2022-2023学年广东省深圳市罗湖区九年级上学期物理期中试题及答案

这是一份2022-2023学年广东省深圳市罗湖区九年级上学期物理期中试题及答案，共14页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，作图题，实验探究题，计算题，综合分析题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列现象能用分子动理论解释的是（ ）
A. 雾气朦胧B. 尘土飞扬
C. 云开雾散D. 雪花飞舞
【答案】C
【解析】
【详解】A．雾气朦胧是空气中水蒸气放热液化形成的小水滴，不属于分子范畴，故A不符合题意；
B．尘土属于固体小颗粒，不属于分子范畴，故B不符合题意；
C．在阳光下照射下，由于温度较高，空气中的水分子运动速度加快，由液体变为气态，从而云开雾散，与分子动理论有关．故C符合题意；
D．雪花是固体小冰晶，不属于分子范畴，故D不符合题意。
故选C。
2. 一个物体的温度升高了。①小龙说，它含有的热量增加了；②小谢说，它内部的分子运动加剧了；③小黑说，它具有的内能增加了；④小琪说，它从外界吸收热量了。这几种判断中，一定正确的是（ ）
A. ②与③B. ①与④C. ①②D. ②③④
【答案】A
【解析】
【详解】①③物体温度升高，它具有的内能增加了，热量是过程量，不能与含有连用，故①错误，③正确；
②物体温度升高，分子运动剧烈，故②正确；
④一个物体温度升高了，说明内能增加了，可能是吸收了热量也可能外界对它做功改变了它的内能，故④错误，综上分析，故BCD错误，A正确。
故选A。
3. 关于内能，下列说法中正确的是（ ）
A. 0℃的物体没有内能
B. 物体具有内能，也可以同时具有机械能
C. 具有机械能的物体不一定具有内能
D. 物体内能大小与温度无关
【答案】B
【解析】
【详解】A．一切物体都具有内能，故A错误；
B．内能和机械是两种完全不同的能量，物体可能同时具有内能和机械能，故B正确；
C．内能是一切物体都具有的，故C错误；
D．内能大小与物体的温度和质量都有关系，故D错误。
应选B。
4. 下面关于汽油机与柴油机的说法中,不正确的是
A. 汽油机与柴油机使用的燃料不同
B. 柴油机气缸顶部有个喷油嘴,汽油机气缸顶部有个火花塞
C. 柴油机与汽油机除使用燃料不同外,在构造上完全相同
D. 柴油机采用压燃式点火,汽油机采用点燃式点火
【答案】C
【解析】
【详解】A. 汽油机和柴油机使用的燃料不同，汽油机使用汽油，柴油机使用柴油，故A正确；B. 汽油机气缸顶部有个火花塞，柴油机气缸顶部有个喷油嘴，故B正确；C. 柴油机气缸顶部有个喷油嘴，没有火花塞，汽油机气缸顶部有个火花塞，没有喷油嘴，所以汽油机与柴油机除使用的燃料不同外，在构造上也不相同，故C错误；D. 汽油机采用点燃式点火，柴油机采用压燃式点火，故D正确．故选C.
【点睛】柴油机和汽油机的区别：（1）构造和点火方式：柴油机顶部没有火花塞，有一喷油嘴，是压燃式；汽油机顶部有火花塞，为点燃式；（2）燃料：柴油机燃烧的是柴油，汽油机燃烧的是汽油．
5. 如图是新一代代步工具电动独轮车，依靠电力驱动低碳环保。当电源开关S1闭合时指示灯亮起，独轮车处于待机状态，再当人站在独轮车上时开关S2自动闭合，电动机才能启动，开始运动。下列电路设计符合上述要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题可知，当电源开关S1闭合时指示灯亮起，人站在独轮车上开关S2自动闭合，电动机才能启动，所以，指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机；
A．图中开关S2闭合后，会发生电源短路现象，故A不符合题意；
B．图中指示灯和电动机串联，故B不符合题意；
C．图中指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机，故C符合题意；
D．图中S1控制电动机，开关S2控制指示灯，故D不符合题意。
故选C。
二、双项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有二个选项是符合题意，漏选得1分，错选或多选不得分）
6. 如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A. 图甲中，厚玻璃内的硝化棉燃烧起来，这是因为活塞直接对硝化棉做功的结果
B. 图乙中，瓶内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减少
C. 图丙中，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能增大
D. 图丁中，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能减小
【答案】BD
【解析】
【详解】A．当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度也会随之升高，硝化棉会通过热传递的方式从空气中吸收热量，当温度达到棉花的燃点时，会看到硝化棉燃烧，硝化棉能增大实验的效果；该现象说明了外界对物体做功，物体的内能会增加，故活塞的机械能是通过做功的形式转化为空气的内能，故A错误；
B．瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能转化为塞子的机械能，空气的内能减小，故B正确；
