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    河南省驻马店市汝南县2023届九年级上学期期中考试数学试卷(含解析)

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    河南省驻马店市汝南县2023届九年级上学期期中考试数学试卷(含解析)

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    这是一份河南省驻马店市汝南县2023届九年级上学期期中考试数学试卷(含解析),共15页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    数学试卷
    一、选择题(共10小题,满分30分,每小题3分)
    1.(3分)2022年4月16日,神舟十三号载人飞船圆满完成全部既定任务,顺利返回地球家园.六个月的飞天之旅展现了中国航天科技的新高度.下列航天图标,其文字上方的图案是中心对称图形的是( )
    A.中国探火B.中国火箭
    C.中国行星探测D.航天神舟
    2.(3分)一元二次方程2x2+x﹣1=0的根的情况是( )
    A.有两个不相等的实数根B.有两个相等的实数根
    C.只有一个实数根D.没有实数根
    3.(3分)若函数y=ax2﹣x+1(a为常数)的图象与x轴只有一个交点,那么a满足( )
    A.a=B.a≤C.a=0或a=﹣D.a=0或a=
    4.(3分)如图,在直角坐标系中,线段A1B1是将△ABC绕着点P(3,2)逆时针旋转一定角度后得到的△A1B1C1的一部分,则点C的对应点C1的坐标是( )
    A.(﹣2,3)B.(﹣3,2)C.(﹣2,4)D.(﹣3,3)
    5.(3分)用配方法解一元二次方程3x2+6x﹣1=0时,将它化为(x+a)2=b的形式,则a+b的值为( )
    A.B.C.2D.
    6.(3分)如图,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,若∠BCD=121°,则∠BOD的度数为( )
    A.138°B.121°C.118°D.112°
    7.(3分)如图是不倒翁的主视图,不倒翁的圆形脸恰好与帽子边沿PA,PB分别相切于点A,B,不倒翁的鼻尖正好是圆心O,若∠OAB=28°,则∠APB的度数为( )
    A.28°B.50°C.56°D.62°
    8.(3分)我国古代著作《四元玉鉴》记载“买椽多少”问题:“六贯二百一十钱,遣人去买几株椽.每株脚钱三文足,无钱准与一株椽.”其大意为:现请人代买一批椽,这批椽的价钱为6210文.如果每株椽的运费是3文,那么少拿一株椽后,剩下的椽的运费恰好等于一株椽的价钱,试问6210文能买多少株椽?设这批椽的数量为x株,则符合题意的方程是( )
    A.3(x﹣1)x=6210B.3(x﹣1)=6210
    C.(3x﹣1)x=6210D.3x=6210
    9.(3分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AB=5,BC=4.以点A为圆心,r为半径作圆,当点C在⊙A内且点B在⊙A外时,r的值可能是( )
    A.2B.3C.4D.5
    10.(3分)如图,二次函数y=ax2+bx(a≠0)的图象过点(2,0),下列结论错误的是( )
    A.b>0
    B.a+b>0
    C.x=2是关于x的方程ax2+bx=0(a≠0)的一个根
    D.点(x1,y1),(x2,y2)在二次函数的图象上,当x1>x2>2时,y2<y1<0
    二、填空题(共5小题,满分15分,每小题3分)
    11.(3分)已知点A(﹣2,b)与B(a,3)点关于原点对称,则a+b= .
    12.(3分)一元二次方程x2+4x=0的两个根是 .
    13.(3分)把二次函数y=2x2的图象向左平移1个单位长度,再向下平移2个单位长度,平移后抛物线的解析式为 .
    14.(3分)如图所示的网格由边长为1个单位长度的小正方形组成,点A、B、C在直角坐标系中的坐标分别为(3,6),(﹣3,3),(7,﹣2),则△ABC内心的坐标为 .
    15.(3分)如图,△ABC的顶点A,B分别在x轴,y轴上,∠ABC=90°,OA=OB=1,BC=2,将△ABC绕点O顺时针旋转,每次旋转90°,则第2022次旋转结束时,点C的坐标为 .
    三、解答题(共8小题,满分75分)
    16.(8分)已知关于x的一元二次方程x2+3x+k﹣2=0有实数根.
    (1)求实数k的取值范围.
    (2)设方程的两个实数根分别为x1,x2,若(x1+1)(x2+1)=﹣1,求k的值.
