初中数学北师大版八年级下册1 等腰三角形当堂达标检测题

这是一份初中数学北师大版八年级下册1 等腰三角形当堂达标检测题，共7页。

一．选择题（共5小题，每题8分）
1．等边△ABC的两条角平分线BD和CE相交所夹锐角的度数为（ ）
A．60° B．90° C．120° D．150°
2．正三角形的边长为4，AD是BC边上的高，则BD是（ ）
A．1 B．2 C．3 D．4
3．如图，等边△ABC的边长为1cm，D、E分别AB、AC是上的点，将△ADE沿直线DE折叠，点A落在点A′处，且点A′在△ABC外部，则阴影部分的周长为（ ）cm
A．1 B．2 C．3 D．4

第3题图 第4题图 第5题图
4．如图，在等边△ABC中，M是AC上一点，N是BC上一点，且AM＝BN，∠MBC＝25°，AN与BM交于点O，则∠MON的度数为（ ）
A．110° B．105° C．90° D．85°
5．如图，如图，在△ABC中，AB＝AC，下列条件中，不能使BD＝CE的是( )
A．BD，CE为AC，AB边上的高 B．BD，CE都为△ABC的角平分线
C．∠ABD＝∠ABC，∠ACE＝∠ACBD．∠ABD＝∠BCE
二．填空题（共4小题，每题5分）
6．如图，△ABC是等边三角形，则∠ABD=____度．

