、将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，由欧姆定律可知，总电流变大，即电流表示数变大；根据U=IR可知，R3的电压变大，由串联电路电压的规律可知，R1、R2两端电压变小，即电压表V1示数变小，故A正确；
B、由电路图，根据串联电路的总电压保持不变可知，ΔU2=ΔUR1，ΔU1=ΔUR3，则ΔU2−ΔU1=ΔUR1−ΔUR3，
滑片向右移动过程中，R1的电阻变小，由分压原理，R1两端电压减小，R3两端电压增大，R1两端电压的减小量等于R2、R3两端电压的增加量之和，则ΔUR1>ΔUR3，所以ΔU2−ΔU1>0，则ΔU2>ΔU1，故B正确；
C、对定值电阻R3而言，R3=UR3I=U′R3I′，由分比定理有：R3=UR3−U′R3I−I′=ΔUR3ΔI，
同理，对定值电阻R2、R3而言，R2+R3=ΔU2ΔI；------①
根据串联电路总电压不变，故有：ΔU1ΔI=ΔUR3ΔI=R3-------②，
由①②得：ΔU2ΔI与ΔU1ΔI之差等于R2；故C正确；
D、V2测R2和R3两端电压，且电压都变大，
V2示数变化量ΔU2=UV2′−UV2，电流表示数变化量ΔI=I′−I，
则：ΔU2⋅ΔI=(UV2′−UV2)(I′−I)，
由P=UI可得，R2和R3消耗的电功率之和增加了：
ΔP2和3=UV2′I′−UV2I≠(UV2′−UV2)(I′−I)，
即：ΔP2和3≠ΔU2⋅ΔI，故D错误；
故选：ABC。
(1)分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题；
(2)根据串联电路的总电压保持不变，结合分压强原理分析回答；
(3)对定值电阻R3而言，由欧姆定律和分比定理可推出R3=UR3−U′R3I−I′=ΔUR3ΔI，结合串联电路电压的规律分析回答；
(4)根据P=UI分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，体现了数学知识在物理中的运用，难度大，为压轴题。
23.【答案】ACD
【解析】解：A、若b表是电压表，a表是电流表，只闭合开关S1、S3，电流表把电阻将R1、R2短路，只有小灯泡L接入电路，滑动变阻器的滑片从图示位置向下移动，灯泡L发光且亮度不变，故A正确；
B、只闭合开关S1、S2，灯泡L和R1并联，由于并联电路各个支路互不影响，所以滑动变阻器滑片向下滑动，灯泡L亮度不变，故B错误；
C、滑片保持图示位置不变，只闭合开关S1时，电流表a测量通过小灯泡的电流，再闭合开关S2时，小灯泡和定值电阻R1并联，电流表a测量通过小灯泡和电阻R1的总电流，电流表示数变大，再闭合开关S3时，小灯泡、定值电阻R1、滑动变阻器R2并联，电流的总电流变大，但电流表a仍测量通过小灯泡和电阻R1的总电流，所以电流表a的示数不变，故C正确；
D、由C知滑片保持图示位置不变，依次闭合开关S1、S2、S3，电流的总电流变大，电源电压不变，由P=UI知电路的总功率逐渐变大，故D正确。
故选：ACD。
(1)若b表是电压表，a表是电流表，只闭合开关S1、S3，电流表把电阻将R1、R2短路，只有小灯泡L接入电路，据此分析解答；
(2)只闭合开关S1、S2，灯泡L和R1并联，根据并联电路各个支路互不影响判断出灯泡L亮度的变化；
(3)滑片保持图示位置不变，判断出依次闭合三个开关时电路的连接和电流表的测量范围，判断出电流表示数的变化；
(4)由(3)知依次闭合三个开关时电路电流的变化，根据P=UI判断出电路的总功率的变化。
本题考查了动态电路分析，判断出电路的连接方式和电流表的测量对象是解题的关键。
24.【答案】扩散 空隙
【解析】解：我们会闻到消毒水的气味，这说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；
酒精和蒸馏水都是由分子构成的物质，它们的分子之间都存在一定的空隙。当把酒精和蒸馏水充分混合以后，两种分子不发生化学反应，两种物质的分子相互穿插渗透，进入彼此的分子空隙，所以总体积会小于二者的体积之和；
故答案为：扩散；空隙。
根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子之间存在一定的空隙，并且分子在永不停息地做无规则运动，分子之间总存在相互作用的引力和斥力。
本题主要考查学生对分子动理论知识的了解和掌握，是一道基础题。
25.【答案】电流 空气开关
【解析】解：将多个用电器插在同一个插排上同时使用，用电器的总功率过大，根据P=UI可知，会造成家庭电路中的总电流过大；总电流过大，空气开关会自动断开。
故答案为：电流；空气开关。
电路短路或用电器总功率过大，会使电路中电流过大；当电路中的电流过大时，保险丝熔断或空气开关自动断开。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、空气开关的作用，属于基础知识，要熟记。
26.【答案】热 三孔
【解析】解：电饭煲主要是利用了电流的热效应进行工作的；
安全起见，功率大的电器都要用三孔插座
由P=Wt得，电饭煲工作30min消耗的电能：
W=Pt=1000W×30×60s=1.8×106J=0.5kW⋅h；
由η=Q吸W×100%可知，水吸收的热量：
Q吸=ηW=42%×1.8×106J=7.56×105J，
因1标准大气压下水的沸点为100℃，且水沸腾后温度不在升高，
所以，能使水温升高的温度：Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
由Q吸=cmΔt可得，水的质量：
m=Q吸C水Δt=7.56×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×80℃=2.25kg，
由Δt=t−t0可得，此时水升高的温度：Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