    17.(7分)石拱桥是我国古代人民勤劳和智慧的结晶(如图1),隋代建造的赵州桥距今约有1400年历史,是我国古代石拱桥的代表.如图2是根据某石拱桥的实物图画出的几何图形,桥的主桥拱是圆弧形,表示为.桥的跨度(弧所对的弦长)AB=26m,设所在圆的圆心为O,半径OC⊥AB,垂足为D.拱高(弧的中点到弦的距离)CD=5m.连接OB.
    (1)直接判断AD与BD的数量关系;
    (2)求这座石拱桥主桥拱的半径(精确到1m).
    18.(8分)掷实心球是兰州市高中阶段学校招生体育考试的选考项目.如图1是一名女生投实心球,实心球行进路线是一条抛物线,行进高度y(m)与水平距离x(m)之间的函数关系如图2所示,掷出时起点处高度为,当水平距离为3m时,实心球行进至最高点3m处.
    (1)求y关于x的函数表达式.
    (2)根据兰州市高中阶段学校招生体育考试评分标准(女生),投掷过程中,实心球从起点到落地点的水平距离大于等于6.70m,此项考试得分为满分10分.该女生在此项考试中是否得满分,请说明理由.
    19.(8分)建设美丽城市,改造老旧小区,某市2020年投入资金1000万元,2022年投入资金1440万元,现假定每年投入资金的增长率相同.
    (1)求该市改造老旧小区投入资金的年平均增长率;
    (2)2022年老旧小区改造的平均费用为每个80万元.2023年为提高老旧小区品质,每个小区改造费用增加25%.如果投入资金年增长率保持不变,求该市在2023年最多可以改造多少个老旧小区?
    20.(8分)如图,O是等边△ABC内一点,连接OA、OB、OC,且OA=3,OB=4,OC=5,将△BAO绕点B顺时针旋转后得到△BCD,连接OD.
    (1)求线段OD的长;
    (2)求∠BDC的度数.
    21.(10分)已知:如图,AB为⊙O的直径,CD与⊙O相切于点C,交AB延长线于点D,连接AC,BC,∠D=30°,CE平分∠ACB交⊙O于点E,过点B作BF⊥CE,垂足为F.
    (1)求证:CA=CD;
    (2)若AB=12,求线段BF的长.
    22.(12分)某超市采购了两批同样的冰墩墩挂件,第一批花了6600元,第二批花了8000元,第一批每个挂件的进价是第二批的1.1倍,且第二批比第一批多购进50个.
    (1)求第二批每个挂件的进价;
    (2)两批挂件售完后,该超市以第二批每个挂件的进价又采购一批同样的挂件,经市场调查发现,当售价为每个60元时,每周能卖出40个,若每降价1元,每周多卖10个,由于货源紧缺,每周最多能卖90个,求每个挂件售价定为多少元时,每周可获得最大利润,最大利润是多少?
    23.(14分)如图,已知抛物线y=(x﹣2)(x+a)(a>0)与x轴交于点B、C,与y轴交于点E,且点B在点C的左侧.
    (1)若抛物线过点M(﹣2,﹣2),求实数a的值;
    (2)在(1)的条件下,解答下列问题;
    ①求出△BCE的面积;
    ②在抛物线的对称轴上找一点H,使CH+EH的值最小,直接写出点H的坐标.
    2022-2023学年河南省驻马店市汝南县九年级(上)期中
    数学答案
    一、选择题(共10小题,满分30分,每小题3分)
    1.
    解析:解:选项A、C、D均不能找到这样的一个点,使图形绕某一点旋转180度后和原图形完全重合,所以不是中心对称图形,
    选项B能找到这样的一个点,使图形绕某一点旋转180度后和原图形完全重合,所以是中心对称图形,
    故选:B.
    2.
    解析:解:∵Δ=12﹣4×2×(﹣1)=1+8=9>0,
    ∴一元二次方程2x2+x﹣1=0有两个不相等的实数根,
    故选:A.
    3.
    解析:解:①函数为二次函数,y=ax2﹣x+1(a≠0),
    ∴Δ=1﹣4a=0,
    ∴a=,
    ②函数为一次函数,
    ∴a=0,
    ∴a的值为或0;
    故选:D.
    4.
    解析:解:连接AP,A1P.
    ∵线段A1B1是将△ABC绕着点P(3,2)逆时针旋转一定角度后得到的△A1B1C1的一部分,
    ∴A的对应点为A1,
    ∴∠APA1=90°,
    ∴旋转角为90°,
    ∴点C绕点P逆时针旋转90°得到的C1点的坐标为(﹣2,3),
    故选:A.
