山东省济宁市第一中学2023-2024学年高三上学期2月定时检测（期末）物理试题

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2.B【解析】设任意相邻明条纹或暗条纹中心位置所对应的薄膜厚度差为d，根据几何关系可得，由于任意相邻明条纹或暗条纹所对应的薄膜厚度差恒定，又倾角θ很小，则有，可得，故选B。
3.C【解析】由于空气阻力，“子弹”在水平方向做减速运动，若“子弹”的初速度较小，水平方向速度很快会减为零，然后竖直向下运动，则不能击中“靶子”，A错误；“子弹”和“靶子”在竖直方向上的运动状态和受力情况是完全一样的，因此，竖直方向位移始终相同，即“子弹”和“靶子”运动过程中在同一水平线上，并且，只要“子弹”速度足够大，落地前就能够击中“靶子”，B错误，C正确；“子弹”落地时不仅有竖直方向上的一个分速度，还可能有水平方向上的一个分速度，两分速度的合速度肯定大于竖直方向上的分速度，即“子弹”落地速度可能大于“靶子”落地速度，D错误。故选C。
4.A【解析】由题意可知t=0时刻振子位于负向最大位移处，t=1s时刻振子位于平衡位置处，设振子做简谐运动的周期为T，则有（，，），可得（，，），当n=0时，可得，当n=1时，可得，当n=2时，可得，当n=3时，可得，当n=4时，可得，当n=5时，可得，当n=6时，可得，故选A。
5.D【解析】在运动过程中，因为有电场力对系统做功，故系统机械能不守恒，A错误；当弹簧长度达到最大值时，电场力对系统做功最多，电势能减小最大，系统机械能增加最大；即系统电势能最小，机械能最大；B错误；由于电场力对A、B两球做功不为零，初始一段时间，对两球均做正功，电势能减小，C错误；从初态到小球所受电场力与弹簧的弹力大小相等时，电场力对两小球均做正功，电势能减小，此时电势能肯定比初始时小，D正确。故选D。
6.B【解析】依原线圈接入电压的表达式可得ω=100π，频率=50Hz，周期=0.02s，变压器不改变交流电的频率，R2两端的电压U2=IAR2=40V，匝数比n1∶n2=5∶1，故原线圈输入电压U1==200V，R1两端的电压U-U1=20V，B正确；流过R1的电流I1==1A，A错误；滑片P向上移动时，R3接入电阻增大，假设变压器输入、输出电压不变，则流过R3的电流减小，副线圈和原线圈的电流均减小，电阻R1的电压减小，消耗的功率减小，C错误；接入电压U=220V不变，原线圈的输入电压将增大，副线圈的输出电压也增大，电流表A的示数增大，故R2消耗的功率将增大，D错误。故选B。
7.C【解析】由万有引力提供卫星绕地球做圆周运动的向心力，知卫星半径越小，线速度越大，结合图像有，，联立可得，，A错误；由万有引力提供向心力，可知，所以做圆周运动周期之比为，B错误；从图像上可以看出每隔T时间两个卫星相距最近一次即，结合，解得卫星A绕地球做圆周运动的周期为，C正确；第一宇宙速度是最大的运行速度，由，对卫星A，，其中，，可得第一宇宙速度，D错误。故选C。
8.D【解析】B下落，即将与A碰撞时，A、B碰撞动量守恒，，得，A正确；A、B碰撞后一起向下运动至最低点，位移设x，根据能量守恒，A原来静止满足，解之得，B错误；A、B分开临界条件为加速度相等，A、B之间的弹力为零，对B，，得，碰后至再次返回到碰撞位置，速度大小不变，方向反向。假设不分离，向上运动位移为x1，有，，此时整体受力可得，得，碰后两物体一定不分离且不能再次回到释放点，C错误，D正确。故选D。
