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    +江苏省盐城市盐都区、亭湖区2023-2024学年九年级上学期期末数学试卷+

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    +江苏省盐城市盐都区、亭湖区2023-2024学年九年级上学期期末数学试卷+

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    这是一份+江苏省盐城市盐都区、亭湖区2023-2024学年九年级上学期期末数学试卷+,共24页。试卷主要包含了选择题,填空题,计算题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    1.下列方程属于一元二次方程的是( )
    A. x3+1=x2B. x2+x−1=0C. x−3=0D. x+1x−4=0
    2.已知⊙O的半径为4,点P到圆心O的距离为4.5,则点P与⊙O的位置关系是( )
    A. P在圆内B. P在圆上C. P在圆外D. 无法确定
    3.学校组织才艺表演比赛,前5名获奖.有11位同学参加比赛且他们所得的分数互不相同.某同学知道自已的比赛分数后,要判断自己能否获奖,在这1名同学成绩的统计量中只需知道一个量,它是( )
    A. 众数B. 方差C. 中位数D. 平均数
    4.已知x1与x2分别为方程x2+2x−3=0的两根,则x1+x2的值等于( )
    A. −2B. 2C. −32D. 32
    5.如图,点A、B、C在⊙O上,∠ACB=30°,则∠AOB的度数是( )
    A. 30°
    B. 40°
    C. 60°
    D. 65°
    6.如图,下列条件中不能判定△ACD∽△ABC的是( )
    A. ABBC=ADCD
    B. ∠ADC=∠ACB
    C. ∠ACD=∠B
    D. AC2=AD·AB
    7.设A(−2,y1),B(1,y2),C(2,y3)是抛物线y=x2−2x+c上的三点,y1,y2,y3的大小关系为( )
    A. y1>y2>y3B. y1>y3>y2C. y3>y2>y1D. y3>y1>y2
    二、填空题:本题共8小题,每小题3分,共24分。
    8.在比例尺为1:38000的扬州旅游地图上,某条道路的长为5cm,则这条道路实际长______km.
    9.转盘中6个扇形的面积相等,任意转动转盘一次,当转盘停止转动,指针落在扇形中的数小于5的概率是____.
    10.如图,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,⊙O的半径为2,∠B=60°,则AC的长为______.
    11.如图,△ABC的中线AD,CE交于点G,若AD=6,则AG的长是______.
    12.科学家发现,蝴蝶的身体长度与它展开的双翅的长度之比是黄金比,已知蝴蝶展开的双翅的长度是4cm,则蝴蝶身体的长度约为______cm(精确到0.1).
    13.圆锥的母线长为7cm,侧面积为21πcm2,则圆锥的底面圆半径r=______cm.
    14.将抛物线y=x2+x向右平移3个单位,所得抛物线的表达式是______.
    15.如图,线段AB=4,点C为平面上一动点,连接AC,BC,且∠ACB=90°,D为线段BC的中点,将线段BD绕B点逆时针旋转90°得到线段BE,连接AE,则线段AE的最大值为______.
    三、计算题:本大题共1小题,共10分。
    16.某商家计划从厂家采购空调和冰箱两种产品共20台,空调的采购单价y1(元/台)与采购数量x1(台)满足y1=−20x1+1500(00)与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,若△ABC为“准互余三角形”,求抛物线的解析式.
    26.(本小题14分)
    已知,正方形ABCD,边长为4,点F是边AB、BC上一动点,以DF为直径作⊙O,
    (1)当点F在边AB上时(如图1)
    ①求证:点O在边AD的垂直平分线上;
    ②如图2,若⊙O与边BC相切,请用尺规作图,确定圆心的位置,(不写作法,保留作图痕迹),并求出AF的长;
    ③如图3,点F从点A运动到点B的过程中,若H始终是FHD的中点,写出H点运动的轨迹并求出路径长;
    (2)当点F在边BC上时(如图4),若H始终是FHD的中点,连接CH,CHFC=12,连接FH,求:△FCH的面积.
    答案和解析
    1.【答案】B
    【解析】解:A、方程中未知数的最高次数是3,不是一元二次方程,故该选项不符合题意;
    B、只含有1个未知数,未知数的最高次数是2,故该选项符合题意;
    C、方程中未知数的最高次数是1,不是一元二次方程,故该选项不符合题意;
    D、该方程不是整式方程,故该选项不符合题意;
    故选:B.
    根据一元二次方程的定义判断即可.