    5.
    解析:解:∵3x2+6x﹣1=0,
    ∴3x2+6x=1,
    x2+2x=,
    则x2+2x+1=,即(x+1)2=,
    ∴a=1,b=,
    ∴a+b=.
    故选:B.
    6.
    解析:解:∵四边形ABCD是⊙O的内接四边形,
    ∴∠A+∠BCD=180°,
    ∴∠A=180°﹣121°=59°,
    ∴∠BOD=2∠A=2×59°=118°,
    故选:C.
    7.
    解析:解:连接OB,
    ∵OA=OB,
    ∴∠OAB=∠OBA=28°,
    ∴∠AOB=124°,
    ∵PA、PB分别切⊙O于点A、B,
    ∴OA⊥PA,OP⊥AB,
    ∴∠OAP+∠OBP=180°,
    ∴∠APB+∠AOB=180°;
    ∴∠APB=56°.
    故选:C.
    8.
    解析:解:∵这批椽的数量为x株,每株椽的运费是3文,少拿一株椽后,剩下的椽的运费恰好等于一株椽的价钱,
    ∴一株椽的价钱为3(x﹣1)文.
    依题意得:3(x﹣1)x=6210.
    故选:A.
    9.
    解析:解:在Rt△ABC中,由勾股定理得AC==3,
    ∵点C在⊙A内且点B在⊙A外,
    ∴3<r<5,
    故选:C.
    10.
    解析:解:根据图象知,当x=1时,y=a+b>0,
    故B选项结论正确,不符合题意,
    ∵a<0,
    ∴b>0,
    故A选项结论正确,不符合题意,
    根据图象可知x=2是关于x的方程ax2+bx=0(a≠0)的一个根,
    故C选项结论正确,不符合题意,
    若点(x1,y1),(x2,y2)在二次函数的图象上,
    当x1>x2>2时,y1<y2<0,
    故D选项结论不正确,符合题意,
    故选:D.
    二、填空题(共5小题,满分15分,每小题3分)
    11. 解析:解:∵点A(﹣2,b)与B(a,3)点关于原点对称,
    ∴a=2,b=﹣3,
    ∴a+b=﹣1.
    故答案为:﹣1.
    12. 解析:解:方程整理得:x(x+4)=0,
    解得:x1=0,x2=﹣4.
    故答案为:x1=0,x2=﹣4
    13. 解析:解:由“左加右减”的原则可知,将二次函数y=2x2的图象向左平移1个单位长度所得抛物线的解析式为:y=2(x+1)2;由“上加下减”的原则可知,将抛物线y=2(x+1)2向下平移2个单位长度所得抛物线的解析式为:y=2(x+1)2﹣2,
    故答案为:y=2(x+1)2﹣2.
    14. 解析:解:如图,点I即为△ABC的内心.
    所以△ABC内心I的坐标为(2,3).
    故答案为:(2,3).
    15. 解析:解:由题意C(2,3),
    第一次旋转得到的坐标为(3,﹣2),
    第二次旋转得到的坐标为(﹣2,﹣3),
    第三次旋转得到的坐标为(﹣3,2),
    第四次旋转得到的坐标为(2,3),
    •••,
    四次一个循环,
    ∵2022÷4=505•••2,
    ∴则第2022次旋转结束时,点C的坐标为(﹣2,﹣3),
    故答案为:(﹣2,﹣3).
    三、解答题(共8小题,满分75分)
    16. 解析:解:(1)∵关于x的一元二次方程x2+3x+k﹣2=0有实数根,
    ∴Δ=32﹣4×1×(k﹣2)≥0,
    解得k≤,
    即k的取值范围是k≤;
    (2)∵方程x2+3x+k﹣2=0的两个实数根分别为x1,x2,
    ∴x1+x2=﹣3,x1x2=k﹣2,
    ∵(x1+1)(x2+1)=﹣1,
    ∴x1x2+(x1+x2)+1=﹣1,
    ∴k﹣2+(﹣3)+1=﹣1,
    解得k=3,
    即k的值是3.
    17. 解析:解:(1)∵OC⊥AB,
    ∴AD=BD;
    (2)设主桥拱半径为R,由题意可知AB=26,CD=5,
    ∴BD=AB=13,
    OD=OC﹣CD=R﹣5,
    ∵∠ODB=90°,
    ∴OD2+BD2=OB2,
    ∴(R﹣5)2+132=R2,
    解得R=19.4≈19,
    答:这座石拱桥主桥拱的半径约为19m.