C．试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C错误；
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，内能减小，故D正确。
故选BD。
7. 如图所示，取两个相同的验电器A和B，使A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来。下列说法正确的是（ ）
A. B中正电荷通过金属棒流向A，A金属箔的张角减小
B. 电流从B流向A
C. A中负电荷通过金属棒流向B，B中正电荷通过金属棒流向A
D. A中的自由电子通过金属棒流向B，B金属箔的张角增大
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】AC．金属导体能够移动的是带负电的自由电子，而不是正电荷，故AC错误；
BD．由于A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A上的部分负电荷会转移到B上，A金属箔的张角减小，B金属箔的张角增大，即验电器B的金属箔由于带负电会张开；又因为负电荷从A到B，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，因此电流方向是由B到A，故BD正确。
故选BD。
8. 某四冲程内燃机的飞轮转速为3600r/min，则在每秒钟内（ ）
A. 曲轴转120转B. 对外做功60次
C. 完成120个冲程D. 完成30个工作循环
【答案】CD
【解析】
【详解】四冲程内燃机的飞轮转速为，即内燃机每秒飞轮转60转，由于内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2转，对外做功1次，所以，在每秒钟内曲轴转60转，完成30个工作循环，完成120个冲程，对外做功30次，故AB不符合题意，CD符合题意。
故选CD。
9. 下列说法中错误的是（ ）
A. 当加在导体两端的电压改变时，电压与电流的比值也随着改变
B. 用不同的导体研究电流和电压的关系时，得到的结论是相同的
C. 相同的电压加在电阻不同的导体两端，电流一定不同
D. U=0时，
【答案】AD
【解析】
【详解】A．当加在导体两端的电压改变时，导体中的电流也会发生改变，电压与电流的比值是导体的电阻，导体的电阻只与导体本身有关，所以电压与电流的比值不变，故A符合题意；
B．用不同的导体研究电流和电压的关系时，得到的结论是在电阻一定时，通过导体的电流与导体的电压成正比，所以得到的结论是相同的，故B不符合题意；
C．相同的电压加在电阻不同的导体两端，根据可知，电流一定不同，故C不符合题意；
D．导体的电阻只与导体本身有关，所以当电压为0时，导体的电阻不为0，即不等于零，故D符合题意。
故选AD。
10. 如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置，闭合开关后，电压表V示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（ ）
A. 滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗
B. 滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U
C. 滑片P向右移动过程中，比值变大
D. 当滑片P移到最右端时，电路的总电阻最小
【答案】BC
【解析】
【详解】由图可知，灯L与滑动变阻器并联，电流表A1测灯L的电流I1，电流表A2测干路电流I2，电压表测灯L两端电压。
A．灯L与滑动变阻器并联，互不影响，因此滑片P向右移动过程中，灯L亮度不变，故A错误；
B．电压表测灯L两端电压，灯L与滑动变阻器并联，即电压表也是测滑动变阻器两端电压，也是测电源两端电压，所以滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U，故B正确；
C．滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路阻值增大，其电流减小，灯L不受影响，故I1不变，则干路电流I2减小，故的比值变大，故C正确；
D．当滑片P移到最右端时，滑动变阻器接入电路阻值最大，其电流最小，干路电流最小，即电路的总电阻最大，故D错误。
故选BC。
三、作图题（本题共2小题，每题2分，共4分）
11. 根据实物图在虚线框内画出相应的电路图。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，电流从电源的正极出发经过开关S1分为两条支路，一条支路经过灯泡L1、开关S2，另一条支路经过灯泡L2、L3，会合后回到电源的负极，电路图如图所示
12. 如图所示，在方框内分别填入小灯泡和电流表的元件符号，使电路正常工作。
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，如果上面的方框内填入小灯泡，下面的方框内填入电流表，那么电流表将直接连接在电源两极上，这样容易烧坏电流表，这种做法是绝对不允许的。因此上面的方框填电流表，下面的方框填小灯泡，这样电流表测右边小灯泡的电流，两只小灯泡并联，如下图：
。
四、实验探究题（本题共3小题，每空1分，共18分）
13. 小明同学对串联电路电压规律进行了探究．