    本题考查了一元二次方程,掌握只含有一个未知数,并且未知数的最高次数是2的整式方程叫一元二次方程是解题的关键.
    2.【答案】C
    【解析】解:∵r=4,d=4.5,
    ∴d>r,
    ∴点P在⊙O外.
    故选:C.
    根据:①点P在圆外⇔d>r.②点P在圆上⇔d=r.③点P在圆内⇔d2−1>1−1,
    ∴y1>y3>y2.
    故选:B.
    由二次函数解析式可得抛物线开口方向及对称轴,根据各点到对称轴的距离的大小关系求解.
    本题考查二次函数图象上点的坐标特征,解题关键是掌握二次函数与方程及不等式的关系.
    8.【答案】1.9
    【解析】解:根据题意得:
    5÷138000=190000(厘米),
    190000厘米=1.9千米.
    故答案为:1.9.
    根据实际距离=图上距离÷比例尺.代值计算即可得出答案.
    此题考查了比例线段,能够根据比例尺灵活计算,注意单位的换算问题.
    9.【答案】23
    【解析】解:在这6个数字中,小于5的有4个,
    ∴任意转动转盘一次,当转盘停止转动,指针落在扇形中的数小于5的概率是46=23,
    故答案为:23.
    直接利用概率公式计算可得.
    本题主要考查概率公式,解题的关键是掌握随机事件A的概率P(A)=事件A可能出现的结果数÷所有可能出现的结果数.
    10.【答案】2 3
    【解析】解:∵∠B=60°,
    ∴∠AOC=2∠B=120°,
    连接AC、OA、OC,过点O作OM⊥AC,则AC=2AM,∠AOM=12∠AOC=60°,如图,
    ∴AM=OA⋅sin60°= 3,
    ∴AC=2AM=2 3.
    故答案为:2 3.
    连接AC、OA、OC,过点O作OM⊥AC,由AM=OA⋅sin60°可求结果.
    本题主要考查了圆周角定理、垂径定理、解直角三角形,熟练掌握相关知识点是解决本题的关键.
    11.【答案】4
    【解析】解:∵△ABC的中线AD,CE交于点G,
    ∴G是△ABC的重心,
    ∴AG=23AD=23×6=4,
    故答案为:4.
    重心到顶点的距离与重心到对边中点的距离之比为2:1,由此即可计算.
    本题考查三角形的重心,关键是掌握三角形重心的性质.
    12.【答案】2.5
    【解析】解:设蝴蝶身体的长度为xcm,
    由题意得,x:4= 5−12,
    解得,x=2 5−2≈2.5,
    故答案为:2.5.
    设蝴蝶身体的长度为xcm,根据黄金比为 5−12列式计算即可.
    本题考查的是黄金分割的概念和性质,掌握黄金比为 5−12是解题的关键.
    13.【答案】3
    【解析】解:根据题意得12×2π×r×7=21π,
    即得r=3,
    所以圆锥的底面圆半径r为3cm.
    故答案为3.
    由于圆锥的侧面展开图为扇形,这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长,扇形的半径等于圆锥的母线长,则利用扇形的面积公式得到12×2π×r×7=21π,然后解方程即可.
    本题考查了圆锥的计算:圆锥的侧面展开图为扇形,这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长,扇形的半径等于圆锥的母线长.
    14.【答案】y=(x−52)2−14
    【解析】解:∵y=x2+x=(x+12)2−14,
    ∴将抛物线y=x2+x向右平移3个单位,所得抛物线的表达式是y=(x+12−3)2−14,即y=(x−52)2−14,
    故答案为:y=(x−52)2−14.
    根据“左加右减”的法则解答即可.
    本题考查了二次函数图象与几何变换,利用顶点的变化确定函数解析式的变化更简便易懂.
    15.【答案】1+ 17
    【解析】解:取AB中点F,连接CF.过点B作BG⊥AB.
    使BG=12BF=12×12AB=14×4=1.
    连接EG,AG.
    ∵∠ACB=90°,F是AB中点,
    ∴CF=12AB=12×4=2.
    ∵∠EBC=90°,∠GBA=90°,
    ∴∠EBG=90°−∠GBD,
    ∠GBF=90°−∠GBD.
    ∴∠EBG=∠CBF.
    ∴BFBC=12.BGBF=12.
    ∴△BFC~△BGE.
    ∴EGCF=BEBC=12.
    ∴EG=12CF=1.
    ∵∠GBA=90°.
    ∴由勾股定理得:GA= AB2+BG2= 42+12= 17.
    当E,G,A三点共线时,AE最大,
    ∴AE=FG+GA=1+ 17.
    故答案为:1+ 17.
    取AB中点F,连接CF.过点B作BG⊥AB.连接EG,AG.证明△BFC~△BGE.由勾股定理求出GA,当E,G,A三点共线时,AE最大.
    本题考查了旋转的性质,解题关键在于了解旋转的性质.