    18. 解析:解:(1)设y关于x的函数表达式为y=a(x﹣3)2+3.
    把代入解析式,得,
    解得.
    ∴.
    (2)该女生在此项考试中是得满分.
    理由:令y=0,即,
    解得x1=7.5,x2=﹣1.5(舍去).
    ∴该女生投掷实心球从起点到落地点的水平距离为7.5m,大于6.70m.
    ∴该女生在此项考试中是得满分.
    19. 解析:解:(1)设该市改造老旧小区投入资金的年平均增长率为x,
    依题意得:1000(1+x)2=1440,
    解得:x1=0.2=20%,x2=﹣2.2(不合题意,舍去).
    答:该市改造老旧小区投入资金的年平均增长率为20%.
    (2)设该市在2023年可以改造y个老旧小区,
    依题意得:80×(1+25%)y≤1440×(1+20%),
    解得:y≤17.28,
    又∵y为整数,
    ∴y的最大值为17.
    答:该市在2023年最多可以改造17个老旧小区.
    20. 解析:解:(1)∵△BAO绕点B顺时针旋转后得到△BCD,
    ∴BO=BD,
    而∠OBD=∠ABC=60°,
    ∴△OBD为等边三角形,
    ∴OD=BO=4;
    (2)∵△BOD为等边三角形,
    ∴∠BDO=60°,OD=4,
    ∵△BAO绕点B顺时针旋转后得到△BCD,
    ∴CD=AO=3,
    在△OCD中,CD=3,OD=4,OC=5,
    ∵CD2+OD2=32+42=52=OC2,
    ∴△OCD为直角三角形,∠ODC=90°,
    ∴∠BDC=∠BDO+∠ODC=60°+90°=150°.
    21. 解析:(1)证明:连接OC,
    ∵CD与⊙O相切于点C,
    ∴∠OCD=90°,
    ∵∠D=30°,
    ∴∠COD=90°﹣∠D=60°,
    ∴∠A=∠COD=30°,
    ∴∠A=∠D=30°,
    ∴CA=CD;
    (2)解:∵AB为⊙O的直径,
    ∴∠ACB=90°,
    ∵∠A=30°,AB=12,
    ∴BC=AB=6,
    ∵CE平分∠ACB,
    ∴∠BCE=∠ACB=45°,
    ∵BF⊥CE,
    ∴∠BFC=90°,
    ∴BF=BC•sin45°=6×=3,
    ∴线段BF的长为3.
    22. 解析:解:(1)设第二批每个挂件的进价为x元,则第一批每个挂件的进价为1.1x元,
    根据题意可得,+50=,
    解得x=40.
    经检验,x=40是原分式方程的解,且符合实际意义,
    ∴1.1x=44.
    ∴第二批每个挂件的进价为40元.
    (2)设每个售价定为y元,每周所获利润为w元,
    根据题意可知,w=(y﹣40)[40+10(60﹣y)]=﹣10(y﹣52)2+1440,
    ∵﹣10<0,
    ∴当x≥52时,y随x的增大而减小,
    ∵40+10(60﹣y)≤90,
    ∴y≥55,
    ∴当y=55时,w取最大,此时w=﹣10(55﹣52)2+1440=1350.
    ∴当每个挂件售价定为55元时,每周可获得最大利润,最大利润是1350元.
    23. 解析:解:(1)将M(﹣2,﹣2)代入抛物线解析式得:﹣2=(﹣2﹣2)(﹣2+a),
    解得:a=4;
    (2)①由(1)抛物线解析式y=(x﹣2)(x+4),
    当y=0时,得:0=(x﹣2)(x+4),
    解得:x1=2,x2=﹣4,
    ∵点B在点C的左侧,
    ∴B(﹣4,0),C(2,0),
    当x=0时,得:y=﹣2,即E(0,﹣2),
    ∴S△BCE=×6×2=6;
    ②由抛物线解析式y=(x﹣2)(x+4),得对称轴为直线x=﹣1,
    根据C与B关于抛物线对称轴直线x=﹣1对称,连接BE,与对称轴交于点H,即为所求,
    设直线BE解析式为y=kx+b,
    将B(﹣4,0)与E(0,﹣2)代入得:,
    解得:,
    ∴直线BE解析式为y=﹣x﹣2,
    将x=﹣1代入得:y=﹣2=﹣,
    则H(﹣1,﹣).

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