（2）恒定电流——2024届高考物理二轮复习巧刷高考题型之电磁学选择题

这是一份（2）恒定电流——2024届高考物理二轮复习巧刷高考题型之电磁学选择题，共11页。试卷主要包含了单选题，多选题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．如图所示为“高温”超导电缆，它能在左右电阻降为零，其输电损耗主要来自于循环冷却系统，如果用其替代普通电缆输电，可大大降低电能损失。某小型水电站发电机的输出功率为200 kW，发电机的输出电压为250 V，普通电缆总电阻为10 Ω。假定该水电站改用超导电缆输电保持输送电压不变，输电损失的功率为160 W，若该损耗是普通电缆损耗的25%，则( )
A.水电站的输送电压为250 V
B.超导电缆中的输送电流为800 A
C.普通电缆输电电线上损失的电压为8 V
D.采用了高压输电，且升压变压器匝数比为1:100
2．如图甲所示的电路中，电压表为理想电表，定值电阻，滑动变阻器的阻值变化范围为0~30 Ω，电源的路端电压随电流的变化规律如图乙所示。将滑片P置于的某位置，使得，则开关S断开与闭合时，电压表的示数之比为( )
A.B.C.D.
3．某限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如图所示。超导部件有一个超导临界电流，当通过限流器的电流时将造成超导部件失超，即从超导态（可视为电阻为零）转变为正常态（可视为定值电阻），以此便可限制电路系统的故障电流。已知超导部件的正常态电阻，超导临界电流，限流电阻，灯泡L上标有“6 V 6 W”，电源电动势，内阻。原来电路正常工作，灯泡L正常发光，现灯泡L突然发生短路，则( )
A.灯泡L短路前通过超导部件的电流为
B.灯泡L短路前通过限流电阻的电流为1 A
C.灯泡L短路后通过超导部件的电流为
D.灯泡L短路后通过限流电阻的电流为
4．如图甲所示，两个电压表均可视为理想电表，电阻为压敏电阻（阻值随所受压力的增大而减小，用柔软的导线与其他电学元件相连且导线足够长），在压敏电阻受压面上固定一物块。如图乙所示，一半圆柱体工件固定在水平桌面上，A为其横截面半圆水平直径的端点，B为横截面半圆的最高点。闭合开关S，将物块和压敏电阻一起置于半圆柱体表面上，用方向始终沿圆弧切线方向的力F使物块和压敏电阻由A点缓慢移动到B点，在此过程中，电压表示数的变化量的绝对值为，电压表示数的变化量的绝对值为。下列说法正确的是( )
A.电压表的示数变小B.电压表的示数变小
C.一定小于D.消耗的电功率逐渐减小
5．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下移动，则下列说法正确的是( )
A.电压表和电流表的示数都增大B.灯变暗，电流表的示数减小
C.灯变亮，电压表的示数减小D.灯变亮，电容器的带电荷量增大
6．某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0 Ω。现闭合开关S，理想电压表V的示数为4.0 V，则下列说法不正确的是( )
A.三个灯泡的总电阻约为8.3 ΩB.电源的电动势为5.6 V
C.电源消耗的热功率为3.0 WD.电源的效率约为89.3%
7．利用电动机通过如图所示的电路提升重物，知电源电动势，电源内阻，电阻，重物质量，当重物固分时，电压表的示数为5 V，当重物不固定，且动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5 V，g取，下列说法正确的是( )
A.电动机内部线圈的电阻为1 Ω
B.稳定匀速提升重物时，流过电动机的电流为2 A
C.重物匀速上升时的速度为1 m/s
D.匀速提升重物时电动机消耗的电功率是2 W
8．如图所示是将滑动变阻器作为分压器使用的电路，为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为U且保持恒定，滑片P位于滑动变阻器的中央，下列判断错误的是( )
A.空载（不接负载电阻R）时，端输出电压为
B.接上负载电阻R时，端输出电压小于
C.负载电阻R的阻值越大，端输出电压越小
D.接上负载电阻R后，端要使输出电压为，滑片P应向上移动至某一位置
二、多选题
9．智能手机安装有许多传感器，微信步数就是利用加速度传感器完成计步的。人迈出一步的过程，简化为加速度先向前，再向后。某同学决定自制一个计步器，如图甲所示，水平光滑杆（未画出）上的滑块左右分别拴接弹簧，两弹簧处于原长时小滑块恰好处于杆中间位置，且滑块下端连接的滑片对准滑动变阻器R正中央。滑块随人走动而来回振动，振动范围恰为滑动变阻器两端。滑动变阻器总电阻为，电源电动势为E、内阻为r，图甲中为电压传感器，人携带该计步器由静止开始行走，电压传感器输出电压如图乙所示。则( )
A.