9.CD【解析】开始的时候甲拉的绳子上的拉力大小是物体重力，后来是重力和乙对绳子的拉力的合力大小等于甲的拉力，如图所示，由于三角形斜边大于任意直角边，所以甲对绳子的拉力增大，乙对绳子的拉力增大，A错误，D正确；由图可知，甲受的摩擦力等于绳子拉力的水平分量，即，乙受的摩擦力等于绳子拉力的水平分量，即，因，可知，即楼顶对甲的摩擦力大于对乙的摩振力，C正确；对甲受力分析可知，随T的增加，则地面对甲的支持力减小，B错误。故选CD。
10.AB【解析】A、B为等量异种点电荷，因此产生的电场在A、B连线的垂直平分上的合场强水平向右，且从垂足沿杆向外的场强逐渐减小，点电荷C从杆上某一位置由静止释放，在下滑过程中，受到的水平向右的电场力将逐渐变大，则C与粗糙绝缘直杆间的压力逐渐变大，所受摩擦力将变大，AB正确；因C受的电场力水平向右，C沿竖直杆向下运动，则电场力做功是零；又由于两个等量异种点电荷的连线的中垂线为等势线，因此电势能不变，C错误；C从杆上某一位置由静止释放，在下落的过程中，先加速后减速，当摩擦力增大到与重力大小相等时，速度最大，不一定是下落一半高度时速度最大，D错误。故选AB。
11.BC【解析】由图像可知波长为8cm，简谐横波的速度大小为，A错误，B正确；由图像可知函数表达式为，P质点的位移为y=1cm，则，P点回到平衡位置的时间为，C正确；若这列简谐横波沿x轴正方向传播，由同侧法根据图像可知Q处质点正向上运动，则Q点再次回到平衡位置的时间为，D错误。故选BC。
12.AC【解析】导体棒ab在圆环最低点时，速度v垂直与磁感线，有效切割速度最大，感应电动势为最大值，感应电流最大值为，设经过时间t导体棒速度与磁感线夹角为，此时导体棒有效切割速度为，在导体棒中电流随时间变化规律为，A正确；电压表示数为电阻R两端电压有效值，则，B错误；导体棒圆周运动的周期为，0.5πs等于周期的四分之一，则在0~0.5π s时间内通过R的电量为，C正确；根据能量守恒定律可知，从t=0到0.5πs的过程中外力F做功等于导体棒增加的重力势能与电路产生的焦耳热之和，电流的有效值为，则焦耳热为，导体棒增加的重力势能为，则外力做功为，D错误。故选AC。
13. BD(2分) 丙(2分) (2分)
【解析】(1)应插上大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，再插上大头针P4，使P4挡住P3和P1、P2的像，从而确定出射光线，故正确步骤为BD。
(2)过P3、P4做一条直线与AC变相交于H，并以入射点O为圆心做一个圆，与入射光线相交D，与OH连线的延长线相交于G，过O点做法线，过D点做法线的垂线交于E，过G点做法线的垂线交于F，由图可知，，可得，仅通过测量ED、FG的长度便可正确计算出折射率，图丙所示；根据几何关系可得折射率为
14. D(1分) F(1分) 200(2分) 小(1分) C(1分) 2500(2分)
【解析】(1)如图所示，设电源的电动势为E，内阻为r，S2打开时，设电流表满偏电流为，实验要求R1＞＞Rg，R1＞＞r，这样才有，当S2闭合时，R2和Rg并联，并联后总阻值R并＜Rg＜＜R1，这样才有S2闭合后，电路中总电流几乎不变，仍然近似等于，调节R2使电流表偏为，所以流过R2的电流为，所以R2=2Rg，从上述原理可知，S2打开与闭合，近似认为干路中电流不变的前提是R1＞＞Rg，故实验器材选择应满足①电源电动势尽可能大，②R1尽可能大，所以R1选用大量程的D，因电流表的满偏电流确定，故电源电动势也要匹配地选用电动势较大的F。
(3)由以上分析可知，当F中记录的R2阻值为400Ω，被测电流表的内阻Rg的测量值应为200Ω；当S2闭合时，R2′和Rg并联，并联后总阻值R并＜Rg，而电阻R1不变，所以S2闭合后的干路电流比闭合前的总电流要大，即电流大于Ig，而此时电流表支路的电流等于，那么R2′支路的电流要大于，那么其电阻R2′