故答案为：热；三孔；0.5；2.25。
电流通过导体后能产生热，电饭煲是利用电流的热效应的原理制成的；
三孔插座是带地线的，使用更安全；
根据W=Pt求出电饭煲工作30min消耗的电能；
根据η=Q吸W×100%求水吸收的热量，1标准大气压下水的沸点为100℃，且水沸腾后温度不在升高，据此判断水升高的温度；根据Q吸=cmΔt求出水的质量。
本题考查了电流的热效应、两空插座和三孔插座的区别、热效率公式、吸热公式的应用等，知识点多，难度稍大。
27.【答案】二次能源 方向
【解析】解：电能是由其他形式的能转化而来的，属于二次能源；
能量在转化或转移的过程中，其总量保持不变。电能可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能。该现象说明能量的转化具有方向性。
故答案为：二次能源；方向。
可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
能量在转化的过程中具有方向性，很多能量转化的实例都说明了这一点。
本题考查了能源的分类和能量转化的方向性，属于基础题，难度较小。
28.【答案】0.1600
【解析】解：3000R/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过3000r，接在该电能表上的用电器消耗的电能W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h=360000J；
该用电器的电功率P=Wt=360000J10×60s=600W。
故答案为：0.1；600。
由表盘数据可知电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过3000r，据此计算转动300r消耗的电能；根据公式P=Wt求出该用电器的电功率。
本题考查电功和电功率的计算，难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解。
29.【答案】20Ω10.8
【解析】解：
(1)当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，即I=1A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=1A×(4Ω+2Ω)=6V；
(2)当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，此时电路中的电流增大，即干路电流I′=1.8A，
此时电路的总电阻：
R=UI′=6V1.8A=103Ω，
因1R1+1R3=1R，
所以，14Ω+1R3=1103Ω，
解得：R3=20Ω，
此时电路的总功率：
P=UI′=6V×1.8A=10.8W。
故答案为：20Ω；10.8。
(1)当S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1、S2都闭合时，R2与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的串并联结合电流表的示数变化求出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的并联求出R3的阻值，利用P=UI求出此时电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出S1、S2都闭合时电路中的电流是关键。
30.【答案】电磁波 聚变
【解析】解：(1)由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员进入空间站后利用电磁波与地面指挥中心传递信息；
(2)太阳能是太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变而释放出的能量。
故答案为：电磁波；聚变。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)太阳能是由于太阳内部氢原子核发生聚变释放出来的。
本题考查电磁波以及核聚变，难度不大。
31.【答案】解：
(1)灯泡的接法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点，零线直接在灯泡的螺旋套上；
(2)三孔插座的接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔。电路图如下图所示。
【解析】(1)开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
(2)带保险丝的三孔插座，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线首先进入保险丝，然后再进入右孔。当三脚插头插入三孔插座时，如果金属外壳的用电器漏电时，人体接触金属外壳，地线把人体短路，防止发生触电事故。
本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
32.【答案】
【解析】【分析】
本题的入手点是利用条形磁体的运动方向、根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的南北极，再利用安培定则判断出电源的正负极，这是一道综合题，很巧妙的将安培定则和磁极间的相互作用联系起来，是一道好题。
(1)根据条形磁体向左运动，根据磁极间的相互作用(同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引)判断出电磁铁的NS极；