    16.【答案】解:(1)设空调的采购数量为x台,则冰箱的采购数量为(20−x)台,
    由题意得,x⩾11920−x①−20x+1500⩾1200②,
    解不等式①得,x≥11,
    解不等式②得,x≤15,
    所以,不等式组的解集是11≤x≤15,
    ∵x为正整数,
    ∴x可取的值为11、12、13、14、15,
    所以,该商家共有5种进货方案;
    (2)设总利润为W元,空调的采购数量为x台,
    y2=−10x2+1300=−10(20−x)+1300=10x+1100,
    则W=(1760−y1)x1+(1700−y2)x2
    =1760x−(−20x+1500)x+(1700−10x−1100)(20−x)
    =1760x+20x2−1500x+10x2−800x+12000
    =30x2−540x+12000
    =30(x−9)2+9570,
    当x>9时,W随x的增大而增大,
    ∵11≤x≤15,
    ∴当x=15时,W最大值=30(15−9)2+9570=10650(元),
    答:采购空调15台时,获得总利润最大,最大利润值为10650元.
    【解析】(1)设空调的采购数量为x台,则冰箱的采购数量为(20−x)台,然后根据题意列出不等式组,求解得到x的取值范围,再根据空调台数是正整数确定进货方案;
    (2)设总利润为W元,根据总利润等于空调和冰箱的利润之和整理得到W与x的函数关系式并整理成顶点式形式,然后根据二次函数的增减性求出最大值即可.
    本题考查了二次函数的应用,一元一次不等式组的应用,(1)关键在于确定出两个不等关系,(2)难点在于列出利润的表达式.
    17.【答案】解:∵a=1,b=3,c=−1
    △=b2−4ac=13>0
    ∴x=−b± b2−4ac2a=−3± 132
    x1=−3+ 132,x2=−3+ 132.
    【解析】根据公式法,可得方程的解.
    本题考查了解一元二次方程,利用公式法是解题关键,要用根的判别式.
    18.【答案】(1)证明:∵Δ=(k+5)2−4(6+2k)
    =k2+2k+1
    =(k+1)2≥0,
    ∴此方程总有两个实数根;
    (2)解:∵x=k+5±(k+1)2,
    ∴x1=2,x2=k+3,
    ∵此方程恰有一个根等于−1,
    ∴k+3=−1,
    解得k=−4,
    即k的值为−4.
    【解析】(1)计算根的判别式得到Δ=(k+1)2≥0,然后根据根的判别式的意义得到结论;
    (2)解方程得到x1=2,x2=k+3,则k+3=−1,求出k的值即可.
    本题考查了根的判别式:一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与Δ=b2−4ac有如下关系:当Δ>0时,方程有两个不相等的实数根;当Δ=0时,方程有两个相等的实数根;当Δ0)与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,
    令y=0,则0=ax2+5ax+4a=a(x+1)(x+4),
    解得:x1=−1,x2=−4,
    ∴A(−4,0),B(−1,0),
    ∴OA=4,OB=1,AB=3;
    令x=0,则y=4a,
    ∴C(0,4a),
    ∴OC=4a;
    当2∠CAB+∠ACB=90°时,
    如图2,
    由(2)知,△OCB∽△OAC,
    ∴OCOA=OBOC,即OC4=1OC,
    解得:OC=2,
    ∴4a=2,
    解得:a=12,
    此时抛物线解析式为y=12(x+1)(x+4);
    当∠CAB+2∠ACB=90°时,
    又∵∠CAB+∠ACO=90°,
    ∴∠ACO=2∠ACB,
    即CB是∠ACO的角平分线,
    作BM⊥AC于点M,则BM=OB=1,
    ∴12AC⋅BM=12AB⋅OC,
    即12× 42+OC2×1=12×3×OC,
    解得:OC= 2,
    ∴4a= 2,
    解得:a= 24,
    此时抛物线解析式为y= 24(x+1)(x+4);
    综上,抛物线解析式为y=12(x+1)(x+4)或y= 24(x+1)(x+4).
    (1)根据“准互余三角形”的定义得2∠B+∠A=90°,即可得出答案;
    (2)①由直角三角形的性质得∠B+∠BAC=90°,再由角平分线的性质得∠BAC=2∠BAD,则∠B+2∠BAD=90°,即可得出结论;
    ②证明△CAE∽△CBA,得ACBC=ECAC,求出CE=94,即可得出BE的长;
    (3)分两种情况:2∠CAB+∠ACB=90°,∠CAB+2∠ACB=90°,然后进一步解答即可.
    本题是三角形综合题,考查了直角三角形的性质、相似三角形的判定和性质、“准互余三角形”的定义等知识,本题综合性强,解题的关键是理解题意,学会构造相似三角形解决问题,属于中考常考题型.
    26.【答案】(1)①证明:如图1,