B.
C.图乙表示人携带该计步器由静止向右开始走动
D.图乙表示人携带该计步器由静止向左开始走动
10．如图所示，电源电动势为E、内阻为r，电压表为理想电表，为定值电阻，为热敏电阻（其阻值随温度升高而减小），C为电容器，闭合开关S，电容器C中的带电微粒A恰好静止.当室温从25 ℃升高到35 ℃的过程中，流过电源的电流变化量是，三只电压表的示数变化量分别为和.则在此过程中( )
A.示数减小
B.
C.Q点电势升高
D.中的电流方向由M向N，带电微粒A匀加速下移
11．某种电吹风机的内部电路图如图所示，为四个固定触点。绕O点转动的扇形金属触片P，可同时接触两个触点，触片P处于不同位置时，电吹风机可处于停机、吹冷风和吹热风三种工作状态。和分别是理想变压器原、副线圈的匝数，该电吹风机的各项参数如表所示。下列说法正确的是( )
A.变压器原、副线圈的匝数比
B.触片P同时接触两个触点时电吹风机吹热风
C.小风扇的内阻为8 Ω
D.电吹风机吹热风时电热丝上的电流为2 A
12．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其中电动势为E、内阻为r，、为定值电阻，为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是( )
A.电压表示数减小B.电流表示数增大C.电容器C所带电荷量增多D.a点的电势降低
参考答案
1．答案：D
解析：普通电缆输电电线上损失的功率为，由，解得普通电缆输电电线上的电流，普通电缆输电电线上损失的电压为，故C错误；发电机的输出电流为，采用了高压输电，且升压变压器匝数比为，故D正确；对升压变压器，解得，故A错误；该水电站改用超导电缆输电，保持输送电压不变，超导电缆中的输送电流为，故B错误。故选D。
2．答案：B
解析：根据题图乙及闭合电路欧姆定律可得，电源的电动势和内阻分别为，因为，所以滑动变阻器的两部分的阻值分别为，当开关S断开时，定值电阻与滑动变阻器的aP部分串联，根据闭合电路欧姆定律可知，电压表的示数，当开关S闭合时，定值电阻与滑动变阻器的bP部分并联后再与aP部分串联，其中并联部分的电阻为，根据闭合电路欧姆定律可知，电压表的示数，所以开关S断开与闭合时，电压表的示数之比为，B正确。
3．答案：C
解析：灯泡短路前正常发光，则电路中通过灯泡的电流，超导部件处于超导态，电阻为零，限流电阻被短路，电流全部通过超导部件，故通过超导部件的电流为1 A，通过限流电阻的电流为0，AB错误；灯泡短路瞬间，假设超导部件仍处于超导态，电路中电流，故超导部件将由超导态转化为正常态，灯泡短路后超导部件与限流电阻并联，总电阻，电路中总电流，此时通过超导部件的电流，则通过限流电阻的电流，C正确，D错误。
4．答案：B
解析：物块和压敏电阻由A点缓慢移动到B点过程中，物块对压敏电阻的压力逐渐增大，由题意可知压敏电阻的阻值逐渐减小，根据“串反并同”可知电压表的示数增大，电压表的示数减小，A错误，B正确；根据串联电路特点可知，可以判断和的大小关系，无法判断和的大小关系，C错误；通过的电流增大，两端的电压减小，因为电路内、外电阻的大小关系未知，所以无法判断消耗电功率的变化，D错误。
5．答案：C
解析：将滑动变阻器的滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻堿小，R与灯并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I变大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯变亮；R与灯并联，并联电路的电压减小，灯两端电压变大，减小，灯变暗；流过电流表的电流变大，流过灯的电流减小，变大，电流表的示数变大；电容器两端的电压变小，则电容器的带电荷量减小。A、B、D错误，C正确。