第6题图 第8题图 第9题图
7．等腰三角形两底角的平分线________，两腰上的高________，两腰上的中线________．
8．三个等边三角形的摆放位置如图，若∠3=60°，则∠1＋∠2=___________
9．如图，C为线段AE上一动点（不与点A，E重合），在AE同侧分别作等边△ABC和等边△CDE，AD与BE交于点O，AD与BC交于点P，BE与CD交于点Q，连接PQ．则下列结论：①AD=BE；②PQ∥AE；③AP=BQ；④DE=DP．其中正确的是______．
三．解答题（共3小题，第10题10分，第11、12题各15分）
10．如图,在△ABC中,AB=AC,D,E分别是AB,AC的中点,且CD=BE,△ADC与△AEB全等吗?请说明理由.
11．如图，在等边三角形ABC中，D是AB边上的动点，以CD为一边，向上作等边三角形EDC，连接AE.
(1)△DBC和△EAC全等吗？请说出你的理由；
(2)试说明AE∥BC.
12．如图，△ABC为等边三角形，点P为边BC上一点，在AC上取一点D，使AD＝AP.
(1)若∠APD＝80°，求∠DPC的度数；
(2)若∠APD＝α，求∠BAP(用含α的式子表示)．
试题解析
1．A
【解析】据已知条件和等边三角形的性质可知：∠1=∠2=12∠ABC=30°，所以∠3=∠1+∠2=60°．
2．B
【解析】根据等边三角形三线合一的性质即可解答.
解：因为在△ABC中，AD是BC边上的高，
所以BD.
故B项正确.
【点睛】
3．C
【解析】
由题意得到DA′＝DA，EA′＝EA，经分析判断得到阴影部分的周长等于△ABC的周长即可解决问题．
解：如图，由题意得：
DA′＝DA,EA′＝EA，
∴阴影部分的周长＝DA′＋EA′＋DB＋CE＋BG＋GF＋CF
＝(DA＋BD)＋(BG＋GF＋CF)＋(AE＋CE)
＝AB＋BC＋AC
＝1＋1＋1＝3(cm)
故选C.
4．A
【解析】根据等边三角形的性质可得∠A=∠B=60°，又因为AM=BN，AB=AB，所以△AMB≌△BNA，从而得到∠NAB=∠MBA=60°-∠MBC=35°，则∠MON=∠AOB=180°-2×35°=110°．
解：∵△ABC是等边三角形，
∴∠A=∠B=60°，
∵AM=BN，AB=AB，
在△AMB与△BNA中，
AM＝BN∠A＝∠B＝60°AB＝AB，
∴△AMB≌△BNA（SAS），
∴∠NAB=∠MBA=60°-∠MBC=35°，
∴∠AOB=180°-2×35°=110°，
∵∠MON=∠AOB，
∴∠MON=110°．
故选A．
5．D
【解析】利用等腰三角形的性质及特殊的性质进行判断即可得出答案.
解：根据等腰三角形腰上的高相等、底角的平分线相等，即可得出BD＝CE，故选项A、B不符题意；
根据等腰三角形特殊性质，由∠ABD＝∠ABC，∠ACE＝∠ACB，即可得出BD＝CE，故选项C不符题意；
故选D.
6．120
【解析】根据等边三角形的三个内角都等于60度求得∠ABC=60°，然后根据邻补角互补即可求出∠ABD的度数．
解：∵△ABC是等边三角形，
∴∠ABC=60°，
∴∠ABD=180°-∠ABC=120°．
故答案为：120．
7．相等，相等，相等
【解析】根据等腰三角形特殊的性质：等腰三角形两底角的平分线相等，两腰上的高相等，两腰上的中线相等，即可得出答案．
故答案为：相等，相等，相等．
8．120°
【解析】先根据图中是三个等边三角形可知三角形各内角等于60°，用∠1，∠2，∠3表示出△ABC各角的度数，再根据三角形内角和定理即可得出结论．
解：∵图中是三个等边三角形，∠3＝60°，∴∠ABC＝180°﹣60°﹣60°＝60°，∠ACB＝180°﹣60°﹣∠2＝120°﹣∠2，∠BAC＝180°﹣60°﹣∠1＝120°﹣∠1．
∵∠ABC+∠ACB+∠BAC＝180°，∴60°+（120°﹣∠2）+（120°﹣∠1）＝180°，∴∠1+∠2＝120°．
故答案为：120°．
9．①②③
【解析】利用三角形全等，得到结论，利用排除法即可求解．
解：∵等边△ABC和等边△CDE，
∴AC=BC，CD=CE，∠ACB=∠DCE=60°，
∴∠ACB+∠BCD=∠DCE+∠BCD，即∠ACD=∠BCE，
∴△ACD≌△BCE（SAS），
∴AD=BE①成立，
由（1）中的全等得∠CBE=∠DAC，
又∠ACB=∠DCE=60°，
∴∠BCD=60°，即∠ACP=∠BCQ，
又AC=BC，
∴△CQB≌△CPA（ASA），
∴CP=CQ，
又∵∠PCQ=60°可知△PCQ为等边三角形，
∴∠PQC=∠DCE=60°，
∴PQ∥AE②成立，
由△CQB≌△CPA得AP=BQ③成立，
故答案为：①②③
10．答案见解析
【解析】由中点定义及AB=AC，可得到AD=AE，再通过SAS证明△ADC≌△AEB即可．
证明：△ADC≌△AEB．理由如下：
∵AB=AC，D，E分别是AB，AC的中点，
∴AD=AE．
在△ADC和△AEB中，
∵AC=AB，∠A=∠A(公共角)，AD=AE，
∴△ADC≌△AEB(SAS)．
11．(1)△DBC和△EAC全等，理由见解析；（2）见解析
【解析】(1)要证两个三角形全等，已知的条件有AC=BC，CE=CD，我们发现∠BCD和∠ACE都是60°减去一个∠ACD，因此两三角形全等的条件就都凑齐了(SAS)；
(2)要证AE∥BC，关键是证∠EAC=∠ACB，由于∠ACB=∠ACB，那么关键是证∠EAC=∠ACB，根据(1)的全等三角形，我们不难得出这两个角相等，也就得出了证平行的条件．
解：(1)△DBC和△EAC全等．
理由：∵△ABC和△EDC都是等边三角形，
∴∠ACB＝60°，∠DCE＝60°，AC＝BC，DC＝EC，
∴∠BCD＝60°－∠ACD，∠ACE＝60°－∠ACD，
∴∠BCD＝∠ACE.
在△DBC和△EAC中，
∵BC＝AC，∠BCD＝∠ACE，DC＝EC，
∴△DBC≌△EAC(SAS)．
(2)∵△DBC≌△EAC，
∴∠EAC＝∠B＝60°.
又∵∠ACB＝60°，
∴∠EAC＝∠ACB，
∴AE∥BC.
12．(1)∠DPC＝20°；(2)∠BAP＝2α－120°.
【解析】（1）在△APD中，求得∠PAD的度数，进而求得∠APC的度数，进而即可求解；
（2）由（1）解题思路和三角形的内角和定理即可求出∠BAP的度数．
解：（1）在△APD中，AP=AD，
∴∠APD=∠ADP=80°
∴∠PAD=180°-80°-80°=20°
∴∠BAP=60°-20°=40°
∴∠APC=∠B+∠BAP=60°+40°=100°
∴∠DPC=∠APC-∠APD=100°-80°=20°．
（2）∵在△APD中，AP=AD，
∴∠APD=∠ADP=α°
∴∠PAD=180°-α°-α°=180°-2α°
∴∠BAP=60°-（180°-2α°）=（2α-120）°.