(2)磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极，据此确定磁感线方向；
(3)利用安培定则(用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极)判断出电源的正负极。
【解答】
(1)闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，条形磁体受到了一个向左的排斥力，已知条形磁体左端为N极、右端为S极，根据同名磁极相互排斥可确定通电螺线管的左端是S极、右端为N极；
(2)磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极，所以磁感线方向向左；
(3)根据安培定则可知，大拇指指向N极，电流从电磁铁左侧流入，电源的左端为正极，如图所示：
。
33.【答案】判断磁场方向 条形 不是 N 电流 滑动变阻器
【解析】解：(1)在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；因此放小磁针的目的是判断磁场方向；
(2)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；磁感线是人们为了直观形象地描述磁场的方向和分布情况而引入的带方向的曲线，它并不是客观存在的；
(3)由图可知小磁针静止时N极指向左，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的左端是N极，改变螺线管中的电流方向，发现小磁针静止时北极所指方向与原来相反，说明通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关；
(4)要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要改变螺线管中的电流大小，而在原电路中，电流的大小是无法改变的，因此要在电路中再串联入一个滑动变阻器即可，因为滑动变阻器可以通过改变其接入电路的电阻的大小来改变电路中的电流大小。
故答案为：(1)判断磁场方向；(2)条形；不是；(3)N；电流；(4)滑动变阻器。
(1)在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；
(2)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；磁感线是假想的曲线，客观上不存在；
(3)根据磁极间的相互作用可知通电螺线管的左端极性，通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；
(4)螺线管的磁性强弱与螺线管中的电流大小、线圈匝数、螺线管中是否插入铁芯有关。要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要控制线圈匝数和螺线管中是否插入铁芯的情况相同，改变螺线管中电流的大小，结合滑动变阻器的作用，可以得到此题的答案。
本题是探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁感线的知识、磁极间的相互作用规律以及通电螺线管的磁场特点等。
34.【答案】甲 大 通过导体的电流 电流产生热量的多少 阻值 错误 两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等 大于
【解析】解：
(1)①由图知，两电阻丝串联，电流和通电时间相同，且R甲>R乙，根据Q=I2Rt可知，甲瓶中电阻丝产生的热量多，温度计的示数变化大；这表明：其它条件相同时，导体的电阻越大，产生的热量越多；
②探究电流产生的热量跟电阻的关系时，应控制电流和通电时间不变，采用的是控制变量法；通过两金属丝串联的方式，来控制电流和通电时间相同；
电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少，采用的是转换法；
(2)要探究物质的吸热能力，则应让水和煤油的质量相等、吸收的热量(加热时间)相等，由温度的变化大小得出物质吸热能力关系。故用相同质量的水换成其中一个烧瓶中的煤油；还应当保证甲、乙烧瓶中电阻丝的阻值相等(即加热器相同)；
①他的判断是错误的；因为两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等；
②一段时间后，小希观察到乙瓶内液体温度高一些，因两种液体吸收的热量相等、质量也相等，由Q=cm△t可知，乙液体的比热容小，即甲的比热容大于乙的比热容。
故答案为：(1)①甲；大；②通过导体的电流；电流产生热量的多少；
(2)阻值；①错误；两电阻丝相同，加热相同的时间，放出的热量相同，所以a、b两种液体吸收的热量相等；②大于。
(1)①根据Q=I2Rt分析产生热量的多少；
②探究电流产生的热量跟电流大小关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电阻的关系时，控制电流和通电时间不变；探究电流产生的热量跟通电时间的关系时，控制电流和电阻不变；电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少；
(2)探究“比较水和煤油比热容的大小”的实验，根据Q=cm△t，控制水和煤油两种物质的质量相等，吸收相等的热量，通过比较温度变化量来比较比热；或控制水和煤油两种物质的质量相等，升高相同的温度，通过吸收热量的多少来比较比热；
①相同的加热器，加热相同的时间，吸收热量相同，至于甲乙升高的温度不同是因为比热容不同造成的。即用加热时间的长短比较吸热的多少；
②探究“比较水和煤油比热容的大小”的实验，通过比较温度变化量来比较比热。
本题是探究“电流通过导体产生的热量跟电阻大小的关系”的实验题，实验中应用了控制变量法，掌握控制变量法的应用、熟练应用串联电路特点正确解题的关键。