【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和．
【设计与进行实验】
①按如图所示的电路图连接电路；
②闭合开关，用电压表测出L1两端的电压；
③在测L2两端的电压时，小明为了节省时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上；
④测出AC间的电压，得出结论。
【交流与评估】
（1）闭合开关，发现电压表示数为零，则小灯泡的故障可能是_____或_____；
（2）小明用上面的方法能否测出L2两端的电压？_____，为什么？_____。
【答案】 ①. L1短路 ②. L2断路 ③. 不能 ④. 电压表正负接线柱接反了
【解析】
【分析】闭合开关，发现电压表示数为零，可从灯泡发生短路或断路分析故障的位置；电压表使用时要使电流从正接线柱流入负接线柱流出。
【详解】（1）[1][2]闭合开关，发现电压表示数为零，可能电压表被短路，即L1短路；可能是没有电流通过电压表，即L2断路。
（2）[3][4]在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，这样电压表正负接线柱接反，所以不能测出L2两端的电压。
【点睛】本题考查电压表的使用和串联电路电压的规律，解决本题的关键知道电压表的使用方法和电路故障的判断．
14. 如图，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
(1)要比较不同燃料的热值，应选择______两图进行实验，利用液体的吸热量和燃料质量，根据q=，测得的燃料热值与实际相比是偏______（大/小）。
(2)要比较不同物质吸热升温的特点，应选择______两图进行实验；实验中，不同物质吸收热量的多少是通过______来反映的。
(3)如果质量和初始温度均相同的A．B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图丁所示，则从图象可以看出，______液体的比热容较大，cA∶cB=______。
(4)接下来再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度t为横坐标，分别画出50g和100g水的Q−t图象，它们都是过原点的直线，即Q=kt，进一步分析发现，这两条直线的k值之比与对应水的______之比相等。
【答案】 ①. 甲、乙 ②. 小 ③. 甲、丙 ④. 加热时间的长短 ⑤. B ⑥. 1∶2 ⑦. 质量
【解析】
【详解】(1)[1]要比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料进行实验，同时，应该控制被加热物质相同，所以，应该选择甲、乙两图进行实验。
[2]由于燃料不可能完全燃烧，且放出的热量不可能完全被烧杯中物质吸收，所以，测得的热量偏小，最后算出的热值偏小。
(2)[3]要比较不同物质吸热升温的特点，就要选择不同的物质进行比较，而且需要让他们相同时间内吸收相同的热量，应该选择相同的热源，所以选择甲、丙两图进行实验。
[4]加热时，可认为热源相同时间内放出相同的热量，不考虑热损失的情况下，认为该热量被烧杯中物质完全吸收，所以，可以用加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少。
(3)[5][6]由丁图可知，升高相同温度时，B的加热时间是A的两倍，即B吸收的热量是A的两倍，故B的比热容较大，且cA∶cB=1∶2。
(4)[7]根据物质吸热公式可知，，故k值之比和水的质量之比相等。
15. 在探究电流与电阻关系的实验中，所用实验器材均完好，如图所示，电源电压为6V不变，定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω1A”。
（1）实验前，发现电流表的指针位置如图甲所示，原因是电流表___________；
（2）如图乙所示，导线a应与滑动变阻器的___________接线柱相连（选填“A”或“C”）。正确连接后，在实验前，滑动变阻器的滑片应该位于___________端（选填“A”或“B”）；
（3）电路连接完成后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示，则实验中控制电压表的示数为___________V不变。当使用30Ω的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表的示数与前三次相同，为了继续完成第四次实验，如果只更换电源，则电源电压应不高于___________V；
（4）分析实验数据得出结论：___________。
【答案】 ①. 指针没有调零 ②. C ③. A ④. 3 ⑤. 5 ⑥. 在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
【解析】
【详解】（1）[1]实验前发现电流表的指针在刻度线右侧，即指针没有对准零刻度线，原因是电流表指针没调零。
（2）[2][3]滑动变阻器按一上一下方法接入电路中，导线a应与滑动变阻器的C接线柱相连。在实验前，滑动变阻器应以最大阻值接入电路，故滑片移动到A点。
（3）[4][5]由表中数据，根据欧姆定律，电压表的示数为
U示=IR=0.3A×10Ω=3V
用35Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，电压表的示数为U示。根据串联电路电压规律和分压原理有
，
解得