    连接OA,
    ∴OA=OD,
    ∴点O在AD的垂直平分线上;
    ②解:如图2,

    作BC的垂直平分线EF,交BC于E,交AD于G,连接DE,作DE的垂直平分线,交EF于O,
    则点O就是求作的圆心,
    设OD=OE=x,则OG=4−x,
    ∴x2−(4−x)2=22,
    ∴x=52,
    ∴DF=2OD=5,
    ∴AF= DF2−AD2= 52−42=3;
    ③解:如图3,

    作AD的垂直平分线OV,交AD于V,在OV上截取VW=DV=2,连接DH,WH,
    ∵H是FHD的中点,
    ∴∠DOH=90°,DVDW=ODDH=1 2,∠VDW=∠ODH=45°,
    ∴∠DOV=∠WDH,
    ∴△DOV∽△DWH,
    ∴∠DWH=∠DVO=90°,
    ∴W、H在直线AC上,点H运动轨迹是线段WC,
    ∵W是正方形ABCD的中心,
    ∴WC= 22CD=2 2,
    ∴点H的运动路径长为:2 2;
    (2)如图4,

    链接DH,作HT⊥BC,交BC的延长线于T,
    ∵H是FHD的中点,
    ∴△DFH是等腰直角三角形,
    ∴∠HCT=∠FDH=45°,
    ∴CT=HT,
    设CT=HT=x,则CH= 2x,CF=2CH=2 2x,
    ∴FT=CF+CT=(2 2+1)x,
    ∴FH2=TH2+FT2=(2 2+1)2x2+x2=(10+4 2)x2,
    ∴DF2=2(10+4 2)x2,
    在Rt△DCF中,由勾股定理得,
    (2 2x)2+42=2(10+4 2)x2,
    ∴x2=43+2 2,
    ∴S△FCH=12CF⋅FH=12×2 2x⋅x= 2x2= 2×43+2 2=12 2−16.
    【解析】(1)①连接OA可得出OA=OD,进而得出结论;
    ②作BC的垂直平分线EF,交BC于E,交AD于G,连接DE,作DE的垂直平分线,交EF于O,则点O就是求作的圆心,设OD=OE=x,则OG=4−x,从而x2−(4−x)2=22,进而求得结果;
    ③AD的垂直平分线OV,交AD于V,在OV上截取VW=DV=2,连接DH,WH,可证得△DOV∽△DWH,从而∠DWH=∠DVO=90°,从而得出W、H在直线AC上,点H运动轨迹是线段WC,进一步得出结果;
    (2)链接DH,作HT⊥BC,交BC的延长线于T,设CT=HT=x,则CH= 2x,CF=2CH=2 2x,从而FT=CF+CT=(2 2+1)x,进而得出DF2=2(10+4 2)x2,
    在Rt△DCF中,可得出(2 2x)2+42=2(10+4 2)x2,进一步得出结果.
    本题考查了正方形的性质,相似三角形的判定和性质,等腰直角三角形的性质,圆周角定理,切线的性质等知识,解决问题的关键是作辅助线,构造相似三角形.

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