35.【答案】B 2 左 电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比 A 闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额 R灯=(I−I额)R0I额
【解析】解：(1)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻断路了，故选B；
(2)当定值电阻R的阻值为5Ω时，电阻的倒数1R=15Ω=0.2Ω−1，由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，因此定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V不变；
(3)由图乙知，绘制出电阻R的I−1R图象为过原点的直线，说明电压一定时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，据此可得结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；
(4)定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×40Ω=80Ω>50Ω，故选A；
(5)实验步骤：
①闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额；
②保持滑片位置不动，闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I；
③步骤②中，电流表测干路电路，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，由并联并联电路电流的规律，定值电阻R0的电流为：I0=I−I额，
由欧姆定律的变形公式，定值电阻R0的电压即灯的额定电压为：U额=I0R0=(I−I额)R0；
则小灯泡正常发光时的电阻：R灯=U额I额=(I−I额)R0I额。
故答案为：(1)B；(2)2；左；(3)电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；(4)A；(5)闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额；R灯=(I−I额)R0I额。
(1)电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；
(2)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据图乙的I−1R图像为一条过原点的直线分析得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入40Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(5)要测小灯泡正常发光时的电阻，应先使灯正常发光，先使小灯泡与电流表串联后再与定值电阻并联，通过移动变阻器滑片，使电流表示数为额定电流；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出灯的额定电压，再由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻。
探究电流与电阻的关系，考查故障分析、欧姆定律的应用、控制变量法、实验操作、器材的选择和设计方案测额定小灯泡正常发光时的电阻的能力。
36.【答案】解：(1)由图甲可知：R0、R1串联，当滑动变阻器R1的滑片P在a端时流入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图象可知，R1电阻最大为Ω时，功率为Pa=1.6W；
由P=I2R可得：
I最小= PaR最大= 1.6W40Ω=0.2A；
(2)由图象可知，当R1=10Ω时，功率P1=2.5W，
由P=I2R可得：
I′= P1R1= 2.5W10Ω=0.5A；
根据欧姆定律和串联电路的特点可得当R1=10Ω时电源电压：
U=I′(R1+R0)=0.5A×(10Ω+R0)-------------①
当R1=40Ω时电源电压：
U=I最小(R最大+R0)=0.2A×(40Ω+R0)-------------②
解①②可得：R0=10Ω，U=10V；
(3)当滑动变阻器连入电路的电阻为0时，R0的功率最大，为：
P0=U2R0=(10V)210Ω=10W。
故答案为：(1)电路中最小电流为0.2A；
(2)电源电压为10V；
(3)R0消耗的最大电功率为10W。
【解析】(1)当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，滑动变阻器R1的功率P=I2R可求出最小电流值；
(2)由图象数据求出当R1=10Ω时电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的特点得出当R1=10Ω和R1=40Ω时的电源电压表达式，然后联立即可求出电源电压和R0的阻值；
(3)利用功率公式P=U2R即可求出R0消耗的最大电功率。
本题难度较大，由图象找出电功率对应的电阻是正确解题的前提与关键，熟练应用电功率公式的变形公式、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。编号
材料
长度/m
横截面积
/mm2
a
镍铬合金丝
1.0
0.3
b
镍铬合金丝
1.0
0.1
c
镍铬合金丝
0.5
0.1
d
锰铜合金丝
0.5
0.1
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