6．答案：C
解析：理想电压表V的示数为4.0 V，根据小灯泡的伏安特性曲线可知，4.0 V电压对应的电流为0.6 A，即干路电流为0.6 A，由于灯泡相同，则通过两并联灯泡的电流相等，则通过并联部分的一个灯泡的电流为，根据小灯泡的伏安特性曲线可知，0.3 A电流对应的电压为1.0 V，则路端电压为，则三个灯泡的总电阻，A正确；电源的电动势B正确；电源消耗的热功率，C错误；电源的效率，D正确。
7．答案：D
解析：由题意知，电源电动势，电源内阻，当将重物固定时，电压表的示数为5 V，根据闭合电路欧姆定律得电路中电流为，电动机的线圈电阻为，A错误；当重物匀速上升时，电压表的示数为5.5 V，电路中电流为，电动机两端的电压为，电动机消耗的电功率为，B错误，D正确；电动机输出的电功率，又，解得，C错误.
8．答案：C
解析：空载(不接负载电阻R)时，滑片P把滑动变阻器分成阻值相等的两部分，由串联电路特点可知，端输出电压为电源电压的一半，即，故A正确；接上负载电阻R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则端输出电压小于，故B正确；负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分并联后的阻值越大，端输出电压越大，故C错误；接上负载电阻R后，端输出电压小于，要使端输出电压为，滑片P应向上移动至某一位置，故D正确.
9．答案：BC
解析：回路电流，滑片在滑动变阻器正中央时，滑片在滑动变阻器最右端时，A错误，B正确。由题图乙可知，时，电压传感器示数为，滑片在滑动变阻器正中央；时，电压传感器示数为零，表示滑片在滑动变阻器最左端；时，电压传感器示数为，表示滑片在滑动变阻器最右端；所以滑块的加速度先向右，后向左，则人携带该计步器从静止向右开始走动，C正确，D错误。
10．答案：BC
解析：室温从25 ℃升高到35 ℃的过程中，的阻值减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得，总电流增大，外电压减小，示数增大，故A错误；由得，由得，则有，故B正确；由于外电压减小，示数增大，所以示数减小，而，且，所以Q点电势升高，故C正确；测量的是电源路端电压，由得，减小，电容器两端电压减小，电容器的电荷量减少，电容器放电，形成从M到N的电流，两板间场强减小，带电微粒A受的电场力减小，故将下移，但电场强度不断减小，由得，加速度逐渐增大，带电微粒A向下做加速度增大的加速运动，故D错误.
11．答案：AD
解析：小风扇额定电压为40 V，输入交流电压为220 V，则A正确；由题图可知，触片P同时接触两个触点时电吹风机吹冷风，B错误；小风扇的发热功率，电流，由，可得C错误；吹热风时电热丝消耗的功率，则电热丝上的电流D正确。
12．答案：BD
解析：本题考查含电容器电路的动态分析。在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻两端电压增大，则电压表示数变大，故A错误；根据外电路中顺着电流方向，电势降低可知，a的电势大于零，a点的电势等于与并联部分两端的电压，而电阻两端的电压与电源内阻的分压都变大，则变小，则a点的电势降低，通过的电流减小，通过电流表的电流增大，减小，则增大，即电流表示数变大，故B、D正确；电容器两极板间的电压变小，根据可知其带电荷量减小，故C错误。
吹冷风时输入功率
50 W
吹热风时输入功率
490 W
小风扇额定电压
40 V
正常工作时小风扇输出功率
40 W
输入交流电压
220 V