U=5V
（4）[6]分析表中数据有当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是，当导体两端的电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
五、计算题（本题共2小题，17题8分，18题9分，共17分）
16. 一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量约为8.4×106 J，这些能量相当于完全燃烧0.7kg的干木柴才能得到．将这些干木材放在煤炉中用来烧水，可以使8kg的水温度升高50℃，已知水的比热容为4.2×l 03 J/（kg．℃）．求：
（1）干木材的热值．
（2）8kg的水温度升高50℃所吸收的热量．
（3）此煤炉烧水时的效率．
【答案】（1）1.2×107J/kg；（2）1.68×106J；（3）20%
【解析】
【详解】(1)因为Q放＝mq，所以q＝＝1.2×107J/kg，
(2)8kg的水温度升高50℃所吸收的热量Q吸＝cm△t＝4.2×l 03 J/(kg⋅℃)×8kg×50℃＝1.68×106J，
(3)煤炉烧水时的效率：η＝×100%＝20%
17. 在图甲所示的电路中，当开关S从2转到1时，根据电流表和电压表对应的示数，如图乙所示，求：
（1）电源电压；
（2）电阻R1的阻值；
（3）电阻R2的阻值。
【答案】（1）6V；（2）10Ω；（3）20Ω
【解析】
【详解】解：（1）由图甲可知，当开关S接1时，是R1单独工作的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压，即电源电压。此时电路的总电阻最小，则电路中的电流最大由图乙可知最大电流为
I大=0.6A
对应的电压表示数为6V，即电源电压为6V。
（2）电阻R1的阻值为
（3）由图甲可知，当开关S接2时，R1和R2串联在电路中，电压表测R1两端的电压。此时电路的总电阻最大，由图乙可知最小电流为
I小=0.2A
此时对应的电压表示数为2V。那么L1两端的电压
U1=2V
由串联电路的电压特点可知R2两端的电压为
U2=U-U1=6V-2V=4V
则R2的阻值
答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R1的阻值为10Ω；（3）电阻R2的阻值为20Ω。
六、综合分析题（本题共1小题，除特殊说明每空1分，共6分）
18. （Ⅰ）2021年5月15日，天问一号火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体成功降落在火星北半球的乌托邦平原南部，实现中国航天历史性的突破。
（1）虽然火星大气稀薄，着陆组合体冲入火星大气层后，5千米/秒级别的速度依然导致大气冲击和摩擦产生了巨大的振动和热量，足以熔化大部分金属。通过隔热装置和多种散热手段，着陆组合体的温度依然能保持常温。图甲为着陆组合体部分着陆流程的示意图，则隔热装置应安装在 _____（填“A”或“B”）处；
（2）当着陆组合体的速度骤降到数百米/秒，巨大的降落伞在火星上空约10千米的高度打开。当速度降低到100米/秒以内，降落伞“功成身退”，着陆组合体依靠底部强大的反冲火箭工作进一步减速。随着速度进一步降低，着陆组合体进入悬停避障状态。着陆组合体悬停时（如图乙所示），反冲火箭喷气的方向为 _____；
（3）着陆组合体总着陆时间只有9分钟左右，也被叫做“恐怖9分钟”。这是因为火星距离地球太遥远（5.5×1010～4×1011米），如果着陆组合体通过电磁波信号与地面控制中心通信，信号来回至少需要 _____分钟；（电磁波在真空中传播速度为3×108米/秒，结果保留整数）
（Ⅱ）（1）某反恐小组的拆弹专家在拆除恐怖分子设置在飞机上的定时爆炸装置。如图一所示，为使爆炸装置停止工作，应剪断线 _____（填“a”或“b”）；
（2）一位同学设计了一个风力测定仪，如图二所示，O是转动轴，OC是金属杆，下面连接着一块受风板。无风时OC是竖直的，风越强，OC杆偏转的角度越大。AB是一段圆弧形电阻，P点是金属杆与圆弧形电阻相接触的点，电路中接有一个小灯泡，测风力时，闭合开关S即可。通过分析可知：金属杆O与弧形电阻A组合在一起相当于一个 _____，当观察到小灯泡的亮度变亮时则可以判定风力变 _____（填“大”或“小”）。
【答案】 ①. B ②. 向下 ③. 6 ④. a ⑤. 滑动变阻器 ⑥. 大
【解析】
【详解】I.（1）[1]由图甲可知着陆的那一面为B，所以隔热装置应安装在B处。
（2）[2]着陆组合体悬停时受到气体向上力，力的作用是相互的，所以反冲火箭喷气的方向为向下。
（3）[3]如果着陆组合体通过电磁波信号与地面控制中心通信，信号来回至少需要
Ⅱ.（1）[4]剪断导线a，电路断路，所以为使爆炸装置停止工作，应剪断线a。
（2）[5][6]无风时OC是竖直的，风越强，OC杆偏转的角度越大。AB是一段圆弧形电阻，P点是金属杆与圆弧形电阻相接触的点，圆弧形电阻接入电路的阻值随风力的改变而改变，所以金属杆O与弧形电阻A组合在一起相当于一个滑动变阻器；灯泡和滑动变阻器串联接入电路，风力越大，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知通过电路的电流越大，灯泡越亮，所以当观察到小灯泡的亮度变亮时则可以判定风力变大。
实验次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15